浙江舟山绿城育华学校等校2025-2026学年高一下学期4月题库（期中）物理试题

2026年高一4月题库 物理 试题 考生注意： 1．本试卷满分100分，考试时间90分钟。 2．考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 一、选择题Ⅰ（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分） 1．下列物理量中，属于矢量的是（ ） A．加速度 B．质量 C．重力势能 D．功率 2．深秋时节，柿子树上挂满了金黄的柿子。一个熟透的柿子从高的枝头由静止落下，若认为柿子下落过程中只受重力，则柿子到达地面时的速度大小约为（ ） A． B． C． D． 3．2025年6月26日，神舟二十号航天员顺利完成了空间站舱外设备巡检等任务。已知空间站在轨高度为，则航天员（ ） A．调整姿态时，可以视为质点 B．与空间站相对静止时，不受地球的引力作用 C．与空间站一起运动绕地球做匀速圆周运动的速度小于地球的第一宇宙速度 D．与空间站一起运动绕地球做匀速圆周运动的周期大于地球的自转周期 4．如图所示，大人和小孩在同一竖直线上不同高度同时水平抛出两个相同的小球，小球运动视为平抛运动，则大人抛出的球一定（ ） A．初速度较大 B．在空中运动时间较长 C．速度变化率较大 D．落地前瞬间重力的功率较小 5．嫦娥六号探测器完成了人类首次月球背面采样。如图是嫦娥六号绕月球运动的椭圆轨道示意图，为椭圆的长轴，为椭圆的短轴，则关于嫦娥六号的下列说法正确的是（ ） A．通过点时速率最小 B．通过点时受月球引力最大 C．从到加速度逐渐增大 D．通过的时间小于通过的时间 6．图甲所示的是家用燃气炉架有四个爪，四个爪均匀分布，图乙是放上总质量为的半球形锅后的侧视图，其平稳的放在炉架上，忽略爪与锅之间的摩擦力，下列说法正确的是（ ） A．每个爪对锅的弹力是由于锅发生弹性形变产生的 B．每个爪与锅之间的弹力等于 C．若换一个总质量相同、半径较大的锅，每个爪对锅的弹力变小 D．若换一个总质量相同、半径较大的锅，燃气炉架对锅的作用力变小 7．一列质量为的动车，从初速度为开始，以恒定功率在平直轨道上加速行驶，能达到的最大行驶速度为，假定动车行驶过程中所受阻力大小保持不变，则动车在加速阶段（ ） A．做匀加速直线运动 B．受到阻力大小为 C．牵引力大小始终为 D．牵引力做功 8．如图所示，用劲度系数的轻弹簧连接物块、，它们的质量均为，与水平地面的动摩擦因数均为0.2，现用大小为的水平拉力作用在物块上，系统稳定后两物块一起向右做匀加速直线运动，且轻弹簧未超出弹性限度，下列说法正确的是（ ） A．物块A加速度为 B．物块A加速度为 C．弹簧的伸长量为 D．弹簧的伸长量为 9．如图，一喷泉由抽水电动机抽取与喷泉出水口等高的湖水完成喷水，出水口管道的横截面积为，竖直向上喷出水柱的高度约，水的密度为，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ） A．空中水的质量约 B．空中水的质量约 C．为该喷泉提供动力的电动机输出功率至少约为 D．为该喷泉提供动力的电动机输出功率至少约为 10．图甲是杂技“荡空飞旋”表演。某同学用图乙装置模拟演员的飞旋和落地过程，在竖直细轴的顶端用长为的细线系着质量为的小球，竖直轴带着小球在水平面内做匀速圆周运动，缓慢增大角速度，在小球离地高为、速度为时烧断细线，已知重力加速度为，则下列说法正确的是（ ） A．小球落地点到杆的距离为 B．小球落地时重力的功率与成正比 C．烧断细线前，小球的向心力与成正比 D．烧断细线前，细线对小球的拉力与成正比 二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 11．