2026年山东省枣庄市滕州市北辛中学中考物理质检试卷（一）

2026年山东省枣庄市滕州市北辛中学中考物理质检试卷（一） 一、单选题：本大题共15小题，共30分。 1.近年，我国在能源、信息和材料等领域取得了辉煌成就。下面关于能源、信息和材料的说法，正确的是(    ) A. 2025年是太阳黑子活动的又一个峰年，太阳内部发生的主要是氢核的裂变 B. 用三颗地球同步卫星就可以实现全球通信 C. “祖冲之号”是我国量子计算机的原型，量子计算机中的二极管是由超导体制成的 D. 我国在南海开采的可燃冰属于可再生能源 2.甲、乙两物体从同一位置沿同一方向做直线运动，其图像如图所示，其中甲的图线为直线。下列分析正确的是(    ) A. 甲、乙两物体是从同一地点同时出发的 B. 以乙物体为参照物，甲物体一直在运动 C. 第第19s，甲和乙的平均速度相等 D. 整个过程中，甲的速度总是大于乙的速度 3.编钟是我国瑰宝，如图，敲M处发出的声音音调比敲N处的高，比敲P处的低，则(    ) A. 编钟发出的声音频率只与其质量有关 B. 敲P处发出的声音频率高于敲N处的 C. 敲P处时，钟的振幅一定比敲M处时大 D. 敲N处时，发出的声音响度一定比敲M处时大 4.炎热的夏天，小明从冷柜中取出一桶密封完好的桶装冰激凌，擦拭干净后，放在台秤上，在接下来较长的时间t内，台秤示数m的变化图象是(    ) A. B. C. D. 5.如图1，在装有水的杯子里，小红将一支铅笔分别紧贴杯壁内、外竖直放置，两次都观察到铅笔放大的像，俯视图如图2、图3所示。下列说法正确的是(    ) A. 图2中铅笔向前移，像一直变小 B. 图2中铅笔向前移，像先变小后变大 C. 图3中铅笔向后移，像一直变大 D. 图3中铅笔向后移，像先变小后变大 6.实验时引燃火柴的过程是：划动火柴擦火皮产生火星引燃火柴头。如图所示，甲、乙为两种见的引燃方式，若，则引燃过程中(    ) A. 火柴头与火柴盒相对静止 B. 通过热传递引燃火柴 C. 甲火柴头所受摩擦力更大 D. 乙方式更易引燃火柴 7.在中国科技馆探索与发现A厅，有个可以在平直轨道上匀速行驶的小火车，如图所示。当小火车将要通过“n”形框架时，突然从小火车顶部的小孔中向上弹出一个小球，该小球越过框架后，恰好落回原来的小孔中。若不计空气阻力，下列说法中正确的是(    ) A. 相对于小火车，抛出的小球的运动轨迹是抛物线 B. 小球在空中运动时，受到小火车给的向前的推力 C. 抛出的小球能继续向前运动是因为小球具有惯性 D. 小球上升至最高处时，它的速度为零，所受合力为零 8.如图所示，置于水平桌面的三个相同烧杯，分别装有质量相等的三种不同液体，x、y和z是三种液体中距杯底等高的点，则(    ) A. 液体密度： B. 液体对烧杯底部的压强： C. 烧杯对桌面的压力： D. x、y、z三点液体的压强： 9.《天工开物》中记录了我国古代劳动者煮海水制盐的方法，对用于制盐的海水密度有严格要求。关于海水等级的测评，《熬波图咏》中谈到，可以用莲子制备成四颗不同标准的“浮子”来测定海水等级。测定时，浮起的“浮子”数量越多，待测海水的等级越高一等海水密度最大等级最高，二、三、四、五等依次次之。若将以上四颗“浮子”放入盛有待测海水的竹管内，“浮子”的沉浮情况如图所示，下列选项正确的是(    ) A. 竹管内待测的海水为一等海水 B. ①号“浮子”的重力比其它三颗“浮子”大 C. ①号“浮子”的密度比其它三颗“浮子”大 D. 若竹管内改盛四等海水，①号“浮子”所受浮力不变 10.如图是节选自我国古代科技巨著《天工开物》中的劳动情景，用独轮车运输货物时需左右对称，否则不稳定，极易倾倒。下列说法正确的是(    ) A. 独轮车是费力杠杆 B. 车上物体的重力为阻力 C. 推车人的手越靠近车轮越费力 D. 倾倒时，车以车轴为支点转动 11.质量均为的水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，它们温度随时间变化的关系如图所示。已知水的比热容，。下列说法中(    ) ①甲物质是水 ②乙温度降低了 ③甲放出了的热量 ④乙物质的比热容为 A. 只有①②正确 B. 只有②④正确 C. 只有①③正确 D. 只有①④正确 12.电动自行车可以通过钥匙开关或刷卡开关接通电源。电路接通后显示屏灯亮，旋转调速把手，电动车却不走；只有先握一下刹车手柄闭合，再旋转调速把手，电动车才能行驶。下列模拟电路符合要求的是(    ) A. B. C. D. 13.如图甲所示是某款体重秤的简易电路，电路中电源电压恒为6V，定值电阻的阻值为，电流表的量程为，电压表的量程为，R为压力传感器，它的阻值与压力F的关系如图乙所示取。闭合开关S后，下列说法正确的是(    ) A. 当压力F增大时，电压表的示数减小 B. 当压力F减小时，电压表与电流表示数之比变小 C. 该装置所能测量的最大质量为150kg D. 若将换成的电阻，则该装置所能测量的最大质量将变小 14.如图所示，电源电压保持不变，的最大阻值为。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P在中点时，的功率为；将滑动变阻器的滑片P移动到最右端，电流表的示数与滑片P在中点时的示数之比是3：4。此过程中，下列判断正确的是(    ) A. 电压表示数为9V B. 滑片P在中点时电流表的示数为 C. P在中点时，内产生216J的热量 D. 电路的最小功率为 15.科技节上有一个“听话”的小瓶子，调节滑片P，能让敞口的小瓶子在水中上浮、下沉或悬停，如图所示，闭合开关S，移动滑片P，使小瓶子悬停。下列分析正确的是(    ) A. 电磁铁的右端为N极 B. 此时，小瓶子所受重力大于浮力 C. 若滑片P向左移，则活塞向左移 D. 若小瓶子下沉，则桌面所受压力变小 二、填空题：本大题共5小题，共14分。 16.如图所示，用红外灯加热质量相同的水和沙子，水和沙子吸收热量的多少通过      来反映。