备考信息导航演练（二）-【衡水真题密卷】2026年高考物理备考信息导航演练（冀辽黑赣贵吉晋豫陕青宁蒙新藏粤滇川专用）

2025一2026学年度备考信息导航演练 物理（二） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项符合题目要求。 1.2025年元月国家核安全局消息，我国南华大学成功提取高纯医用同位素铅212(Pb)。 已知铅212的半衰期为10.6小时，通过β衰变生成铋212(Bi)。下列关于铅212的说 法正确的是 A.衰变产物的新核质量数比铅212少4 B.衰变释放的阝射线穿透能力比α射线弱 C.若有10g铅212，经过21.2小时后剩余铅212质量为2.5g D.衰变释放的3粒子来源于铅212原子核外电子 2.柔软的耳机线中有粗细均匀的细铜丝，这种细铜丝的加工要求非常高。工厂中利用图 示装置，用激光器照射细铜丝，在光屏上形成稳定的衍射图样，当细铜丝变粗时，下列说 法正确的是 激光器 抽丝机 细铜丝 光屏 A.中间亮条纹变宽，两侧暗条纹间距变小 B.中间亮条纹变窄，两侧暗条纹间距变小 C.整个图像向一侧偏移 D.图像没有明显变化 3.如图所示，倾角0=30的斜面固定在水平地面上，小球从斜面上M点的正上方4处由静 止释放，在M点与斜面碰撞，之后落到斜面上的N点。已知小球在碰撞前、后瞬间，速 物理试题（二）第1页（共8页） 备考信息 ------- 度沿斜面方向的分量不变，沿垂直于斜面方向的分量大小不变、方向相反，忽略空气阻 班级 力，则M、N之间的距离为 姓名 得分 6 B.h A.4h C. D.2h 4.分子力F随分子间距离r的变化如图所示。若将两分子从相距r=r2处释放，仅考虑 这两个分子间的作用，下列说法正确的是 A.从r=r。到r=r1分子力表现为引力 B.从r=r2到r=r1分子力先减小后增大 C.从r=r2到r=r1分子力先做负功后做正功 D.从r=r2到r=r1分子势能先减小后增大 5.春秋战国时期，《墨经》记载了利用斜面来运送货物的方法。如图所示，用平行于斜面的 推力将货物从地面匀加速推到货车上。若货物与斜面间的动摩擦因数恒定，下列说法 正确的是 77777777777777777777777777777777777777777 A.斜面越长，推力对货物做的功多 B.斜面越短，推力对货物做的功越多 C.斜面越短，推力越大 D.斜面越长，推力越大 导航演练 物理试题（二）第2页（共8页） 1 6.位于坐标原点的质点P从t=0时刻开始沿y轴做简谐运动。如图所示，t=0.3s时， 振动沿x轴正方向传播到x=9cm处、沿x轴负方向传播到x=一9cm处，此时，质点 M、N的位移均为一1cm,质点P位于正向最大位移处。下列说法正确的是 个y/cm 0 9 x/cm A.波速大小为0.3m/s B.质点P的起振方向沿y轴正方向 C.M、V两质点的振动方向总是相反 D.t=0.4s时，质点M到达波峰 7.在如图甲所示的电路中，电阻R1=R2=R,单匝圆形金属线圈半径为r1,线圈导线的电 阻也为R,半径为r2(r2<r1)的圆形区域内存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感 应强度B随时间t变化的关系如图乙所示，图线与横、纵轴的交点坐标分别为t。和B。, 其余导线的电阻不计。闭合开关S,至t=0的计时时刻，电路中的电流已经稳定，下列 说法正确的是 B Boπr1 A.线圈中产生的感应电动势大小为 to B.to时间内流过R,的电量为 oπr台 R C.电容器下极板带负电 Boπr2 D.稳定后电容器两端电压的大小为 3to 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多 项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.如图所示，图线α是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生的正弦交流电的图像，当调整 线圈转速后，所产生的正弦交流电的图像如图线b所示。以下关于这两个正弦交流电 的说法中正确的是 u/V 40A 0.10.3 /0.5/s -40 1 物理试题（二）第3页（共8页） 备考信息 A.在图中t=0时刻线圈平面平行于匀强磁场 B.