精品解析：2026届广东清远市普通高中毕业班供题综合测试(二) 物理试题

2026届普通高中毕业班供题综合测试（二） 物理 注意事项： 1、本试卷满分100分，考试时间75分钟。 2、答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡的相应位置。 3、全部答案在答题卡上完成，答在本试题卷上无效。 4、回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。 5、考试结束后，将本试题卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 如图所示，利用长木板把一光滑重球缓慢撬起，木板最终转动到水平位置。下列说法正确的是（　　） A. 墙对重球的作用力逐渐增大 B. 墙对重球的作用力保持不变 C. 木板对重球的支持力逐渐减小 D. 木板对重球的支持力逐渐增大 【答案】C 【解析】 【详解】AB．对光滑重球受力分析，重球受3个力，竖直向下的重力G、竖直墙水平向右的弹力N1、木板垂直于木板向左上方的支持力N2，重球缓慢运动始终处于平衡状态，合力为0。设木板与水平地面的夹角为θ，根据平衡条件，在竖直方向，有 可得 在水平方向，有 当木板从倾斜转动到水平位置的过程中，θ逐渐减小，tanθ逐渐减小，因此墙对球的作用力N1逐渐减小，故AB错误； CD．θ逐渐减小，cosθ逐渐增大，因此木板对球的支持力逐渐减小，故C正确，D错误。 故选C。 2. 如图所示为红外线光感式烟雾报警器的原理图，烟雾报警器光源发出红外线（3.0×1014 Hz~3.5×1014 Hz），在没有烟雾时，红外线沿直线传播（如图中虚线所示）；有烟雾时，红外线会散射到光电管中。当烟雾浓度增大时，报警系统中的电流随之增大，达到限定值即引发报警。已知可见光频率范围为3.8×1014 Hz~7.5×1014 Hz，关于该光电报警系统，下列说法正确的是（　　） A. 阴极金属的极限频率大于3.5×1014 Hz B. 若光源换成可见光，则报警器会一直报警 C. 若不小心把电源反接，在浓烟中报警器也有可能报警 D. 光源采用红外线的原因，是因为红外线的波长比可见光的波长更短 【答案】C 【解析】 【详解】A．当有烟雾时红外线能使光电管产生光电流，说明红外线可以使阴极发生光电效应。红外线最高频率为3.5×1014 Hz，故阴极金属的极限频率小于3.5×1014 Hz，故A错误； B． 报警器的原理是无烟雾时光沿直线传播，不会进入光电管；有烟雾时光散射进入光电管，产生光电流报警。换成可见光后，无烟雾时光依然沿直线传播，不会照射光电管阴极，没有光电流，不会报警，因此报警器不会一直报警，故B错误； C．电源反接后，光电管加反向电压，只要反向电压小于入射光的遏止电压，就仍会有光电子到达阳极，形成光电流。浓烟中大量红外线散射进入光电管，光强足够大时，电流可以达到报警限定值，因此报警器仍有可能报警，故C正确； D．由光速关系可知，光源频率越低，波长越长。红外线频率小于可见光，因此红外线波长比可见光更长，故D错误。 故选C。 3. 现在的智能手机的降噪技术是利用降噪麦克风采样环境噪声，经过数据处理后发出降噪声波，这个过程在噪声到达人耳之前完成，从而在听觉上抵消噪声。图乙是原理简化图，图丙是理想情况下的降噪过程，实线表示环境噪声，虚线表示降噪系统产生的降噪声波，则（　　） A. 降噪过程应用了声波的衍射原理，使噪声的能量减弱 B. 降噪过程应用的是声波的干涉原理，P点振动减弱 C. 降噪声波的频率可以与噪声声波的频率不同 D. 降噪声波的传播速度比环境噪声声波的传播速度快 【答案】B 【解析】 【详解】AB．降噪的原理是：频率相同、相位相反的两列声波叠加，使噪声振动相互抵消，应用的是声波的干涉原理，不是衍射。从图丙可知，两列波在任意位置振动始终减弱，噪声能量被抵消，故A错误，B正确； C．