湖南长沙市2026届高考仿真模拟考试物理自编试卷01（人教版）

湖南省长沙市2026届高考仿真模拟考试自编试卷01 物理试题 考试时间：75分钟； 分值：100 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上． 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效． 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回． 第一部分（选择题 共43分） 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．理论和实验分析表明，物质内分子热运动的平均动能与绝对温度之间满足的关系是，其中为玻尔兹曼常量，与物质的分子结构有关，比如，常温下的理想气体中，单原子分子气体，双原子分子气体，常温下的固体（晶体），等等。则下列说法中正确的是（　　） A．温度升高时，物体内所有的分子热运动动能都增加 B．常温下，温度相同且可视为理想气体的氦气、氖气的分子热运动平均动能相同 C．常温下，温度相同且可视为理想气体的氧气、臭氧的分子热运动平均动能相同 D．常温下，温度变化相同时，物质的量相同、可视为理想气体的氢气、氧气的内能变化量不相同 2．我国自主研发的“玲龙一号”，是全球首个陆上商用模块化小堆，这表明我国的核电技术已处于世界先进水平。其中的一种核反应方程式甲为，可以进一步发生衰变，核反应方程式乙为。则（　　） A．，粒子是 B．甲为聚变反应，乙为核衰变反应 C．的比结合能小于的比结合能 D．乙中的动量等于与的动量之和 3．如图所示，小明家的小院里有一个儿童篮球架，已知篮筐高度，小明从距篮筐距离的地方竖直跳起，在距地面处将篮球（可视为质点）水平抛出，篮球恰好从中心穿过篮筐。取，不计空气阻力以及篮网对篮球的影响，则（　　） A．篮球从出手到入篮的时间为 B．篮球出手的速度大小为 C．篮球落地的速度大小为 D．篮球出手点到落地点的水平距离为 4．如图所示，两个等量异种点电荷间隔一定距离分别固定在M、N点，O是两者连线的中点，A，B是等势面上的两点，，C、D是等势面上的两点，，各点都在同一平面内，取无穷远处电势为零，则（　　） A．A点处和B点处的电场强度大小相等，方向不同 B．A处和D处的电场强度大小相等，方向相同 C．B处和C处的电势相等 D．O点的电势为正值 5．中国科学家发现了代号为TMTSJ0526的双星系统，该系统由一颗质量约为（为太阳质量）的碳氧白矮星与质量约为的热亚矮星两颗星体组成。它们的轨道平面几乎与地球的观测平面重合，用望远镜在地球附近观测，发现双星系统的亮度周期性地变暗和变亮，已知两个天体周期性地互相遮挡造成观测的双星系统亮度变化周期是该系统匀速圆周运动周期的一半。某次观测记录该双星系统的亮度随时间t的变化情况如题图所示，图中“星等”表示亮度，实线为实验数据经最佳拟合得到的正弦式曲线，虚线所对时刻是曲线上“星等”最小的时刻。已知太阳质量约为，引力常量，，下列说法正确的是（　　） A．碳氧白矮星和热亚矮星转动的半径之比为7∶3 B．该双星系统的运转周期约为600s C．两星体之间的距离约为 D．若多年以后，两星体间的距离逐渐减小，两星体转动的角速度也将减小 6．如图，a、b两完全相同的正方形均匀导线框ABCD，右边与匀强磁场边界重合，磁感应强度与线框平面垂直，导线框a在外力作用下匀速进入磁场、导线框b以CD为轴匀速转入磁场，至第一次转至图中虚线位置，所用时间相同。下列说法正确的是 （    ） A．两线框的电流方向都是A→B→C→D→A B．a线框电流的大小等于b线框电流的平均值 C．外力对a线框做的功大于对b线框做的功 D．b线框自图示位置转过90°~180°过程中磁通量的变化率逐渐增大 7．如图，直角三角形△ABC位于竖直平面内，AB沿水平方向，长度为L，∠ABC = 60°。空间存在一匀强电场，场强方向与△ABC所在平面平行，将一带正电的微粒（不计重力、空气阻力）从A点移动到B点，电场力做功为，从B点移动至C点，电场力做功为（W > 0）。下列说法正确的是（　　） A．电场强度的大小是 B．将该带电微粒从B点无初速度释放，其沿∠ABC的角平分线所在直线运动 C．将该带电微粒从C点沿CA抛出，要使其通过B点，微粒在C点的动能应为 D．将该带电微粒从A点沿AC抛出，要使其到达BC时，其位移方向垂直于电场强度方向，微粒在A点的动能的应为 二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．如图所示，运动的球A在光滑水平面上与一个原来静止的球B发生弹性碰撞， A．要使B球获得最大动能，则应让A,B两球质量相等 B．要使B球获得最大速度，则应让A球质量远大于B球质量 C．要使B球获得最大动量，则应让A球质量远小于B球质量 D．若A球质量远大于B球质量，则B球将获得最大动能、最大速度及最大动量 9．发射地球同步卫星时，先将卫星发射到近地圆轨道1，然后点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步轨道3，轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点（如图），则以下判断正确的是（　　） A．卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率 B．卫星在轨道2经过Q点的速度大于它在轨道1经过Q点的速度 C．卫星在轨道2经过Q点的加速度大于它在轨道1经过Q点的加速度 D．卫星在轨道3经过P点的加速度等于它在轨道2经过P点的加速度 10．如图（1）所示，质量为的木板初始时静置于倾角的足够长的光滑斜面某段。某时刻质量为的小物块以初速度滑上木板底端，物块与木板之间的动摩擦因数为，同时对木板施加一个沿斜面向上的恒定拉力F，并将木板由静止释放。当恒力F取某一值时，物块在木板上相对于木板滑动的路程为S，给木板施加不同大小的恒力F，得到的关系如图（2）所示，其中AB段与横轴平行，B点的横坐标为9.5N，若将物块视为质点，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取，则下列说法正确的是（　　） A．小物块刚滑上木板时的加速度大小为 B．木板的板长为0.5m C．C点纵坐标为 D．在图像的DE段中小物块将从木板上端滑出 第二部分（非选择题 共57分） 三、非选择题：本大题共5题，共57分。 11．某同学利用如图甲所示装置验证机械能守恒定律。他在打好点的纸带中挑选出一条点迹清晰的纸带，如图乙所示。把打下的第一点记作O打下的第一、二两点距离约2mm，从O点后某个点开始。依次为1、2、3…，分别测出各个计时点到起始点O的距离，已标在图乙中，已知打点计时器频率50Hz，回答下列问题。    （1）关于此实验，下列说法中正确的是 ___________。 A．重物最好选择密度较小的物体 B．重物的质量可以不测量 C．实验中应先释放纸带，后接通电源 D．可以利用公式来求解瞬时速度 （2）通过该纸带上的数据，若重物的质量为0.5kg，从开始下落起至打下计时点4时，重物的动能增加量为 ___________J，重物的重力势能减少量为___________J。（当地重力加速度大小g=9.8m/s2，结果均保留2位小数） （3）某同学在纸带上选取计数点后，测量它们到起始点O的距离h，然后利用正确的方法测量并计算出打相应计数点时重物的速度v，通过描绘图像去研究机械能是否守恒，若忽略阻力因素，那么本实验的图做应该是图丙中的 ___________。       　 A．  B．  C．  D．   12．某物理爱好者设计了一个三挡位（“”“”“”）的欧姆表，其内部结构如图所示，为单刀三掷开关，为调零电阻，、、为定值电阻，表头的满偏电流为，内阻为，干电池的电动势为，内阻为。用此欧姆表测量某待测电阻的阻值，回答下列问题∶ (1)欧姆表的两只表笔中，____（选填“a”或“b”）是红表笔。 (2)当欧姆表的挡位为“×1”时，应将单刀三掷开关K与____（选填“1”“2”或“3”）接通。 (3)若从“×10”挡位换成“×1”挡位，再进行欧姆调零时，调零电阻R的滑片应该____（选填“向上”或“向下”）调节。 (4)在“×100”挡位进行欧姆调零后，在ab两表笔间接入阻值为6000Ω的定值电阻R1，稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的；取走R1，在ab两表笔间接入待测电阻Rx，稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的，则Rx=____Ω。 (5)若电源电动势原来为1.5V，一段时间后，电动势降为1.2V，用此欧姆表欧姆调零后测量某电阻，读数为30Ω，则该电阻的真实值为_____Ω。 13．如图所示，一定质量的气体放在体积为V0的导热容器中，室温T0=300K，有一光滑导热活塞C（体积忽略不计）将容器分成A、B两空，B室的体积是A室体积的三倍，A室容器上连接有一管内体积不计的足够长U形管，两侧水银柱高度差为76 cm，A内有体积可以忽略的电阻丝，左室容器可通过一阀门K与大气相通。已知外界大气压P = 76 cmHg。 （i）若A室内气体的温度保持不变，将阀门K打开，稳定后B室内剩余气体的质量和B室原有气体质量之比是多少? . （ii）若打开阀门K稳定后，给A空内的电阻丝通电，将A空内气体温度加热到750K，求此时A室内气体压强。 14．如图所示，质量均为的物块A、B并排放在光滑水平面上，A上固定一竖直轻杆，轻杆上端的点系一长为的细线，细线另一端系一质量为的球C，整个系统处于静止状态。现给球C一个水平向右的初速度，式中为重力加速度，不计空气阻力。求： (1)此时细线对球C的拉力大小； (2)球C向右摆动过程中，上升的最大高度； (3)球C摆到杆左侧，离杆最远时的速度大小。 15．伽利略大炮是一种极为简易的机械发射装置，由伽利略于1590年左右发明。现我们共同研究伽利略大炮的实验，先将500g的弹性大球单独自由释放，落地反弹高度为下落高度的0.64倍。现在弹性大球上将弹性小球逐个叠放，并将它们从距地面0.8m高处自由释放，如图所示。已知各球相互接触且重心在同一竖直线上，每个弹性球的质量为该球下面接触球质量的一半，各球之间均发生弹性碰撞，作用时间极短，无论弹性大球上面是否叠放弹性小球及叠放几个弹性小球，弹性大球与地面碰撞过程中能量损失均保持不变，重力加速度g取，忽略空气阻力。 （1）若将弹性大球单独从距地面0.8m高处自由释放，求地面对弹性大球所做的功； （2）若弹性大球上端只放一个弹性小球，求两球碰撞过程中弹性大球对弹性小球的冲量大小； （3）若要使最上端的弹性小球上升高度不低于45m，求至少需要叠放多少个弹性小球？ 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $ 湖南省长沙市2026届高考仿真模拟考试自编试卷01 物理试题（解析版） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B D A B C B D ABC BD ABC 1．B 【详解】A．温度升高时，分子平均动能增大，单个分子热运动具有随机性，并非所有的分子热运动动能都增加，A错误； B．氦气、氖气的分子都是单原子分子，中i均取作3，可知温度相同时，两者分子平均动能相同，正确； C．而氧气分子为双原子分子、臭氧分子为三原子分子，中的取值不同，故温度相同时，两者分子平均动能不相同，C错误； D．氢气分子、氧气分子都是双原子分子，中均取作5，温度变化相同时，分子平均动能变化相同，又由于两者物质的量相同，也就是分子数相同，且是理想气体不计分子间相互作用势能，所以内能变化量相同，D错误。 故选B。 2．D 【详解】A．甲反应中，左边质量数为，右边为 由得； 乙反应中，电荷数守恒 (为电荷数)，得 质量数守恒 (为质量数)，得 所以是电子()，故A错误； B．甲是铀核吸收中子裂变为钡核和氪核，属于重核裂变，不是聚变(聚变是轻核结合成重核)；乙是核自发转变为核并放出粒子，属于核衰变反应，故B错误； C．重核裂变生成中等质量核时，比结合能增大(中等质量核比结合能最大)。是重核，是中等质量核，故的比结合能大于，故C错误； D．乙反应中，衰变前动量为零(默认静止)，根据动量守恒定律，衰变后与Y粒子的总动量也为零，即两者动量大小相等、方向相反，矢量和为零，等于衰变前核的动量，故D正确。 故选D。 3．A 【详解】A．篮球做平抛运动，可分解为水平方向匀速直线运动、竖直方向自由落体运动。从出手到入篮，竖直方向下落高度 由自由落体公式 得运动时间，故A正确； B．水平方向匀速运动，有 得出手初速度 不是，故B错误； C．从出手到落地，竖直方向总下落高度为 由自由落体运动规律，下落总时间 落地竖直分速度 合速度 不是，故C错误； D．出手点到落地点的水平距离 不是，故D错误。 故选A。 4．B 【详解】A．根据等量异种电荷电场线分布规律可知，A点处和B点处的电场强度不同，故A错误； B．根据数学关系易知AD关于O点对称，根据等量异种电荷电场线分布规律，可知A处和D处的电场强度大小相等，方向相同，故B正确； C．电场线方向从M指向N，随电场线方向电势降低，可知B处和C处的电势不相等，故C错误； D．等量异种电荷的中垂线是等势面，且电势为0（取无穷远处为零电势），O点在中垂线上，故O点电势为0，故D错误。 故选B。 5．C 【详解】A．由题目描述可知碳氧白矮星的质量为，热亚矮星质量为。设两星球之间的距离为，两星球做圆周运动的半径分别为、，圆周运动周期为T。由双星系统万有引力提供圆周运动向心力可得： 化简可得，A错误； B．根据实验数据经最佳拟合得到的亮度变化的正弦式曲线可知，正弦曲线周期为600s。因为亮度变化周期是该系统匀速圆周运动周期的一半，所以该双星系统的运转周期约为，B错误； C．由双星系统万有引力提供圆周运动向心力，分别对两星球列式可得， 化简消去质量可得， 将上式左右两边分别相加可得 则两星体之间的距离为 带入题中数据可得两星体之间的距离L约为，C正确； D．根据C选项推导过程可知，双星系统的运动周期由两星球的质量之和以及两星球间的距离决定。多年以后，两星体间的距离逐渐减小，质量和不变，则周期T减少。由可知，角速度增大，D错误。 故选C。 6．B 【详解】A．对导线框a，根据楞次定律可得电流方向是A→B→C→D→A，对导线框b，根据楞次定律可得电流方向是B→A→D→C→B，故A错误； B．根据，两线框磁通量的变化相同，时间相同，可知a线框电流的大小等于b线框电流的平均值，故B正确； C．对a线框，可得感应电动势为 对b线框，根据，可知感应电动势为 可得有效值为 根据时间关系有 可得 根据可得a线框产生焦耳热小于b线框，根据能量关系可得外力对a线框做的功小于对b线框做的功，故C错误； D．b线框自图示位置转过90°后开始计时，则有磁通量为 可得磁通量的变化率为，可知磁通量的变化率逐渐减小，故D错误。 故选B。 7．D 【详解】A．由题意可知，，，则 如上图，在BC边上找点D，使D点与A点电势相等，则AD连线为等势线，则 设微粒电荷量为q，DB边长为LDB，CD边长为LCD，θ为电场方向与CB方向的夹角，则 解得 在△ABD中，由几何关系可知 解得 过B点作BE交AD于E点，且BEAD，因为且微粒带正电，所以A点电势大于B点电势，故电场方向沿EB，由E指向B，且有 解得 故A错误； B．由A选项可知，电场方向由E指向B，如果将带正电微粒从B点无初速度释放，该微粒将沿EB方向运动，由几何关系可知，∠ABE = 45°，∠DBE = 15°，EB边不是∠ABC的角平分线，故B错误； C．如下图，将BE反向延长交AC于F点，由几何关系可知∠ABE = 45°，LAF = L，则 如果将带电微粒从C点沿CA抛出，要使其通过B点，设微粒在C点的动能为Ek1，则带电微粒可看成沿CF方向以速度v1的匀速直线运动和沿FB方向的初速度为0加速度为a的匀加速直线运动合成的结果，则 ，， 联立解得 故C错误； D．如下图，过D点作AD的垂线交AC于G点，由几何关系可知∠DAG = 45°，则 如果将带电微粒从A点沿AC抛出，要使其到达BC时，其位移方向垂直于电场强度方向，设微粒在A点的动能为Ek2，则带电微粒可看成沿AG方向以速度v2的匀速直线运动和沿GD方向的初速度为0加速度为a的匀加速直线运动合成的结果，则 ，， 联立解得 故D正确。 故选D。 8．ABC 【详解】设A球的质量为、B球质量为、碰前A球的速度为，A与B发生弹性碰撞，则：、，解得：、． A：据，当A、B两球质量相等时，碰后A的速度为零，B获得了A碰前的全部动能，B球获得了最大动能．故A项正确． B：据，当A球质量远大于B球质量时，B球获得最大速度，接近碰前A速度的2倍．故B项正确． C：据，当A球质量远小于B球质量时，A球几乎原速反弹，A球被弹回的速度最大，B球获得了A球初始动量的接近2倍，B球获得最大动量．故C项正确． D：由上面三项分析知，D项错误． 9．BD 【详解】A．卫星在轨道1和3上均做匀速圆周运动，由万有引力可知 解得 半径大，则速度小，故A错误； B．卫星在轨道1运动经过点时，所受万有引力 卫星在轨道2运动经过点时，卫星做离心运动，所受万有引力 因此有，故B正确； CD．卫星经过同一点时，因所受万有引力相等，所以加速度相等，故C错误，D正确。 故选BD。 10．ABC 【详解】A．小物块刚滑上木板时，分析物块受力 由牛顿第二定律可得 整理并代入数据解得，方向沿斜面向下，故A正确； B．结合物体运动以及图形分析可知，AB段对应拉力较小时，物块从木板的上端滑出，相对路程等于板长。小物块刚滑上木板时，由以上分析可知 对物块，方向沿斜面向下 对木板，设加速度为 由牛顿第二定律有 由题意知B点的横坐标为9.5N 代入其它数据解得，方向沿斜面向上 假设木板不动，则由运动学知识得 木板的板长，故B正确； C．结合物体运动以及图形分析可知，BC段对应拉力稍大一些，物块在斜面上减速滑动一段距离后与木板共速，之后摩擦力反向向上加速。图（2）中C点就对应物块和木板达到共同速度之后一起加速。 设物块向上加速时最大加速度为 对物块由牛顿第二定律得 代入数据解得一起加速时物块最大加速度，方向沿斜面向上 对木板和物块整体运用牛顿第二定律有 代入数据解得 图2中C、D两点横坐标相同，都为 物块刚滑上木板时，设物块加速度为，木板的加速度为，C点纵坐标为 由B中分析得，方向沿斜面向下 对木板由牛顿第二定律有 代入数据得，方向沿斜面向上 设经过时间t二者共速 由运动学知识得 各式联立并代入数据得 则C点纵坐标为，故C正确； D．结合物体运动以及图形分析、上述内容分析可知，DE段属于拉力过大情况，物块先减速到与板共速，因摩擦力提供的加速度不够，不能随木板一起沿斜面向上加速运动，后在木板上加速滑动一段距离后，最终从木板的下端滑出木板，故D错误； 故选ABC。 11． B 0.94 0.95 C 【详解】（1）[1] A．为了减小阻力的影响，重物选择密度大，而体积较小的金属球，故A错误； B．由于严重机械能守恒的表达式中质量可以约去，所以重物的质量可以不测量，故B正确； C．为了充分利用纸带，实验中应先接通电源，然后释放纸带，故C错误； D．若用计算速度，实际上就默认了机械能守恒，失去了验证的意义，故D错误。 故选B。 （2）[2]根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，则打下计时点4时的速度为 重物的动能增加量为 [3]重物的重力势能减少量为 （3）[4]若忽略阻力因素，重锤下落过程只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律得 可得 可知图像为过原点的倾斜直线。 故选C。 12．(1) (2)3 (3)向下 (4)4000 (5)24 【详解】（1）欧姆表内部电流从黑表笔流出，经待测电阻后，从红表笔流进欧姆表，黑表笔与内部电池正极相连，红表笔与内部电源负极相连，因此图中是红表笔。 （2）欧姆表内阻大，中值电阻大，欧姆表的倍率越大，根据闭合电路的欧姆定律，欧姆表内阻 当开关K拨向3时，根据并联电路电流的分配原则可知，与表头并联的电阻越小，该支路的电流越大，回路中满偏电流越大，则欧姆表内阻越小，即为“×1”挡位。 （3）从“×10”挡位换成“×1”挡位，即开关K从2拨向3，满偏电流由变成，欧姆调零电阻由变成 根据闭合电路欧姆定律有， 又 则，即调零电阻接入电路的阻值减小，因此滑片向下滑动。 （4）根据闭合电路的欧姆定律，在“×100”挡位进行欧姆调零，则 在a、b两表笔间接入阻值为6000Ω的定值电阻，稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的，则 在a、b两表笔间接入待测电阻，稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的，则 联立解得 则有 （5）若电源电动势原来为，调零时对应的内阻为，则有 一段时间后，电动势降为1.2V，用此欧姆表进行调零时，有 联立可得 当测量某电阻时读数为，则真实的电阻为 13．（i）； （ii） 【详解】（ⅰ）开始时，设A室内气体压强为，则 A室的体积为，阀门K打开后，A室内气体等温变化，稳定后压强为，则，体积设为，由玻意耳定律： 解得： B室内气体等温变化， ，， 由玻意耳定律： 解得： 则： 解得： （ⅱ）假设打开阀门后，气体从 =300K升到时，活塞C恰好到达容器最左端，即A室内气体体积变为，压强始终为，即为等压变化过程，则根据盖—吕萨克定律，有 解得：          因为=750K > 600K，所以温度从继续升高到=750K的过程中，A室内气体为等容变化过程，设其最终压强为，根据查理定律： 解得               14．(1) (2) (3) 【详解】（1）根据牛顿第二定律得 解得 （2）球C向右上升到最大高度时，球C与木块A、B三者具有共同速度，根据动量守恒定律与系统机械能守恒定律可得， 代入数据解得 （3）球再次回到最低点时，A、B具有共同速度，球C的速度为，根据动量守恒定律与系统机械能守恒定律可得， 解得 球摆到杆左侧，离杆最远时，球与木块具有共同速度，根据动量守恒定律可 代入数据可得 15．（1）0；（2）；（3）弹性大球上至少叠放6个弹性小球 【详解】（1）因地面对大球的弹力没有位移，可知地面对大球弹力做功为零； （2）设弹性大球与地面碰撞前的速度大小为，与地面碰撞后的速度大小为，地面对弹性大球所做的功为，由运动学规律可得，上升过程 下落过程 弹性小球与弹性大球发生弹性碰撞，设弹性大球碰后的速度为，弹性小球碰前与碰后的速度分别为，取向上为正方向，由动量守恒定律和能量守恒定律可得 由动量定理可得 解得 （3）由（2）可得第一个弹性小球与弹性大球碰撞之后速度为 整理可得 同理可得第二个弹性小球与第一个弹性小球碰撞之后的速度为 整理可得 …… 由数学知识可得 由于要使最上端的弹性小球上升高度不低于，由运动学规律可得 则 解得时 时 故弹性大球上至少叠放6个弹性小球。 学科网（北京）股份有限公司 $