精品解析：北京师范大学附属实验中学2025-2026学年第二学期期中考试 高二化学试卷

北师大实验中学2025-2026学年第二学期期中考试 高二化学 班级___________ 姓名___________ 学号___________ 成绩___________ 考生须知 1.本试卷共10页，共19题；答题纸共2页。满分100分。考试时间90分钟。 2.在试卷和答题卡上准确填写班级、姓名、学号。 3.试卷答案一律填写在答题卡上，在试卷上作答无效。 4.在答题卡上，选择题须用2B铅笔将选中项涂黑涂满，其他试题用黑色字迹签字笔作答。 可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 O-16 Na-23 S-32 Fe-56 Cu-64 第一部分 本部分共14题，每题3分，共42分。在每题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。 1. 下列有机物易溶于水的是 A. 乙醇 B. 乙烯 C. 溴乙烷 D. 甲苯 【答案】A 【解析】 【详解】A．乙醇分子含有亲水基羟基，且烃基占比小，可与水分子形成氢键，能与水以任意比例互溶，A正确； B．乙烯属于烃类，不含亲水基团，为非极性分子，难溶于极性溶剂水，B错误； C．溴乙烷属于卤代烃，不含亲水基团，难溶于水，C错误； D．甲苯属于芳香烃，不含亲水基团，难溶于水，D错误； 因此答案为：A。 2. 下列化学用语或模型不正确的是 A. 乙炔的空间填充模型： B. 羟基的电子式： C. 苯的实验式：CH D. 聚丙烯的结构简式： 【答案】D 【解析】 【详解】A．乙炔分子的空间构型为直线型，四个原子在一条直线上，填充模型为：，故A正确； B．氧原子与氢原子通过一对共用电子对连接，羟基是电中性基团，羟基正确的电子式为，故B正确； C．苯的分子式为C6H6，其实验式为CH，故C正确； D．聚丙烯的结构单元的主链上应该含有2个C原子，则结构简式为，故D错误； 故选D。 3. 乙烯是石油化学工业的重要原料，其产量可以用来衡量一个国家石油化学工业的发展水平。下列关于乙烯的说法不正确的是 A. 含σ键、π键 B. 化学键均为非极性共价键 C. 碳原子均采取sp2杂化 D. 所有原子均位于同一平面 【答案】B 【解析】 【详解】A．乙烯分子的结构式为 ，单键全是含σ键，双键中有1个σ键、1个π键，所以乙烯中含σ键、π键，故A正确； B．乙烯分子中的C-H键为极性共价键，故B错误； C．碳原子形成3个σ键，无孤电子对，价电子对数为3，均采取sp2杂化，故C正确； D．碳原子形成3个σ键，无孤电子对，价电子对数为3，所有原子均位于同一平面，故D正确； 选B。 4. 下列性质比较中，正确的是 A. 沸点：H2O<H2S B. 热稳定性：HCl<HI C. 酸性：CH3COOH>CCl3COOH D. 在水中的溶解度：CH3CH2OH>CH3CH2CH2CH2CH2OH 【答案】D 【解析】 【详解】A．水分子间存在氢键，而硫化氢分子间仅存在范德华力。氢键的作用力远强于范德华力，因此水的沸点远高于硫化氢，A错误； B．元素的非金属性越强，其简单氢化物的热稳定性越强。氯的非金属性强于碘，因此HCl的热稳定性强于HI，B错误； C．Cl原子为吸电子基团，能使羧基上的H原子活泼性增强，使得CCl3COOH酸性比CH3COOH强，C错误； D．一元醇中，烃基基团越大，其在水中的溶解度越小，所以在水中的溶解度：CH3CH2OH>CH3CH2CH2CH2CH2OH，D正确； 答案选D。 5. 某粗苯甲酸样品中含有少量氯化钠和泥沙。用重结晶法提纯苯甲酸的实验步骤中，下列操作未涉及的是 A.加热溶解 B.冷却结晶 C.萃取后分液 D.趁热过滤 A. A B. B C. C D. D 【答案】C 【解析】 【详解】A．图中加热溶解，便于分离泥沙，故A正确； B．冷却结晶可析出苯甲酸晶体，故B正确； C．重结晶实验中不涉及萃取、分液，故C错误； D．苯甲酸在水中溶解度随温度降低而减小，需要趁热过滤，防止损失，故D正确； 故选：C。 6. 下列各组化合物中，不互为同分异构体的是 A. 、H2C=CH-CH2-CH2-C≡CH B. 、 C. 、 D. CH3CH2CH2CHO、CH2=CHCH2CH2OH 【答案】A 【解析】 【分析】同分异构体的定义是分子式相同、结构不同的化合物，据此分析。 【详解】A．的分子式为C6H6；H2C=CH−CH2−CH2−C≡CH分子式为C6H8，二者分子式不同，不互为同分异构体，A符合题意； B．前者为对羟基苯甲醛，分子式C7H6O2，后者为苯甲酸，分子式也为C7H6O2，结构不同，互为同分异构体，B不符合题意； C．前者为甘氨酸H2NCH2COOH，分子式C2H5NO2，后者为羟基乙酰胺HOCH2CONH2，分子式也为C2H5NO2，结构不同，互为同分异构体，C不符合题意； D．前者为丁醛CH3CH2CH2CHO，分子式C4H8O，后者CH2=CHCH2CH2OH分子式也为C4H8O，结构不同，互为同分异构体，D不符合题意； 故答案为：A。 7. 有机物M由C、H、O三种元素组成，可作为溶剂从中草药中提取青蒿素。有关M的结构信息如下： ⅰ.M的红外光谱显示有C-H、C-O的吸收峰，无O-H的吸收峰。 ⅱ.M的核磁共振氢谱(图1，两组峰面积之比为2:3)、质谱(图2)如下所示。 下列分析不正确的是 A. M不属于醇类物质 B. M的分子中含羧基和醛基 C. M的结构简式为 D. M的相对分子质量为74 【答案】B 【解析】 【分析】由图2可知有机物M的相对分子质量为74；M的红外光谱显示有C-H、C-O的吸收峰，无O-H的吸收峰，则M为醚类，饱和一元醚的结构通式为CnH2n+2O，则12n+2n+2+16=74，n=4，则分子式为C4H10O；又M的核磁共振氢谱(图1，两组峰面积之比为2:3)，则M的结构简式为CH3CH2OCH2CH3。 【详解】A．根据分析，M为醚类，M不属于醇类物质，A正确； B．M的分子中含醚键，B错误； C．M的结构简式为CH3CH2OCH2CH3，C正确； D．M的相对分子质量为74，D正确； 故选B。 8. 下列操作不能达到实验目的的是 目的 操作 A 除去甲烷中的少量乙烯 将混合气体通入足量酸性KMnO4溶液，再通过足量NaOH溶液 B 证明酸性：碳酸>苯酚 向澄清的苯酚钠溶液中通入二氧化碳气体 C 检验碳卤键() 向试管里加入几滴1-溴丁烷，再加入2 mL 5% NaOH溶液，振荡后加热。一段时间后加入几滴2% AgNO3溶液 D 鉴别甲苯与苯 向两支分别盛有2 mL苯和甲苯的试管中各加入几滴酸性高锰酸钾溶液，振荡 A. A B. B C. C D. D 【答案】C 【解析】 【详解】A．将甲烷和乙烯的混合气体通入足量酸性溶液后，乙烯被氧化为，甲烷不发生变化，再将混合气通入NaOH溶液除去即可达成实验目的，A正确； B．向澄清的苯酚钠溶液中通入二氧化碳气体，溶液变浑浊，证明有苯酚产生，由强酸制备弱酸的原理即可证明酸性：碳酸>苯酚，B正确； C．水解后、滴加硝酸银溶液前，应先加硝酸中和多余的碱使溶液呈酸性，否则硝酸银会与氢氧化钠溶液反应产生沉淀，干扰检验，不能达成实验目的，C错误； D．苯不与酸性高锰酸钾溶液反应，甲苯可与酸性高锰酸钾溶液反应使之褪色，故可据此鉴别苯和甲苯，D正确； 故答案为：C。 9. 下列物质转化中，所用的试剂、条件不合理的是 物质转化 试剂、条件 A CH2=CH2→CH3CH2OH H2O、催化剂 加热 加压 B CH3CH3→CH3CH2Cl Cl2、光照 C 浓硝酸与浓硫酸、50~60℃ D CH3CH2OH→H2C=CH2 NaOH的乙醇溶液、加热 A. A B. B C. C D. D 【答案】D 【解析】 【详解】A．乙烯与水在催化剂、加热加压条件下发生加成反应生成乙醇，转化可实现，A正确； B．CH3CH3在光照下可以与Cl2发生取代反应生成CH3CH2Cl，B正确； C．苯与浓硝酸、浓硫酸混合加热50～60℃，发生取代反应产生硝基苯和水，C正确； D．CH3CH2OH在浓硫酸混合加热消去反应生成H2C=CH2，而不是NaOH的乙醇溶液；D错误； 故答案选D。 10. 天然维生素E由多种生育酚组成，其中α－生育酚(化合物F)含量最高，生理活性也最高。下图是化合物F的一种合成路线。 下列说法正确的是 A. 分子A中所有原子共平面 B. 化合物A、M均可与溴水发生反应且反应类型相同 C. 1mol B生成1mol D需消耗2mol D. 化合物D、M生成F的同时还有水生成 【答案】D 【解析】 【详解】A．A分子中含有饱和碳原子，饱和碳原子和它所连的四个原子不可能在同一平面上，故A错误； B．化合物A分子中有酚羟基，能和溴水发生苯环上的取代反应，化合物M分子中有碳碳双键，能和溴水发生加成反应，反应类型不同，故B错误； C．B的分子式为C9H10O2，D的分子式为C9H12O2，D比B多2个H，所以1mol B生成1mol D需消耗1molH2，故C错误； D．化合物D的分子式为C9H12O2，M的分子式为C20H40O，F的分子式为C29H50O2，1个D和1个M分子中的同种原子数相加，比F中多2个H和1个O，所以化合物D、M生成F的同时还有水生成，故D正确； 故选D。 