2026届安徽江南十校高三二模物理试题

姓名 座位号 (在此卷上答题无效) ★启用前绝密 2026届高三5月学业质量检测 物理 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号框涂 黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号框。回答非选择题时，将答案写在 答题卡上，写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将答题卡交回。 一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分，在每小题给出的四个选项中， 只有一项是符合题目要求的。 1.我国“人造太阳”在2025年创下“亿度千秒”的世界纪录，即在上亿摄氏度条件下实现1066 秒稳态长脉冲高约束模等离子体运行，为实现可控核聚变迈出了坚实的一步。核聚变燃 料主要是氢的同位素，其核反应方程之一为：H+3H→H+x,下列说法正确的是 A.x为质子 B.该反应属于衰变 C.氦核内有2个质子，4个中子 D.该反应有质量亏损，会释放能量 2.“拔火罐”是一种传统的中医疗法，利用燃烧在罐内形成负压，使其吸附于皮肤表面。 若罐内气体可视为理想气体，且气体体积不变。在罐内气体温度逐渐下降的过程中，下 列说法正确的是 A.罐内气体分子的平均动能减小 B.罐内气体的内能不变 C.罐内气体密度增大 D.罐内气体压强与外部大气压始终相等 第2题图 3.如图所示，一透明玻璃砖截面为等腰直角三角形ABC,一束单色光从AB中点垂直射 入，该玻璃砖对入射光的折射率为√3，下列说法正确的是 A.光从真空射入玻璃砖后频率变小 B.光从真空射入玻璃砖后波长变长 C.AC边有光射出 B 第3题图 D.若将入射光平行上移一段距离，其在玻璃砖中的传播时间不变 物理试题 第1页共6页 ▣紫▣ Q夸克扫描王 极速扫描，就是高效 4.2026年1月，马斯克旗下SpaceX公司宜布“星链”降轨计划，计划将4400颗星链卫星 从原来550公里高度降至480公里，直接逼近中国空间站（运行于400~450公里轨道）， 构成严重的碰撞风险。右图为星链卫星降轨前的示意图，以下 说法正确的是 空间站运 行轨道 A.空间站的运行速度小于星链卫星的运行速度 R B.星链卫星要实现降轨需要减速 星链卫犀 C.星链卫星的运行周期小于空间站的运行周期 运行轨道 D.相等时间内，空间站与地心连线扫过的面积等于星链卫星 第4题图 与地心连线扫过的面积 5.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为2：1，原线圈接u=2202sin100mt(V)的 正弦式交变电流，副线圈电路中电阻R=102,R2=402,D为理想二极管。开关S分别 接1和2时，变压器的输入功率之比为 A.2:1 B.4:1 C.8:1 第5题图 D.16:1 6.某运动员进行跳台滑雪训练，两次从雪坡滑下后从P点水平飞出，分别落在斜面上的 M、N两点，落在M、N两点时运动员的速度方向与斜面间的夹角分别为、巳2，忽略 空气阻力，以下说法错误的是 A.落在N点的速度较大 B.落在N点过程速度变化量较大 C.落在N点过程动量变化率较大 第6题图 D.A>02 7.如图所示，质量为m,电阻为R,直径为d的圆形金属线框置于粗糙绝缘的水平桌面 上，线框的左半部分处于一个垂直桌面向下的正方形匀强磁场区域，磁场区域边长也 为d磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示，其中B。、t。均为己知量，圆形线 框一直处于静止状态。重力加速度为g,下列说法正确的是 物理试题 第2页共6页 ▣▣ 。夸克扫描王 极速扫描，就是高效 ▣ b XXX 甲 第7题图 A.O~,时间内线框中的感应电流方向为顺时针 B.2t时刻线框所受安培力大小为 元Bd 32Rto C.0.5t。与2t。时刻，线框受到的摩擦力大小相等，方向相反 D.0~t。和。~3，时间内，导体框中产生的焦耳热之比为4：1 8.