如图所示，A、B两颗人造地球卫星在同一轨道平面上同向绕地球做匀速圆周运动。若它们的轨道半径分别为、，且，则下列说法正确的是（ ） A．在相等的时间内，半径和扫过的面积相等 B．A卫星的线速度一定比B卫星的线速度大 C．A卫星的角速度一定比B卫星的角速度大 D．若A卫星要变轨到B卫星的轨道，A卫星首先必须有加速操作过程 12．如图所示，下列判断正确的是（ ） A．甲图中，从粗糙滑梯上加速下滑的小朋友机械能守恒 B．乙图中，在匀速转动的摩天轮中的游客机械能守恒 C．丙图中，在光滑的水平面上，小球和弹簧系统机械能守恒 D．丁图中，不计任何阻力和细绳质量时，A下落过程机械能减小 13．如图甲所示，长为的长木板水平放置，其可绕左端的转轴转动，左端固定一原长为的弹簧，一质量为的小滑块压缩弹簧到图甲中的点（物体与弹簧不连接），间距离为。将小滑块由静止释放后，小滑块恰能到达木板最右端。将木板绕点逆时针转动后固定，如图乙所示，仍将物体由点静止释放，物体最远运动到离点的点。已知弹簧的弹性势能，其中为弹簧的劲度系数，为弹簧的形变量。下列说法正确的是（ ） A．物体与木板间的动摩擦因数为 B．物体在点时，弹簧的弹性势能为 C．长木板水平放置时，物体运动过程中的最大动能为 D．长木板水平放置时，物体运动过程中的最大速度为 三、非选择题（本题共6小题，共58分） 14-Ⅰ（8分）．某实验小组用如图1的装置“探究加速度与力、质量的关系”。所用交变电流的频率为。 （1）实验中可采用如图甲、乙所示的两种打点计时器，请回答下面的问题： 图乙是__________（选填“电磁打点”或“电火花”）计时器，电源采用的是__________（选填“交流8 V”“交流220 V”或“四节干电池”）。 （2）实验以小车为研究对象，为补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力，应把木板一侧垫高，调节木板的倾斜度，使小车在__________（填“挂”或“不挂”）槽码时能拖动纸带沿木板做__________（填“匀速”或“加速”）直线运动。 （3）实验中打出的纸带如图2所示，由该纸带可求得小车的加速度__________（计算结果保留2位有效数字）。 （4）若某次实验中，以小车和车上钩码的总质量为横坐标，以小车加速度的倒数为纵坐标，、两组同学得到的图像如图3所示，图中为已知量。组所用槽码的总质量比组的更__________（填“大”或“小”），若该实验验证了牛顿第二定律，则当地的重力加速度大小为__________（用表示） 14-Ⅱ（6分）．某同学利用如图甲所示的实验装置进行“验证机械能守恒定律”的实验。 （1）下列操作中有助于减小实验误差的是__________。 A．选用体积大密度小的重物 B．先释放纸带，后接通电源 C．释放重物前，保持纸带沿竖直方向 （2）正确完成实验操作后，得到点迹清晰的一条纸带。如图乙所示，在纸带上选取三个连续打出的计时点、、，测得点到起始点（速度为零）的距离为，点、的间距为，点、的间距为。已知实验选用的重物质量为，相邻计时点间的时间间隔为，当地重力加速度的大小为。则从打点计时器打下点到打下点的过程中：重物重力势能的减少量__________，动能的增加量__________。（用测得的物理量和已知量的字母表示） 15．（8分）图甲为教职工兴趣运动会项目“旱地冰壶”的比赛情景，物理过程简化为图乙，选手用恒定水平推力，把静止的冰壶从起推线点沿直推至投出线点时的速度。，之后冰壶自行沿直线向右运动恰好停在大本营圆心点。已知冰壶质量，与之间的距离，与之间的距离，求： （1）冰壶在段运动的加速度大小； （2）冰壶与旱地冰面之间的动摩擦因数； （3）选手的水平推力的大小。 16．（11分）一实验小组做模拟风洞试验，水平实验平台上方有足够大的风洞空间，质量的小球从高的点以的初速度水平向右抛出，落到平台后不反弹，小球受到恒定风力大小，方向与风速方向相同，求： （1）若风洞空间无风（图甲），则小球在空中的运动时间和落地水平位移大小； （2）若调节风洞空间风速方向水平向右（图乙），则小球落地的水平位移大小； （3）若调节风洞空间风速方向竖直向下（图丙），则小球落地的水平位移大小； 17．（12分）如图为一滑雪场地的简化模型，一倾角的斜面长，水平面长，半径、圆心角的粗糙圆弧，三者在同一竖直面内且平滑连接，点在水平面上的投影为，二者的高度差。总质量的滑雪运动员从点静止开始自由下滑，经过点后腾空并完成预设动作后落到水平面。已知运动员与斜面、水平面间的动摩擦因数均为，经过粗糙圆弧克服摩擦力做功，不计空气阻力和运动员大小。求： （1）运动员到达点时的速度大小； （2）运动员到达点时的速度大小； （3）运动员落到水平面上的位置到点的距离。 18．（13分）如图，为弹簧发射器，为长的水平轨道，为半径的竖直半圆弧粗糙轨道，为足够长的顺时针转动的水平传送带，段是一个与传送带等高接触但不影响其转动的光滑平台，平台右侧轨道上并排放有10个完全相同的边长、质量的正方体木块，其上表面与平台等高。发射器的弹性势能，其弹出小物块时，弹性势能全部转化为物块的动能，且恰好通过竖直半圆弧轨道最高点。小物块的质量，其与水平轨道、水平传送带、木块上表面之间的动摩擦因数均为，木块与地面之间的动摩擦因数为，不考虑小物块的大小，不计空气阻力，求： （1）小物块到达竖直半圆弧轨道最低点时的速度大小及对轨道的压力大小； （2）小物块通过半圆弧轨道过程克服阻力所做的功； （3）为使小物块能停留在第10个木块上，则传送带速度的取值范围。 学科网（北京）股份有限公司 $2026年高一4月题库 物理试题参考答案 1.A加速度有大小和方向，是矢量，质量、重力势能、功率只有大小，是标量，故选A. 2.C柿子做自由落体运动，由运动学公式2一0=2gh,解得v=10m/s,故选C. 3.C航天员在调整姿态时，其形状和大小不可忽略，不能看成质点，A错误；航天员与空间站相对静止时，仍然 收到地球的吸引力，B错误：空间站的轨道半径r大于地球半径R,由G-"一得。=√ 2 N,知航天员与 空间站一起运动时的速度小于第一宇宙速度，C正确：地球的自转周期与地球同步卫星的周期相同，其轨道 半径为·依题意可知H>,由G=m(停)，得T=2x√赢，知航天员与空间站一起运动的周期小 r 于地球同步卫星的周期，即小于地球的自转周期，D错误.故选C. 4.B根据平抛运动的规律可知=子=x√务，大人抛出的小球的水平位移和竖直高度都较大，可知初速度 不一定较大：平抛运动的加速度恒定为g,即速度变化率恒定为g,大人小孩抛出的小球的速度变化率都相 同：根据平抛运动的规律可知空中运动的时间1一√一，可知大人抛出的小球在空中运动时间较长：根据尸 =mg心，=mgt,可知大人抛出的小球落地瞬间重力的功率较大.故选B. 5.D由开普勒第二定律可知，近月点a速率最大，通过ac的时间小于通过cd的时间；根据万有引力定律F= G,远月点b引力最小，从口到c加速度逐渐减小.故选D. 6.C弹力是由于物体发生弹性形变而产生的力，每个爪对锅的弹力是由于爪发生弹性形变产生的，而不是锅， 故A错误；由于四个爪均匀分布，且忽略爪与锅之间的摩擦力，设每个爪与锅之间的弹力F方向与水平方向 夹角为9，竖直方向根据平衡条件有4Fsin9=mg解得下=子·品>子mg,故B错误：若m一定，设正对 的一对爪之间的距离为d,锅的半径为R,则有F=一 mg 三，因为d不变，故可知当R越大时，F越小，故 4V1- 4R2 C正确.燃气炉架对锅的作用力等于锅的重力，与锅的半径无关，故D错误.故选C. 7.B根据P=F由于功率恒定，速度增大，则牵引力减小，根据牛顿第二定律可知，动车先做加速度减小的加 速运动；当速度达到最大值时有P=F=f,解得了=卫；根据动能定理有可得牵引力做功W= Vm 2 1 之m6-W,故选B. 8.C以物块AB为研究对象，F-2umg=2a解得a=2m/s2;以物块A为研究对象，T-g=a,解得T= 20N,T=kx,解得x=5cm.故选C. 【Q高一物理卷参考答案第1页（共4页）】 9.D由w2=2gh,得v=20m/s,水柱上升时间t=v/g=2s,在空中水的质量m=2st=40kg:4s内电动机 对水做的功至少为W=子m=80J,功率至少为P-”=200w 2t 10,D烧断细线后，小球做平抛运动，由运动学知识有h=g,r=t联立解得x=0√历，设小球做圆周运 g 动时绳子与竖直方向的角度为0，则圆周运动的半径为R=Ls,则小球落地点到杆的距离为l= /R2+x= Lsin9+证，A错误；质量一定的小球落地时重力的功率只与h有关，h与仙非正比关系， g B错误；烧断细线前，小球做圆周运动，由牛顿第二定律有F向=uLsi0,可见向心力大小与角速度和绳 子与竖直方向的夹角有关，C错误；对小球受力分析，由牛顿第二定律有Fsin=no'Lsin0,即F=wL可 见烧断细线前，细线对小球的拉力与w2成正比，D正确.故选D. 11.BCD根据开普勒第二定律可知，A卫星或者B卫星与地球的连线在相等的时间内扫过的面积相等，故A 错误：两卫星受到的万有引力作为向心力，有G-m号=m,得轨道半径越小，线速度越大，角速度 也越大，故B、C正确：若A卫星要变轨到B卫星的轨道，A卫星需要2次点火加速，故D正确.故选BCD. 12.CD甲图中，从滑梯上加速下滑的小朋友，摩擦力对其做负功，其机械能减小，故A错误：乙图中，在匀速转 动的摩天轮中的游客，动能不变，但是重力势能在变化，所以他们的机械能不守恒，故B错误；丙图中，在光 滑的水平面上，只有弹簧弹力对小球做功，故小球和弹簧组成的系统机械能守恒，故C正确；丁图中，不计任 何阻力和细绳质量时，绳子拉力对A做负功，所以A的机械能减小，故D正确.故选CD. 18,AD由能量守恒定律，长木板水平放置E=mg·子L,倾斜放置时Ea=mge0s37”X号L十 号ngLsin37,解得A=号，A正确；物体在a点时，弹簧的弹性势能为E,=mg·是L=今·mg·子L mL,B错误，C弹力等于摩擦力时动能最大mg=k,解得一6，由能量守恒定律E一E, 9 R十ng(传-z)和E,=名，解得B一瓷0g,C错误：由R 56mgL=1 m,解得最大速 /gL ,故D正确.故选AD 14-I.(1)电火花(1分)交流220V(1分)(2)不挂(1分)匀速(1分)(3)0.88（或0.87、0.89）(2分) (4)大1分)合1分) 解析：(1)图乙是电火花计时器，其电源采用的是交流220V, (2)平衡摩擦力时，应使小车在不挂槽码时能拖动纸带沿木板做匀速直线运动. (3)由逐差法计算可得，加速度a=0.88m/s2 【Q高一物理卷参考答案第2页（共4页）】 (4)图线的斜率越小，槽码的总质量越大，由题图乙可知A组所用的槽码的质量比B组的更大.由牛顿第 三定律有mg=(m十M)加，化简可得亡-g·M+号可知当M=0时6-日即g=云 a mg g g 14-Ⅱ.(1)C(2分)(2mgh(2分)mt:)二(2分) 8T2 解析：(1)A.若选用体积更大的重物会增大空气阻力对实验的影响，不利于减小实验误差，故A错误；B.实 验时应先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，若先释放纸带，打点初期数据会缺失，故B错误；C释放重物 时保持纸带竖直方向，可以减小纸带与打点计时器间的摩擦，有助于减小实验误差，故C正确.故选C (2)重物重力势能的减少量为△E,=gh;根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平 均速度，可得打点计时器打下B点时重物的瞬时速度为一芳一，所以打点计时器打下B点时重 2T 物的动能为E:=之m=子m·(他产)广-m),则从打点计时器打下O点到打下B点的过程 8T2 中，重物动能的增加量为△E=E,-0=m(十h,) 8T2 15.(1)1m/s(3分)(2)0.1(2分)(3)27N(3分) 解析：(1)B到O:由层=2a2x2(2分)解得a2=1m/s2(1分) (2)由a2=g(1分)解得：=0.1(1分) (3)A到B:由%=2a1x1解得a1=12.5m/s(1分) 由F-mg=ma1(1分)解得F=27N(1分) 16.(1)0.4s(2分)2m(1分)(2)2.8m(4分)(3)/2m(4分) 解析：1)竖直方向：由么=号g1分)解得1=0.4s(1分)，水平方向：x=w=2m1分)： （2)水平方向：a1=(（1分)，解得a1=10m/g(1分)，x=wt+7a1(1分)，解得x=2.8m(1分)： (3)竖直方向：a:=F+g=20m/s(2分)，h=号a:后解得=V008s1分)，水平方向==万m (1分). 17.(1)8m/s(3分)(2)5m/s(4分)(3)4m(5分) 解析：(1)A到B:a1=gsin日-gcos9(1分)，解得a1=4m/s(1分)， 由喝一=2a1L1,解得vB=8m/s(1分)； (2)B到C:a2=g=2.5m/s2(1分)，-馆=-2a2L2,解得=7m/s(1分) C到D:-w,-Mgr(1-cos0)=号M6-号M(1分)，解得n=5m/s1分) 或B到D:-MgL4-W,-Mgr1-cos0)=号M6-合M6(3分).解得=5m/s1分)： 【Q高一物理卷参考答案第3页（共4页）】 (3)过D点后做斜抛运动，离开D点瞬间水平方向分速度v,=,cos=4m/s(1分)，竖直方向分速度v,= .sin日=3m/s(1分)：离开D点上升的时间t1=u,/g=0.3s(1分)，上升的最大高度h1=号/2g=0.45m, 下降的时间t=A 2(h1+h) =0.7s(1分)，运动员落到水平面EF上的位置到E点的距离x=u,(t,十t） =4m(1分). 18.(1)5m/s(2分)14.5N(2分)(2)0.5J(3分)(3)3√2<u≤√/2T(6分) 解析：IA到B:En-MgL=号Mi1分)，解得s=5m/s(I分)，B点：R-Mg=M(1分)解得F =14.5N(1分)： (2恰过C点，Mg-M,解得e=2m/s1分)，B到C,-2Mgr一W)=之M成-号M暖1分)，解得W1= 0.5J(1分)： (3)水平传送带CD足够长，所以小物块P到达D点时一定与传送带共速，小物块P块滑上木块后受到的 滑动摩擦力为f1=1Mg=0.4N,假设小物块P可以带动木块的数日为n个，则n满足f1一2(M十)g 一2(n一1)mg>0(n∈N),解得n=1,(1分)即当小物块P滑上第10块木块时，第10块木块才开始 运动. ①若小物块P块刚好能停在第10个木块的左边缘，对物块在1~9块木块上滑行时，根据动能定理有一 HMg·9d=0-M1分)，解得u=3V反m/s1分) ②若小物块P刚好能停在第10个木块的右边缘，研究小物块P在第10个木块上的滑行，对M分析，根据 牛顿第二定律有1Mg=MaM,解得aM=2m/s2,对第10号木块，根据牛顿第二定律1Mg一2(M十m)g =nam,解得am=1m/s2,(1分)根据相对运动的速度位移关系0一u=-2(aM十am)d,解得=√5m/s(1 分)（为P在第10号木块左侧的速度），对P在1~9块木块上滑行时-Mg·9d=合M-号M,解 得v2=√/2Im/s(1分). 故传送带速度的取值范围3√2m/s<√/2Im/s 【Q高一物理卷参考答案第4页（共4页）】