11. 抗生素克拉维酸具有抗菌消炎的功效，其结构简式如下。下列关于克拉维酸的说法不正确的是 A. 分子内只含有1个手性碳原子 B. 分子内含有4种含氧官能团 C. 分子间可形成氢键 D. 可发生取代反应、加成反应、氧化反应 【答案】A 【解析】 【详解】A．手性碳原子是指同一个碳原子上连接了4个不同的原子或原子团，由图中结构可知，该分子内含有2个手性碳原子（），A错误； B．由图中结构可知，含氧官能团有羟基、羧基、酰胺基和醚键，共有4种，B正确； C．该分子中含有羟基和羧基，可在分子间形成氢键，C正确； D．该分子中含有醇羟基、羧基和酰胺基，因此可发生取代反应；含有碳碳双键可发生加成反应和氧化反应；-CH2OH可发生氧化反应生成-CHO等，D正确； 故答案选A。 12. “杯酚”(图b)分离C60和C70的过程(图a)示意如下： 下列分析不正确的是 A. “杯酚”属于芳香族化合物 B. 图b所示的“杯酚”可能不与浓Br2水发生取代反应 C. 图a反映了超分子具有“分子识别”的特性 D. 图a利用了C60不溶于甲苯，C70易溶于CHCl3的性质 【答案】D 【解析】 【详解】A．杯酚中含有苯环，属于芳香族化合物，A正确； B．酚羟基的邻对位都有取代基，故图b所示的“杯酚”可能不与浓Br2水发生取代反应，B正确； C．由图a可知，杯酚与形成超分子，而杯酚与不能形成超分子，反映了超分子具有“分子识别”的特性，C正确； D．由图a可知，杯酚与形成的超分子不溶于甲苯，而易溶于甲苯，过滤分离；不溶于，而杯酚溶于，再过滤分离，最终实现和的分离，D错误； 故选D。 13. 将1－丁醇、溴化钠和70%的硫酸，经回流、蒸馏、萃取分液制得1－溴丁烷，部分装置如图所示。制备反应：。下列说法正确的是 A. 该制备反应利用了硫酸的氧化性和脱水性 B. 装置Ⅰ中a的作用是冷凝回流，b的作用是吸收尾气 C. 反应结束后的混合物用装置Ⅱ蒸馏时，c为进水口，d为出水口 D. 若装置Ⅱ蒸出的粗产品含有，用萃取分液除去 【答案】B 【解析】 【分析】根据题意1-丁醇、溴化钠和70%的硫酸在装置I中共热发生，得到含CH3(CH2)3OH、CH3(CH2)3Br、NaHSO4、NaBr、H2SO4的混合物，混合物在装置Ⅱ中蒸馏得到CH3(CH2)3OH和CH3(CH2)3Br的混合物，再选用合适的萃取剂萃取分液得CH3(CH2)3Br粗产品。 【详解】A．该制备反应利用了硫酸的酸性，A错误； B．装置Ⅰ中a的作用是冷凝回流，提高原料利用率，b的作用是吸收尾气，防止HBr等污染空气，B正确； C．反应结束后的混合物用装置Ⅱ蒸馏时，应遵循下进上出，故d为进水口，c为出水口，C错误； D．是有机溶剂，无法与有机物分层，达不到萃取目的，D错误； 答案选B。 14. 某小组欲制备配离子，实验如下。 序号 步骤 Ⅰ 向2mL溶液中滴加0.5mL氨水，产生蓝色沉淀；继续滴加约1.5mL氨水，沉淀完全溶解，得到深蓝色溶液 Ⅱ 分别向溶液和实验Ⅰ所得深蓝色溶液中加入光亮的铁钉；1min后，前者铁钉表面有红色物质析出，后者铁钉无现象 Ⅲ 取0.1g氢氧化铜固体于试管中，加入5mL氨水，溶液略变为蓝色，固体未见明显溶解；滴加2滴饱和氯化铵溶液，固体完全溶解，得到深蓝色溶液 已知： 下列说法不正确的是 A. Ⅰ中产生蓝色沉淀的离子方程式为 B. 加热蒸干Ⅰ中的深蓝色溶液，不能得到纯净的固体 C. Ⅱ中现象证明了溶液和实验Ⅰ所得深蓝色溶液中，+2价铜的存在形式不同 D. Ⅲ中固体完全溶解的离子方程式为 【答案】D 【解析】 【详解】A．向硫酸铜溶液中滴加氨水生成氢氧化铜沉淀和硫酸铵，一水合氨是弱碱，因此离子方程式为，A正确； B．加热蒸干Ⅰ中的深蓝色溶液可能发生，因此不能得到纯净的固体，B正确； C．分别向溶液和实验Ⅰ所得深蓝色溶液中加入光亮的铁钉；1min后，前者铁钉表面有红色物质析出，后者铁钉无现象则说明两种溶液中+2价铜的存在形式不同否则现象会有相似，C正确； D． ，③=①+②，则反应③的平衡常数反应③不可能是氢氧化铜完全溶解的离子方程式，D错误； 故选D。 第二部分 15. 过氧化钙(CaO2)可用于污水处理。 Ⅰ．CaO2的制备 将CaCl2与浓氨水、H2O2溶液混合，在冰水浴中冷却后即有CaO2·8H2O沉淀析出。分离沉淀，洗涤，干燥，低温脱水，得CaO2。 （1）基态氧原子价层电子轨道表示式为___________。 （2）CaO2中所含化学键的类型有___________。 Ⅱ．CaO2的结构 （3）CaO2的晶体结构示意图如下。 ①用表示阿伏加德罗常数的数值。该晶体的密度为___________g/cm3。(1pm=10-10cm) ②CaO2的熔点明显高于H2O2，分析原因：___________。 Ⅲ．CaO2处理含苯酚污水 （4）①CaO2溶于水可产生H2O2。H2O2中O原子的VSEPR模型是___________、杂化类型是___________。 ②H2O2中H-O-O键的键角约为94.8°，水分子中H-O-H的键角为104.5。结合价层电子对互斥理论，说明H2O2中H-O-O键键角小于水中H-O-H的键角的原因___________。 ③H2O2将苯酚氧化，在pH=4.7时，最终产物为CO2和H2O。理论上处理含1 mol苯酚的污水，至少需消耗___________mol CaO2。 （5）H2O2可与SnCl4形成配合物SnCl4(H2O2)2。该配合物中Sn的价层电子对数是___________，配原子是O而非H的原因是___________。 【答案】（1） （2）离子键 非极性共价键 （3） ①. ②. CaO2是离子晶体，H2O2是分子晶体，前者的离子键强于后者的分子间作用力 （4） ①. 四面体型 ②. sp3杂化 ③. H2O和H2O2中的氧原子均为sp3杂化，均有两个孤电子对。由于电负性：O>H，相比于O-H键，O-O键成键电子对斥力相对较小，使成键电子对间夹角更小 ④. 14 （5） ①. 6 ②. H2O2中的H没有孤电子对 【解析】 【小问1详解】 基态氧原子价层电子轨道表示式为。 【小问2详解】 CaO2是由Ca2+和O构成的，Ca2+与O之间存在离子键，O内部两个O原子之间存在非极性共价键。 【小问3详解】 ①Ca2+位于棱心和体心，个数=12×+1=4，O位于顶点和面心，个数=8×+6×=4，晶胞密度； ②CaO2是离子晶体，H2O2是分子晶体，前者的离子键强于后者的分子间作用力。 【小问4详解】 ①H2O2中每个氧原子形成2个σ键，还有两对孤电子对，价层电子对数=2+2=4，所以VSEPR模型为四面体型，杂化类型为sp3杂化； ②H2O2和H2O中的氧原子都为sp3杂化，都有2对孤电子对，由于电负性：O>H，相比于O-H键，O-O键成键电子对斥力相对较小，使成键电子对间夹角更小； ③CaO2溶于水可产生H2O2，反应方程式为CaO2+2H2O= H2O2+Ca(OH)2，H2O2将苯酚氧化，在pH=4.7时，最终产物为CO2和H2O，C6H5OH+14 H2O2→6CO2+17 H2O，理论上处理含1 mol苯酚的污水，消耗CaO2物质的量14 mol。 【小问5详解】 Sn与4个Cl形成σ键，与2个H2O2中的O形成σ键，共6个σ键，无孤电子对，价层电子对数=6+0=6；配原子需要提供孤电子对来形成配位键，H2O2中O原子有孤电子对，而H没有孤电子对，无法作为配原子形成配位键。 16. 葡萄糖生物发酵后，得到的混合物中含有一种有机化合物X，可用于作食品防腐剂和防霉剂。采用如下步骤研究有机化合物X的结构： (1)将X从发酵液中提取出来，流程如下： 步骤①和②分别用到的仪器是_______、_______(填字母)。 (2)燃烧法测得有机化合物X中C、H、O元素质量分数分别为48.6%、8.1%、43.2%，通过仪器分析测得其相对分子质量为74，则分子式为_______。 (3)用化学方法检验官能团：X能与碳酸氢钠溶液反应产生CO2气体X的官能团名称是_______，X的结构简式为_______。 (4)若用仪器分析法确定有机化合物分子中的官能团，最直接的方法是_______。 A.红外光谱法 B.质谱法 C.核磁共振氢谱法 【答案】 ①. B ②. C ③. C3H6O2 ④. 羧基 ⑤. CH3CH2COOH ⑥. A 【解析】 【分析】 【详解】(1)生物发酵所得的混合液与石灰乳反应，经过过滤得到沉淀物，沉淀物中加硫酸反应生成物质X，经过蒸馏得到纯净的X。 根据上述分析，步骤①为过滤，所用仪器为B；步骤②为蒸馏，所用仪器为C； (2)有机化合物X中C、H、O元素质量分数分别为48.6%、8.1%、43.2%，原子个数比C：H：O=：：=3:6:2，相对分子质量为74，则分子式为C3H6O2； (3)能与碳酸氢钠溶液反应产生CO2气体说明X中含有羧基，X的结构简式为CH3CH2COOH； (4) A．红外光谱法可以确定分子中的官能团以及化学键的情况，A符合题意； B．质谱法主要用于确定分子的相对分子质量，B不符合题意； C．核磁共振氢谱可以确定有机物分子中不同化学环境的H的情况，C不符合题意； 故选A。 17. 以石油裂解气为原料，合成化工原料丁烯二酸的路线如下： （1）A的名称是___________，B的官能团名称是___________。 （2）B→D的反应方程式是___________，反应类型是___________。 （3）结合流程，说明步骤a、b的目的是___________。 （4）F的结构简式是___________，F→G的反应类型是___________。 （5）丁烯二酸可用于生产多种聚合物，聚丁烯二酸为盐碱地土壤改良剂，聚丁烯二酸乙二酯可用于神经组织的3D打印。 ①丁烯二酸存在顺反异构体，顺式丁烯二酸的结构简式为___________。 ②聚合物M的结构简式为___________，反应类型为___________。 ③N的相对分子质量为142，核磁共振氢谱显示有2种化学环境的氢。写出由丁烯二酸与乙二醇反应生成N的化学方程式为___________。 【答案】（1） ①. 1，3-丁二烯 ②. 碳碳双键、碳溴键(溴原子) （2） ①. ②. 取代反应(水解反应) （3）保护碳碳双键，避免被氧化 （4） ①. ②. 消去反应、中和反应 （5） ①. ②. ③. 加聚反应(聚合反应) ④. 【解析】 【分析】由题意可知，该反应路线为：A和Br2发生1,4加成反应生成B(BrCH2CH=CHCH2Br)，B与氢氧化钠水溶液在加热条件下发生取代反应生成D(HOCH2CH=CHCH2OH)，D与HCl发生加成反应生成E(HOCH2CH2CHClCH2OH)，E可与酸性KMnO4溶液发生氧化反应生成F(HOOCCH2CHClCOOH)，F在氢氧化钠乙醇溶液的条件下发生消去反应和羧酸的酸碱中和反应生成G(NaOOCCH=CHCOONa)，G经过酸化后得到丁烯二酸。 【小问1详解】 由题意可知，A的名称为1,3-丁二烯；由分析可知，B的官能团名称为碳碳双键、碳溴键(溴原子)； 【小问2详解】 B→D发生的是取代反应，则反应方程式为：； 【小问3详解】 由D经过步骤a反应得到E，再经过氧化得到F，然后经过步骤b得到G，这个过程是为了将碳碳双键发生加成反应生成饱和碳，防止在氧化的过程中将双键破坏掉，其目的就是为了保护双键； 【小问4详解】 由分析可知，F的结构简式为；F→G的反应类型为消去反应、中和反应； 【小问5详解】 ①丁烯二酸存在顺反异构体，顺式丁烯二酸中2个羧基位于碳碳双键的同一侧，其结构简式为；②丁烯二酸发生加聚反应生成聚合物M，则M的结构简式为；③由题意可知，N的核磁共振氢谱显示有2种化学环境的氢，则N的结构是有对称轴的，由反应条件可知，该反应为酯化反应，则反应的方程式为： 。 18. 依匹哌唑M()是一种多巴胺活性调节剂，其合成路线如下： 已知：ⅰ． ⅱ．(R表示H或烃基) ⅲ．试剂b的结构简式为 （1）A分子中含有的官能团名称是___________。 （2）B→C的反应类型是___________。 （3）D→E的化学方程式是___________。 （4）G的结构简式是___________。 （5）K转化为L的过程中，K2CO3可吸收生成的HBr，则试剂a的结构简式是___________。 （6）由化合物N()经过多步反应可制备试剂b，其中Q→W过程中有CH3OH生成，写出P、W的结构简式___________、___________。 【答案】（1）碳碳双键、醚键 （2）消去反应 （3）+CH3OH （4） （5） （6） ①. P： ②. W： 【解析】 【分析】A与发生加成反应生成B，结合B的结构简式可知A应为；B发生消去反应生成C，C为： ，C在甲醇和Et3N的作用下生成D，结合已知反应可知D为：，D与甲醇发生加成反应生成E，E为：；E和H发生反应生成I，对比E和I的结构以及H的分子式可知H为：，H由G和CH3I反应得到，结合G的分子式及H结构可知G为， G由F和氨气反应得到，结合F的分子式及G的结构可知F为，I在一定条件下生成J，J分子脱水生成K，K为，K与发生取代反应生成L，L为，L与试剂b发生已知ⅱ中反应生成M。 【小问1详解】 A应为，含有碳碳双键和醚键两种官能团； 【小问2详解】 B（）消除一分子HCl得到C（），产生了一个碳碳双键；因此该反应为消去反应； 【小问3详解】 D为，D与甲醇发生加成反应生成E，E为：，反应方程式为：+CH3OH； 【小问4详解】 由分析可知G为； 【小问5详解】 由分析可知试剂a为； 【小问6详解】 化合物N()经过多步反应可制备试剂b（）；W与反应生成试剂b，结合试剂b的结构可知W为，Q→W过程中有CH3OH生成，结合流程中信息可知Q在HCl、DMSO作用下发生水解产生醛基，醛基与-SH发生脱水生成W，则Q到W的中间产物为，Q为，与发生取代反应生成，故答案为：P（）、W（）。 