期末测试卷(4)-【无敌原创】2025-2026学年高中物理必修第一册期末测试卷（人教版）

物理 期末测试卷（四） (满分：100分时间：60分钟)〉 一、单项选择题（本题包括6小题，每小题4分，共24分，每小题给出的四个选项中，只有一项符 合题目要求，多选或错选均不得分) 1.A、B两物体在同一坐标系中运动的x-t图像如图所示，则下列关于物体运动的说法正确的是 x/m 4 457入8t/ A.A物体在0时刻至第8s末，运动方向改变2次 B.两物体在5s前不可能相遇 甜 C.A物体在2~7s时间内位移为18m D.第5s内两物体的平均速度相同 2.行驶的轿车通过斑马线时先匀减速到一定速度，再匀速通过斑马线，最后过了斑马线又匀加速 离开。若减速与加速过程中的加速度大小相等，以轿车运动方向为正方向，现用位移x、加速 器 1IIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIII1I1111111111111111111111111111111111111111111111111111111 度α和速度v随时间变化的图像粗略地描述轿车全过程的运动情况，下列图像可能正确的是 ( x/m x/m a/(m·s2) ↑v/m's) 0 t/s A B. D 3.如图所示，A、B两物体叠放在一起，以相同的初速度上抛（不计空气阻力），下列说法正确的是 A.在上升和下降过程中A对B的压力一定为零 B.上升过程中A对B的压力大于A物体受到的重力 C.下降过程中A对B的压力大于A物体受到的重力 D.在上升和下降过程中A对B的压力等于A物体受到的重力 4.如图所示，质量为M的斜劈形物体放在水平地面上，质量为m的粗糙物块以某一初速度沿斜 劈的粗糙面向上滑，至速度为零后又加速返回，而物体M始终保持静止，则在物块上、下滑 动的整个过程中 () M 777777777777777777777777 A.地面对物体M的摩擦力先向左后向右 B.地面对物体M的摩擦力大小不变 C.地面对物体M的摩擦力方向不变 D.地面对物体M的支持力可能大于(M十m)g 5.交通部门常用测速仪检测车速。测速原理是测速仪前后两次发出并接收到被测车反射回的超 声波信号，再根据两次信号的时间差，测出车速，如图甲。某次测速中，测速仪发出与接收超声 波的情况如图乙所示，x表示超声波与测速仪之间的距离。则该被测汽车速度是（假设超声波 的速度为340米/秒) () 下 甲 ◆x/m 080i6o2402a400480566z0008801o4ii2i20/s 乙 A.28.33m/s B.13.60m/s C.14.78m/s D.14.17m/s 13 6.如图所示，足够长的光滑平板AP与BP用铰链连接，平板AP与水平面成53°角固定不动，平 板BP可绕水平轴在竖直面内自由转动，质量为m的均匀圆柱体O放在两板间，sin53°=0.8， cos53°=0.6，重力加速度为g。在使BP板由水平位置缓慢转动到竖直位置的过程中，下列说 法正确的是 () A.平板AP受到的压力先减小后增大 B.平板AP受到的压力先增大后减小 C.平板BP受到的最小压力为0.6mg D.平板BP受到的最大压力为号mg 二、多项选择题（本题包括4小题，每小题6分，共24分，至少有2项符合题目要求，全部选对得 6分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分) 7.如图所示的装置叫阿特伍德机。绳子两端的物体竖直运动的加速度大小总是小于自由落体的 加速度g,这使得实验者可以有较长的时间从容地观测、研究。已知物体A、B的质量均为M, 物体C的质量为。轻绳与轻滑轮间的摩擦不计，轻绳不可伸长且足够长。物体A、B、C由图 示位置静止释放后 A.绳子上的拉力大小T=(M+m)g LLLLLLLLLL B.物体A的加速度a=2M十m3 C兴的取值小-些，便于观测 A D.M的取值大一些，便于观测和研究 m 8.如图所示，将质量为的小球用橡皮筋悬挂在竖直墙的O点，小球静止在M点，N为O点正 下方一点，ON间的距离等于橡皮筋原长，在N点固定一铁钉，铁钉位于橡皮筋右侧。现对小 球施加拉力F,使小球沿以MN为直径的圆弧缓慢向N运动，P为圆弧上的点，角PNM为 60°。橡皮筋始终在弹性限度内，不计一切摩擦，重力加速度为g,则 () 14 无敌原创·期末测试卷物理·必修第一册 A.在P点橡皮筋弹力大小为2mg B在P点时拉力F大小为号g C.小球在M向N运动的过程中拉力F的方向始终跟橡皮筋垂直 D.小球在M向N运动的过程中拉力F先变大后变小 9.智能手机中安装了加速度感测器APP软件后，可以精确测量手机运动的加速度。一同学将手 机轻轻接触弹簧由静止释放，如图甲所示，手机在t3时刻运动到最低点，APP软件记录下此过 程中加速度α随时间t变化的图像如图乙所示（不考虑薄板的质量，t3时刻加速度与零时刻大 小相等)，则 () 好 手机 ® A.手机先做加速度减小的加速运动，再做加速度增大的减速运动 B.t2时刻，重力等于弹力，手机速度为零 C.t2时刻，手机对薄板的压力为零 D.t3时刻，手机对薄板的压力等于手机重力的2倍 10.两个重叠在一起的滑块，置于倾角为0的固定斜面上，滑块A、B的质量分别为M和m,如图 所示，A与斜面的动摩擦因数为41，B与A间的动摩擦因数为2，已知两滑块都从静止开始 以相同的加速度从斜面滑下，则滑块A受到的摩擦力 () A.等于零 B.方向沿斜面向上 C.大小等于1 Mgcos0 D.大小等于2 ngcos0 三、实验题（每空3分，共18分） 11.在“探究弹力和弹簧伸长关系”的实验中，某实验小组将不同数量的钩码分别挂在竖直弹簧下 端进行测量，根据实验所测数据，利用描点法作出了所挂钩码的重力G与弹簧总长L的关系 图像，根据图像回答以下问题。 GN 40 20 0 5 10121415L/(×10-2m) 曾 (1)弹簧的原长为 cm; (2)弹簧的劲度系数为 N/m; (3)分析图像，总结出弹力F跟弹簧长度L之间的关系式为 。 (L用m为单位) 湖 12.某同学用图甲所示装置研究自由下落运动，实验打出一条较长纸带。在该纸带上不同位置， 该同学截取了(a)(b)(c)(d)四段进行测量处理，每段纸带上有三个计时点，这些计时点按打 点的先后顺序依次编号为0~11，测量结果如图所示。所用电源频率为50Hz。 计 00.981137 2 (a) 单位：cm 剂 IIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIIII 4 2.15 2.54 夹子 6) 接电源 重物 63.70 7 4.09 8 9 5.26 10 5.65 11 d 甲 e (1)8、9两点之间被撕掉的纸带上有 个计时点： (2)打上面纸带的点“7”时，重锤的速度为 m/s(保留2位小数)； (3)若重锤、纸带和夹子的总质量为400g,当地重力加速度为9.85m/s,则重锤、纸带和2夹 子这个系统下落过程中受到的阻力约为 N(保留2位小数)。 四、计算题（本题共3小题，共34分，要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出 最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中应明确写出数值和单位) 13.(10分)用弹射器从地面竖直上抛质量m=0.05kg的小球，如果小球在到达最高点前1s内 上升的高度是它上升最大高度的，重力加速度g取10m/s,不计空气阻力，求： (1)小球上升的最大高度； (2)小球抛出时的初速度大小。 15 14.(12分)一木板B置于光滑水平面上，小物块A静置于木板左端，若给小物块一个瞬间水平向 右的初速度=3m/s,小物块经历时间t=0.5s恰好不滑离木板，已知小物块的质量m= 1kg,木板质量M=2kg,重力加速度g取10m/s2。 (1)求小物块与木板间的动摩擦因数； (2)若水平面是粗糙的，木板与水平面间的动摩擦因数是物块与木板间的动摩擦因数的子，现 对小物块施加一个水平向右的恒定外力F,使小物块由静止开始运动，若使小物块能滑离 木板，求外力F的范围； (3)在(2)中，若F=7N,求小木块滑离木板时的速度大小。 →V0 m 777n77nn7777n777i7 16无敌原创·期末测试卷物理·必修第一册 15.（12分)如图所示，为使重100N的物体在粗糙竖直墙上保持静止，用一与竖直方向成0=37° 的力F向上撑住物体。已知物体与墙间的动摩擦因数μ=0.5，物体所受最大静摩擦力与滑 动摩擦力相等，求力F的取值范围。(sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2)标围成的面积相等，说明位移相等，由于两物体同时从同一地 点沿同一方向做直线运动，因此两物体两次相遇的时刻是2$ 和6s,故A正确；由图像可知，在0一1s内，甲的速度大于乙 的速度，甲在乙的前方，两者距离增大；在1一2s内，乙的速度 大于甲的速度，两者距离减小，第2s末两者相遇，故B错误；由 上分析知，在前2s内，甲乙两者之间距离先增大后减小，第2s 末相距最远，故C正确：开始运动时，乙的初速度为零，甲在前 面，在t=2s时，两物体相遇，此时乙的速度大于甲的，此后乙 在前面，甲匀速运动开始追乙，乙做匀减速运动，当=6s时， 甲乙再次相遇，因此在2~6s内，甲在乙后面，故D错误。故 选AC」 10.AB【解析】由于传送带足够长，物体先减速向左滑行，直 到速度减为零，此过程设物体对地位移大小为x,加速度大小 为，则x一芸然后在滑动肇擦力的作用下向右运动，分两种 情况：①若≥2，物体向右运动时一直加速，当2'=2时（向 右加速到2可以看成是向左由2减速到0的逆过程，位移大小 还是等于x),恰好离开传送带。②若<2，物体向右运动时 先加速，当速度增大到与传送带的速度相等时，位移大小x= 装<一工，说明物体还在传送带上，此后不受摩擦力，物体与 传送带一起向右匀速运动，直到返回光滑水平面，此时有2'= ,故A、B正确，C、D错误。枚选AB。 11.(1)竖直(2)450(3)6 【解析】(1)由于弹簧挂上重物后处于竖直状态，因此刻度值必 须保持竖直状态。 (2)图像与横坐标的交点就是弹簧的原长，因此该弹簧的原长 xo=4cm,在F-x图像中，图像的斜率表示劲度系数，因此劲 度系数=兰08x10Nm=50NVm 8 (3)根据F=kx,可得x=友一品m=0.06m=6cm。 12.(1)BC(2)0.906(3)0.080.16③ 【解析】(1)平衡摩擦力时，取下砂桶，将纸带连接在小车上并穿 过打点计时器，适当调整木板右端的高度，直到小车被轻推后 沿木板匀速运动，故B正确，A错误.每次改变小车质量时，不 需要重新平衡摩擦力，C正确：实验时，应先接通电源，再释放 小车，D错误。故选BC。 (2)根据△x=aTP,运用逐差法得a=二业 9T2 36 无敌原创·期末测试卷物理·必修第一册 5.37+6.28+7.20-2.67-3.57-4.46)×102=0.906m/g。 9×0.01 (3)根据图①知，当F=0.08N时，小车才开始运动，可知小车 运动时受到的摩擦力∫=0.08N,图线的斜率表示质量的倒 =008kg=0.16kg。平衡摩擦力后，a与F成正比， 数，则m=0.50 图线的斜率不变，故正确图线为③。 13.解：(1)手机受力示意图如图，因为μ=0.3<tan53°=3， 4 即mgcos0<mgsin0,所以手机会下滑。 手机 (2)若磁吸力F=6N,支架对手机的弹力V=mgcos53°十F 2×0.6十6=7.2N,此时最大静摩擦力为fm=uN=0.3× 7.2N=2.16N,因为mgsin53°=1.6N<fm,则手机静止，摩 擦力的大小为f=ngsin53°=1.6N。 14.解：(1)以A为研究对象，根据牛顿第二定律可得aA= ”m5=山g=3m/s2,方向水平向左；以B为研究对象，根据牛 m 顿第二定律可得aB=mg-“m+MWB=3m/S,方向水平 M 向右。 (2)设A在B上滑动时间为t时达到共同速度v=一aAt= aBt,解得t=0.5s,所以v=agt=1.5m/s,A相对地面的位移 =1=1.125m,B相对于地面的位移g=艺1一 2 0.375m,A相对于B的位移为sw-sB=0.75m<1.2m,所以 A没有从B上滑出。 15.解：(1)小包裹的速度2大于传动带的速度心1，所以小包裹 受到传送带的摩擦力沿传动带向上，根据牛顿第二定律可知 ngcos0-mgsin0=ma,解得a=0.4m/s2。 (2)根据(1)可知小包裹开始阶段在传动带上做匀减速直线运 动，用时=二心=6一06s=2.5s,在传动带上滑动的 a 0.4 距离为=”=上6士06×25=2.75m,因为小包赛 2 所受滑动摩擦力大于重力沿传动带方向上的分力，即 umgcos>mgsin0,所以小包裹与传动带共速后做匀速直线运 车相遇的地点，经过的时间为=0.32-0s=0.16s,由 2 动至传送带底端，匀速运动的时间为=L一1=395一2,5。 0.6 三可得，超声波通过的距离为s1=4=340m/s×0.16s= 2s,所以小包裹通过传送带的时间为t=t1十t2=4.5s。 54.4m,超声波第二次从测试仪发出到与汽车相遇的地点，经 期未测试卷（四） 过的时间为4=.24,1.00s=0.12s,超声波通过的距离 2 为52=vt2=340m/s×0.12s=40.8m,故汽车行驶的距离 1.B【解析】由题图像可知，A物体在4s末运动方向改变一 为s=51一52=54.4m-40.8m=13.6m,由题图可知测试仪 次，A错误；5s末两物体才到达同一位置即相遇，B正确；A物 发出的超声波两次间隔时间为1s,则超声波第一次从测试仪 体第2s末处于4m位置，第7s末处于0位置，此过程的位移 发出到与汽车相遇的地点，经过的时间为0.16s;超声波第二 △x=x未一x初=0-4m=一4m,C错误；两物体在第5s内，位 次发出的时间为1s末，超声波第二次与汽车相遇的时刻应该 移方向相反，D错误。故选B。 是：1s十0.12s=1.12s,故汽车行驶的时间为t=1.12s 2.D【解析】位移一时间图像的倾斜程度表示物体的运动速 0.168=0,96s,所以汽车行驶的速度为4=兰=品6贯≈ 0.96s 度，汽车做匀减速运动和匀加速运动时，位移一时间图像为曲 14.17m/s。故选D。 线，汽车做匀速运动时图像为倾斜的直线，AB错误；汽车先做 6.D【解析】小球受重力、斜面AP弹力F1和挡板BP弹力 匀减速运动，加速度为负，保持不变，然后做匀速运动，加速度 F2,将F1与F2合成为F=mg,如图。小球一直处于平衡状态， 为零，最后做匀加速运动，加速度为正，保持不变，C错误； 三个力中的任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故 速度一时间的图像的倾斜程度表示物体的加速度，汽车先做匀 F和F2合成的合力F一定与重力等值、反向、共线。从图中可 减速运动，速度随着时间均匀减小，加速度保持不变，图像倾斜 以看出，当挡板PB逆时针缓慢地转向竖直位置的过程中，F 程度不变，然后做匀速运动，速度不变，图像平行于时间轴，最 越来越大，F2先变小，后变大，AB错误。由几何关系可知，当 后做匀加速运动，速度随着时间均匀增大，加速度保持不变，图 F2的方向与AP的方向平行（即与F1的方向垂直）时，F2有最 像倾斜程度不变，D正确。故选D。 小值为F2mim=mgsin53°=0.8mg,当挡板BP竖直时，F2最大， 3.A【解析】以A、B整体为研究对象：在上升和下降过程中仅 受重力，由牛顿第二定律知加速度为g,方向竖直向下。再以 为F=mg·tan53°=专mg,故C错误，D正确。故选D。 A为研究对象：因加速度为g,方向竖直向下，由牛顿第二定律 53 知A所受合力为A的重力，所以A仅受重力作用，即A和B 之间没有作用力。故选A。 4.C【解析】物体减速上滑时，物块的加速度沿斜面向下，大小 为a1=gsin0十gcos0,以整体为研究对象，把m的加速度在水 B 平方向和竖直方向进行分解，水平方向的加速度由水平方向的摩 7.BD【解析】对物体A,由牛顿第二定律得T-Mg=Ma,对 擦力提供，则=ma cos0,摩擦力方向水平向左；竖直方向的加速 B、C整体，由牛顿第二定律得(M十m)g一T=(M十m)a,联立 度由竖直方向的合力提供，(M什m)g一N=(M什m)a1sina,所以 m 上滑过程中斜面体所受支持力小于(M+m)g;在下滑过程中， 解得T-Mg+点a=故A储误，B正确由a m的加速度向下，大小为a2-gsin0-gcos0,同理把加速度分 2M+m3-2M+1 m M的取值大一些，a小些，便于观测 解后判断摩擦力f2=ma2cos0≠fi,水平向左，支持力小于 m (M十m)g,故ABD错误，C正确。故选C。 究，故C错误，D正确。故选BD。 5.D【解析】由题图可知：超声波第一次从测试仪发出到与汽 8.AC【解析】设圆的半径为R,则MN=2R,ON为橡皮筋的 原长，设劲度系数为k,开始时小球二力平衡有k·2R=mg,当 小球到达P点时，由几何知识可得NP=MN·sin30°=R,则 橡皮筋的弹力为F。=k·R,联立解得F。=,故A正确；小 球缓慢移动，即运动到任意位置均平衡，小球所受三个力平衡， 满足相似三角形，即爱-是=品，因MP=R,可得F= F 号g,放B结误：同理在缓慢运动过程中由相似三角形原理可 知MN⊥MP,则拉力F始终垂直于橡皮筋的弹力，故C正确； 在两相似三角形中，代表F大小的边MP的长度一直增大，故 F一直增大，故D错误。故选AC。 9.AD【解析】从图像可知，手机的加速度先是向下逐渐减小 2时刻之后加速度向上，再逐渐增大，而手机的速度方向一直 向下，故手机先做加速度减小的加速运动，再做加速度增大的 减速运动，A正确；2时刻手机加速度为零，重力大小等于弹 力，手机对薄板的压力大小等于手机重力；但在这之前手机一 直在加速，2时刻速度最大，BC错误；根据时刻手机的加速 度与零时刻加速度大小相等，而零时刻弹簧处于原长，手机只 受重力，加速度为g,所以3时刻手机的加速度大小为g,方向 竖直向上，根据牛顿第二定律得FN一mg=mg,Fv=2mg,根据 牛顿第三定律可得时刻手机对薄板的压力等于手机重力的 2倍，D正确。故选AD。 10.BC【解析】以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得整体 的加速度为a=M+m)gsin0M+m)gcos M+m g(sin0一1cos),设A对B的摩擦力方向向下，大小为f,则 有mgsin0+f=ma,解得f=ma-mgsin0=一n mgcos0,负 号表示摩擦力方向沿斜面向上，则A受到B的摩擦力向下，大 小f=f,斜面的滑动摩擦力向上，A受到的总的摩擦力为 fA=f-1(M+m)gcos0=-1 Mgcos0。故选BC。 11.(1)10(2)1000(3)F=1000(L-0.10)N 【解析】(1)当所挂钩码的重力为零时，弹簧的长度即为原长，由 题图可知弹簧的原长为10cm。 (2)弹簧的劲度系数=E=AF 40-0 z=A2=a4-10)X107N/m= 1000N/m。 (3)由胡克定律F=kx=k(L一L。)=1000(L-0.10)N. 12.(1)1(2)1.95(3)0.04 【解析】(1)由图示纸带可知相邻计数点的位移之差△x= aT2=(1.37一0.98)cm=0.39cm,由图示纸带可知xg.io x78=(5.26一4.09)cm=1.17cm=3△x,则8与9间有两段时 间间隔，8、9两点间被撕掉的纸带上有1个计数点。 (2)根据中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，由 图乙纸带数据可得打下纸带的点“7”时，重锤的速度为v= 器=3.70麦022X10m/≈1.95m/. 2×0.02 (3)根据题意，由图乙各段纸带数据可知相邻两点间的位移差 相等，则由逐差法△x=aT2可得x12一xo1=aT2,解得a= 9.75m/s2,设这个系统下落过程中受到的阻力为f,由牛顿第 二定律有mg-f=ma,解得∫=0.04N。 13.解：(1)根据逆向思维法可知小球到达最高点前1s内上升 的高度为私=号g2=号×10X1m=5m,由题意可得小球上 升的最大高度为H=4h1=4×5m=20m。 (2)由运动学公式知哈=2gH,所以小球抛出时的初速度大小 %=20m/s。 14.解：(1)设小物块与木板间的动摩擦因数为4，小物块做匀 减速运动，f=mg=ma1,解得a=g。木板做匀加速运动， umg=Ma2,恰好不滑离，即此时二者共速，o一a1t=a2t,解得 4=0.4。 (2)对小物块，F-mg=ma。对长木板，mg-(M什m)g Ma4,解得a=0.5m/s2,小木块能滑离的条件a3>a4,联立并 代入数值解得F>4.5N。 (3)a3=3m/s2,0.5s恰好不滑离木板，木板的长度L=t一 名4f-分af=0.75m,小物块经时间6滑离木板，L 之as6-子a:6,解得v=a6=3压m/s. 1 5 15.解：当F较小时，物体有下滑趋势，此时物体受力分析如图 甲，为使物体不下滑，应有Fsin0=Fx①，Fcos0+f=mg②， 当f=fmx时，F最小，F=Fmn。而fmax=uFx③，由①②③得 Fcos0+Fsin0=mg④，解得Fm=cos0件sin0 mg a8-9xa6N-10N. 100 mg 甲 当F较大时，物体有上滑趋势，此时物体受力分析如图，为使物 F 以三c0,组线对B的拉力5放=5 cos60° 体不上滑，应有Fsin0=FN⑤，Fcos0=mg十f⑥，当f=fmx时， F最大，F=Fmx。而fmx=Fx⑦，由⑤⑥⑦得Fx cos0=mg十 巨，C错误；剪断细线前，弹簧弹力F=mg,剪断细线瞬间弹 uFmaxsin0⑧，解得Fmax mg 100 cos0=4sin00.8-0.5x0.6N= 簧弹力不变，A受合力为2mg,故A的加速度aA=2& √3mg 20N,所以力F的取值范国为0N≤F≤20N. g,B的加速度为aB=√2g,故A、B加速度之比为V6:3,D 2W3 错误。故选B。 4.B【解析】如下左图，夏季输电线下垂大，角度变小，输电线 重力不变，所以夏季时每根输电线对输电塔的拉力较冬季时 小，AC错误；如下右图，由于输电线重力不变，两边输电线对铁 塔的合力大小就等于输电线的重力，大小不变，所以夏季与冬 期未测试卷（五） 季输电塔对地面的压力大小一样大，B正确，D错误。故选B。 1.D【解析】由A、B两木块~t3这段时间内位移相同，根据 某段时间内的平均速度等于这段时间内的中间时刻的瞬时速 5.A 【解析】A.两条图线均为抛物线且从原点开始，故设s一 度，得t2时刻A木块速度等于B木块速度，故AB错误；在2时 k2,结合图像可知k右=4k左，由运动学规律可知t=2as,故有 刻两木块速度相等，根据公式工=十，又一时，B的位 2 无=2a,故有4a右=a,即在干燥路面上的加速度大小是在冰 移大于A的位移且时间相等，故在时刻，B的速度大于A的 雪路面上的4倍，当初速度一样时，根据o=at,可知t球=4t年， 速度，故C错误，D错误。故选D。 故A正确；B.由于汽车做的都是匀减速直线运动，故平均速度 2.C【解析】滑块向右运动的过程中，以弹簧弹力等于滑块受 都为号，故B错误；C.根据牛顿第二定律，有f=m,故体 到的滑动摩擦力时的平衡位置为界。平衡位置左侧时，弹力大 于摩擦力，滑块做加速运动，平衡位置右侧时，弹力小于摩擦 0.25f干，故C错误；D.汽车的初速度一样，最后静止，故滑行 力，滑块做减速运动。所以不是离开弹簧后才减速，故A错 距离是干燥路面的4倍，D错误。故选A。 误；当弹簧弹力和摩擦力同向且弹簧弹力最大时，滑块的加速 6.B【解析】木板B开始运动的瞬间，物块A受到的合力大小 度最大，此时有kx,十mg=max,最大加速度为a-色十 为F=g一F=2N,由牛顿第二定律可得物块A的加速度为 m g,故B错误；滑块向左运动的过程中，弹簧弹力与摩擦力始终 a =4m/s2。故选B。 m 同向且与滑块运动方向相反，所以滑块始终做减速运动，故℃ 7.AC【解析】对O点受力分析如图所示：并对两个细杆的作用 正确：滑块向右运动的过程中，当弹簧弹力与摩擦力大小相等， 进行合成，则有地面对A的支持力、=G+号-20士150N= 即kx=g时，滑块的加速度为零，速度最大，此时弹簧的形 2 2 85N,因此A滑块对地面的压力为85N,故A正确，B错误；滑 变量x=m竖，故D错误。故选C。 F 3.B【解析】弹簧处于水平静止状态，则A对弹簧的力和B对 2 块间细线的张力P-F:sin号，而细杆的张力F:= ,因 弹簧的力大小相等，故A、B受弹簧的弹力大小相等，A错误； cos 2 对A受力分析可知mAg=Ftan60°，对B受力分析可知mBg 此滑块间细线的张力F=E an号-255N,故C正确，D错 Fm15,故会一品铝=，B正确，细线对A的拉力， 误。故选AC。 37