2026年高考物理临考冲刺卷03（黑吉辽蒙专用）

2026年高考物理临考冲刺卷03（黑吉辽蒙专用） （考试时间：75分钟 试卷满分：100分） 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8～10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1．如图示，两个行李箱完全相同，甲拉着走，乙推着走，两人都是匀速运动，下列说法正确的是（　　） A．甲省力 B．乙省力 C．两人对箱子的作用力大小相同 D．两种情况箱子与地面间的摩擦力大小相同 2．动力黏度是描述流体流动时内摩擦力的物理量，单位是Pa•s（帕斯卡•秒），动力黏度的单位用国际单位制的基本单位可表示为（　　） A．kg•m﹣1•s﹣1 B．kg•m•s﹣1 C．kg•m﹣1•s﹣2 D．kg•m﹣2•s 3．一质量为2kg的小球从距地面高h＝5m处由静止释放，与地面碰撞后反弹至最大高度h′＝1.25m。取g＝10m/s2，且整个过程中空气阻力恒定，下列说法不正确的是（　　） A．小球下落过程中重力势能减少了100J B．小球与地面碰撞过程中动量变化量的大小为30kg•m/s C．小球从释放到反弹至最高点的过程中机械能守恒 D．小球反弹后上升过程中合外力的冲量大小为10N•s 4．如图所示为车载电磁实验简易装置，弹性线圈与A、B两个发光二极管组成的回路装置固定在小车上表面，小车置于光滑水平桌面上。实验中发现当条形磁体沿轴线快速靠近或远离线圈时，小车会向右或向左运动，同时两个二极管会交替发光，则条形磁体（　　） A．N极靠近线圈时，小车向右运动，二极管A发光 B．N极远离线圈时，小车向左运动，二极管B发光 C．N极靠近线圈时，线圈有扩大的趋势 D．无论N极或S极，只要靠近线圈时，小车均向右运动 5．一定质量的理想气体，状态a→b→c的变化过程可用如图所示的V﹣t图线描述，已知热力学温度T与摄氏度t的关系为T＝t+273.15K。下列说法正确的是（　　） A．a→b过程气体分子对容器壁单位面积的平均作用力变大 B．b→c过程体积不变，气体从外界吸收热量 C．c→a过程体积减小，压强不变 D．a→b过程气体对外做功大于c→a过程外界对气体做功 6．大量处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时发出不同频率的光，将这些光分别照射到图1所示电路中的光电管K极上，只有3种频率的光a、b、c能够形成光电流，且a、b、c中a光的频率最小。a光照射到K极上时产生的光电流I随光电管两端电压U变化的图像如图2所示。已知氢原子的能级图如图3所示，则下列说法正确的是（　　） A．大量处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时，能发出8种不同频率的光 B．a光是氢原子从n＝3能级跃迁到基态时发出的光 C．让a光与b光经过同一个狭缝，a光更容易发生明显的衍射现象 D．若增大a光的光照强度，则图2中的Uc将变大 7．按黑体辐射理论，黑体单位面积的辐射功率与其热力学温度的四次方成正比，比例系数为σ（称为斯特藩﹣玻尔兹曼常数），某黑体如果它辐射的功率与接收的功率相等时，温度恒定。假设宇宙中有一恒星A和绕其圆周运动的行星B（忽略其他星体的影响），已知恒星A单位面积辐射的功率为P，B绕A圆周运动的周期为τ，将B视为黑体，B的温度恒定为T，万有引力常数为G，将A和B视为质量均匀分布的球体，行星B的大小远小于其与A的距离，由上述物理量和常数表示出的恒星A的平均密度为（　　） A． B． C． D． （多选）8．在一个艺术表演舞台上，为了营造特殊的视觉效果，工作人员利用了一种特殊的振动装置来产生简谐机械波。该波在均匀介质中沿x轴传播，如图甲为t＝1s时刻该波的波动图像，图乙为平衡位置在x＝2m处的质点P的振动图像。以下说法正确的是（　　） A．t＝3s时，质点P在平衡位置 B．图甲状态下，质点P再经1s将沿x轴正方向移动到x＝4m处 C．若波源的振动频率增大，该波在介质中的传播速度也增大 D．该波沿x轴正方向传播 （多选）9．如图所示，纸面为竖直面，空间存在平行于纸面的足够宽广的匀强电场，其大小和方向均未知。一带电量为q（q＞0）、质量为m的小球从M点在纸面内以v0的水平速度向左抛出，经过一段时间后沿与水平方向成60°的速度v（v大小未知）通过M点正下方的N点，MN两点间的距离为h，重力加速度为g，不计空气阻力。则（　　） A．这段时间内小球的重力势能减小mgh B．MN之间的电势差为 C．