19. 有机物M是重要的合成中间体，制备M的路线如下(部分试剂与条件略去)。 已知：ⅰ． ⅱ． ⅲ． （1）E中官能团的名称是羰基、酯基和___________。 （2）A的核磁共振氢谱中有两组峰，峰面积比为1:1。A的结构简式是___________。 （3）试剂a的结构简式是___________。 （4）D→E的反应类型是___________。 （5）D的结构简式是___________。 （6）E生成F的过程中依次发生了异构化、取代反应，F的结构简式是___________。 （7）I→J的化学方程式是___________。 （8）物质L转化为M的过程如图所示。 已知中间体1中含有三种不同杂化方式的碳原子。中间体1、中间体2的结构简式分别是___________、___________。 （9）由乙炔、乙酸及其它必要无机试剂通过不超过四步反应合成试剂b的过程中，一定不包括的反应类型有___________。(已知：乙炔和乙酸能够发生加成反应得到乙酸乙烯酯。) a．加成 b．消去 c．取代 d．氧化 e．还原 【答案】（1）羟基、碳氯键 （2）CH2(COOH)2 （3）C2H5OH （4）加成反应 （5） （6） （7） （8） ①. ②. （9）e 【解析】 【分析】由（2）的题意可知，A的核磁共振氢谱中有两组峰，峰面积比为1:1，结合A的分子式可知，A的结构简式是，由A与B的分子式和反应条件可知，A与2分子乙醇酯化得到B，B为H5C2OOCCH2COOC2H5，D与试剂b反应生成E，结合D的分子式可知D的结构简式为，E的分子式为C11H7O6Cl，结合G的结构，E先发生异构化生成，再发生分子内取代反应生成F，F的结构简式为，F发生消去反应生成G，G水解生成I，I的结构为，I再与甲醇发生酯化反应生成J，J与SOCl2反应生成K，根据已知ⅱ，K的结构简式为，分子式为C8H7O4Cl，对比L的分子式，可知L为，据此回答； 【小问1详解】 由E的结构可知，E的官能团还有羟基、碳氯键； 【小问2详解】 A的核磁共振氢谱中有两组峰，峰面积比为1:1，结合A的分子式可知，A的结构简式是； 【小问3详解】 由分析可知，A与2分子乙醇酯化得到B，试剂a的结构简式是； 【小问4详解】 由D和E结构可知，D与ClCH2CHO发生加成反应； 【小问5详解】 由分析可知，D的结构为； 【小问6详解】 由分析可知，F的结构为； 【小问7详解】 I与甲醇发生酯化反应生成J，化学方程式是； 【小问8详解】 观察M的结构，结合L的分子式和中间体1的分子式，且中间体1中含有三种不同杂化方式的碳原子，可知中间体1为，中间体1与水加成后脱去CO2，生成中间体2的结构为，中间体2与中间体1反应生成M； 【小问9详解】 由乙炔、乙酸及其它必要无机试剂通过不超过四步反应合成试剂b的过程为：第一步：乙炔与乙酸发生加成反应生成乙酸乙烯酯，第二步：乙酸乙烯酯与氯气加成生成（也属于氧化反应），第三步：再发生消去反应生成，第四步：再发生水解反应生成（也属于取代反应），异构化为，故不包括的反应类型有还原反应。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 北师大实验中学2025-2026学年第二学期期中考试 高二化学 班级___________ 姓名___________ 学号___________ 成绩___________ 考生须知 1.本试卷共10页，共19题；答题纸共2页。满分100分。考试时间90分钟。 2.在试卷和答题卡上准确填写班级、姓名、学号。 3.试卷答案一律填写在答题卡上，在试卷上作答无效。 4.在答题卡上，选择题须用2B铅笔将选中项涂黑涂满，其他试题用黑色字迹签字笔作答。 可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 O-16 Na-23 S-32 Fe-56 Cu-64 第一部分 本部分共14题，每题3分，共42分。在每题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。 1. 下列有机物易溶于水的是 A. 乙醇 B. 乙烯 C. 溴乙烷 D. 甲苯 2. 下列化学用语或模型不正确的是 A. 乙炔的空间填充模型： B. 羟基的电子式： C. 苯的实验式：CH D. 聚丙烯的结构简式： 3. 乙烯是石油化学工业的重要原料，其产量可以用来衡量一个国家石油化学工业的发展水平。下列关于乙烯的说法不正确的是 A. 含σ键、π键 B. 化学键均为非极性共价键 C. 碳原子均采取sp2杂化 D. 所有原子均位于同一平面 4. 下列性质比较中，正确的是 A. 沸点：H2O<H2S B. 热稳定性：HCl<HI C. 酸性：CH3COOH>CCl3COOH D. 在水中的溶解度：CH3CH2OH>CH3CH2CH2CH2CH2OH 5. 某粗苯甲酸样品中含有少量氯化钠和泥沙。用重结晶法提纯苯甲酸的实验步骤中，下列操作未涉及的是 A.加热溶解 B.冷却结晶 C.萃取后分液 D.趁热过滤 A. A B. B C. C D. D 6. 下列各组化合物中，不互为同分异构体的是 A. 、H2C=CH-CH2-CH2-C≡CH B. 、 C. 、 D. CH3CH2CH2CHO、CH2=CHCH2CH2OH 7. 有机物M由C、H、O三种元素组成，可作为溶剂从中草药中提取青蒿素。有关M的结构信息如下： ⅰ.M的红外光谱显示有C-H、C-O的吸收峰，无O-H的吸收峰。 ⅱ.M的核磁共振氢谱(图1，两组峰面积之比为2:3)、质谱(图2)如下所示。 下列分析不正确的是 A. M不属于醇类物质 B. M的分子中含羧基和醛基 C. M的结构简式为 D. M的相对分子质量为74 8. 下列操作不能达到实验目的的是 目的 操作 A 除去甲烷中的少量乙烯 将混合气体通入足量酸性KMnO4溶液，再通过足量NaOH溶液 B 证明酸性：碳酸>苯酚 向澄清的苯酚钠溶液中通入二氧化碳气体 C 检验碳卤键() 向试管里加入几滴1-溴丁烷，再加入2 mL 5% NaOH溶液，振荡后加热。一段时间后加入几滴2% AgNO3溶液 D 鉴别甲苯与苯 向两支分别盛有2 mL苯和甲苯的试管中各加入几滴酸性高锰酸钾溶液，振荡 A. A B. B C. C D. D 9. 下列物质转化中，所用的试剂、条件不合理的是 物质转化 试剂、条件 A CH2=CH2→CH3CH2OH H2O、催化剂 加热 加压 B CH3CH3→CH3CH2Cl Cl2、光照 C 浓硝酸与浓硫酸、50~60℃ D CH3CH2OH→H2C=CH2 NaOH的乙醇溶液、加热 A. A B. B C. C D. D 10. 天然维生素E由多种生育酚组成，其中α－生育酚(化合物F)含量最高，生理活性也最高。下图是化合物F的一种合成路线。 下列说法正确的是 A. 分子A中所有原子共平面 B. 化合物A、M均可与溴水发生反应且反应类型相同 C. 1mol B生成1mol D需消耗2mol D. 化合物D、M生成F的同时还有水生成 11. 抗生素克拉维酸具有抗菌消炎的功效，其结构简式如下。下列关于克拉维酸的说法不正确的是 A. 分子内只含有1个手性碳原子 B. 分子内含有4种含氧官能团 C. 分子间可形成氢键 D. 可发生取代反应、加成反应、氧化反应 12. “杯酚”(图b)分离C60和C70的过程(图a)示意如下： 下列分析不正确的是 A. “杯酚”属于芳香族化合物 B. 图b所示的“杯酚”可能不与浓Br2水发生取代反应 C. 图a反映了超分子具有“分子识别”的特性 D. 图a利用了C60不溶于甲苯，C70易溶于CHCl3的性质 13. 将1－丁醇、溴化钠和70%的硫酸，经回流、蒸馏、萃取分液制得1－溴丁烷，部分装置如图所示。制备反应：。下列说法正确的是 A. 该制备反应利用了硫酸的氧化性和脱水性 B. 装置Ⅰ中a的作用是冷凝回流，b的作用是吸收尾气 C. 反应结束后的混合物用装置Ⅱ蒸馏时，c为进水口，d为出水口 D. 若装置Ⅱ蒸出的粗产品含有，用萃取分液除去 14. 某小组欲制备配离子，实验如下。 序号 步骤 Ⅰ 向2mL溶液中滴加0.5mL氨水，产生蓝色沉淀；继续滴加约1.5mL氨水，沉淀完全溶解，得到深蓝色溶液 Ⅱ 分别向溶液和实验Ⅰ所得深蓝色溶液中加入光亮的铁钉；1min后，前者铁钉表面有红色物质析出，后者铁钉无现象 Ⅲ 取0.1g氢氧化铜固体于试管中，加入5mL氨水，溶液略变为蓝色，固体未见明显溶解；滴加2滴饱和氯化铵溶液，固体完全溶解，得到深蓝色溶液 已知： 下列说法不正确的是 A. Ⅰ中产生蓝色沉淀的离子方程式为 B. 加热蒸干Ⅰ中的深蓝色溶液，不能得到纯净的固体 C. Ⅱ中现象证明了溶液和实验Ⅰ所得深蓝色溶液中，+2价铜的存在形式不同 D. Ⅲ中固体完全溶解的离子方程式为 第二部分 15. 过氧化钙(CaO2)可用于污水处理。 Ⅰ．CaO2的制备 将CaCl2与浓氨水、H2O2溶液混合，在冰水浴中冷却后即有CaO2·8H2O沉淀析出。分离沉淀，洗涤，干燥，低温脱水，得CaO2。 （1）基态氧原子价层电子轨道表示式为___________。 （2）CaO2中所含化学键的类型有___________。 Ⅱ．CaO2的结构 （3）CaO2的晶体结构示意图如下。 ①用表示阿伏加德罗常数的数值。该晶体的密度为___________g/cm3。(1pm=10-10cm) ②CaO2的熔点明显高于H2O2，分析原因：___________。 Ⅲ．CaO2处理含苯酚污水 （4）①CaO2溶于水可产生H2O2。H2O2中O原子的VSEPR模型是___________、杂化类型是___________。 ②H2O2中H-O-O键的键角约为94.8°，水分子中H-O-H的键角为104.5。结合价层电子对互斥理论，说明H2O2中H-O-O键键角小于水中H-O-H的键角的原因___________。 ③H2O2将苯酚氧化，在pH=4.7时，最终产物为CO2和H2O。理论上处理含1 mol苯酚的污水，至少需消耗___________mol CaO2。 （5）H2O2可与SnCl4形成配合物SnCl4(H2O2)2。该配合物中Sn的价层电子对数是___________，配原子是O而非H的原因是___________。 16. 葡萄糖生物发酵后，得到的混合物中含有一种有机化合物X，可用于作食品防腐剂和防霉剂。采用如下步骤研究有机化合物X的结构： (1)将X从发酵液中提取出来，流程如下： 步骤①和②分别用到的仪器是_______、_______(填字母)。 (2)燃烧法测得有机化合物X中C、H、O元素质量分数分别为48.6%、8.1%、43.2%，通过仪器分析测得其相对分子质量为74，则分子式为_______。 (3)用化学方法检验官能团：X能与碳酸氢钠溶液反应产生CO2气体X的官能团名称是_______，X的结构简式为_______。 (4)若用仪器分析法确定有机化合物分子中的官能团，最直接的方法是_______。 A.红外光谱法 B.质谱法 C.核磁共振氢谱法 17. 以石油裂解气为原料，合成化工原料丁烯二酸的路线如下： （1）A的名称是___________，B的官能团名称是___________。 （2）B→D的反应方程式是___________，反应类型是___________。 （3）结合流程，说明步骤a、b的目的是___________。 （4）F的结构简式是___________，F→G的反应类型是___________。 （5）丁烯二酸可用于生产多种聚合物，聚丁烯二酸为盐碱地土壤改良剂，聚丁烯二酸乙二酯可用于神经组织的3D打印。 ①丁烯二酸存在顺反异构体，顺式丁烯二酸的结构简式为___________。 ②聚合物M的结构简式为___________，反应类型为___________。 ③N的相对分子质量为142，核磁共振氢谱显示有2种化学环境的氢。写出由丁烯二酸与乙二醇反应生成N的化学方程式为___________。 18. 依匹哌唑M()是一种多巴胺活性调节剂，其合成路线如下： 已知：ⅰ． ⅱ．(R表示H或烃基) ⅲ．试剂b的结构简式为 （1）A分子中含有的官能团名称是___________。 （2）B→C的反应类型是___________。 （3）D→E的化学方程式是___________。 （4）G的结构简式是___________。 （5）K转化为L的过程中，K2CO3可吸收生成的HBr，则试剂a的结构简式是___________。 （6）由化合物N()经过多步反应可制备试剂b，其中Q→W过程中有CH3OH生成，写出P、W的结构简式___________、___________。 19. 有机物M是重要的合成中间体，制备M的路线如下(部分试剂与条件略去)。 已知：ⅰ． ⅱ． ⅲ． （1）E中官能团的名称是羰基、酯基和___________。 （2）A的核磁共振氢谱中有两组峰，峰面积比为1:1。A的结构简式是___________。 （3）试剂a的结构简式是___________。 （4）D→E的反应类型是___________。 （5）D的结构简式是___________。 （6）E生成F的过程中依次发生了异构化、取代反应，F的结构简式是___________。 （7）I→J的化学方程式是___________。 （8）物质L转化为M的过程如图所示。 已知中间体1中含有三种不同杂化方式的碳原子。中间体1、中间体2的结构简式分别是___________、___________。 （9）由乙炔、乙酸及其它必要无机试剂通过不超过四步反应合成试剂b的过程中，一定不包括的反应类型有___________。(已知：乙炔和乙酸能够发生加成反应得到乙酸乙烯酯。) a．加成 b．消去 c．取代 d．氧化 e．还原 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $