期末测试卷(3)-【无敌原创】2025-2026学年高中物理必修第一册期末测试卷（人教版）

物理 期末测试卷（三） (满分：100分时间：60分钟) 一、单项选择题（本题包括6小题，每小题4分，共24分，每小题给出的四个选项中，只有一项符 合题目要求，多选或错选均不得分)》 1.如图，粗糙的木块A、B叠放在一起，静止于水平面上。现使木块B受到一个水平方向的拉力 F,但木块A、B仍保持静止，则 B 7777777777777777 A.木块A与木块B之间无摩擦力 B.木块A对木块B的压力就是木块A受到的重力 C.木块B不动是因为它受到的地面的摩擦力大于拉力F D.木块B先对地面施加压力，使地面发生形变后，地面再对木块B施加支持力 2.如图所示，质量均为m的两小球A、B用轻绳相连并悬挂在天花板上O点，现用一水平力缓慢 洲 拉小球B,当轻绳OA与水平天花板的夹角为45°时，水平力F的大小为（重力加速度为g) 459 B 丝 A.2mg B.√2mg C.② g D.mg 3.放在水平地面上的物块，受到方向不变的水平推力F的作用，推力F与时间t的关系如图甲所 示，物块速度v与时间t的关系如图乙所示。重力加速度g取10m/s2,则物块的质量和物块 与地面之间的动摩擦因数分别为 ) F/N v/m·sJ 4 2 0 4 6 02 468t/s 甲 A.0.5kg,0.4 B.1.5kg,0.4 C.0.5kg,0.2 D.1kg,0.2 4.物体受共点力F1、F2、F3的作用保持静止，则这三个力可能是 () A.15N、6N、8N B.6N、8N、10N C.12N、17N、1N D.8N、15N、3N 5.某工人使用双轮手推车运送短钢管，手推车装人钢管后的侧面示意图如图所示。推车侧面 ON与底面OM垂直，当侧面ON与水平方向夹角0=60°时，6号钢管对侧面ON的压力等于 其重力G,忽略一切摩擦，则下列说法正确的是 () 9 8 4 6 5 M 77777777777777777777 A.其他钢管对6号钢管的作用力大小等于G B.底面OM受到的压力小于侧面ON受到的压力 C.若减小0角，钢管仍保持静止，则钢管对推车的压力将增大 D.若减小0角，钢管仍保持静止，则钢管对推车的压力将减小 6.如图所示，垂直墙角有一个截面为半圆的光滑柱体，用细线拉住的小球静止靠在接近半圆底端 的M点。通过细线将小球从M点缓慢向上拉至半圆最高点的过程中，细线始终保持在小球处 与半圆相切。下列说法正确的是 () Mcd7 777777777777777777777777元 A.细线对小球的拉力先增大后减小 B.小球对柱体的压力先减小后增大 C.柱体受到水平地面的支持力逐渐减小 D.柱体对竖直墙面的压力先增大后减小 二、多项选择题（本题包括4小题，每小题6分，共24分，至少有2项符合题目要求，全部选对得 6分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分) 7.如图所示，在水平面上竖直放置的轻弹簧上，放着质量为2kg的物体A,处于静止状态。若将 一个质量为3kg的物体B轻放在A上，在轻放瞬间(g取10m/s2) ( B 777777777777777777 A.B的加速度为0 B.B对A的压力大小为30N C.B的加速度为6m/s2 D.B对A的压力大小为12N 8.如图所示，物块A、B叠放在一起置于斜面上，斜面体始终静止在水平面上。关于A、B的运动 和受力，下列说法正确的是 ( B 7i77717777717/7力 A.若A、B一起匀速下滑，则A受到2个力 B.若斜面光滑，则A受3个力 C.若A、B一起加速下滑，则A处于失重状态 D.若A、B一起加速下滑，则地面对斜面体间的静摩擦力方向向右 9.在同一地点，甲、乙两个物体沿同一方向做直线运动的速度一时间图像如图所示，则() ◆v/(m/s) 4 乙 2 甲 0123456t/s A.两物体相遇的时刻是2s末和6s末 10 无敌原创·期末测试卷物理·必修第一册 B.乙物体先在甲物体前运动2s,随后落到甲后 C.前2s内两物体相距最远的时刻是1s末 D.4s后甲在乙前面 10.如图所示，一水平方向足够长的传送带以恒定的速率1沿顺时针方向运动，传送带右端有一 与传送带等高的光滑水平面。物体以恒定的速率2沿直线向左滑上传送带后，经过一段时间 又返回光滑水平面上，这时速率为2'，则下列说法正确的是 A.若v1<2,则2'=w B.若1>2，则'=v2 C.不管2多大，总有2=2 D.只有U1=2时，才有2'=0 三、实验题（每空2分，共18分） 11.某同学利用如图甲装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验。 个F/N 00 2 5非5 48121620x/cm 甲 乙 丙 (1)在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持 状态。 (2)他通过实验得到如图乙所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线，由此图线可得该弹 簧的原长xo= cm,劲度系数k=N/m; (3)他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图丙所示时，该弹簧 的伸长量为 cm。 12.用图甲所示装置“探究小车加速度与力、质量的关系”，请思考并完成相关内容： 小车 纸 打点计时器 ☐沙桶 甲 (1)实验时，为平衡摩擦力，以下操作正确的是 A.平衡摩擦力时，应将空沙桶用细线跨过定滑轮系在小车上，让细线与长木板平行 B.平衡摩擦力时，应将纸带连接在小车上并穿过打点计时器 C.每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力 曾 D.实验时，应先释放小车，再接通电源 (2)图乙是实验得到的一条纸带，已知相邻两计数点间还有四个计时点未画出，打点计时器所 用电源频率为50Hz,由此求出小车的加速度a= m/s2(计算结果保留三位有效 数字)； 单位：cm 2.673.57 4.46 5.37 6.28 7.20 蜜 ·B D 乙 (3)一组同学在保持木板水平时，研究小车质量一定的情况下加速度α与合外力F的关系，得 养 到如图丙中①所示的图线，则小车运动时受到的摩擦力f= N,小车的质量M= kg。若该组同学正确完成了(1)问中的步骤，得到的α-F图线应该是图丙中的 (填“②”“③”或“④”)。 a/(m·s-2) ④ ②① 0.50 0 0.08 -0.50 FIN 丙 四、计算题（本题共3小题，共34分，要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出 最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中应明确写出数值和单位) 13.(10分)开车出行常用手机导航，如图甲是一种车载磁吸手机支架，手机放上去会被牢牢吸 附。图乙是其侧视图。若手机质量m=0.2kg,支架斜面的倾角0=53°(sin53°=0.8， cos53°=0.6)，手机与支架接触面间的动摩擦因数4=0.3，设最大静摩擦力与滑动摩擦力大 小相等，g取10m/s2,那么在汽车做匀速直线运动的过程中： (1)若没有磁吸力，请画出手机受力示意图并通过计算说明手机会不会滑下来； (2)若磁吸力F=6N,求支架对手机的弹力和摩擦力的大小。 手机 手机 吸盘 11 14.(10分)如图所示，放在水平地面上的木板B长为1.2m,质量为M=1kg,B与地面间的动摩 擦因数为41=0.1，一质量为m=2kg的小铅块A放在B的左端，A、B之间动摩擦因数为 2=0.3,刚开始A、B均处于静止状态，现使A获得3m/s向右的初速度(g取10m/s2),求： (1)A、B刚开始运动时的加速度； (2)通过计算说明，A最终是否滑出B。 A 77777777I777777777777777I777777 12无敌原创·期末测试卷物理·必修第一册 15.(14分)机场地勤工作人员利用传送带从飞机上卸行李。如图所示，以恒定速率w1=0.6/s 运行的传送带与水平面间的夹角α=37°，转轴间距L=3.95。工作人员沿传送方向以速度 2=1.6/s从传送带顶端推下一件小包裹（可视为质点）。小包裹与传送带间的动摩擦因数 μ=0.8。重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8.求： (1)刚开始运动时小包裹加速度的大小a; (2)小包裹通过传送带所需的时间t。 2 间A“牛顿第二定律有mg=(M+m)a,对滑块由牛顿第二定律得 M Xmg=- T=Ma,综合可得T=M十m》 1Xmg,分析可得当 1+ 得一0，即m《M,滑块所受的合力即细线的拉力Tmg。 (2)由题意可知，滑块通过光电门A、B对应的瞬时速度分别为 队=头饰号，滑块从A运动到B的过程中，由匀变速直线 运动速度一时间关系可得2aL=哈一，综合可得a 先（信一云），图乙遮光片的宽度在刻度尺上对应的读数为 d=2.0mm。 (3)a-M函数关系图像为双曲线的一支，说明a与M成反比， 则有a与成正比。由牛顿第二定律有mg=Ma,当钩码的质 量m不变，滑块的质量M与加速度a的乘积不变恒为mg,把 α-M函数关系图像中两个矩形补充完整，如图所示，两个完整 的矩形的面积相等都为mg,再减去补充的共有面积，剩余的面 积也相等，即图中两矩形的面积相等。 0 →M (4)图丁是滑块的质量M不变，改变钩码的质量m,得出不同 的mg对应的加速度a,描绘出a-mg的函数关系图像是正比 例函数关系图像，说明a与mg成正比。由牛顿第二定律有 mg=M血，可得a=7mg,说明图线的斜率等于。 13.解：(1)0~2s冲天炮向上做匀加速直线运动，0~2s内冲 天炮上升的高度为h:=2a听=2×10×22m=20m,2s末冲 天炮的速度=at=10×2m/s=20m/s,2s后冲天炮做竖 直上抛运动，则有h:-20m=20m,则冲天炮上升离一 地面的最大高度为H=h1十h2=40m。 (2)冲天炮从火药燃尽到上升到最高点所用时间为2=4= 2s,冲天炮从最高点到落地过程做自由落体运动，则有H= 合，解得=√四-2。，则从火药然尽到落地的过程中， 20 冲天炮的平均速度大小为=干2十22m/s一 (102-10)m/s,方向竖直向下。 14.解：(1)物块在传送带上的受力分析图如图，f1一mgsin0= ma1,N=mgcos0,f=N联立，解得a1=25m/s2。 G (2)物块在传送带上匀加速时间4=-1.6s,匀加速位移s= 汽=3,2m,由于最大静摩擦力f加>mgsin0,之后物块随传送 带一起匀速运动，匀速运动时间2=L二=0,7s,物块从传送 Uo 带A端运动到B端总时间t=t十t2=2.3s。 (3)设物块在斜面上上滑过程的加速度大小为a2,下滑过程的 加速度大小为a3,mgsin0+mgcos0=ma2,得a2=8m/s2, 上滑位移=器，-1m,下滑过程mgsn9-m8os0=ma, 得ag=2m/s2,下滑到B点时的速度u=√2a3s1=2m/s,之 后在传送带上先向下匀减速至零，再向上匀加速回到B点，匀 减速和匀加速的加速度大小相等，故物块再次上滑到B点时的 速度大小=，则物块在斜面上再次减速到零的位移2= =0.25m,根据以上分析可知，助=合=子，依此类 2a2 推，物块每次在斜面上上滑的距离均为前一次的1/4，故第3次 在斜面上上滑距离=子<0.2m,此后该物块无法再经过P 点，故物块一共能够在斜面上两次往返经过P点，即一共经过 P点4次。 15.解：(1)滑块A和B在木板上滑动时，木板也在地面上滑 动。设A、B和木板所受的摩擦力大小分别为、f2和f,A 和B相对于地面的加速度大小分别为aA和ag,木板相对于地 面的加速度大小为a1。在物块B与木板达到共同速度前，由牛 顿第二定律得f=mAg=mAaA,f=mBg=maaB,fs= (m十ma十ms)g,f2-f-f=ma1,解得aA=1m/s2,ag= 5m/s2,a1=2m/s2。 化，钢管对推车的压力总是不变，CD错误。故选A。 (2)设在时刻，B与木板达到共同速度，其大小为，由运动 学公式有=一a4,=a14,联立代入已知数据得4= 0.5s,=1m/s。 期未测试卷（三） 分 乙 6.D【解析】以小球为对象，设小球所在位置沿切线方向与竖 1.A【解析】对A分析，若A、B之间有摩擦力，则A无法保持 直方向夹角为0，沿切线方向有Fr=ngcos0,沿半径方向有 平衡状态，所以木块A与木块B之间无摩擦力，故A正确；A 对B的压力的施力物体是A、受力物体是B,木块A的重力的 FN=mgsin,通过细线将小球从M点缓慢向上拉至半圆最高 点的过程中0增大，所以细线对小球的拉力减小，小球对柱体 施力物体是地球、受力物体是A,A对B的压力大小等于A的 重力，但二者不是同一个力，故B错误；B不动是因为它与地面 的压力增大，故AB错误；以柱体为对象，竖直方向有F地 间的最大静摩擦力大于F,根据平衡条件可知B实际受到的摩 Mg十Fwsin0=Mg十ngsin0,水平方向有F墙=FNcOS0 擦力大小等于拉力F,故C错误；木块B对地面的压力和地面 mgsin9cos=2 mgsin20,9增大，柱体受到水平地面的支持 对B的支持力是一对作用力与反作用力，二者同时产生、同时 力逐渐增大；柱体对竖直墙面的压力先增大后减小，当0=45 消失，故D错误。故选A。 时，柱体对竖直墙面的压力最大，故D正确，C错误。故选D。 2.A【解析】以A、B组成的整体为研究对象，受到重力、OA绳 7.CD【解析】在B轻放在A上的瞬间，虽然速度为0，但因A、 的拉力FT和水平力F,由平衡条件可得竖直方向上有 B整体的合外力不为0，故加速度不为0，故A错误。在物体B Frsin45°=2mg,水平方向上有FTcos45°=F,联立得F= 轻放在A上之前，轻弹簧处于压缩状态，设其压缩量为x,对A 2mmg。故选A。 有kx=mAg,B轻放在A上之后，对整体有(mA十mB)g一 3.D【解析】从图乙中可知物体在2~6s内做匀加速直线运 kx=(m十m)a,对B,有mng-N=ma,联立各式解得a= 动，此过程受到推力F和摩擦力作用，故有F1一g=ma,速 6m/s2,N=12N;根据牛顿第三定律可知，B对A的压力大小 度一时间图像的斜率表示加速度，故a= 6-2 m/s2=1m/s2, 为12N,故B错误，C正确，D正确。故选CD 则3一10m=1m,在6~8s内做匀减速直线运动，在此过程中 8.ABC【解析】设斜面倾角为0，若斜面光滑，根据牛顿第二定 由图甲知推力F=0,故有一mg=m加，由图乙知。-g二 律可知，A、B整体的加速度为a=gsin0,对物体A,水平方向 8-6 f=ma cos0=mg sin0cos0,竖直方向mg-N=masin0= -2m/s2,即2=10m,联立可得m=1kg=0.2。故选D。 mgsin20,即N=mg cos2<mg,即A、B之间有相互作用力，此 4.B 时A受重力、支持力和静摩擦力，故B正确；若A、B整体一起 5.A【解析】对6号钢管进行受力分析，由于钢管静止，即受力 匀速下滑，则上述表达式中a=0,此时f=0,FN=mg,即A受 平衡，则其他钢管对6号钢管的作用力与6号钢管的重力及 到重力和B的支持力两个力的作用，故A正确；若A、B一起加 ON面给的支持力的合力等大反向，如图甲，重力与支持力的 速下滑，则A的加速度有向下的分量，则A处于失重状态，C 合力大小为G,故其他钢管对6号钢管的作用力大小也为G,A 正确；若A、B整体一起加速下滑，则水平方向有分加速度，对 正确；将所有钢管视为一个整体，进行受力分析，如图乙，可得 整体由牛顿第二定律可知，地面与斜面体有向左的静摩擦力 =tan0=3,故由牛顿第三定律知，OM面受到的压力大于 FoN 故D错误。故选ABC。 ON面受到的压力，B错误；仍将所有钢管视为整体，由于整体 9.AC【解析】在v-t图中，图像与横坐标围成的面积表示物 在重力和推车对其作用力的作用下保持平衡，故无论0如何变 体发生的位移，由图可知当t=2s和t=6s时，两图像与横坐 35 标围成的面积相等，说明位移相等，由于两物体同时从同一地 点沿同一方向做直线运动，因此两物体两次相遇的时刻是2$ 和6s,故A正确；由图像可知，在0一1s内，甲的速度大于乙 的速度，甲在乙的前方，两者距离增大；在1一2s内，乙的速度 大于甲的速度，两者距离减小，第2s末两者相遇，故B错误；由 上分析知，在前2s内，甲乙两者之间距离先增大后减小，第2s 末相距最远，故C正确：开始运动时，乙的初速度为零，甲在前 面，在t=2s时，两物体相遇，此时乙的速度大于甲的，此后乙 在前面，甲匀速运动开始追乙，乙做匀减速运动，当=6s时， 甲乙再次相遇，因此在2~6s内，甲在乙后面，故D错误。故 选AC」 10.AB【解析】由于传送带足够长，物体先减速向左滑行，直 到速度减为零，此过程设物体对地位移大小为x,加速度大小 为，则x一芸然后在滑动肇擦力的作用下向右运动，分两种 情况：①若≥2，物体向右运动时一直加速，当2'=2时（向 右加速到2可以看成是向左由2减速到0的逆过程，位移大小 还是等于x),恰好离开传送带。②若<2，物体向右运动时 先加速，当速度增大到与传送带的速度相等时，位移大小x= 装<一工，说明物体还在传送带上，此后不受摩擦力，物体与 传送带一起向右匀速运动，直到返回光滑水平面，此时有2'= ,故A、B正确，C、D错误。枚选AB。 11.(1)竖直(2)450(3)6 【解析】(1)由于弹簧挂上重物后处于竖直状态，因此刻度值必 须保持竖直状态。 (2)图像与横坐标的交点就是弹簧的原长，因此该弹簧的原长 xo=4cm,在F-x图像中，图像的斜率表示劲度系数，因此劲 度系数=兰08x10Nm=50NVm 8 (3)根据F=kx,可得x=友一品m=0.06m=6cm。 12.(1)BC(2)0.906(3)0.080.16③ 【解析】(1)平衡摩擦力时，取下砂桶，将纸带连接在小车上并穿 过打点计时器，适当调整木板右端的高度，直到小车被轻推后 沿木板匀速运动，故B正确，A错误.每次改变小车质量时，不 需要重新平衡摩擦力，C正确：实验时，应先接通电源，再释放 小车，D错误。故选BC。 (2)根据△x=aTP,运用逐差法得a=二业 9T2 36 无敌原创·期末测试卷物理·必修第一册 5.37+6.28+7.20-2.67-3.57-4.46)×102=0.906m/g。 9×0.01 (3)根据图①知，当F=0.08N时，小车才开始运动，可知小车 运动时受到的摩擦力∫=0.08N,图线的斜率表示质量的倒 =008kg=0.16kg。平衡摩擦力后，a与F成正比， 数，则m=0.50 图线的斜率不变，故正确图线为③。 13.解：(1)手机受力示意图如图，因为μ=0.3<tan53°=3， 4 即mgcos0<mgsin0,所以手机会下滑。 手机 (2)若磁吸力F=6N,支架对手机的弹力V=mgcos53°十F 2×0.6十6=7.2N,此时最大静摩擦力为fm=uN=0.3× 7.2N=2.16N,因为mgsin53°=1.6N<fm,则手机静止，摩 擦力的大小为f=ngsin53°=1.6N。 14.解：(1)以A为研究对象，根据牛顿第二定律可得aA= ”m5=山g=3m/s2,方向水平向左；以B为研究对象，根据牛 m 顿第二定律可得aB=mg-“m+MWB=3m/S,方向水平 M 向右。 (2)设A在B上滑动时间为t时达到共同速度v=一aAt= aBt,解得t=0.5s,所以v=agt=1.5m/s,A相对地面的位移 =1=1.125m,B相对于地面的位移g=艺1一 2 0.375m,A相对于B的位移为sw-sB=0.75m<1.2m,所以 A没有从B上滑出。 15.解：(1)小包裹的速度2大于传动带的速度心1，所以小包裹 受到传送带的摩擦力沿传动带向上，根据牛顿第二定律可知 ngcos0-mgsin0=ma,解得a=0.4m/s2。 (2)根据(1)可知小包裹开始阶段在传动带上做匀减速直线运 动，用时=二心=6一06s=2.5s,在传动带上滑动的 a 0.4 距离为=”=上6士06×25=2.75m,因为小包赛 2 所受滑动摩擦力大于重力沿传动带方向上的分力，即 umgcos>mgsin0,所以小包裹与传动带共速后做匀速直线运 车相遇的地点，经过的时间为=0.32-0s=0.16s,由 2 动至传送带底端，匀速运动的时间为=L一1=395一2,5。 0.6 三可得，超声波通过的距离为s1=4=340m/s×0.16s= 2s,所以小包裹通过传送带的时间为t=t1十t2=4.5s。 54.4m,超声波第二次从测试仪发出到与汽车相遇的地点，经 期未测试卷（四） 过的时间为4=.24,1.00s=0.12s,超声波通过的距离 2 为52=vt2=340m/s×0.12s=40.8m,故汽车行驶的距离 1.B【解析】由题图像可知，A物体在4s末运动方向改变一 为s=51一52=54.4m-40.8m=13.6m,由题图可知测试仪 次，A错误；5s末两物体才到达同一位置即相遇，B正确；A物 发出的超声波两次间隔时间为1s,则超声波第一次从测试仪 体第2s末处于4m位置，第7s末处于0位置，此过程的位移 发出到与汽车相遇的地点，经过的时间为0.16s;超声波第二 △x=x未一x初=0-4m=一4m,C错误；两物体在第5s内，位 次发出的时间为1s末，超声波第二次与汽车相遇的时刻应该 移方向相反，D错误。故选B。 是：1s十0.12s=1.12s,故汽车行驶的时间为t=1.12s 2.D【解析】位移一时间图像的倾斜程度表示物体的运动速 0.168=0,96s,所以汽车行驶的速度为4=兰=品6贯≈ 0.96s 度，汽车做匀减速运动和匀加速运动时，位移一时间图像为曲 14.17m/s。故选D。 线，汽车做匀速运动时图像为倾斜的直线，AB错误；汽车先做 6.D【解析】小球受重力、斜面AP弹力F1和挡板BP弹力 匀减速运动，加速度为负，保持不变，然后做匀速运动，加速度 F2,将F1与F2合成为F=mg,如图。小球一直处于平衡状态， 为零，最后做匀加速运动，加速度为正，保持不变，C错误； 三个力中的任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故 速度一时间的图像的倾斜程度表示物体的加速度，汽车先做匀 F和F2合成的合力F一定与重力等值、反向、共线。从图中可 减速运动，速度随着时间均匀减小，加速度保持不变，图像倾斜 以看出，当挡板PB逆时针缓慢地转向竖直位置的过程中，F 程度不变，然后做匀速运动，速度不变，图像平行于时间轴，最 越来越大，F2先变小，后变大，AB错误。由几何关系可知，当 后做匀加速运动，速度随着时间均匀增大，加速度保持不变，图 F2的方向与AP的方向平行（即与F1的方向垂直）时，F2有最 像倾斜程度不变，D正确。故选D。 小值为F2mim=mgsin53°=0.8mg,当挡板BP竖直时，F2最大， 3.A【解析】以A、B整体为研究对象：在上升和下降过程中仅 受重力，由牛顿第二定律知加速度为g,方向竖直向下。再以 为F=mg·tan53°=专mg,故C错误，D正确。故选D。 A为研究对象：因加速度为g,方向竖直向下，由牛顿第二定律 53 知A所受合力为A的重力，所以A仅受重力作用，即A和B 之间没有作用力。故选A。 4.C【解析】物体减速上滑时，物块的加速度沿斜面向下，大小 为a1=gsin0十gcos0,以整体为研究对象，把m的加速度在水 B 平方向和竖直方向进行分解，水平方向的加速度由水平方向的摩 7.BD【解析】对物体A,由牛顿第二定律得T-Mg=Ma,对 擦力提供，则=ma cos0,摩擦力方向水平向左；竖直方向的加速 B、C整体，由牛顿第二定律得(M十m)g一T=(M十m)a,联立 度由竖直方向的合力提供，(M什m)g一N=(M什m)a1sina,所以 m 上滑过程中斜面体所受支持力小于(M+m)g;在下滑过程中， 解得T-Mg+点a=故A储误，B正确由a m的加速度向下，大小为a2-gsin0-gcos0,同理把加速度分 2M+m3-2M+1 m M的取值大一些，a小些，便于观测 解后判断摩擦力f2=ma2cos0≠fi,水平向左，支持力小于 m (M十m)g,故ABD错误，C正确。故选C。 究，故C错误，D正确。故选BD。 5.D【解析】由题图可知：超声波第一次从测试仪发出到与汽 8.AC【解析】设圆的半径为R,则MN=2R,ON为橡皮筋的