加热过程中发现水升温较慢，原因是水的      较大，红外灯给水和沙子加热主要是利用了红外线的      效应。 17.如图所示为吸盘式挂杆，将吸盘A、B压在瓷砖上排出其中的空气，吸盘就能“吸”在瓷砖上，这是由于        的作用。重10N的平底锅挂在水平横杆上的P点处并处于静止状态，已知，若吸盘与横杆的重力忽略不计，则吸盘A受到的摩擦力为        N，吸盘B受到的摩擦力为        N。 18.如图所示为全球首个全潜式深远海智能渔业平台，平台为三立柱结构。若立柱浸入海水的总体积为，则立柱受到的浮力为      N；平台上的风机利用风能工作，风能属于      选填“可再生”或“不可再生”能源，风机每小时可发电，相当于完全燃烧      kg焦炭放出的热量。取，g取 19.超速是引发交通安全事故的因素之一。物理兴趣小组设计了一种超速自动报警装置，当车速过快时，提醒驾驶员需要减速。如图甲所示为该装置的简化电路图，电源电压为12V，定值电阻R为，为速度传感器，其阻值随车速变化的关系图像如图乙所示。由图乙可知，当汽车的行驶速度逐渐增大时，电压表的示数          选填“增大”“减小”或“保持不变”。若车速达到时，提醒语音响起，观察到电压表示数为10V；当电压表的示数为8V时，汽车速度为          。 20.如图是控制车辆进出的电动闸门设计图。抬杆AB质量分布均匀，长度为3m，重为20N，在最右端B点处悬挂一重为25N的铁柱，B点到支点O的距离为。开关S闭合后，调节滑动变阻器使抬杆AB处于水平静止状态。忽略支点O处的摩擦 电磁铁上端为          极； 此时电磁铁对铁柱的吸引力为          N； 要使抬杆A端从图示位置向上抬起，滑动变阻器的滑片P应向          端移动。 三、实验探究题：本大题共4小题，共28分。 21.2025年6月6日是第30个全国“爱眼日”。图甲为眼睛的结构示意图，图乙为某科学兴趣小组自制的一个用来模拟眼睛变焦过程的装置。 图甲中的视网膜相当于图乙中的        。在图乙的光屏上已成蜡烛的清晰像像未画出，其情况是倒立、        选填“缩小”“等大”或“放大”、实像。若蜡烛燃烧变短，像会成在光屏        选填“顶部”或“底部”，为了使像成在光屏中央，应把蜡烛向        选填“上”或“下”调。 图乙中，把蜡烛向右移动一定距离后相当于看近处景物，光屏上的像变模糊了，缓慢        选填“注入”或“吸出”适量水来改变水凸透镜厚度，像又变清晰了，当眼睛长时间处于这种状态，睫状肌会过度疲劳失去弹性，导致看远处景物时无法将晶状体调到较        选填“薄”或“厚”状态。 据此，请你为预防近视提一条科学合理的建议：        。 22.小明在家庭实验室里对一方形物块的密度进行探究。 他先将物块拿在手中掂量了一下，感觉比较轻；再将物块放入水中，发现能漂浮在水面且不吸水，从而表明了该物块的密度______选填“大于”“小于”或“等于”水的密度。 他从家庭实验室找来烧杯、量筒、记号笔、足够的水水的密度、细针，来测量该物块的密度。其操作步骤如下： ①向烧杯中注入适量的水，将物块放入水中，静止时如图甲所示，用记号笔在烧杯水面处作标记A。 ②用细针将物块全部压入水中，用记号笔在此时烧杯水面处作标记B，如图乙所示。 ③从水中取出物块，在量筒中倒入90mL的水。 ④将量筒中的水缓慢倒入烧杯中至标记A处，此时量筒内剩余水的水面如图丙所示，则量筒内剩余水的体积为______ mL，由此可计算出该物块的质量为______ g。 ⑤继续将量筒内的水倒入烧杯至标记B处，量筒内剩余水的体积为40mL，由此可计算出该物块的密度为______。 小明反思其探究过程，在确认读数准确的情况下，从水中取出物块会带出少量水，导致测得物块的体积______，质量______均选填“偏大”“偏小”或“不变”。 23.“做中学”是一种重要的学习方法，小滨利用质量可忽略不计的塑料瓶开展实践体验活动。 装满水的塑料瓶放在水平桌面上，如图甲所示，瓶子对桌面压力的大小等于瓶子所受重力的大小，这是因为瓶子所受的重力和桌面对瓶子的支持力是一对______力，瓶子对桌面的压力和桌面对瓶子的支持力是一对______力。小滨发现塑料瓶对桌面的压力作用效果不明显，于是他拿来了容易发生形变的海绵继续体验。 将装满水的塑料瓶先后正放、倒放在相同的海绵上，如图乙、丙所示，塑料瓶对海绵的压力______选填“>”“<”或“=”，观察到海绵形变程度不同，说明压力的作用效果与______有关。 在塑料瓶侧壁上下不同位置钻两个小孔，取下瓶盖，观察到水从小孔喷出的现象如图丁所示，此现象表明：同种液体内部压强的大小与液体的______有关。再次拧紧瓶盖，会看到小孔______选填“A”“B”或“A和B”立即停止出水，这是因为______的存在。 塑料瓶停止出水后，再次将塑料瓶正放在海绵上，与图乙相比，会观察到海绵的形变程度更不明显，用这个规律可以解释的事例是：______。 A.限制货车超载 B.铁轨下面铺放枕本 C.破窗锤的敲击端做成锥状 24.某实验小组利用以下器材探究电流与电阻的关系。 器材：学生电源；阻值分别为、、的定值电阻；标有“ 2A”的滑动变阻器：电压表、电流表；开关及导线。 方法：控制变量法，控制定值电阻R两端电压为2V。 步骤：请根据图甲所示电路图，用笔画线代替导线将图乙中的实物电路图补充完整。 将学生电源电压调至6V，闭合开关后，发现电流表、电压表均无示数。若故障只出现在或R，则故障是        ； 排除故障后，移动滑动变阻器滑片直到电压表示数为2V，读出此时电流表的示数； 断开开关，只将定值电阻由更换为。闭合开关，他们应该向        选填“左”、“右”端调节滑片，直至电压表示数仍为2V； 当换用电阻后，发现无论怎样移动滑片，电压表示数始终无法达到2V。请你帮他们解决问题，从下面两种方法中任选一种作答。 方法一：更换一个最大阻值至少为        的滑动变阻器。 方法二：调节电源电压，使其最大不超        V。 