2026届贵州省六校联盟高三下学期4月高考实用性联考(三) 物理试卷

物理试卷 注意事项： 1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答 题卡上填写清楚。 2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动， 用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。 3.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。满分100分，考试用时75分钟。 一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中， 只有一项符合题目要求。 1.2026年重庆马拉松比赛在南滨路鸣枪开跑，全程42.195公里，贵州选手丰配友在比赛 中以2小时10分21秒的成绩获得国内冠军。关于此次比赛下列说法正确的是 A.研究选手冲线动作时，可以将选手看成质点 B.2小时10分21秒指的是时间间隔 C.42.195公里指的是比赛过程中的位移大小 D全程的平均速度大小约为5.40m/s 2.2025年9月3日，在北京举办了纪念中国人民抗日战争暨世界反法 西斯战争胜利80周年大会。展示的一款舰载激光武器LY-1(如图 1)引起广泛关注，它是利用定向发射的激光束直接毁伤目标或使之 失效的舰用定向光能武器。关于其使用的激光，下列说法正确的是 图1 A.激光在空气和水的界面一定会发生明显的折射 B.激光通过双缝可以形成干涉条纹 C.激光通过单缝不会发生衍射现象 D.激光是纵波，不能发生偏振现象 3.某空间中存在与x轴平行的电场，其电势φ随x坐标变化的图像 t/v 20 如图2所示，若将一带粒子（不计重力)以初速度，从坐标原 点0射人电场，该粒子仅在电场力的作用下沿x轴正方向运动， 012入3 4 x/cm 已知电场中x轴上A、B两点的x坐标分别为1cm、3cm,则 -20 A.该粒子一定带正电 图2 B.4点和B点电场强度的方向相反 C.在x轴上x=2cm的位置，电场强度大小为1000V/m D.该粒子沿x轴从A点到B点的过程中，电势能一直增大 物理·第1页（共6页） 4.教室常用额温枪（图3甲)的工作原理是：任何物体温度高于绝对零度（-273℃)时 都会向外发出红外线，红外线照射到额温枪的温度传感器，发生光电效应，将光信号 转化为电信号，从而显示出物体的温度。已知人的体温正常时能辐射波长为10u的 红外线，如图乙所示，用该红外线照射光电管的阴极K时，电路中有光电流产生，光 电流随电压变化的图像如图丙所示，已知h=6.63×10-34J·s,e=1.6×10-9C,则 红外光 窗口 I/mA -2 0 U/(×10-V) 甲 丙 图3 A.波长为10um的红外线在真空中的频率为3×1013Hz B将图乙中的滑动变阻器滑片移动到最左端时，电流表的示数为零 C.由图丙可知，该光电管的阴极金属逸出功约为3.2×1019j D.若人体温度升高，辐射该红外线的强度增大，光电流会减小 5.质量为m,的半球形碗静止在水平桌面上，截面如图4所示，A为碗 的最低点，B为碗水平直径的左端点，碗恰好与固定竖直挡板接触。 碗内有一质量为m2的小球，用推力F推动小球由A点向B点缓慢 移动，力F的方向始终沿圆弧的切线方向，不计一切摩擦，下列说 图4 法正确的是 A.小球对碗的压力先减小后增大 B.推力F先减小后增大 C.碗对水平桌面的压力先增大后减小 D.挡板对碗的压力先增大后减小 6.在图5所示的交流电路中，电源电压的有效值为220V，理想变压器原、副线圈的匝数比 为10：1，R、R2均为定值电阻，R3为滑动变阻器，R2=102,各电表均为理想电表。已 知电阻R2中电流i随时间t变化的关系式为i=2W2sin(100πt)A,下列说法正确的是 图5 A电流表的示数为2√2A B.该交流电电流方向每秒改变50次 C只向上移动滑片P，电流表的示数将变小 D.只向下移动滑片P，电压表的示数将变大 物理·第2页（共6页） 7.如图6所示，某档综艺节目中，选手需要借助悬挂在高处0点的轻绳和静止在地面上 的滑板从左边平台运动到右边平台。可视为质点的选手在左边平台抓住轻绳，此时轻 绳与竖直方向夹角α：=60°，然后由静止开始运动摆到最低点时选手处于滑板正上方， 但脚恰好未与滑板接触，此时松手，选手落到滑板上后立即与滑板共速，一同向右侧 平台运动；当滑板恰要撞上右侧平台时，速度刚好减为共速时的一半，选手迅速以1= 6m/s的速度水平向右跳离滑板，跳离瞬间滑板以v2=6m/s的速度水平向左运动。已知 选手的质量m=60kg,轻绳的长度l=6.4m,滑板向右运动时所受阻力f大小恒定，不 计空气阻力，重力加速度g取10/s2。下列选项正确的是 A选手摆到最低点时对绳的拉力大小T=1000N B选手与滑板共速时速度v共=5m/s C滑板的的质量M=10kg 7777777 D.若该过程滑板向右移动的距离x=3m,则滑板所受 7777777777P77777 图6 的阻力大小f=360N 二、多项选择题：本大题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中， 有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.一定质量的理想气体经历了A→B→C→D→A的循环过程后回到状P 态A,其p-V图像如图7所示。完成一次循环，下列说法正确的是 A.温度不变，内能不变 B.气体对外做正功，内能减小 C.外界对气体做正功，气体放热 图7 D.气体对外做正功，气体吸热 9.春节期间，某市民在安全区燃放“加特林”烟花。如图8所示，某一瞬间，烟花弹α 和b同时从枪口水平飞出，枪口离地高度为H=20m。a以初速度v1=10m/s水平飞出， 最终落在地面上；b以初速度v2=20/s水平飞出，最终垂直打在倾角为0=53°的斜坡 上。忽略空气阻力，g取10m/s2,sin53°=0.8，cos53°=0.6。则下列说法正确的是 A.a和b在空中运动的时间之比为t。:t6=1:1 B.b的水平射程为30m C.a落地时的速度与b打在斜坡上时的速度大小之比为25：5 D.两烟花弹在运动过程中（均未落地前)，α与b之间的距离先 图8 增大后减小 物理·第3页（共6页）■口■■口■ 10.如图9所示，倾角为0=30°、长为L的倾斜导轨与水平导轨平滑相接，导轨电阻不 计，导轨间距均为d；倾斜导轨顶端连接电容为C的电容器，水平导轨处于竖直向下、 磁感应强度为B的匀强磁场中。一根长为d、质量为m、电阻为R的金属杆ab从倾斜 导轨顶端由静止开始下滑，运动过程中始终与导轨垂直且接触良好；忽略一切摩擦， 重力加速度为g,则 'dgL A.金属杆进入磁场时受到的安培力为 2R B.金属杆最终的速度为m工 m+B2dC Bd/gL C.电容器最终储存的电荷量为 图9 m+B2d2C D.金属杆在水平导轨上做变速运动发生的位移为mCRL m+B2dC 三、非选择题：共5小题，共57分。 11.(6分)小张同学为了测定当地的重力加速度，利用在半径为R的光滑圆弧面上做简 谐运动的匀质小球来进行实验，实验装置如图10甲所示，在该实验条件下，小球在 圆弧球面上的运动可视为单摆。 -25 20 0 B -15 压力传感器 甲 乙 丙 图10 (1)该同学利用螺旋测微器测量小球的直径，示数如图乙所示，则小球的直 径d= mm (2)该同学在圆弧球面下方安装了压力传感器，将小球从A点由静止释放后，压力传 感器的示数变化如图丙所示，则根据已知的物理量、可得当地重力加速度g的表达式 为g= (用d、to、R表示)。 (3)另一同学将光滑圆弧球面半径R当作小球等效单摆长度，所测得的g值比真实重 力加速度 (选填“偏大”“偏小”或“兀误差”)。 12.(9分)某实验小组要测量量程为3V的电压表V的内阻Rv。可选用的器材有：多用 电表，电源E(电动势9V),定值电阻R。（阻值为80002)，滑动变阻器R(最大阻 值502)，开关S,导线若干。 (1)先用多用电表粗测待测电压表的内阻，将欧姆表选择开关拨到“×10”，欧姆调 物理·第4页（共6页) 零后，进行测量，发现指针偏转角过小，应重新将选择开关拨到 (选填 “×1”或“×100”)，再欧姆调零后，测量得到指针位置如图11甲所示，则粗测得 该电压表内阻为 n。 201510 &lwwlbu山山山山/Po oo 20 M 口① R hmjummjlmpmmmmmmdy 1.5 00. A+V-2 《下NT77 5000n/W 25002/y 50000/W A-V40 25002/N 甲 乙 丙 图11 (2)为了提高测量精度，他们设计了如图乙所示的电路，闭合开关S前，滑动变阻器 的滑片应置于最 (选填“左”或“右”)端。 (3)闭合开关S,滑动变阻器滑片滑到某一位置时，将多用电表选择开关拨到直流电 压“10”挡，多用电表红表笔接 (选填“M”或“N”）点，黑表笔接 另外一点，此时指针位置如图丙所示，则MN两点间电压为 V,电压表读 数为1.50V。 (4)根据测量数据，可得待测电压表内阻Rv= 2。 13.(10分)如图12甲所示，一列简谐横波沿水平直线传播，a、b为介质中相距30m的 两个质点，某时刻a、b两质点正好都经过平衡位置，且a、b间只有一个波峰。已知 这列波波源做简谐运动的图像如图乙所示，求： (1)波源的振动方程以及在40s内运动的路程； (2)该简谐横波传播速度的大小可能值。 y/cm 甲 图12 物理·第5页（共6页） 14.（14分)如图13所示，光滑的台面左侧固定有一根劲度系数为k=100N/的轻弹簧， 轻弹簧的右侧与质量为m=1kg的滑块A拴接，质量也为m的滑块B紧靠滑块A一起 静止在台面上。台面右侧下方光滑的地面上固定有一圆心角为60°、半径R=0.5m的 光滑圆弧轨道，一表面与圆弧轨道右端相切且质量为)m的长木板C与圆弧轨道接触 但不粘连。现用恒力F=10N向左推动滑块B,当滑块A、B加速度为0时，撤去恒力 F,此后某时刻，滑块B与滑块A分离，分离后滑块A在台面上做简谐运动，滑块B 从平台右侧飞出，恰好从圆弧轨道左端沿切线方向滑入，一段时间后滑上C。若C与 B之间的动摩擦因数u=0.2,重力加速度为g=10m/s2；弹簧弹性势能公式 ,,其中k为弹资劲度系数，为弹领形变量。求： (1)撤去恒力F时弹簧的形变量； 60° (2)滑块A做简谐运动的振幅A; (3)若B未从C上滑落，则长木板C 的最短长度。 固定轨道 C 图13 15.(18分)如图14，在平面直角坐标系中，存在三个区域。在I区内，存在与y轴负方 向成30的匀强电场、场强大小为E;在Ⅱ区内，存在沿x轴正方向的匀强电场、场 强大小为B,同时始终受到一个与运动方向相反、大小为f一k= 29 的阻力。在Ⅲ 区内，存在沿x轴负方向的匀强电场、场强大小为E,同时还存在方向垂直于纸面向 里的匀强磁场、磁感应强度大小为2。现从A点（位于y轴上）由静止释放一个质 量为m、电荷量为+9的带电粒子，粒子沿直线运动经过B点，然后再沿曲线运动到C 点。经过B点时速度大小为o,B点位于I区、Ⅱ区的边界上，且与x轴的距离h= 人3-）m,C点位于轴上，且在区、Ⅲ区的边界上。不计粒子重力。求， 4gE (1)粒子在I区中运动的时间； Ⅱ区 Ⅲ区 (2)粒子经过C点时的速度大小及方向； (3)粒子经过C点后在Ⅲ区内运动的最小速度，以 及离C点的最大水平距离。 B E ×E××× 图14 物理·第6页（共6页）■口■ ☐■ 物理参考答案 选择题：共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要 求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题5分，全部选对的给5分，选对 但不全的给3分，有选错的给0分。 题号 2 3 6 8 9 10 答案 B B C D D D AD BC BD 【解析】 1.研究冲线动作，需要关注身体姿态与细节，不能看成质点，故A错误。2小时10分21秒 是从起跑至冲线的一段时间，属于时间间隔，故B正确。42.195公里是运动员跑过的路径 长度（路程），不是位移，故C错误。5.40m/s是平均速率，故D错误。 2.光从空气斜射入水时会发生折射，但垂直入射时传播方向不变，故A错误。激光具有高相 干性，是理想的相干光源，双缝干涉实验可获得稳定、清晰的干涉条纹，故B正确。任何 波长的光通过单缝都会发生衍射，激光也不例外，只是当缝宽远大于波长时衍射不明显， 故C错误。激光是电磁波，属于横波，横波具有偏振特性，故D错误。 3.粒子沿x轴正方向运动，若粒子带正电，电场力做正功，粒子加速；若粒子带负电，电场 力做负功，粒子减速。题目仅说明粒子沿x轴正方向运动，无法确定电性，故A错误。-x 图像是一条倾斜直线，说明电场是匀强电场，A、B两点电场强度方向相同，故B错误。 匀强电场中各点电场强度大小相等，故x=2cm处电场强度大小为1000Vm,故C正确。 从A到B,电势降低。若粒子带正电，电势能减小：若粒子带负电，电势能增大。无法确 定电势能变化趋势，故D错误。 4.由公式c=∫可知A正确。滑动变阻器滑片移动到最左端时，仍发生光电效应，电流表的 示数不为零，故B错误。由W。=w-.e可知C错误。若人体温度升高，光电流会增加， 故D错误。 5.小球由A到B缓慢移动，受力平衡，设小球所在处切线与水平面的夹角为，则碗对小球 的支持力N=gcos,a角逐渐增大且不超过90°，碗对小球的支持力逐渐减小，则小 物理参考答案·第1页（共6页） ■▣■■口■■口 球对碗的压力逐渐减小，故A错误。重力沿碗内侧切线的分力与F相等，F=gsna, α角逐渐增大且不超过90°，则推力F逐渐增大，故B错误。对碗和小球整体受力分析， 受推力F、重力、水平桌面的支持力N和挡板对碗的压力F,水平方向有 F压=F cos&=g sinacosa=一gsin2a,竖直方向有N+Fsin=(M+m)g,又a角逐 渐增大且不超过90°，F逐渐增大，则碗对水平桌面的压力逐渐减小，挡板对碗的压力先 增大后减小，故C错误，D正确。 6.由于电流表测的是有效值，则电流表的读数I=2A,故A错误。由通过电阻R,中电流i 的表达式可知，交流电的周期为0.02s,则该交流电电流方向每秒改变100次，故B错误。 由等效电阻法可知，当只向上移动滑片P,R变大，等效电阻变大，原线圈分得的电压变 大，副线圈的电压也就跟着变大，则电流表的示数将变大，故C错误。同理可得，当只向 下移动滑片P,R变小，等效电阻变小，原线圈分得的电压变小，电压表的示数就变大， 故D正确。 7.选手摆动时做竖直面内的圆周运动，由动能定理可知gl1-cos)=二w',代入数据解得 0=8s,在最低点，由牛顿第二定律可知T-mg=m%，代入数据解得T=120N,故 A错误。选手与滑板共速的速度为v。,选手落在滑板上时，由动量守恒可知w=(+M)V。, 选手跳离滑板时，由动量守恒可知二(m+M0o。=mw,-Mv2,联立两式可得M=2Og, 2 &=6ms,故B.C错误，白动能定理可知-k-m+n分0 -上m+M0，代入数 2 据解得f=360N,故D正确。 8.完成一次循环，回到初始状态，理想气体温度不变，而一定质量的理想气体的内能仅由温 度决定，所以气体的内能不变，故A正确。从p一V图像来说，图像与坐标轴所围图形的 面积表示气体做功情况，其中从A→BC的过程气体的体积增大是气体对外界做功的过 程，从C→D→A的过程气体的体积减小，是外界对气体做功的过程，且从C→D→A的 过程图像与坐标轴所围的面积小于从A→B→C的过程图像与坐标轴所围的面积，即气体 物理参考答案·第2页（共6页） ■▣■■▣■■口 对外做的功大于外界对气体做的功，则整个过程中表现为气体对外界做正功；根据热力学 第一定律，可知因W<0则Q>0,所以气体从外界吸收热量；故B、C错误，D正确。 2H 9.对a分析：平抛运动的时间由竖直高度决定，即t。= =2s:对b分析：由an37°=) 得v,=15m/s,则t,=1.5s,所以t:t。=4:3,故A错误。由x。=v,。=30m,故B正确。 由0=V0+心可知a与b的落地速度0。=105ms,0,=25m/s,所以)=2√5：5， 故C正确。两弹同时从同一高度水平抛出，在任意时刻（均未落地前），竖直位移相同， 因此它们之间的距离仅由水平位移差决定。即△x=(0,-o)t=10,可见距离随时间均匀 增大，故D错误。 10.金属杆到达底端时的速度：mgLsinc0= 2m,R-Bdo,I F=BId,得 R 下.B、g,枚A错误。当电容的电压与金属杆的电动势相等时，金属杆达到最大速 R 度，由C=及动量定理得D=m U m+B'd'C ,电容器最终储存的电荷量Q=mBdC乙 m+B'd2C 故B正确，C错误。由q=亚，1= RR=n ”,△D=BAx,则位移A=mRC L △Φ m+B2d2C’ 故D正确。 非选择题：共5小题，共57分。 11.(每空2分，共6分) (1)4.700 (2) 4t6 (3)偏大 d R 【解析】(2)由图丙可得小球摆动的周期为T=4t。,再根据T=2π ,解得 4t6 物理参考答案·第3页（共6页） ■▣■■口■■▣ R,即 (3》若将光滑圆弧球面半径R当作小球等效单摆长度，则测量的重力加速度8= 测得的g比真实重力加速度偏大。 12.(除特殊标注外，每空2分，共9分) (1)×100(1分) 2400(1分) (2)左(1分) (3)M6.3 (4)2500 【解析】(1)偏转角过小，读数不准确，应调大倍率，故选“×100”，读数为24×100-2400。 (2)分压式，要求电压从0开始，故滑动变阻器的滑片应置于最左端。 (3)由电流“红进黑出”，多用电表红表笔接M点，量程为直流电压“10”挡，读中间 最下面一排数据，每小格为0.2，则为6+1.5×0.2=6.3V。 （4由串联电路规律有6315_15，得，=25002。 13.(10分) 解：(1)由图可知周期T=2s、振幅A=3cm ① 则波源的振动方程为y=3sin(世)cm ② 因为40s为20个完整的周期 ③ 则波源在40s内运动的路程 5=20×4A=2.4m ④ (2)由题意可得△x= 2或Ar=或4x=3 1 ⑤ 则波长元=60m或2=30m或元=20m ⑥ 由加子 ① 解得v=30m/s或v=15m/s或v=10m/s ⊙ 评分标准：本题共10分。正确得出⑤式给3分，其余各式各给1分。 14.(14分) 解：(1)撤去外力时A、B加速度为零，设此时弹簧形变量为x 则=F ① 解得x=0.1m ② 物理参考答案·第4页（共6页） ■▣■■口■■▣ (2)经分析，A、B在弹簧恢复原长时分离，由动能定理有Fx=二×2w ③ 2 解得v,=lm/s ④ 1 1 此后对A由能量守恒有，m=k4 ⑤ 2 解得A=0.1m ⑥ (3)设B落到圆弧轨道时速度为v2,到达圆弧轨道最底端时速度为V,，由题意有 v2c0s60°=0 ⑦ 1 1 ms(R-Rcos60）=2m-2w ⑧ 解得v3=3m/s ⑨ 对B、C系统由动量守恒定律有，= ⑩ m+m 数8、C系统由能量守恒定律有mgLm+方号 ① 2 解得L=0.75m 卫 评分标准：本题共14分。正确得出①、③式各给2分，其余各式各给1分。 15.(18分) 解：(1)粒子从A→B做匀加速直线运动 gE ma ① V,at ② 解得t=, ③ gE (2)粒子从B进入Ⅱ区后水平方向上 ko.=2q8 .vo sin30°=qE ④ 故水平方向做匀速直线运动，达C点时水平方向速度 0。=0,sin30°=a 2 物理参考答案·第5页（共6页） ■▣■■口■■▣ 粒子从B进入Ⅱ区，从B到C竖直方向由动量定理有 -∑k,t=mW-wcos30° ⑤ Σkw,t=kh ⑥ 代入解得0，-马 2 V园+g=2 ,与x正方向成45度 ⑦ (3)粒子从C进入Ⅲ区后可分解为竖直向下的匀速直线运动和逆时针的匀速圆周运动 qE=q八，B ⑧ 可得u=,方向竖直向下 故匀速圆周运动的速度 ,=Vg- ⑨ 可得0，=”， 方向水平向右 对于圆周运动 o2 B=m- R 0 可得R= 4gE 当圆周运动}个周期时，此时合速度最小，离C点的水平距离最远 Vmm=V2-01=0 ① du=R= w6 ② AgE 评分标准：本题共18分。正确得出①、②、③、⑥、①、②式各给1分，其余各式各给 2分。 物理参考答案·第6页（共6页）