湖南部分学校2026届高三下学期高考物理模拟练习卷

2026届高考物理模拟卷 （本卷共15题，满分100分，考试用时75分钟） 一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1.[2024年湖北高考真题]硼中子俘获疗法是目前治疗癌症最先进的手段之一，是该疗法中一种核反应的方程，其中X、Y代表两种不同的原子核，则(      ) A. B. C. D. 2.[2024年安徽高考真题]倾角为θ的传送带以恒定速率顺时针转动。时在传送带底端无初速轻放一小物块，如图所示。时刻物块运动到传送带中间某位置，速度达到。不计空气阻力，则物块从传送带底端运动到顶端的过程中，加速度a、速度v随时间t变化的关系图线可能正确的是(      ) A. B. C. D. 3.[2025年河南高考真题]折射率为的玻璃圆柱水平放置，平行于其横截面的一束光线从顶点入射，光线与竖直方向的夹角为45°，如图所示。该光线从圆柱内射出时，与竖直方向的夹角为（不考虑光线在圆柱内的反射）(      ) A.0° B.15° C.30° D.45° 4.[2025年宁夏高考真题]我国计划于2028年前后发射“天问三号”火星探测系统，实现火星取样返回。其轨道器将环绕火星做匀速圆周运动，轨道半径约3750 km，轨道周期约2 h，引力常量G取，根据以上数据可推算出火星的(      ) A.质量 B.体积 C.逃逸速度 D.自转周期 5.[2025年湖南高考真题]如图，两带电小球的质量均为m，小球A用一端固定在墙上的绝缘轻绳连接，小球B用固定的绝缘轻杆连接。A球静止时，轻绳与竖直方向的夹角为60°，两球连线与轻绳的夹角为30°，整个系统在同一竖直平面内，重力加速度大小为g。下列说法正确的是(      ) A.A球静止时，轻绳上拉力为 B.A球静止时，A球与B球间的库仑力为 C.若将轻绳剪断，则剪断瞬间A球加速度大小为g D.若将轻绳剪断，则剪断瞬间轻杆对B球的作用力变小 6.[2024年湖南高考真题]根据国家能源局统计，截止2023年9月，我国风电装机4亿千瓦，连续13年居世界第一位，湖南在国内风电设备制造领域居于领先地位。某实验小组模拟风力发电厂输电网络供电的装置如图所示。已知发电机转子以角速度ω匀速转动，升、降压变压器均为理想变压器，输电线路上的总电阻可简化为一个定值电阻。当用户端接一个定值电阻R时，上消耗的功率为P。不计其余电阻，下列说法正确的是(      ) A.风速增加，若转子角速度增加一倍，则上消耗的功率为 B.输电线路距离增加，若阻值增加一倍，则上消耗的功率为 C.若升压变压器的副线圈匝数增加一倍，则上消耗的功率为 D.若在用户端再并联一个完全相同的电阻R，则上消耗的功率为 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7.[2025年山东高考真题]均匀介质中分别沿x轴负向和正向传播的甲、乙两列简谐横波，振幅均为，波速均为，M、N为介质中的质点。时刻的波形图如图所示，M、N的位移均为。下列说法正确的是(      ) A.甲波的周期为 B.乙波的波长为 C.时，M向y轴正方向运动 D.时，N向y轴负方向运动 8.[2025年湖南高考真题]一匀强电场的方向平行于平面，平面内A点和B点的位置如图所示。电荷量为和的三个试探电荷先后分别置于O点、A点和B点时，电势能均为。下列说法正确的是(      ) A.中点的电势为零 B.电场的方向与x轴正方向成60°角 C.电场强度的大小为 D.电场强度的大小为 9.[2024年湖南高考真题]某电磁缓冲装置如图所示，两足够长的平行金属导轨置于同一水平面内，导轨左端与一阻值为R的定值电阻相连，导轨段与段粗糙，其余部分光滑，右侧处于竖直向下的匀强磁场中，一质量为m的金属杆垂直导轨放置。现让金属杆以初速度沿导轨向右经过进入磁场，最终恰好停在处。已知金属杆接入导轨之间的阻值为R，与粗糙导轨间的摩擦因数为μ，。导轨电阻不计，重力加速度为g，下列说法正确的是(      ) A.金属杆经过的速度为 B.在整个过程中，定值电阻R产生的热量为 C.金属杆经过与区域，金属杆所受安培力的冲量相同 D.若将金属杆的初速度加倍，则金属杆在磁场中运动的距离大于原来的2倍 10.[2025年湖南高考真题]如图，某爆炸能量测量装置由装载台和滑轨等构成，C是可以在滑轨上运动的标准测量件，其规格可以根据测量需求进行调整。滑轨安装在高度为h的水平面上。测量时，将弹药放入装载台圆筒内，两端用物块A和B封装，装载台与滑轨等高。引爆后，假设弹药释放的能量完全转化为A和B的动能。极短时间内B嵌入C中形成组合体D，D与滑轨间的动摩擦因数为μ。D在滑轨上运动距离后抛出，落地点距抛出点水平距离为，根据可计算出弹药释放的能量。某次测量中，A、B、C质量分别为、m、，，整个过程发生在同一竖直平面内，不计空气阻力，重力加速度大小为g。则(      ) A.D的初动能与爆炸后瞬间A的动能相等 B.D的初动能与其落地时的动能相等 C.弹药释放的能量为 D.弹药释放的能量为 三、非选择题：本题共5小题，共56分。 11.（6分）[2024年湖南高考真题]某实验小组要探究一金属丝的阻值随气压变化的规律，搭建了如图（a）所示的装置。电阻测量原理如图（b）所示，E是电源，为电压表，为电流表。 （1）保持玻璃管内压强为1个标准大气压，电流表示数为100 mA，电压表量程为3 V，表盘如图（c）所示，示数为_______V，此时金属丝阻值的测量值R为_______Ω（保留3位有效数字）； （2）打开抽气泵，降低玻璃管内气压p，保持电流I不变，读出电压表示数U，计算出对应的金属丝阻值； （3）根据测量数据绘制关系图线，如图（d）所示； （4）如果玻璃管内气压是0.5个标准大气压，保持电流为100 mA，电压表指针应该在图（c）指针位置的______________侧（填“左”或“右”）； （5）若电压表是非理想电压表，则金属丝电阻的测量值______________真实值（填“大于”“小于”或“等于”）。 12.（9分）[2025年湖南高考真题]车辆运输中若存在超载现象，将带来安全隐患。由普通水泥和导电材料混合制成的导电水泥，可以用于监测道路超载问题。某小组对此进行探究。 （1）选择一块均匀的长方体导电水泥块样品，用多用电表粗测其电阻。将多用电表选择开关旋转到“”挡，正确操作后，指针位置如图1所示，则读数为_______Ω。 （2）进一步提高实验精度，使用伏安法测量水泥块电阻，电源E电动势，内阻可忽略，电压表量程，内阻约，电流表程，内阻约。实验中要求滑动变阻器采用分压接法，在图2中完成余下导线的连接______________。 （3）如图2，测量水泥块的长为a，宽为b，高为c。用伏安法测得水泥块电阻为R，则电阻率______________（用表示）。 （4）测得不同压力F下的电阻R，算出对应的电阻率ρ，作出图像如图3所示。 （5）基于以上结论，设计压力报警系统，电路如图4所示。报警器在两端电压大于或等于时启动，为水泥块，为滑动变阻器，当的滑片处于某位置，上压力大于或等于时，报警器启动。报警器应并联在______________两端（填“”或“”）。 （6）若电源E使用时间过长，电动势变小，上压力大于或等于时，报警器启动，则______________（填“大于”“小于”或“等于”）。 13.（10分）[2025年宁夏高考真题]某种卡车轮胎的标准胎压范围为。卡车行驶过程中，一般胎内气体的温度会升高，体积及压强也会增大。若某一行驶过程中胎内气体压强p随体积V线性变化如图所示，温度为时，体积和压强分别为、；当胎内气体温度升高到为时，体积增大到为，气体可视为理想气体。 （1）求此时胎内气体的压强； （2）若该过程中胎内气体吸收的热量Q为，求胎内气体的内能增加量。 14.（12分）[2025年湖南高考真题]如图，直流电源的电动势为，内阻为，滑动变阻器R的最大阻值为，平行板电容器两极板水平放置，板间距离为d，板长为，平行板电容器的右侧存在方向垂直纸面向里的匀强磁场。闭合开关S，当滑片处于滑动变阻器中点时，质量为m的带正电粒子以初速度水平向右从电容器左侧中点a进入电容器，恰好从电容器下极板右侧边缘b点进入磁场，随后又从电容器上极板右侧边缘c点进入电容器，忽略粒子重力和空气阻力。 （1）求粒子所带电荷量q； （2）求磁感应强度B的大小； （3）若粒子离开b点时，在平行板电容器的右侧再加一个方向水平向右的匀强电场，场强大小为，求粒子相对于电容器右侧的最远水平距离。 15.（17分）[2024年湖南高考真题]如图，半径为R的圆环水平放置并固定，圆环内有质量为和的小球A和。初始时小球A以初速度沿圆环切线方向运动，与静止的小球B发生碰撞。不计小球与圆环之间的摩擦，两小球始终在圆环内运动。 （1）若小球A与B碰撞后结合在一起，求碰撞后小球组合体的速度大小及做圆周运动所需向心力的大小； （2）若小球A与B之间为弹性碰撞，且所有的碰撞位置刚好位于等边三角形的三个顶点，求小球的质量比； （3）若小球A与B之间为非弹性碰撞，每次碰撞后的相对速度大小为碰撞前的相对速度大小的e倍（），求第1次碰撞到第次碰撞之间小球B通过的路程。 ( 第 1 页 共 3 页 ) 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026届高考物理模拟卷 （参考答案） 1.答案：B 解析： 2.答案：C 解析：小物块放到传送带上的瞬间，对小物块受力分析得，小物块开始做匀加速直线运动；时刻小物块与传送带共速，传送带对小物块的摩擦力变成静摩擦力，，物块与传送带保持相对静止匀速向上运动，故选C。 3.答案：B 解析：如图所示，，由可得，由几何关系得，由可得，由几何关系可得该光线从圆柱内射出时，与竖直方向的夹角为，B正确. 4.答案：A 解析：轨道器环绕火星做匀速圆周运动时，由万有引力提供向心力有，解得，由题中条件可知火星的质量M可推算出，A正确；火星的半径未知，由球的体积公式可知火星的体积无法推算出，B错误；对于在火星表面附近绕火星做匀速圆周运动的行星，由万有引力提供向心力有，解得火星的第一宇宙速度为，则火星的逃逸速度（第二宇宙速度），由于火星的半径未知，所以火星的逃逸速度无法推算出，C错误；自转周期与已知量无关，所以无法推算出自转周期，D错误。 5.答案：C 解析：对小球A受力分析，其受重力、轻绳的拉力以及B的库仑引力，如图所示，根据力的平衡条件得，解得，AB错误；剪断轻绳前，小球A所受合力为零，库仑力与重力的合力与轻绳拉力等大反向，即库仑力与重力的合力大小为，剪断轻绳后瞬间，绳子拉力消失，库仑力与重力均不变，则小球A所受合力大小为，由牛顿第二定律得小球A的瞬时加速度大小，C正确；由于剪断轻绳前后瞬间，B球的受力不变，且状态不变，因此剪断轻绳瞬间轻杆对B球的作用力不变，D错误。 6.答案：A 解析：设升压变压器原、副线圈匝数分别为，降压变压器原、副线圈匝数分别为，将降压变压器和用户端所接定值电阻R等效为一个电阻，则。发电机转子以角速度ω匀速转动时，产生的电动势的最大值，则升压变压器输入端的电压有效值，转子角速度增加一倍，则升压变压器输出端电压为增加一倍，根据闭合电路欧姆定律知定值电阻中的电流变为原来的2倍，结合可知，转子角速度增加一倍，上消耗的功率变为，选项A正确；结合，若增加一倍，则上消耗的功率为，选项B错误；若升压变压器的副线圈增加一倍，根据理想变压器变压规律知，升压变压器副线圈两端的电压变为原来的2倍，由可知，定值电阻中的电流变为原来的2倍，上消耗的功率变为，选项C错误；若在用户端再并联一个完全相同的电阻R，降压变压器和用户端所接定值电阻的等效电阻变为上消耗的功率变为，选项D错误。 7.答案：BD 解析：由题图可知，甲波的波长，由可知，甲波的周期，A错误；设时刻乙波的波形图表达式为，结合题图有、，且，联立解得乙波的波长为，B正确；结合题图由同侧法可知，时刻M向y轴正方向运动，则时刻M向y轴负方向运动，C错误；结合B项分析和可知，乙波的周期为，由题图可知时刻N向y轴负方向运动，则时刻N向y轴负方向运动，D正确。 8.答案：AD 解析：根据题意结合电势能公式有，解得，则中点的电势，A正确；在线段上找出一与B点等势的点M，可知连线为等势线，与连线垂直的线为电场线，如图所示，则根据几何关系可知，电场线与x轴正方向夹角的正切值，即，根据场强与电势差的关系可知，，BC错误，D正确。 9.答案：CD 解析：A.设平行金属导轨间距为L，金属杆在区域向右运动的过程中切割磁感线有， 金属杆在区域运动的过程中根据动量定理有 则 由于，则上面方程左右两边累计求和，可得 则 设金属杆在区域运动的时间为，同理可得，则金属杆在区域运动的过程中有 解得 综上有 则金属杆经过的速度大于，故A错误； B.在整个过程中，根据能量守恒有 则在整个过程中，定值电阻R产生的热量为 故B错误； C.金属杆经过与区域，金属杆所受安培力的冲量为 则金属杆经过与区域滑行距离均为d，金属杆所受安培力的冲量相同，故C正确； D.根据A选项可得，金属杆以初速度再磁场中运动有 金属杆的初速度加倍，则金属杆通过区域时有 则金属杆的初速度加倍，则金属杆通过时速度为 则设金属杆通过区域的时间为，则 ， 则， 则 由于，则 可见若将金属杆的初速度加倍，则金属杆在磁场中运动的距离大于原来的2倍，故D正确。 10.答案：BD 解析：弹药爆炸的过程，由动量守恒定律有，由能量守恒定律有嵌入C的过程，由动量守恒定律有，D在滑轨上的运动过程，由动能定理有脱离滑轨后做平抛运动，则有的初动能，爆炸后瞬间A的动能，解得从开始运动至落地的过程，根据动能定理有，解得，则D的初动能与其落地时的动能相等，AC错误，BD正确。 11.答案：（1）1.25（1.24~1.26均可）；12.5 （4）右 （5）小于 解析：（1）由电压表读数规则可知题图（c）的示数为；根据题图（b）由欧姆定律可知。 （4）玻璃管内气压降低到0.5个标准大气压，由题图（d）可知金属丝的阻值增大，又保持电流为100 mA，所以电压表示数增大，即电压表指针应该在题图（c）指针位置的右侧； （5）若电压表是非理想电压表，则流过金属丝的电流的测量值偏大，由欧姆定律可知金属丝的电阻的测量值小于真实值。 12.答案：（1）8000 （2）如图所示 （3） （5） （6）大于 解析：（1）由多用电表欧姆挡的读数规则和题图1可知水泥块样品的粗测电阻为。 （2）由于，则由“大内小外”可知电流表应采用内接法，电压表测水泥块样品和电流表两端的总电压，又实验中要求滑动变阻器采用分压接法，故导线的连接如答图所示。 （3）由电阻定律有，可得。 （5）由于报警器在两端电压大于或等于3 V时启动，上压力大于或等于时报警器启动，又由题图3可知，F越大ρ越小，结合（3）问分析可知F越大水泥块的电阻越小，由题图4和串联分压规律可知F越大水泥块两端的电压越小，滑动变阻器两端的电压越大，故报警器应并联在滑动变阻器两端。 （6）若电源E使用时间过长，电动势变小，则当上压力等于时，滑动变阻器两端的电压小于3 V，为了使滑动变阻器两端的电压等于3 V，则滑动变阻器应分得更多的电压，水泥块应分得更少的电压，由串联分压规律可知水泥块的电阻应更小，结合（5）问分析可知水泥块上的压力应更大，故大于。 13.答案：（1） （2） 解析：（1）对胎内气体，根据理想气体状态方程有 代入数据解得 （2）根据图像与横轴所围图形面积表示气体做功可知，此过程外界对气体做的功 根据热力学第一定律有 又 解得 14.答案：（1） （2） （3） 解析：（1）闭合开关S，当滑片处于滑动变阻器中点时，由串并联电路规律可得电容器两极板间的电压为 粒子从a点进入电容器后，在电容器中受到电场力的作用，做类平抛运动，从b点离开电容器，设粒子从a点运动到b点的时间为t，则在水平方向由运动学公式有 在竖直方向由牛顿第二定律有 由运动学公式有 联立可得 （2）设粒子经过b点时的速度大小为v，速度方向与水平方向的夹角为θ，则由平抛运动的推论可知 则 由几何关系可知 粒子进入磁场后在磁场中做匀速圆周运动，从c点进入电容器，设粒子在磁场中的运动半径为r，作出粒子从a点运动到c点的运动轨迹如图所示 由几何关系可知 在磁场中由洛伦兹力提供向心力有 联立可得 （3）解法一配速法在平行板电容器的右侧再加一个方向水平向右的匀强电场，则粒子在平行板电容器的右侧不仅受到洛伦兹力的作用，还受到水平向右的电场力的作用，则可将粒子在b点的速度分解，使竖直向上的分速度产生的洛伦兹力刚好平衡电场力的作用，如图所示，则有 可得 由于和v的大小相等，则由几何关系可知粒子在b点的另一分速度，方向与竖直方向的夹角为30°，则粒子在平行板电容器右侧的运动可分解为速度为的竖直向上的匀速直线运动和以速率为的匀速圆周运动，设粒子做匀速圆周分运动的半径为，则由洛伦兹力提供向心力有 可得 作出粒子圆周分运动的大致轨迹如图所示 由几何关系可知 解法二正则动量法当粒子的合速度方向竖直向上时，粒子相对于电容器右侧的水平距离最小，设此时速度大小为，规定竖直向上为正方向，则对粒子从b点运动到该位置的过程，在竖直方向上由动量定理有 即 对粒子从b点运动到该位置的过程，由动能定理有 联立可得 15.答案：（1）； （2）2或5 （3） 解析：（1）小球A与B碰撞后结合在一起，则小球A、B发生完全非弹性碰撞，碰撞过程动量守恒，设碰后两者的共同速度为v，有，则 根据向心力公式，得 （2）A、B之间为弹性碰撞，则碰撞过程动量守恒、机械能守恒，两球第一次碰撞在B球初始位置，设碰后A、B的速度分别为、，由动量守恒定律有 由机械能守恒定律有 可得 因，则碰后瞬间两球同向运动，又，结合可知，从第一次碰撞到第二次碰撞的过程，A的路程小于一个圆周 第一种情况：碰后B球比A球多跑一圈，A球跑了圈， 可得 第二种情况：碰后B球比A球多跑一圈，A球跑了圈， 可得 由动量守恒和机械能守恒可知两种情况下第二次碰撞后A球速度重新变为球的速度为0，之后两小球做周期性运动，两种情况均符合题意，或 （3）第1次碰后瞬间，两球相对速度为比A多跑一圈后发生第2次碰撞，设第1、2次碰撞的时间间隔为，圆周长为，则 根据动量守恒定律有，且 解得，则该段时间内B的路程为 B追上A后两球发生第2次碰撞，碰后瞬间两球相对速度为比B多跑一圈后发生第3次碰撞，设第2、3次碰撞的时间间隔为， 则 根据动量守恒定律有，且 解得，该段时间内B的路程为 A追上B后两球发生第3次碰撞，碰后瞬间两球相对速度为比A多跑一圈后发生第4次碰撞，设第3、4次碰撞的时间间隔为， 则 根据动量守恒定律有，且 解得，该段时间内B的路程为 依此类推，A、B第2n次碰撞后瞬间，两球相对速度为，碰后A比B多跑一圈后发生第次碰撞，该时间内B的路程为 综上，B的路程为 参考答案·第 1 页 共 7 页 学科网（北京）股份有限公司 $