2026届湖北黄冈市蕲春县第一高级中学高三下学期全真模拟适应性测试物理训练二

2026届高三年级全真模拟适应性测试 物理训练二 一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1-7 题只有一项符合题目要求，第8-10题有多项符合题目要求.全部选对得4分，选对但不全 得2分，有错选得0分。 1.太阳能电池应用了光电效应原理，其简化结构如图所示。太阳光穿过顶层N型硅并抵 达PN结区域，光子被吸收后激发出自由电子，这些电子在PN结内电场作用下被推向 N型硅区域，接通外部电路后即可对外供电。已知该太 太 阳能电池材料的极限频率为"。，普朗克常量为，光速 为c,下列说法正确的是() NE区域 A.增大入射光的频率，太阳能电池的光电流变小 B.入射光的波长小于C时，太阳能电池可以对外供电 C.太阳能电池工作时，通过灯泡的电流方向为从A到B D.入射光的频率为3，时，逸出电子的最大初动能为3v。 2.如图所示，通过标准平板玻璃1检测平板玻璃2表面的平整情况，将玻璃板2放在水 平面上，将玻璃板1放在玻璃板2上，一端对齐，另一端夹一张纸片，用单色光从上 面竖直向下照射，可以观察到明暗相间的条纹。图中4、b为平板玻璃1的上、下表面， c、d为平板玻璃2的上、下表面。下列说法正 玻璃1 确的是() c 纸片 A.该方法利用了光的衍射现象 玻璃2 B.明暗相间的条纹由a、d面上的反射光线形成 C.若将纸片适当向左移动，相邻条纹中心间距将减小 D,若c面某个位置出现凸起，则条纹在该位置向左侧弯曲 3.如图所示，在竖直平面内用甲、乙两根筷子夹一个重为G的小球，两根筷子对小球弹 力的作用点和球心在同一竖直平面内，甲筷子倾斜，且与竖直方向的夹角为 (0°<日<90)，乙筷子始终竖直。在0缓慢变化过程中，小球始终保持静止，且筷子 与小球间的摩擦忽略不计。下列说法正确的是() A,甲笼子对小球的弹力大小为风=G。 B.乙筷子对小球的弹力大小为及=。 C.随着缓慢减小，两根筷子对小球的合力将变大 甲 D.随着缓慢减小，两根筷子对小球的弹力均增大 物理试卷（二)第1页共6页 4.x轴上两波源的平衡位置坐标分别为x=6m和x=8m,t=0时两波源同时开始沿y轴 方向振动，产生的两列简谐横波沿x轴相向传播，t=3s时的波形如图所示，质点b 的平衡位置坐标为x。=-2m,质点 ↑ycm p的平衡位置坐标为x,=1m,下列 说法正确的是() x/m A.两列波的波长均为6m B.两列波的波速均为1m/s C.稳定时质点b、p均为振动减弱点 D.0~10s内质点b通过的路程为60cm 5.如图所示，杆AB和CD固连成“T”形支架，AB沿水平 D 方向，CD沿竖直方向，小球P套在AB杆上可沿杆无摩 擦滑动，不可伸长的轻质细绳一端与小球相连，另一端固 定在竖直杆CD上，使整个装置以CD杆为轴以不同的角 速度ω匀速转动。若杆对小球的弹力为弹，下列图像能正 确反映F弹与ω关系的是() AF A 6.在光滑绝缘的水平地面上，0~t,内，质量分别为m、4m的小球A、B带有同种电荷， 从相隔较远的两处开始相向运动（不会碰撞），以A球的初速度方向为正方向，A、B 运动的v-t图像如图所示。已知v-t图像中的阴影面积为S,此过程中，系统的电势 能增加了35J,关于这一过程，下列说法正确的是（) A.两小球的系统机械能守恒，但动量不守恒 B.0~。时间内，A球运动的距离为0.6S C.0~时间内，B球的初动能为28J D.O~时间内，B球克服电场力做了7J的功 物理试卷（二)第2页共6页 7.如图所示，两根足够长的金属直导轨平行放置，导轨间距为L,与水平面成0=30°角， 整个装置处于垂直导轨平面斜向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为B。粗细均匀的 金属棒a、b垂直导轨放置，材料相同、长度均为L,a的质量为m,b的质量为2m, 两棒与导轨间的动摩擦因数均为4= 3 ,b的电阻为R。t=0时，b以初速度。沿导 轨向下运动，同时α由静止释放。运动过程中两棒始终与导轨接触良好且不相撞，导 轨电阻不计，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为8。下列说法正确的 是() A.两棒最终的共同速度为 1 B.整个过程中金属棒b产生的焦耳热为二m 9 C.初始时两根导体棒相距的最小距离为 B212 D.安培力对金属棒a的冲量大小为m 8.三颗人造卫星A、B、C都在赤道正上方同方向绕地球做匀速圆周运动，A、C为地球 同步卫星，某时刻A、B相距最近，如图所示。已知地球的自转周期为T,B的运行 周期为T2,则下列说法正确的是（) A A.C加速可追上同一轨道上的A B B.经过时间2G一)？A、B相距最远 C.A、C的向心加速度大小相等，且大于B的向心加速度 D.在相同时间内，A与地心连线扫过的面积大于B与地心连线扫过的面积 9.一小型交流发电机通过理想变压器向用户供电，其原理如图所示。理想变压器原、副 线圈匝数比为2：1。定值电阻R1、R2、R3、R4的阻值相同，发电机线圈电阻和导线电阻 均不计。线圈转速为n且开关S断开时，理想交流电流表A、理想交流电压表V的读 数分别为、U,下列判断正确的是() 0 a z 0 A.保持S断开，仅将线圈转速变为2，电流表的示数变为√21 B.保持S断开，仅将线圈转速变为2，电压表的读数变为2U C.线圈转速不变，仅闭合S,电阻R1消耗的功率增大 D.线圈转速不变，仅闭合S,变压器的输出功率减小 物理试卷（二)第3页共6页 10.如图(a),质量均为m的小物块甲和木板乙叠放在光滑水平面上，甲到乙左端的距离 为L,初始时甲、乙均静止，质量为M的物块丙以速度向右运动，与乙发生弹性碰 撞。碰后，乙的位移x随时间t的变化如图(b)中实线所示，其中。时刻前后的图像 分别是抛物线的一部分和直线，二者相切于P,抛物线的顶点为Q。甲始终未脱离乙， 重力加速度为8。下列说法正确的是() A.碰后瞬间乙的速度大小为 3 B.甲、乙间的动摩擦因数为% 3gto C.甲到乙左端的距离L≥ 丙M 3 77777777777777777777777777 2 图(a) 图b) D.乙、丙的质量比m:M=1:2 二、非选择题：本题共5小题，共60分。 11.(6分)某同学利用如图1所示装置测量透明溶液的折射率。在转盘上共轴放置一圆柱 形容器，容器被透明隔板平分为两部分，隔板两表面平行，一半充满待测溶液，另一 半是空气。一束激光从左侧沿直径方向入射，右侧放置足够大的观测屏。 观测屏 待测溶液 待测溶液 入射 入射光 转盘 隔板 空 图1 图2 (1)首先让容器从图2（俯视图）所示位置开始逆时针匀速旋转，此时观测屏上无亮点， 光线从隔板射到空气上时发生了 (选填“折射”、“反射”、“全反射”)： (2)该同学测得转盘转动角速度为ω，随着转盘继续转动，亮点突然出现，并开始计时， 经△t后亮点消失。在△t时间内，容器旋转角度O。= (3)已知：光从折射率n,的介质射入折射率n2的介质，入射角与折射角分别为日与82， 有品品-兴若空气折射率为，隔板折射率为m,则待测溶液折射率儿- 12.（8分)某同学需要测量一定值电阻的阻值R(约为几百欧姆)，实验室提供的器材有： 电源E(电动势为4.5V,内阻为0.52) 电压表（量程为3V,内阻约为50k2) 电阻箱R(0~99999.92) 滑动变阻器R2(阻值范围为0~102) 物理试卷（二)第4页共6页 滑动变阻器R(阻值范围为0~1002) 多用电表 开关、导线若干 (①)用多用电表粗测待测电阻的阻值：经过正确的机械调零和欧姆调零后，当旋钮调节 到“×10”的挡位时，指针指向如图甲所示，则该电阻的阻值R= 丙 (2)准确测量：该同学设计了如图乙所示的电路，要使f两端电压在实验过程中从零开 始且近似成线性变化，滑动变阻器选用（填“R”或“￡”）。 (③)请按照设计电路，在图丙中完成实物器材的连线。 (4)实验操作： ①实验开始前，滑动变阻器的滑片P应移到a端，电阻箱R1调至合适阻值，闭合开 关S1。 ②开关S2切换到d,调节滑动变阻器的滑片P使电压表的示数为U。；保持滑片P的 位置不变，再将开关S2切换到c,电压表的示数为U,电阻箱的阻值为R,则该未 知电阻R,= (用题目所给的符号表示)。 ③重复步骤②，多次测量结果取平均值，即可准确测量电阻R。 13.（12分)如图所示，一根劲度系数k=的轻质弹簧上端固定，下端与一质量为 H m=的绝热活塞连接并悬挂一绝热气缸。活塞与气缸内封闭着一定质量的理想气 10g 体。气缸内部带有加热装置，顶部开口且有卡扣，以保证活塞不会脱离。气缸内部高 为H、底面积为$。初始时缸内气体温度为T,,活塞到气缸底部的距离为0.5H,弹 簧被拉伸了0.5H。现缓慢加热气体使气缸下降到活塞恰好到达气缸顶部。已知大气 压强恒为P,重力加速度为8，忽略活塞和气缸壁的厚度及加热装置的体积，不计 一切摩擦。求： (I)绝热气缸的总质量M: (2)已知在整个加热过程中，气体吸收的热量为Q,求气体内能的变 化量△U。 物理试卷（二）第5页共6页 14.（16分)奥运会上，滑板运动分为街式和碗池两个小项，碗池比赛在类似碗形的赛道 上进行，赛道包含几种不同的元素，比如斜坡、U形池和泵道。如图所示为室内碗池 比赛训练时的简化示意图，一根轻质弹簧左端固定，右端与静置在光滑水平面上K 点的小球B相连，弹簧处于原长。小球B的右侧静置着一滑块C,其上表面是半径 为R的光滑圆弧轨道，滑块C的最低点恰与K点重合。现将一质量为m的小球A 从圆弧最高点由静止释放，小球A沿轨道滑下后，在水平面上与小球B发生弹性碰 撞，碰撞时间忽略不计。已知小球B为2m、滑块C的质量为4m,小球A、B均可 视为质点，重力加速度为g,求： (I)小球A下滑到圆弧轨道最低点时，小球A的速度、滑 块C的速度2的大小： (2)弹簧弹性势能的最大值： (3)若当小球B再一次回到K点时，小球A恰好第一次返回 滑块C的最低点，求B做简谐运动的周期。 15,（18分)如图所示，直角坐标系的第二、三、四象限内均存在沿y轴负方向的相同匀 强电场，第四象限内还存在着垂直于纸面向里的匀强磁场。第一象限内存在垂直纸面 向外的非匀强磁场，磁感应强度大小B沿y轴方向满足B=y(B0d均为已知量)。 比荷为k的带正电粒子（不计重力）从坐标为(-L,L)的P点以沿x轴正方向、大 小为的初速度开始运动，粒子恰好从坐标原点射入第四象限。粒子第一次在第四象 限内运动至最低点时的速度大小为二0。求： ty (1)匀强电场的电场强度大小E (2)第四象限内磁场的磁感应强度大小B1 。 (3)粒子第二、三次穿过x轴的过程中运动轨迹到x X 轴的最远距离ymax (4)粒子第二、三次穿过x轴的过程中运动轨迹与x 轴所围的面积S 物理试卷（二)第6页共6页《物理试卷二》参考答案 1.B 2.C 3.D 4.D 5.c 【详解】设小球质量为，细绳与杆AB的夹角为0，小 球P与杆CD的距离为r,细绳水平方向的拉力提供小 球做圆周运动所需的向心力，满足Fcos日=o2r 解得细绳拉力大小F=mwr cos0 故细绳拉力的竖直分量为F=Fsin0=w'r tan0 可知杆AB的弹力满足F弹+耳=g 解得P=g-耳=lg-lo'rtan8 可知F#与ω关系为一开口向下的二次函数关系，且顶点 位于(0，g)处。故选C。 6.D 【详解】A.因为地面光滑绝缘，系统在水平方向不受 外力，所以系统动量守恒；又因为两球间存在电场力做 功，电势能与机械能相互转化，所以机械能不守恒，故 A错误； B.v-t图像与坐标轴围成的面积表示位移，规定A球 初速度方向为正方向，在0~t。时间内，根据动量守恒 有wa-4'g=0 整理得n×yt-4xyt=0可得mxxa-4xx=0 因为xa+x=S联立解得0~t。时间内，A球运动的距离 为xa=0.8S,故B错误： C.根据动量守恒有mA-4.=0 根据能量守恒可知，系统的动能转化为电势能，则系统 初动能屈.=+ux=35 2 联立整理得=3.5J 故B球的初动能二×4×哈=2×哈=7J,故C错误： 2 D.根据动能定理，B球克服电场力做的功等于B球初 动能的大小，由上述计算可知B球初动能为7J,所以B 球克服电场力做了7J的功，故D正确。故选D。 7.B 【详解】A.因为gsin8=umgcos(8 可知两棒组成的系统合外力为零，则两棒组成的系统动 量守恒，两棒最终以相同速度匀速运动。根据动量守恒 定律，2m,=2m+m失解得y生=父，故A错误 B.根据能量守恒可知动能损失等于产生的总焦耳热 (2v 21 2 =26 (33 金属棒a、b材料相同、长度均为L,a的质量为m,b 的质量为2m,则金属棒b的横截面积是金属棒a的2倍， 由电阻定律可知金属棒α的电阻为2R,金属棒b产生的 焦耳热9，=R。 1 3RO。=gm,故B正确； C.对b棒应用动量定理，有 2no B'LAx 1安=2m(心。-v共)卢3 R 解得A:器，故C错误 D.安培力对a的冲量等于a的动量变化，有 1。=mV失=2，故D错误。故选B。 3 8.BCD 【详解】A.卫星C加速后做离心运动，轨道变高，不 可能追上同一轨道上的A,故A错误； B.卫星A、B由相距最近到相距最远，圆周运动转过 的角度差为π，所以可得 t-ot=元 2π 其中0g= ，@- 2π TT 则经历的时间1 2(T-):故B正确： GM C.根据万有引力提供向心力，可得向心加速度α= r2 可知AC的向心加速度大小相等，且小于B的向心加速 度，故C正确： D.绕地球运动的卫星与地心的连线在相同时间t内扫 过的面积S=二t 2 由万有引力提供向心力，可知G=m二 2 解得S=】=√GMh 1 2 2 可知，在相同时间内，A与地心连线扫过的面积大于B 与地心连线扫过的面积，故D正确。 故选BCD。 9.BC 【详解】AB.发电机线圈产生的感应电动势最大值 E.=NBSw=NBS×2n 若发电机线圈的转速变为原来的2倍，则感应电动势 最大值变为原来的2倍，因为整个电路不变，所以所有 电流值和电压值都变为原来的2倍，故A错误，B正确： C.将理想变压器和副线圈电路中的电阻等效为R,等 效电路如图所示 R 则有R= n R助 n 仅闭合S,副线圈电阻减小，等效电阻R减小，原线圈 电流增大，故R消耗的功率增大，故C正确： D.等效电阻R大于R且减小，故变压器的输入电流变 大，则输出功率增大，故D错误。故选BC。 10.BC 【详解】 AB.设碰后瞬间乙的速度大小为，碰后乙的加速度 大小为a.由图》可知=%=学 2 抛物线的顶点为Q,根据x-t图像的切线斜率表示速 度，则有y=a·2t联立解得y= 2%,a=2 3 3t。 根据牛顿第二定律可得a==ug 解得甲、乙间的动摩擦因数为业= 3gto 故A错误，B正确： C.由于甲、乙质量相同，则甲做加速运动的加速度 大小世为a安 根据图(b)可知，t。时刻甲、乙刚好共速，则0~t。时 间内甲、乙发生的相对位移为 △x=Xz-X甲=- +4.2 2 3 则甲到乙左端的距离满足L≥△x=a= 3 故C正确； D.物块丙与乙发生弹性碰撞，碰撞过程根据动量守 恒和机械能守恒可得 。=h,+, 1 1=2M号+ 2M._2 可得V=M+m 0= 3 可得乙、丙的质量比为：M=2:1 故D错误。故选BC。 1 11.(1)全反射(2)ot(3)sin 0△t 2 【详解】(1)由题意可知当屏上无光点时，说明光线从 隔板射到空气上时发生了全发射； (2)由图1可知容器与转盘同轴转动，二者角速度相 同，则8。=o△t: (3)出现亮点时，光线从溶液射到隔板再射到空气时 发生了折射，可知从出现亮点到亮点消失，容器旋转的 角度0△t=20 光线能透过液体和隔板从空气中射出时，即出现亮点时， 可知光线在溶液中的入射角为日，光线在隔板和空气界 sine n 面发生全反射，在隔板和液体界面，有 sinc n. 1 n,=- 在隔板和空气界面n= 1解得 o△t sinC sin 2 12. 280 R. Us-UR 【详解】(1)[1]由多用电表的读数规则可知 R=28×102=2802。 (2)[2]要使得ef两端电压在实验中从零开始且近似成 线性变化，则滑动变阻器的阻值应小于待测电阻，越小 越好，故选择阻值较小的R2。 (3)[3]实物图如图所示： (4)①[4]在闭合开关S,前，应保护待测电阻和仪表， 且要精确测量，故电压从零开始较好，所以滑片P应移 到a端。 ②[5]由电路分析可得，题中滑片P位置保持不变，则电 阻箱R与待测电阻R两端电压之和保持不变，先让开关 S,接d,此时电压表的读数为U。,然后让开关S2接c, 读出电阻箱R的读数和电压表的示数U,因此可得 U_U。-U RR一解得R U。-UR U 13.0)2 5g(②0-0.3p,H 【详解】(1)温度为T,时，对活塞分析 g+poS=k0.5H+pS…（2分) 3 解得卫=亏D0…（1分） 对气缸分析pS+Mg=pS…（2分) 解得M=2卫S …（1分) 5g (2)活塞恰好到达气缸项部的过程中，气体做等压变 化T …(2分） 可解得T=灯=7 。0.5HS =2G…(1分) 当气体温度为T,时，体积为0.5S；当活塞恰好到达气 缸顶部时，气体温度为2工。，所以气体温度由T,加热到 2T,的过程中，气体作等压变化，故气体对外做功为 m=S05H-3p8x05H=03p阻(2分) 根据热力学第一定律可得 △U=2-W=2-0.3pS…（1分) 14.(1) ,殷a32 310R 5’V10 gR(3) 5 21g 【详解】(1)小球A下滑到圆弧轨道最低点过程中， 小球A与滑块C组成的系统水平方向动量守恒，有 0=m1-4y2…(2分) 又根据机械能守恒定律有 mgR=5n+与4m时…（1分) 2 两式联立得， 8gR gR 2,,10 …(1分) (3)小球A与小球B发生弹性碰撞，设碰后的速度 分别为，和v4,根据动量守恒和机械能守恒有 1=y+214,…（2分) 1 m+号2m.(2分） 解得V= 、22gR.42gR …(1分) 3V5 ，v=3N5 小球A与小球B碰后，小球B与弹簧组成的系统机 1 械能守恒，得弹簧弹性势能的最大值为B,m=2×2m 解阳县。 会gR…（1分) (3)小球A下滑到圆弧轨道最低点过程中，设小球A 水平方向的位移和滑块C的位移分别为x和x2,则 x1+x2=R…(1分) 根据水平方向动量守恒有-42=0…(1分) 即关=4化，解得气-专，飞=及（1分) 小球A第一次下滑到圆弧轨道最低点到与小球B发 生碰撞所用时间设为，则5=立=， R …(1分) vV40g 从小球A与小球B碰后到小球B再一次回到K点 所用时间设为2，由于速度大小相等方向相反，经过半 个周期，则，=T根据慰意A要追上C, 2 则%t2-y2(4+t2)=2…(1分) 联立解得T= 310R 21g …（1分) 15.ω蓝e最o ch。 3.d 4kL ,(4)2kB 【详解】(1)粒子从P点运动至坐标原点，做类平抛运 动，平行于x轴方向上有L=v…(1分) 1 于y轴方向上有ad……怎 其中a=g =E…(2分) L 解得B=3犷…（1分) 4kL (2)解法一：粒子经过坐标原点时的速度大小 5-6+(a)-…(1分) 4 设粒子第一次在第四象限内运动至最低点时到x轴的距 42 m2…（2分) 平行于x轴方向上有 7 ∑B,9qY,△4=B9y=m,-m。…（2分) 解得月=孔…(1分) 4kL 解法二：粒子经过坐标原点时平行于y轴方向的分速度 3 大小y=4=4 将粒子经过坐标原点时的速度分解为沿x轴正方向、大 小为V1的分速度，满足BqYx1=Eq 另一分速度大小=(1-)+y 粒子在第四象限内的运动可视为沿x轴方向、速度为"： 的匀速直线运动和速率为'的匀速圆周运动的合运动， 7 粒子运动至最低点时的速度大小4%=1+ 解得Va=。,B,=4Z 310 (3)设粒子经过坐标原点时速度方向与x轴正方向的夹 角为8，则有cos6=4 粒子第二次经过x轴时速度大小仍为y,平行于x轴方 向的分速度大小仍为，平行于y轴方向的分速度大小 为，方向沿y轴正方向 粒子第二、三次穿过x轴的过程中运动至离x轴最远时， 平行于y轴方向的分速度大小变为0，平行于x轴方向 的分速度大小变为v,平行于y轴方向上有 ∑BqY,2△t2=m-m。…(1分) 其中∑Bq,2△t2=q2BAy 利用如图所示的B-y图像可知 2 2BAy=BY2.(1分) 2d B 解得y=2kB, 。…(1分） 平行于x轴方向上有-2B丛，=0-m,…(1分) 4 其中zB4,=2DAT 其中∑yAx为对应轨迹与x轴所围的面积S,利用对称 性可知，粒子第二、三次穿过x轴的过程中运动轨迹与x 轴所围的面积S=2S,…(1分) 解得了=3d …(1分) 2kBo