2026年中考物理冲刺二十三【初中实验】精选题（冲刺30天）

2026年中考物理冲刺二十三【初中实验】精选题（冲刺30天） 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、实验题 1．（25-26八年级上·陕西安康·月考）声音与人们的生活息息相关，为了认识声音，某实践活动小组设计了如图所示实验对声音进行探究。 (1)用一组相同的瓶子盛上不等量的水就可以组成一个“乐器”，通过敲击瓶子就可以演奏出优美动听的乐曲。被敲击的瓶子发出的音符的音调从左向右越来越________（选填高或低）；若用嘴吹瓶子，发出的音符的音调从左向右越来越________（选填高或低）。 (2)在图乙中，小明与小红用细棉线连接了两个纸杯，制成了一个“土电话”。他们用“土电话”能实现10 m间的通话，这个实验表明了________。 (3)如图丙所示，在做真空能否传声的实验中，随着玻璃罩内的空气被逐渐抽出，电铃的声音将逐渐变小直至听不到。这个实验说明了__________。某同学在做实验时虽然听到的铃声逐渐变小，但始终都能听到铃声，请你分析原因可能是_________。 2．（2026·河南周口·模拟预测）小明用如图所示的装置探究“平面镜成像的特点”。 (1)在桌面上铺一张纸，纸上竖立一块玻璃板作为平面镜。用玻璃板代替平面镜的目的是________； (2)把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，可以看到它在玻璃板后面的像，在像的位置放一个光屏，光屏上不能承接到蜡烛的像，说明平面镜所成的像是________像； (3)再拿一支外形相同但不点燃的蜡烛B，竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像完全重合。记录它们的位置。移动点燃的蜡烛，再做几次实验，收集实验数据如表所示： 次数 蜡烛到平面镜的距离/cm 蜡烛的像到平面镜的距离/cm 蜡烛的像与蜡烛的大小关系 1 5.0 5.0 相等 2 8.0 8.0 相等 3 10.0 10.0 相等 根据表中数据，总结出平面镜成像的一个特点：________； (4)平面镜成像特点在各行各业都有应用，请你举出一个实例：________。 3．（2026·江苏南京·模拟预测）“探究光的反射定律”实验。 (1)小明用图甲、乙所示器材完成实验，镜面上方白纸板的作用是__________； (2)当出现甲图所示的现象时，白纸板与镜面的位置关系是__________，此时法线__________（选填“一定”或“不一定”）在白纸板所在平面内。 (3)小华在充有烟雾的玻璃罩下方分别放平面镜和白纸，用相同的激光笔对准罩内底部中央，实验现象如图丙、丁所示。图丁中玻璃罩整体看上去更亮，其原因是光在白纸上发生______。 4．（2026·安徽芜湖·一模）用如图所示装置探究“光的折射规律”时，将一束光从空气斜射入水中时发生折射，实验中多次改变入射的角度，将实验数据记录在下表中。 实验序号 1 2 3 4 5 入射角 15° 30° 45° 60° 75° 折射角 11° 22° 32° 40° 46° (1)分析表格中数据，可以得出结论，光从空气斜射入水中时，折射角随着入射角的增大而___________（选填“增大”“减小”或“不变”）； (2)若让折射光线射到点，在保持入射光线位置不变时，应往容器中___________（选填“注水”或“排水”）。 5．（25-26八年级上·甘肃金昌·期末）小明在做“探究凸透镜成像规律”时，所用的器材有：带刻度尺的光具座、凸透镜、光屏、蜡烛和火柴等。 (1)实验前，小明调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在______； (2)如图甲所示，将一束平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑时停止移动光屏，可测出凸透镜的焦距是______cm； (3)小明在某次实验中，将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上如图乙所示的位置，光屏上呈现清晰的像，此像是______、______的实像； (4)保持蜡烛位置不变，移动凸透镜至如图丙所示位置，无论怎样移动光屏都在光屏上看不到烛焰的像，则人眼在图中______（填“A”或“B”）处能观察到烛焰的像；此时的凸透镜相当于一个______（选填“照相机”、“投影仪”、“放大镜”） (5)小明将图乙中的透镜换成焦距的凸透镜，光屏上烛焰的像变模糊；将烛焰向______（填“左”或“右”）移动适当距离，光屏上重新出现烛焰清晰的像。 6．（2026·江苏南京·模拟预测）“探究水在沸腾前后温度变化的特点”实验。 (1)图甲是小明组装的实验装置，其错误是_______；调整装置无误后，在水温升到后，每隔记录一次温度计的示数，同时注意观察水中________的变化，直到水沸腾并持续30 s后停止加热。 (2)根据数据在图乙中绘制水沸腾前后温度变化的图像。 时间/s 0 10 20 30 40 50 60 70 80 90 100 水温/℃ 94.5 95.3 96.8 98.2 99.2 99.7 100.3 100.5 100.5 100.5 100.5 (3)停止加热后，发现水__________（选填“能”或“不能”）继续沸腾，这说明__________。 (4)探究水的沸点与气压的关系，小明可用乳胶管将气筒与烧瓶口的玻璃管连接，如图丙，并对着图中正在沸腾的水_____（选填“打气”、“抽气”或“两者均可”），观察水再次沸腾时的温度，重复上述实验，分析比较得出结论。 7．（25-26八年级上·湖南永州·期中）今年8月，我县气温连续多天达到38℃左右，让全县人民着实体验了一下什么叫“酷暑难耐”，各种避暑手段纷纷登场。这些措施为什么可以使人感觉到凉爽？小新同学在4块相同的玻璃板上各滴一滴大小相同的水，进行了如图1所示的实验探究，得出了水蒸发快慢与水的温度、水的表面积和水面上方空气流动快慢有关的结论。 (1)通过A、B两图的对比，可以得出水蒸发快慢与水的______________有关； (2)通过_________两图的对比，可以得出水蒸发快慢与水的温度有关； (3)小新同学猜想水蒸发快慢还可能与水的多少有关，于是继续进行了如下探究：在相同环境下的两块相同的玻璃板上分别滴上一滴和两滴水（如图2），结果发现甲图中水先蒸发完，于是他得出结论：水蒸发快慢与水的多少有关，水的量越少，水蒸发越快。从小新的实验过程看，你对小新同学得出的结论的评价是__________（选填“正确”或“不正确”），理由是：_______。 (4)发烧病人使用酒精擦拭身体降温比用水擦拭的效果更好；大小相同的一滴食用油和一滴水掉在玻璃桌面上，一段时间后水不见了，而油还在。由此，你的猜想是液体的蒸发快慢可能还与液体的_________有关。 8．（2026·湖北黄冈·模拟预测）为了比较水与煤油的吸热能力，实验装置如图所示，用相同的酒精灯加热： (1)实验需控制水和煤油的___________和初温相等，用相同的酒精灯加热； (2)实验中通过___________（选填“加热时间”或“升高温度”）来反映吸收热量的多少，这种研究方法叫___________法； (3)根据记录的实验数据，绘制了如图乙所示的温度随时间变化关系的图像，则可判断出液体___________（选填“煤油”或“水”，下同）的吸热能力较弱，如果你想自制暖手袋，应选液体___________作为供暖物质，其效果会更佳。 9．（2026·江西抚州·模拟预测）请运用所学知识，完成以下仪器使用中的有关问题： (1)如图甲所示，圆柱体的直径为______；刻度尺的测量范围为______； (2)如图乙所示的温度计是利用______（选填“液体”或“气体”）的热胀冷缩性质制成的；若室温正在升高，则装置中处的液柱将向______（选填“”或“”）侧移动； (3)如图丙所示的电路中、是两个接线柱，把如图丁中的滑动变阻器连接到上。当接M，D接时，闭合开关前，滑片应移到最______（选填“左端”或“右端”），这样能更好地保护电路；当滑片P向左移，电流表示数将______，灯泡亮度变亮；当接，接时，滑片P向左移，电流表示数将______。 10．（2026·广东深圳·一模）小明利用托盘天平（最大测量值200g，分度值0.2g）、量筒、水、食盐、烧杯、白纸、滴管、勺子等器材配制盐水，步骤如下： (1)将天平放在水平台面上，将游码移至标尺的零刻度线，若此时指针如图甲所示，应将平衡螺母向_______调节，使指针对准分度盘中央的刻度线； (2)为称量出2g盐，小明先将一张白纸放在天平左盘上，仅移动游码，使天平平衡，如图乙所示；接下来，继续将游码移至_______g处，再用勺子向左盘的白纸上逐渐加盐，直至天平再次平衡； (3)用量筒量取50mL的水，并全部倒入烧杯中，再将2g盐全部倒入烧杯中，则小明所配制的盐水密度为_______（假设加盐后烧杯中液体的体积不变，取）； (4)小明用天平设计了一架测量盐水密度的密度秤，如图丙所示。用两个相同的柱形的塑料容器，分别取20mL的水和盐水装入其中，放在天平两边的托盘上（天平已调节平衡，游码归零），仅通过调节游码使天平再次平衡，然后根据游码位置就能知道盐水密度。 ①这架盐水密度秤，使用时天平左盘容器中应该倒入液体_______（选填“水”、“盐水”）； ②若使用时，天平如图丙所示，则盐水密度是_______。这个密度秤的最大测量值为_______。 11．（2026·广东东莞·一模）如图甲，小明发现儿童公园里的滑梯轨道是弯曲的斜面而不是平直的斜面，他思考∶在相同条件下，物体在弯曲斜面和平直的斜面轨道滑下时运动的快慢如何呢？他进行了如下实验∶ (1)在平直斜面上，小车从A点由静止下滑过程中，小车的机械能转化情况为：______能转化为______能，如图乙，斜面上AB段的距离为______cm； (2)小明测得小车从A点到B点用时3.5s，从A点到C点的时间为5s，则小车下滑时______（选填“是”或“不是”）匀速直线运动； (3)接着在A点到C点之间，他选用材料、表面粗糙程度等与图乙所示斜面均相同的弧形板搭建起一个长为108cm的弯曲斜面进行实验，如图丙所示。通过测量，他算出小车由静止从A点滑到C点时，前一半路程的平均速度为0.2m/s，后一半路程的平均速度为0.3m/s，则小车在整个弯曲斜面滑行的平均速度为______m/s； (4)上述实验中，小车从______（选填“平直”或“弯曲”）轨道上下滑时所用时间更短。 12．（25-26八年级下·江苏无锡·期中）小明在学习重力知识后，设计实验探究了“重力的方向”和“重力的大小跟质量的关系”。 (1)在实验过程中，需要的测量工具是________和________ 。 (2)将支架按图甲、乙、丙缓慢倾斜，支持“重力的方向总是竖直向下”的这一结论的现象是____________________。 (3)小明利用钩码探究重力与质量的关系，数据如表所示，请在图丁所示坐标系中画出G﹣m关系图像（请自主标出横坐标和纵坐标所表示的物理量及标度）________ ； 实验次序 1 2 3 4 5 物体质量m/kg 0.05 0.1 0.15 0.2 0.25 所受重力G/N 0.5 1 1.5 2 2.5 分析数据能够得到的结论是：在同一地方，_________________ 。 (4)利用弹簧测力计测量物体的重力时，使测力计内弹簧伸长的力是 （填入序号）。 A．物体的重力 B．物体和测力计的总重力 C．物体对弹簧的拉力 D．弹簧对物体的拉力 (5)老师又给不同小组提供了相同规格及标度相同的透明坐标纸，随机提供绿豆或黄豆一包（每组只有一种豆类），利用弹簧测力计和天平测得多组重力与质量的实验数据。有小组提出可以将绿豆和黄豆两组数据的透明坐标纸进行重叠后，观察绘制的图像可能是图戊中的________图，以此判断重力是否与物质种类有关。（已知） 13．（25-26八年级下·山东聊城·期中）两千多年前，亚里士多德认为：力是维持物体运动的原因。下面我们就通过实验和科学家的研究历程来判断这个观点是否正确。 (1)使小车从斜面顶端由静止滑下，观察小车在毛巾表面上移动的距离。再分别换用棉布和木板表面进行两次实验，实验现象如图所示。 ①为使小车每次到达水平面时初速度相同，小车从斜面的________自由下滑； ②根据实验现象可以得出：小车受到的阻力越小，其速度的变化就________。 (2)十六世纪末，伽利略已通过类似实验和推理得出结论：如果运动的物体没有阻力的影响，它将在水平面上一直运动下去。因此，物体运动________（选填“需要”或“不需要”）力来维持。如图是伽利略的实验和推理示意图，属于推理的是________（选填“甲”或“乙）； (3)后来，笛卡尔进一步完善了伽利略的观点：如果运动的物体不受力的作用，它将以同一速度沿直线运动。十七世纪初，牛顿在他们研究的基础上，提出了“牛顿第一定律”，相对于“牛顿第一定律”，笛卡尔的观点有什么不足？________。 (4)由牛顿第一定律可知，阻力改变了物体的________；下列哪个实验的思想和方法与牛顿第一定律的得出相同( ) A．真空罩中的闹钟    B．马德堡半球实验 C．托里拆利实验    D．探究液体压强的特点 (5)上述实验及科学家研究成果给予我们的启示是________。（将正确说法前的字母填写在横线上） A．科学定律都可以通过实验直接得出 B．科学推理是科学研究的方法之一 C．大多数人认同的观点就是正确的观点 D．普通人观点可以质疑，科学家观点不可以质疑 14．（25-26八年级下·吉林·月考）如图所示是某同学探究“同一直线上二力合力”的实验，将轻质弹簧的一端固定，另一端与小圆环相连，用一个弹簧测力计拉弹簧至B点，记录F的大小；把两个弹簧测力计分别通过细绳与小圆环相连后，图乙沿同方向、图丙沿反方向拉弹簧至B点，分别记录每次弹簧测力计示数的大小。 (1)如图甲、乙、丙所示，该同学在实验中使弹簧都从A点拉伸到同一点B，目的是为了使三次实验中力的作用效果________。 (2)通过比较图甲、乙两种情况，可知同一直线上方向相同的两个力的合力大小等于这两个力大小________，方向跟这两个力的方向相同。 (3)通过比较图________两种情况，可知同一直线上方向相反的两个力的合力大小等于这两个力的大小之差，方向跟________（选填“较大”或“较小”）的那个力的方向相同。 (4)图丁、戊是该同学设计的两套探究“二力平衡条件”的实验装置，这两个实验装置中，你认为图________中装置更好，理由是_________。 15．（25-26八年级下·天津武清·月考）在“探究二力平衡的条件”实验中，小刚同学采用的实验装置如图甲所示，小华同学采用的实验装置如图乙所示。（硬纸片的重力忽略不计） (1)当物体处于静止状态或______状态时，它受到的力是相互平衡的； (2)甲装置中，小刚在左端放上2N的重物，右端放上1.9N的重物时，小车静止，此时小车受到的______（选填“是”、“不是”）平衡力。这两个实验装置中，你认为装置______（选填“甲”或“乙”）更科学； (3)在装置乙中，小华将系于小卡片两对角的线分别跨过左右两端的滑轮，在线的两端挂上钩码。当两端同时挂上相同个数的钩码时，卡片保持静止，此时作用在小卡片上的两个拉力方向______、大小______； (4)在装置乙中，将纸片旋转一定角度，松手后，发现纸片又恢复原状。这说明两个力必须作用在______上，物体才能平衡； (5)小红同学也用硬纸板对同一问题进行了探究，但她在组装支架上装配的两个滑轮不在同一高度（如图丙所示），你认为______（选填“能”或“不能”）用小红的装置进行实验。 16．（25-26八年级下·江苏无锡·期中）为了探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”，小明利用完全相同的两块木块A、B设计了如图所示的实验。 (1)实验前，小明必须在______（水平/竖直）方向对弹簧测力计进行校零；用弹簧测力计拉动物体在水平桌面上做匀速直线运动，此时木块受到的滑动摩擦力的大小等于拉力大小。 (2)甲、乙两次实验说明：在接触面粗糙程度相同时，______越大，滑动摩擦力越大。 (3)比较乙、丙两次实验，可得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积大小______（填“有关”或“无关”）。 (4)在操作过程中小明还发现，弹簧测力计不沿水平方向拉动时，也可以使木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动，如实验丁所示，此过程中，木块处于______（填“平衡”或“不平衡”）状态，弹簧测力计对木块的拉力和木块受到的滑动摩擦力______（填“是”或“不是”）一对平衡力。 (5)小明要对实验装置进行改动，如戊所示，在用力将木板向右拉出过程中，弹簧测力计______（填“A”或“B”）的示数反映了木块与木板间的滑动摩擦力大小。此时木块所受到的摩擦力的方向为______（填“水平向左”或“水平向右”）。 (6)小明接着用图（a）所示器材探究“滑动摩擦力大小与压力大小的关系”，通过改变沙桶中沙的质量来改变铜块对长木板（质量忽略不计）的压力大小，在抽拉长木板时利用压力传感器和拉力传感器测出拉力和压力的大小。 ①实验过程中______（选填“需要”或“不需要”）匀速直线拉动长木板。 ②多次实验后小明得到滑动摩擦力与压力的关系图线如图（b），由图可知：______，已知铜块质量为3kg，当沙桶及细沙质量为1kg时，拉力传感器测出的拉力为______N。 17．（25-26八年级下·江西赣州·期中）小亮在平坦的沙滩上玩耍时，发现了大小和深浅不同的脚印，如图甲所示。由此他产生了疑问：压力的作用效果与哪些因素有关呢？选用小桌子、钩码、海绵等器材进行实验，过程如图乙所示。 (1)实验中，小亮通过观察图乙中___________来比较压力的作用效果； (2)比较_________两图，可初步得到：受力面积相同时，压力越_________，压力作用效果越明显； (3)通过实验小亮发现坦克设计成履带的原因可用图乙中___________两图实验所得结论解释； (4)如图乙D实验，将海绵一端用木块垫起，他认为比较B、D也能完成实验B、C的探究，请判断该想法___________（选填“可行”或“不可行”）； (5)通过综合分析，图甲中两个脚印所对应的人的质量较大的是___________（填“较深的大脚印”或“较浅的小脚印”）。 (6)将图乙中的小桌和砝码又放到一块木板上，如图E所示，则图C中海绵受到的压强和图E中木板受到的压强的大小关系为：___________（选填“>”、“<”或“=”）。 