第一章 运动的描述 & 第二章 匀变速直线运动的研究 滚动检测卷 B卷·素养提升卷-【创新教程】2026-2027学年高中物理必修第一册五维课堂单元双测卷（人教版）

物 新高考 第一、二章 滚动检测卷 理 同步单元双测卷 B卷·素养提升卷 (时间：75分钟满分：100分) 一、单项选择题（本题7小题，每小题4分，共28分） 1.2020年1月31日，我国新一代海洋综合科考船“科学”号完成西太平洋综合 翠 考察，船上搭载的“发现”号遥控无人潜水器下潜深度可达6000m以上.潜水 器完成作业后上浮，上浮过程初期可看作匀加速直线运动。今测得潜水器 相继经过两段距离为8m的路程，第一段用时4s,第二段用时2s,则其加速度大小是 如 ( m/s B. m/s2 C. 8 16 D.m/s 2.甲、乙两车在同一地点同时做直线运动.其v-t图像如图所示，则 ( A.它们的初速度均为零 B.甲的加速度大于乙的加速度 C.0~t1时间内，甲的速度大于乙的速度 D.0~t1时间内，甲的位移大于乙的位移 3.如图所示，小明用手指捏住直尺的顶端，直尺的“0”刻度线在上方，小华用一只 手在直尺下方做捏住直尺的准备.当看到小明放开直尺时，小华立即捏住直 毁 尺.小华捏住直尺处刻度值越大表明 ( A.直尺下落的位移越大，小华的反应时间越长 B.直尺下落的位移越大，小华的反应时间越短 夺 C.直尺下落的位移越小，小华的反应时间越长 D.直尺下落的位移越小，小华的反应时间越短 4.高速公路的ETC电子收费系统如图所示，ET℃通道的长度是识别区起点到自动栏杆的 水平距离.某人驾驶汽车以6m/s的速度匀速进入识别区，ETC天线用了0.3s的时间识 别车载电子标签，识别完成后发出“滴”的一声，司机发现自动栏杆没有抬起，于是采取制动 刹车，汽车刚好紧贴栏杆停下.已知司机的反应时间为0.7s,刹车的加速度大小为5m/s2, 则该ET℃通道的长度约为 ( 物理试题第一、二章滚动检测B卷第1页（共6页） 自动栏杆 ETC天线 电子标签 A.3.6m B.5.4m C.6.0m D.9.6m 5.自同一地点自由下落的A、B两物体，A的质量是B的2倍，B比A晚1s开始下落，忽略 空气阻力，重力加速度g取10m/s2,下列说法正确的是 () A.两物体落地时速度相同 B.两物体下落所用的时间不相等 C.在A落地前，B下落后的任一时刻、A、B两物体间的距离均为5m D.在A落地前，B下落后的任一时刻，A、B两物体速度之差均为5m/s 6.甲、乙两物体沿同一直线运动，它们的位移随时间变化的图像如图所25血 、甲 20 示，由图像可知 )5 乙 10 A.甲、乙的加速度不为零且大小之比为1：1 0 B.乙开始运动后，甲、乙沿同一方向运动 123456 C.乙开始运动后，甲，乙速度大小之比为2：1 D.t=3s时，甲、乙相遇 7.一物体以6/s的速度沿一光滑倾斜木板从底端向上滑行，经过2s后物体仍向上滑，速 度大小为1m/s.现增大木板的倾角，物体仍以6m/s的速度从底端向上滑行，经过2s后 物体已向下滑动，速度大小为1m/s.若选择沿木板向上为正方向，用a1、a2分别表示前 后两次加速度，用、2分别表示前后两次2s末的速度，以下表示正确的是() A.a1=2.5m/s2,℃1=1m/s B.a2=-2.5m/s2,v2=-1m/s C.a1=3.5m/s2,u1=1m/s D.a2=-3.5m/s2,v2=-1m/s 二、多项选择题（本题3小题，每小题6分，共18分，在每小题给出的四个选项中至少有两项 符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分) 8.从水平地面竖直上抛一小石块，石块两次经过距地面15m的同一位置所用时间为2s, 重力加速度g=10m/s2,不计空气阻力，则 () A.石块上升的最大高度为20m B.石块上升的最大高度为30m C.石块落地时的速度大小为20m/s D.石块落地时的速度大小为30m/s 物理试题第一、二章滚动检测B卷第2页（共6页) 9.如图所示，小球沿足够长的斜面向上做匀变速运动，依次经a、b、c、d到 达最高点e.已知ab=bd=6m,bc=1m,小球从a到c和从c到d所用 的时间都是2s,设小球经b、c时的速度分别为v6、v,则 A.de=4 m B.v.=3 m/s C.v=2√2m/s D.从d到e所用时间是4s 10.A、B两车同时经过甲、乙两地时开始计时，且两车在同一平直公路上做匀速直线运动， 此后它们的v-t图像如图所示，t=4s时两车相遇，则 ( ↑l/(ms) 15 10 5 -5 246810t/s B -10 -15 A.甲、乙两地距离为80m B.A、B两车的加速度相同 C.A、B两车将同时到达甲、乙两地 D.B车将停在甲地 三、非选择题（共54分） 11.(6分)某同学用一个木质小球从静止释放，研究其在空气中的运动规律，如。，cm 18.66 图所示是小球的部分频闪照片，已知频闪仪每隔0.05s闪光一次，图中所标。十 21.03 数据为实际距离。（当地重力加速度g取9.81m/s2,结果保留三位有效 01 数字) 23.39 (1)由频闪照片上的数据计算t4时刻小球的速度4= m/s; 25.77 (2)小球的加速度大小约为a=m/s2; (3)根据(2)中α的计算结果，比较当地的重力加速度，分析其产生的原因： 12.(8分)如图为“研究匀变速直线运动的规律”的装置，已知打点计时器打点周期T=0.02s。 (1)如图所示为打出的一条纸带的一部分，0、1、2、3为计数点，相邻两计数点间还有4个 打点未画出.从纸带上测出x1=3.20cm,x2=4.30cm,则打计数点1时的速度表达式 y1= (用x1、x2、T表示)，小车加速度大小a= m/s2.(结果保留2位有 效数字) 物理试题第一、二章滚动检测B卷第3页（共6页） 打点 滑轮细线小车计时器 砝码盘 和砝码自 ↑v/(msJ) 0.5 0.4 0.3 0.2 0.1日 00.10.20.304ts (2)若算出了几个计数点的瞬时速度，建立坐标系，画出的-t图像如图所示，根据图像 可得出小车运动的加速度为a= m/s2,0~0.3s内小车通过的位移大小x= m.（结果保留2位有效数字) 13.(10分)如图所示，可视为质点的物体以4m/s的速度从光滑斜面底端 B D点上滑做匀减速直线运动，途经A、B两点，已知物体在A点时的速 A 度是B点时速度的2倍，由B点再经过0.5秒物体滑到顶端C点时速 入0 度恰好为零，已知AB=0.75m。求： (1)物体在斜面上做匀减速直线运动的加速度； (2)物体从底端D点滑到B点的位移。 物理试题第一、二章滚动检测B卷第4页（共6页) 14.(14分)某种飞机以86.4km/h的速度开始着陆，着地以后开始制动，且获得的加速度大 小为8m/s2,则： (1)飞机着陆后5s内滑行的距离为多少米？ (2)从飞机着陆后运动20m所经历的时间？ 物理试题第一、二章滚动检测B卷第5页（共6页) 第一、二章 滚动检测卷B卷·基础达桥卷 物理答题卡 姓 名 准考证号 条形码区 缺考标记（学生禁止填涂)口 填 1.答题前，考生须准确填写自己的姓名、准考证号，并认真核对条形码上的姓名、 正确填涂 注 准考证号。 涂 意 2.选择题必须使用2B铅笔填涂，非选择题必须使用0.5毫米黑色墨水签字笔书写， 错误填涂 涂写要工整、清晰。 样 O 事 3.按照题号在对应的答题区域内作答，超出答题区域的答题无效，在草稿纸、试 例 】力三 项 题卷上作答无效。 4.答题卡不得折叠、污染、穿孔、撕破等。 选择题（共46分.1-7小题每题4分，8-10小题每题6分） 1ABCD 5ABCD 9ABCD 2ABCD 6ABCD 10ABCD 在各题 3ABCD 7ABCD 4ABCD 8 ABCD 的答题 非选择题（共54分） 11.(6分) 内作答 (1) (2) (3) 12.(8分) 出边框的答案无效 (1) (2) 13.(10分) B 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡第一、二章滚动检测B卷第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 14.(14分) 请在各题目的答题区域内作答 15.(16分) ,超出边框的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡第一、二章滚动检测B卷第2页（共2页） 15.(16分)A、B两辆车在同一平直公路相邻车道行驶。t=0时，始终做vs=12m/s的匀 速直线运动的A车经过B车，B车立即由静止开始以a=2m/s2的加速度做匀加速直 线运动，达到最大限速20/s后匀速行驶。两车在相邻车道沿前进方向最大距离 L=20m时两车内的车载蓝牙恰好中断。B车启动时两车的蓝牙装置沿前进方向对齐， 且处于连接状态。 (1)求第一次连接中断时，B车的速度大小； (2)求第二次连接前两车的最大距离； (3)若第二次连接中断后，B车立即关闭发动机，以a'=4m/s的加速度刹车，求两车蓝 牙第三次连接的时长。 物理试题第一、二章滚动检测卷B卷第6页（共6页）物理·必 由题意知t=10T 联立解得T=0.5s (2)由以上计算可知，当第1个小球到达井底 时第3个小球刚好下落t1=4s 第5个小球下落的时间为t2=3s 1 故△H=H,-H,=2g(G-号) =7×10×4-3)m =35m。 答案：(1)0.5s(2)35s 15.解析：(1)根据图像的斜率表示加速度可知： AC表示匀加速直线运动，CD表示匀减速直线 运动，AD表示匀速直线运动；(2)根据图像可 知：a2=A-2,0=1m/s,甲做匀速运动，加 △t2 速度为0；(3)由图像可知，交点处两物体速度相 等，所以在2和8秒末速度相等。 答案：(1)见解析(2)01m/s2(3)第2s末和 第8s 第一、二章滚动检测卷(B卷) 1.A[根据中间时刻的速度等于平均速度可知： v1=2m/s;v2=4m/s,再根据加速度的定义可 知：a=会是-号m/S,故A特合题意.] 2.B[从题图可知：甲物体的初速度为零，乙物体 的初速度不为零，故A错误；因为v一t图像中 图线的斜率表示物体的加速度，题图中甲的斜 率大于乙的斜率，即甲的加速度大于乙的加速 度，故B正确；0~t1时间内，甲的速度小于乙 的速度，故C错误；0~t1时间内，甲图线与坐标 轴围成的面积小于乙图线与坐标轴围成的面 积，所以甲的位移小于乙的位移，故D错误。] 3.D[根格方=g知，直尺下落的高度越大， 反应时间越长。由于直尺的“0”刻度线在上方， 所以小华捏住直尺处刻度值越大，说明直尺下 落的高度越小，反应时间越短。故A、B、C错 误，D正确。] 4.D[通过分析可知，汽车在运动过程中先做匀 速直线运动，再做匀减速直线运动；根据运动学 的规律，列式可得x=t十2% [6X0.7+03)+92]m=8.6m,故D正确，] 修第一册 5.A[因两物体下落高度相同，则由v2=2gh可 知，落地时的速度相同，故A正确； 由A=2g可得，两物体下落所用的时间相同， 故B错误；假设B运动t时间后，A、B两物体间 的距离为：h=78gt2-7g4-22=201+20: 故A、B两物体间的距离增大，故C错误； 由速度公式可得△v=gt-g(t-2)=2g=20 m/s;故D错误。] 6.D[在x一t图像中，斜率代表速度，故甲、乙匀 速运动，故甲、乙的加速度都为零，故A错误； 乙运动后，甲、乙做方向相反的匀速直线运动， 故B错误； 甲的连度为，=是-025m/5=-5m/s,2 5 的速度为2=9m/s=5m/,故乙运动后， 甲、乙速度大小之比为1：1，故C错误； t=3s时，甲、乙处于相同位置，故甲、乙相遇，故 D正确。] 7.D[第一次时，末速度v1=1m/s,根据加速度 的定义可知，a1=0=-2.5m/5;第二次 时，末速度为=-1m/s,加速度a,= t =-3.5m/s2,D项正确，A、B、C项错误。] 8.AC[竖直上抛的物体的运动具有对称性，由 于石块两次经过距地面15m的同一位置所用 时间为2$，说明石块上升经过该点与下落经过 该点的时间差是2s,可知石块在距地面15m的 高度又会上升1s的时间，而这1s的时间通过的 位移又可以看成是石块从初速度为0做1s加速 的位移，即为A1=7gt2=号×10X12m=5m, 故石块上升的最大高度为15m十5m=20m。 选项A正确，B错误；再根据v=2gh总=2×10 ×20(m/s)2=400m2/s2,v=20m/s,选项C正 确，D错误。] 9.ABD[设小球向上做匀变速直线运动的加速度 为a,根据推论得：xu一xn=aT得：a=工工 2 =5-7 2m/s=-0.5m/s,c点的速度为：.= 养贵2m/s=3ms,根据建度位移公式可 知2-v6=2axk,解得：v。=√10m/s,故B正 参考行 确，C错误；d点的速度va=v.十aT= (3-0.5×2)m/s=2m/s,则de间距离为：x= 0-= -22 2a2×(-0.5)m=4m,故A正确；d到e 所用的时问为：-。-品5=45，故D a 正确。] 10.ABC[由0-t图像与坐标轴所围的“面积”表 示位移，可求在0~4s内A的位移大小：x1 30m,B的位移大小：x2=50m,所以甲、乙两 地之间的距离x=x1十x2=80m,所以A正 确；V一t图像的斜率表示加速度，所以可得A、 B加速度相等，都等于1.25m/s2,所以B正 确；在4~8s内由v一t图像与坐标轴所围的 面积可求：A的位移大小x3=50m,B的位移 大小x4=30m,所以8s时A恰好到乙地，B 恰好到甲地，故C正确；B速度减为零用时t= 158=128,所以在8s末到达甲地后，B会 继续前进，故D错误。] 11.解析：(1)t4时刻小球的速度等于t3~t段的 平均速度，即：，=23.39,25、7)×10m/5 2×0.05 =4.92m/s。 (2)根据逐差法可知：小球的加速度a [(23.39+25.77)-(18.66+21.03)]×102 4×0.052 m/s2=9.47m/s2。 (3)由于小球的加速度a=9.47m/s2小于当 地重力加速度取9.81m/s2,应是由于小球下 落过程中受到空气的阻力作用产生的结果。 答案：(1)4.92(2)9.47(3)小球下落过程 中受到空气的阻力作用 12.解析：(1)相邻两计数点间还有4个打，点未画 出，则计数，点间时间间隔为5T 根据平均速度等于中间时刻的瞬时速度，有： 飞-3十22 10T x1=3.20cm=0.0320m,x2=4.30cm=0.0430m, 根据运动学公式得：a=2二=4.30-3.20 (5T)2 0.12 ×102m/s2=1.1m/s2。 (2)v一t图像中图像的斜率表示加速度，则：a -会8-0.5n8025m/g-1.0m/, △t 0.3 11 答案 图像与时间轴围成的面积表示位移，则可知位 移大小x=0250.5×0.3m=0.12m 2 答案：1011m/g(2)10012 13.解析：(1)设沿斜面向上的方向为正方向， 根据运动学公式得 B→C:0-vg=atc① A→B:v-(2VB)2=2axB② 由①②解得：a=一2m/s2,方向为平行于斜面 向下。 (2)把a=一2m/s2代入①得到：0B=1m/s, g-6-1-16 2a2×(-2)m=3.75m,方向平 行于斜面向上。 答案：(1)2m/s2,方向平行于斜面向下 (2)3.75m,方向平行于斜面向上 14.解析：(1)86.4km/h=24m/s, 由v=,十at代入数据可得 0=24+(-8)t, 即t=3s, 则飞机着陆后5s滑行距离就是停止运行距 离，由x=叶a, 代入数播x=24X3+2×(-8)×3, 得：x=36m。 (2)根据位移时间的关系：x=1十a, 代入教据20=24+号×(-80， 得t=1s或t=5s(不符，舍去)。 答案：(1)36米(2)1s 15.解析：(1)设第一次两车蓝牙从连接到中断的 时间为h,则4-2at=L, 代入数据解得t1=2s, 所以第一次连接中断时，B车的速度v=at1= 4m/s; (2)由(1)得第二次连接之前，B车一直加速， 故两车速度相等时，两车间距最大，设从开始 加速到速度相等的时间为t2,则va=at2, 1 两车最大间距△z=u-2at号， 代入数据解得△x=36m; 物理·必 (3)第二次连接中断时，A、B两车相距20m,B 在前，A在后，且B车已经达到最大速度V'= 20m/s,经过t3时间两车第三次蓝牙开始连 接，则4=an,-2a, 设B车停止运动的时间为t',则ag'=a't3', 解得t3=4s,t3'=5s, 由于L>va(t3'-t3), 可知B车停止时，A车尚未追上B车，设两车 第三次蓝牙连接的时长为△t?,A车前进的位 移为x,则x=2L十号a'('-)2=0△， 解得△t3=3.5s。 答案：(1)4m/s(2)36m(3)3.5s 第三章相互作用一力(A卷) 1.B[用手压弹簧，弹簧与手间的相互作用力是 同时产生的，故A错误；运动员将垒球抛出后， 由于重力的作用，垒球的运动状态仍在变化，垒 球仍为受力物体，施力物体是地球，故B正确； 力是物体间的相互作用，一个力的施力物体也 一定是其反作用力的受力物体，故C错误，D错 误。] 2.D[AB.向下踩压跳板的过程中，先向下加速 后向下减速，故她先经历失重后经历超重，故 A、B错误；C.她对跳板的弹力是由于脚部发生 形变，想要恢复形变对跟她接触的跳板产生弹 力，故C错误；D.跳板对她的反弹力是由于跳板 发生形变，想要恢复形变对跟跳板接触的脚产 生弹力，故D正确。] 3.A[货物和传送带之间没有相对滑动，可认为 货物向上做匀速运动，结合平衡条件知A正 确。 4.C[球拍击羽毛球的力与羽毛球撞击球拍的力 为作用力与反作用力，所以大小相等，方向相 反，故A、D错误；力的作用是同时产生的，故B 错误；由弹力的产生可知，羽毛球撞击球拍的力 是由羽毛球发生形变引起的，故C正确。] 5.B[f=FN=0.1X400N=40N,方向与相对 运动方向相反，所以为水平向左，故答案为：B。] 6.A[两人手臂间的夹角为60°时，设手臂作用力 大小为F1,由平衡条件可得2Fc0s30°=G 降得E后， 两人手臂间的夹角为120°时，设手臂作用力大 小为F2,由平衡条件可得2F2cos60°=G 解得F2=G, 则前后两次提起水桶手臂作用力大小之比为1： √3。 修第一册 故选A。] 7.C[A物体一定受重力、B的弹力和摩擦力3 个力的作用，故A错误；A对B的压力和静摩擦 力的合力大小等于mg,即A对B的作用力大 小为mg,且方向竖直向下，故B错误；整体受力 分析可知，地面对B只有一个支持力，等于A、B 的重力之和，方向竖直向上，若地面光滑，B物 体还是静止，故C正确；对A受力分析可知，A 受重力mg,B对A施加的垂直接触面向上的支 持力和沿接触面斜向上的静摩擦力，根据平衡 条件可得f=mgcos0, 根据牛顿第三定律可知，A对B的静摩擦力大 小为mgcos0,故D错误。] 8.BD[物体受到重力mg、拉力F、地面的支持力 N和摩擦力∫，如图所示： 水 mg 由平衡条件得：N=mg-Fsin0① f=Fcos0② 由①得知：支持力小于重力，由牛顿第三定律得 知物体对地面的压力与地面对物体的支持力大 小相等，则物体对地面的压力小于mg。故A、C 错误，B正确； 由平衡条件的推论可知：物体所受摩擦力与拉 力F的合力和重力与支持力的合力方向相反， 而重力与支持力的合力方向竖直向下，则摩擦 力与拉力F的合力方向竖直向上，故D正确。] 9.BD[由图知篮子的底面与侧面垂直，把篮球的 重力按作用效果分解，可分解为垂直于底面与 垂直于侧面的两个分力，由几何关系知，两个分 力都小于重力，所以A、C错误，B、D正确。] 10.BC[对动滑轮受力分析，受重力、两个对称的 拉力，拉力等于悬挂物体的重量mg,如图