电场强度方向有可能斜向右上方 D．小球在运动过程中的最小速度为v0 （多选）10．如图甲是法拉第圆盘发电机原理图，图乙为从右向左看，金属圆盘顺时针转动侧视图，金属圆盘绕中心轴C匀速转动，圆盘半径为r，整个装置处在方向与轴线平行的匀强磁场中，磁感应强度大小为B，圆盘中心C和圆盘边缘D处各有一个电刷与圆盘良好接触，外接一阻值为R的定值电阻，金属圆盘、导线、电刷电阻忽略不计、圆盘顺时针转动的角速度为ω，则下列说法正确的是（　　） A．C点电势低于外边缘D的电势 B．铜盘产生的感应电动势 C．作用在圆盘圆心角θ区域（θ很小，可视为导体棒）上的安培力大小F与θ的关系式为 D．若将此圆盘中心挖去半径为的同心圆，圆盘内边缘仍与电刷接触，其他条件不变，则感应电动势变为 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11．（6分）如图甲所示，某探究小组利用气垫导轨做“验证动量守恒定律”实验。滑块A和滑块B的质量（包括遮光条）分别为m1和m2。实验中弹射装置每次给A的初速度均相同，B初始处于静止状态。A的遮光条两次通过光电门1的挡光时间分别为Δt1、Δt3，B的遮光条通过光电门2的挡光时间为Δt2。 （1）用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，其示数为　14.50　 mm。 （2）打开气泵，先取走滑块B，待气流稳定后将滑块A从气垫导轨右侧向左弹出，测得光电门1的挡光时间大于光电门2的挡光时间，为使导轨水平，可调节左侧底座旋钮，使轨道左端　升高　 （填“升高”或“降低”）一些。 （3）经测量，滑块A，B上遮光条宽度相同，则验证动量守恒定律的表达式为　　 （用m1、m2、Δt1、Δt2、Δt3表示）。 12．（8分）为测量干电池的电动势和内阻，设计了如图甲所示的实验电路，实验室提供的实验器材如下： A.待测干电池一节，电动势约为1.5V，内阻约为10Ω B.电流表A1，量程为0～50mA，内阻r1未知 C.电流表A2，量程为0～150mA，内阻r2未知 D.定值电阻R0，阻值为20Ω E.滑动变阻器R1，最大阻值为5Ω F.滑动变阻器R2，最大阻值为100Ω G.开关和导线若干 （1）为测量电流表A1的内阻r1，采用“电桥法”进行测量。如图乙所示，将电流表A1与两个定值电阻R1＝4.0Ω、R2＝96.0Ω和电阻箱相连接，M、N两点接灵敏电流计G。闭合开关S，调节电阻箱R，当灵敏电流计G中的电流为　 　 （选填“满偏”、“半偏”或“0”）时，电阻箱R的读数为120.0Ω，则电流表A1的内阻r1＝　 　 Ω（结果保留小数点后一位）； （2）实验过程中为了调节方便，图甲中滑动变阻器应选择　 　 （选填器材前面的字母序号E或F）； （3）实验中移动滑动变阻器的滑片，测出多组电流表A1、A2的数据I1、I2，描绘出的I2﹣I1图像如图丙所示，电流表A1的内阻为（1）的测量值，则电源的电动势E＝　 　 V，内阻r＝　 　 Ω。（结果均保留3位有效数字） 13．（10分）如图所示，小孩与冰车的总质量为43kg，静止在水平冰面上，大人用与水平方向夹角θ＝37°的恒力F拉冰车，小孩与冰车一起沿冰面由静止开始做匀加速直线运动，小孩与冰车向前运动4m时速度为2m/s。已知冰车与冰面间的动摩擦因数为0.1，若不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。求： （1）小孩与冰车的加速度大小； （2）拉力F大小。 14．（13分）如图所示，在竖直面内建立xOy坐标系，y轴左侧存在沿x轴正方向的匀强电场，右侧存在垂直纸面向里的匀强磁场。长为L的绝缘细线一端固定在O点，另一端系着质量为m、电荷量为q的带正电小球。现将小球拉至M（0，﹣L）处并给小球一沿x轴负方向的初速度，使小球在竖直面内做圆周运动，当小球运动到P点时，细线上的拉力恰好为零；当小球运动到N（0，L）处时细线断裂，之后小球始终在第一象限内运动，某时刻小球恰好与y轴相切。已知OP与y轴正方向的夹角为37°，sin37°＝0.6，重力加速度大小为g，小球可视为质点。求： （1）电场强度E的大小； （2）小球在M、N两点时的速度v1、v2的大小； （3）磁感应强度B的大小。 15．（17分）如图所示，光滑水平面上，原长L0m的弹簧两端分别连接质量均为M＝1kg的静止的小物块B和C，B与竖直墙壁的距离x0＝1.6m。质量为m＝1kg的小物块A从高h＝0.8m的平台以v0水平抛出，A的下表面刚好与B的上表面相碰，碰撞时间极短。碰撞过程中B、C始终未离开水平面，重力加速度g＝10m/s2。 （1）若C固定，A、B碰撞后瞬间粘连在一起，求以后的运动过程中弹簧的最大弹性势能； （2）若C固定，A、B间的动摩擦因数μ，A、B碰撞前后A竖直方向的速度大小不变，方向相反。求碰后B的速度大小； （3）若C不固定，A、B间的动摩擦因数μ，A、B碰撞后A竖直方向反弹速度大小为碰前的e倍（0＜e＜1）。A、B碰撞后经过时间t0＝0.15s弹簧第一次恢复原长，不考虑碰撞过程中A、B、C的相对位移。试求：当e为何值在弹簧原长时A直接落在C上（此过程中A未与地面接触）。 1 / 2 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年高考物理临考冲刺卷03（黑吉辽蒙专用） （考试时间：75分钟 试卷满分：100分） 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8～10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1．如图示，两个行李箱完全相同，甲拉着走，乙推着走，两人都是匀速运动，下列说法正确的是（　　） A．甲省力 B．乙省力 C．两人对箱子的作用力大小相同 D．两种情况箱子与地面间的摩擦力大小相同 【答案】A 【解析】甲拉着行李箱走，受力如图所示 根据平衡条件，水平方向Fcosα＝f 其中f＝μFN 竖直方向FN＝mg﹣Fsinα 联立解得 乙推着行李箱走，受力如图所示 根据平衡条件水平方向F′cosθ＝f′ 竖直方向F′N＝mg+F′sinθ 其中f′＝μF′N 联立解得 可知FN＜F′N，人对箱子的作用力与水平方向夹角近似相等，则有F＜F′，f＜f′，所以甲省力，甲箱子与地面间的摩擦力小。 故A正确，BCD错误。 故选：A。 2．动力黏度是描述流体流动时内摩擦力的物理量，单位是Pa•s（帕斯卡•秒），动力黏度的单位用国际单位制的基本单位可表示为（　　） A．kg•m﹣1•s﹣1 B．kg•m•s﹣1 C．kg•m﹣1•s﹣2 D．kg•m﹣2•s 【答案】A 【解析】由题意可知，动力黏度单位是Pa•s（帕斯卡•秒），使用基本单位表示为：1Pa•s1kg•m﹣1•s﹣1，故A正确，BCD错误。 故选：A。 3．一质量为2kg的小球从距地面高h＝5m处由静止释放，与地面碰撞后反弹至最大高度h′＝1.25m。取g＝10m/s2，且整个过程中空气阻力恒定，下列说法不正确的是（　　） A．小球下落过程中重力势能减少了100J B．小球与地面碰撞过程中动量变化量的大小为30kg•m/s C．小球从释放到反弹至最高点的过程中机械能守恒 D．小球反弹后上升过程中合外力的冲量大小为10N•s 【答案】C 【解析】小球自释放点下落至反弹后达到最高点的过程，涉及重力势能变化、动能变化及机械能是否守恒的判断。 A、小球下落阶段重力势能的减少量ΔEp＝mgh，代入数据得ΔEp＝2×10×5J＝100J，故A正确； BD、小球下落过程，根据动能定理有，解得落地前瞬间速度v1＝10m/s；反弹上升过程，由动能定理，解得反弹瞬间速度v2＝5m/s。 小球与地面碰撞过程，取竖直向上为正方向，其动量变化量Δp＝mv2﹣（﹣mv1），代入数据计算得Δp＝2×（5+10）kg•m/s＝30kg•m/s。 小球反弹后上升阶段，合外力的冲量等于其动量变化，即I＝0﹣mv2，计算得I＝﹣10N•s，其大小为10N•s，故BD正确； C、由于小球反弹后达到的最大高度h'低于释放高度h，表明在碰撞或运动过程中存在能量损耗（如克服阻力做功或碰撞生热），系统机械能不守恒，故C错误。 本题选错误的，故选：C。 4．如图所示为车载电磁实验简易装置，弹性线圈与A、B两个发光二极管组成的回路装置固定在小车上表面，小车置于光滑水平桌面上。实验中发现当条形磁体沿轴线快速靠近或远离线圈时，小车会向右或向左运动，同时两个二极管会交替发光，则条形磁体（　　） A．N极靠近线圈时，小车向右运动，二极管A发光 B．N极远离线圈时，小车向左运动，二极管B发光 C．N极靠近线圈时，线圈有扩大的趋势 D．无论N极或S极，只要靠近线圈时，小车均向右运动 【答案】D 【解析】A、N极靠近线圈时，根据楞次定律的推广“来拒去留”，小车向右运动，由楞次定律可判断出，感应电流的方向为线圈左端→二极管A的下端→二极管A上端→线圈右端，二极管A不能正向导通，则二极管A不放光，故A错误； B、N极远离线圈时，根据“来拒去留”，小车向左运动，由楞次定律可判断出，感应电流的方向线圈右端→二极管B的上端→二极管B下端→线圈左端，二极管B不能正向导通，则二极管B不放光，故B错误； C、N极靠近线圈时，根据“增缩减扩”，可知线圈有缩小趋势，故C错误； D、无论N极或S极，只要靠近线圈时，根据“来拒去留”，小车向右运动，故D正确； 故选：D。 5．一定质量的理想气体，状态a→b→c的变化过程可用如图所示的V﹣t图线描述，已知热力学温度T与摄氏度t的关系为T＝t+273.15K。下列说法正确的是（　　） A．a→b过程气体分子对容器壁单位面积的平均作用力变大 B．b→c过程体积不变，气体从外界吸收热量 C．c→a过程体积减小，压强不变 D．a→b过程气体对外做功大于c→a过程外界对气体做功 【答案】D 【解析】A、根据理想气体状态方程pV＝nRT，在V﹣t图像中，经过绝对零度（﹣273.15℃）的倾斜直线为等压线。由于a→b过程的图线恰好通过该点，表明此过程为等压过程，压强p保持不变，因此气体分子对容器壁单位面积的平均作用力也不变，故A错误； B、b→c过程的图线为水平线，意味着气体的体积V不变，而温度t降低，因此气体内能减少（ΔU＜0）。依据热力学第一定律ΔU＝Q+W，由于体积不变，故W＝0，从而得到Q＜0，说明气体向外界释放热量，故B错误； C、c→a过程的图线不经过绝对零度点，其斜率持续变化，由公式可知，此过程中气体的压强p是变化的，故C错误； D、比较a→b与c→a两个过程，在相同的体积V下，a→b过程对应的温度T始终高于c→a过程。根据可知，在任一相同体积处，其压强始终满足pab＞pca。依据功的定义W＝pΔV，当体积变化量ΔV相同时，压强越大，所做的功就越多，因此a→b过程气体对外所做的功大于c→a过程外界对气体所做的功，故D正确。 故选：D。 6．大量处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时发出不同频率的光，将这些光分别照射到图1所示电路中的光电管K极上，只有3种频率的光a、b、c能够形成光电流，且a、b、c中a光的频率最小。a光照射到K极上时产生的光电流I随光电管两端电压U变化的图像如图2所示。已知氢原子的能级图如图3所示，则下列说法正确的是（　　） A．大量处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时，能发出8种不同频率的光 B．a光是氢原子从n＝3能级跃迁到基态时发出的光 C．让a光与b光经过同一个狭缝，a光更容易发生明显的衍射现象 D．若增大a光的光照强度，则图2中的Uc将变大 【答案】C 【解析】A、大量处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁，发出不同频率光的种类为组合数为n种＝6种，故A错误； B、从n＝4到n＝1能级释放的光子能量为E41＝E4﹣E1＝﹣0.85eV﹣（﹣13.6eV）＝12.75eV；从n＝3到n＝1能级释放的光子能量为E31＝E3﹣E1＝﹣1.51eV﹣（﹣13.6eV）＝12.09eV；从n＝2到n＝1能级释放的光子能量为E21＝E2﹣E1＝﹣3.40eV﹣（﹣13.6eV）＝10.2eV。其他跃（4→2，4→3，3→2）的光子能量均小于10.2eV，无法产生光电效应。由题可知只有3种频率的光能产生光电效应，且a光频率最小。所以a光是氢原子从n＝2能级跃迁到基态时发出的光，故B错误； C、a光频率小于b、c光，由c＝λν可知，a光的波长大于b、c光的波长，根据发生明显衍射的条件可知，a光更容易发生明显的衍射现象，故C正确； D、由光电效应方程和动能定理可得eUc＝hν﹣W0，遏止电压Uc仅和入射光频率ν、逸出功W0有关，和光照强度无关。增大光照强度不会改变Uc，故D错误。 故选：C。 7．按黑体辐射理论，黑体单位面积的辐射功率与其热力学温度的四次方成正比，比例系数为σ（称为斯特藩﹣玻尔兹曼常数），某黑体如果它辐射的功率与接收的功率相等时，温度恒定。假设宇宙中有一恒星A和绕其圆周运动的行星B（忽略其他星体的影响），已知恒星A单位面积辐射的功率为P，B绕A圆周运动的周期为τ，将B视为黑体，B的温度恒定为T，万有引力常数为G，将A和B视为质量均匀分布的球体，行星B的大小远小于其与A的距离，由上述物理量和常数表示出的恒星A的平均密度为（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】设恒星A的半径为RA，质量为M，平均密度为ρ，恒星B的半径为RB，质量为m，恒星A、B间的距离为r，则 行星B绕恒星A做匀速圆周运动，周期为τ由牛顿第二定律： 由于行星B的温度恒定，则行星B辐射的功率与接收到的功率相等，即 联立知，，故A正确，BCD错误。 