根据实验数据得出结论：电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比。 他们完成探究实验后，想利用电流表和阻值为的电阻，测量未知电阻的阻值。 他们设计的电路如图丙所示，并完成了下列实验步骤： ①闭合开关、，读出电流表示数为； ②断开开关，读出电流表示数为； ③未知电阻        用、和表示。 四、计算题：本大题共3小题，共20分。 25.如图，光线图中未画出射到平面镜上，其反射光线b平行凸透镜的主光轴，b经凸透镜折射后，射到屏上的A点。 画出光线a； 画出光线b经凸透镜折射后的光路，并标出凸透镜右侧的焦点F； 保持光线a不变，若平面镜转动角度小于，则______选填“顺时针”“逆时针”转动平面镜，可使a的反射光线通过凸透镜光心O。 26.如图甲所示，在上、下截面均为圆形的锥形瓶内，装有一定量的水。已知锥形瓶上部分是横截面积为的圆筒，且粗细均匀，底面积为。现将质量为32g、边长为2cm的正方体合金块放入锥形瓶内，水未溢出，如图乙。求： 合金块的重力大小； 合金块放入锥形瓶内稳定后所受浮力大小； 如图乙，稳定后，合金块对锥形瓶底的压强； 合金块放入锥形瓶前后，水对锥形瓶底的压力变化量。 27.某品牌智能滚筒洗衣机具有洗净度高、不伤衣物、可设定洗涤温度、方便安全等优点。其简化等效电路如图所示，此时处于空挡位置。普通快洗模式中，包括加热和保温洗涤两种状态，先设定洗涤温度，旋钮旋至1挡后闭合开关，洗衣机处于加热状态；当加热到预设温度时，旋钮自动转动实现挡位转换，旋至2挡时洗衣机处于保温洗涤状态，保温洗涤完成即普通快洗模式结束。和均为电热丝，其阻值不受温度影响，，主要参数如下表。求： 品牌 电动机功率 240W 额定电压 220V 普通快洗耗时 加热功率 2400W 设定温度范围 加热状态时干路中的电流。 正常工作时，加热状态下电阻消耗的电功率。 额定电压下，某次洗衣机内装有水和衣物共10kg，初温为，设定洗涤温度为，加热状态的加热效率是，不计保温洗涤过程中电能损失，求整个普通快洗模式中，电路消耗的总电能。[已知水和衣物混合后的平均比热容为 五、综合题：本大题共1小题，共8分。 28.洗碗机替我们告别繁琐洗涤，拥抱智慧生活。它具有温水洗净、暖风烘干、自动排水功能。下表为该洁具的部分参数 额定电压 220V 清洗喷水量平均 加热器额定功率 1200W 电加热器工作时把电能转化为______，并通过热传递的方式使水的内能______；清洗时使用的温水清洗，加热器的效率为______；[水的初温为， 如图乙所示为科创小组设计的模拟洗碗机的温控装置工作原理图，是滑动变阻器，是热敏电阻，其阻值随温度变化如图丙所示。当两端电压增大到6V时，控制电路将切断加热电路实现对水温的控制。 ①水温升高时，热敏电阻的阻值将______； ②根据不同的使用需要，洗碗机的水温通常有两种挡位设置；该小组同学在某次调试过程中： a将低温挡的温度设置为，调节至某值，停止加热时电流表示数为I； b将高温挡的温度设置为，需向______调节的滑片； ③若，请计算滑动变阻器阻值变化量。写出必要的推理计算过程 答案和解析 1.【答案】B  【解析】解：A、太阳内部每时每刻都在发生着氢核的聚变，释放出巨大的能量，故A错误。 B、用三颗地球同步卫星就可以实现全球通信，故B正确。 C、量子计算机中的二极管都是由半导体制成的，故C错误； D、可燃冰不能在短期内从自然界得到补充，所以属于不可再生能源，故D错误； 故选：B。 核聚变、核裂变时会释放出巨大的能量，称之为核能；太阳的能量来自于它内部发生的氢核聚变。 卫星通信系统由通信卫星、地面站和传输系统组成，在地球周围均匀地布置3颗同步卫星，就可以实现全球通信。 量子计算机中的二极管都是由半导体制成的。 可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源； 本题考查能源的分类、核能的应用、卫星通信、半导体的应用等，难度不大。 2.【答案】C  【解析】解：A、由图可知乙在甲出发3s后才出发，所以甲乙不是同时出发的，故A错误； BD、由图可知第24s以前，甲乙之间的距离一直在发生变化，则以乙物体为参照物，甲物体一直在运动，但24s后两物体的图像是一组平行线，两物体之间的距离不变，即两物体运动的速度相等，所以以乙物体为参照物，甲物体静止，故BD错误； C、第第19s，甲和乙运动的路程均为，运动时间相等，根据速度公式可知甲和乙的平均速度相等，故C正确； 故选：C。 根据图像分析解答； 由图可知第24s以前，根据图像分析以乙物体为参照物，甲物体运动的运动情况，分析24s后两物体的图像，判断以乙物体为参照物，甲物体运动情况； 分析第第19s，甲和乙运动的路程和运动时间，根据速度公式判断甲和乙的平均速度的大小关系。 本题考查运动和静止的相对性，速度公式的理解和运用，从图中正确读取信息是解题的关键。 3.【答案】B  【解析】【分析】 音调：声音的高低，由发声体的振动频率决定；响度：声音的大小，与发声体的振动幅度、与发声体的距离有关。 本题主要考查了响度与振幅的关系、音调与频率的关系，属于基础题。 【解答】 A、编钟发出的声音频率与编钟的位置、质量等因素有关，故A错误； B、敲M处发出的声音音调比敲N处的高，比敲P处的低，由此可知敲P处时音调最高，敲N处时音调最低。由于频率越大，音调越高，所以敲P处时振动的频率最大，高于敲N处。故B正确； CD、响度的大小与振幅有关，振幅的大小与敲击的力的大小有关，所以敲P处时，钟的振幅不一定比敲M处时大；敲N处时，发出的声音响度不一定比敲M处时大，故CD错误。 故选：B。 4.【答案】C  【解析】解：桶装冰激凌刚从冰柜中取出时温度很低，空气中的水蒸气会在其表面液化成为水滴，所以总质量是增加的；随着时间的延续，冰激凌的温度和环境温度相同，同时表面的水滴吸收热量蒸发成为水蒸气，所以质量又变小，最终与原来相同。 故选：C。 物质由气态变成液态的过程叫液化，降低温度可以使气体液化；物质由液态变成气态叫汽化，汽化包括蒸发和沸腾两种方式。 明确了题目考查了液化和汽化两个物态变化过程，是作出正确判断的基础。 5.【答案】A  【解析】解：图2中铅笔与杯子左侧壁之间的水柱相当于凸透镜，能观察到铅笔放大的像，此时铅笔在“水凸透镜”的一倍焦距之内，则可知凸透镜成的是正立、放大的虚像； 图2中的铅笔向前移时，铅笔仍紧贴水柱，水柱变薄，对光的会聚能力减弱，则焦距变大，同时铅笔离“水凸透镜”的焦点越来越远，相当于物距变小，由凸透镜成虚像的规律可知，像距也变小，像一直变小； 图3中也能观察到铅笔放大的像，当铅笔向后移动，物距变大，若铅笔在凸透镜的一倍焦距以内，由凸透镜成虚像的规律可知，像距也变大，像变大；当铅笔在一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像，物距变大时，像距变小，像变小；当铅笔在二倍焦距以外时，成倒立、缩小的实像，物距变大时，像距变小，像变小；所以图3中铅笔向后移，像先变大后变小； 综上所述，A正确。 故选：A。 由凸透镜成像的规律知，当物距在一倍焦距以内时，成正立、放大的虚像；物体在一倍焦距到二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像；物体在二倍焦距以外时，成倒立、缩小的实像；凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小。 本题考查了凸透镜成像规律的应用，属于易错题。 6.【答案】D  【解析】解：A、火柴头与火柴盒有位置的变化，火柴头与火柴盒相对运动，故A错误； BCD、火柴引燃过程，克服摩擦做功，内能增大，通过做功的方式增大火柴头的内能；火柴头与擦火皮之间的压力越大，产生的摩擦力越大，克服摩擦力做功越多，机械能转化为内能越多；方式乙中，柴头与擦火皮之间的压力大，摩擦力大，克服摩擦做的功多，转化为的内能多，温度更高，更容易点燃火柴。故BC错误，D正确。 故选：D。 做功和热传递可以改变物体的内能； 摩擦力大小和压力有关，摩擦力越大，做功越多，转化为内能越多，内能使温度升高，从而达到火柴头的着火点，使火柴点燃。 本题考查了参照物、摩擦力和压力的关系、做功能改变内能、内能与温度的关系和燃烧的条件，属于综合分析题。 7.【答案】C  【解析】解：相对于小火车，小球始终在小火车的正上方，做直线运动，所以抛出的小球的运动轨迹是直线，故A错误； 抛出的小球不再受到小火车给的向前的推力，在水平方向保持与火车相同的速度，能继续向前运动是因为小球具有惯性，故B错误，C正确； D.小球达到最高点时相对于小火车的速度为零，小球仍然受重力的作用，因此合力不为零，故D错误。 故选：C。 相对于地面，小球是在竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做匀速运动，能落回小孔是因为小球具有惯性，在水平方向保持与火车相同的速度； 一切物体都有保持运动状态不变的性质，叫惯性； 在最高点时对小球受力分析即可。 掌握惯性的物理意义，知道惯性是物体的固有属性，会用惯性解释生活中的一些现象。 8.【答案】D  【解析】解：三个烧杯相同，液体质量相等，由图可知液体体积。根据密度公式，质量m相等时，体积越大，密度越小，因此：，故选项A错误； B.液体对烧杯底部的压力等于液体的重力柱形容器，三种液体质量相等，重力相等，因此压力。烧杯底面积S相同，根据压强公式，可得液体对烧杯底部的压强：，故选项B错误； C.烧杯对桌面的压力等于烧杯和液体的总重力，三个烧杯相同重力相同，液体质量相等重力相同，因此总重力相等，即：，故选项C错误； D.x、y、z三点距杯底等高，设该高度为，三点的深度分别为：，，为液体总高度，根据液体压强公式，g相同，得，，，由于质量相同，根据，所以，即，又因为密度，因此：，故选项D正确。 故选：D。 三个烧杯相同，液体质量相等，根据密度公式，质量m相等时，体积，密度； 三种液体质量相等，重力相等，液体对烧杯底部的压力等于液体的重力，因此压力。烧杯底面积S相同，根据压强公式，可得液体对烧杯底部的压强相等； 烧杯对桌面的压力等于烧杯和液体的总重力，三个烧杯相同重力相同，液体质量相等重力相同，因此总重力相等，即：； 、y、z三点距杯底等高，设该高度为，三点的深度分别为：，，为液体总高度，根据液体压强公式，g相同，得，，，由于质量相同，根据，所以，即，又因为密度，因此：。 本题目考查液体压强压力的综合计算，需要对公式进行灵活使用。 9.【答案】C  【解析】ABC、根据浮沉条件知，1号沉底，其密度大于液体的密度，而2、3、4漂浮，密度都小于液体的密度，根据漂浮时浮力等于重力，； 漂浮时如果物体的浸入的体积占总体积的比例越大，物体的密度就越接近液体的密度，即密度越大，；密度关系为； 根据，已知密度关系，但不知道体积关系，故无法比较重力大小， 图中有一颗浮子没有浮起，所以该海水为二等海水；故AB错误，C正确； D、图中1号沉底，改盛四等海水，液体的密度更小，因而还是沉底，故排开液体的体积不变，但液体密度变小，根据阿基米德原理知，浮力减小，故D错误。 故选：C。 10.【答案】C  【解析】解：A、独轮车在应用中动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A错误； B、车上物体和车的重力和会阻碍杠杆的转动，为阻力，故B错误； C、推车人的手越靠近车轮，人的手越靠近O点，动力臂越短越费力，故C正确； D、倾倒时，是以轮子与地面的接触点为支点，故D错误。 故选：C。 结合图片和生活经验，根据动力臂和阻力臂的大小关系判断它是属于哪种类型的杠杆； 动力、阻力是杠杆受到的力，阻碍杠杆运动的力是阻力； 阻力和阻力臂一定时，动力臂越短越费力； 杠杆围着转动的点为支点。 本题考查了杠杆的有关知识，难度不大。 11.