如图所示，在水平桌面上有一个质量M=4kg的长木板，其上端放置一个质量m=2kg 的物块A,木板右端连接一根轻绳，轻绳跨过光滑的定滑轮连接一质量也为m=2kg的 物块B,木板与A和桌面间的动摩擦因数μ均为0.4，t=0时刻在木板左端施加一个水 平向左的拉力F=2t（F单位为N,t单位为s)。不计空气阻力，木板、轻绳足够长， A不会从木板上滑落，B不会碰到定滑轮，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度 g=10m/s2。下列说法正确的是 A 777777777777777777777777777777 A.t=0时刻，桌面对木板的摩擦力大小为24N B B.t=25s时刻，A的加速度大小为1m/s2 第8题图 C.t=25s时刻，B的速度为1.125m/s D.t=50s时刻，轻绳对B的拉力大小为34N 二、多项选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中， 有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 9,如图所示，竖直面内固定一个半径R=2.0m,表面粗糙的四分之一圆弧轨道，圆心0 与A等高，P是圆弧AB的中点。一个质量m=0.5kg的小物块以恒定速率y。从A点 沿圆弧轨道运动到B点，重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是 物理试题 第3页共6页 ▣▣ Q夸克扫描王 极速扫描，就是高效 ▣6 A.小物块重力的功率一直减小 B.小物块受到的合力做功为0，合力的冲量不为0 C.小物块与轨道间的动摩擦因数处处相等 D.小物块在AP段与轨道摩擦产生的热量为5J 第9题图 10、如图所示，有一粒子源位于棱长为L的正方体空间内的几何中心0，能够向水平各个方向 发射速度大小均为，质量为m,电荷量为+9的带电粒子。整个空间（包含正方体内、外 空间)内存在竖直向下的匀强磁场（未画出》，磁感应强度B= 2mvo, 忽略粒子重力 gl 及粒子间相互作用。则 B A.粒子做圆周运动半径r=2L πL B.粒子运动到正方体侧面的最短时间为 6v0 C-- C.若整个空间内还存在竖直向下的匀强电场B=m 0 所有粒 D gL D 第10题图 子都会打到正方体底面中心O D.若整个空间内还存在竖直向下的匀强电场E= mvo ,所有粒子都会打到正方体 4元2gL 底面中心0， 三、非选择题：本题共5小题，共58分。 11.(6分)某实验小组做“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验，装置如图所示， 其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。 （1)本实验主要采用的科学方法是 A.控制变量法 B.物理模型法 C.理想实验法 D.等效替代法 (2)下列操作正确的是 A.实验前需标记橡皮条原长时结点的位置 B.同一组实验中，节点O的位置不能改变 C.使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行 第11题图 D.橡皮条必须与两绳夹角的角平分线在同一直线上 (3)某次实验中两弹簧秤夹角小于90°，现保持0B方向及节点0的位置不变，使0C与 虚线夹角逐渐减小，则.O℃绳上的拉力 。(选填“不变”、“逐渐变大”或“逐渐变小) 物理试题 第4页共6页 Q夸克扫描王 极速扫描，就是高效 12.（10分)某同学用如图甲所示的电路测量电源的电动势和内阻。可用器材如下： A.待测意安表mA（量程5mA,内阻约为102) B.电阻箱R。（最大阻值为9999.992) C.电源E(电动势约为8V,内阻未知) 7.9 D、电压表V(量程10V,内阻约为15k2) E.滑动变阻器R,(最大阻值为1k) F.滑动变阻器R,(最大阻值为2k) mA l/mA 3.0 G.滑动变阻器R,(最大阻值为202) 第12题图乙 (I)首先测量毫安表mA的内阻。正确连接电路后，进行如下操作： ①将滑动变阻器的滑片滑到最右端，闭合开关S； ②调节滑动变阻器使毫安表mA满偏，闭合开关S2,调节电阻箱R,使毫安表mA达到满 偏的一半，记录此时电阻箱的读数为9.602。 由上述操作可知，本实验中滑动变阻器应选择 (选填“E”或“℉”)，毫安表的内阻 R。= 2;毫安表内阻的测量值 (选填“偏大”、“偏小”或“准确”) (2)测量电源的电动势和内阻。 调节R。,将毫安表A改装成量程为1.0A的电流表，将滑动变阻器换成R3,再闭 合S,,多次改变滑动变阻器连入电路的阻值，记录毫安表与电压表的示数，根据实验数据 作出U-I图像如图乙所示。若电表内阻对实验的影响忽略不计，根据图线可求出电源的 电动势E=V,内阻r=2。(结果均保留两位有效数字) 13.（10分)超声波在医疗及生产领域的应用很广泛，将超声波传播简化为如题图甲所示， 超声波从介质1进入介质2中继续传播，A、B、C为传播方向上的三个点。如图乙所示为 0时刻A质点右侧介质1中的部分波形图，此时B点刚开始振动，图丙所示为该时刻起 B点的振动图像。已知B、C两质点间的距离为0.36cm,超声波在介质2中的速度为 1.8×103m/s,求： y/(x10m) y/(x10m) 介质2 3.0x104m) 2 t/(x107s) 甲 丙 第13题图 (1)该波在介质1中传播速度的大小： (2)03×10-s内质点C运动的路程s。 物理试题 第5页共6页 ▣▣ Q夸克扫描王 极速扫描，就是高效 14.(14分)如图，水平边界M下方足够大的空间内存在水平向左的匀强电场，场强大小 未知。两个质量相等的带正电小球A、B电荷量之比为1：3，在M上方等高处分别以大小 为o和3o的初速度同时水平反向抛出，A球进入电场时速度方向与边界M成60°角，在 电场中做直线运动。不计空气阻力、小球大小和电荷间的作用力，重力加速度为g,在两 球碰撞前，求： (1)刚开始时小球距水平边界M的高度； (2)B球在电场中运动过程中的最小速度； (③)从进入电场开始，经多长时间两球相距最远。 60° 第14题图 15.(18分)如图所示，固定在竖直平面内的四分之一光滑圆弧轨道，半径R=0.2m,其底 端与水平传送带相切于A点，传送带左、右两端的距离LB=2.0m,以v=4ms的速度沿顺 时针方向转动，足够长的光滑水平面BD与传送带相切于B点。一轻质弹簧右端与固定于 D点的挡板拴接，左端与一质量M8kg的物块Q连接。质量m=1kg的物块P从圆弧轨道 顶端由静止滑下，运动到C点与物块Q发生碰撞，每次发生的都是完全非弹性碰撞，但 碰后并不粘连，第一次碰撞前物块Q静止于平衡位置，且每次回到平衡位置时物块Q都 会立即被锁定，而当它们再次碰撞前锁定被解除。弹簧的最大压缩量不超过其弹性限度。 已知物块P与传送带间的动摩擦因数0.5，重力加速度g=10m/s2,两物块均可视为质点， 忽略它们经过衔接点时的机械能损失。求： P 2 B 第15题图 (I)物块P从轨道顶端下滑至底端时对轨道的压力大小； (②)物块P第一次从A运动到B的过程中，传送带对它的冲量大小；（结果可用根号表示） (3)全过程中，物块P与传送带间因摩擦而产生的热量。 物理试题 第6页共6页 ▣▣ Q夸克扫描王 极速扫描，就是高效 2026届高三5月学业质量检测物理参考答案 1.D详解：由电荷数、质量数守恒可判断x应为中子，故A错：该反应是聚变反应，不是自 发的衰变反应，故B错：氦核内有2个质子，2个中子，故C错：该聚变反应有质量亏损， 会释放核能，故D正确。 2.A详解：温度降低，气体的平均动能减小，内能减小，故A正确，B错误：气体质量、体 积均不变，故气体密度不变，故C错误：罐内气体温度降低，体积不变，所以压强减小，比 外部大气压小，故D错误。 3.D详解：光从真空射入玻璃，频率不变，速度减小，由入=二得波长应变短，故B错误： 折射率为3，由sinC=1=<二得全反射临界角C<45,所以光射到C边会发生 < n52 全反射，没有光从AC边折射出去，故C错误：将入射光平行上移一段距离后，光在玻璃中 的运动路程及速度均不变，所以传播时间不变，故D正确。 4.B详解：空间站的轨道半径比星链卫星低，所以空间站的运行速度大于星链卫星速度，A 错误：星链卫星要从高轨道变轨到低轨道需要减速，故B正确：星链卫星的轨道半径比空间 站轨道半径大，所以星链卫星的运行周期大于空间站运行周期，故C错误：由开普勒第二定 律可知，D错误。 5.C详解：开关接1时：B=,R两端电压的有效值U,=110V:开关接2时：B=, R R, 由于二极管的存在，R,两端电压有效值U2=55V2V;带入数据得P1:P2=8:1,故选C. 6.C详解：过M点作一条水平线与从P平抛落在N点的轨迹交于Q点，比较从P到M与从P 到Q,下落高度相同，从P到Q水平位移较大，故落到N点对应的平抛初速度较大，且落到 N点下落高度更高，在N点的竖直方向分速度也更大，所以落在N点的速度更大，故A错误： 速度变化量△V=△'，=V2gh,所以落到N点过程速度变化量更大， 故B错误；动量变化率等于该运动员所受重力，故C正确：设斜面倾角 为，PM连线与水平方向夹角为6，PN与水平方向夹角为0，，根据平 抛运动推论可得：2tan0,=tan(a+0,)；2tan0,=tan(a+02),且 M 日3>日4，所以日1>02，故D错误。 7.B详解：由楞次定律可判断0~to时间内线框中感应电流方向为逆时针，故A错误；2t,时 刻线框中的电流1二月：E了 =名d品：F=今a:联立解得F=8 ,故B正确： 2t0 2 32Rto 0.5t。与2时刻，线框中电流大小不同，安培力大小不同，线框受到的静摩擦力与安培力 大小相等，所以摩擦力也不相等，故C错误；0~和。~3时间内，电流大小之比为2：1， 时间之比为1：2，所以产生的焦耳热之比为2：1，故D错误。 8.C详解：t=0时刻，F=0,由于mg<(M+m)8,木板与A静止，由平衡可得，木板 ▣减 Q夸克扫描王 极速扫描，就是高效 ▣序 受桌面的摩擦力∫=mg=20N,故A错误：木板与物块A恰好向左滑动时， F=μ(m+M)8+mg=44N,物块A与木板刚发生相对滑动时： E-μ（m+M)8-mg=(M+2m)a,a=g,联立解得：F=76N;t=25s时， F=50N>44N,A与木板未发生相对滑动，对A、B、木板整体： F-u(m+M)g-mg=(M+2m)a,解得a=0.75m/s2,故B错误；22~25s过程，对 系统运用动量定理：F△t-u(M+m)g△t-mg△t=(M+2m)v-0, F=44N+50N=47N,联立解得：V=1.125m/s,故C正确：1=50s时， 2 F=100N>76N,A与木板相对滑动，对B与木板系统： F-u(M+m)g-mg-mg=(M+m)a2,对B:T-mg=ma2,联立解得：T=36N, 故D错误。 9.AB详解：设小物块与0点连线与水平方向夹角为日，从A到B小物块重力的功率 P=mgv cos日，故A项正确：小物块动能不变，所以合外力做功为0.小物块动量变化了， 所以合外力的冲量不为0，故B正确：对物块受力分析：F、-mgsi0=m R mng cos6=FN,分析可得：F增大，μ减小，故C错误：从A到B过程中，由能量守恒： Q=mgR=10J,又因为AP段的摩擦力比PB段大，所以QP>5J,故D错误。 10.BCD详解：粒子在磁场中做匀速圆周运动r=m=L,故A错误：粒子打到侧面中 gB 2 πL 心点时弦长最短1=L,时间最短1m=32= 二，故B正确：要使所有粒子都会打到 yo6y 2π兰 正方体底面中心O,，需满足： =9E,t=N2= ,联立解得： 22m Vo E=,m（N=l23),故C、D正确。 N2π2gL 11.(每空2分)（1)D（2)BC (3)逐渐变大 详解：(1)合力作用效果与两分力作用效果相同，故选D: (2)实验前不需要记录橡皮条原长时节点的位置：同一组实验中，节点0的位置 不能改变，以保证合力与分力的作用效果相同：要保证实验结论普遍性，不需要使 橡皮条与两绳夹角的角平分线在一条直线上，故本题正确答案选BC (3)由图解法分析可知，OC绳上的拉力逐渐变大 12.(每空2分)（1)F9.60偏小 (2)7.9 2.5 详解：(1)要使毫安表满偏，回路总电阻R。= =16002,故滑动变阻器选F:测毫 ▣减▣ Q夸克扫描王 极速扫描，就是高效 安表内阻用的是“半偏法”，故毫安表内阻R。=9.602；闭合开关S2后，回路总电阻略减 小，总电流略大于L,毫安表半儡时，实际流过R的电流大于)。：所以R,<R:,故毫 安表内阻测量值偏小。 (2)由闭合电路欧姆定律：U=E-200r,所以E=7.9P,200r= 7.9-6.4 3.0×103 解得： r=2.5Ω 13.(1)超声波在介质2中传播时T=2×10-7s在两种介质中传播时周期不变，1分 则在介质1中传播时=亭=m/5=15X10m/ 3分 (2)超声波从B传到C的时间为t=号=005=2×10-6g 2分 03×10s内C点振动的时间△t=3×10-6s-t=1×10-6s 2分 c点运动的路程s=兰×4A=1×104m 2分 14.(1)小球在进入电场前做平抛运动，将进入电场时的速度分解， 竖直方向速度vy=votane60°， 1分 小球距水平边界M的高度h=竖= 2g-2g 2分 (2)A球在电场中做直线运动，说明合力方向与速度方向共线。A球受重力和电场力，设A 球电荷量为g,质量为m,则mg=tan60 1分 gE B球电荷量为3q,则电场力FB=3qE, 1分 设B球所受电场力和重力的合力与电场边界夹角为0，tamu=器=气c=30 1分 设B球进入电场时速度与电场边界夹角为邡。tan6=品=停B=30° 1分 速度大小vg=3=2V3v0 1分 cosB 将速度分解为沿合力方向vB1的和垂直合力方向vB1,则最小速度)mim=vB1=vgc0s(90°- a-B)=3v0 1分 (3)两球在竖直分运动相同，水平速度相同时相距最远，则有vAx=VBx 即vo+aAxt=-3v0+aBxt 2分 对A球，根据牛顿第二定律，有9B=maA,解得aAx=号g 1分 对B球，根据牛顿第二定律，有3qE=maBx,解得aBx=V3g 1分 联立解得解得t=23m 1分 0 ▣减▣ Q夸克扫描王 极速扫描，就是高效 ▣a6 15.(1)物块P从轨道顶端下滑至底端的过程中，机械能守恒定律可得mgR=,mv听 解得vA=2m/S, 1分 物块P到达轨道底端时，根据牛顿第二定律可得FN一mg=m受 1分 根据牛顿第三定律，物块P对轨道底端的压力FN=FN=30N 1分 (2)物块P滑上传送带后，根据牛顿第二定律有umg=ma 解得a=5m/s2 1分 物块P的速度增大到与传送带速度相等所需的时间t1=4=0.4s 1分 对地位移x=叶A.t1=1.2m 1分 2 由于x<LaB,此后物块P做匀速直线运动，到达传送带最右端还需要的时间t2=B=x 代入数据解得t2=0.2s 1分 物块P从A运动到B摩擦力的冲量为I:=umgt1=2N·s 1分 支持力的冲量为IN=mg(t1+t2)=6N·s 1分 传送带对物块P的冲量大小为1=、+？=2V10N·s 1分 (3)第一次通过传送带过程与传送带相对位移s相1=vt1一x=0.4m 物块P与传送带间因摩擦而产生的热量Q1=mgs相1=2) 1分 设第一次碰后物块P与物块Q的速度为v1,两物块系统在碰撞过程，根据动量守恒，有v= (m+M)v1 解得u1=mp=专m/s 1分 第一次碰撞后当弹簧恢复原长时P、Q分离，此时物块P的速度大小仍为1，物块P在传送 带上先向左做匀减速运动，减速到零的位移x=三=<LB 1分 2a 2ug 所以物块P在传送带上先向左做匀减速到零的运动，再向右做匀加速运动以原速率返回右 端，所以物块P与物块Q第二次碰撞前的速度为v1 设第二次碰后物块P与物块Q的速度为v2,则对第二次碰撞过程，有mv1=(m+M)v2 解得2=”1=品 同理可推物块P每次碰撞后都将被传送带带回与物块Q发生下一次碰撞，则碰撞次后返 回传送带，速度大小为vn=g=gm/s 4 1分 ▣紫▣ Q夸克扫描王 极速扫描，就是高效 ▣6 第n次与物块Q碰撞后，在传送带上运动的时间n=2×:=号×是s 1分 物块P与传送带的相对位移s相=vtn一0 1分 与物块Q第一次碰后运动的全过程，物块P与传送带间因摩擦而产生的热量 02=mgs相=5×号×（日+京+京+…+动）=32×高=4到 1分 所以全过程总热量Q=Q1+Q2=6 1分 Q夸克扫描王 ▣▣ 极速扫描，就是高效