线圈先后两次转速之比为3：2 C交流电6的电压有效值为y D.交流电b在t=0.2s时，穿过线圈的磁通量是最大值的一半 9.如图甲所示，水平地面上固定一足够长的光滑斜面，斜面顶端有一理想定滑轮，一轻绳 跨过滑轮，绳两端分别连接小物块A和B。保持A的质量不变，改变B的质量m,当B 的质量连续改变时，得到A的加速度α随B的质量m变化的图线，如图乙所示，设加速 度沿斜面向上的方向为正方向，空气阻力不计，g取9.8s2,斜面的倾角为0，下列说 法正确的是 a/(m.s) A 0m。 m/kg 甲 A.若0已知，可求出A的质量 B.若0未知，可求出图乙中a1的值 C.若0已知，可求出图乙中a2的值 D.若0已知，可求出图乙中mo的值 10.如图所示，理想变压器原线圈接e=l00√2sin(100πt)V的交流电，原、副线圈匝数比n1: 2=2:5,已知定值电阻r=162、R。=252,R是滑动变阻器，电压表和电流表均为理想 交流电表，下列说法正确的是 A.R=752时，理想变压器的输出功率最大 B.理想变压器的最大输出功率Pm=165.25W C.理想变压器的输出功率最大时，电流表的示数为1A D.R=1252时，滑动变阻器消耗的功率最大 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)某同学通过双缝干涉实验测量单色光的波长，实验装置如图甲所示。 灯泡透镜 单缝双缝拨杆遮光筒 屏目镜 0 单缝管 测量头手轮 标尺 甲 导航演练 物理试题（二）第4页（共8页） (1)下列说法中正确的是 A.要使模糊的干涉条纹变得清晰可通过旋转测量头来实现 B.使用间距更小的双缝，可增加从目镜中观察到的条纹个数 C.测量某条亮纹位置时，应使测量头分划板刻线与该亮纹的中心对齐 (2)该同学调整好实验装置后，测出双缝间距d=0.25mm,双缝到屏的距离1= 50cm,对干涉条纹进行测量，并记录第一条和第六条亮纹中心位置对应的螺旋测 微器示数如图乙所示，则所测光的波长入为 nm。 0 丙 (3)该同学在实验操作中将一厚度为3入、折射率为1.5的透明薄片置于缝S1处，如图 丙所示，他观察到的中点P处为 (填正确答案前的字母)。 A.亮纹 B.暗纹 12.(8分)实验方案对实验测量的精度有直接的影响，某学习小组对“测量电源的电动势和 内阻”的实验方案进行了探究。实验室提供的器材有： 干电池一节（电动势约1.5V,内阻小于12）： 电压表V(量程3V,内阻约3k2); 电流表A(量程0.6A,内阻约12)； 滑动变阻器R(最大阻值为20Ω)； 定值电阻R,(阻值22)； 开关一个，导线若干。 (1)某次测量中电压表的示数如图甲所示，该示数为 1.6 1.4 A 1.2 1.0 0.8 0.6 E 8 00.10.20.30.40.50.67/A 乙 公 (2)该小组按照图乙所示电路进行实验，调节滑动变阻器阻值使电流表示数逐渐接近 满偏，记录此过程中电压表和电流表的示数，利用实验数据在UI坐标纸上描点， 如图丙所示。发现电压表示数的变化范围比较小，出现该现象的主要原因是。 A.滑动变阻器最大阻值较小 B.干电池电动势较小 物理试题（二）第5页（共8页） 备考信息导 C.干电池内阻较小 D.电压表量程较小 (3)改进实验后再经过描点、作图得到图丁，由此可以计算出电源的电动势E=V (保留三位有效数字)。 U/V 16 .4H 12 0.8日 0.6 0.4日 0.2 00.10.20.30.40.50.60.771A (4)由该实验测得电动势的测量值与真实值之间的关系是E测E直（填“<”“=”或 “>”),产生该误差的原因是 (填“电压表分流”或“电流表分压”)。 13.(10分)如图所示，竖直放置且粗细均匀的U形玻璃管与容积为V。的锥形容器连通， 玻璃管左端与大气相通。在U形玻璃管中用水银柱封闭一定质量的理想气体，当环境 温度为27℃时，U形玻璃管右侧水银面比左侧水银面高出h1=12cm,水银柱上方管 中空气柱长h。=10cm,现在对锥形容器缓慢加热，当U形玻璃管左侧水银面比右侧 水银面高出h2=12cm时停止加热，此时锥形容器内气体温度为327°C。已知大气压 强恒为p。=76cmHg,U形玻璃管的横截面积S=1cm,热力学温度T与摄氏温度t 关系为T=t十273K。求： (1)当环境温度为27℃时，锥形容器内气体的压强； (2)锥形容器的容积V,。 航演练 物理试题（二）第6页（共8页） 1 14.(13分)如图甲所示，物块B和质量A=6.0kg的物块A用轻弹簧拴接，放在光滑的 水平地面上，物块B右侧与竖直墙相接触。另有一物块C在t=0时刻以一定速度向 右运动，在t=4s时与物块A相碰，并立即与A粘在一起不再分开，物块C的心t图像 如图乙所示。求： (1)物块C的质量mc; (2)物块C与物块A相碰过程中系统损失的机械能E1; (3)从t=4s到t=12s,弹簧对物块A的冲量I的大小。 A训(ms 12 c 12 1 物理试题（二）第7页（共8页） 备考信息 15.(17分)如图所示，足够长的U形金属导轨ABCD和金属导轨EF、GH水平平行放置， AB与EF,GH与CD之间的距离均为L,EF与GH之间的距离为2L,AB和EF之 间区域、GH和CD之间区域均有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小均为B,EF 和GH区域有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小也为B。现有三根金属杆1、2、3 垂直导轨放置，金属杆1、3的长度均为L,质量均为，电阻均为R,金属杆2的长度为 2L,质量为2m,电阻为2R。初始时刻金属杆1和金属杆2之间的距离为L1,金属杆 FR 1、3均以大小为B元的初速度向右运动，金属杆2速度为零且受到平行导轨向右、大 小为F的恒力作用，金属杆1、2间的最小距离为L2。导轨电阻不计，金属杆与导轨间 的动摩擦因数均为 R 。求： mg (1)刚开始运动时金属杆2的加速度大小； (2)从开始运动到金属杆1、2间距离最小所用时间； (3)金属杆2的最终速度大小。 B ∶4：：： ××××××k× ××××××K2×F ××××××k×→ GX××X××K×H ·、····· ·3°·。·。。 D 导航演练 物理试题（二）第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2025一2026学年度备考信息导航演练 物理（二） 一、单项选择题 r。时，分子力表现为引力，当r<r。时，分子力表 1.C【解析】根据B衰变的特点可知，发生B衰变时， 现为斥力，所以从r=r2到r=r1分子力先表现为 衰变产物的质量数不变，A错误；根据三种射线的 引力，后表现为斥力，则分子力先做正功后做负功， 特点可知，B射线穿透能力比α射线强，B错误；若有 所以分子势能是先减小后增大，D正确，C错误。 10g铅212，经过21.2小时，即经过2个半衰期后 5.A【解析】对货物进行受力分析，如图所示，垂直斜 12 制余质圣m=m,(号》=10X8=2,5g,C正确： 面方向N=mg cos0,沿斜面方向F=f十ngsin0+ a,摩擦力f=uN,解得F=ngsin0+ng cos0+ 根据B衰变的本质可知，B衰变时原子核中的一个 中子转化为一个质子和一个电子，电子发射到核 a=mg√1十2sin(a十0)十ma,可知，当有a十0 外，就是B粒子，D错误。 90°，推力F有最大值Fx=mg√1十u十ma,可知， 2.B【解析】根据激光发生明显衍射现象的条件， 斜面倾角日在0°到90°之间变化的过程中，推力F先 障碍物或孔的尺寸比波长小，或者跟波长相差不 增大后减小，由于斜面顶端的高度一定，可知，斜面在 多时，会发生明显的衍射现象，该装置运用了光的 由足够长逐渐变短的过程中，推力F先增大后减小， 衍射现象，当细铜丝变粗时，衍射现象减弱，故中 反之，斜面在由足够短逐渐变长的过程，推力F也是 间亮条纹变窄，两侧暗条纹间距变小，B正确，A、 先增大后减小，C、D错误；斜面顶端高度一定，令高度 C、D错误。 为h,推力做的功W=(mg sin0+mng cos0) 3.B【解析】设小球落到斜面上时的速度大小为v, h ；=mgh+ngh h 根据疏动学公式得。=2g·冬已知小球在难旋 ma sin 十an日十asn日根据上述表达 前、后瞬间，速度沿斜面方向的分量不变，沿垂直 式可知，斜面越长，斜面倾角越小，推力对货物做的功 于斜面方向的分量大小不变、方向相反，所以小球 越多，A正确，B错误。 离开斜面时速度大小仍为，方向与斜面成60°，小 球从离开斜面到再次落回斜面过程的运动可分解 为沿初速度方向的匀速直线运动和自由落体运 动，如图所示，设小球由M运动到N所用时间为 t,根据角度关系可知，△MPN为等边三角形，故 mg 有x=w= 21,解得x=h,B正确。 P 反A【解行】凌接大小。签-99-08心 60° A正确；根据同侧法可知x=9cm处质，点开始向下 309 30° 振动，则质点P的起振方向沿y轴负方向，B错误； Q60 质点M、N的平衡位置之间的距离不等于半波长的 60P 奇数倍，M和N两质点的振动不是总相反，C错误； N 黄波的明期T一合-120。=04s1-心3 4.D【解析】由图可知从r=ro到r=r1分子力表 时，M向上振动，t=0.4s时，即由图示波形再经过 现为斥力，A错误；由图可知从r=r2到r=r1分 T 子力是先增大后减小，然后再增大，B错误；当> 0.1s一4，质点M还没有到达波峰，D错误。 物理答案（二）第1页（共4页） 1 2026 备考信息导航演练（二） 7.D【解析】根据法拉第电磁感应定律，感应电动 10.AD【解析】根据交流电瞬时电动势表达式可知， 势E=4B】 r-B产A错误。时间内流过 电源电动势有效值为100V,如图甲所示，假设原线 △t 圈中的电压为U1,电流为I,可认为虚线框中为等 Boπr U E to R:的电荷量Q:=I1to=3R·=3R -Xt。= 效电阻R'-,又根据理想变压器电压，电流与线 Boπr2 Um,1一n,=R十R,可 ,B错误；根据楞次定律，线圈中感应电流的 圈匝教的关系有记：又 I, 3R 方向是顺时针方向，故电容器充电时下极板为正， 得R'=”(R,十R),则电路可看成是由r和R'组成 n C错误；稳定后电容器两极板电压U=?￡ 的电路，若使变压器输出功率最大，则R'的功率最 Boπr ,D正确。 大，泉据P=P%=R=(E)R 3to 二、多项选择题 E2 ，根据基本不等式，当R'=r=162 8.BD【解析】根据题意分析可知，在图中t=0时 R+R'+2 刻，两个正弦式交变电流的感应电动势的瞬时值 时，R'的输出功率最大，此时由①式可得R= 均为零，此时线圈都在中性面位置，即线圈与磁场 方向垂直，A错误；根据题意分析可知，由图可得 750,输出的最大功率P。=P%=IR= 4r 两个正弦式交变电流的周期分别为T。=0.4s, 1002 1 T6=0.6s,根据T=二，可知线圈先后两次转速 4X16W=156.25W,A正确，B错误：理想变压 17 器的输出功率等于负载电阻总功率，根据电功率 之比n。:n6=T6:T。=3:2,B正确；根据感应 公式有P出=I(R。+R),可得I2=1.25A,C错 电动势的最大值公式有Em=NBSw=NBS行， 2π 误；要使滑动变阻器上的功率最大，把r按照上 可得Em:E6m=T6:T。=3:2,由题图可知，交 迷规则等效到副线因中，有r二，求得 流电a的电压最大值Eam=40V,则交流电b的 1002,如图乙所示，把虚线框看成是电源，内阻 电压流大植E号E解学En8的V.文流电 r'=1002,当r'十R。=R时，滑动变阻器输出功 率最大，此时R=1252,D正确。 6的电压有效值E。 ,解得E。-402V,C错 2 3 A 误；由题图可知，t=0时刻，交流电b从中性面开 始计时，则对应磁通量随时间的关系式为中= 2π 2π 币.cos,当1=0.2s时，可得=cos 06十 2π-1。 02》=60s行一专0，可知此时穿边线周的 磁通量是最大值的一半，D正确。 9.BC【解析】根据牛顿第二定律，对B有mg一F= ma,对A有F一nag sin日=mAa,联立得a= mg-nag sin日 ,若0已知，不能求出A的质量mA, mA十m m gsin 三、非选择题 A错误；变形得a= m>十1 一，当m→∞时，a= 11.(1)C(2分)(2)713(2分)(3)B(2分) n 【解析】(1)若粗调后看不到清晰的千涉条纹，看 a1=g,B正确；当m=0时，a=a2=-gsin0,C正 到的是模糊不清的条纹，则最可能的原因是单缝 确；当a=0时，由上式得，m=mo=nasin0,因A 与双缝不平行，要使条纹变得清晰，值得尝试的 的质量无法得知，所以0不能求出，D错误。 是调节拔杆使单缝与双缝平行，A错误；根据相 1 物理答案（二）第2页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 邻两亮（暗）千涉条纹的间距△x一：可知要增加 由理怎气依态方=”得 观察到的条纹数，即△x越小，可使用间距更大的 pi(hoS+Vo)p2(hoS+Vo) 双缝，B错误；测量某条干涉亮纹位置时，应使测 T T2 量头分划板刻线与该亮纹的中心对齐，C正确。 解得V。=16.4cm3。 (2分) (2)由题图乙可知，螺旋测微器的读数分别为x1= 14.(1)2kg(2)108J(3)48N·s 1mm+41.5×0.01mm=1.415mm,x2=8.5mm+ 【解析】(1)由题图乙可知，C与A碰前速度 4.5×0.01mm=8.545mm,相邻亮条纹的间距 vi=12 m:s (1分) △x=x2-x1_8.545-1.415 碰后速度v2=3m's,C与A碰撞过程动量守恒， 6 mm=1.426mm, 6-1 以碰撞前C的速度1的方向为正方向，由动量 根据△虹=入，可得所测光波的波长入=△d 守恒定律可得mco1=(mA十mc)v2 (2分) mA2_6.0X3, 1.426×10-3×0.25×10-3 解得me=,一0：=12一3kg=2kg (2分) m=7.13X10-m=713nm。 50×10-2 (2)由能量守恒定律可得物块C与物块A相碰过 (3)S光源发出的光到S1、S2的距离相同，透明 程中系统损失的机械能 薄片相当于增加光程半波长的奇数倍，即S1、S2 1 1 ×2X12J 1 E1-2mcv-2(mA+me) 振动方向始终相反，P到S1、S2的距离相同，光 程差△x=0,P点为减弱点，即为暗条纹，B正 2×(2+6)×3J=108J (2分) 确，A错误。 (3)从t=4s到t=12s的过程中，对A、C组成 12.(1)1.30(2分)(2)C(2分)(3)1.45(2分) 的整体，以2的方向为正方向，则t=12s时速 (4)<(1分)电压表分流(1分) 度0g=-3mfs (2分) 【解析】(1)量程为0~3V电压表的分度值为0.1V, 由动量定理可得I=(mA十mc)v3一(mA十mc)v2 读数为1.30V。 (2分) (2)根据闭合电路欧姆定律U=E一Ir可知，图 代入数据解得I=一48N·s 像斜率的绝对值表示电池的内阻，电压表示数的 可知弹簧对物块A的冲量I的大小为48N·s。 变化范围比较小，图像斜率的绝对值小，因此电 (2分) 压表示数的变化范围比较小的原因是干电池的 3F 2mR 2B2L2(L1-L2) 内阻较小，A、B错误，C正确。 15.(1)4m (2)BL FR (3)根据上述(2)可知，JI图像的纵截距表示电 3FR 动势，电动势E=b=1.45V。 (3) 4B2L9 (4)实验的误差来源于电压表的分流作用，根据闭 【解析】(1)刚运动时，电动势E=2BLv。(1分) 合电路欧姆定律E=U十( ,+I)r,整理得U E 电流I=4R Ea Rv rRv ,图像的纵藏距b=Rv十7 RvEA 安培力F安=2BI1L (1分) Rv+rr+Rv 根据牛顿第二定律得F十F安一4·2ng=2ma E刚，实验测得电动势的测量值与真实值之间的关 (2分) 系是E别<E真。 公 FR 13.(1)64cmHg(2)16.4cm 结合μ=4mg 06=B2L 【解析】(1)设水银密度为初始时由平衡关系有 3F 解得a= (1分) Am p。=p1+h1 (2分) (2)当1=2时两者的间距最小，以水平向右为 得p1=64cmHg (2分) 正方向，根据动量定理 (2)t=327C时，T2=600K 对金属杆1有 由平衡关系有p2=p。十h2,解得p2=88cmHg (2分) -BILt-umgt=mu1一mo (1分) 由几何关系知此时右侧水银柱上方空气长 对金属杆2有 h。=22cm (2分) Ft+2BILt-2umgt=2mv2-0 (1分) 物理答案（二）第3页（共4页）》 1 2026 备考信息导航演练（二） F 再结合一4mg FR v0-BL (3)设金属杆1、2的最终速度分别为3、4，分 析金属杆2有 1 解得1=v2=20 (1分) F-2umg-2BI2L=0 (1分) 其中I2= 2BL(4-v3) 又有山-波 4R FR △Φ=2BL(L1-L2) (1分) 解得04一v3=2B2L (1分) 可得BIL1 B2L2(L1-L2) (1分) 全过程，金属杆1、2、3组成的系统动量守恒 2R 2mu0=2n4+2mv3 (2分) 代入可得所求的时间 3FR 2mR 2B2L2(L-L2) (2分) 联立解得0一4BL2 (1分) i= B2LE FR 1 物理答案（二）第4页（共4页）