发生稳定干涉相消的条件是两列波频率相同，相位差恒定，因此降噪声波的频率必须和环境噪声频率相同，故C错误； D．声波在同种均匀介质中传播速度相同，故D错误。 故选B。 4. 中国空间站“天宫”自2022年底全面建成以来长期在轨运行。设“天宫”在地球附近做匀速圆周运动，如图中实线所示。在某次定期调整运行轨道时，“天宫”在P点沿图中箭头所指径向，极短时间内喷射气体，使其获得一定的反冲速度，从而实现变轨。变轨后的轨道如图中虚线所示，其半长轴大于原轨道半径。则（　　） A. 天宫变轨前、后的机械能相同 B. 天宫变轨后的运动周期比变轨前的小 C. 天宫变轨后在近地点的速度比远地点的大 D. 天宫变轨前的速度比变轨后在近地点的大 【答案】C 【解析】 【详解】A．变轨过程中，天宫喷射气体，发动机对天宫做功，机械能发生改变，变轨后机械能更大，故A错误； B．根据开普勒第三定律，变轨后轨道半长轴a大于原轨道半径，因此变轨后周期更大，故B错误； C．根据开普勒第二定律，天宫沿椭圆轨道运动时，相同时间内扫过面积相等，近地点距离地球更近，由面积关系可知速度更大，因此变轨后近地点速度大于远地点速度，故C正确； D．“天宫”在P点沿径向喷气后，获得径向速度分量，而切向速度v0不变。在喷气点P，径向速度不为零，因此该点不是新椭圆轨道的近地点。由速度的矢量合成可知，“天宫”变轨后在P点的速度vP大于变轨前做匀速圆周运动的速度v0。又由开普勒第二定律，可知变轨后在近地点的速度大于vP，因此有 即变轨前速度小于变轨后近地点速度，故D错误。 故选C。 5. 自动投料机通过控制系统对绝缘性良好的陶瓷粉末进行投放。工作时保持开关闭合，如图所示，随着陶瓷粉末的持续减少，下列说法正确的是（　　） A. 电路中电流方向b→a B. 电极两端电压变大 C. 电极间的电容变大 D. 电容器内存储的电场能增加 【答案】A 【解析】 【详解】B．该装置可等效为电容器，两个电极是电容器极板，绝缘陶瓷是介电常数大于空气的电介质，开关保持闭合，因此电容器始终与电源相连，电极两端电压保持不变，故B错误； C．根据电容决定式，陶瓷粉末减少后，极板间平均相对介电常数εr减小，因此电容C减小，故C错误； A．电容器的C减小，U不变，由Q=CU，可知电容器带电量Q减小，电容器放电。电容器左极板接电源正极带正电，右极板（接a端）接电源负极带负电；放电时负电荷从右极板经a流向b，电流方向与负电荷运动方向相反，因此电流方向为b→a，故A正确； D．电容器放电，电容器内存储的电场能减少，故D错误。 故选A。 6. 如图所示为水火箭发射与回收的情景。发射时，水火箭靠反冲推力竖直加速上升；推力衰竭后，水火箭减速上升至最高点。随后自由下落，到达预设高度时打开降落伞减速，最终平稳降落到地面。整个过程中，水火箭的运动图像可能正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】A．s−t图像的斜率表示速度。水火箭先加速上升后减速上升，速度先增大后减小，故s−t图像切线斜率应先增大后减小；且在最高点速度为零，图像切线应水平，不能出现尖角（尖角表示速度突变），故A错误； B．取竖直向上为正方向。发射时加速上升，加速度a>0；推力衰竭后减速上升，加速度方向向下，a<0。图B中前两段时间内加速度均为正值，表示物体一直做加速运动，与“减速上升”不符，故B错误； C．v−t图像的斜率表示加速度，纵坐标表示速度。图像第一部分（t轴上方，v增大），对应加速上升阶段；图像第二部分（t轴上方，v减小），对应推力衰竭后减速上升阶段；图像第三部分（t轴下方，|v|增大），对应自由下落阶段；图像第四部分（t轴下方，|v|减小），对应打开降落伞减速下降阶段，最终速度趋于零（平稳降落）。该图像完整且正确地描述了水火箭的整个运动过程，故C正确； D．t轴下方（下落阶段），速度大小一直在增大，只体现了自由下落过程，没有体现“打开降落伞减速”这一过程，故D错误。 故选C。 7. 如图所示，一交流发电机的线圈匝数N=500、面积S=0.1m2，线圈电阻不计；匀强磁场的磁感应强度B=0.10T。发电机与一理想变压器相连，变压器副线圈接有阻值R=10Ω的定值电阻。已知发电机转子以角速度ω=6rad/s匀速转动，下列说法正确的是（　　） A. 通过线圈的磁通量最大值为 B. 用电压表测得发电机输出的电压为30V C. 当原、副线圈匝数比为1∶2时，测得流经R的电流为 D. 仅使原线圈的匝数变为原来的2倍，则R上消耗的功率变为原来的一半 【答案】C 【解析】 【详解】A．穿过线圈的磁通量最大值 和线圈匝数无关，故A错误； B．发电机线圈感应电动势的最大值 交流电压表测量的是有效值，发电机输出电压的有效值，故B错误； C．根据理想变压器电压比，当时， 流经R的电流，故C正确； D．原线圈匝数变为原来的2倍，由，可知U2变为原来的，R消耗的功率 因此功率变为原来的，不是一半，故D错误。 故选C。 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。 8. 某同学用直角梯形玻璃砖和激光笔探究玻璃的光学特性。如图所示，激光从AO方向射向玻璃砖MN边的O点，经玻璃砖折射后从PQ边的O'点沿O'B方向射出玻璃砖，其中MN<MP。下列说法正确的是（　　） A. AO与O'B平行 B. 该玻璃的折射率为 C. 该玻璃砖的全反射临界角为45° D. 逐渐增大激光的入射角，激光在MP面会发生全反射 【答案】CD 【解析】 【详解】A．因为MN和PQ是不平行的，激光在MN面折射后，在玻璃砖内的传播方向与PQ的夹角和入射到MN面时的夹角是不相等的，所以出射光线O'B与入射光线AO是不平行的，故A错误； B．由题图可知已知入射光线AO在MN面的入射角为，折射角为，根据折射定律可得，故B错误； C．根据全反射临界角公式得 解得 所以该玻璃砖的全反射临界角为，故C正确； D．逐渐增大激光的入射角时，折射光线在PQ面的入射点由O'点逐渐移到P点，然后在PM面上由P点往M点方向移到，当激光刚移到MP面上的P点时，由于，所以激光在MP面上入射角大于，激光在MP面会发生全反射，故D正确。 故选CD。 9. 如图甲所示，弹力绳球是小朋友们喜爱的玩具。一根弹性轻绳（满足胡克定律）的下端连接一质量为m的小球，另一端用手拉住，现用手拿住小球并从静止释放，以释放点为坐标原点O，竖直向下为x轴正方向，小球受到的合外力F（竖直向下为正方向）与其位置坐标的关系如图乙所示。其中x1位置和x3位置合力大小相等，且x4位置为小球能到达的最低点。小球可视为质点，弹性轻绳始终在弹性限度内，不计空气阻力，重力加速度为g。下列说法中正确的是（　　） A. 弹性轻绳的劲度系数为 B. 小球在x4位置的加速度大小为 C. 小球在x3位置的速度大小为 D. 在x3位置轻绳的弹性势能为mg（x3−x1） 【答案】AD 【解析】 【详解】A．根据图乙可知，在x2处合力为0，由胡克定律及平衡条件有 解得弹性轻绳的劲度系数，故A正确； B．根据图乙可知，在x3处合力大小与x1处大小相等，即等于mg，则x4处合力为 由牛顿第二定律有 联立解得，故B错误； C．根据F−x图形面积表示合力做功，由图乙可知合力做功为mgx1，0~x3由动能定理可得 解得小球在x3位置的速度大小为，故C错误； D．设小球在x3位置弹性势能为Ep，由图乙可知x1~x3合力做功为0，则根据能量守恒有 解得在x3位置轻绳的弹性势能，故D正确。 故选AD。 10. 如图，在棱长为L的正方体ABCD−A′B′C′D′所在空间内，存在方向相同的匀强电场和匀强磁场（匀强磁场未画出），其中电场方向平行于棱AA′且由A指向A′，电场强度大小为E。一带正电粒子从B点沿方向射入该空间，初速度大小为v0，粒子恰好能从C′点射出，忽略粒子的重力和电磁场的边缘效应，则下列说法正确的有（　　） A. 该电荷的比荷为 B. 匀强磁场的磁感应强度为 C. 该电荷在此空间中运动的时间为 D. 该电荷从C′点射出的速度大小为 【答案】ABC 【解析】 【详解】AB．粒子在BB′方向做匀加速直线运动，有 粒子沿BC方向做匀速圆周运动，粒子恰好能从C′点射出，则运动半圈，运动半径为 有 即有 运动时间为 而 可知 联立各式可得 可得，，故AB正确； C．由各项分析可知，故C正确； D．粒子在BB′方向做加速，速度大小为 粒子做匀速圆周运动的速度大小不变，仍为v0，则过C′的合速度大小为，故D错误。 故选ABC。 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11. 实验是物理学研究的重要方法。 （1）在“用单摆测定重力加速度”的某次实验中，先用游标卡尺测摆球直径如图（a）所示，则d=_______cm，然后测得摆长L=100.00 cm，30次全振动的时间为t=60.0 s，则测量的重力加速度g=_______m/s2（结果保留3位有效数字）； （2）在“探究弹簧弹力的大小与形变量的关系”实验时，设计了如图（b）所示的实验装置。倾角为30°的斜面上固定有一深度为20 cm、右端开口的圆筒，圆筒内侧左边筒底固定一原长小于筒深的轻弹簧，弹簧右端与一跨过光滑定滑轮的细线相连。实验时，通过改变细线上所挂钩码的质量m来改变弹簧伸出筒口右端的长度x，作出x-m的关系如图（c）所示，可得该弹簧的劲度系数k=_________N/m，原长l0=_________cm（重力加速度g取10 m/s2）； （3）在“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，测得一滴油酸酒精溶液的体积为V，在带有坐标方格的玻璃板上，根据油膜轮廓统计方格数量，整格的为N1个，多于半格不足整格的数量为N2个，不足半格的数量为N3个，已知每格的面积为S，油酸酒精溶液的浓度为k，则油酸分子的直径为________。 【答案】（1） ①. 2.150 ②. 9.86 （2） ①. 20 ②. 15 （3） 【解析】 【小问1详解】 [1]20分度游标卡尺的精确值为，由图（a）可知摆球直径为 [2]然后测得摆长L=100.00 cm，30次全振动的时间为t=60.0 s，则单摆周期为 根据单摆周期公式可得，可得重力加速度为 【小问2详解】 [1][2]根据平衡条件结合胡克定律可得 可得 结合图像可得弹簧的劲度系数为 代入横轴交点数据可得 解得原长 【小问3详解】 多于半格不足整格的按整格计算，不足半格的不计，故总的格子数为，油膜面积为 一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积为，则油酸分子的直径为 12. 某兴趣小组用一个微安表头测量某元器件的电阻。 实验器材：输出电压为10 V直流稳压电源1台（电源内阻忽略不计），电阻箱2个，100 μA表头1只，待测元器件1个（额定电压6.3 V），开关1个，导线若干。 （1）将表头G改装成量程为10 V的直流电压表V 请在图甲虚线框中将设计的电路图补充完整________。闭合开关，调节电阻箱，使表头指针恰好满偏，此时电阻箱阻值为20 kΩ，则表头内阻Rg=________Ω； （2）测量元器件的电阻 电路如图乙所示。图中，D为元器件，R为电阻箱。调节电阻箱R，记录改装后的电压表读数U和对应的电阻箱阻值R，某次测量中，微安表的表头示数如图丙，则改装后的电压读数为U=________V； （3）数据处理和误差分析 在直角坐标系中作出图像如图丁所示，由图像可得该元器件的电阻约为______Ω（结果保留三位有效数字），该测量值_______（选填“偏大”或“偏小”）。 【答案】（1） ①. ②. 8×104 （2）4.8 （3） ①. 66.7 ②. 偏小 【解析】 【小问1详解】 [1]借助串联分压的原理将表头串联电阻箱就可以改装成电压表，电路如图所示 [2]由串联分压可知 代入数据可知 解得 【小问2详解】 改装后表头满偏电流100μA对应10V，而表头刻度与电压成正比，指针在48μA，对应的实际电压为 【小问3详解】 [1]因输出电压为10 V直流稳压电源1台（电源内阻忽略不计），则 由全电路的欧姆定律可知 整理可知 则由图像的纵截距为 可得 [2]由于电压表存在分流，实际通过的电流为，则可得 故测量值包含了，即的测量值偏大，的测量值偏小。 13. 某同学进行氨气喷泉实验时，发现溶液未能充满烧瓶。实验前，容积为V=1000 mL的烧瓶内充有氨气，放置在铁架台上，如图甲所示，此时烧瓶内气体压强为大气压强p0=1.0×105 Pa。现将滴管内少量的水（体积忽略不计）迅速挤入烧瓶，然后打开软管上的夹子，形成喷泉。稳定后，测得烧瓶与烧杯的液面高度差H=50 cm，烧杯中的酚酞溶液减少了V1=700 mL。已知氨气完全溶于水，混合溶液的密度约为ρ=1.0×103 kg/m3、重力加速度取g=10 m/s2。忽略导管与滴管的体积。求： （1）喷泉结束稳定后，烧瓶内气体的压强p； （2）气体中氨气所占的体积百分比η。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 喷泉稳定后，烧瓶内气体的压强满足 代入数据解得 【小问2详解】 设初始状态空气体积为，由玻意耳定律可知 代入数据解得 气体中氨气所占的体积百分比 14. 增程款电动汽车常配备轴向磁通永磁发电机，利用燃油提供的动力进行发电给电池充电，从而达到长续航目的。如图1轴向磁通永磁发电机结构原理图，可简化为如图2，8个彼此绝缘相互靠近的相同扇形线圈均匀分布组成定子固定不动，两侧的永磁体盘组成转子并随转轴一起转动。转子产生的磁场如图所示，磁感应强度大小均为B，定子上线圈内外半径分别为R、2R，每个线圈的电阻为r，线圈匝数为n，转子单个磁场、定子单个线圈所对圆心角均为45°。不计线圈电感及线圈间的空隙，不计摩擦、空气阻力。 （1）若转子盘受到外力作用以角速度ω逆时针匀速转动（即线圈相对磁场顺时针运动），求线圈中的感应电流变化的周期T； （2）在第（1）问的条件下，求单个线圈上产生的感应电动势E的大小； （3）在t0时间内消耗燃油的能量为E0，转化为电能的效率为η，每个线圈向汽车电池充电的电流维持为I，求这段时间充入电池的能量△E。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 从转子、定子的结构看，转子每转过回到相同的相对位置，故线圈内电流变化的周期为 转子的运动周期为 则线圈中的感应电流变化的周期为 【小问2详解】 单个线圈每边感应电动势为 每边中点的速度为 单个线圈两边产生的电动势方向相同，则单个线圈上产生的感应电动势为 联立解得 【小问3详解】 单个线圈中产生的热量为 转子运动产生的电能为 由能量关系得，充入电池的能量 联立解得 15. 街式滑板比赛部分赛道可简化为如图所示模型：由倾角为θ=37°，的AB倾斜直轨道，BC水平直轨道和竖直面内r=2.5m的四分之一圆弧轨道CD连接而成。一质量为mb=6kg的滑板b静止在水平直轨道靠近斜面的最底端B点，一质量为M=54kg的运动员站在一质量为ma=2kg的滑板a上从倾斜直轨道上的A点无初速度滑下，当滑到水平直轨道时人相对滑板a竖直向上微微跃起，滑板a与滑板b发生弹性碰撞，人刚好落到滑板b上并一起沿着BC直轨道运动。不计轨道连接处能量损失，滑板a与斜面的动摩擦因数μ=0.25，忽略空气阻力以及滑板和其他轨道之间的摩擦力，运动员和滑板可视为质点。重力加速度取g=10m/s2、sin37°=0.6，求：（第2、3问最终结果保留一位小数） （1）运动员和滑板a从A点滑到斜面底端B点所用的时间及到达B点时的速度大小； （2）碰撞后，滑板a沿斜面上滑的最大距离L'； （3）碰撞后，滑板b和运动员能否一直沿轨道CD运动而不脱离？如果不脱离轨道，请说明理由或证明；如果会脱离轨道，则脱离点距地面高度为多少？ 【答案】（1）， （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 沿斜面下滑过程，由牛顿第二定律得 解得加速度大小为 由运动学公式得， 解得从A点滑到斜面底端B点所用的时间为 到达B点时的速度大小为 【小问2详解】 运动员相对滑板a向上跳起，运动员的水平速度与a的速度相同，根据动量守恒定律得 运动员跳起后a与b发生弹性碰撞，设碰后a、b的速度分别为、，根据动量守恒定律和机械能守恒定律可得 ， 解得，， 滑板a沿斜面做减速运动，由动能定理得 解得 【小问3详解】 运动员下落与b作用前后，运动员与滑板b系统水平方向动量守恒，则有 若在C点刚好脱离轨道，则有 解得， 由于，运动员与滑板b开始紧贴轨道运动，设与竖直方向成角时速度为恰好脱离轨道；则有 由功能关系可得 脱离点距地面高度为 联立解得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026届普通高中毕业班供题综合测试（二） 物理 注意事项： 1、本试卷满分100分，考试时间75分钟。 2、答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡的相应位置。 3、全部答案在答题卡上完成，答在本试题卷上无效。 4、回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。 5、考试结束后，将本试题卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 如图所示，利用长木板把一光滑重球缓慢撬起，木板最终转动到水平位置。下列说法正确的是（　　） A. 墙对重球的作用力逐渐增大 B. 墙对重球的作用力保持不变 C. 木板对重球的支持力逐渐减小 D. 木板对重球的支持力逐渐增大 2. 如图所示为红外线光感式烟雾报警器的原理图，烟雾报警器光源发出红外线（3.0×1014 Hz~3.5×1014 Hz），在没有烟雾时，红外线沿直线传播（如图中虚线所示）；有烟雾时，红外线会散射到光电管中。当烟雾浓度增大时，报警系统中的电流随之增大，达到限定值即引发报警。已知可见光频率范围为3.8×1014 Hz~7.5×1014 Hz，关于该光电报警系统，下列说法正确的是（　　） A. 阴极金属的极限频率大于3.5×1014 Hz B. 若光源换成可见光，则报警器会一直报警 C. 若不小心把电源反接，在浓烟中报警器也有可能报警 D. 光源采用红外线的原因，是因为红外线的波长比可见光的波长更短 3. 现在的智能手机的降噪技术是利用降噪麦克风采样环境噪声，经过数据处理后发出降噪声波，这个过程在噪声到达人耳之前完成，从而在听觉上抵消噪声。图乙是原理简化图，图丙是理想情况下的降噪过程，实线表示环境噪声，虚线表示降噪系统产生的降噪声波，则（　　） A. 降噪过程应用了声波的衍射原理，使噪声的能量减弱 B. 降噪过程应用的是声波的干涉原理，P点振动减弱 C. 降噪声波的频率可以与噪声声波的频率不同 D. 降噪声波的传播速度比环境噪声声波的传播速度快 4. 中国空间站“天宫”自2022年底全面建成以来长期在轨运行。设“天宫”在地球附近做匀速圆周运动，如图中实线所示。在某次定期调整运行轨道时，“天宫”在P点沿图中箭头所指径向，极短时间内喷射气体，使其获得一定的反冲速度，从而实现变轨。变轨后的轨道如图中虚线所示，其半长轴大于原轨道半径。则（　　） A. 天宫变轨前、后的机械能相同 B. 天宫变轨后的运动周期比变轨前的小 C. 天宫变轨后在近地点的速度比远地点的大 D. 天宫变轨前的速度比变轨后在近地点的大 5. 自动投料机通过控制系统对绝缘性良好的陶瓷粉末进行投放。工作时保持开关闭合，如图所示，随着陶瓷粉末的持续减少，下列说法正确的是（　　） A. 电路中电流方向b→a B. 电极两端电压变大 C. 电极间的电容变大 D. 电容器内存储的电场能增加 6. 如图所示为水火箭发射与回收的情景。发射时，水火箭靠反冲推力竖直加速上升；推力衰竭后，水火箭减速上升至最高点。随后自由下落，到达预设高度时打开降落伞减速，最终平稳降落到地面。整个过程中，水火箭的运动图像可能正确的是（　　） A. B. C. D. 7. 如图所示，一交流发电机的线圈匝数N=500、面积S=0.1m2，线圈电阻不计；匀强磁场的磁感应强度B=0.10T。发电机与一理想变压器相连，变压器副线圈接有阻值R=10Ω的定值电阻。已知发电机转子以角速度ω=6rad/s匀速转动，下列说法正确的是（　　） A. 通过线圈的磁通量最大值为 B. 用电压表测得发电机输出的电压为30V C. 当原、副线圈匝数比为1∶2时，测得流经R的电流为 D. 仅使原线圈的匝数变为原来的2倍，则R上消耗的功率变为原来的一半 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。 8. 某同学用直角梯形玻璃砖和激光笔探究玻璃的光学特性。如图所示，激光从AO方向射向玻璃砖MN边的O点，经玻璃砖折射后从PQ边的O'点沿O'B方向射出玻璃砖，其中MN<MP。下列说法正确的是（　　） A. AO与O'B平行 B. 该玻璃的折射率为 C. 该玻璃砖的全反射临界角为45° D. 逐渐增大激光的入射角，激光在MP面会发生全反射 9. 如图甲所示，弹力绳球是小朋友们喜爱的玩具。一根弹性轻绳（满足胡克定律）的下端连接一质量为m的小球，另一端用手拉住，现用手拿住小球并从静止释放，以释放点为坐标原点O，竖直向下为x轴正方向，小球受到的合外力F（竖直向下为正方向）与其位置坐标的关系如图乙所示。其中x1位置和x3位置合力大小相等，且x4位置为小球能到达的最低点。小球可视为质点，弹性轻绳始终在弹性限度内，不计空气阻力，重力加速度为g。下列说法中正确的是（　　） A. 弹性轻绳的劲度系数为 B. 小球在x4位置的加速度大小为 C. 小球在x3位置的速度大小为 D. 在x3位置轻绳的弹性势能为mg（x3−x1） 10. 如图，在棱长为L的正方体ABCD−A′B′C′D′所在空间内，存在方向相同的匀强电场和匀强磁场（匀强磁场未画出），其中电场方向平行于棱AA′且由A指向A′，电场强度大小为E。一带正电粒子从B点沿方向射入该空间，初速度大小为v0，粒子恰好能从C′点射出，忽略粒子的重力和电磁场的边缘效应，则下列说法正确的有（　　） A. 该电荷的比荷为 B. 匀强磁场的磁感应强度为 C. 该电荷在此空间中运动的时间为 D. 该电荷从C′点射出的速度大小为 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11. 实验是物理学研究的重要方法。 （1）在“用单摆测定重力加速度”的某次实验中，先用游标卡尺测摆球直径如图（a）所示，则d=_______cm，然后测得摆长L=100.00 cm，30次全振动的时间为t=60.0 s，则测量的重力加速度g=_______m/s2（结果保留3位有效数字）； （2）在“探究弹簧弹力的大小与形变量的关系”实验时，设计了如图（b）所示的实验装置。倾角为30°的斜面上固定有一深度为20 cm、右端开口的圆筒，圆筒内侧左边筒底固定一原长小于筒深的轻弹簧，弹簧右端与一跨过光滑定滑轮的细线相连。实验时，通过改变细线上所挂钩码的质量m来改变弹簧伸出筒口右端的长度x，作出x-m的关系如图（c）所示，可得该弹簧的劲度系数k=_________N/m，原长l0=_________cm（重力加速度g取10 m/s2）； （3）在“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，测得一滴油酸酒精溶液的体积为V，在带有坐标方格的玻璃板上，根据油膜轮廓统计方格数量，整格的为N1个，多于半格不足整格的数量为N2个，不足半格的数量为N3个，已知每格的面积为S，油酸酒精溶液的浓度为k，则油酸分子的直径为________。 12. 某兴趣小组用一个微安表头测量某元器件的电阻。 实验器材：输出电压为10 V直流稳压电源1台（电源内阻忽略不计），电阻箱2个，100 μA表头1只，待测元器件1个（额定电压6.3 V），开关1个，导线若干。 （1）将表头G改装成量程为10 V的直流电压表V 请在图甲虚线框中将设计的电路图补充完整________。闭合开关，调节电阻箱，使表头指针恰好满偏，此时电阻箱阻值为20 kΩ，则表头内阻Rg=________Ω； （2）测量元器件的电阻 电路如图乙所示。图中，D为元器件，R为电阻箱。调节电阻箱R，记录改装后的电压表读数U和对应的电阻箱阻值R，某次测量中，微安表的表头示数如图丙，则改装后的电压读数为U=________V； （3）数据处理和误差分析 在直角坐标系中作出图像如图丁所示，由图像可得该元器件的电阻约为______Ω（结果保留三位有效数字），该测量值_______（选填“偏大”或“偏小”）。 13. 某同学进行氨气喷泉实验时，发现溶液未能充满烧瓶。实验前，容积为V=1000 mL的烧瓶内充有氨气，放置在铁架台上，如图甲所示，此时烧瓶内气体压强为大气压强p0=1.0×105 Pa。现将滴管内少量的水（体积忽略不计）迅速挤入烧瓶，然后打开软管上的夹子，形成喷泉。稳定后，测得烧瓶与烧杯的液面高度差H=50 cm，烧杯中的酚酞溶液减少了V1=700 mL。已知氨气完全溶于水，混合溶液的密度约为ρ=1.0×103 kg/m3、重力加速度取g=10 m/s2。忽略导管与滴管的体积。求： （1）喷泉结束稳定后，烧瓶内气体的压强p； （2）气体中氨气所占的体积百分比η。 14. 增程款电动汽车常配备轴向磁通永磁发电机，利用燃油提供的动力进行发电给电池充电，从而达到长续航目的。如图1轴向磁通永磁发电机结构原理图，可简化为如图2，8个彼此绝缘相互靠近的相同扇形线圈均匀分布组成定子固定不动，两侧的永磁体盘组成转子并随转轴一起转动。转子产生的磁场如图所示，磁感应强度大小均为B，定子上线圈内外半径分别为R、2R，每个线圈的电阻为r，线圈匝数为n，转子单个磁场、定子单个线圈所对圆心角均为45°。不计线圈电感及线圈间的空隙，不计摩擦、空气阻力。 （1）若转子盘受到外力作用以角速度ω逆时针匀速转动（即线圈相对磁场顺时针运动），求线圈中的感应电流变化的周期T； （2）在第（1）问的条件下，求单个线圈上产生的感应电动势E的大小； （3）在t0时间内消耗燃油的能量为E0，转化为电能的效率为η，每个线圈向汽车电池充电的电流维持为I，求这段时间充入电池的能量△E。 15. 街式滑板比赛部分赛道可简化为如图所示模型：由倾角为θ=37°，的AB倾斜直轨道，BC水平直轨道和竖直面内r=2.5m的四分之一圆弧轨道CD连接而成。一质量为mb=6kg的滑板b静止在水平直轨道靠近斜面的最底端B点，一质量为M=54kg的运动员站在一质量为ma=2kg的滑板a上从倾斜直轨道上的A点无初速度滑下，当滑到水平直轨道时人相对滑板a竖直向上微微跃起，滑板a与滑板b发生弹性碰撞，人刚好落到滑板b上并一起沿着BC直轨道运动。不计轨道连接处能量损失，滑板a与斜面的动摩擦因数μ=0.25，忽略空气阻力以及滑板和其他轨道之间的摩擦力，运动员和滑板可视为质点。重力加速度取g=10m/s2、sin37°=0.6，求：（第2、3问最终结果保留一位小数） （1）运动员和滑板a从A点滑到斜面底端B点所用的时间及到达B点时的速度大小； （2）碰撞后，滑板a沿斜面上滑的最大距离L'； （3）碰撞后，滑板b和运动员能否一直沿轨道CD运动而不脱离？如果不脱离轨道，请说明理由或证明；如果会脱离轨道，则脱离点距地面高度为多少？ 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $