实验题专练(4)电学实验(二)-【鱼跃龙门卷】2026年高考物理试题逐题突破

2025一2026学年度高考试题逐题突破— 实验题专练（四） 物理·电学实验（二） 总分：60分时间：40分钟姓名： 得分： 1.(10分)电容器充、放电的过程一般极短，在电路中接入高阻值电阻可有效延长充、放电时间。 实验小组中的甲、乙两位同学利用这种方法，绘制电容器放电过程中电流随时间变化的i- 图像。 个iμA 600 500 400 300 200 100 0102030405060708090100s 甲 乙 (1)甲同学的实验电路图如图甲所示，关于电源和微安表的选取，下列说法正确的 是 A.选取交流电源，零刻度线在左侧的微安表 B.选取交流电源，零刻度线在中间的微安表 C.选取直流电源，零刻度线在左侧的微安表 D.选取直流电源，零刻度线在中间的微安表 (2)先闭合开关S1、S2,调节电阻箱R的阻值，使电路稳定后微安表的指针偏转到满刻度，记下 此时微安表的示数i。=500uA,电压表的示数U。=6V,此时电阻箱R的阻值为9.5k2, 则微安表的内阻为 k2。 (3)断开开关S1、S2,同时开始计时，每隔5s读一次电流i的值，将测得数据填入预先设计的 表格中，根据表格中的数据在坐标纸上标出以时间t为横坐标、电流讠为纵坐标的点，即图 乙中用“×”表示的点。请根据这些点描绘出图线，由图线可估算出该电容器在整个放电 过程中放出的电荷量Q。= C(结果保留两位有效数字)。 (4)若乙同学采用同样的实验器材研究电容器放电过程时，断开开关S1,开关S2保持闭合，则 实验测得的电荷量 (填“大于”“小于”或“等于”)甲同学测得的电荷量（不考虑偶 然误差)。 2.(10分)小李同学在“测定金属丝的电阻率”实验中。 (1)因电表内阻未知，用如图甲所示的电路来判定电流表应该内接还是外接。正确连线后，合 上开关S,将滑动变阻器的滑片P移至合适位置。单刀双掷开关K掷到1，电压表的读数 U1=1.65V,电流表的示数如图乙所示。将K掷到2，电压表和电流表的读数分别为U2= 1.75V,I1=0.33A。由此可知应采用电流表 (填“内”或“外”)接法。 1 45 0 A 二 40 0 0.63 0 甲 乙 丙 物理·实验题专练（四）第1页（共4页） 鱼欧花门老 (2)完成上述实验后，小李同学进一步尝试用其他方法进行实验，此时所用测量仪器均已校 准。待测金属丝接入电路部分的平均长度为50.00cm。如乙图，电流表的读数是 A。如丙图，用螺旋测微器测量金属丝的直径为 mm。 (3)用伏安法测金属丝的电阻R,,实验所用器材为：电池组（电动势3V,内阻约1）、电流表、 电压表、滑动变阻器R(0~20Ω，额定电流2A)、开关、导线若干。小李同学利用以上器材 正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下： 次数 1 2 3 ? 5 6 U/V 0.10 0.30 0.70 1.00 1.50 1.70 2.30 I/A 0.020 0.060 0.160 0.220 0.340 0.460 0.520 图丁是测量R,的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变 阻器的一端。请根据上述表格的实验数据，补充完成图丁中实物间的连线，并使闭合开关 的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏。 U/V 2.5 2.0 1.5 1.0 0.5 耳三然 00.100.200.300.400.500.601/A 丁 戊 (4)小李同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图戊所示，图中已标出了与测量数据对应的坐标 点，描绘出U-I图线。由图线得到金属丝的阻值R,可以估算出金属丝电阻率约 为 0 A.1×10-22·m B.1×10-3·m C.1×10-62·m D.1×10-82·m 3.(10分)某同学要将一量程为0~10mA的毫安表改装为量程为0~1A的电流表。毫安表内 阻约为l002,先利用图()所示的电路测量毫安表的内阻，测量后经计算将一阻值为R的电阻 与毫安表连接，进行改装。然后利用一标准电流表与改装表串联，对改装后的电表进行检测。 (mA /0 mA 图(a) 图(b) 实验室为其提供以下可供选择的实验器材： A.电源E1(电动势3V,内阻可忽略) B.电源E2(电动势30V,内阻可忽略) C.滑动变阻器R,(阻值范围0~1k) D.滑动变阻器R2(阻值范围0~5kΩ) (1)①为了提高毫安表内阻测量的精度，尽可能地减少实验误差，电源应选 ,滑动变 阻器应选 。(均用器材前的序号字母表示) ②先闭合开关S1,断开开关S2,调节滑动变阻器使得毫安表满偏。再闭合S2,调节电阻箱 R,当毫安表示数为满偏的号时，电阻箱的示数为198.0Q,毫安表内阻的测量值为 2,电阻R= Ω（结果均保留两位有效数字）。 物理·实验题专练（四）第2页（共4页） (2)当标准电流表的示数为0.5A时，毫安表的指针位置如图(b)所示，由此可以推测出改装 的电表量程不是预期值，要达到预期目的，无论测得的内阻值是否正确，都不必重新测量， 只需要将阻值为R的电阻换为一个阻值为R的电阻即可，其中k= 4.(10分)一定值电阻R,阻值在20±22范围内，某研究小组欲根据如图所示电路精确测量其 阻值。已知电源E的电动势为5V、内阻为12。灵敏电流计的量程为0~100uA、内阻为1k2。 电阻箱R(0~9999.92)。实验室可供选择的其他主要器材如下： ⊙ A.电压表V1(量程0~5V,内阻为20k2) B.电压表V2(量程0~15V,内阻为50k2) R C.电流表A1(量程0~0.3A,内阻为22) D.电流表A2(量程0~0.6A,内阻为12) (1)为保证测量精度，电路中电压表应选 (填“A”或“B”),电流表应选 (填 “C”或“D”)。 (2)为确保灵敏电流计G的安全，闭合S前电阻箱应调整至 (填“1000.02”“2000.02” “5000.02”或“9999.92”)。 (3)闭合S后，调节电阻箱的阻值，当灵敏电流计G的示数为零时，电阻箱的阻值为R、电压表 的示数为U以及电流表的示数为I,则Rz的测量值为 (用测得的物理量表示)。 (4)考虑电表内阻的影响，用这种方法测得的电阻值 (填“大于”“等于”或“小于”)真 实值。 5.(10分)小明想利用热敏电阻的特性，为种植大棚花椰菜（生长适宜温度为20~25℃）的菜农 设计一个简易温度报警器。所选器材有热敏电阻、直流电源E(电动势为3V,内阻不计)、定 值电阻R,=1k2、R2=3k2和R3=5k2,发光二极管LED、三极管（当b、e间电压达到2V 时，三极管被导通)、导线等。 (1)如图1，小明先用多用电表预判热敏电阻的阻值随温度变化的趋势。选择“×100”欧姆挡， 将红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准 。 再将红、黑 表笔分别与温控室中的热敏电阻两端接触，将温控室温度由20℃逐渐升高到60℃，指针 由图1中α逐渐向右偏转到b。位置b热敏电阻的阻值为 2,由此可判断热敏电 阻的阻值随温度的升高而 (填“增大”或“减小”)。 R/×1022) 100 +3U 90- 80--- 70-4 60-÷ 温控室 50 40---.3 30 20-1- 10 热敏电阻 1020304050607/己 图1 图2 图3 物理·实验题专练（四）第3页（共4页） 广鱼欧龙门老 (2)通过进一步实验，小明得到该热敏电阻的阻值随温度变化的关系曲线如图2所示，并依此 曲线，设计了图3所示的温度报警器，当大棚内温度降低至20℃时，三极管导通，二极管发 光报警，提醒菜农。 ①在方框B中将发光二极管醉正确连入电路。 ②方框A中的定值电阻为 （填“R,”“R2”或“R3”)。 6.(10分)某实验小组测量电源的电动势和内阻时，使用的器材有：电动势约为3V、内阻约为几 欧姆的锂锰纽扣电池，量程为0~500mA、内阻约为12的电流表，量程为0~3V、内阻约为 3kΩ的电压表，最大阻值为402的滑动变阻器R,开关S,导线若干。 (1)为了更准确地测出电源电动势和内阻，实验电路应该选择图a中的 (填“甲”或“乙”)。 ■7√ 分匆 图a 图b (2)正确选择电路后，按图连接电路。闭合开关，测量时，改变滑动变阻器滑片P的位置，记录 对应的电压表的示数U和电流表的示数I。在第一次测量中电压表的指针位置如图b所 示，其示数是 V。 (3)其余实验数据如表所示。根据表中的数据，在图c中的坐标纸上描绘出相应的5个点，并 作出U-I图线。 3.0o1/ 2.80 2.60 I/mA 445 400 290 250 100 2.40 U/V 2.10 2.32 2.40 2.70 2.20 曲I/mA 2.00 0100200300400500 图c (4)根据图c的UI图线，可求出电池的电动势E= V,内阻r= 2。(保留 三位有效数字) (5)在图d中，实线是由实验数据描点得到的U-I图像，虚线表示该电源真实的路端电压和干 路电流的关系图像，表示正确的是 U U个 A 图d (6)该电池电动势的测量值 真实值，电池内阻的测量值 真实值。（均填“大 于”“小于”或“等于”) 物理·实验题专练（四）第4页（共4页）·物理· 6.(1质量转动半径(2②)，(3)当转盘转速较小时，由 t。π△t 转盘与重物间的静摩擦力提供向心力；随着转盘转速增大，达到 最大静摩擦力后，绳子才开始提供拉力一d。 c△t 【解析】(1)在研究向心力与角速度的关系时，根据控制变量法 需要保证重物的质量和转动半径保持不变。因为向心力的表达 式为F=mwr,只有当m和r不变时，才能研究F与w的关 系。(2)转盘匀速转动时，激光接收周期为t。,所以转盘的旋转 周期为T=24。,根据角速度与周期的关系如=2年， ,解得重物随 圆盘做匀速圆周运动的角速度为仙= 2π_2π= T二2。一。。已知狭缝 宽度为d,每次接收到光照的时长为△t,则重物随圆盘做匀速 3 圆周运动的线速度为一是，根据线速度与角速度的关系。 d r,解得原物的转动半径为一日-兰-总（③）曲于转盘表 面粗糙，存在摩擦力。当转盘转速较小时，由转盘与重物间的静 摩擦力提供向心力；随着转盘转速增大，达到最大静摩擦力后， 绳子才开始提供拉力，拉力传感器才会有示数，所以图线不过原 点。由图丙可知，F是图像的斜率为女=。 =一6，设重物 做匀速圆周运动过程受到的最大静摩擦力为「，根据牛顿第二 定律有F+f=mw2r,其中u=交， 一△，代入上式解得F= A一·一下，所以有飞=一。三A二，解得重物的质量为 △t n-、c4t πbdt。 物理实验题专练（三）】 1.(1)R偏大(2)见解析(3)R1298(4)A 【解析】(1)由于R>RvRA,则电流表选择内接时，误差较小 则Rb更接近真实值，测量值偏大。(2)实物图连接如图所示。 (3)根据实验原理可知应保证R,不变，根据欧姆定律有R,十 R,十R,U1,R,+RA=,解得Rx≈298D。（4)由上述分析 可知电源内阻与电流表内阻对实验结果都无影响。 2.(1)BD(2)100不需要(3)机械调零见解析 【解析】(1)甲图中，多用电表与小灯泡并联，但由于黑表笔与电 源的正极相连，故不可以测量小灯泡的电压，故A错误。图乙 中，多用电表串联在电路中，红表笔与电源正极相连，可以用直 流电流挡测量电路中的电流，故B正确。图丙中，若用欧姆挡 测量小灯泡的工作电阻，电源不可接人电路中，故C错误。图 丁中，黑表笔与内部电源的正极相连，所以用的是欧姆挡测量 二极管的反向电阻，故D正确。(2)由图可知，表盘中间刻度为 10,所以当倍率为×10时，欧姆表的内阻为R内=10×102 100Ω。若某个多用电表内的电学元件R,(如图戊所示)损坏， 换成最大阻值比R1略大的R2,由于 电源电动势不变，满偏电流不变，所 202 B 以欧姆表的内阻不变，所以不需要更 换该多用电表的表头。(3)由于用多 152 用电表的直流电压挡测量电压，所以 测量前应进行机械调零；由于使用直 流电压2.5V挡依次接A和B、B和C、A和C,示数均为零，说 明黑箱内没有电源；将选择开关旋到欧姆挡，正确调零后，由测 量结果可知，AB间正接、反接示数相同，说明AB间存在阻值 为20的定值电阻；同理BC间正接、反接示数变化较大，说明 BC间存在二极管，且二极管的正向电阻为152；AC间正接、 反接示数变化较大，说明AC间存在二极管，且黑表笔接C,红 表笔接A时，欧姆表的读数等于定值电阻与二极管正向电阻之 和，说明此时二极管与定值电阻串联，故黑箱的结构如图所示。 (1)30.7(3)0.9(4)6.0×10- 【解析】(1)游标卡尺的示数为3cm十0.1mmX7=30.7mm: R1_R,解 (3)由电桥电路的原理可知，当电流计示数为零时，R一R, 得R=0.9D.()根据R=P5,可得R,-彩L,由图像可知 3S0.03,解得p=6.0×1050·m。 5 1 (1)A(2)75.0小于(3)并0.25 【解析】(1)当电流表满偏时电流为2mA,此时回路中电阻值 为R=2×10D=1.5X100,所以变阻箱选最大阻值为 9999.92的，故选A。(2)闭合开关S1、断开开关S2,调节电阻 箱R1,使电流表满偏即回路中电流为2A,保持电阻箱R1接 入电路的电阻不变，再闭合开关S2,调节电阻箱R2使电流表示 数为1mA,回路中总电流为2mA,所以流过R2的电流与流过 电流表的电流相等，两者是并联关系，电压也相等，则电阻也相 等，表示电流表的电阻为RA=75.02。由于接人电阻箱R2与 电流表并联，导致干路上电流变大，当电流表示数为1mA时， 流过变阻箱R2的电流大于1A,这样导致电流表内阻的测量 值小于真实值。(3)若将此电流表改装成量程为0~0.6A的电 流表，由并联电阻分流作用可知，应将电流表并联一个电阻。改 装后的电流表量程变为满偏电流的300倍，则流过并联电阻的 电流是满偏电流的299倍，所以并联的电阻阻值R并 R-3n=0.25n. 1 (1)0~0.60(2)R1(3)1.51.0(4)不变 (5)见解析 IRs= 【解析】(Q)改装后的电流表对应的量程为1=1：十R。 0.60A。(2)为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验 中应选用的滑动变阻器是R,,而R2阻值太大。(3)根据闭合 电路欧婚定律可得U户E一1+R)P=E1+太)，给 合图线可得E=1.5V,+Rr×0,解得r= 1.02。(4)由以上分析可知，若本实验中连接滑动变阻器和导 线接头处有“接触电阻”导致滑动变阻器阻值变大，电动势E测 量值不变。(5)实验时，某同学进行了多次测量，花费了较长时 间，测量期间一直保持电路闭合，从实验误差角度考虑，这样的 操作不妥，因为长时间使用将会导致电源电动势减小，内阻 增大。 (1)C(2)见解析(3)最左端(4)Ca-1Dc,c b-a b-a 【解析】(1)因电路中滑动变阻器采用分压式接法，为了便于调 节，滑动变阻器应选择小量程的。(2)根据电路图连接完整实物 图，如图所示。(3)为保障仪器安全，滑动变阻器的滑片应放置 在滑动变阻器的最左端，此时待测电路电压为0，从而保证电表 的安全。(4)对该电路有I2=I1+Ix,由欧姆定律可得I2= 1+1(RA+R) R 变形得1 +R处十1，由图像可得k= -R.R+. ·11 参考答案及解析 1 -b-a 时，通过电阻箱的电流会大于毫安表读数的一半，产生误差，为 ,a= R. R:十1，联立可得，电流表A,的内阻为R= R 了使S2闭合后电路总电阻变化小，则滑动变阻器接入电路中的 (a-1)c,待测电阻阻值为R:=6一a C 阻值应尽可能大，同时毫安表又要能调节到满偏，则所用电源 b-a 的电动势应该较大，应选用E2,即选B。滑动变阻器应选阻值 A 较大的R2,即选D。②可认为通过毫安表的电流等于电阻箱的 电流的2倍，则毫安表的电阻等于电阻箱电阻值的一半，即 号1，R,=(1,-)R,解得毫安表的测量值为R,=90. 根据电流表改装原理1，=1。十'：=1A,解得R=.0D, R (2)由图可知此时毫安表表头电流=0.004A,改装电流表示 数为Q4A根起片-8政装电表的实际量匙为1：=125A 场 R和R的电压相等，则（山-1）R=(12-1)R,解得=4 物理实验题专练（四） 4.a)AC(2)200.0n(3)Y (4)等于 (1)D(2)2.5(3)见解析8.0×10-3(4)小于 【解析】(1)由于电源E的电动势为5V,则电路中电压表应选 【解析】(1)因为要观察电容器充、放电现象，只能选择直流电 U 5 源；微安表指针要往左右两个方向偏转，所以要选择零刻度线 A;电路中最大电流约为1。=尺一20A=0.25A,可知电流表 在中间的微安表。(2)电压表测量的是微安表与电阻箱两端的 电压，电压表的示数U。=6V,微安表的示数i。=500uA,故微 应选C。(2)根据实验原理，当满足=尽时，通过灵敏电流 Ry R. U。 6V 安表与电阻箱的总电阻R。=。一500A=12k,微安表的 计的电流为0，则有R≈2000Ω，为确保灵敏电流计G的安全， 闭合S前电阻箱应调整至2000.0Ω。(3)闭合S后，调节电阻 内阻R。=12k2-9.5k2=2.5k2。(3)将这些点用平滑的曲 箱的阻值，当灵敏电流计G的示数为零时，电阻箱的阻值为R、 线连接起来，如图所示。i-t图线与横轴所围成的图形的面积表 示整个放电过程放出的电荷量，数出的小方格数为32（数格时， 电压表的示数为U,电流表的示数为1，则测量值为R,-名 注意面积大于半格算一格，小于半格舍去)，而每个小方格表示 (4)当灵敏电流计G的示数为零时，电压表的示数U等于R,两 的电荷g=50×106×5C=2.5×10-4C,则放出的电荷量 Q。=32q=32×2.5×104C=8.0×10-3C。(4)断开开关S1, 端电压，电流表的示数I等于通过R的电流，由于U、I都是准 开关S2保持闭合，电压表和电容器也形成通路，有一部分电荷 确的，所以用这种方法测得的电阻值等于真实值。 流经电压表，故乙同学测得的电荷量小于甲同学测得的电荷量。 5.(1)欧姆挡的零刻度线1500减小(2)见解析图R i/uA 【解析】(1)欧姆调零时，选择“×100”欧姆挡，将红、黑表笔短 600 接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准刻度盘上欧姆挡的零 500￥ 刻度线。位置b热敏电阻的阻值为R。= +3V 400 15×100=15002。将温控室温度由A 300 20℃逐渐升高到60℃，指针由题图1中 200 a逐渐向右偏转到b,其阻值不断减小，由 100 此可判断热敏电阻的阻值随温度的升高 而减小。(2)为使二极管能正常发光报 0102030405060708090100t/s 警，电流应从二极管正极流入，如图所示。 (1)外(2)0.340.396(3)见解析(4)C 当大棚内温度降低至20℃时，由题图2 【解析】(1)由电流表的表盘可知 电流大小为0.34A,电压表的百 可知此时热敏电阻的阻值为6k2,同时三极管导通，则b、e间 电压达到2V,因直流电源的电动势为3V,故方框A中的定值 分比变化为=上站的× 电阻的阻值为3k2,即R2。 100%≈5.7%，电流表的百分比 6.(1)乙(2)2.00(3)见解析(4)2.902.02(5)A(6)小 R 变化为%=034033×100%≈ 于小于 0.33 写然 【解析】(1)由题中数据可知，电池的内阻与电流表内阻大小相 3.0%,可知电压表的示数变化更明显，故采用电流表外接法」 当，远小于电压表内阻，若实验电路采用图a中的甲，电流表的 (2)电流表的分度值为0.02A,不需要估读到下一位，读数是 分压会使得路端电压测量值误差很大，若实验电路采用图a中 0.34A。螺旋测微器测量金属丝的直径d=39.6×0.01mm= 的乙，通过电池的电流的测量值由于电压表分流引起的误差很 0.396mm。(3)由图表数据可知，待测电阻阻值约为52，若电 小，所以为减小测量误差，相对电源来说，应采用电流表外接法， E 即图a中的乙。(2)由题图b可知，电压表量程为0~3V,分度 路采用限流接法，回路最小电流I一R,十R每十，代入数值约 值为0.1V,则电压表示数为2.00V。(3)描点作出U-I图线如 为0.11A,不可能达到0.020A,所以应该是分压接法。实物图 图1所示。(4)根据闭合电路欧姆定律有E=U+Ir,整理得 如图所示。(4)图线的斜率即为R,的阻值，由图像可知R,= U=一Ir十E,则电源U-I图线纵截距表示电池电动势，图线斜 2.5 0.56≈4.5D,由电阻定律知R=p5=p L 率的绝对值表示电源的内阻，由图可知E=2.90V,r= 2 ,解得p≈1× d 2.90-2.00 2 445×10-3 2≈2.02。(5)该实验相对于电源来说，电流表采 1062·m。 用外接法，因电压表分流会引起电流测量的误差，干路电流真 1①BD②91.0(2)124 99 实值1=1，+品则电流测餐值小于真实值，且电流测景值 【解析】(1)①根据实验原理，当S2闭合后，电路总电阻会减小， 与真实值的差随U的减小均匀减小，当U=0、外电路短路时， 总电流会变大，当毫安表G的指针偏转到满偏的三分之二位置 电流测量值等于真实值，即两图像在横轴交于同一点，如图2所 高考试题逐题突破 示。(6)由于电源的U-1图像的纵截距表示电池电动势，斜率 的绝对值表示电源内阻，由图2可知，实验得出的该电池电动势 测量值小于真实值，内阻的测量值小于真实值。 3.00tU/V 2.80目 2.60由 E 2.40 U 2.20 2.0 01002003004005007/mA 01 /a71A 图1 图2 物理实验题专练（五） 1.(1)B(2)DCAB(3)AC(4)7X10-10 【解析】(3)油酸未完全散开，测量面积偏小，则分子直径的计算 结果偏大，故A符合题意；计算油膜面积时将所有不足一格的 方格算做一格，测量面积偏大，则分子直径的计算结果偏小，故 B不符合题意；求每滴体积时，1mL的溶液的滴数少记了5滴， 测量体积偏大，则分子直径的计算结果偏大，故C符合题意；油 酸酒精溶液配制的时间较长，酒精挥发较多导致油酸浓度增 大，因此油膜面积偏大，则测得的分子直径将偏小，故D不符合 题意。(4)根据题意，1滴油酸酒精溶液中含有的纯油酸体积为 V=5O0×80mL=2.5X10-cm,数出轮廓内的方格数（不 足半格的舍去，多于半格的计一个)，约为140格，油膜轮廓的面 积为S=0.5×0.5×140cm2=35cm2,油酸分子的大小为d= S-290 cm≈7×10-8cm=7X10-10m。 35 2.(1)D(2)>(3)过原点的倾斜直线 【解析】(1)实验是以注射器内的空气为研究对象，所以实验前 不能将注射器内的空气完全排出，故A错误。空气柱的体积变 化不能太快，要缓慢移动注射器柱塞以保证气体温度不变，故B 错误。气体发生等温变化，空气柱的压强随体积的减小而增大， 故C错误。p又图像是一条倾斜的直线，作出pV图像可以 直观反映出p与V的关系，故D正确。(2)在p-V图像中，根据 =C,可得pV=CT,可知离坐标原点越远的等温线温度越 PV 高，则有T,>T。(3)根据y 1 =C,可得p=CT·,对图线 进行分析，如果在误差允许范围内该图线是一条过原点的倾斜 直线，就说明一定质量的气体在温度不变时，其压强与体积成 反比。 3.(1)A(2)胶管内存在气体(3)B(4)D 【解析】(1)在柱塞与注射器壁间涂上润滑油，可以保证封闭气 体的气密性，A正确。手握住注射器，会使气体的温度升高，不 符合实验要求，B错误。实验时应缓慢推拉柱塞和读取数据，C 错误。压强传感器只能采集气体的压强，D错误。(2)根据等温 过程有p(W+V。)=C,可得V=C 一V。,可知图线不通过坐标 原点的原因是胶管内存在气体，V。是胶管内气体体积。(3)根 C 据等温过程有p(W+V)=C,可得力=v+V。=V+V。·V' VC VC C 很小时，即V很大，则有k二V+V。1十气 V -≈C,可知p 己几乎是一条过原点的倾斜直线，当亡较大时，即V较小时，根 据k=V+V。1 VC V,可知p图像上点与原点连线的斜率 C 随着子的增大而减小。故图像选B。(④)测量时，注射器与压强 传感器连接部分气体的体积未计入，纵轴存在截距一V。,软管 脱落后，气体向外漏出，力的测量值偏小，相应的横坐标偏大，但 左侧的延长线与纵轴的交点坐标仍为一V。,故前后两条线相交 在此处。 (1)C(2)减小(3)大(4)1.5(5)偏小不变 【解析】(1)根据光路可逆性原理结合几何关系可知，即使P,、 P2间的距离较大，通过玻璃砖也会看到P1、P2的像，故A错 误。为减小误差，入射角应适当大一些，即过P1、P2点的直线 与法线NN'的夹角应尽量大些，但也不能太大，故B错误。为 了减小作图误差，P,和P4间的距离应适当取大些，故C正确。 不可以将玻璃砖界面当尺子画界线，D错误。(2)出射点与人射 点的水平距离等于玻璃砖的宽度与折射角正切值的乘积，入射 角减小，折射角就减小，玻璃砖的宽度不变，所以出射点与入射 点的水平距离减小。(3)为减小折射角的测量误差，应使折射光 线适当长些，故如果有几块宽度不同的玻璃砖可供选择，为了 减小误差，应选宽度大的玻璃砖来测量。（4)玻璃砖的折射率 n=sin sin 02 ,则sin02= ·sin01,可知sin02-sin01图线斜率的 倒数表示折射率，代入数据解得n=1.5。(5)甲同学测折射率 时，实验所得的折射光线为2，而实际的折射光线为1，如图甲所 示。可知实验所得的折射角，偏大，则由折射率n=si9可 sin 02 知，甲同学测得的折射率与真实值相比偏小；测折射率时，只要 操作正确，测量的结果与玻璃砖的形状无关，乙同学测得的折 射率与真实值一致。 甲 (1)4⑤ 5 (2)不能(3)左侧(4)120 L 【解析】(1)由几何关系可知，人射角的正弦sini=尺=5， 4 L sinr-AN 2Rcos r ,解得sin2r=0.8,则折射角的正弦sinr= ，可得折射率刀一0-5。(2)若将微光笔保持原方向继 1 5 sin r 续向右移动，由几何关系可知，光线射到玻璃表面时的折射角 总等于从另一面出射时的人射角，可知该角度不可能大于临界 角，即不能看到光在圆形玻璃内发生全反射。(3)紫光的折射率 大于红光，则紫光偏折程度较大，则在A点的折射角较小，则出 射点在N点的左侧。(4)由图可知，当透明度为50%时，入射 光照度为1201x。 (1)B(2)>(3)15.02(442-x） 71 【解析】(1)△x越小，目镜中观察到的条纹数越多，由△x= 入，可知应将屏向靠近双缝的方向移动或使用间距更大的双 缝，故选B。(2)红光的波长大于绿光的波长，由△x=子入，可知 红光的干涉条纹间距△x1大于绿光的干涉条纹间距△x2。 (3)由图戊可知游标尺主尺的读数为1.5cm,游标尺的读数为 1×0mm=0.02mm,所以读数为，=1.5cm十0.02mm= 15.02mm.4)由△=合可得X-dA-) 71 物理实验题专练（六）】 (1)21.25 2π(2l+d) T2 (2)不均匀(3)9.78 【解析】(1)摆球的直径d=2.1cm十0.05X5mm= 1+2 21,25mm,根据单摆周期公式T=2r√g ,计算当地重力 ·12 加速度的表达式为g=2x(21十d 的重物，保持滑动变阻器接入电路的阻值不变，读出此时电流 T2 。(2)由受力分析，结合牛顿 表示数I,再换用不同的已知质量的重物，记录每一个质量值对 第二定律，得mg tan0=ma,得a=gtan0,可知该加速度测量 应的电流值，最后将电流表刻度盘改装为质量刻度盘，故合理 仪的刻度不均匀。(3)相邻两计时点间的时间间隔T=0.02s, 的实验操作顺序为③①②④。(2)当小量程的电流表改装成量 根据逐差法，重力加速度大小为g (x十x6十xs)-(z十工8十工12)，代人数据得g≈9.78m/分。 程较大的电流表时，需要并联一个小电阻，有及-，解得 9T2 R=2Ω。(3)根据闭合电路欧姆定律可得，当秤盘上不放重物 (1)①7.0(2)4M+m)2gL1-cos0) (3)BD 时，调节滑动变阻器使得电流表满偏，有I。= mπD2 【解析】(1)游标卡尺测量内径使用内爪测量，故选①部分。10 r+R,十R精十R,当秤盘上放上重物，且电流表示数为20mA 分度游标卡尺的分度值为0.1mm,游标卡尺读数为7mm十0 E ×0.1mm=7.0mm。(2)根据动量守恒定律有mvo=(m十 时，有1，=，十R+R十RA,又因为R=R,十mg,联立解得 M)v,然后两者共同摆起使得细绳与竖直方向的最大夹角为0， m=10kg。(4)由于压敏电阻阻值R随压力增大而增大，则电 流表示数随压力增大而减小，所以改装后的刻度盘，其零刻度 L械能守恒定律得2(m+M)u2=(m十M)gL(1-cos0 线在电流表的满刻度处。(5)根据操作过程③可知，当电源电动 联立可得，弹丸的初动能E=2 势不变，而内阻增大时，仍可以通过减小滑动变阻器接入电路 的阻值使得电流表达到满偏，回路中电源内阻和滑动变阻器接 (m+M)gL(1一cos0),根据比动能的定义有 Ek 入电路的总电阻不变，所以测量结果不变。 = 6. (1)A2R2(3)0.510(4)2 4(M十m)gL（1一cos0)。(3)根据实验原理，碰擅中损失的动 【解析】(1)由于电流表A2的内阻一定，应选电流表A2,根据欧 mπD2 6 V 能对测量结果无影响，故A错误：若考虑金属盒所受空气阻力 姆定律有1R十rA)=6V,R=T-IA=3mA200 以及毛笔笔尖与白纸之间的阻力和仿真枪没有抵近金属盒射 19802。故可以将电流表A2与定值电阻R2串联，将其改装 击都会使得初动能的测量值小于真实值，故比动能的测量值偏 小，故BD正确；若击中金属盒的位置位于金属盒中心上方，则 成-个量程为0~6V的电压表。(3)根据电路图有是（R十 L的测量值偏大，比动能的测量值偏大，故C错误。 (1)(iV)220V(2)B(4)1.225(5)小车和钩码见解析 R,)I+r）=2o00n×1,得行-20R-R+2d,期 1 (6)-nmg 1 nm+M 图像与纵轴的交点数值为200A,V1=0.5mA,V,图像 【解析】(1)为充分利用纸带，小车释 v/m·s-1) 1 放前应靠近打点计时器，且先接通打 1.6 斜率k=2000R, =(4.5-0.5)×10 一，解得待测电阻R,= 80 点计时器的电源然后释放小车，所以 1.4 有错误的步骤是(V),电火花计时器 1.2 10Q。(4)忽略电表影响，电阻箱的功率P=(R+R十，R 所使用的为220V的交流电压。1.0 E (2)实验过程中使细绳和木板始终保0.& 一，可见，当R=R,十x时，R功率最 (R-R-r 持平行，使小车受到的合力为绳的拉0.6 R -+4(R.+r) 力，故A有必要；平衡摩擦力时，有0,4 E2 mg sin0=umg cos0,更换纸带后，不 02 大，为4R2十7万=0.75W,E=6V,解得r=20。 需要重新平衡摩擦力，故B不必要； 为充分利用纸带，释放小车的位置应 00.10.20.30.40.50.611 物理计算题专练（一）】 靠近打点计时器，故C有必要。(4)相邻两计数点间的时间间 1.(1)3N(2)0.2m(3)7.2m 隔T=5× 【解析】(1)小球A从静止下滑到Q点前瞬间的过程中，由动能 f 三5×s=0.1s,打下E点时的速度E=2T月 42×0°X10m/s=1.25m/s。(5)小车所受合力不等于 定理mgR=2m06, 细绳的拉力，小车和钩码所受外力等于钩码的重力，为减少实 解得vo=√/2gR=4m/s, 验误差，尽可能准确地验证动量定理，本实验的研究对象应选 mvo 择小车和钩码。以研究对象的速度)为纵坐标、时刻t为横坐 在Q点对A受力分析可知F一mg=R,解得F=3N。 标建立坐标系，作出-t图像。(6)由静止释放小车，根据动量 (2)小球A、B碰撞过程，由动量守恒得mo。=moA十MoB, 定理nmgt=(nm十M)u-0,可得o=mmg nm十Mt,斜率k= 弹性碰撞前后小球A、B的总动能不变，有弓m=2m心十 1 nmg nm+M 2 Mui, (1)向左不一定(2)4.520(3)偏小 解得vA=-2m/s,s=2m/s, 【解析】(1)框架向右加速时，滑片向左滑动，此时Q点电势高 于P点电势，指针向左偏转。该装置只要保证滑片在中间时， 小球A返回上升过程中机械能守恒，有mgh=2mui,解得 滑块所受合力为零即可，弹簧不一定处于原长状态。(2)当滑片 h=0.2m。 滑到最右侧时，右半边电阻分压为4.5V,电压表的示数为 (3)碰撞后，小球B在向右运动的过程中，水平方向上的加速度 4.5V,由2k△x=ma,代入数据可得a=20m/s2。(3)电动势 降低后，同样的位置电阻分压减小，电压表示数减小，所测加速 大小a-瓷号， 度大小偏小。 (1)③①②④(2)并联2(3)10(4)满刻度(5)不变 下落到Q点正下方的时间1=X2=6 a 5s, 【解析】(1)在本实验中应先让秤盘上不放重物，闭合开关，调节 滑动变阻器，使电流表指针满偏，然后在秤盘上放置已知重力 竖直方向上有d=分8=1.2m.