广东茂名市第十六中学2025-2026学年第二学期期中考试高一年级物理科试题

茂名市第十六中学20252026学年第二学期期中考试 高一年级物理科试题 出题人：陈红李晶雯 审题人：林思霞 试题说明：本试卷分选择题和非选择题两部分，满分为100分，考试时间为75 分钟。考试结束后，将答题卡交回。 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个 选项中，只有一项是符合题目要求的) 1.关于曲线运动，下列说法不正确的是 A.曲线运动一定是变速运动 B.曲线运动的加速度一定变化 C.曲线运动的速度大小可能不变 D.在恒力作用下，物体可能做曲线运动 2.在2022年卡塔尔世界杯赛场上，梅西在一次主罚定位球时，踢出的足球划出一条完美弧 线，轨迹如图所示。下列关于足球在飞行过程中的说法正确的是 轨迹外侧 。·人墙 轨迹内侧 ©足球 A.在空中只受到重力的作用 B.合外力的方向与速度方向在一条直线上 C.合外力方向指向轨迹内侧，速度方向沿轨迹切线方向 D.合外力的方向沿轨迹切线方向，速度方向指向轨迹内侧 3.河面宽度为90m,河水流速v,为3m/s,小船在静水中的速度v2恒为6m/s,则下列说 法正确的是 A.小船渡河的最短位移大于90m B.若小船船头始终与河岸垂直，渡河位移最小 C.若要使小船渡河位移最短，则需使船头与上游河岸的夹角为30° D.若小船船头始终与河岸成某一角度，河水流速突然减小，渡河所需时间不变 试卷第1页共6页 4.如图所示，物体A用跨过定滑轮的轻绳与汽车连接，汽车以v=6/s的速度向右匀速 运动，连接小车端的轻绳与水平方向的夹角为0，在物体A上升过程中，下列说法正确 的是 A 、 77777777777777777777 A.物体A向上做减速运动 B.绳子拉力大于物体A的重力 C.日=30°时物体A的速度大小为3m/s D.物体A始终处于失重状态 5.甘肃酒泉和海南文昌是我国的两个卫星发射中心所在地，酒泉卫星发射中心的纬度约为 北纬40°，文昌卫星发射中心的纬度约为北纬20°。把地球看做.一个半径为6.4×103km 的质量分布均匀的球体，比较分别位于酒泉和文昌的甲、乙两个物体随地球自转做匀速圆 周运动的情况，下列判断正确的是 酒泉 文昌 赤道 A.两物体的角速度大小相等 B.两物体的线速度大小相等 C.甲物体的线速度大于乙物体的线速度 D.甲物体的角速度小于乙物体的角速度 6.如图所示，下列有关生活中的圆周运动实例分析，其中说法正确的是 外轨5 车轮 R 内轨 A.铁路的转弯处，外轨比内轨高的原因是为了利用轮缘与内轨的侧压力助火车转弯 试卷第2页共6页 B.“水流星”表演中，通过最高点时处于完全失重状态，不受重力作用 C.汽车通过凹形桥的最低点时，汽车受到的支持力大于重力 D.脱水桶的脱水原理是水滴受到的离心力大于它受到的向心力，从而沿切线方向甩出 7.如图所示，半径为R的竖直圆筒绕中心轴线以恒定的转速匀速转动。一子弹以水平速 度沿圆筒直径方向从左侧射入圆筒，从右侧射穿圆筒后发现两弹孔在同一竖直线上且 相距为h,则圆筒转动的角速度可能为( A2层 B.红层 c.5层 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分在每小题给出的四个选 项中，有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选 错的得0分) 8.跳伞被誉为“勇敢者的运动”，如图()所示，某次跳伞表演的某段时间内，跳伞运动 员遇到水平恒定风力的作用，其水平方向的速度一时间图像和竖直方向的位移一时间图像 如图(b)、(c)所示，下列说法正确的是 v./m.s- y/m 10 →ts t/s 2 图(a) 图b) 图(c) A.运动员在这段时间内的加速度不变 B.运动员在这段时间内做直线运动 C.t=2s时，运动员速度大小为1m/s D.0~2s内，运动员的位移大小为V101m 9.如图所示，一小球以o=10m/s的速度水平抛出，在落地之前经过空中的A、B两点。 已知在A点时小球的速度方向与水平方向的夹角为45°，在B点时小球的速度方向与水 平方向的夹角为60°空气阻力忽略不计，g取10/s,则以下判断中正确的是 Vo 45o 00 A.A、B两点间的高度差h=10m B.A、B两点间的高度差h=l5m C.小球从A点运动到B点经历的时间为t=(V3一1)s D.小球从A点运动到B点经历的时间为t=V3s 10.随着人们生活水平的提高，打高尔夫球将逐渐成为普通人的休闲娱乐。如图所示，假设 甲、乙、丙三位运动员从同一点0沿不同方向斜向上击出的高尔夫球分别落在水平地面上 不同位置A、B、C,三条路径的最高点在同一水平面内，不计空气阻力的影响，则说法错 误的是 甲 之 丙 77T7T7 A B A.甲击出的高尔夫球落地的速率最大 B.甲击出的高尔夫球在空中运动时间最长 C.三个高尔夫球飞到最高点时速度为零 D.三个高尔夫球击出的初速度水平分量相等 三、非选择题（本题共5小题，共54分，考生根据要求作答） 11.(9分)用如图所示的装置来探究小球做圆周运动所需向心力的大小F与质量m、角速 度ω和半径，之间的关系。两个变速轮塔通过皮带连接，转动手柄使槽内的钢球做匀速圆 周运动。横臂的挡板对球的压力提供向心力，球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使 弹簧测力筒下降，从而露出标尺，标尺上的红白相间等分格的数量之比等于两个球所受向 心力的比值装置中有大小相同的3个金属球可供选择使用，其中有2个钢球和1个铝球， 如图是某次实验时装置的状态。 试卷第4页共6页 标尺1 标尺2 钢球 钢球 变速轮塔1 ③g 变速轮塔2 皮带 转动手柄 (1)在研究向心力的大小F与质量m关系时，要保特 相同。 A.和r B.a)和m C.m和r D.m和F (2)图中所示是在研究向心力的大小F与 的关系。 A.质量m B.半径r C.角速度w (3)若图中标尺上红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比值为1：9，与皮带连 接的两个变速轮塔的半径之比为 。 A.1:3 B.3:1 C.1:9 D.9:1 (4)若要研究向心力的大小F与半径r的关系，应改变皮带在变速轮塔上的位置，使两边 轮塔转速比为 一，并把两个质量相等的钢球分别放在图中位置 和 处（写编号）。 12.(7分)如图1所示为研究平抛运动规律的装置，某同学使用该装置验证机械能守恒定律。 实验时该同学使用频闪相机对做平抛运动的小球进行拍摄，频闪仪每隔时间T发出一次 闪光。某次拍摄后得到的照片如图2所示，图中的背景是放在竖直平面内的带有方格的纸 板，纸板与小球轨迹所在平面平行，其上每个小方格的边长均为=1cm,已知当地的重力 加速度大小为g10m/s2。 斜槽 纸板 6.2cm 8.7cm 木板 11.1cm 13.5cm 图1 图2 (1)a点 (选填“是”或“不是”)小球做平抛运动的抛出点，相邻小球间的时间间 隔T= s,平抛的初速度为v0 m/s。(均保留1位有效数字) (2)小球运动到b点时的竖直速度为vs。（保留3位有效数字) 试卷第5页共6页 13.(10分)一个圆盘在水平面内以2rad/s的角速度逆时针匀速转动，距圆盘中心0.4m的位 置有一个质量为2.0kg的小物体（可看作质点）随着圆盘起做匀速圆周运动，如图所示。 已知小物体与圆盘面的动摩擦因数为0.64，近似认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力 加速度g取10m/s2求： (1)小物体的线速度大小： (2)小物体所受摩擦力的大小和方向： (3)为使小物体能保持与圆盘一起转动，圆盘转动的最大角速度是多少？ 14.(12分)长为L-=0.5m的细线，上端固定于0点，下端拴一质量为m=0.1kg的小球，使 其在水平面内做匀速圆周运动，如图所示，细线与竖直方向的夹角为 ∠∠∠ a=37(sin37°=0.6，cos37°=-0.8，g=10m/s2）。求： (1)小球所受拉力的大小： (2)小球运动的加速度大小： (3)小球运动的周期（结果保留三位有效数字）。 15.(16分)“抛石机”是古代战争中常用的一种设备，其装置简化原理如图所示。“抛石机” 长臂的长度L=4.8m。在某次攻城战中，敌人城墙高度12m,士兵们为了能将石块投入 敌人城中，在城外堆出了高h=8m的小土丘，在小土丘上使用“抛石机”对敌人进行攻击。 士兵将质量m=4.8kg的石块装在长臂末端的弹框中，开始时长臂处于静止状态，其与水平 底面夹角α=30°。现对短臂施力，当长臂转到竖直位置时立即停止转动，石块被水平抛 出且恰好击中城墙正面与小土丘等高的P点，P点与抛出位置间的水平距离x。=18m。不 计空气阻力，重力加速度g=10m/s2。 H=12m (1)求石块刚被抛出时长臂末端的速度大小。 (2)求石块转到最高点时对弹框竖直方向作用力的大小。 (3)若城墙上端的水平宽度d=2.4m,则石块抛出时速度多大才可以击中敌人城墙顶部？ 试卷第6页共6页 茂名市第十六中学2025~2026学年第二学期期中考试 高一年级物理科试题答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 B C D B A C C AD AC BCD 1．B【详解】A．曲线运动中速度方向时刻变化，速度矢量必然变化，因此一定是变速运动，故A正确； B．曲线运动的加速度可以保持不变，例如平抛运动中加速度恒为重力加速度，故B不正确； C．曲线运动的速度大小不一定变化，例如匀速圆周运动中速度大小恒定，故C正确； D．在恒力作用下，如果力的方向与初速度方向不共线，物体可能做曲线运动（如平抛运动），故D正确。 2．C【解析】A．若在空中只受到重力的作用，则其应该做抛体运动，不会划出一条完美弧线绕过人墙，故A错误； B．球做曲线运动，则合外力的方向与速度方向不在一条直线上，故B错误； CD．做曲线运动的物体，合外力的方向沿指向轨迹内侧，速度方向沿轨迹切线方向，故D错误，C正确。 3．D 4．B【详解】ABD．根据关联速度，物体与小车间的速度关系为 物体上升过程中小车与水平方向的夹角逐渐减小，则的速度逐渐增大，做加速运动，根据牛顿第二定律可知，绳子拉力大于物体重力，物体超重，故AD错误，B正确； C．将小车的速度沿绳和垂直绳方向分解，沿绳方向的分速度大小即为物体上升的速度大小,当时，，故C错误。 5．A【解析】两物体是同轴转动，则角速度相同，根据v=ωr，因乙所在地的转动半径较大，可知乙物体的线速度较大； B．两物体的线速度大小相等，与结论不相符，选项B错误； A．两物体的角速度大小相等，与结论相符，选项A正确； C．甲物体的线速度大于乙物体的线速度，与结论不相符，选项C错误； D．甲物体的角速度小于乙物体的角速度，与结论不相符，选项D错误； 6．C【解析】A．铁路的转弯处，通常要求外轨比内轨高，原因是当火车按规定速度转弯时，由火车的重力和轨道对它的支持力的合力来提供火车转弯所需的向心力，从而避免轮缘对外轨的挤压，故A错误； B．“水流星”表演中，通过最高点时，水受到重力及筒底的支持力作用，加速度方向竖直向下，处于失重状态，而当“水流星”刚好能通过最高点时，水仅受重力的作用，支持力为零，此时处于完全失重状态，故B错误； C．汽车通过凹形桥的最低点时，圆心在汽车的正上方，此时重力和支持力的合力提供向心力，即有 可知汽车受到的支持力大于重力，故C正确； D．脱水桶的脱水原理是：当转筒的速度较大时，水滴做圆周运动所需要的向心力较大，而水与衣物之间的粘滞力无法提供，所以水滴将做离心运动，从而沿切线方向甩出，故D错误。 7．C【详解】子弹做平抛运动，在竖直方向上 可得子弹在圆筒中运动的时间 因子弹从右侧射穿圆筒后发现两弹孔在同一竖直线上,则圆筒转过的角度为（n=1、2、3...） 则角速度为 8．AD【详解】AB．由图像可知，运动员在这段时间内水平方向做匀加速运动，竖直方向做匀速运动，则加速度不变，合运动为曲线运动，选项A正确，B错误； C．时，运动员水平速度为vx=1m/s，竖直速度 合速度大小为，选项C错误； D．内，运动员的水平位移 竖直位移y=10m，则合位移大小为，选项D正确。 9.AC 10．BCD【解析】ABD．由图可知三个球最高点相同，运动时间相同；由于运动时间相等，水平位移甲的最大，故击出初速度的水平分量甲的最大，据运动的对称性和速度的合成可知甲击出的高尔夫球落地速率最大，选项A正确，BD错误。 C． 做斜抛运动的物体最高点还有水平速度，速度不为零，故C错误。 11. （9分）【答案】（1）A （1分） （2）C （2分） （3）B （2分） （4） 1:1 （2分） ② （1分） ③（1分） 【解析】（1）在研究向心力的大小F与质量m关系时，依据F＝mω2r，则要保持ω和r相同。故选A。 （2）图中两个钢球质量和运动半径相等，根据F＝mω2r，则是在研究向心力的大小F与角速度ω关系。故选C。 （3）根据F＝mω2r，两球的向心力之比为1：9，运动半径和质量相等，则转动的角速度之比为1：3。因为靠皮带传动，变速轮塔的线速度大小相等，根据v＝r'ω可知，与皮带连接的变速轮塔对应的半径之比为3：1。故选B。 （4）若要研究向心力的大小F与半径r的关系，应改变皮带在变速轮塔上的位置，使两边轮塔转速比为1：1，并把两个质量相等的钢球分别放在图中位置②和③处。 12.（7分）【答案】(1) 不是（1分） 0.05（2分） 1（2分） (2)1.49 （2分） 【详解】（1）[1]若a为抛出点，则小球在竖直方向做自由落体运动，根据初速度为零的匀加速直线运动的比例关系可知，连续相等时间内的位移之比为1:3:5……，由于，所以a点不是平抛运动的抛出点。 [2][3]竖直方向，有，水平方向，有，联立解得， （2）小球运动到b点时的竖直速度为 13．【详解】（1）由v=ωr（2分） 可得，小物体的线速度大小为v=2×0.4m/s=0.8m/s（1分） （2）对小物体受力分析可知，小物体所受静摩擦力Ff静作为合外力提供自身做匀速圆周运动的向心力。所以由Ff静=F向=mω2r（2分） 可得小物体所受静摩擦力的大小为Ff静= 3.2N（1分） 此时小物体所受静摩擦力Ff静的方向沿半径指向圆心。（1分） （3）对小物体有Ff静=F向=mω2r（2分） 即圆盘转动的最大角速度ωm=4rad/s。（1分） 14. 【解析】（1）对小球受力分析如图所示：小球受重力和线的拉力作用，根据合成法可得（2分） 解得（1分） （2）根据牛顿第二定律得（2分） 解得（1分） （3） 由公式（2分）、（2分） 其中半径（1分） 得（1分） 15.【详解】（1）石块抛出后做平抛运动，有（2分） 则石块抛出时的速度（1分） 代入数据解得（1分） （2）石块转到最高点时，弹框对石块竖直方向的作用力和石块的重力的合力提供石块做圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律得（2分） 解得（1分） 根据牛顿第三定律知，石块转到最高点时对弹框竖直方向作用力的大小为。（1分） （3）石块击中城墙顶部时，根据公式，有 （2分） 代入数据解得 （1分） 石块击中城墙顶部水平位移 （2分） 抛出时初速度 （1分） 代入数据解得 （1分） 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 $