18．（25-26九年级下·重庆·月考）如图是小峰用U形管压强计“探究影响液体内部压强大小因素”的实验装置。 (1)实验前准备实验器材时，他向U形管内注入适量的红墨水，当管内的红墨水静止时如图甲所示，此时压强计软管内的气体压强___________（填“大于”“小于”或“等于”）外界的大气压强。压强计的U形管___________（选填“属于”或“不属于”）连通器； (2)比较图乙、丙，可以得出：同种液体，液体深度越深，压强越___________（填“大”或“小”）； (3)当探头在某种液体中的深度一定时，为了让U形管左右两侧液面的高度差较大，下列操作能达到目的的是___________； A．将U形管换成更细的 B．U形管中换用密度更小的酒精 (4)为进一步探究液体压强大小与方向是否有关，他应控制的量有：相同的液体密度和橡皮膜所处的相同深度；需要改变的是：___________。在图丁的实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适量清水与其均匀混合后（液体不溢出），橡皮膜受到的液体压强将___________（选填“变大”、“变小”或“无法判断”）。 19．（25-26八年级下·辽宁鞍山·月考）某科学实验小组利用注射器、弹簧测力计、刻度尺等器材测量大气压强的值，实验步骤如下： （1）把注射器的活塞推至注射器筒的底端，然后用橡皮帽堵住注射器的小孔，这样做的目的是________________________。 （2）如图1，用细尼龙绳拴住注射器活塞的颈部，使绳的另一端与弹簧测力计的挂钩相连，然后水平向右慢慢拉动注射器筒，当注射器中的活塞刚被拉动时，记下弹簧测力计的示数为6N。 （3）如图2，用刻度尺测出注射器全部刻度的长度为________，计算活塞的横截面积为________。（用分数表示） （4）同学们发现测量结果偏大，请分析，该实验过程中导致误差的原因________________________。 （5）针对以上实验带来的误差，小明对该实验进行了改进采用了图示3装置，将该注射器筒固定在水平桌面上，把活塞推至注射器筒底端，用橡皮帽封住注射器的小孔，活塞通过水平细线与烧杯相连，向烧杯中缓慢加水，当活塞刚开始向左滑动时，测得杯与水的总质量为4.1；然后从烧杯中向外缓慢抽水，当抽出2.2水时，活塞又开始向右滑动，则活塞与注射器筒之间的摩擦力为________N，所测大气压的值应为________。 20．（25-26八年级下·黑龙江大庆·月考）小红，小白，小蓝三人都在进行大气压的测量实验，如下图所示： (1)小红用水银做托里拆利实验，由甲图可知，当地大气压相当于______mm水银柱产生的压强；若玻璃管倾斜，则水银柱的高度______（选填“变大”、“变小”或“不变”）； (2)小白利用注射器、弹簧测力计、刻度尺等器材测量大气压强的值； ①在做好图乙所示的操作后，小白将注射器的活塞推至注射器筒的底端，排尽筒内的空气。然后用橡皮帽堵住注射器的小孔，按图丙所示安装好器材，水平向右慢慢拉动注射器筒。当弹簧测力计的示数增大到时，注射器中的活塞刚开始滑动。则测得大气压的值______； ②若活塞与注射器内壁间的摩擦较大，则测得的大气压值______（选填“偏大”或“偏小”）； (3)如图丁所示，小蓝将塑料吸盘按压在光滑水平玻璃板下面，挤出塑料吸盘内的空气，测出吸盘压在玻璃板上时的直径为D，将装有适量细沙的小桶轻轻挂在吸盘下面的塑料挂钩上，用小勺轻轻向桶内加细沙，直到塑料吸盘刚好脱落掉下，测出吸盘、小桶和细沙的总重力为G。吸盘刚好脱落时，空气对塑料吸盘的压力大小等于______，所测大气压强______（以上两空均用测量的物理量符号、π表示）。若吸盘内的空气没有排净会导致所测的大气压强______（选填“偏大”或“偏小”）。 21．（25-26八年级下·重庆·月考）小冉在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，用到如下器材：分度值为0.1N的弹簧测力计，实心圆柱体金属块，相同的大烧杯若干，水，密度未知的某种液体，细线等。 (1)小冉进行了如图所示的实验：A步骤所示弹簧测力计的示数为________N；用弹簧测力计挂着金属块缓慢地浸入液体中不同深度，步骤如图B、C、D、E、F所示（液体均未溢出），并将其示数记录在下表中： 实验步骤 B C D E F 弹簧测力计示数/N 2.6 2.5 2.4 2.4 2.3 (2)分析实验步骤A、B、C、D，可以说明浮力大小跟________有关；分析实验步骤A、E、F，可以说明浮力大小跟________有关；分析步骤A、D、E，可以得出物体所受浮力与深度________； (3)小冉根据实验数据计算得出金属块体积为________m3，金属块密度为________kg/m3； (4)小冉根据所给数据和实验步骤A、F计算出了某种液体的密度是________g/cm3（（保留一位小数），如果在实验过程以FEDCBA的步骤依次完成实验，则计算出的液体密度________（选填“偏大”“偏小”或“不变”）； 22．（2026·吉林·一模）小明同学在松花江边捡到一块小石块，他利用托盘天平、量筒、弹簧测力计、细线和足量的水等器材测量小石块和盐水的密度。 (1)他把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺的零刻线处，发现指针静止时如图甲所示，他应向_______调节平衡螺母使横梁平衡；用调好的天平正确测量小石块的质量，天平平衡时游码的位置和砝码如图乙所示，则小石块的质量为_______g。 (2)用细线系住小石块放入盛水的量筒中，如图丙所示，则小石块的密度为_______g/cm3。 (3)小明将该小石块挂在弹簧测力计下，然后浸没在盐水中且不接触烧杯如图丁所示，静止后读出弹簧测力计的示数为0.3N；则盐水的密度为_______kg/m3。（g取10N/kg） (4)测量结束后，将小石块从盐水中缓慢取出，发现小石块离开液面的过程中弹簧测力计的示数逐渐变大，说明浮力的大小与物体_______有关。 23．（25-26九年级下·重庆永川·期中）某实验小组利用弹簧测力计、小石块、溢水杯等器材，探究浮力的大小与排开的液体所受重力的关系。 (1)步骤C中，石块的重力为___________N。为了操作更简便，实验操作的正确顺序是___________（用A、B、C、D表示）； (2)石块受到的浮力大小为___________N，石块排开的水所受的重力可由___________（填字母代号）两个步骤测出； (3)分析数据可知：F浮___________G排（选填“>”、“<”或“=”）； (4)另一实验小组在步骤C的操作中，只将石块的一部分浸在水中，其他步骤操作正确，则___________（选填“能”或“不能”）得到与（3）相同的结论。 (5)一旁的小渝灵机一动，设计出了如图所示的测量圆柱体密度的方案，步骤如下： ①让小空筒漂浮在盛满水的溢水杯中； ②将圆柱体浸没在水中，测得烧杯中水的体积为20mL，则圆柱体的体积为___________mL； ③将烧杯中20mL水倒掉，从水中取出圆柱体； ④将圆柱体放入小空筒，小空筒仍漂浮在水面，测得此时溢出水的体积为27mL；则圆柱体的密度是___________kg/m3。 24．（2026·甘肃白银·一模）探究“物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，将木块放在水平面上的同一位置，用质量不同的两个钢球和（的质量大于），分别从不同的高度和（）由静止开始滚下，实验过程如图所示。 (1)通过___________来判断小球动能的大小； (2)分析甲、乙两图可以得到的结论是___________； (3)分析乙、丙两图，该探究的结论可用来解释汽车___________（选填“超载”或“超速”）的安全隐患；最后进行图丙实验时，木块被撞出桌面范围，若要继续完成该探究，下列对图丙改进的措施可行的是：___________（选填字母）； A．降低小球释放的高度 B．换用质量更小的钢球 C．换用质量更大的木块 (4)小华觉得利用如图丁的装置，也能探究小球的动能大小与质量的关系、只需利用质量不同的小球将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块即可。小华的设计方案___________（选填“可行”或“不可行”）。 25．（2026·福建厦门·模拟预测）小明有一件重约15N的工艺品，用细线悬挂两端点、处于静止状态，如图甲所示。他想用平衡的知识，通过计算在、连线上找出点的位置，以便用一根细线系在点将工艺品悬挂起来，静止时如图乙所示，并计算出工艺品受到的重力。小明身边只有一个弹簧测力计（）、一把刻度尺和若干细线，他设计了如下实验，请完成以下实验步骤： （1）如图丙所示，取下工艺品，用刻度尺测出工艺品长度______cm； （2）用弹簧测力计拉住A端，B端用细线悬挂，平衡时如图丁所示，此时弹簧测力计读数。若弹簧测力计在图丁中虚线位置，则与竖直位置相比，示数______（填“变大”“变小”或“不变”）； （3）交换弹簧测力计和细线的位置，平衡时工艺品的位置也如图丁所示，弹簧测力计读数； （4）由此可以计算出该工艺品受到的重力______N； （5）计算出点到端点A间的距离______cm。 26．（2026·黑龙江绥化·一模）小明和小组同学进行了“测量滑轮组的机械效率”的实验。 （1）利用如图所示的装置分别进行实验，将测得的实验数据记录在表中。 实验 序号 钩码重力G/N 钩码上升高度h/m 绳端拉力F/N 绳端移动距离s/m 机械效率η 1 4 0.1 2.7 0.2 74% 2 4 0.1 1.8 0.3 74% 3 4 0.2 1.8 0.6 74% 4 8 0.1 3.2 0.3 83% 5 8 0.1 2.5 0.4 （2）根据表格数据可知，第5次实验是用__________图装置进行实验的，该装置的机械效率为__________%；通过分析第1、2两次实验，可得出结论：使用相同滑轮组提升同一物体时，滑轮组的机械效率与绕绳方式__________；通过比较第2、4两次实验数据可得出结论：使用相同滑轮组提升物体时，物体越重，滑轮组的机械效率越__________（选填“大”或“小”）； （3）为提高滑轮组机械效率，根据以上结论和生活经验，不可采取的措施有__________（填字母） A．减轻动滑轮重            B．增加所提物体            C．机械加润滑油            D．增加重物上升高度 27．（2026·湖北鄂州·一模）如图所示，同学小明小组正在探究“并联电路中干路电流与各支路电流的规律”。 (1)在连接电路时，他们发现刚接好最后一根导线，电流表的指针就发生了偏转，原因是_________。 (2)图甲是他们某次测量时连接的实验电路，此时电流表测量的是_________（选填“干路”、“L1”或“L2”）的电流。 (3)小明要测量通过L1的电流时只移动了一根导线，请你在移动的导线上画“×”，并用笔画线代替导线连接正确的电路。 (4)分析下表数据可初步得出结论：在并联电路中，干路电流等于___________；对该实验不完善之处，请提出建议____________。 干路电流/A L1所在的支路电流/A L2所在的支路电流/A 0.5 0.3 0.2 (5)另一小组的小龙同学在实验结束后又连接了如图乙所示的串联电路，他用电流表测出图乙C点处的电流如图丙所示为_________A。小龙观察发现灯泡L2比L1更亮，他想：若仅对调两个小灯泡在电路中的位置，灯泡的亮度会怎样呢？对调两个小灯泡位置，闭合开关，观察现象是_________（选填“L1更亮”、“L2更亮”或“一样亮”）。 28．（25-26八年级下·重庆江津·月考）在探究影响导体电阻大小的因素时，同学们作出了如下猜想： ①导体的电阻与导体的长度有关； ②导体的电阻与导体的横截面积有关； ③导体的电阻与导体的材料有关。 实验室提供了4根电阻丝，规格、材料如表，实验电路如图甲所示。 编号 材料 长度/m 横截面积/mm2 A 镍铬合金 0.5 0.5 B 镍铬合金 1.0 0.5 C 镍铬合金 0.5 1.0 D 锰铜合金 0.5 1.0 (1)为了验证上述猜想①，应选用编号________的两根电阻丝分别接入电路进行实验。 (2)为了验证上述猜想②，分别将A和C两电阻丝依次接入电路中M、N两点间，观察到灯泡变亮了，由此可知：当材料和长度相同时，导体的横截面积越________（选填“大”或“小”），电阻越大。近几年，我国城乡许多地区进行了输电线路改造，将原来较细的铜质输电线换成较粗的，目的是________（选填“增大”或“减小”）输电线的电阻。 (3)同学们想进一步用“伏安法”测量导线A的电阻。除图甲所示器材外，还需再接入一个电压表和________。连接好电路并闭合开关后，发现电压表有示数，电流表无示数，可能是导线A________（选填“断路”或“短路”）。排除故障后，同学们多次测量，绘制出导线A的I-U图像如图乙所示，并算出了导线A的电阻值。考虑到电压表中也有电流通过，该电路测得的导线A的电阻值与真实值相比偏________； (4)同学们想探究金属导体的电阻是否随温度升高而增大，设计了如图丙所示的实验装置。实验时给金属线圈缓慢加热，观察到灯泡逐渐变暗，电流表的示数________（选填“变大”或“变小”）；由此可得结论：金属导体的电阻随温度的升高而________（选填“增大”“不变”或“减小”）。 29．（2026·河北石家庄·模拟预测）实验小组在“探究电流与电压关系”的实验中，设计了如图1所示的电路，其中为定值电阻， R′为滑动变阻器，电源电压为4.5V。 (1)根据如图1所示的电路图用笔画线代替导线，将如图2所示的实物电路补充完整，要求：滑片P向右滑动时，电流变小，导线不能交叉。 (2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于______（选填“最左”或“最右”）端。 (3)连好电路后闭合开关，移动滑动变阻器滑片，电流表有示数，电压表无示数，则故障可能是定值电阻R______（选填“短路”或“断路”）。 (4)电路连接正确后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，并将多组电流、电压值记录在表格中。其中第5次实验的电压表示数如图3所示，为______V；分析表格中的数据可得到的实验结论为：______。 实验次数 1 2 3 4 5 6 电压U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 3.0 电流I/A 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 (5)处理数据时发现，电压与电流的比值为R的阻值，是普遍规律吗？同学们想利用其他小组的实验数据来进一步论证，并提出了以下两种收集数据的方案。 方案一：收集电阻值均为的几个小组的数据； 方案二：收集电阻值不同的几个小组的数据。 你认为方案______更合理。 【拓展】 (6)实验结束后，小组成员进一步思考：如果将原电路中的滑动变阻器换成标有“”的另一个滑动变阻器，电源电压不变，继续探究电流与电阻的关系，且实验中始终保持电压表示数为2V不变，则可选用的定值电阻的阻值范围为______。 30．（25-26八年级下·重庆江津·月考）在“探究电流与电阻的关系”时，小津同学用如图甲所示的电路进行实验。器材有：电源（电压恒为6 V）、电流表、电压表、定值电阻R（5 Ω、10 Ω、15 Ω、20 Ω各一个）、滑动变阻器（“30 Ω  1 A”）、开关、导线若干。 (1)如图甲所示连接的实物图，其中有一根导线连接错了，请你在接错的那根导线上画“×”，并用笔画线代表导线将电路连接正确（要求导线不能交叉）。 (2)闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到阻值最大处，否则闭合开关时________（选填“电流表”“电压表”或“电流表和电压表均”）可能损坏。 (3)故障排除后，多次更换不同的定值电阻R，闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，如图乙所示的是电流表示数I与定值电阻R的关系图像。当把电阻15 Ω更换成20 Ω时，闭合开关后，变阻器的滑片本应向________（选填“左”或“右”）端滑动，但是小津却发现移动变阻器的滑片不能保持电压表示数不变，为了继续完成该实验，他应更换一个最大阻值不小于________ Ω的滑动变阻器或更换为电压不高于________V的电源。 (4)正确操作后，绘制图像如图丙所示，直观反映了实验结论，则横坐标为________（用符号表示）。 (5)小津用图丁所示电路巧测待测灯泡L正常发光时的灯丝电阻。已知待测灯泡L的额定电流为I0，滑动变阻器R1和R2的最大阻值均为R0，电源电压不变。请完成实验步骤： ①闭合开关S，单刀双掷开关接a，R2滑片移到最左端，移动R1滑片，使电流表的示数为I0； ②将单刀双掷开关接b，先只移动________的滑片，使电流表的示数仍为I0；再只移动另一滑动变阻器的滑片，当滑片在最左端时，读出电流表的示数为I1；当滑片在最右端时，读出电流表的示数为I2； ③小灯泡L的正常发光时的电阻为________（用题中所给物理量表示）。 31．（2026·吉林·一模）在用电流表和电压表测量电阻的实验中，小明连接的实物电路如图甲所示。          (1)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到_______（填“A”或“B”）端。闭合开关后，发现电流表无示数，电压表有示数，无论怎么移动滑片，两表示数几乎都不变，则出现的故障可能是电阻为Rx的电阻器发生了_______； (2)排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数如图乙所示时，电流表的示数为0.3A，则电阻器的电阻Rx为_______Ω。改变滑动变阻器滑片的位置，小明又多测几组电压、电流数据，求出电阻的平均值，目的是为了_______； (3)小明还想测量额定电流为的小灯泡正常发光时的电阻，由于电压表损坏，他设计的电路如图丙所示，电源电压为U且保持不变，闭合开关S1，断开S2，调节滑动变阻器的滑片，观察电流表的示数，使小灯泡正常发光；保持滑动变阻器滑片的位置不变，再闭合开关S2，读出电流表的示数为，则小灯泡正常发光时的电阻_______（用U、和表示）。 32．（2026九年级·吉林·专题练习）小江要测量一个额定电压为的小灯泡的额定功率。现有的实验器材：一个电压为的学生直流电源、一个只有量程的电压表、最大阻值为的滑动变阻器、一个铭牌不清的滑动变阻器。他设计的电路图如图甲所示。 (1)按图甲电路连接实物电路时，滑动变阻器的滑片应移至最_________端。 (2)闭合开关，将滑动变阻器的滑片移至最左端，调节滑动变阻器的滑片，当电压表示数为_________时，小灯泡正常发光。 (3)保持滑动变阻器的滑片位置不动，将滑动变阻器的滑片移至最右端，电压表示数如图乙所示，为_________。 (4)根据上述操作可计算出小灯泡的额定功率为_________。 (5)完成上述实验后，小江进行了反思，如果电压表被损坏了，能不能换成其他的实验器材来完成实验呢？经过思考，他用了一个已知阻值为的电阻和一个单刀双掷开关，借助部分现有的实验器材，设计了图丙所示的电路，也测出了灯泡的额定功率，请完成下列实验步骤： ①闭合开关，将开关拨到触点“1”，移动滑片，调节电流表的示数为合适值，此时灯泡正常发光。 ②再将开关拨到触点“2”，保持滑片的位置不动，读出电流表的示数。 ③灯泡额定功率的表达式为_________。（用、和表示） 33．（2026·江西吉安·模拟预测）探究通电螺线管外部的磁场方向的影响因素 实验小组的同学们在一块硬纸板上并排挖孔，然后将导线依次穿过小孔，绕成螺线管，用来探究通电螺线管外部磁场方向的影响因素。 【证据】 (1)如图甲所示，将绕制好的螺线管、电源（电压恒定）、滑动变阻器、开关连接成电路，在纸板上均匀地撒上铁屑，然后_________，轻敲纸板，观察铁屑分布情况。 (2)实验中，观察到铁屑分布规律不明显，接下来应该向________调节滑动变阻器滑片，使通电螺线管的磁性________。 (3)观察铁屑的排列情况可知通电螺线管外部磁场跟________磁体的磁场相似；只利用铁屑的排列________（选填“能”或“不能”）判断磁场方向。 (4)在螺线管周围放置一些小磁针，通电后，小磁针的偏转情况如图乙所示；调换电源正负极后，小磁针偏转方向如图丙所示。 【解释】由图乙和图丙所示实验可知：同一通电螺线管，其外部磁场的方向与螺线管中的________有关。 【交流】实验结束后，整理器材时，发现小磁针的N极均指向同一个方向，这是由于小磁针受到了________的作用。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《2026年中考物理专题二十三【初中实验】必刷题（冲刺30天）》参考答案 1．(1) 高 低 (2)固体可以传声 (3) 真空不能传声 玻璃罩内没有完全抽成真空 【难度】0.65 【详解】（1）[1]敲击瓶子时，是瓶子和瓶中的水一起振动发声。从左到右，水的质量减小，导致整体振动变快，频率升高，所以音调变高。 [2]用嘴吹瓶子时，是瓶内的空气柱振动发声。从左到右，水的体积减小，导致空气柱的长度变长，振动变慢，频率降低，所以音调变低。 （2）声音通过棉线（固体）从一个纸杯传播到另一个纸杯，说明固体是声音传播的介质之一。 （3）[1]声音在空气中传播，当空气被抽出，传播声音的介质减少，声音就变小，直到听不见，这证明了声音的传播需要介质，真空不能传声。 [2]始终能听到声音，说明声音传播的介质依然存在，最可能的原因是玻璃罩内的空气没有被完全抽成真空，或者声音通过玻璃罩的底座、支架等固体传播了出去。 2．(1)便于观察和确定像的位置 (2)虚 (3)像与物体到平面镜的距离相等/像与物的大小相等 (4)潜望镜/穿衣镜/牙医检查牙齿用的反光镜 【难度】0.65 【详解】（1）玻璃板既能反射光成像，又能透光看到玻璃板后面的蜡烛，这样便于观察玻璃板后面的蜡烛与前面蜡烛的像重合情况，从而确定像的位置。 （2）实像可以用光屏承接，虚像不能用光屏承接。光屏上无法承接到蜡烛的像，说明平面镜成的是虚像。 （3）从表格数据可知，3次实验中蜡烛到镜面的距离与像到镜面的距离始终相等，且像与蜡烛的大小始终相等，可总结出平面镜成像的特点。 （4）生活中利用平面镜成像特点的实例非常多，如潜望镜利用平面镜改变光路并成像、穿衣镜整理仪容、牙医检查牙齿用的反光镜等。 3．(1)显示光路 (2) 垂直 一定 (3)漫反射 【难度】0.74 【详解】（1）白纸板的作用是显示光的传播路径，让入射光和反射光的径迹能被清晰观察到。 （2）如果甲图中能看到反射光线，说明白纸板与镜面垂直（夹角为 90°）。 此时法线一定在白纸板所在平面内（因为法线始终与镜面垂直，当白纸板与镜面垂直时，法线会落在白纸板上）。 （3）图丁中玻璃罩整体看上去更亮，是因为光在白纸上发生了漫反射，反射光线向各个方向散射。 4．(1)增大 (2)注水 【难度】0.73 【详解】（1）由表格中的数据，当入射角i从15°增大到75°时，对应的折射角 r从11°增大到46°。说明光从空气斜射入水中时，折射角随着入射角的增大而增大。 （2）如图所示，当前的折射光线射在B点。要使折射光线射到C点，需要让折射光线向左移动。入射光线位置不变，如果往容器外排水，水面会下降。由于入射光线的位置和方向不变，光线与水面的交点（即入射点）会向右移动。因为水面仍然与原水面平行，则新的法线与原法线也平行，根据数学知识可知，入射角不变，根据折射规律，折射角也不变，那么新的折射光线将平行于原折射光线，所以折射光线将右移，即可能射到B点右侧，反之则射到B点左侧C点，所以要让折射光线射到C点，应该往容器中注水。 5．(1)同一高度 (2)10.0 (3) 倒立 放大 (4) B 放大镜 (5)右 【难度】0.7 【详解】（1）为了使像成在光屏的正中央，实验前，应调节烛焰、凸透镜、光屏的三者中心在同一高度。 （2）如图甲所示，将一束平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，这个光斑就是焦点，从凸透镜到光斑的距离即为焦距，图中刻度尺的分度值为，故焦距为。 （3）由图乙可知，此时物距位于一倍焦距和二倍焦距之间时，像距大于二倍焦距，成倒立、放大的实像。 （4）如图丙所示，蜡烛在凸透镜一倍的焦距以内，成的是虚像，此时像与物体在凸透镜的同一侧，人眼在B处才能够观察到像，此时的凸透镜相当于放大镜。 （5）小明将图乙中的透镜换成焦距的凸透镜，会聚能力变强，会在光屏前成像，现在需要在光屏位置不变的情况下，重新得到清晰的像，则物距需要减小，蜡烛在凸透镜左侧，物距减小即蜡烛靠近凸透镜，因此烛焰需要向右移动。 6．(1) 温度计的玻璃泡碰到了容器底部 气泡 (2) (3) 不能 水沸腾需要持续吸热 (4)打气 【难度】0.72 【详解】（1）图甲的错误是温度计的玻璃泡接触到了容器底部，这样会导致测量的温度不准确。 实验中除了记录温度，还需要观察水中气泡的变化，沸腾前气泡上升时逐渐变小，沸腾时气泡上升时逐渐变大。 （2）根据表格中的数据，在坐标纸上描出对应点。 用平滑的曲线将这些点连接起来。 （3）停止加热后，水不能继续沸腾； 这说明水沸腾需要持续吸热，停止加热后，水无法继续吸收热量，沸腾停止。 （4）打气，气压升高，沸点升高。此时水的温度（原沸点）低于新沸点，水停止沸腾。  要让水再次沸腾，必须继续加热，使水温升到新的、更高的沸点， 测出新沸点。 7．(1)表面积 (2)A、C (3) 不正确 没有控制水的表面积相同 (4)种类 【难度】0.75 【详解】（1）观察A、B两图可得，两滴水的温度相同，水面的空气流速相同，只有水的表面积不同，所以可以得出水蒸发快慢与水的表面积有关。 （2）要探究水蒸发快慢与水的温度有关，需控制水面的空气流速相同，水的表面积相同，使水的温度不同，应选图A、C进行实验。 （3）[1][2]从实验过程看，他控制了水的温度相同、水面的空气流速相同，但没有控制水的表面积相同，所以得出“根据谁先蒸发完，判断谁蒸发快”的结论是不正确的，原因是没有控制水的表面积相同。 （4）发烧病人使用酒精擦拭身体降温比用水擦拭的效果更好，是因为酒精比水蒸发快，蒸发吸热；一滴油和一滴水掉在玻璃桌面上，水很快就不见了，而油还在，说明水比油蒸发快，这些现象表明：液体蒸发的快慢与液体的种类有关。 8．(1)质量 (2) 加热时间 转换 (3) 煤油 水 【难度】0.76 【详解】（1）实验需控制水和煤油的质量和初温相等，用相同的酒精灯加热，以保证在相同时间内两种液体吸收的热量相同。 （2）[1][2]实验中热源相同，可通过加热时间来反映吸收热量的多少，这种研究方法叫转换法。 （3）[1]由图乙可知，升高相同温度时，煤油加热时间更短、升温更快，说明煤油的吸热能力较弱。 [2]水的比热容更大，放热时降温更慢，所以自制暖手袋应选水作为供暖物质，效果更佳。 9．(1) 1.20 0~4.60 (2) 气体 C (3) 右端 增大 增大 【难度】0.74 【详解】（1）[1]由图甲可知，刻度尺的分度值为0.1cm，圆柱体的直径为1.20cm； [2]刻度尺最左端刻度值为6.0cm，最右端的刻度值10.60cm，则刻度尺最大量程 刻度尺的测量范围为 （2）[1]图乙是气体温度计，利用气体的热胀冷缩性质制成。 [2]室温升高时，瓶内气体膨胀，A处的液柱将向C侧移动。 （3）[1][2]闭合开关前，为了保证电路的安全，滑动变阻器应保持电阻最大，则滑片P应在最右端。当滑片P左移时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，由图丙可知，电路为串联电路，电流表测电路电流，电阻变小，电源电压不变，由可知，电路电流变大，电流表示数变大，灯泡变亮。 [3]当A接M，C接N时，滑片P向左移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，由可知，电流变大，电流表示数变大。 10．(1)左 (2)2.4 (3)1.04 (4) 盐水 1.15 1.25 【难度】0.65 【详解】（1）调平时指针偏右，说明右侧偏重，应将平衡螺母向左调节。 （2）由图乙可知，天平标尺的分度值为0.2g，白纸的质量等于游码示数，为0.4g；要称量2g盐，总游码示数应为 因此游码移至2.4g处。 （3）水的体积 水的质量 盐水总质量 体积不变，因此盐水密度 （4）[1]根据天平原理 容器质量抵消后， 同体积下盐水密度更大、质量更大，因此质量更大的盐水放在左盘，游码向右移动补充右盘质量，故左盘放盐水。 [2]由图丙可知，游码示数为3g，液体体积 根据得， 代入数据得，盐水的密度为 [3]该天平游码最大示数为5g，因此最大密度 11．(1) 重力势 动 45.0 (2)不是 (3) (4)弯曲 【难度】0.7 【详解】（1）[1][2]小车从斜面上滑下时，高度降低、速度增大，因此重力势能转化为动能。 [3]由图乙可知，刻度尺分度值为1cm，A对应刻度为90.0 cm，B对应刻度为45.0 cm，因此 （2）平直斜面上，AB和BC路程相等（均为45.0cm），AB用时3.5s，BC用时，相同路程时间不同，速度不同，因此小车不是匀速直线运动。 （3）一半路程，总时间 总平均速度 （4）平直斜面AC总用时5s，弯曲斜面滑行总用时4.5s，因此弯曲轨道下滑时间更短。 12．(1) 天平 弹簧测力计 (2)悬线方向始终与水平面垂直 (3) 物体所受重力跟它的质量成正比 (4)C (5)C 【难度】0.71 【详解】（1）在探究“重力的大小跟质量的关系”时，需要测量物体的质量和受到的重力大小，故需要的测量工具是天平和弹簧测力计。 （2）在甲、乙、丙三图中，无论支架倾斜角度如何改变，悬线的方向始终保持竖直向下，且悬挂的重物会自然下垂，此现象可以支持“重力的方向总是竖直向下”的这一结论。 （3）在坐标系中，横坐标标注“质量m/kg”，纵坐标标注“重力G/N”，将表格中的对应数据依次描出，再用线连接这些点，即可得到G-m关系图像，如图所示： 分析表格内数据可知，5组数据中物体所受重力与物体的质量的比值不变，即物体所受重力跟它的质量成正比。 （4）利用弹簧测力计测量物体的重力时，弹簧受到物体对弹簧的拉力，这个力改变了弹簧的形状，使弹簧伸长，故C符合题意。 （5）物体所受重力跟它的质量成正比，且这个比值是一个定值，绿豆和黄豆的质量相同时，重力也相同，即两组数据的图像应该是重叠在一起的，故C符合题意。 13．(1) 相同位置 越慢 (2) 不需要 甲 (3)牛顿第一定律的内容是一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，而笛卡尔的观点中，只涉及到了物体做匀速直线运动的情况，没有提及静止物体的运动规律，所以这是他的观点的不足之处 (4) 运动状态 A (5)B 【难度】0.68 【详解】（1）为使小车每次到达水平面时的速度相等，由控制变量法，每次都要让小车从斜面上的相同位置自由下滑。 根据实验现象可以得出：小车受到的阻力越小，小车在水平面运动的距离越远，其速度的变化就越慢。 （2）如果运动的物体没有阻力的影响，没有阻力改变它的运动状态，它将在水平面上一直匀速直线运动下去，说明物体的运动不需要力来维持。 乙图中有阻力，小球不能上升到原来的高度，且斜面变成水平面，有阻力改变小球的运动状态，小球会停下来，甲图中无阻力，斜面变成水平面，没有阻力改变小球的运动状态，小球在斜面上能上升到原来的高度，因此属于推理的是甲。 （3）略 （4）由牛顿第一定律可知，阻力使运动的小车停下来，即阻力改变了物体的运动状态。 牛顿第一定律采用了科学推理的方法。 A．逐渐抽掉真空罩中的空气，闹钟的响声越来越小，进行科学推理，若真空罩中被抽成真空，不能听到闹钟的声音，说明真空不能传声，故A符合题意； B．马德堡半球实验采用了转换法，证明了大气压的存在，故B不符合题意； C．托里拆利实验采用了等效替代法，用液体压强计算出大气压强，故C不符合题意； D．探究液体压强的特点的实验采用了控制变量法和转换法，故D不符合题意。 故选A。 （5）上述实验及科学家研究成果给予我们的启示是科学定律不一定通过实验直接得出，可以经过科学推理得到，科学推理是科学研究的方法之一；科学家观点也不一定正确，可以质疑；大多数人认同的观点不一定是正确的观点。故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 14．(1)相同 (2)之和 (3) 甲、丙 较大 (4) 戊 小车为滚动摩擦，比滑动摩擦力小得多，减小了摩擦力对实验的影响 【难度】0.75 【详解】（1）本实验用到等效替代法，将弹簧拉伸到同一点B，是为了保证三次实验中力的作用效果相同，才能用一个力等效替代两个力的合力。 （2）结合题图数据：甲中单独拉力，乙中两个同向拉力，，合力效果和一致，大小满足 因此可得：同一直线上方向相同的两个力，合力大小等于两个力大小之和。 （3）[1][2]探究方向相反的二力的合力规律，需要对比甲（单个拉力）和丙（两个反向拉力）的实验效果；由数据可得，反向两个力合力大小为两个力大小之差，方向和较大的力方向一致，因此分别填甲丙、较大。 （4）[1][2]对比丁（木块滑动）和戊（小车滚动）装置：戊中小车滚动，滚动摩擦力远小于滑动摩擦力，摩擦力对实验的干扰更小，因此戊装置更优。 15．(1)匀速直线运动 (2) 是 乙 (3) 相反 相等 (4)同一直线 (5)能 【难度】0.71 【详解】（1）物体的平衡状态定义为静止状态或匀速直线运动状态，处于平衡状态的物体受力相互平衡。 （2）[1][2]小车此时静止，属于平衡状态，因此受到的力是平衡力（拉力差被小车受到的桌面摩擦力抵消，合力仍为0；甲装置中小车与桌面间存在摩擦力，对实验干扰更大，乙装置忽略硬纸片重力，消除了摩擦力的影响，因此乙装置更科学。 （3）[1][2]两端钩码个数相同时，拉力大小相等；两个拉力分别向纸片两侧，方向相反。 （4）将纸片旋转后，两个拉力不再同一直线，松手后纸片恢复原状，说明二力平衡需要满足：两个力必须作用在同一直线上。 （5）两个滑轮不在同一高度时，仍然可以让作用在硬纸片上的两个力满足"大小相等、方向相反、作用在同一直线"的实验条件，因此可以完成探究。 16．(1)水平 (2)压力 (3)无关 (4) 平衡 不是 (5) A 水平向右 (6) 不需要 0.25 5 【难度】0.74 【详解】（1）实验中弹簧测力计测量水平方向的拉力，需要消除弹簧自身重力的影响，因此必须在水平方向校零。 （2）甲、乙实验控制接触面粗糙程度相同，改变了压力大小，乙压力更大、滑动摩擦力更大，因此结论为：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。 （3）乙、丙实验中，总压力、接触面粗糙程度都相同，仅接触面积不同，最终滑动摩擦力大小相同，因此得出滑动摩擦力大小与接触面积大小无关。 （4）[1]木块做匀速直线运动，运动状态不变，属于平衡状态。 [2]二力平衡需要满足“同体、等大、反向、共线”，斜向上的拉力和水平的摩擦力不在同一直线，因此不是一对平衡力。 （5）[1]戊图中木块A保持静止，受力平衡，滑动摩擦力大小等于弹簧测力计A的拉力，因此弹簧测力计A的示数反映滑动摩擦力大小。 [2]木板向右运动，A相对木板向左运动，滑动摩擦力方向与相对运动方向相反，因此摩擦力方向为水平向右。 （6）[1]该装置中铜块始终静止，受力始终平衡，滑动摩擦力始终等于拉力传感器的拉力，因此不需要匀速拉动长木板。 [2]由图（b）可知 则可得 [3]由图可知，绳子对铜块有向上的拉力，大小等于沙桶及细沙的总重力，铜块对长木板的压力为 因此 因为铜块静止，拉力传感器测出的拉力等于滑动摩擦力，所以拉力为5N。 17．(1)海绵的凹陷程度 (2) A、B 大 (3)B、C (4)不可行 (5)较深的大脚印 (6)= 【难度】0.71 【详解】（1）本实验利用转换法，通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果。 （2）要得到“受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越明显”的结论，需要控制受力面积相同、改变压力，符合要求的是A、B两图。 （3）坦克履带的原理是压力相同时，增大受力面积可以减小压强，该结论是B、C两图，压力相同，受力面积不同，探究得到的，因此用B、C的结论解释。 （4）将海绵垫起后，海绵受到的压力小于小桌和砝码的总重力，对比B、D时没有控制压力大小相同，无法探究受力面积对压力作用效果的影响，因此想法不可行。 （5）脚印越深说明对沙滩的压强越大，大脚印的受力面积更大，根据可知，压强更大、受力面积更大时，总重力更大，因此质量更大的是较深的大脚印。 （6）图C和图E中，压力大小、受力面积都相同，根据压强公式，压强大小相等，因此。 18．(1) 大于 不属于 (2)大 (3)B (4) 探头的方向 变大 【难度】0.65 【详解】（1）[1]由图可知，当U形管内的红墨水静止时，U形管液面左低右高，说明管内压强高于外界大气压。 [2]上端开口，下部相连通的容器叫做连通器，而压强计的一端是封闭的，所以压强计的U形管不属于连通器。 （2）比较乙、丙两图，液体密度相同，探头所处深度不同，丙图中探头更深，U形管液面差更大，说明：同种液体，液体深度越深，压强越大。 （3）探头在某种液体中的深度一定时，液体压强大小是固定的。U形管两侧液面的高度差由决定。 A．将U形管换成更细的，不会改变液面高度差，因为液面高度差与U形管的粗细无关，故A不符合题意； B．U形管中换用密度更小的酒精，根据可知，压强不变，液体密度变小，液面高度差会变大，故B符合题意。 故选B。 （4）[1]根据控制变量法，探究液体压强与方向的关系时，应控制液体密度和探头所处深度相同，改变探头的方向。 [2]在丁图实验中，保持金属盒位置不变，加入适量清水与其均匀混合后（液体不溢出），此时容器中液体的总重力变大，即杯底受到的总压力变大，总压强p总变大，由于混合后液体的密度变小，而探头下方液体的深度不变，因此探头下方液体的压强p下变小，根据可知，探头上方液体的压强p上变大，所以橡皮膜受到的液体压强将变大。 19． 排尽注射器内的空气后 6.0cm 活塞与针筒之间存在摩擦 11 【难度】0.52 【详解】[1]根据实验原理可知，只有先排尽注射器内的空气后，刚拉动活塞时的拉力大小才等于大气压力，若注射器内存有空气，拉力小于大气压力，会使测量值偏小。 [2][3]由图2可知，注射器有刻度部分的容积为，有刻度部分的长度为6.0cm，注射器活塞的横截面积为 [4]造成误差的主要原因有注射器内的空气没有排尽、橡皮帽密封不好、刚拉动时弹簧测力计读数不准确、活塞与针筒壁之间存在摩擦等，但注射器内的空气没有排尽或橡皮帽密封不好会使测量值偏小，刚拉动时弹簧测力计读数不准确会使测量值偏大偏小都有可能，活塞与针筒壁之间存在摩擦会使测量值偏大，由此可知，实验误差偏大的原因是活塞与针筒壁之间存在摩擦。 [5][6]当活塞向左滑动时，活塞水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的大气压力、水平向右的摩擦力，处于平衡状态，即① 当活塞向右滑动时，活塞水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的大气压力、水平向左的摩擦力，处于平衡状态，即② 其中的大小等于刚开始向左滑动时杯与水的总重力，即③ 的大小等于向右滑动时杯与水的总重力，即④ 联立①②③④式，解得，，，根据大气压强公式可得大气压强 20．(1) 750 不变 (2) 1×105 偏大 (3) G 偏小 【难度】0.68 【详解】（1）[1][2] 托里拆利实验中，大气压大小等于玻璃管内外水银面的竖直高度差对应的水银柱压强，由图甲可知高度差为，因此当地大气压相当于水银柱产生的压强；大气压不变时，玻璃管倾斜仅改变水银柱长度，水银柱的竖直高度不变。 （2）[1]由图乙得：注射器容积 刻度总长度 可得活塞横截面积 活塞刚滑动时，拉力等于大气压力，因此大气压 [2]若活塞摩擦较大，拉力需要同时平衡大气压力和摩擦力，测得的拉力偏大，根据，最终测得的大气压值偏大。 （3）[1][2][3]吸盘刚好脱落时，受力平衡，空气对吸盘的压力大小等于吸盘、小桶、细沙的总重力； 吸盘直径为，面积 因此大气压 若吸盘内空气没排净，内部空气会对吸盘产生向外的压力，使测得的总重力偏小，根据，最终测得的大气压强偏小。 21．(1)2.7 (2) 物体排开液体体积 液体密度 无关 (3) 3×10-5 9×103 (4) 1.3 偏小 【难度】0.65 【详解】（1）弹簧测力计分度值为，指针指向，因此示数为。 （2）步骤A、B、C、D中，液体密度相同，金属块排开液体的体积不同，浮力不同，说明浮力大小与物体排开液体的体积有关； 步骤A、E、F中，金属块排开液体的体积相同，液体密度不同，浮力不同，说明浮力大小与液体的密度有关； 步骤A、D、E中，金属块浸没在同种液体中，深度不同，浮力大小相同，说明物体所受浮力与深度无关。 （3）金属块浸没在水中时，浮力 根据阿基米德原理，浸没时，因此 金属块密度 （4）金属块浸没在液体中时，浮力 则 若按顺序实验，先测得物体在待测液体中的浮力，然后利用物体浸没在水中时求得物体的体积。最后测量空气中金属块重力时，金属块表面沾有液体，会使测得的重力偏大，则求得在水中的浮力偏大，计算出的偏大，根据可知，在浮力一定时，计算出的液体密度偏小。 22．(1) 左 53 (2)2.65 (3) (4)排开液体的体积 【难度】0.73 【详解】（1）[1]天平放在水平桌面上，游码移至标尺零刻线处后，可按照“左偏右调、右偏左调”的调节方法，使天平横梁平衡。如图甲所示，指针偏右，则应向左调节平衡螺母使横梁平衡。 [2]由图乙可知，天平的分度值为0.2g，游码左侧位于标尺上3g处，则小石块的质量为 （2）如图丙所示，量筒的分度值为2mL，则水的体积 水和小石块的总体积 小石块的体积 小石块的密度 （3）小石块受到的重力 小石块浸没在盐水中受到的浮力 小石块浸没在盐水中排开盐水的体积 盐水的密度 （4）小石块离开液面的过程中，排开液体的体积逐渐减小，弹簧测力计的示数逐渐变大，即浮力逐渐变小，说明浮力的大小与物体排开液体的体积有关。 23．(1) 3.8 DCAB (2) 1.4 DB (3)= (4)能 (5) 20 【难度】0.78 【详解】（1）[1]图C中弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为3.8N，即石块的重力为3.8N。 [2]为避免桶内沾水影响排开液体重力的测量，应先测空桶重力和石块重力，再将石块浸入水中，最后测出桶和排开水的总重力，故正确顺序为DCAB。 （2）[1]石块受到的浮力 [2]石块排开的水所受的重力等于桶和水的总重力减去空桶的重力，可由D、B两个步骤测出。 （3）由数据可知， 故 （4）只将石块的一部分浸在水中，石块受到的浮力减小，排开水的重力也相应减小，仍满足，故能得到相同的结论。 （5）[1]圆柱体浸没在水中时，排开水的体积等于圆柱体的体积，故圆柱体的体积 [2]圆柱体放入小空筒后，为恢复溢水杯的液面，额外排开的水体积为27mL，加上之前排出的20mL，总排开水的体积为 根据漂浮条件，圆柱体的重力等于总排开水的重力，即 圆柱体的质量 圆柱体的密度 24．(1)木块滑行的距离 (2)当物体的质量一定时，速度越大，动能越大 (3) 超载 B (4)不可行 【难度】0.65 【详解】（1）由于钢球动能大小不容易直接测量，这里采用转换法，通过观察木块滑行的距离来判断钢球的动能大小：钢球动能越大，撞击木块做功越多，木块滑行的距离就越远。 （2）甲、乙两图中钢球的质量相同，由静止释放的高度不同即到达斜面底端的速度不同，且钢球的速度越大，撞击木块移动的距离越远，说明钢球的动能越大，因此可得结论：当物体的质量一定时，速度越大，动能越大。 （3）[1]乙、丙两图中钢球由静止释放的高度相同即速度相同，钢球的质量不同，速度相同的钢球，质量越大，撞击木块移动的距离越远，说明钢球具有的动能越大，因此可得结论为：当物体的速度一定时，质量越大，动能越大。该结论可用来解释汽车超载的安全隐患：装载质量越大的汽车具有的动能越大，发生交通事故的危险越大。 [2]AC．探究物体动能与质量的关系时，必须保持速度相同，必须用相同的木块在相同的桌面上滑行，因此不能改变钢球释放的高度，不能换用质量不同的木块，故AC不符合题意； B．丙实验时，木块被撞出桌面范围，说明钢球具有的动能过大，因此要减小动能，钢球的质量不能换成更大的，但可以换成更小的，与乙实验中钢球的质量不同即可，故B符合题意。 故选B。 （4）利用如图丁的装置，质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，钢球获得的动能相同，此时动能为定值不变，而质量不同的钢球其速度也不同，因此不能探究小球的动能大小与质量的关系，故小华的设计方案不可行。 25． 35.0 变大 14 15 【难度】0.65 【详解】（1）[1]丙图所示刻度尺的分度值为1cm，工艺品的左端与零刻度线对齐，则工艺品的长度为35.0cm。 （2）[2]弹簧测力计在图丁中虚线位置，则与竖直位置相比，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，根据杠杆平衡的条件可知，动力将变大，即弹簧测力计的示数变大。 （4）（5）[3][4]当以A端为动力作用点时，B点为支点，根据杠杆平衡条件知 即……① 当以B端为动力作用点时，A为支点，根据杠杆平衡条件知 即……② 由①②解得，。 26． 丁 80 无关 大 D 【难度】0.65 【详解】（2）[1]第5次实验中，根据滑轮组的绳子承重股数公式可得，承担物重的绳子段数 四个图中只有丁图的绳子段数为4段，因此第5次实验用丁图装置。 [2]第5次实验的机械效率为 [3]分析1、2两次实验结论可知，1、2两次实验提升物重、动滑轮重力都相同，仅绕绳方式不同，最终机械效率相同，因此可得：滑轮组的机械效率与绕绳方式无关。 [4]分析2、4两次实验结论可知，2、4两次实验使用相同滑轮组，提升物体重力越大，机械效率越高，因此可得：使用相同滑轮组提升物体时，物体越重，机械效率越大。 （3）[5]A．减轻动滑轮重力，可减少额外功，提高机械效率，故A不符合题意； B．增加提升物体重力，有用功占总功的比例增大，机械效率提高，故B不符合题意； C．加润滑油减小摩擦，减少额外功，可提高机械效率，故C不符合题意； D．根据可知，滑轮组机械效率和重物上升高度无关，增加重物上升高度不能提高机械效率，不可行。故D符合题意。 故选D。 27．(1)连接电路时开关未断开 (2)干路 (3) (4) 各支路电流之和 更换不同规格的灯泡进行多次实验 (5) 0.2 一样亮 【难度】0.73 【详解】（1）为保护电路，连接电路时开关必须断开。刚接好最后一根导线电流表就偏转，说明电路处于通路状态，原因是连接电路时开关没有断开。 （2）图甲中电流表接在干路位置，测量的是干路电流。 （3）要测量通过L1的电流，需将电流表与L1串联，然后再与L2并联，将连接L1和L2左侧的导线改接为L2左侧和电流表的“-”接线柱连接。作图如下： （4）并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；实验仅测了一组数据，结论具有偶然性，建议更换不同规格的灯泡进行多次实验，避免偶然性，得出普遍规律。 （5）图丙中电流表量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A；图乙为串联电路，串联电路中电流处处相等，灯泡亮度由实际功率决定，L2更亮是因为L2电阻更大，对调位置后，电流仍相等，电阻大小不变，实际功率不变，故观察现象是一样亮。 28．(1)A、B (2) 小 减小 (3) 滑动变阻器 断路 小 (4) 变小 增大 【难度】0.74 【详解】（1）验证猜想①，需要控制材料、横截面积相同，只改变长度，根据表格，A、B两根电阻丝材料、横截面积相同，长度不同，因此选A、B。 （2）验证猜想②，A横截面积小于C，接入C后灯泡变亮，说明电流更大，C电阻更小，因此结论为：材料和长度相同时，横截面积越小，电阻越大；将输电线换成较粗的，横截面积变大，目的是减小输电线的电阻，减少输电过程的电能损耗。 （3）伏安法测电阻需要滑动变阻器改变电路的电流和电压，实现多次测量减小误差，因此除电压表外还需要滑动变阻器；电流表无示数说明电路断路，电压表有示数说明电压表两端能连通电源，因此故障是导线A断路；若考虑电压表分流，电流表测量的是电压表和待测电阻的总电流，测得的电流比真实流过待测电阻的电流大，根据，电压测量准确，电流偏大，因此测得的电阻值比真实值偏小。 （4）加热金属线圈后灯泡逐渐变暗，说明电路总电流变小，因此电流表示数变小；电源电压不变，电流变小说明总电阻变大，因此结论：金属导体的电阻随温度的升高而增大。 29．(1) (2)最右 (3)短路 (4) 2.5 在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 (5)二 (6) 【难度】0.56 【详解】（1）滑片P向右滑动时电流变小，说明滑动变阻器接入电阻变大，因此需要将左下接线柱接入电路。 （2）闭合开关前，滑动变阻器需要调到最大阻值处，因此滑片置于最右端。 （3）电流表有示数说明电路是通路，电压表无示数，说明可能是和电压表并联的定值电阻短路。 （4）电压表选用0~3V量程，分度值0.1V，读数为2.5V；分析表格数据：电阻不变时，电压增大为原来的几倍，电流也增大为原来的几倍，因此结论为：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比。 （5）要得到普遍规律，需要用不同阻值的电阻多次实验，避免结论的偶然性，因此方案二更合理。 （6）探究电流与电阻关系时，保持R两端电压为2V不变，电源电压4.5V，因此滑动变阻器两端电压为 根据串联分压，得定值电阻阻值 滑动变阻器允许最大电流为0.4A，电路最大电流不超过0.4A，因此定值电阻最小阻值 滑动变阻器最大阻值为30Ω，因此定值电阻最大阻值 因此定值电阻阻值范围为5Ω~24Ω。 30．(1) (2)电流表和电压表均 (3) 左 40 5 (4) (5) 【难度】0.5 【详解】（1）在“探究电流与电阻的关系”时，需定值电阻与滑动变阻器串联，电压表并联在定值电阻两端，电流表串联在电路中，甲图中定值电阻未接入电路，应将定值电阻与滑动变阻器的连线改接成滑动变阻器上接线柱与定值电阻左接线柱相连。 （2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，以保护电路。如果滑动变阻器阻值太小，电路中电流会过大，定值电阻两端电压也会较大，可能超出电压表量程，因此可能会损坏电路中的电流表和电压表。 （3）[1]当把15Ω的电阻更换为20Ω的电阻时，定值电阻R的阻值增大，根据串联电路的分压原理，其两端的电压会增大。为了保持R两端的电压不变，需要增大滑动变阻器分得的电压，即增大滑动变阻器接入电路的电阻。因此，滑片应向左端滑动。 [2]从图乙可知，实验中控制的电压为 当接入20Ω的电阻时，电路中的电流为 此时，滑动变阻器两端电压为 所需滑动变阻器的电阻为 由于原滑动变阻器最大阻值为30Ω，不满足要求，因此需要更换一个最大阻值不小于40Ω的滑动变阻器。 [3]如果更换电源，使用原30Ω的滑动变阻器。当接入20Ω电阻，且滑动变阻器调至最大阻值30Ω时，电路总电阻为 为了保持R两端电压为2V，电路电流需为0.1A。此时，电源电压最高为 因此，可以更换为电压不高于5V的电源。 （4）在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比，与电阻的倒数成正比。而图丙是一个过原点的直线，表示纵坐标的物理量与横坐标的物理量成正比。由于纵坐标为电流I，所以横坐标应为电阻的倒数，即 。 （5）[1][2]由图丁可知，闭合开关S，单刀双掷开关接a，滑片移到最左端，此时接入电路的阻值为0，灯泡与滑动变阻器串联，移动滑片，使电流表的示数为，此时灯泡正常发光，根据欧姆定律及串联电路基本规律有① 将单刀双掷开关接b，滑动变阻器、与定值电阻串联，先只移动的滑片，使电流表的示数仍为，同理此时有② 再只移动的滑片，当滑片在最左端时接入电路阻值为0，此时电流表的示数为，则有③ 当滑片在最右端时，此时阻值全部接入电路，电流表的示数为，则有④ 联立①②③④可得。 31．(1) B 断路 (2) 9 减小误差 (3) 【难度】0.5 【详解】（1）[1]闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片调至最大（B端），使闭合开关时，电路电流最小，保护电路。 [2]闭合开关后，发现电流表无示数，电路可能发生断路现象，电压表有示数，无论怎么移动滑片，两表示数几乎都不变，说明可能时与电压表并联的Rx断路。 （2）[1]由图乙可知，电压表选择0~3V的测量范围，分度值为0.1V，电压表读数2.7V，根据得 [2]本实验测定值电阻，多次测量求电阻平均值的目的是减小实验误差。 （3）电源电压为U且保持不变，闭合开关S1，断开S2，小灯泡与滑动变阻器串联，有电源电压……① 保持滑动变阻器滑片的位置不变，再闭合开关S2，小灯泡被短路，滑动变阻器单独工作，有电源电压……② 联立①②可得小灯泡正常发光时的阻值 32．(1)右 (2)9.5 (3)7.5 (4)0.5 (5) 【难度】0.59 【详解】（1）连接电路时，为保护电路，滑动变阻器需要调到接入电阻最大的位置，因此滑片应移至最右端。 （2）电源总电压为，小灯泡额定电压为；当滑片移到最左端时，电压表测量两个滑动变阻器的总电压，根据串联分压，滑动变阻器总电压为，此时小灯泡两端电压为额定电压，正常发光。 （3）电压表使用量程，分度值为，指针指向，因此读数为。 （4）整个过程中，电路总电阻不变，电流不变：滑片在最左端时电压表示数为（测接入部分的总电压），滑片移到最右端后电压表示数为（仅测接入部分的电压），因此（总电阻）两端电压为，电路电流（即灯泡额定电流），小灯泡额定功率为。 （5）图丙中，小灯泡与并联： 拨到时，电流表测的电流，并联电压相等，此时灯泡正常发光，额定电压； 拨到时，电流表测干路总电流，因此小灯泡额定电流； 因此额定功率：。 33．(1)闭合开关 (2) 右 增强 (3) 条形 不能 (4) 电流方向 地磁场 【难度】0.75 【详解】（1）如图甲所示，将绕制好的螺线管、电源（电压恒定）、滑动变阻器、开关连接成电路，在纸板上均匀地撒上铁屑，然后闭合开关，轻敲纸板，观察铁屑分布情况。通过铁屑分布情况，可以知道通电螺线管的磁场分布情况。 （2）[1][2]实验中，观察到铁屑分布规律不明显，接下来应该向右调节滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值变小，通过电路的电流变大，使通电螺线管的磁性增强。 （3）[1][2]观察铁屑的排列情况可知，通电螺线管外部磁场跟条形磁体的磁场相似；只利用铁屑的排列不能判断磁场方向，因为铁屑只是一堆细小铁磁颗粒，没有固定的极性指向，所以只能看出磁场分布，不能判断方向。 （4）[1]在螺线管周围放置一些小磁针，通电后，小磁针的偏转情况如图乙所示；调换电源正负极后，电流方向改变，小磁针偏转方向如图丙所示，说明磁场的方向发生了改变。说明：同一通电螺线管，其外部磁场的方向与螺线管中的电流方向有关。 [2]实验结束后，整理器材时，发现小磁针的N极均指向同一个方向，这是由于小磁针受到了地磁场的作用。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $