【衡水真题密卷】2026年高三物理学科素养月度测评3版（三）（山东专用）

2025一2026学年度下学期学科素养月度测评 高三物理（三） 本试卷总分100分，考试时间90分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目 要求。 1.关于下列四幅图所涉及的物理知识的分析，下列说法正确的是 细管 水面 匆 丙 A.图甲中方解石双折射现象说明它具有各向异性的特征 B.图乙中水波由深水区至浅水区传播方向发生改变是波的反射现象 C.图丙中根据管中液面凹凸情况可知细管材料不可以用来制作防水衣 D.图丁中观看立体电影时佩戴的眼镜利用了光的干涉原理 2.2025年11月，中国人造太阳EAST刷新世界纪录。EAST通过可控核聚变释放能量， 使一个氘核和一个氚核聚变结合成一个氦核，同时放出一个中子并向外辐射一个”光 子。已知质量亏损释放的能量全部转化为Y光子的能量，氘核、氚核、氦核、中子的质量 分别为m1、m2、m3、m4,普朗克常量为h,真空中的光速为c。下列说法正确的是() A.核反应方程是H+H→He十n十y B.聚变反应中的质量亏损△m=m1十m2一m C.辐射出的y光子的能量△E=(m1十m2-m3一m4)c2 D.Y光子的频率v=m1十me一m8-m4)c h 3.城市路边的智能停车位之所以能实时监控车位状态，是因为在车位的地面下埋装的LC振 荡电路可获取车辆驶入和驶出的信息。如图甲所示，当车辆驶出时，相当于将线圈中的铁 芯抽出，这会使线圈的自感系数减小，LC振荡电路的频率就会随之变化，计时器根据振荡 电流的变化进行计时。图乙为某停车位的振荡电路中电容器的电荷量随时间变化的关系 图像（规定电容器上极板带正电时，电荷量为正值）。下列说法正确的是 () 高三物理试题（三）第1页（共8页） 学科素养 班级 姓名 A.t1时刻，流过线圈L的电流最大 -----。- 得分 B.t1~t2时间内，电容器放电，线圈L中的磁场能逐渐增大 C.由图乙可判断汽车正在驶入智能停车位 D.图甲中的LC振荡电路状态可能对应图乙中t2~t3时间内的某一时刻 4.图甲为石林景观，可简化为如图乙所示的模型，所受重力大小为G的石块B被A、C两 石块夹住，B左侧面竖直，右侧面的倾角为60°。若不计摩擦，则C对B的支持力大小为 () 60 777nn7i7 乙 3 A.2G B. C.G D.2G 5.卫星1、2绕行星P、卫星3绕行星Q在轨道上运动的T2-r3图像如图所示，其中T为卫 星的公转周期，r为卫星的公转半径。已知图线P、Q的延长线均通过原点O,卫星1和 卫星3的公转周期相等，将行星P、Q视为相距很远的球体，卫星运动的轨道近似为圆轨 道，则 () 3 0 A.行星P的质量大于行星Q的质量 B.卫星1的环绕速度小于卫星3的环绕速度 C.卫星1和卫星2的运行速度之比为√r1：√r2 D.相等时间内，卫星1和2分别与行星P的连线扫过的面积相等 6.如图甲所示，一个质量为2kg的物体悬挂在细绳下端，由静止开始沿竖直方向做直线运 动，运动过程中物体的机械能E与物体通过的路程、之间的关系图像如图乙示，其中0 0.8m过程的图像为曲线，0.8m1.0m过程、1.0m~2.0m过程均为直线，忽略空气阻 力，g取10ms2。则下列说法正确的是 () 月度测评 高三物理试题（三）第2页（共8页） 3 本E/J 0 0.81.0 2.0im 甲 乙 A.0~0.8m过程中物体所受拉力是变力，物体先上升后下降 B.0.8m处物体的速度大小应为2m/s C.0.8m~1.0m过程中物体可能先上升后下降 D.1.0m~2.0m过程中物体可能做匀加速直线运动，也可能做匀减速直线运动 7.如图甲所示，光滑圆弧形轨道固定在水平桌面上，下端与桌面相切。质量为M=2的 小物块放置在紧靠轨道底端的桌面上，在桌面另一端装一位移传感器。将质量为的 小球从轨道上某点由静止释放，在轨道底端与物块发生弹性正碰（碰撞时间极短）。位 移传感器测出物块在一段时间内做匀减速运动的位移x随时间t变化的图像，如图乙所 示。重力加速度为g,不计空气阻力，下列说法正确的是 () 42 位移传感器 777777777777777 777777 01 甲 A.碰撞过程小球与物块动量变化量相同 B.第一次碰后小球和物块的速度大小之比为2：1 C.小球第一次到达轨道底端的速度大小为工1一工 t2-t1 D.第一次碰后小球沿圆弧形轨道上滑的最大高度为2gt,-1) （x1-x2)2 8.某密闭容器内的理想气体自状态A变化至状态B,再变化至状态C,其变化过程的pV图 像如图中的实线所示，已知B→C过程图线的延长线过坐标原点，气体在状态A时的温度 为T。,内能为U。,一定质量的理想气体的内能与其热力学温度成正比，下列说法正确的是 () 2P。 0 3 A.气体自A→B过程中温度的最高值为4T。 B.气体自A→B的过程中单位时间、单位面积器壁上碰撞的分子数先增加后减小 3 C.气体自BC的过程中向外界放热U+2pV。 D.整个过程中外界对气体做的总功为2pV 3 高三物理试题（三）第3页（共8页） 学科素茅 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求， 全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9.现有一村民在距离水面高为√3的河岸上，看到与水面成30°角的方向有一条鱼，鱼 的实际位置在水面下方20√3cm处。已知水对光线的折射率为3，则下列说法正确 的是 () 水面 A.鱼的实际深度比村民观察到的要深 B.村民的实际位置比鱼观察到的要高 C.如图所示，鱼在水中看到岸上所有的景物都会出现在一个倒立的圆锥里，0角的最大 值为45° D.鱼与村民的实际水平距离为3.2m 10.如图所示，在正方体ABCD一A1B,C1D1中，O为A1C1的中点，在A1和C1处固定电 荷量分别为十q(q>0)、一q的点电荷，规定无穷远处电势为零。下列说法正确的是 () A.B、B,两点的电势相同 B.A、C两点的电场强度相同 C.O、B1两点的电场强度大小的比值为2√2 D.将一电子从O点移到C点，电子的电势能减少 11.一列简谐横波沿x轴正方向传播，t=0时传至A点，该波的波速v=1.0m/s,波形图 如图甲所示，此时x=20处的质点B开始在同一平面振动，振动图像如图乙所示， 形成的简谐波沿x轴负方向传播。下列说法正确的是 () ↑cm 个cm 0.9 B 101214161820xm -26 -2 甲 A.t=4s时P质点向y轴负方向振动 ,1+3 B.0~2s内P质点经过的路程为2°cm C.t=10s时，x=12m处质点位移为0 D.经过一段时间振动稳定后，AB间有3个振动减弱点 月度测评 高三物理试题（三）第4页（共8页） 12.如图甲，两根足够长的平行金属导轨固定在水平桌面上，左端接有阻值R=12的电 阻，一质量m=0.1kg的金属棒垂直导轨放置，金属棒与导轨接触良好，整个装置处于 垂直水平面向下的匀强磁场中。金属棒在水平向右的拉力F作用下向右运动，拉力F 与时间t的关系式为F=0.3+0.2t(N),t=2s时撤去拉力，金属棒在t=2.55s时停 止运动，整个运动过程金属棒的速度v随时间t变化的图像如图乙所示。导轨和金属 棒电阻不计，重力加速度g取10m/s2。下列判断正确的是 () ◆/(ms) XX XXX XRX XXX R ××××××× 分 A.金属棒与导轨间摩擦力大小为0.2N B.整个过程中金属棒运动的距离为2.45m C.撤去拉力后，电阻R上产生的焦耳热为0.2J D,撒去拉力后，通过电阻R的电荷量为( 100C 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 13.(6分)(1)某同学采用激光笔和角度圆盘来测量一块半圆形玻璃砖的折射率，激光笔固 定在圆盘外部，对准圆心，半圆形玻璃砖固定在圆盘上，玻璃砖的圆心与圆盘的圆心重 合，与圆盘一起绕圆心转动，图甲是他在某次实验中使用手机所拍摄的照片，图乙为示 意图。照片中拍到了三条明亮的光线①②③，随后他将圆盘从图示位置再缓慢地转过 5°，发现三条光线中有一条恰好消失，回答以下问题： 201001020 40 ② ② ③ ③ 甲 乙 ①该同学是 (填“顺时针”或“逆时针”)旋转圆盘导致该光线恰好消失。 ②半圆形玻璃砖对该激光的折射率n= (2)某物理兴趣小组在用如图丙所示的双缝干涉实验装置测定光的波长实验中，通过 目镜成功观察到光屏上的干涉条纹。 红色 滤光片 单缝双缝 拨杆 遮光筒 光源( 目镜 测量头 丙 戊 高三物理试题（三）第5页（共8页） 学科素养月 ①某同学在实验过程中通过有关操作使干涉条纹由图丁变为图戊，他应采取的操 作是 A.换用长度更长的遮光简 B.增大单缝到双缝的距离 C.换用间距更小的双缝 D.红色滤光片换成紫色滤光片 ②在用游标卡尺测定某干涉条纹位置时，得到卡尺上的示数如图所示，其读数为 cm。 2主尺3 cm tntimmu 0 10 20 游标尺 己 14.(8分)在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中，某同学采用了如图所示 的可拆式变压器进行研究，图中各接线柱对应的数字表示倍率为“×100”的匝数。 圆服多 02814 (1)本实验中，实验室有下列器材： A.可拆变压器（铁芯、两个已知匝数的线圈） B.滑动变阻器 C.直流电源 D.多用电表 E.开关、导线若干 上述器材在本实验中需要的有 (填器材序号)，本实验中还需要用到的器 材有 (2)对于实验过程，下列说法正确的有 A.测量副线圈电压时应当用多用电表的“直流电压挡” B.为便于探究，应该采用控制变量法 C.因为实验所用电压较低，通电时可用手接触裸露的导线、接线柱等检查电路 D.使用多用电表测电压时，先用最大量程试测，再选用适当的挡位进行测量 (3)实验中，电源接变压器原线圈“0”“8”接线柱，副线圈接“0”“4”接线柱，副线圈所接 电表的示数为5.0V,若变压器是理想变压器，则原线圈的电压应为 A.18.0V B.5.0V C.10.0V D.2.5V (4)组装变压器时，该同学没有将铁芯闭合，原线圈接12.0V的学生电源，原、副线圈 的匝数比为8：1，副线圈两端接多用电表的交流电压档，则交流电压表的实际读数 可能是 A.0.65V B.96.0V C.1.5V D.0 度测评 高三物理试题（三）第6页（共8页） 3 15.(8分)在火星上太阳能电池板发电能力有限，因此科学家们用放射性材料PuO2作为 发电能源为火星车供电(PuO2中的Pu是28Pu)。已知2Pu衰变后变为23影U和a粒 子。若静止的Pu在匀强磁场中发生衰变，α粒子的动能为E,粒子的速度方向与匀 强磁场的方向垂直，在磁场中做匀速圆周运动的周期为T。,衰变放出的光子的动量可 忽略，衰变释放的核能全部转化为酷U和α粒子的动能。已知光在真空中的传播速度 为c,不计重力和衰变后粒子间的相互作用。 (1)写出该α衰变方程。 (2)求2Pu衰变过程中的质量亏损。 16.(8分)如图所示是一种氮气减震装置，支撑面通过刚性细活塞柱与活塞连接，通过弹簧 与气缸连接，气缸内封闭的气体可视为理想气体，该装置静置在水平地面上时，弹簧处 于原长状态，活塞恰好位于气缸中心处，活塞上、下两部分气体压强均为卫，气体长度均 为L。若将一物块放在支撑面上，稳定时弹簧的压缩量为？。已知活塞横截面积为S, 弹簧的劲度系数为k。该装置的活塞、活塞柱、支撑面和弹簧的质量以及一切摩擦均忽 略不计，气缸导热性和气密性良好，环境温度不变，重力加速度大小为g。求： (1)稳定时活塞下方气体压强p下； (2)物块的质量M。 支撑面~ 弹簧 活塞柱 活塞 7i7iowmm7 17.(14分)如图所示，一玩具车静止在光滑的水平面上，玩具车内部设计有三段内径相同 的光滑管道，三段管道平滑连接。第一段AB为倾斜直管道，其水平投影QB的长度为 R,倾角ABQ=37°。第二段BC为水平直管道，长度也为R。第三段CD为四分之一 圆弧管道，圆心为O,圆弧半径OC的长为R。将一个质量为、直径略小于管道内径 3 高三物理试题（三）第7页（共8页） 学科素养月度 的光滑小球，从管道A点由静止释放，已知玩具车的质量M=9,管道内径远小于R, 已知当地重力加逑度为g,am37-及。求： (1)小球从D点滑离玩具车时，小球的速度大小以及玩具车的位移大小； (2)当小球滑到圆弧管道的P点处（∠COP=60°）时，小球和玩具车的速度大小。 g.37 B 60°. ID n7777nn7m77m777n77inmn77 18.(16分)如图所示的空间直角坐标系O-xy之中，垂直于x轴的平面M、N、P、Q将空间 分为I、Ⅱ、Ⅲ三个区域，其中平面N与yO2平面重合，M、N间距为d,N、P间距为 2d,P、Q间距为L(大小未知)。在I区域内有一沿x轴正方向的匀强电场，在Ⅱ区域 内有一沿之轴负方向的匀强电场，在Ⅲ区域内有沿之轴正方向的匀强电场以及沿y轴 负方向的匀强磁场：隧感应强度大小B-。一质量为m电量为十g>0)的猎 电粒子由坐标为（一d,0,d)的S点静止释放，经I区电场加速后到达之轴时的速度大 小为。已知三个区域的电场强度大小均相同，不计粒子重力。 (1)求电场强度E的大小及粒子到达平面P时速度的大小。 (2)求粒子由S点静止释放到第5次经过平面N时所用的时间t。 ③》若仅将登场方向改为沿，轴负方向：醛感应强度大小变为月一2粒子仍由S点 静止释放，要使粒子能够到达平面Q,且到达Q时刚好经过x轴，求L应满足的 条件。 Ⅲ E 0 测评 高三物理试题（三）第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 2025一2026学年度下学期学科素养月度测评 高三物理（三） 命题要素细目表 关键能力：I.理解能力 Ⅱ.推理论证能力Ⅲ.模型建构能力V.实验探究能力V.创新能力 核心素养：①物理观念 ②科学思维③科学探究④科学态度与责任 关键能力 核心素养 预估难度 题号 题型 分值 考查内容 ⅢW V ①② ③④ 等级 系数 1 单项选择题 各向异性、毛细现象、偏振的 3 0.85 应用 易 2 单项选择题 3 核聚变、质能方程 易 0.80 3 单项选择题 3 振荡电路、qt图像 易 0.75 4 单项选择题 直接合成法解决三力平衡 3 问题 中 0.70 5 单项选择题 3 比较不同轨道上卫星的物 中 0.65 理量 6 单项选择题 机械能守恒定律中的图像 问题 中 0.65 7 单项选择题 机械能守恒定律在曲线运动 3 中 0.55 中的应用 8 单项选择题 3 光的折射、视深与实深 难 0.45 9 多项选择题 4 理想气体状态方程 易 0.75 10 多项选择题 4 电场强度的叠加法则 易 0.75 11 多项选择题 4 振动图像和波形图的结合 中 0.65 12 多项选择题 4 牛顿运动定律与图像结合 / 难 0.45 13 实验题 光的折射定律、用双缝干涉实 6 验测量光的波长 易 0.75 14 实验题 探究变压器原、副线圈电压与 8 匝数的关系 中 0.65 15 计算题 8 a衰变方程、质量亏损 易 0.75 16 计算题 8 玻意耳定律的理解与初步 中 0.65 应用 17 计算题 14 机械能守恒定律在曲线运动 中 0.55 中的应用 18 计算题 16 带电粒子在叠加场中的一般 曲线运动 0.35 高三物理答案（三）第1页（共7页） 3 ·物理· 参考答案及解析 精典评析 ★城市路边的智能停车位之所以能实时监控车位状态，是因为在车位的地面下埋装的LC振荡电路 可获取车辆驶入和驶出的信息。如图甲所示，当车辆驶出时，相当于将线圈中的铁芯抽出，这会使线圈的 自感系数减小，LC振荡电路的频率就会随之变化，计时器根据振荡电流的变化进行计时。图乙为某停车 位的振荡电路中电容器的电荷量随时间变化的关系图像（规定电容器上极板带正电时，电荷量为正值）。 下列说法正确的是 () 甲 A.t1时刻，流过线圈L的电流最大 B.t1~t2时间内，电容器放电，线圈L中的磁场能逐渐增大 C.由图乙可判断汽车正在驶入智能停车位 D.图甲中的LC振荡电路状态可能对应图乙中t2一t,时间内的某一时刻 【试题解读】 本题将智能停车的实际情境建构为LC振荡电路的物理模型，聚焦LC振荡电路的工作规律，要求学 生通过图像理解LC振荡电路中电场能与磁场能的相互转化过程，考查电容器电荷量、电路电流、磁场能、 电场能的变化关系，以及自感系数变化对振荡频率的影响等内容。题目联系生活中的智能科技，让学生体 会物理知识在科技发展中的作用，培养对科学技术的兴趣和责任感。 ★如图所示是一种氮气减震装置，支撑面通过刚性细活塞柱与活塞连接，通过弹簧与气缸连接，气缸 内封闭的气体可视为理想气体，该装置静置在水平地面上时，弹簧处于原长状态，活塞恰好位于气缸中心 处，活塞上、下两部分气体压强均为p,气体长度均为L。若将一物块放在支撑面上，稳定时弹簧的压缩量 为片。已知活塞横截面积为S.弹簧的劲度系数为，该装量的活家、活塞柱，支控面和弹簧的质量以及一 切摩擦均忽略不计，气缸导热性和气密性良好，环境温度不变，重力加速度大小为g。求： (1)稳定时活塞下方气体压强p下； (2)物块的质量M。 支撑面 活塞柱 活塞 【试题解读】 本题以“氮气减震装置”为真实物理情境，将其抽象为“弹簧一活塞一封闭气体”的物理模型，借助整体 法与隔离法，将力学的弹力、平衡问题与热学的气体状态变化、压强计算深度结合，打破单一模块的考查， 要求学生建立跨模块的知识关联。通过“减震装置”的情境，帮助学生深化平衡观念与能量观念，理解理想 气体模型在实际问题中的应用。 3 高三物理答案（三）第2页（共7页） ·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 一、单项选择题 长=4，则斜率越大，中心天体质量越小，所以行 1.A【解析】图甲中方解石双折射现象说明它具 有各向异性的特征，A正确；图乙中水波从深水 星P的质量大于行星Q的质量，A正确；由T2-r 区传到浅水区传播方向发生改变是因为波的折 图像可知，卫星1和卫星3的周期相同，根据运行 射，B错误；图丙中根据管中液面凹凸情况可知细 2πr 速度0=T,可知运行半径大的卫星运行速度更 管材料与水是不浸润的，可以用来制作防水衣，C 错误：图丁中观看立体电影时佩戴的眼镜利用了 大，由图可知，卫星1的运行半径更大，则卫星1运 光的偏振原理，D错误。 行速度大于卫星3运行速度，B错误；根据万有引力 2.C【解析】核反应方程应为H+H→He十n十 Mm v ,解得0= GM 提供向心力，有G r=m r ,即卫 Y,而且选项中质量数不守恒（左侧质量数和为5，右侧 为4)，A错误；质量亏损定义为反应前总质量减反应 星1和卫星2的运行速度之比为1：2=√r2: 后总质量，即△m=(1十m2)一(m3十m4),B错误；总 √r1,C错误；由开普勒第二定律可知，同一卫星 质量亏损对应的能量为(m1十m2一na一m4)c2,Y光 相等时间内与行星P的连线扫过的面积相等，不 子能量等同于总释放的能量，C正确；光子频率满足 同卫星扫过的面积不相等，D错误。 E=hv,其中光子能量E=(m1十m2一m3-m)c2, 6.B【解析】物体运动中只受重力和拉力，由于除 因此y=m,十m2-m,-m4)c2 重力之外的其他力做功，等于物体的机械能的变 ，D错误 h 化，0~0.8m内物体的机械能一直在增加，说明拉 3.B【解析】t1时刻，电容器的电荷量最大，流过线 力一直做正功，物体一直在上升，A错误：物体到达 圈L的电流最小，为零，A错误；t~t2时间内，电 0.8m处，由图可知物体的机械能增加△E=20J, 容器的电荷量减小，电容器放电，电容器的电场能 重力势能增加了△E,=g△=16J,所以动能Ek= 减小，线圈L中的磁场能逐渐增大，B正确；由图乙 1 △E-△En=4J,又Ek=2mw可得v=2m/s,B 可知，振荡周期减小，根据T=2π√LC可知，电感 L减小，由题意可知，汽车正在驶出智能停车位，C 正确；0.8~1.0m过程中，机械能不变，拉力不做 错误；图甲中的LC振荡电路正在放电，电容器的 功，物体做竖直上地运动，上升的高度九门 电荷量减小；而图乙中t2~t时间内电容器的电 0.2m,正好到达1.0m处，所以0.8~1.0m过程 荷正在增加，图甲中电路状态并不对应图乙，D 中，物体只有上升，没有下降，C错误；1.0~2.0m 错误。 过程中，物体机械能均匀减小，拉力的大小F 4.A【解析】如图所示，B受到重力G,A对B水 △E 平向右的支持力为NA,C对B且垂直B右侧面 =16N,a=mg一F=2ms,此过程中，物体 △x 的支持力为Vc,根据物体的平衡条件可得Nc= 向下匀加速直线运动，D错误。 G c0s60=2G,A正确。 7.D【解析】碰撞过程小球与物块动量守恒mv。= nw1十M2,变形得m(vo-1)=M2,显然，碰 撞过程小球与物块动量变化量大小相同，方向相 反，A错误；小球与物块发生弹性正碰，则由动能 守恤方号m5=3mai+号Mui,皓合M=2m, Mm v02v 5.A【解析】根据万有引力提供向心力有G 联立解得v1= 3=3,第一次碰后小球和物 mr,解得T=4 4π2 M,即Tr3图像中的斜幸 块的速度大小之比为 011 02 =2B错误；物块第一 高三物理答案（三）第3页（共7页） 3 ·物理· 参考答案及解析 次碰后匀减速运动，由图乙得x1一x2=2,一)， 二、多项选择题 9.AD【解析】将鱼作为光源，鱼发出的光经水面 联立解得，小球第一次到达轨道底端的速度大小 折射后，进入村民的眼睛，由于此过程的入射角 为= 3(x1一x2） (t2一t1) ,C错误；第一次碰后小球沿圆 小于折射角，村民沿进入人眼的折射光的反向延 长线看到鱼的虚像处于实际鱼的上方，即鱼的实 孤形轨道上滑到最高点有-mgh=0-2mui,解 际深度比村民观察到的要深，A正确；将村民作 (x1-x2)2 为光源，村民发出的光经水面折射后，进入鱼的 得A=2g。-)D正确. 眼晴，由于此过程的入射角大于折射角，鱼沿进 8.C【解析】气体自A→B过程，图像对应的函数 入鱼眼的折射光的反向延长线看到村民的虚像 关系式为P=台V十4旅粥理海气体技态方 处于实际村民的上方，即村民的实际位置比鱼观 察到的要低，B错误；根据题意可知，0角的最大 程有y-C,即有pV=CT,可知压强与体积 值为临界角，根据mC=】<=sin45,可知 √3√2 的乘积大小能够间接表示温度的高低，气体自A 0mx=C<45°，C错误；看到与水面成30°角的方向 B过程中有DV=一V十4pV,根据致学国 有一条鱼，鱼作为光源发出的光经过水面后的折射 数规律可知，当V=2V。时，气体温度最高，结合 光路图，如图所示，折射角a=90°一30°=60°，设 上述，B状态的体积恰为2V。,即气体自A→B过 sin a 入射角为3，则有n= 程中温度一直升高，即B状态的温度最高，气体自 n月解得月=30，令1 AB的过程中，根据理想气体状态方程有儿 √3m,h2=203cm,根据几何关系可知x= T。 h2tan3十h1tana,解得x=3.2m,D正确。 2p。·2V,解得T。= TE 4T,A错误；AB的过程 3 村民 中，气体压强变小，体积变大，温度升高，气体分子数 a 30° h 密度减小，而气体分子平均速率变大，气体分子对器 壁的平均碰撞力变大，根据气体压强的微观解释可 知单位时间单位面积与容器壁碰撞的分子数减小，B 鱼 错误；在B→C的过程中，结合上述，根据理想气体 状态方程有2p。·2V。一P。V。解得Tc3T。·设气 10.AC【解析】由于A1、C1两点处固定有等量异 TB 种点电荷，平面BDD1B1为A1C1的中垂面，为 你内能0=T,解得=认.-，B-C 一等势面，因此B、B1两点的电势相同，A正确： 过程气体内能的变化量U=Uc一UB=一Uo,pV图 根据对称性可知，A、C两点的电场强度大小相 像中，图像与横轴所围几何图形的面积表示功的 等，方向不同，B错误；设正方体的边长为a,则O 大小，根据图像可知，B→C过程中外界对气体做 功w,=（p+2p)(2V。-V,)3 pV。,根据 点的电场强度大小E0=2k(acos45)2-a2' B点的电场强度大小E1=2(k9 az cos 45)= 十Q,解得Q=-U。号V,即 √2kg 的过程中气体向外界放热为U。十。pV,C正 2,可得上0=22，C正确：根据等量异种点 确；整个过程中外界对气体做的功W= 电荷电场的等势线分布特点可知，O点的电势高 (3p,+2p)(2w。-V)_(p+2p)(2V。-V)_ 于C点的电势，将电子（带负电）从O点移到C 2 2 点，根据E,=qp,可知电子的电势能增加，D pVo,D错误。 错误。 3 高三物理答案（三）第4页（共7页） ·物理· 参考答案及解析 11.AD【解析】周期T= 入=8s,1=0时刻P质点 △Φ'BLx2 感应定律可得E= ,由闭合电路欧姆 向y轴正方向振动，经2质点运动方向相反，故 E BL,解 定殊行r-发则电荷量g=I'a= T 向y轴负方向振动，A正确：经年波在其传播方 9W5 得q一100 C,D正确。 向传出 t=2s时质点P位移为 2cm,故质，点 三、非选择题 13.(1)①顺时针(2分)②√2(2分) 1 经过的路程为 2 +(1-) 3-√3 cm,B错 (2)①D(1分)②1.725(1分) 2/ 2 【解析】(1)①为增大入射角，应顺时针旋转圆 误：左侧波经4s传至x=12m处，质，点负向起 盘和半圆形玻璃砖。②由题意知全反射临界角 T 振，振动 位移为1cm,右侧波经8s传至x= C=45,根据sinC=1,解得n=2。 n T 12m处，质点正向起振，振动年位移为2cm,故 (2)①千涉条纹由图丁变为图戊，观察到的条纹 t=10s时，x=12m处质，点位移为3cm,C错 增加，即条纹间距减小，由公式△x=7入知，换 误；AB为反步调振动的相千波源，波程差为0， 用长度更长的遮光筒和增大单缝到双缝的距 入处为减弱，点，AB间有x=10m、x=14m、x= 离，条纹间距不变，A、B错误；换用间距更小的 18m三个振动减弱点，D正确。 双缝，即d减小，则条纹间距增大，C错误；红色 12.ABD【解析】由图像可得0~2s内，导体棒做匀 滤光片换成紫色滤光片，即入变小，则条纹间距 加速运动，加速度a一 △U =1ms2;设t时刻速度为 减小，D正确。②由图可知，该千涉条纹位置是 v,导体棒切割磁感线电动势E一BL,感应电流I= x=17mm+5×0.05mm=1.725cm。 14.(1)ADE(1分)低压交流电源(1分)(2)BD 是贸成培力上，-L- t R (2分)(3)C(2分)(4)A(2分) 由牛顿第二定律可得F一FA一∫=ma,整理得 【解析】(1)在“探究变压器线圈两端的电压与 匝数的关系”实验中，使用的是交流电，需要可 F=Fx+ma+f= R0+0,1N+f:又因为 拆变压器（铁芯、两个已知匝数的线圈），磁场是 BLa=0.2N,0.1N+f= 利用了电流的磁效应，不需要条形磁铁，需要多 F=0.3+0.2t(N),所 R 用电表测电压，以及开关、导线若干。故选 0.3N,摩擦力f为0.2N,A正确；由法拉第电 ADE。本实验中还需要用到的器材是低压交流 △ΦBLx 电源。 磁感应定律可得E= 由闭合电路欧 △t △t (2)为便于探究，应该采用控制变量法，B正确； 变压器的原线圈接低压交流电，测量副线圈两 姆定律得【= ,拉力的冲量1=f△1 E 端电压时应当用多用电表的“交流电压挡”，A BIL△t,其中△=2.55s,整理解得x=2.45m,B 错误；使用多用电表测电压时，先用最大量程试 测，再选用适当的挡位进行测量，D正确：虽然 正确；全程由动量定理可得I一f·△1一BIL△= 0+2 实验所用电压较低，但是通电时不可用手接触 0,0~2s内匀加速位移x1= 2 X2m=2m,则 裸露的导线、接线柱等检查电路，避免发生危 撤去拉力后位移x2=x一x1=0.45m,此过程初速 险，C错误。 (3)由题意知，原、副线圈压数比为2：1，根据理 度u=2m/s,由能量守恒可得2mui=fa2十Q,解 想变压器原、副线圈的电压与匝数成正比规律 得Q=0.11J,C错误；撤去拉力后，由法拉第电磁 可知，副线圈所接电表的示数为5.0V,原线圈 高三物理答案（三）第5页（共7页） 3 ·物理· 参考答案及解析 的两端电压应为10.0V,C正确。 (1分) (4)组装变压器时，该同学没有将铁芯闭合，则变 18L-p.5x 压器漏磁比较厉害，连接副线圈的交流电压表的 3 解得p上=4P 实际读数小于变压器副线圈的读数，若为理想变 设活塞柱对活塞的弹力为F1,弹簧的弹力 压器，则U,-U,=日×12V=1.5V实际电 1 11 为F2,以活塞为研究对象，由受力分析可知 压应小于1.5V,A正确 PTS =PIS +F (1分) 15.(1)238Pu→2U+4He (2)119E 117c2 解得5，=pS 【解析】(1)根据题意可知，23Pu的衰变方程为 以支撑面为研究对象，由受力分析可知 28Pu→23U+He (1分) (2分) F,+F:=Mg (2)衰变过程中系统的动量守恒，衰变前系统动 kL 其中F2= 3 量为0，可知α粒子和酷U的动量大小相等，设 解得M= 3PS kL 为p,a粒子和2酷U的质量分别为m和M,则a (1分) 4g 3g 粒子的动能 7gR 17.(1)2 127gR gR E- (2) √52'√156 (1分) 【解析】(1)小球从D点滑离玩具车时，水平方 23U的动能 向一定与玩具车共速，又因为系统水平方向动 E-器 (1分) 量守恒且为0，故小球在D点时，小球的速度竖 直向下，玩具车的速度为0，由系统机械能守恒 解品灯婴 1 4 mg(Rtan37°+R)= 2 mv? (1分) 由题意知，衰变释放的核能 7gR △E=E+EU 解得v= (1分) 由爱因斯坦质能方程有 由系统水平方向动量守恒mm=MuM △E=△nc2 (2分) 则有∑mvm△t=∑MM△t 119E 解得△n=117c2 (2分) 故mxm=MxM (2分) 又因为xm十xM=3R,M=9m (1分) 16.(1)2力(235+k4 3 4g+3g 3 解得xw一OR (1分) L 【解析】(1)稳定时弹簧的压缩量为？，则活塞 (2)设小球滑到圆孤管道的P,点处时，小球和玩 具车的速度大小分别为球和康，小球相对玩 下方气依高度1，=1-片 (1分) 具车的速度大小为⑦相 对活塞下方气体，由玻意耳定律有 由系统水平方向动量守恒知 p5L=p,SX号L n(相c0s60°一v车)=Mu车 (2分) (1分) 由系统机械能守恒知 解得p下=2P 3 (1分) mg[Rtan37°+(R-Rcos60)]=2m最+ (2)稳定时活塞上方气体高度 L4 2M￥ (2分) L=L+3=3 (1分) 又因为v泰=(v和cos60°-v车)2十(v抽sin60)2 对活塞上方气体，由玻意耳定律有 (2分) 3 高三物理答案（三）第6页（共7页） ·物理· 参考答案及解析 /127gR gR 第5次到达N平面所用的时间 解得球= W52 W156° (2分) t=2T+t (1分) 1.a 26d 26d √2v0(2) (3)L=2nπd-4d 联立解得t= (1分) (n=1,3,5,…)或L'=2nπd(n=2,4,6,…) (3)磁场改变后，水平方向的分速度满足 【解析】(1)粒子在I区域电场中加速 qvoB'=qE (1分) Ed-vd (1分) 竖直方向分速度9uBRT2分 解得E=mud 粒子在Ⅲ区域做匀速圆周运动与匀速直线运动 (1分) 2gd 的复合运动，要使粒子到达Q时刚好经过x轴， 在Ⅱ区域电场发生偏转 须满足：第一次到达x轴 qE=mav,=at2,12= 2d 14=号-2R (1分) 则v=√十u=√2u0 (1分) 第二次到达x轴：L2=0T2 (2)粒子在I区域电场中加速t1= d (1分) 第三次到达x轴：L3=0 3T2一2R 2 第四次到达x轴：L4=0X2T2 2d 在Ⅱ区域电场发生偏转t2= (1分) … 归纳其规律，联立方程 在Ⅲ区域圆周运动与类竖直上抛运动叠加，半 个圆周后回到Ⅱ区域，之后在Ⅱ区域做类斜抛 。B三7。和T2 gB' 运动，且速度大小刚好为√2v0,与xOy平面夹 解得L=2nπd-4d(n=1,3,5,…)或L'= 角为45°，与y轴垂直 2nπd(n=2,4,6,…) (2分) 4-r-照 (2分) (答案也可表示为L=4nπd一2πd一4d(n=1, 2,3…)或者L'=2d[n元+(-1)”-1](n=1, 粒子由M平面出发，到回到M平面所用的时 2,3…)) 间T1=2t1十2t2十t3 (1分) 高三物理答案（三）第7页（共7页） 心9