故选：A。 （多选）8．在一个艺术表演舞台上，为了营造特殊的视觉效果，工作人员利用了一种特殊的振动装置来产生简谐机械波。该波在均匀介质中沿x轴传播，如图甲为t＝1s时刻该波的波动图像，图乙为平衡位置在x＝2m处的质点P的振动图像。以下说法正确的是（　　） A．t＝3s时，质点P在平衡位置 B．图甲状态下，质点P再经1s将沿x轴正方向移动到x＝4m处 C．若波源的振动频率增大，该波在介质中的传播速度也增大 D．该波沿x轴正方向传播 【答案】AD 【解析】A．根据振动图像可知t＝3s时，质点P在平衡位置，故A正确； B．波传播的是振动的形式和能量，质点P在平衡位置上下振动，不随波的传播而移动，故B错误； C．机械波的传播速度仅由介质的性质决定，与波源的振动频率无关。即使频率增大，波在同一介质中的传播速度不变，故C错误； D．根据图乙可知t＝1s时，质点P在平衡位置向y轴正方向振动，根据图甲，根据“上下坡”法可知该波沿x轴正方向传播，故D正确。 故选：AD。 （多选）9．如图所示，纸面为竖直面，空间存在平行于纸面的足够宽广的匀强电场，其大小和方向均未知。一带电量为q（q＞0）、质量为m的小球从M点在纸面内以v0的水平速度向左抛出，经过一段时间后沿与水平方向成60°的速度v（v大小未知）通过M点正下方的N点，MN两点间的距离为h，重力加速度为g，不计空气阻力。则（　　） A．这段时间内小球的重力势能减小mgh B．MN之间的电势差为 C．电场强度方向有可能斜向右上方 D．小球在运动过程中的最小速度为v0 【答案】AD 【解析】A、小球从M到N的运动过程中重力做功为mgh，所以重力势能减小为mgh，故A正确； B、小球在水平方向的运动具有对称性，故到达N点时，水平速度大小为V0所以，小球从M到N的运动过程中，根据动能定理有，解得，故B错误； C、在N点，小球竖直方向速度，若小球在竖直方向只受重力，则，解得，所以小球一定受到竖直向下的电场力的分力，即电场强度一定有竖直向下的分量，故C错误； D.画出小球从M到N的速度变化矢量图，如图所示： 可知，实际速度与Δv垂直时速度最小，则，则，故D正确。 故选：AD。 （多选）10．如图甲是法拉第圆盘发电机原理图，图乙为从右向左看，金属圆盘顺时针转动侧视图，金属圆盘绕中心轴C匀速转动，圆盘半径为r，整个装置处在方向与轴线平行的匀强磁场中，磁感应强度大小为B，圆盘中心C和圆盘边缘D处各有一个电刷与圆盘良好接触，外接一阻值为R的定值电阻，金属圆盘、导线、电刷电阻忽略不计、圆盘顺时针转动的角速度为ω，则下列说法正确的是（　　） A．C点电势低于外边缘D的电势 B．铜盘产生的感应电动势 C．作用在圆盘圆心角θ区域（θ很小，可视为导体棒）上的安培力大小F与θ的关系式为 D．若将此圆盘中心挖去半径为的同心圆，圆盘内边缘仍与电刷接触，其他条件不变，则感应电动势变为 【答案】BC 【解析】A．由右手定则可知感应电流由边缘D向C流动，因为圆盘为电源部分，所以C点电势高于D点，故A错误； B．根据直导体切割磁感线公式，可得铜盘产生的感应电动势为：，故B正确； C．圆盘可视作多个扇形区域并联，对应的扇形区域可视为导体棒，每个导体棒上的电流为：，其中电流根据闭合电路欧姆定律，其中，所以导体棒受到的安培力大小为：F＝BI0r，即：，故C正确； D．铜盘产生的感应电动势，同理可求得挖去半径为的同心圆产生的电动势，故此圆盘挖去同心圆后，产生的电动势，故D错误。 故选：BC。 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11．（6分）如图甲所示，某探究小组利用气垫导轨做“验证动量守恒定律”实验。滑块A和滑块B的质量（包括遮光条）分别为m1和m2。实验中弹射装置每次给A的初速度均相同，B初始处于静止状态。A的遮光条两次通过光电门1的挡光时间分别为Δt1、Δt3，B的遮光条通过光电门2的挡光时间为Δt2。 （1）用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，其示数为　14.50　 mm。 （2）打开气泵，先取走滑块B，待气流稳定后将滑块A从气垫导轨右侧向左弹出，测得光电门1的挡光时间大于光电门2的挡光时间，为使导轨水平，可调节左侧底座旋钮，使轨道左端　升高　 （填“升高”或“降低”）一些。 （3）经测量，滑块A，B上遮光条宽度相同，则验证动量守恒定律的表达式为　　 （用m1、m2、Δt1、Δt2、Δt3表示）。 【答案】（1）14.50；（1分） （2） 升高；（2分） （3） （3）。（3分） 【解析】（1）由图乙游标卡尺的精确度为0.05mm可知，遮光条的宽度d＝14mm+10×0.05mm＝14.50mm （2）打开气泵，先取走滑块B，待气流稳定后将滑块A从气垫导轨右侧向左弹出，根据 测得光电门1的挡光时间大于光电门2的挡光时间，表明滑块运动相同的距离时，时间变短，速度变大，做加速运动，为使导轨水平，可调节左侧底座旋钮，使轨道左端升高一些。 （3）A的遮光条两次通过光电门1的遮光速度分别为， B的遮光条通过光电门2的遮光速度为 根据动量守恒定律得m1v1＝m2v2+m1v3 联立可得 故答案为：（1）14.50；（2）升高；（3）。 12．（8分）为测量干电池的电动势和内阻，设计了如图甲所示的实验电路，实验室提供的实验器材如下： A.待测干电池一节，电动势约为1.5V，内阻约为10Ω B.电流表A1，量程为0～50mA，内阻r1未知 C.电流表A2，量程为0～150mA，内阻r2未知 D.定值电阻R0，阻值为20Ω E.滑动变阻器R1，最大阻值为5Ω F.滑动变阻器R2，最大阻值为100Ω G.开关和导线若干 （1）为测量电流表A1的内阻r1，采用“电桥法”进行测量。如图乙所示，将电流表A1与两个定值电阻R1＝4.0Ω、R2＝96.0Ω和电阻箱相连接，M、N两点接灵敏电流计G。闭合开关S，调节电阻箱R，当灵敏电流计G中的电流为　 　 （选填“满偏”、“半偏”或“0”）时，电阻箱R的读数为120.0Ω，则电流表A1的内阻r1＝　 　 Ω（结果保留小数点后一位）； （2）实验过程中为了调节方便，图甲中滑动变阻器应选择　 　 （选填器材前面的字母序号E或F）； （3）实验中移动滑动变阻器的滑片，测出多组电流表A1、A2的数据I1、I2，描绘出的I2﹣I1图像如图丙所示，电流表A1的内阻为（1）的测量值，则电源的电动势E＝　 　 V，内阻r＝　 　 Ω。（结果均保留3位有效数字） 【答案】（1）0，（1分）5.0；（2分） （2） E；（2分） （3）1.27，（1分）10.3。（2分） 【解析】（1）当灵敏电流计G中的电流为0时，M、N两点电势相等，电桥达到平衡； 根据电桥平衡条件有，代入数据解得r1＝5.0Ω （2）由于待测支路总电阻较小，为方便调节，应选择阻值较小的滑动变阻器E； （3）干路总电流为I＝I1+I2 路端电压为U＝I1（r1+R0） 根据闭合电路欧姆定律有E＝U+Ir 联立可得 结合丙图有， 联立可得 E≈1.27V，r≈10.3Ω 故答案为：（1）0，5.0；（2）E；（3）1.27，10.3。 13．（10分）如图所示，小孩与冰车的总质量为43kg，静止在水平冰面上，大人用与水平方向夹角θ＝37°的恒力F拉冰车，小孩与冰车一起沿冰面由静止开始做匀加速直线运动，小孩与冰车向前运动4m时速度为2m/s。已知冰车与冰面间的动摩擦因数为0.1，若不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。求： （1）小孩与冰车的加速度大小； （2）拉力F大小。 【答案】（1）小孩与冰车的加速度大小是0.5m/s2； （2）拉力F的大小是75N。 【解析】（1）由匀变速直线运动的v﹣x公式可知，加速度a（4分） （2）对小孩与冰车整体，由牛顿第二定律得Fcos37°﹣μ（mg﹣Fsin37°）＝ma（4分） 代入数据解得F＝75N（2分） 答：（1）小孩与冰车的加速度大小是0.5m/s2； （2）拉力F的大小是75N。 14．（13分）如图所示，在竖直面内建立xOy坐标系，y轴左侧存在沿x轴正方向的匀强电场，右侧存在垂直纸面向里的匀强磁场。长为L的绝缘细线一端固定在O点，另一端系着质量为m、电荷量为q的带正电小球。现将小球拉至M（0，﹣L）处并给小球一沿x轴负方向的初速度，使小球在竖直面内做圆周运动，当小球运动到P点时，细线上的拉力恰好为零；当小球运动到N（0，L）处时细线断裂，之后小球始终在第一象限内运动，某时刻小球恰好与y轴相切。已知OP与y轴正方向的夹角为37°，sin37°＝0.6，重力加速度大小为g，小球可视为质点。求： （1）电场强度E的大小； （2）小球在M、N两点时的速度v1、v2的大小； （3）磁感应强度B的大小。 【答案】（1）电场强度E的大小是； （2）小球在M、N两点时的速度v1是，v2的大小是； （3）磁感应强度B的大小是。 【解析】（1）根据题意可知，小球运动到P点时，重力和电场力的合力沿着PO方向即 则电场强度（3分） （2）小球运动到P点时，重力和电场力的合力 合力提供向心力，设此时速度为v 则（1分） 小球从M点到P点，根据动能定理，有（2分） 代入数据得（3分） 小球从M点到N点，有（4分） 代入数据得（5分） （3）小球进入第一象限时，设v2＝v3+v4 根据配速法，小球以v3的速度做匀速直线运动，则qv3B＝mg（1分） 以v4的速率做匀速圆周运动，半径为R，则（2分） 周期（3分） 小球在第一象限内运动时到达最左端，此时与y轴相切，则（4分） 代入数据得（5分） 答：（1）电场强度E的大小是； （2）小球在M、N两点时的速度v1是，v2的大小是； （3）磁感应强度B的大小是。 15．（17分）如图所示，光滑水平面上，原长L0m的弹簧两端分别连接质量均为M＝1kg的静止的小物块B和C，B与竖直墙壁的距离x0＝1.6m。质量为m＝1kg的小物块A从高h＝0.8m的平台以v0水平抛出，A的下表面刚好与B的上表面相碰，碰撞时间极短。碰撞过程中B、C始终未离开水平面，重力加速度g＝10m/s2。 （1）若C固定，A、B碰撞后瞬间粘连在一起，求以后的运动过程中弹簧的最大弹性势能； （2）若C固定，A、B间的动摩擦因数μ，A、B碰撞前后A竖直方向的速度大小不变，方向相反。求碰后B的速度大小； （3）若C不固定，A、B间的动摩擦因数μ，A、B碰撞后A竖直方向反弹速度大小为碰前的e倍（0＜e＜1）。A、B碰撞后经过时间t0＝0.15s弹簧第一次恢复原长，不考虑碰撞过程中A、B、C的相对位移。试求：当e为何值在弹簧原长时A直接落在C上（此过程中A未与地面接触）。 【答案】（1）若C固定，A、B碰撞后瞬间粘连在一起，以后的运动过程中弹簧的最大弹性势能为4J； （2）若C固定，A、B间的动摩擦因数μ，A、B碰撞前后A竖直方向的速度大小不变，方向相反。碰后B的速度大小为1m/s； （3）当e为0.75在弹簧原长时A直接落在C上。 【解析】（1）A平抛：x0＝v0t （1分） 得：v0＝4m/s（2分） t＝0.4s（3分） A、B相碰水平方向动量守恒，以v0的方向为正方向，则：mv0＝（M+m）v共（4分） B、C间弹簧压缩至最短时，动能全部转化为弹性势能：（5分） 得Ep＝4J（6分） （2）A碰前的竖直速度：vy＝gt 即vy＝4m/s（1分） 假设A、B碰后水平速度不相等，碰撞过程中A、B间一直有滑动摩擦力。 A、B相碰，对A竖直方向，以竖直向上的方向为正方向：FN•Δt＝2mvy（2分） 对A水平方向，以水平向左的方向为正方向：μFN•Δt＝m（v0﹣vx）（3分） A、B水平方向动量守恒，以v0的方向为正方向，则：mv0＝mvx+Mv（4分） 得：vx＝3m/s，v＝lm/s vx＞v，假设成立，故碰后B的速度大小为1m/s（5分） （3）A、B相碰，对A竖直方向，以竖直向上的方向为正方向：FN•Δt＝m（vy+evy）（1分） 对A水平方向，以水平向左的方向为正方向：μFN•Δt＝m（v0﹣vx） A、B水平方向动量守恒，以v0的方向为正方向，则：mv0＝mvx+Mv（2分） 经过时间t＝Nt0（N＝1，2，3•••）A、C相碰。 此过程中B、C相互作用动量守恒，以v的方向为正方向：Mv＝Mv1+Mv2 累积即∑（3分） 得：vt＝xB+xC 初末弹簧未形变，故xB＝xC A运动的时间 vxt＝xC+L0（4分） 解之并验算得：N＝4，t＝0.60s，e＝0.75（5分） 答：（1）若C固定，A、B碰撞后瞬间粘连在一起，以后的运动过程中弹簧的最大弹性势能为4J； （2）若C固定，A、B间的动摩擦因数μ，A、B碰撞前后A竖直方向的速度大小不变，方向相反。碰后B的速度大小为1m/s； （3）当e为0.75在弹簧原长时A直接落在C上。 1 / 2 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年高考物理临考冲刺卷03（黑吉辽蒙专用） 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8～10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 A A C D D C A AD AD BC 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11．（6分） 【答案】（1）14.50；（1分） （2） 升高；（2分） （3） （3）。（3分） 【解析】（1）由图乙游标卡尺的精确度为0.05mm可知，遮光条的宽度d＝14mm+10×0.05mm＝14.50mm （2）打开气泵，先取走滑块B，待气流稳定后将滑块A从气垫导轨右侧向左弹出，根据 测得光电门1的挡光时间大于光电门2的挡光时间，表明滑块运动相同的距离时，时间变短，速度变大，做加速运动，为使导轨水平，可调节左侧底座旋钮，使轨道左端升高一些。 （3）A的遮光条两次通过光电门1的遮光速度分别为， B的遮光条通过光电门2的遮光速度为 根据动量守恒定律得m1v1＝m2v2+m1v3 联立可得 故答案为：（1）14.50；（2）升高；（3）。 12．（8分）【答案】（1）0，（1分）5.0；（2分） （2） E；（2分） （3）1.27，（1分）10.3。（2分） 【解析】（1）当灵敏电流计G中的电流为0时，M、N两点电势相等，电桥达到平衡； 根据电桥平衡条件有，代入数据解得r1＝5.0Ω （2）由于待测支路总电阻较小，为方便调节，应选择阻值较小的滑动变阻器E； （3）干路总电流为I＝I1+I2 路端电压为U＝I1（r1+R0） 根据闭合电路欧姆定律有E＝U+Ir 联立可得 结合丙图有， 联立可得 E≈1.27V，r≈10.3Ω 故答案为：（1）0，5.0；（2）E；（3）1.27，10.3。 13．（10分）【答案】（1）小孩与冰车的加速度大小是0.5m/s2； （2）拉力F的大小是75N。 【解析】（1）由匀变速直线运动的v﹣x公式可知，加速度a（4分） （2）对小孩与冰车整体，由牛顿第二定律得Fcos37°﹣μ（mg﹣Fsin37°）＝ma（4分） 代入数据解得F＝75N（2分） 答：（1）小孩与冰车的加速度大小是0.5m/s2； （2）拉力F的大小是75N。 14．（13分）【答案】（1）电场强度E的大小是； （2）小球在M、N两点时的速度v1是，v2的大小是； （3）磁感应强度B的大小是。 【解析】（1）根据题意可知，小球运动到P点时，重力和电场力的合力沿着PO方向即 则电场强度（3分） （2）小球运动到P点时，重力和电场力的合力 合力提供向心力，设此时速度为v 则（1分） 小球从M点到P点，根据动能定理，有（2分） 代入数据得（3分） 小球从M点到N点，有（4分） 代入数据得（5分） （3）小球进入第一象限时，设v2＝v3+v4 根据配速法，小球以v3的速度做匀速直线运动，则qv3B＝mg（1分） 以v4的速率做匀速圆周运动，半径为R，则（2分） 周期（3分） 小球在第一象限内运动时到达最左端，此时与y轴相切，则（4分） 代入数据得（5分） 答：（1）电场强度E的大小是； （2）小球在M、N两点时的速度v1是，v2的大小是； （3）磁感应强度B的大小是。 15．（17分）【答案】（1）若C固定，A、B碰撞后瞬间粘连在一起，以后的运动过程中弹簧的最大弹性势能为4J； （2）若C固定，A、B间的动摩擦因数μ，A、B碰撞前后A竖直方向的速度大小不变，方向相反。碰后B的速度大小为1m/s； （3）当e为0.75在弹簧原长时A直接落在C上。 【解析】（1）A平抛：x0＝v0t （1分） 得：v0＝4m/s（2分） t＝0.4s（3分） A、B相碰水平方向动量守恒，以v0的方向为正方向，则：mv0＝（M+m）v共（4分） B、C间弹簧压缩至最短时，动能全部转化为弹性势能：（5分） 得Ep＝4J（6分） （2）A碰前的竖直速度：vy＝gt 即vy＝4m/s（1分） 假设A、B碰后水平速度不相等，碰撞过程中A、B间一直有滑动摩擦力。 A、B相碰，对A竖直方向，以竖直向上的方向为正方向：FN•Δt＝2mvy（2分） 对A水平方向，以水平向左的方向为正方向：μFN•Δt＝m（v0﹣vx）（3分） A、B水平方向动量守恒，以v0的方向为正方向，则：mv0＝mvx+Mv（4分） 得：vx＝3m/s，v＝lm/s vx＞v，假设成立，故碰后B的速度大小为1m/s（5分） （3）A、B相碰，对A竖直方向，以竖直向上的方向为正方向：FN•Δt＝m（vy+evy）（1分） 对A水平方向，以水平向左的方向为正方向：μFN•Δt＝m（v0﹣vx） A、B水平方向动量守恒，以v0的方向为正方向，则：mv0＝mvx+Mv（2分） 经过时间t＝Nt0（N＝1，2，3•••）A、C相碰。 此过程中B、C相互作用动量守恒，以v的方向为正方向：Mv＝Mv1+Mv2 累积即∑（3分） 得：vt＝xB+xC 初末弹簧未形变，故xB＝xC A运动的时间 vxt＝xC+L0（4分） 解之并验算得：N＝4，t＝0.60s，e＝0.75（5分） 答：（1）若C固定，A、B碰撞后瞬间粘连在一起，以后的运动过程中弹簧的最大弹性势能为4J； （2）若C固定，A、B间的动摩擦因数μ，A、B碰撞前后A竖直方向的速度大小不变，方向相反。碰后B的速度大小为1m/s； （3）当e为0.75在弹簧原长时A直接落在C上。 1 / 2 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $