浙江舟山绿城育华学校等校2025-2026学年高一下学期4月题库（期中）物理试题

节 班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 2026年高一4月题库 物理 试题 考生注意： 1.本试卷满分100分，考试时间90分钟。 2.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题 目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内 作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 一、选择题工（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是 符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)】 1.下列物理量中，属于矢量的是 A.加速度 B.质量 C.重力势能 D.功率 2.深秋时节，柿子树上挂满了金黄的柿子.一个熟透的柿子从5.0高的枝头 由静止落下，若认为柿子下落过程中只受重力，则柿子到达地面时的速度大 小约为 A.5 m/s B./10m/s C.10 m/s D.20 m/s 3.2025年6月26日，神舟二十号航天员顺利完成了空间站舱外设备巡检等任 务.已知空间站在轨高度为390km,则航天员 A.调整姿态时，可以视为质点 B.与空间站相对静止时，不受地球的引力作用 C.与空间站一起运动绕地球做匀速圆周运动的速度小于地球的 第一宇宙速度 D.与空间站一起运动绕地球做匀速圆周运动的周期大于地球的自转周期 4.如图所示，大人和小孩在同一竖直线上不同高度同时水平抛出两个 相同的小球，小球运动视为平抛运动，则大人抛出的球一定 A.初速度较大 B.在空中运动时间较长 C.速度变化率较大 D.落地前瞬间重力的功率较小 【QJ高一物理第1页（共8页）】 5.嫦娥六号探测器完成了人类首次月球背面采样.如图是嫦娥六号 绕月球运动的椭圆轨道示意图，αb为椭圆的长轴，cd为椭圆的短 轴，则关于嫦娥六号的下列说法正确的是 分雪 A.通过a点时速率最小 月球 B.通过b点时受月球引力最大 C.从a到c加速度逐渐增大 D.通过ac的时间小于通过cb的时间 6.图甲所示的是家用燃气炉架有四个爪，四个爪均匀分布，图乙是放上总质量为的半球形锅 后的侧视图，其平稳的放在炉架上，忽略爪与锅之间的摩擦力，下列说法正确的是 甲 乙 A.每个爪对锅的弹力是由于锅发生弹性形变产生的 B.每个爪与锅之间的弹力等于子m8 C.若换一个总质量m相同、半径较大的锅，每个爪对锅的弹力变小 D.若换一个总质量m相同、半径较大的锅，燃气炉架对锅的作用力变小 7.一列质量为m的动车，从初速度为开始，以恒定功率P在平直轨道上加速行驶，能达到的 最大行驶速度为m,假定动车行驶过程中所受阻力大小保持不变，则动车在加速阶段 A.做匀加速直线运动 B.受到阻力大小为卫 C.牵引力大小始终为卫 D.牵引力做功w=多m话-名mi 8.如图所示，用劲度系数400N/m的轻弹簧连接物块A、B,它们的质量均为5kg,与水平地面 的动摩擦因数均为0.2，现用大小为40N的水平拉力F作用在物块B上，系统稳定后两物块 一起向右做匀加速直线运动，且轻弹簧未超出弹性限度，下列说法正确的是 A.物块A加速度为3m/s A M B B.物块A加速度为4m/s 77777777777777777777777777777777 C.弹簧的伸长量为5cm D.弹簧的伸长量为10cm 【QJ高一物理第2页（共8页）】 9.如图，一喷泉由抽水电动机抽取与喷泉出水口等高的湖水完成喷水，出水口管道的横截面积 为0.5×10-3m2,竖直向上喷出水柱的高度约20m,水的密度为1×103kg/m3,不计空气阻 力，下列说法正确的是 A.空中水的质量约10kg B.空中水的质量约20kg C.为该喷泉提供动力的电动机输出功率至少约为1000W D.为该喷泉提供动力的电动机输出功率至少约为2000W 10.图甲是杂技“荡空飞旋”表演.某同学用图乙装置模拟演员的飞旋和落地过程，在竖直细轴的 顶端用长为L的细线系着质量为m的小球，竖直轴带着小球在水平面内做匀速圆周运动， 缓慢增大角速度ω，在小球离地高为h、速度为v时烧断细线，已知重力加速度为g,则下列 说法正确的是 A,小球落地点到杆的距离为”√ B.小球落地时重力的功率与w成正比 C.烧断细线前，小球的向心力与w成正比 乙 D.烧断细线前，细线对小球的拉力与2成正比 二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分.每小题列出的四个备选项中至少有一个是 符合题目要求的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的的0分) 11.如图所示，A、B两颗人造地球卫星在同一轨道平面上同向绕地球做匀速圆周运动.若它们 的轨道半径分别为rA、rB,且rA<rB,则下列说法正确的是 A.在相等的时间内，半径rA和rB扫过的面积相等 B B.A卫星的线速度一定比B卫星的线速度大 C.A卫星的角速度一定比B卫星的角速度大 地球 D.若A卫星要变轨到B卫星的轨道，A卫星首先必须有加速操作 过程 12.如图所示，下列判断正确的是 ,内包↑ 甲 乙 丙 A.甲图中，从粗糙滑梯上加速下滑的小朋友机械能守恒 B.乙图中，在匀速转动的摩天轮中的游客机械能守恒 C.丙图中，在光滑的水平面上，小球和弹簧系统机械能守恒 D.丁图中，不计任何阻力和细绳质量时，A下落过程机械能减小 【Q高一物理第3页（共8页）】 13.如图甲所示，长为L的长木板水平放置，其可绕左端的转轴0转动，左端固定一原长为之的 弹簧，一质量为m的小滑块压缩弹簧到图甲中的a点（物体与弹簧不连接），Oa间距离为 冬将小滑块由静止释放后，小滑块恰能到达木板最右端，将木板绕0点逆时针转动37后 固定，如图乙所示，仍将物体由口点静止释放，物体最远运动到离0点头的6点.已知弹簧 的弹性势能E,=△，其中k为弹簧的劲度系数，△r为弹簧的形变量，下列说法正确 的是 0M, 甲 乙 A.物休与木板间的动摩擦因数为号 B.物体在a点时，弹簧的弹性势能为号mgL C.长木板水平放置时，物体运动过程中的最大动能为？mgL D.长木板水平放置时，物体运动过程中的最大速度为√受 三、非选择题（本题共6小题，共58分） 14一I(8分).某实验小组用如图1的装置“探究加速度与力、质量的关系”.所用交变电流的频 率为50Hz. (1)实验中可采用如图甲、乙所示的两种打点计时器，请回答下面的问题： 限位孔 永久磁铁 振针 打点计时器 墨粉纸盘 小车 线圈 纸带 脉冲开关 复写纸 ⊙压纸条 纸盘轴 槽码 图1 ③一口 ①纸带 限位孔 电源插头 甲 乙 图乙是 (选填“电磁打点”或“电火花”)计时器，电源采用的是 (选填“交 流8V”“交流220V”或“四节干电池”). (2)实验以小车为研究对象，为补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力，应把木板一侧垫 高，调节木板的倾斜度，使小车在 (填“挂”或“不挂”)槽码时能拖动纸带沿木板 做 (填“匀速”或“加速”)直线运动， 【Q高一物理第4页（共8页）】 节 (3)实验中打出的纸带如图2所示，由该纸带可求得小车的加速度α= m/s2(计算结 果保留2位有效数字). 6.00.. 6.87 7.75 8.64 单位：cm 图2 (4)若某次实验中，以小车和车上钩码的总质量M为横坐标，以小车 加速度的倒数1为纵坐标，A、B两组同学得到的1一M图像如图 B 3所示，图中b为已知量.A组所用槽码的总质量比B组的更 (填“大”或“小”)，若该实验验证了牛顿第二定律，则当 i 地的重力加速度大小为 (用b表示) 图3 14一Ⅱ(6分).某同学利用如图甲所示的实验装置进行“验证机械能守恒定律”的实验. (1)下列操作中有助于减小实验误差的是 打点 A.选用体积大密度小的重物 计时器 纸带 B.先释放纸带，后接通电源 C.释放重物前，保持纸带沿竖直方向 夹子 ▣重物 (2)正确完成实验操作后，得到点迹清晰的一条纸带.如图乙所示，在纸 带上选取三个连续打出的计时点A、B、C,测得点B到起始点O(速 甲 度为零)的距离为h,点A、B的间距为h1,点B、C的间距为h2.已知 实验选用的重物质量为，相邻计时点间的时间间隔为T,当地重力加速度的大小为g. 则从打点计时器打下O点到打下B点的过程中：重物重力势能的减少量△E。= ,动能的增加量△Ek .(用测得的物理量和已知量的字母表示) h 乙 15.(8分)图甲为教职工兴趣运动会项目“旱地冰壶”的比赛情景，物理过程简化为图乙，选手用 恒定水平推力F,把静止的冰壶从起推线A点沿直推至投出线B点时的速度vB=5m/s,之 后冰壶自行沿直线向右运动恰好停在大本营圆心O点.已知冰壶质量=2kg,A与B之间 的距离x1=1m,B与O之间的距离x2=12.5m,求： B 0 甲 乙 【QJ高一物理第5页（共8页）】 (1)冰壶在BO段运动的加速度大小； (2)冰壶与旱地冰面之间的动摩擦因数； (3)选手的水平推力F的大小. 16.(11分)一实验小组做模拟风洞试验，水平实验平台MN上方有足够大的风洞空间，质量m =2kg的小球从高h=0.8m的A点以v。=5m/s的初速度水平向右抛出，落到平台MN 后不反弹，小球受到恒定风力大小F=20N,方向与风速方向相同，求： 402 B 7777777力77777777777777 77777777777777777777777 77777777777777777777777 M N M ⑧ 乙 丙 (1)若风洞空间无风（图甲），则小球在空中的运动时间t和落地水平位移大小x1; (2)若调节风洞空间风速方向水平向右（图乙），则小球落地的水平位移大小x2; (3)若调节风洞空间风速方向竖直向下（图丙），则小球落地的水平位移大小x3; 【QJ高一物理第6页（共8页）】 17.(12分)如图为一滑雪场地的简化模型，一倾角0=37°的斜面AB长L1=8m,水平面BC长 L2=3m,半径r=5m、圆心角0=37°的粗糙圆弧CD,三者在同一竖直面内且平滑连接，D 点在水平EF面上的投影为E,二者的高度差h=2m.总质量M=60kg的滑雪运动员从A 点静止开始自由下滑，经过D点后腾空并完成预设动作后落到水平面EF.已知运动员与斜 面AB、水平面BC间的动摩擦因数均为4=0.25，经过粗糙圆弧CD克服摩擦力做功W= 120J,不计空气阻力和运动员大小.求： (1)运动员到达B点时的速度大小； 0 (2)运动员到达D点时的速度大小； 70 0、 r 、D (3)运动员落到水平面EF上的位置到E点的距离. 0B 7777777777 77777777777777 【QJ高一物理第7页（共8页）】 18.(13分)如图，K为弹簧发射器，AB为长L=2.5m的水平轨道，BC为半径r=0.4m的竖 直半圆弧粗糙轨道，CD为足够长的顺时针转动的水平传送带，DE段是一个与传送带等高 接触但不影响其转动的光滑平台，平台右侧轨道GH上并排放有10个完全相同的边长d 0.5m、质量m=0.1kg的正方体木块，其上表面与平台等高.发射器K的弹性势能Er=3.5J, 其弹出小物块P时，弹性势能全部转化为物块的动能，且恰好通过竖直半圆弧轨道最高 点C.小物块P的质量M=0.2kg,其与水平轨道AB、水平传送带CD、木块上表面之间的 动摩擦因数均为1=0.2，木块与地面GH之间的动摩擦因数为μ2=0.1，不考虑小物块P 的大小，不计空气阻力，求： (1)小物块P到达竖直半圆弧轨道最低点B时的 DEF 123·8910 速度大小及对轨道的压力大小； (2)小物块P通过半圆弧轨道BC过程克服阻力 所做的功； Bk (3)为使小物块P能停留在第10个木块上，则传送带速度的取值范围. 【QJ高一物理第8页（共8页）】2026年高一4月题库 物理试题参考答案 1.A加速度有大小和方向，是矢量，质量、重力势能、功率只有大小，是标量，故选A. 2.C柿子做自由落体运动，由运动学公式2一0=2gh,解得v=10m/s,故选C. 3.C航天员在调整姿态时，其形状和大小不可忽略，不能看成质点，A错误；航天员与空间站相对静止时，仍然 收到地球的吸引力，B错误：空间站的轨道半径r大于地球半径R,由G-"一得。=√ 2 N,知航天员与 空间站一起运动时的速度小于第一宇宙速度，C正确：地球的自转周期与地球同步卫星的周期相同，其轨道 半径为·依题意可知H>,由G=m(停)，得T=2x√赢，知航天员与空间站一起运动的周期小 r 于地球同步卫星的周期，即小于地球的自转周期，D错误.故选C. 4.B根据平抛运动的规律可知=子=x√务，大人抛出的小球的水平位移和竖直高度都较大，可知初速度 不一定较大：平抛运动的加速度恒定为g,即速度变化率恒定为g,大人小孩抛出的小球的速度变化率都相 同：根据平抛运动的规律可知空中运动的时间1一√一，可知大人抛出的小球在空中运动时间较长：根据尸 =mg心，=mgt,可知大人抛出的小球落地瞬间重力的功率较大.故选B. 5.D由开普勒第二定律可知，近月点a速率最大，通过ac的时间小于通过cd的时间；根据万有引力定律F= G,远月点b引力最小，从口到c加速度逐渐减小.故选D. 6.C弹力是由于物体发生弹性形变而产生的力，每个爪对锅的弹力是由于爪发生弹性形变产生的，而不是锅， 故A错误；由于四个爪均匀分布，且忽略爪与锅之间的摩擦力，设每个爪与锅之间的弹力F方向与水平方向 夹角为9，竖直方向根据平衡条件有4Fsin9=mg解得下=子·品>子mg,故B错误：若m一定，设正对 的一对爪之间的距离为d,锅的半径为R,则有F=一 mg 三，因为d不变，故可知当R越大时，F越小，故 4V1- 4R2 C正确.燃气炉架对锅的作用力等于锅的重力，与锅的半径无关，故D错误.故选C. 7.B根据P=F由于功率恒定，速度增大，则牵引力减小，根据牛顿第二定律可知，动车先做加速度减小的加 速运动；当速度达到最大值时有P=F=f,解得了=卫；根据动能定理有可得牵引力做功W= Vm 2 1 之m6-W,故选B. 8.C以物块AB为研究对象，F-2umg=2a解得a=2m/s2;以物块A为研究对象，T-g=a,解得T= 20N,T=kx,解得x=5cm.故选C. 【Q高一物理卷参考答案第1页（共4页）】 9.D由w2=2gh,得v=20m/s,水柱上升时间t=v/g=2s,在空中水的质量m=2st=40kg:4s内电动机 对水做的功至少为W=子m=80J,功率至少为P-”=200w 2t 10,D烧断细线后，小球做平抛运动，由运动学知识有h=g,r=t联立解得x=0√历，设小球做圆周运 g 动时绳子与竖直方向的角度为0，则圆周运动的半径为R=Ls,则小球落地点到杆的距离为l= /R2+x= Lsin9+证，A错误；质量一定的小球落地时重力的功率只与h有关，h与仙非正比关系， g B错误；烧断细线前，小球做圆周运动，由牛顿第二定律有F向=uLsi0,可见向心力大小与角速度和绳 子与竖直方向的夹角有关，C错误；对小球受力分析，由牛顿第二定律有Fsin=no'Lsin0,即F=wL可 见烧断细线前，细线对小球的拉力与w2成正比，D正确.故选D. 11.BCD根据开普勒第二定律可知，A卫星或者B卫星与地球的连线在相等的时间内扫过的面积相等，故A 错误：两卫星受到的万有引力作为向心力，有G-m号=m,得轨道半径越小，线速度越大，角速度 也越大，故B、C正确：若A卫星要变轨到B卫星的轨道，A卫星需要2次点火加速，故D正确.故选BCD. 12.CD甲图中，从滑梯上加速下滑的小朋友，摩擦力对其做负功，其机械能减小，故A错误：乙图中，在匀速转 动的摩天轮中的游客，动能不变，但是重力势能在变化，所以他们的机械能不守恒，故B错误；丙图中，在光 滑的水平面上，只有弹簧弹力对小球做功，故小球和弹簧组成的系统机械能守恒，故C正确；丁图中，不计任 何阻力和细绳质量时，绳子拉力对A做负功，所以A的机械能减小，故D正确.故选CD. 18,AD由能量守恒定律，长木板水平放置E=mg·子L,倾斜放置时Ea=mge0s37”X号L十 号ngLsin37,解得A=号，A正确；物体在a点时，弹簧的弹性势能为E,=mg·是L=今·mg·子L mL,B错误，C弹力等于摩擦力时动能最大mg=k,解得一6，由能量守恒定律E一E, 9 R十ng(传-z)和E,=名，解得B一瓷0g,C错误：由R 56mgL=1 m,解得最大速 /gL ,故D正确.故选AD 14-I.(1)电火花(1分)交流220V(1分)(2)不挂(1分)匀速(1分)(3)0.88（或0.87、0.89）(2分) (4)大1分)合1分) 解析：(1)图乙是电火花计时器，其电源采用的是交流220V, (2)平衡摩擦力时，应使小车在不挂槽码时能拖动纸带沿木板做匀速直线运动. (3)由逐差法计算可得，加速度a=0.88m/s2 【Q高一物理卷参考答案第2页（共4页）】 (4)图线的斜率越小，槽码的总质量越大，由题图乙可知A组所用的槽码的质量比B组的更大.由牛顿第 三定律有mg=(m十M)加，化简可得亡-g·M+号可知当M=0时6-日即g=云 a mg g g 14-Ⅱ.(1)C(2分)(2mgh(2分)mt:)二(2分) 8T2 解析：(1)A.若选用体积更大的重物会增大空气阻力对实验的影响，不利于减小实验误差，故A错误；B.实 验时应先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，若先释放纸带，打点初期数据会缺失，故B错误；C释放重物 时保持纸带竖直方向，可以减小纸带与打点计时器间的摩擦，有助于减小实验误差，故C正确.故选C (2)重物重力势能的减少量为△E,=gh;根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平 均速度，可得打点计时器打下B点时重物的瞬时速度为一芳一，所以打点计时器打下B点时重 2T 物的动能为E:=之m=子m·(他产)广-m),则从打点计时器打下O点到打下B点的过程 8T2 中，重物动能的增加量为△E=E,-0=m(十h,) 8T2 15.(1)1m/s(3分)(2)0.1(2分)(3)27N(3分) 解析：(1)B到O:由层=2a2x2(2分)解得a2=1m/s2(1分) (2)由a2=g(1分)解得：=0.1(1分) (3)A到B:由%=2a1x1解得a1=12.5m/s(1分) 由F-mg=ma1(1分)解得F=27N(1分) 16.(1)0.4s(2分)2m(1分)(2)2.8m(4分)(3)/2m(4分) 解析：1)竖直方向：由么=号g1分)解得1=0.4s(1分)，水平方向：x=w=2m1分)： （2)水平方向：a1=(（1分)，解得a1=10m/g(1分)，x=wt+7a1(1分)，解得x=2.8m(1分)： (3)竖直方向：a:=F+g=20m/s(2分)，h=号a:后解得=V008s1分)，水平方向==万m (1分). 17.(1)8m/s(3分)(2)5m/s(4分)(3)4m(5分) 解析：(1)A到B:a1=gsin日-gcos9(1分)，解得a1=4m/s(1分)， 由喝一=2a1L1,解得vB=8m/s(1分)； (2)B到C:a2=g=2.5m/s2(1分)，-馆=-2a2L2,解得=7m/s(1分) C到D:-w,-Mgr(1-cos0)=号M6-号M(1分)，解得n=5m/s1分) 或B到D:-MgL4-W,-Mgr1-cos0)=号M6-合M6(3分).解得=5m/s1分)： 【Q高一物理卷参考答案第3页（共4页）】 (3)过D点后做斜抛运动，离开D点瞬间水平方向分速度v,=,cos=4m/s(1分)，竖直方向分速度v,= .sin日=3m/s(1分)：离开D点上升的时间t1=u,/g=0.3s(1分)，上升的最大高度h1=号/2g=0.45m, 下降的时间t=A 2(h1+h) =0.7s(1分)，运动员落到水平面EF上的位置到E点的距离x=u,(t,十t） =4m(1分). 18.(1)5m/s(2分)14.5N(2分)(2)0.5J(3分)(3)3√2<u≤√/2T(6分) 解析：IA到B:En-MgL=号Mi1分)，解得s=5m/s(I分)，B点：R-Mg=M(1分)解得F =14.5N(1分)： (2恰过C点，Mg-M,解得e=2m/s1分)，B到C,-2Mgr一W)=之M成-号M暖1分)，解得W1= 0.5J(1分)： (3)水平传送带CD足够长，所以小物块P到达D点时一定与传送带共速，小物块P块滑上木块后受到的 滑动摩擦力为f1=1Mg=0.4N,假设小物块P可以带动木块的数日为n个，则n满足f1一2(M十)g 一2(n一1)mg>0(n∈N),解得n=1,(1分)即当小物块P滑上第10块木块时，第10块木块才开始 运动. ①若小物块P块刚好能停在第10个木块的左边缘，对物块在1~9块木块上滑行时，根据动能定理有一 HMg·9d=0-M1分)，解得u=3V反m/s1分) ②若小物块P刚好能停在第10个木块的右边缘，研究小物块P在第10个木块上的滑行，对M分析，根据 牛顿第二定律有1Mg=MaM,解得aM=2m/s2,对第10号木块，根据牛顿第二定律1Mg一2(M十m)g =nam,解得am=1m/s2,(1分)根据相对运动的速度位移关系0一u=-2(aM十am)d,解得=√5m/s(1 分)（为P在第10号木块左侧的速度），对P在1~9块木块上滑行时-Mg·9d=合M-号M,解 得v2=√/2Im/s(1分). 故传送带速度的取值范围3√2m/s<√/2Im/s 【Q高一物理卷参考答案第4页（共4页）】