【答案】D  【解析】解：①时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢， 根据热量的计算公式可知，在质量相等、初温相同、放热也相同的情况下，谁的温度降低得快，它的比热容小， 所以，甲液体的比热容大，所以若甲、乙两种液体中，一种液体是水，则这种液体一定是甲液体，故①正确； ②由图可知：乙液体的初温是，放热12分钟后乙液体的末温是，乙温度降低了，故②错误； ③读图可得，甲在内由降低到，降低的温度是，甲液体已判断出是水， 所以甲放出的热量，故③错误； ④由图知，水放出的热量： ， 乙液体放出的热量： ， 由题知，水和乙液体的质量相同，即 ， 解得，故④正确。 故选：D。 选同样的加热时间，甲和乙吸热相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，据此分析判断； 由图像知乙液体初温和末温； 根据可求出甲液体放出的热量； 相同时间水和液体放出的热量相同，而水和液体的质量相同，变化的温度由图可知，根据放热公式求液体的比热容。 本题考查了学生对放热公式的掌握和运用，能从温度-时间图象得出相关信息是解题的关键。 12.【答案】B  【解析】解：根据题意可知，灯与电动机工作互不影响，应并联连接； 电动自行车可以通过钥匙开关或刷卡开关接通电源，电路接通后显示屏灯亮，开关和控制整个电路，应连在干路上； 只有先握一下刹车手柄闭合，再旋转调速把手，电动车才能行驶，说明刹车手柄和调速把手串联再与电动机串联，故图B符合题意。 故选：B。 根据题意可知，灯与电动机工作互不影响，据此判断出电动机和指示灯的连接方式； 电动自行车可以通过钥匙开关或刷卡开关接通电源，电路接通后显示屏灯亮，开关和控制整个电路，据此判断这两个开关的位置； 只有先握一下刹车手柄闭合，再旋转调速把手，电动车才能行驶，说明刹车手柄和调速把手共同控制电动机，据此判断出符合题意的电路连接。 本题考查了电路图的设计，有一定的难度。 13.【答案】D  【解析】解：由图甲可知，R与串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测串联电路中的电流。 A、由图乙可知，当压力增大时，R的阻值减小，由串联的电阻规律可知，电路中的总电阻减小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路中的电流增大，是定值电阻，根据可知两端的电压增大，即电压表示数增大，故A错误； B、电压表测定值电阻两端的电压，由串联电路的电流规律知，也是测通过的电流，由欧姆定律知，定值，所以当压力F减小时，电压表与电流表示数之比不变，故B错误； C、由于电压表的量程可知，两端的电压最大为3V，此时电路中的电流为：， 因电流表量程为，所以电路中的最大电流：， 电路中的最小总电阻：， R的最小阻值：， 由图乙可知，当时，该装置所能测量的最大压力为1250N， 所以能测量物体的重力，则最大质量：，故C错误； D、若将换成的电阻，电压表示数最大仍为3V，此时R两端电压也为3V，R此时接入电路的阻值最小，由串联电路的分压原理有：，，由图乙可知可该装置所能测量的最大压力将变小，能测量的最大质量将变小，故D正确。 故选：D。 由图甲可知，R、串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测串联电路中的电流； 由图乙可知，当压力增大时，R的阻值减小，电路中的总电阻减小，根据欧姆定律可知电路中的电流增大，根据欧姆定律可知两端的电压变化； 增大时，R的阻值减小，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电压表的示数，然后得出电压表示数的变化量与电流表示数的变化量的比值与的关系，然后得出答案。 根据电压表和电流表的量程判断出电路中的最大电流，根据欧姆定律和串联电路的电阻特点求出可变电阻R的最小阻值，由图乙可知该装置所能测量的最大压力，据此即可求出最大质量； 将换为的电阻，当电压表示数达到最大3V时，R接入电路阻值最小，由串联电路特点和分压原理可求得此时压敏电阻接入电路的阻值，由图乙可知可该装置所能测量的最大压力的变化，从而可知所能测的最大质量的变化。 本题考查串联电路的特点以及欧姆定律的应用，能从图中获取相关信息是解题的关键。 14.【答案】D  【解析】由电路图可知，电阻与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，电流表测通过滑动变阻器的电流，电压表测变阻器两端的电压，由并联电路的电压特点可知电压表也测电源电压。 A、将滑动变阻器的滑片P移动到最右端时，由并联电路的电流特点和欧姆定律可得电流表的示数： ， 同理可得，滑片P在中点时电流表的示数：， 已知电流表的示数与滑片P在中点时的示数之比是3：4， 则，解得， 已知的最大阻值为，则； 闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P在中点时，的功率为， 由可得电源电压：，即电压表的示数为6V，故A错误； BC、滑片P在中点时通过滑动变阻器的电流为：，即此时电流表的示数为，故B错误； 内产生的热量为：，故C错误； D、当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中总电流最小，总功率最小，且的功率始终为并联电路各支路互不影响，  则电路的最小功率为：，故D正确。 故选：D。 分析电路图可知，电阻与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，电流表测通过滑动变阻器的电流，电压表测变阻器两端的电压即电源电压。 将滑动变阻器的滑片P移动到最右端时，由并联电路的电流特点和欧姆定律表示出电流表的示数；同理可表示出滑片P在中点时电流表的示数，已知电流表的示数与滑片P在中点时的示数之比3：4，据此找到与的关系，由的最大阻值为求出的阻值； 闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P在中点时，的功率为，根据可求出电源电压，即电压表的示数； 根据欧姆定律求出滑片P在中点时通过滑动变阻器的电流，即电流表的示数，根据求出内产生的热量； 当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路的总电流最小，总功率最小，根据求出电路的最小功率。 