湖南2026届高三下学期物理考前押题试卷【三】

**基本信息** 2025-2026学年湖南省高三物理三模押题卷，以“羲和号”太阳探测、太空碎片规避等科技前沿及跳台冠军等社会热点为情境，覆盖高考全部内容，75分钟题量适配三模备考需求。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10题43分|原子物理（巴耳末系）、天体运动（变轨）、电磁学（磁场叠加）|情境真实，注重物理观念应用| |非选择题|5题57分|力学综合（跳台运动）、实验探究（平抛运动）、多过程力学（弹簧-碰撞）|层次分明，突出科学思维与模型建构|

2025---2026学年湖南省高三下学期物理三模押题试卷【三】【最新题型适合湖南地区】 考试范围：2026届高考物理全部内容 考试时间：75分钟； 命题人： 学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________ 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上． 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效． 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回． 第一部分（选择题 共43分） 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．[4分]2022年8月30日，国家航天局正式发布了“羲和号”太阳探测卫星国际上首次在轨获取的太阳 谱线精细结构 是氢原子巴耳末系中波长最长的谱线，其对应的能级跃迁过程为（ ） A．从 跃迁到 B．从跃迁到 C．从跃迁到 D．从跃迁到 2．[4分]太空碎片会对航天器带来危害.设空间站在地球附近沿逆时针方向做匀速圆周运动，如图中实线所示.为了避开碎片，空间站在点向图中箭头所指径向方向极短时间喷射气体，使空间站获得一定的反冲速度，从而实现变轨.变轨后的轨道如图中虚线所示，其半长轴大于原轨道半径.则（　　） A．空间站变轨前、后在点的加速度相同 B．空间站变轨后的运动周期比变轨前的小 C．空间站变轨后在点的速度比变轨前的小 D．空间站变轨前的速度比变轨后在近地点的大 3．[4分]如图所示，一块横截面为半圆形的柱形玻璃砖置于水平桌面上，其圆心为、半径为。一细束单色光从点垂直底面入射后，恰好在玻璃砖弧形侧表面的点发生全反射；当光从点以入射角 入射时，光将从玻璃砖弧形侧表面上的点（图中未画出）射出。已知长为，真空中的光速为，则（ ） A. 玻璃砖对光的折射率为1.5 B. 入射角 时的折射角为 C. 光在玻璃砖内的传播速度为 D. 从点射出的光一定与从点射入的光不平行 4．[4分]在水平方向的匀强电场中,一带电小球仅在重力和电场力作用下于竖直面(纸面)内运动。如图,若小球的初速度方向沿虚线,则其运动轨迹为直线;若小球的初速度方向垂直于虚线,则其从O点出发运动到与O点等高处的过程中 (　　) A．动能减小,电势能增大 B．动能增大,电势能增大 C．动能减小,电势能减小 D．动能增大,电势能减小 5．[4分]2025年4月13日，我国运动员参加世界杯加拿大温莎站女子10 m跳台决赛获得冠军。运动员以一定的初速度在高台上竖直向上起跳，到距水面的最高处后开始竖直下落，入水后受到水的阻力（视为恒力）大小为她的重力的4倍。重力加速度取，运动员在运动过程中可简化为质点，不计空气阻力，运动员从最高点运动到最低点的过程中（　　） A．入水前比入水后的速度变化更快 B．在水中下降的最大深度为 C．平均速度大小为 D．一直处于失重状态 6．[4分]无限长的直导线、中通有大小相等、方向相反的电流，、、共线，且连线与导线垂直，与关于对称，与关于对称，且，初始时，点的磁感应强度大小为,点的磁感应强度大小为．现保持中电流不变，仅将撤去，则点的磁感应强度大小为（ ） A． B． C． D． 7．[4分]如图甲所示，在波的传播方向上有A、B和C三点，其中，时刻开始观察到A和C两点处质点的振动情况分别如图乙和丙所示。下列说法正确的是（　　） A．若向右传播，该波的波长为（n=0，1，2，3…） B．若向左传播，该波的波长为（n=0，1，2，3…） C．若振源位于点，起振方向向上，且（为波长），那么从振源起振开始计时，B处质点第1次到达波峰需要17 s D．若振源位于点，起振方向向下，且（为波长），那么从振源起振开始计时，B处质点第1次到达波峰需要17 s 二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分 8．[5分]目前新能源汽车迅猛发展，在某次测试中，甲、乙两车（均可视为质点）同时沿相同方向做直线运动，它们的图像如图所示，时刻，甲车在乙车前方d=56m处开始减速刹车。下列说法正确的是（　　） A．乙车追上甲车之前的最大距离为80 m B．两车相遇的时刻为 C．时，甲在乙车前方104m处 D．时刻，若甲、乙两车初位置互换，其他条件不变，则两车仍可以相遇 9．[5分]［黑吉辽（多选）一足够长木板置于水平地面上，二者间的动摩擦因数为时，木板在水平恒力作用下，由静止开始向右运动.某时刻，一小物块以与木板等大、反向的速度从右端滑上木板.已知到的时间内，木板速度随时间变化的图像如图所示，其中为重力加速度大小.时刻，小物块和木板的速度相同.下列说法正确的是（　　） A．小物块在时刻滑上木板 B．小物块和木板间的动摩擦因数为 C．小物块与木板的质量比为 D．之后小物块和木板一起做匀速运动 10．[5分]一带正电微粒从静止开始经电压U1加速后,射入水平放置的平行板电容器,极板间电压为U2。微粒射入时紧靠下极板边缘,速度方向与极板夹角为45°,微粒运动轨迹的最高点到极板左右两端的水平距离分别为2L和L,到两极板距离均为d,如图所示。忽略边缘效应,不计重力。下列说法正确的是 (　　) A．L∶d=2∶1 B．U1∶U2=1∶1 C．微粒穿过电容器区域的偏转角度的正切值为2 D．仅改变微粒的质量或者电荷数量,微粒在电容器中的运动轨迹不变 第二部分（非选择题 共57分） 3、 非选择题：本大题共5题，共57分。 11．[6分]（3分）在“探究平抛运动的特点”实验中 图1 图2 图3 图4 （1）用图1装置进行探究，下列说法正确的是　　　　。 A．只能探究平抛运动水平分运动的特点 B．需改变小锤击打的力度，多次重复实验 C．能同时探究平抛运动水平、竖直分运动的特点 （2）用图2装置进行实验，下列说法正确的是　　　　。 A．斜槽轨道M必须光滑且其末端水平 B．上下调节挡板N时必须每次等间距移动 C．小钢球从斜槽M上同一位置静止滚下 （3）用图3装置进行实验，竖直挡板上附有复写纸和白纸，可以记下钢球撞击挡板时的点迹。实验时竖直挡板初始位置紧靠斜槽末端，钢球从斜槽上P点静止滚下，撞击挡板留下点迹0，将挡板依次水平向右移动x，重复实验，挡板上留下点迹1、2、3、4。以点迹0为坐标原点，竖直向下建立坐标轴y，各点迹坐标值分别为y1、y2、y3、y4。测得钢球直径为d，则钢球平抛初速度v0为　　　　。 A．（x＋ B．（x＋ C．（3x－ D．（4x－ 12．[8分]某探究小组要测量电池的电动势和内阻.可利用的器材有：电压表、电阻丝、定值电阻（阻值为）、金属夹、刻度尺、开关、导线若干.他们设计了如图所示的实验电路原理图. 图（a） 图（b） 图（c） （1）实验步骤如下： ①将电阻丝拉直固定，按照图（a）连接电路，金属夹置于电阻丝的________（填“”或“”）端； ②闭合开关,快速滑动金属夹至适当位置并记录电压表示数,断开开关,记录金属夹与端的距离; ③多次重复步骤②,根据记录的若干组、的值，作出图（c）中图线Ⅰ; ④按照图（b）将定值电阻接入电路，多次重复步骤②,再根据记录的若干组、的值，作出图（c）中图线Ⅱ. （2）由图线得出纵轴截距为,则待测电池的电动势__________. （3）由图线求得Ⅰ、Ⅱ的斜率分别为、,若，则待测电池的内阻________________（用和表示）. 13．[13分]（9分）差压阀可控制气体进行单向流动,广泛应用于减震系统。如图所示,、两个导热良好的汽缸通过差压阀连接,内轻质活塞的上方与大气连通,的体积不变,当内气体压强减去内气体压强大于时差压阀打开,内气体缓慢进入中;当该差值小于或等于时差压阀关闭。当环境温度时,内气体体积；内气体压强等于大气压强。已知活塞的横截面积，,。重力加速度大小取。、内的气体可视为理想气体,忽略活塞与汽缸间的摩擦,差压阀与连接管道内的气体体积不计。当环境温度降低到时: （1） 求内气体压强; （2） 求内气体体积; （3） 在活塞上缓慢倒入铁砂，若内气体压强回到并保持不变,求已倒入铁砂的质量。 14．[14分]如图，一雪块从倾角 的屋顶上的点由静止开始下滑，滑到点后离开屋顶.、间距离,点距地面的高度,雪块与屋顶的动摩擦因数.不计空气阻力，雪块质量不变，取,重力加速度大小.求： （1） 雪块从点离开屋顶时的速度大小; （2） 雪块落地时的速度大小,及其速度方向与水平方向的夹角 . 15．[16分]如图所示，光滑的台面左侧固定有一根劲度系数为的轻弹簧，轻弹簧的右侧与质量为的滑块A栓接，质量也为m的滑块B紧靠滑块A一起静止在台面上。台面右侧下方光滑的地面上固定有一圆心角为、半径的光滑圆弧轨道，一表面与圆弧轨道右端相切且质量为的长木板C与圆弧轨道接触不粘连，在C的右侧放着2025个质量均为m的滑块（视为质点），C和滑块均静止。现用恒力向左推动滑块B，当滑块A、B速度为0时，撤去恒力F，此后某时刻，滑块B与滑块A分离，分离后滑块A在台面上做简谐运动，滑块B从平台右侧飞出，恰好从圆弧轨道左端沿切线方向滑入，一段时间后滑上C。当B、C刚共速时，C恰好与滑块1发生第1次碰撞。一段时间后，B、C再次共速时，C恰好与滑块1发生第2次碰撞，此后B、C共速时，C总是恰好与滑块1发生碰撞；物块B始终未从C上滑落，若C与B之间的动摩擦因数，重力加速度为，所有碰撞均为弹性碰撞，且每次碰撞时间极短。弹性势能公式，其中k为弹簧劲度系数，x为弹簧形变量。求： （1）滑块A做简谐运动的振幅A；（结果用根号表示） （2）滑块B在圆弧轨道最低点时对轨道的压力大小； （3）滑块C最后一次与滑块1发生碰撞前，滑块1的总路程。 2025---2026学年湖南省高三下学期物理三模押题试卷【三】【最新题型适合湖南地区】参考答案 1．【答案】D 【详解】 是氢原子巴耳末系中波长最长的谱线，根据可知 是氢原子巴耳末系中频率最小的谱线（关键点：波长最长，则频率最小），根据氢原子的能级图，利用玻尔理论中的频率条件，可得能级差越小，频率越小，波长越长，故 对应的能级跃迁过程为从跃迁到，正确. 2．【答案】A 【详解】本题考查开普勒行星运动定律、空间站运行和变轨.由得，同一位置空间站到地心的距离相等，加速度相同，正确；由开普勒第三定律可知，空间站椭圆轨道半长轴大于圆轨道半径，则变轨后的运动周期比变轨之前的周期长，错误；空间站变轨时发动机推力做正功，速度增大，所以变轨后在点的速度比变轨前的大，错误；由得，高度越低，空间站运行速度越大，错误. 3．【答案】C 【详解】画出光路图如图所示，光在处发生全反射，则有，解得，错误；根据折射定律，解得， ，错误；根据，解得，正确；当点位于玻璃砖弧形侧表面上，根据几何关系，此时光在点的入射角等于 ，点正好在点上方，根据光路的可逆性，折射角等于 ，从点射出的光与从点右侧以入射角 射入的光平行，与垂直射入的光不平行，错误。 4．【答案】D 【命题点】类平抛运动+能量变化 【详解】 小球的初速度方向沿虚线,则运动轨迹沿直线,故小球受到的合力方向沿虚线,由于重力向下,电场方向水平,故合力方向只能沿虚线向下,如图所示,故初速度垂直于虚线时,小球做类平抛运动;从O点出发运动到O点等高处的过程中,合力做正功,动能增大,电场力与速度方向的夹角始终为锐角,故电场力做正功,电势能减小,D正确。 5．【答案】C 【详解】速度变化的快慢由加速度决定，运动员入水前做自由落体运动，加速度为，运动员入水后所受阻力为重力的4倍，根据牛顿第二定律有，解得，加速度方向向上。可知，运动员入水后加速度更大，则入水前比入水后的速度变化更慢，A错误；入水前下落高度，根据，解得入水速度，运动员入水后匀减速至速度为0，利用逆向思维，根据，解得下潜深度，B错误；结合上述可知，运动员的总位移为，入水前经历时间，入水后经历时间，则总时间，运动员的平均速度，C正确；结合上述可知，运动员入水前加速度向下，处于失重状态，入水后加速度向上，处于超重状态，D错误。 6．【答案】B 【详解】设电流在点产生的磁感应强度大小为，电流在点产生的磁感应强度大小为，根据题意和对称性可知，电流、在点产生的磁感应强度大小均为，根据安培定则和场强叠加原理可得，，联立可得，即电流在点产生的磁感应强度大小为，根据对称性可知，电流在点产生的磁感应强度大小也为，可知，仅将撤去，点的磁感应强度大小为，正确． 7．【答案】C 【详解】由图乙和丙可得，当波向右传播时（n=0，1，2，3…），解得（n=0，1，2，3…），A错误；当波向左传播时（n=0，1，2，3…），解得（n=0，1，2，3…），B错误；由题意可得，波向左传播，又因为，所以，取，此时，设波从波源传播到B点所用时间为，则，若振源位于点，起振方向向下，B点起振后到第1次到达波峰所用时间为，则，那么从振源起振开始计时，处质点第1次到达波峰需要，C正确；由题意可得，波向左传播，又因为，所以，取，此时，设波从波源传播到B点所用时间为，则，若振源位于点，起振方向向下，B点起振后到第1次到达波峰所用时间为，则，那么从振源起振开始计时，B处质点第1次到达波峰需要，D错误。 8．【答案】AB 【详解】根据位移时间关系，整理可得，可知甲、乙的初速度分别为，，甲、乙的加速度分别为，，当两车的速度相等时，乙车追上甲车之前的距离最大，根据速度关系，可得时间，最大距离为，代入数据得，故A正确；甲车速度减为零所需的时间，甲的位移为，乙的位移为，此时甲、乙两车的距离，代入数据得，即甲在乙车前方56m处。，根据位移时间关系，解得乙追上甲还需要的时间，两车相遇的时刻为，故B正确，C错误；时刻，若甲、乙两车初位置互换，其他条件不变，两车速度相等时的距离，代入数据可得，此后乙车的速度大于甲车，即两车不会相遇，故D错误。 9．【答案】ABD 【详解】本题考查板块模型和图像.由图像可知，在时刻木板的加速度发生变化，可知小物块在时刻滑上木板，正确；由图像可知，，木板的加速度大小为，设木板的质量为，对木板分析有，可得，时刻，木板的速度为，根据题意可知小物块滑上木板时的速度为，由图像可知，，小物块的加速度大小为，设小物块的质量为，对小物块分析有，可得 ，正确；由图像可知，，木板的加速度大小为，对木板分析有，可得，错误；时刻后，假设木板与小物块相对静止，对整体有，假设成立，小物块与木板一起做匀速运动，正确. 10．【答案】BD 【命题点】类斜抛运动+带电微粒在电场中的加速和偏转 【详解】设微粒在平行板电容器中的加速度大小为a,刚进入该电容器时速度大小为v1,微粒从刚进入到最高点的过程中,根据类斜抛运动规律有2L=v1cos 45°·t1,d=v1sin 45°·t1-a,0-v1sin 45°=-at1,解得d=L,A错误;微粒在电压为U1的电场中加速,有qU1=m-0,微粒从刚进入平行板电容器到最高点过程中,有-q×U2=m-m,解得U1=U2,B正确;微粒刚要出平行板电容器时,竖直方向的速度大小vy=a=,合速度大小v2==v1,作出进入和穿出平行板电容器时速度的示意图如图所示, 由几何关系可知速度变化量大小为v1,由余弦定理可知cos α==,解得tan α=3,C错误;以微粒进入平行板电容器的点为坐标原点,水平向右为x轴正方向,竖直向上为y轴正方向建立坐标系,微粒在坐标系中的坐标(x,y)满足x=v1cos 45°·t,y=v1sin 45°·t-··t2,又m=qU1,所以轨迹方程为y=x-x2,轨迹与微粒质量或电荷数量无关,故仅改变微粒质量或者电荷数量,微粒在电容器中的运动轨迹不变,D正确。 11．【答案】（1）B（1分）　（2）C（1分）　（3）D（1分） 【解析】（1）图1装置只能探究竖直方向的运动特点，A、C错误；改变小锤击打的力度，多次重复实验，避免特殊情况，B正确。 （2）斜槽轨道M不光滑也可保证每次平抛的初速度相等，但轨道末端必须水平，以保证平抛的初速度在水平方向上，A错误；上下调节挡板N时，每次是否等间距不影响测量结果，B错误；小钢球从斜槽M上同一位置静止滚下，才能保证每次平抛的初速度都相等，C正确。 （3）作出钢球在坐标系中的位置图像如图所示， 考虑钢球直径的影响，当钢球球心越过x＝0直线才开始算平抛运动。 第一段时间：水平方向有x－d＝v0t0，竖直方向有y1＝g，联立解得v0＝，A错误。 第二段时间：水平方向有x＝v0t，竖直方向有y2－y1＝gt0t＋gt2，联立解得v0＝，B错误。 前四段时间：水平方向有4x－＝v0t总，竖直方向有y4＝g，联立解得v0＝，C错误，D正确。 12．【答案】（1）A（2分）（2）（2分）（3）（2分） 【详解】（1）①闭合开关前，为了保护电路，应使电阻丝接入电路的阻值最大，金属夹应置于电阻丝的端. （2）设电阻丝单位长度的电阻为 ，对题图（a），由闭合电路欧姆定律得，整理得；对题图（b），由闭合电路欧姆定律得，整理得.纵轴截距为，有，解得. （3）由（2）中表达式可知，，又，解得. 13．【答案】（1） （2） （3） 【详解】（1） 假设此过程中差压阀关闭，内气体做等压变化，内气体做等容变化， 对内气体，由查理定律得（2分） 解得（1分） A内气体的压强， 此时、内气体的压强差，假设成立,差压阀处于关闭状态,此时内气体压强为（1分） （2） 对内气体，由盖-吕萨克定律得（1分） 解得（1分） （3） 中气体压强能够回到，说明差压阀在该过程中打开，当、中压强差为时，差压阀关闭，可知当中气体压强回到时，中的气体压强为 （1分） 对活塞，有（1分） 解得（1分） 14．【答案】 【详解】 雪块在屋顶上运动时由牛顿第二定律有, ,解得, 雪块从点到点过程中有,解得雪块在点的速度大小为. 雪块在点速度的水平分量，竖直分量， 设雪块落地速度为，水平方向做匀速直线运动,有, 竖直方向做竖直下抛运动,有,解得, 则落地速度, 落地瞬间雪块速度与水平方向夹角 满足,解得 . 15．【答案】（1） （2） （3） 【详解】（1）设对A、B向左运动最大距离为x，由功能关系得 撤去力后A、B在弹簧原长处分离，由能量守恒得 此后滑块A做简谐运动时动能转化为弹性势能，由能量守恒得 解得滑块A做简谐运动的振幅， （2）由数学知识可得B抛出后到达固定轨道时速度 B在固定轨道上滑到最低点的过程由动能定理得 B在最低点时由牛顿第二定律得 联立代入数据得 由牛顿第三定律得B对轨道的压力大小为 （3）B滑上C后和C构成的系统动量守恒，到共速时据动量守恒得 C和1弹性碰撞，据动量守恒有 据能量守恒有 此后1和2碰撞，1保持静止；2和3碰撞，2保持静止；……碰后C和B再次共速，据动量守恒有 由牛顿第二定律得 由运动学公式得C前进的位移 C和2弹性碰撞，据动量守恒有 据能量守恒有 此后1和2碰撞，1保持静止；2和3碰撞，2保持静止；……，碰后C和B再次共速，据动量守恒有 由运动学公式得C前进的位移 得C第2024次碰1后，C前进的位移为 每两次碰撞过程中，C前进的位移即滑块1前进的位移，滑块1前进后和滑块2碰撞，然后等滑块C刚好共速时来撞滑块1，即滑块C的位移和为滑块1的总路程 第 page number 页，共 number of pages 页 第 page number 页，共 number of pages 页 学科网（北京）股份有限公司 $