物理(1)-【衡水金卷·先享题·调研卷】2026年普通高中学业水平等级考试模拟试题物理（湖南专用）

2026年普通高中学业水平选择性考试模拟 物理（一）》 本试卷共8页，15题。全卷满分100分。考试用时7 注意事项： 1.答题前，先将自己的姓名、考号等填写在答题卡上，并将准考证号务 码粘贴在答题卡上的指定位置。 2.选择题的作答：选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题E 答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3.非选择题的作答：用签字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、 草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 4.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。 一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的。 1.在人口统计学中，有一个概念叫作人均寿命，若人口总数为N,人均寿命为（年），则 这个社会平均人口死亡率为（人/年）。类似的，物理学中为了研究原子核的衰变， 用T表示原子核平均寿命，元素的半衰期x与原子核平均寿命T成正比，即x=kT(k 为已知常数)，现有一定质量的放射性元素，总共有α个原子，每秒有b个原子核发生 衰变，则这种元素的半衰期为 A. B钻 C. 会 2.一段导线弯折成如图所示的正方体，通人恒定电流I,电流I的方向如图所示。P点 为正方体的中心，以P点为坐标原点建立空间直角坐标系，三个坐标轴分别为x、y、 之，则在P点产生的磁场的方向为 A.沿x轴正方向 B.沿y轴正方向 C.沿之轴正方向 D.沿x轴负方向 物理（一）第1页（共8页）】 衡水金卷·先 3.如图所示，气缸内面积为S的活塞密封一定质量的理想气体，活塞上有一些砂子，活 塞和砂子的总质量为M,缓慢取走一些砂子后，再次平衡时封闭气体的体积增加了原 体积的，环境温度不变，外界大气压强为p。,重力加速度为g,气缸导热性良好，则 取走的砂子质量为 A.(M+PS) g g C十7M+As, 2 g D.2mM+cS) g 4.科学家通过研究珊瑚化石的纹理，推断距今3亿多年前的泥盆纪一年大约有400多 天，这表明地球从古至今自转正在变慢，泥盆纪自转周期约为现在的90%，△g1表示 泥盆纪时期两极的重力加速度与赤道的重力加速度之差，△g2表示现在两极的重力 加速度和赤道的重力加速度之差，下列关系式正确的是 A.A81=0.9 B.△8=10 C.A8=0.9e D.Ag=(10)2 △g2 △g29 △g2 △g2 9 5.如图所示，质量为m的物块放在足够长、质量为2的木板上。所有接触面间的动摩 擦因数均为u=0.5。一根不可伸长的轻质细绳绕过一光滑的轻质滑轮连接木板与 物块，两段轻绳平行于水平面，在滑轮中心施加一个大小F=6mg、方向水平向右的 拉力。已知重力加速度g=10m/s2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则滑轮在0.2s 时间内移动的距离为 F=6mg 名) 2m 77777777777777 A.0.1m B.0.15m C.0.25m D.0.35m 6.如图所示，质量为m的重物悬挂在O点，AB为水平横梁，轻绳CD与AB平行，轻绳 OC、OD与CD的夹角均为60°，轻绳BD、AC与AB的夹角均为45°，重力加速度为 g,则轻绳CD的拉力大小为 A.u B② A459 g C60 c竖-停ms n号- -)mg 享题·调研卷 物理（一）第2页（共8页）】 HN 二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项 符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7.图甲为风力发电的简易模型，发电机与一理想变压器的原线圈相连，变压器原、副线 圈的匝数之比为10：1，某一风速时，变压器原线圈两端的电压随时间变化的关系图 像（余弦函数）如图乙所示，发电机的内阻忽略不计，则下列说法正确的是 A.若仅断开开关S,电压 风叶 表V2的示数为3V O杆 转轴 u/v 302 B.若仅断开开关S,则通铁架 永磁体 R 0.01 0.027s 过滑动变阻器R2的电 -302 流会减小 甲 C.若保持开关S闭合，仅将滑动变阻器R2的滑片P向下移动，小灯泡会变暗 D.若保持开关S闭合，仅增大风速，电压表V1的示数会增大，变压器的输入功率也 会增大 8.如图所示，竖直平面内的直角坐标系xOy中有A、B、C、P四个点，其中C点的坐标为 (0.8m,0.6m),A点的坐标为(0.8m,0),B点的坐标为(1.6m,0),P点的坐标为 (0,0.8m),将一小球从P点以速度vo水平抛出，不计空气阻力，小球可看作质点，重 力加速度g=10m/s2,则下列说法正确的是 A.若=2m/s,小球经过A点 y/m B.若vo=4m/s,小球既过C点也过B点 C.若o=2.4m/s,小球过A、C连线的中点 D.无论取何值，小球都不可能经过B、C连线的中点 B x/m 9.在游乐场中有两辆碰碰车，碰碰车A的总质量为135kg,碰碰车B的总质量为 180kg,两车沿着同一条直线匀速行驶，规定A的速度方向为正方向。A和B碰前 的速度分别为v1=+5.0m/s、2=+2.5m/s,设碰后A、B的速度分别为1'、'。 恢复系数定义为e=1二)|，已知本次碰撞恢复系数=0.4，则下列说法正确 V2一U1 的是 A.碰撞后B相对于A的速度为1m/s B.碰撞后B相对于A的速度为7m/s C.碰撞过程中B对A的冲量为一270N·s D.碰撞过程中B对A做的功为1080J 物理（一）第3页（共8页） 衡水金卷·先 10.如图所示，宽度为L的两光滑平行金属导轨与水平面间的夹角为0，两导轨之间接 阻值为R的定值电阻，磁感应强度大小为B的匀强磁场垂直导轨所在平面向下。 有一质量为、长度为L、阻值为R的导体棒放置在导轨最底端，并以该位置为重力 势能零点，t=0时刻给导体棒一个沿导轨向上的初速度，t=t1时刻导体棒的机械能 为初动能的一半，且此时导体棒的动能与重力势能相等。已知在0~1时间内通过 回路某截面的电荷量为g,导体棒与导轨接触良好且始终垂直，导轨电阻不计，重力 加速度为g,下列说法正确的是 A.导体棒受到的安培力与运动的时间成正比 B.导体棒的加速度与运动的速度成正比 C,0一时间内导体棒滑动的距离为歌 1日 D.0~1时间内导体棒上产生的热量为2 ngqRsin0 BL 三、非选择题：本题共5小题，共56分。 11.(7分) 用单摆测量重力加速度的实验中，某同学用长度约为1、不可伸长的轻绳和一个 金属小球制作单摆，如图甲所示。测得悬点到小球球心的距离为L,当小球通过平衡位 置时开始计时，测得摆球做n次全振动所用的时间为△t。 甲 (1)单摆周期T= 。(填正确答案标号) A B.4 C.41 ~n+1 (2)重力加速度g= 。(用L、△t、n表示) (3)为了减小实验的偶然误差，改变摆长L做实验，得到多组L、T数据，作出的 √工-T图像如图乙所示。√工-T图像为一条过原点的直线，测得该直线的斜率为， 重力加速度g= 。(用k表示) 享题·调研卷 物理（一）第4页（共8页) HN 12.(9分) 某实验小组要测量一个未知电阻R,的阻值，先用多用电表的欧姆挡粗测R,的 阻值。 5040 30 2015 10 500 00 200 7 150 immm中 50002/y 25002/y A-V-2 分 (1)首先检查多用电表的指针，进行机械调零，然后把选择开关置于“×10”倍率，经 过欧姆调零后测量R,发现表针偏转角度过大，几乎达到满偏，这说明倍率选择不当， 应该换用“ ”(填“×1”“×100”或“×1k”)倍率；更换合适的倍率后， (填 “需要”或“不需要”)重新进行欧姆调零。 (2)更换合适的倍率后，测量结果如图甲所示，被测电阻R,的阻值为 (3)同学们打算用伏安法测量电阻R,的阻值，但实验器材中缺少合适量程的电压 表和电流表。同学们可利用的实验器材有： ①电流表两个，量程均为0~500uA,内阻均为R。=2k2; ②定值电阻两个，R1=12,R2=5.8k2: ③电源、滑动变阻器、导线、开关。 同学们设计了如图乙所示的电路，请在实物连线图乙中用笔画线代替导线，把电路 图补充完整。 (4)闭合开关S,移动滑动变阻器的滑片，发现当电流表A,半偏时，电流表A2也刚 好半偏，由于定值电阻R1远小于A,的内阻、R,远小于A2的内阻与R2之和，可以认 为通过R,的电流近似等于通过R,的电流，在此种情形之下，R,的测量值为 n。 物理（一）第5页（共8页） 衡水金卷 13.(10分) 如图所示，玻璃砖放置在水平面上，其截面abcd是一个矩形，其中ab边的边长为 4cm,ad边的平行线OO'与ad边相距3cm,一束单色光从直线OO上的A点照射到玻 璃砖ad边的A'点，光线AA'与ad边间的夹角为37°，经玻璃砖折射后射到玻璃砖bc 边的P点；若这束单色光从直线OO'上的B点(B点在A点的左侧)照射到玻璃砖ad 边的B点，经玻璃砖折射后以45°的折射角射到P点。已知玻璃砖对该单色光的折射 率为5，sin37°=0.6，c0s37°=0.8，求： (1)A、P两点之间的水平距离； (2)A、B两点之间的距离。 37A" 先享题·调研卷 物理（一）第6页（共8页） HN 14.(14分) 如图甲所示，竖直平面内的直角坐标系xOy的y轴（竖直）右侧存在沿y轴正方向 的匀强电场，一质量为、电荷量为q的带正电微粒从P点沿x轴正方向射出，到达O 点时的速度大小为。、方向与x轴正方向间的夹角为45°。已知微粒所受电场力与重 力大小相等，重力加速度为g,求： (1)P点的位置坐标： (2)y轴右侧加上如图乙所示的磁场，图乙中B,=,△t=π，规定磁场方向垂 2qvo 直纸面向外为正方向，从微粒进入磁场开始计时，求2△t时刻微粒的位置坐标。 ↑B 2B0 Bo 0 △12A13A14A15A1A1i -Bo 2B0 物理（一）第7页（共8页） 衡水金卷·先享题 15.(16分) 如图所示，可视为质点的滑块A、B紧挨着静置在光滑水平地面上，光滑圆弧轨道 C静置在B左侧较远处，一轻弹簧右端与固定在地面上的挡板相连，用手推动A缓慢 压缩弹簧，然后放手，A被弹开后以10/s的速度向左运动，一段时间后与B发生弹性 碰撞，B滑上C但未冲出。已知A的质量mA=1kg,B的质量mB=1.5kg,C的质量 mc=3kg,重力加速度g=10m/s2,求： (1)A与B第一次碰撞前、后弹簧弹性势能最大值的比值； (2)A与B碰撞后，B沿C上升的最大高度； (3)C运动的最大速度。 77777777777777777777777777 ·调研卷 物理（一）第8页（共8页）调研卷 物理（一） 2026年普通高中学业水平选择性考试模拟试题 调研卷·物理（一） 命题要素一贤表 注： 1.能力要求： I,理解能力 Ⅱ.推理论证能力Ⅲ，模型建构能力Ⅳ.创新能力V.实验探究能力 2.学科素养： ①物理观念 ②科学思维③科学探究 ④科学态度与责任 分 知识点 能力要求 学科素养 预估难度 题号 题型 值 (主题内容) I ⅡⅢ W ① ②③ ④ 档次 系数 1 选择题 4 半衰期 易 0.80 2 选择题 磁场的叠加 中 0.75 选择题 4 玻意耳定律 中 0.65 4 选择题 天体运动 √ 0.65 5 选择题 4 牛顿运动定律 中 0.65 6 选择题 4 受力分析 中 0.60 选择题 5 理想变压器 中 0.70 8 选择题 5 抛体运动 中 0.65 9 选择题 5 碰撞、冲量 中 0.65 10 选择题 5 导体棒切割磁感线 难 0.55 11 非选择题 7 用单摆测量重力加速度 中 0.65 12 非选择题 测量未知电阻的阻值 中 0.65 13 非选择题 10 光的折射 √ 中 0.65 14 非选择题 14 带电粒子在电磁场中的运动 中 0.65 15 非选择题 16 动量与能量综合 难 0.55 ·1 HN 调研卷 物理（一） 参考答案及解析 物理（一）》 一、选择题 10m/s2,0.2s时间内上段轻绳移动的距离1 1A【解析】用类比推理，社会平均人口死亡率为 42，下段轻绳移动的距离=a,,滑轮移动 1 (人/年)，那么每秒钟原子核衰变的个数为号 的距离L=号（十）=0,35m.D项正确， (个/秒)，根据已知条件，每秒有b个原子核发生衰 变，则号=6，解得T=名，故半衰期t=经，A项 正确。 甲 2.B【解析】根据安培定则可知，导线abcd段产生的 6.D【解析】对O点受力分析，由平衡条件有FD= 磁场和导线a'b'c'd'段产生的磁场相互抵消，因此只 1 需研究导线aa'和dd'在P点处产生的磁场方向即 2mg c0s30 3mg,轻绳OD的水平分量Fm 可，根据安培定则可知，导线aa'和dd'在P点产生的 合磁场水平向右，即沿y轴正方向，B项正确。 Faosin30°= 6mg,对D点受力分析，轻绳BD的竖 3.B【解析】设封闭气体的初始压强为p1、体积为V1, 末状态气体的压强为2、体积为V2,由于气体体积增 直分量等于？mg,由平衡条件得轻绳BD的拉力 加了原体积的，则末状态气体体积V,=V十V 2mg c0s45 2 mg,轻绳BD的水平分量F,= =”十V,环境温度不变，气体发生等温变化，由玻 Fwsin45°=2mg,所以轻绳CD的拉力Fm=Fm 意耳定律有aV=AV,解得P:=n,对活塞 和砂子初始状态由平衡条件有p1S=Mg十pS,对末 E,解得Fm=(号- 6 )mg,D项正确。 状态由平衡条件有：S=Mg十pS,解得取走的砂 二、选择题 子质量am=nM+A。.B项正确。 7.ACD【解析】若仅断开开关S,电压表V测量变压 g 4.D【解析】物体在两极没有向心力，即万有引力等于 器原线圈两端电压的有效值保持不变，则U,= √2 重力，有F=mgo,物体在赤道上有F=mg十 30V,电压表V2测量变压器副线圈两端的电压，根 m(孕)R.所以△g=8一g=(票)产R.则 △g2 =可知电压表V,的示数U,=3V,A 会)=9，D项正确。 确；若仅断开开关S,副线圈负载总电阻会增大，因U 不变，故U2不变，通过副线圈的总电流会减小，定值 5.D【解析】对物块受力分析如图甲所示，由牛顿第二 电阻R,两端的电压会减小，滑动变阻器R:两端的电 定律有T-f方=ma,对木板受力分析如图乙所示， 压会增大，故通过滑动变阻器R2的电流会增大，B项 由牛顿第二定律有T+人-人=2ma又T=合P, 错误：若保持开关S闭合，仅将滑动变阻器R2的滑片 f=mg,f2=4·3ng,联立解得a1=25m/s2,a2= P向下移动，副线圈负载总电阻会减小，通过副线圈 HN 物理（一） 参考答案及解析 的电流会增大，定值电阻R,两端的电压会增大，小灯 势E=,平均电流1=员·通过某截面的电荷量9 E 泡两端的电压会减小，故小灯泡的实际功率会降低， 会变暗，C项正确；若保持开关S闭合，仅增大风速， =It,联立解得x ，C项正确；山时刻导体棒的 2gR 永磁体转得更快，电源的电动势增大，原线圈两端的 重力势能为mgxsin0,t1时刻的动能与重力势能相 电压增大，副线圈两端的电压增大，通过副线圈的电 等，则t1时刻的机械能为2 ngxsin0,设0~t4时间 流增大，变压器输出功率增大，其输入功率也增大，D 内回路中产生的热量为Q,根据能量守恒定律有2× 项正确。 8.AB【解析】若小球经过A点，根据平抛运动规律有 2 mgasin0=2 ngxsin0+Q,解得Q=4 ngqRsin0, BL A=?财x=,解得=2m/s,A项正确：若小 导体棒上产生的热量Q=9=2 ngqRsin0,D项 2 BL 球经过C点，M=之gi=,解得助=4m/s 正确。 三、非选择题 同理求出小球经过B点时的初速度v3=4m/s,B项 11.(1)B(2分) 正确：若小球经过A、C连线的中点(0.8m,0.3m), 根据平抛运动规律有广=号g,=,解得 （2)4rL(2分) 43 (3)4π2k(3分) 号而m/s≠2.4m/s,C项错误：若小球经过B.C 【解析】()由题意可知单摆的周期T=,B项 连线的中点(1.2m,0.3m),根据平抛运动规律有h” n =,=,解得防=号而m/s,D项错误。 正确。 9.AC【解析】两车均做匀速直线运动，合外力为零， (2)油单摆周期公式T=2云√反可得重力加速度 根据动量守恒有mAU1十mgV2=mA1'十mso2',又e g=trnL 42。 =些'二”=0.4，若碰后两者都沿原方向运动，解 得u'=十3m/s,'=十4m/s,碰撞后B相对于A (8)由单摆周期公式T=2x√臣，可得亿-经了 的速度为1m/s,A项正确，B项错误；碰撞过程中A 所以√工-T图像的斜率k=三，解得g=4xk。 2π 受到的冲量等于它动量的变化量I=mA△x 一270N·s,C项正确；碰撞过程中A损失的动能Ex 12.(1)×1(1分)需要(1分) (2)3.5(2分) 7mof-之m,0=10801.则B对A做的功w (3)如图所示(2分) =-1080J,D项错误。 10.CD【解析】导体棒切割磁感线产生的电动势E= BL,感应电流1=最安培力F=BL=,所 以安培力F不与时间t成正比，A项错误；对导体棒 根据牛顿第二定律有ngsin0十BIL=ma,解得a= gsin0叶)，导体棒的加速度a与运动速度v成 一次函数关系，不成正比，B项错误；设0~山时间内 导体棒运动的距离为x,在导体棒向上运动的过程 中磁通量的变化量△Φ=BLx,产生的平均感应电动 (4)3.9(3分) ·2· HN 调研卷 物理（一） 【解析】(1)用“×10”倍率测量，欧姆表几乎满偏，说 的夹角为45°，有v,=6sin45°=g1 (1分) 明被测电阻R的阻值较小，应该选用“×1”倍率，更 水平方向x1=%c0s45°·t (1分) 换倍率后需要重新进行欧姆调零。 (2)因为选用了“×1”倍率，所以欧姆表的读数 竖直方向=受 (1分) 为3.52。 解得P点的坐标为（一装， (2分) 2g'4g (3)电流表A和R1并联，改装为大量程电流表，电 (2)因电场力等于重力，微粒在磁场中做匀速圆周运 流表A2和R2串联，改装为电压表，实物图连接如 答案图所示。 动，由洛伦滋力提供向心力有m·2B,=m爱 (4)电流表A,半偏时，通过A:的电流为250uA,电 (1分) 阻R2和电流表A的总电压U=号(R,+R,) 2 又B。=mg 2qvo 1尽e 1.95V,通过R的电流1==0.5A,由题意 解得轨迹半径R,= (1分) g 可知，通过R的电流近似等于通过R,的电流，则 微粒运动的周期T,=2πR (1分) R=号=3.9n, 解得T1=2π=2 (1分) g 13.【解析】(1)设A'与A两点间的水平距离为x1,光在 A'点发生折射时的折射角为0，根据几何关系得x 所以，在第一个△时间内微粒转过2圆周，在第二 =3 cm tan 37=4 cm (1分) 个△1时间内，磁场大小变为原来的2，根据半径公 由折射定律有n=sin(90°-37) 式可知轨迹半径R=2R,=2 (1分) sin 解得sin0=0.6 (1分) 微粒运动的周期T2=2T1=4△ (1分) A'与P两点间的水平距离x2=4tan0cm=3cm 可知在第二个41时间内微粒转过号圆周，运动轨迹 解得A、P两点间的水平距离x=x1+x2=7cm (2分) 如图所示 (2)设光在B点发生折射时的入射角为i,由题意可 知折射角为45 由折射定律有n=sind sin 45 (1分) 解得sini=22 3 所以tani=2√2 (1分) 设B、B两点间的水平距离为x1',B、P两点间的水 由图可知x=√2R (1分) 平距离为x2 x'=3 tan i cm=6√2cm (1分) y=2R,+v2R,=3W2G (1分) x2'=4tan45°cm=4cm (1分) A、B两点间的距离d=x'十x2'一x=3(2√2 可得2△1时刻微粒的坐标为（②6,326）1分) 1)cm (2分) 15.【解析】(1)A、B碰撞的过程，由系统动量守恒、机械 14.【解析】(1)微粒到达O点时速度方向与x轴正方向 能守恒有 ·3· HN 物理（一） 参考答案及解析 nAU0=mADA1十mBUB (1分) A与B第一次碰撞后以1=一2m/s的速度反向 m,6=号m,函十2mia 1 (1分) 运动，再次压缩弹簧，根据A与弹簧系统机械能守 恒可知，A被弹簧弹开后的速度大小vA2=2m/s,最 解得v1=8m/s,1=一2m/s (1分) 初B与C相距较远，经过一段时间，A与B发生第 A与B碰撞前、后弹簧弹性势能最大值的比值 二次碰撞，设碰撞后A与B的速度分别为A3、V, 1 E一 2mAv 根据动量守恒定律和机械能守恒定律得 =25 (1分) E。 1 mAUA2十BV2=1A℃Ag十mBVs (1分) (2)B与C在水平方向上共速时上升的高度最高，设 2 mavie+1 2 =1 2 mavis+1 (1分) 共同的速度为共，B与C组成的系统在水平方向上 16 联立解得s=一3.6m/s,=5m/s (1分) 动量守恒，有 mBVB=(mB十e)v共 (1分) A压缩弹簧后，再次被弹簧弹开后的速度大小：= B与C组成的系统由机械能守恒定律有 3.6m/s,追上B发生第三次碰撞，设第三次碰撞后 1 A与B的速度分别为vA5、,同理可得 之B之（2B+2c)t十nBg力 (1分) mAVA1+BV=nAVA5十mBVB (1分) 解得班=号a/s 32 15m (1分) (1分) (3)设B与C分离时的速度分别为v、1,由水平 14 :m/s 联立解得Ua5=)5m/s,UB=75m 方向动量守恒和机械能守恒定律得 nBUB1=nBUB2十mcVC1 (1分) G>V>vA5,故A无法再与B发生碰撞，且B无 1 (1分) 法追上C,则C的最大速度a=罗m/s1分) 8 16 联立解得m=一3m/s,o=3 m/s (1分) ·4· HN