本题考查了并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的应用，根据“电流表的示数与滑片P在中点时的示数之比3：4”建立方程并找出与的关系是解题的关键。 15.【答案】A  【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电流从螺线管的右侧流入，根据安培定则可知，电磁铁的右端是N极，故A正确； B.小瓶子悬停，即处于悬浮状态，浮力等于重力，故B错误； C.若将滑动变阻器滑片P向左移，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路的电流变大，电磁铁的磁性变强，电磁铁与磁铁排斥作用变大，活塞向右运动，故C错误； D.若小瓶子下沉，说明右侧瓶内压强增大，使得液体进入小瓶子，不考虑气体的质量，则对桌面的压力不变，考虑进入的空气质量，则桌面所受压力变大，故D错误。 故选：A。 根据安培定则判断电磁铁的N、S极； 根据悬浮分析浮力与重力关系； 根据滑动变阻器滑片的移动判断电路中的电流变化、电磁铁磁性强弱的变化，再结合同名磁极相互排斥分析； 根据水平面上物体对支持面的压力等于重力分析。 本题涉及到安培定则、电路的动态分析、气体的压强、物体的浮沉条件和压力等知识，综合性较强。 16.【答案】加热时间 比热容 热   【解析】解：在该实验中，用红外灯加热质量相同的水和沙子，由于红外灯的加热功率是一定的，那么加热时间越长，水和沙子吸收的热量就越多，所以水和沙子吸收热量的多少通过加热时间来反映； 水的比热容较大，意味着相同质量的水和沙子，在吸收相同热量时，水升高的温度比沙子升高的温度小，即水升温较慢，所以加热过程中发现水升温较慢，原因是水的比热容较大； 红外线具有热效应，它能使被照射的物体发热，所以红外灯给水和沙子加热主要是利用了红外线的热效应。 故答案为：加热时间；比热容；热。 水和沙子吸收热量的多少通过加热时间来反映； 水的比热容较大，相同质量的水和沙子，在吸收相同热量时，水升高的温度比沙子升高的温度小，即水升温较慢；红外线具有热效应，它能使被照射的物体发热。 本题可根据实验原理、比热容的概念以及红外线的特性来解答。 17.【答案】大气压强   【解析】解：将吸盘用力按压到瓷砖上时，排出了吸盘内的大部分空气，由于大气压强的作用，吸盘将“吸”在瓷砖表面。 以吸盘B为支点，BP为动力臂，AB的距离为阻力臂，锅对杠杆的拉力为动力，其大小等于重物的重力，用G表示，吸盘A受到的摩擦力为阻力，根据杠杆的平衡条件可得：，所以； 以吸盘A为支点，AP为动力臂，AB的距离为阻力臂，锅对杠杆的拉力为动力，其大小等于重物的重力，用G表示，吸盘B受到的摩擦力为阻力，根据杠杆的平衡条件可得：，所以。 故答案为：大气压强；；。 吸盘挂钩是利用了大气压强将吸盘压在墙面上； 根据杠杆的平衡条件和平衡力分析解答。 本题考查了大气压强、平衡状态下的摩擦力分析、杠杆平衡条件的灵活运用，有一定难度。 18.【答案】 可再生 480   【解析】解： ①根据阿基米德原理，浸在液体中的物体受到的浮力等于排开液体所受的重力，公式为。已知立柱浸入海水的总体积，海水密度，。将数值代入公式可得： ②风能是由空气流动所产生的能量，空气流动是持续不断的，所以风能属于可再生能源。 ③首先，风机每小时发电，因为， 所以。 焦炭完全燃烧放出的热量因为电能是由焦炭燃烧的化学能转化而来，所以两者相等。 根据公式是质量，q是热值，可得 已知，代入可得： 故答案为：；可再生；480。 阿基米德原理； 可再生能源是指在自然界中可以不断再生、永续利用的能源，具有取之不尽，用之不竭的特点； 一小时发的电等于燃烧煤产生的热量根据计算。 本题考查了阿基米德原理、能源分类、热值相关内容，属于一道综合题。 19.【答案】变大 20   【解析】由图甲可知，R与串联，电压表测量两端的电压，随着车速增大，变大，根据串联分压规律知，分得的电压变大，电压表的示数变大；  当车速为时，电压表示数为10V，则定值电阻R的电压为，  电路中电流为；  此时的阻值：，当电压表示数为8V时，定值电阻R的电压为，  电路中电流：；  此时的阻值：，  由图乙可知：  ，。  故答案为：变大；20。 由图甲可知，R与串联，电压表测量两端的电压，  根据车速增大时的电阻变化，结合串联分压规律解答；  当车速为时，电压表示数为10V，根据串联电路的电压规律算出R两端的电压，根据欧姆定律算出电路中的电流和的阻值，同理，算出电压表示数为8V时的阻值，再根据函数图像求出速度。 本题是欧姆定律的综合运用，含有可变电阻和函数分析，难易程度适中。 20.【答案】S 5 上   【解析】由图可知，电流由螺线管的下端流入，由安培定则可知，电磁铁的下端为N极，上端为S极； 由图可知，抬杆AB实质是一个杠杆，AB的重心到支点O的距离为： ，， B端受到的拉力大小等于铁柱的重力大小与电磁铁对铁柱的吸引力大小之和，根据杠杆的平衡条件可得：， 则：， 解得：； 要使抬杆A端从图示位置向上抬起，应增加电磁铁对铁柱的吸引力，即增大电磁铁的磁性，因此应将滑动变阻器的滑片P应向上端移动，减小电路中的电阻，增大电路中的电流。 故答案为：；；上。 根据安培定则判断电磁铁的磁极； 由图可知，B端受到的拉力大小等于铁柱的重力大小与电磁铁对铁柱的吸引力大小之和，根据杠杆的平衡条件解答； 电磁铁的磁性大小与电流的大小有关，通过的电流越大，电磁铁的磁性越强。 本题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素、安培定则、杠杆的平衡条件，属于综合题。 21.【答案】光屏 缩小 顶部 上 注入 薄 看书时要注意与书本保持一定距离   【解析】解：根据眼睛的结构，图甲中的视网膜相当于图乙中的光屏，用来承接像；在图乙中，因物距大于像距，和照相机原理一致，光屏上成倒立、缩小的实像；蜡烛燃烧变短，烛焰向下移动，根据凸透镜成像“过光心的光线传播方向不变”的规律，像会成在光屏的顶部；为了让像回到光屏中央，根据“像和物体移动方向相反”，应把蜡烛向上调，故填“上”。 图乙中，把蜡烛向右移动一定距离后相当于看近处景物，物距变小，像距变大，光屏上的像变模糊了，要使像变清晰，因凸透镜凸起程度越大，对光的折射能力越强对光线有会聚作用，要缓慢注入适量水来改变水凸透镜厚度。当眼睛长时间处于这种状态，睫状肌会过度疲劳失去弹性，导致看远处景物时无法将晶状体调到较薄状态，即形成近视眼。 据此，请你为预防近视提一条科学合理的建议：看书时要注意与书本保持一定距离。 故答案为：光屏；缩小；顶部；上； 注入；薄； 看书时要注意与书本保持一定距离。 根据眼睛的结构分析；物距大于像距，光屏上成倒立、缩小的实像；过凸透镜光心的光线传播方向不变，据此判断烛焰成像高度变化；根据凸透镜成像规律分析； 凸透镜成实像的条件下，物距变小，像距变大，要使像变清晰，结合凸透镜凸起程度越大，对光的折射能力越强对光线有会聚作用分析。 预防近视，看书时要注意与书本保持一定距离。 本题考查眼睛视物原理，熟练运用凸透镜成像规律分析实际问题是解题关键。 22.【答案】小于  50  40    偏大  偏大  【解析】解：物块漂浮在水面上，根据物体的沉浮条件可知，漂浮的物体浮力等于重力，且。 由图丙可知，量筒内剩余水的体积为50mL，则倒出水的体积， 由可得，，则， 因此物体质量， 继续将量筒内的水倒入烧杯至标记B处，量筒内剩余水的体积为40mL， 则物块的体积为， 物块的密度。 在确认读数准确的情况下，从水中取出物块带出少量水，导致测得物块排开水的体积偏大，根据的分析可知，其质量变大。 故答案为：小于；；40；；偏大；偏大。 根据物体的沉浮条件判断。 由图可知量筒中剩余的水的体积；由③从水中取出物块，在量筒中倒入90mL的水可求得倒出水的体积，即为甲图中物块排开水的体积，根据阿基米德原理和物体漂浮浮力等于重力可求得物块的质量，再根据题意求出物块的体积，最后利用密度公式计算其密度。 在确认读数准确的情况下，从水中取出物块带出少量水，导致测得物块的体积偏大，根据分析其质量变化。 此题考查固体密度的测量，同时考查阿基米德原理和物体浮沉条件、重力公式、密度公式的应用，正确得出甲图中物块排开水的体积是关键。 23.【答案】平衡  相互作用  =  受力面积  深度  A和B  大气压强  A  【解析】解：瓶子受到的支持力与重力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力；瓶子对桌面的压力与桌面对瓶子的支持力作用在不同的物体上，是一对相互作用力； 瓶子正放与倒放时，对桌面的压力都等于自身的重力，大小是相同的；由图乙和图丙可知，压力大小相同，受力面积不等，故探究的是与受力面积的关系； 、B两处深度不同，由于液体压强随着深度的增加而增大，且B处的深度比A处的深度要大，所以，B处水的压强要大于A处水的压强，从而导致了B处的水流速度大于A处的水流速度，实验现象表明：同种液体，深度越深压强越大。瓶盖拧紧后，瓶内与瓶外隔绝，在A处开口后，由于外界大气压的作用，将瓶内的水压在瓶内而流不出来； 塑料瓶停止出水后，再次将塑料瓶正放在海绵上，与图乙相比探究的是与压力大小的关系，限制货车超载是改变压力大小，符合要求；都是改变受力面积，不符合要求；故选A。 故答案为：平衡；相互作用；；受力面积；深度；A和B；大气压强；。 二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；一对相互作用力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上； 根据瓶子倒放和正放时压力的大小进行分析；压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关； 两处水的流速不同，反映了两处水的压强不同，结合两处的深度不同，从而得出结论；瓶盖拧紧后，由于瓶子内部与瓶外隔绝，所以在外界大气压的作用下，导致了水没有流出； 压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关。 本题考查了平衡力和相互作用力的区别、探究压力作用效果的影响因素以及液体压强、大气压强的相关知识，是一道综合题。 24.【答案】 断路； 右； ；5；    【解析】根据图甲电路图，电压表应与定值电阻并联，实验中控制定值电阻R两端电压为2V，故电压表选择量程，实物电路图如下：  ；  闭合开关后，电流表、电压表均无示数，电路可能出现断路。若故障只出现在或R，则可能是滑动变阻器断路，因为如果R断路，电压表会有示数测电源电压，而现在两表均无示数，所以是滑动变阻器断路导致整个电路不通；  将定值电阻由更换为，根据串联分压原理，定值电阻增大，其两端电压会增大。要使定值电阻两端电压仍为2V，应增大滑动变阻器接入电路的电阻，即向右端调节滑片因为滑动变阻器左下接线柱接入电路，向右滑电阻变大。  根据串联分压原理，当，滑动变阻器接入阻值最大，，解得，所以需要更换一个最大阻值至少为的滑动变阻器；  根据串联分压原理，当，滑动变阻器接入阻值最大，滑动变阻器最大阻值为，故，解得，所以调节电源电压，使其最大不超5V；  ①闭合开关，，此时被短路，只有接入电路，读出电流表示数为，则电源电压；  ②断开开关，与串联，读出电流表示数为，则电源电压，即，解得。  故答案为：；  断路；  右；  ；5；  。 由图甲知，电压表与定值电阻并联；  闭合开关后，电流表、电压表均无示数，电路可能出现断路，逐个分析断路情况；  将定值电阻由更换为，根据串联分压原理，定值电阻增大，其两端电压会增大。要使定值电阻两端电压仍为2V，应增大滑动变阻器接入电路的电阻；  若更换滑动变速器，根据串联分压原理计算滑动变阻器最大阻值至少为多大；若更换电源电压，当，滑动变阻器最大阻值为，根据串联分压原理，计算电源电压最大值；  由串联电路的规律及欧姆定律求出的表示。 本题考查电路的连接、故障分析、串联分压的应用和设计电路测电阻，是一道综合电路实验题，有一定难度。 25.【答案】顺时针  【解析】解：光反射时，反射角等于入射角，图中反射光线与镜面夹角为45度，则与法线的夹角为，因而入射角也是，与镜面的夹角是，光线竖直向上射向平面镜； 连接光线b与A点是折射光线，与主轴的交点是焦点；如图所示：   保持光线a不变，若平面镜转动角度小于，使a的反射光线通过凸透镜光心O，则入射光线与反射光线的夹角变小，说明入射角变小，则必须将法线靠近入射光线，即将平面镜顺时针转动一定的角度。 故答案为：见解答；见解答；顺时针。 根据反射角等于入射角作图； 根据平行于主轴的光线经凸透镜折射后过焦点确定； 根据反射定律确定转动方向。 本题考查光的反射和凸透镜的折射规律，属于中档题。 26.【答案】解：合金块的重力：； 合金块的体积：， 合金块浸没在水中，排开水的体积等于它的体积，即， 合金块放入锥形瓶内稳定后所受浮力： ； 合金块静止时，受到竖直向上的支持力、浮力和竖直向下的重力作用，处于平衡状态， 由力的平衡条件可知，瓶底对合金块的支持力：， 由力的相互性可知，合金块对瓶底的压力， 合金块对锥形瓶底的压强：； 合金块放入锥形瓶后，水面高度的变化量：， 水对瓶底的压强变化量： ， 根据可得，水对锥形瓶底的压力变化量： 。 答：合金块的重力为； 合金块放入锥形瓶内稳定后所受浮力为； 稳定后，合金块对锥形瓶底的压强为600Pa； 合金块放入锥形瓶前后，水对锥形瓶底的压力变化量为。   【解析】已知正方体合金块的质量，根据求合金块的重力； 已知正方体合金块的边长，根据求合金块的体积，合金块浸没在水中，排开水的体积等于它的体积，根据求合金块放入锥形瓶内稳定后所受浮力大小； 根据力的平衡条件求瓶底对合金块的支持力，根据力的相互性可知合金块对瓶底的压力，根据求出合金块对锥形瓶底的压强； 合金块放入锥形瓶后，根据求水面高度的变化量，根据求水对瓶底的压强变化量，根据求出水对锥形瓶底的压力变化量。 本题考查的是力学的综合计算，难度适中。 27.【答案】加热状态时干路中的电流是  正常工作时，加热状态下电阻消耗的电功率2200W  整个普通快洗模式中，电路消耗的总电能为  【解析】解：旋钮旋至1挡后闭合开关，洗衣机处于加热状态，加热状态时干路中的电流： ； 根据题意可知，旋钮旋至1挡后闭合开关，洗衣机处于加热状态，此时和并联在电路中，两端电压为电源电压，，正常工作时，加热状态下电阻消耗的电功率为： ； 额定电压下，某次洗衣机内装有水和衣物总质量为，初温为，设定洗涤温度即末温度为，水和衣物混合后的平均比热容为，加热状态的加热效率是，加热过程中水和衣物混合物吸收的热量为： ， 由加热效率公式可得加热过程中和放出的热量为： ， 加热状态下电路为纯电阻电路，则电路中产生的焦耳热等于电路消耗的电能，即， 由上式变形可得，普通快洗过程加热时间为： ， 由并联电路中总电功率等于各用电器电功率之和可知，加热过程中的电功率为： ， 保温状态下旋钮旋至2挡，此时电动机和并联，由于两端电压没有变，因此保温状态下，的电功率仍然为，又由表格数据可知，电动机的功率为，则保温洗涤状态时电路中的总电功率为：， 保温状态下洗衣机的工作时间为：， 保温状态下洗衣机消耗的电能为：， 整个普通快洗模式中，电路消耗的总电能为：。 答：加热状态时干路中的电流是； 正常工作时，加热状态下电阻消耗的电功率2200W； 整个普通快洗模式中，电路消耗的总电能为。 根据计算此时加热状态时干路中的电流； 当旋钮旋至1挡后闭合开关S，洗衣机处于加热状态，此时电热丝和并联，根据并联电路的电压规律和计算加热状态下电阻消耗的电功率； 已知水和衣物的总质量、初温和设定温度，根据计算水和衣物吸收的热量； 根据计算加热状态下洗衣机消耗的电能，根据计算加热时间； 当旋钮旋至2挡时，电热丝和电动机并联，根据求得电热丝的电功率； 已知总时间和加热时间，根据计算保温状态下洗衣机消耗的电能，从而求得整个普通快洗模式中，电路消耗的总电能。 本题考查电能和电功率公式的应用，正确判断电路在不同工作状态下的电路连接是解题的关键。 28.【答案】内能;增加  ①减小；②左；③滑动变阻器阻值变化量是  【解析】解：电热水壶工作时，电流做功，将电能转化为内能，并通过热传递的方式使水的内能增加； 每分钟清洗喷水量， 水的质量：， 每分钟水吸收的热量：， 每分钟消耗的电能：， 电热水器的效率：； ①由图丙可知水温升高时，热敏电阻的阻值将减小； ②低温挡温度低，热敏电阻的阻值较大，高温挡时，热敏电阻的阻值较小，控制电路切断加热电路时，滑动变阻器两端电压一定，根据串联电路中电压的分配规律可知，热敏电阻的阻值变小，滑动变阻器接入的电阻也变小，故向左调节滑动变阻器滑片的位置； ③由图丙可知，当设定温度为，热敏电阻，当，热敏电阻两端电压，电源电压， 滑动变阻器接入的电阻， 当温度设定为，热敏电阻， 热敏电阻两端电压 由串联电路中电压的分配规律得：， ， 解得：滑动变阻器接入电阻 滑动变阻器阻值变化量。 故答案为：内能；增加；；①减小；②左；③滑动变阻器阻值变化量是。 电热器工作时将电能转化为内能；物体吸收热量内能增加；每种水吸收的热量为， 消耗的电能，加热器的效率； ①由图丙可知随着温度的升高，热敏电阻阻值减小； ②低温挡温度低，热敏电阻的阻值较大，高温挡时，热敏电阻的阻值较小，控制电路切断加热电路时，滑动变阻器两端电压一定，根据串联电路中电压的分配规律可知，热敏电阻的阻值变小，滑动变阻器接入的电阻也变小； ③由图丙可知，当温度为时，热敏电阻的最值为，此时电流表示数已知，热敏电阻两端的电压由欧姆定律求出，滑动变阻器两端电压为6V，求出滑动变阻器接入的电阻和电源电压，根据高温挡设定为时，热敏电阻的阻值为，滑动变阻器两端的电压已知，求出滑动变阻器接入的电阻。 本题考查水吸收热量公式的应用，电功的计算，欧姆定律的应用。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $