全册检测卷（三）-2025-2026学年高一下学期物理人教版必修第二册

必修二全册检测卷（三） 第I卷（选择题） 一、选择题（共46分，本题共10小题，1-7题每小题4分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，8-10题每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）。 1．下面关于曲线运动说法中正确的是（　　） A．做曲线运动物体受到的力一定是变力 B．物体在恒力作用下有可能做圆周运动 C．做圆周运动的物体所受各力的合力一定是指向圆心 D．做曲线运动物体加速度可能恒定 2．某同学用不可伸长的细线系一个质量为的发光小球，让小球在竖直面内绕一固定点做半径为的圆周运动。在小球经过最低点附近时拍摄了一张照片，曝光时间为。由于小球运动，在照片上留下了一条长度约为半径的圆弧形径迹。根据以上数据估算小球在最低点时细线的拉力大小为（　　） A． B． C． D． 3．国际编号为192391的小行星绕太阳公转的周期约为5.8年，该小行星与太阳系内八大行星几乎在同一平面内做圆周运动。规定地球绕太阳公转的轨道半径为，八大行星绕太阳的公转轨道半径如下表所示。忽略其它行星对该小行星的引力作用，则该小行星的公转轨道应介于（　　） 行星 水星 金星 地球 火星 木星 土星 天王星 海王星 轨道半径 0.39 0.72 1.0 1.5 5.2 9.5 19 30 A．金星与地球的公转轨道之间 B．地球与火星的公转轨道之间 C．火星与木星的公转轨道之间 D．天王星与海王星的公转轨道之间 4．“指尖转球”是花式篮球表演中常见的技巧。如图，当篮球在指尖上绕轴转动时，球面上P、Q两点做圆周运动的（　　） A．半径相等 B．线速度大小相等 C．向心加速度大小相等 D．角速度大小相等 5．2024年6月，嫦娥六号探测器首次实现月球背面采样返回。如图所示，探测器在圆形轨道1上绕月球飞行，在A点变轨后进入椭圆轨道、为远月点。关于嫦娥六号探测器，下列说法正确的是（　　） A．在轨道2上从A向B运动过程中动能逐渐减小 B．在轨道2上从A向B运动过程中加速度逐渐变大 C．在轨道2上机械能与在轨道1上相等 D．利用引力常量和轨道1的周期，可求出月球的质量 6．某修正带结构包括上、下盖和大、小齿轮，它前部有压嘴，大、小齿轮分别嵌合在连接体的大、小轴孔中，并相互吻合，能均匀地从压嘴处送出修正带如图所示，修正带的两个齿轮A、B的半径之比为1：2，若齿轮A匀速转动，则两个齿轮A、B的（    ） A．向心加速度之比为1：2 B．边缘线速度大小之比为1：1 C．转动角速度之比为1：2 D．转动周期之比为1：1 7．如图所示，传送带由电动机带动，始终保持速度v匀速运动，质量为m的物体由静止释放到水平传送带上，过一会儿与传送带相对静止。关于物体从静止释放到相对传送带静止这一过程，下列说法正确的是（　　） A．摩擦力对物体做功 B．摩擦力对物体做负功 C．物体与传送带之间摩擦生热 D．由于传送物体，电动机多做功 8．每逢端午节，江西各地常会举办热闹非凡的赛龙舟活动。利用与某龙舟同方向匀速直线飞行的无人机跟踪拍摄，发现在某段时间内该龙舟做匀加速和匀减速交替的周期性直线运动。若以无人机为参考系，该龙舟在时间内速度由0增加到（划桨阶段），再经历时间速度减为0（未划桨阶段），则关于这段时间内该龙舟的位置x、速度v、加速度a、动能与时间t的关系，下列图像可能正确的是（　　） A． B． C． D． 9．如图，一质量为M、长为l的木板静止在光滑水平桌面上，另一质量为m的小物块（可视为质点）从木板上的左端以速度v0开始运动。已知物块与木板间的滑动摩擦力大小为f，当物块从木板右端离开时（   ） A．木板的动能一定等于fl B．木板的动能一定小于fl C．物块的动能一定大于 D．物块的动能一定小于 10．如图所示，在一个倾角=15°的足够长固定斜面底端P点将小球a以某一初速度斜向上抛出，抛出方向与斜面的夹角=30°，小球a将落在斜面上的Q点，P、Q之间的距离为l。若将小球b以相同大小的初速度从P点抛出，抛出方向与斜面的夹角调整为45°，不计空气阻力，重力加速度为g， 则（　　） A．从抛出到落在斜面上，小球a所用的时间为 B．从抛出到落在斜面上，小球a、b所用的时间相等 C．小球b将落在Q点 D．小球b将落在Q点的下方 第II卷（非选择题） 本题共5小题，共54分。 二、实验题 11．（6分0向心力演示器如图所示，用来探究小球做圆周运动所需向心力F的大小与质量m，角速度和半径r之间的关系。两个变速塔轮通过皮带连接，匀速转动手柄使长槽和短槽分别随变速塔轮1和变速塔轮2匀速转动，槽内的钢球就做匀速圆周运动。横臂的挡板对钢球的压力提供向心力，钢球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使弹簧测力筒下降，从而露出标尺，标尺上的黑白相间的等分格显示出两个钢球所受向心力的比值。如图是探究过程中某次实验时装置的状态。 (1)在研究向心力F的大小与质量m、角速度和半径r之间的关系时我们主要用到了物理学中的_________。 A．控制变量法 B．等效替代法 C．理想实验法 D．演绎法 (2)图中所示。若两个钢球质量和运动半径相等，则是在研究向心力的大小F与________的关系。 A．钢球质量m B．角速度 C．运动半径r D．线速度v (3)图中所示，若两个钢球质量和运动半径相等，图中标尺上黑白相间的等分格显示出钢球A和钢球C所受向心力的比值为，则与皮带连接的变速塔轮1和变速塔轮2的半径之比为__________。 A． B． C． D． 12．（6分）(1)在研究物体做平抛运动时，应通过多次实验确定若干个点，描绘出平抛运动的轨迹。 ①在实验中的下列操作正确的是_____。 A．实验中所用斜槽末端的切线必须调到水平 B．每次实验中小球必须由静止释放，初始位置不必相同 C．每次实验小球必须从斜槽的同一位置由静止释放，所用斜槽不必光滑 D．在实验之前，须先用直尺在纸上确定y轴方向 ②某同学只记录了A、B、C三点，各点的坐标如图所示，则物体运动的初速度为_____m/s（g=10m/s2），开始做平抛运动的初始位置的坐标为_____。 三、解答题 13．（12分）清代乾隆的《冰嬉赋》用“躄躠”（可理解为低身斜体）二字揭示了滑冰的动作要领。短道速滑世界纪录由我国运动员武大靖创造并保持。在其创造纪录的比赛中， （1）武大靖从静止出发，先沿直道加速滑行，前用时。该过程可视为匀加速直线运动，求此过程加速度大小； （2）武大靖途中某次过弯时的运动可视为半径为的匀速圆周运动，速度大小为。已知武大靖的质量为，求此次过弯时所需的向心力大小； （3）武大靖通过侧身来调整身体与水平冰面的夹角，使场地对其作用力指向身体重心而实现平稳过弯，如图所示。求武大靖在（2）问中过弯时身体与水平面的夹角的大小。（不计空气阻力，重力加速度大小取，、、、） 14．（14分）如图，M、N为固定在竖直平面内同一高度的两根细钉，间距。一根长为的轻绳一端系在M上，另一端竖直悬挂质量的小球，小球与水平地面接触但无压力。时，小球以水平向右的初速度开始在竖直平面内做圆周运动。小球牵引着绳子绕过N、M，运动到M正下方与M相距L的位置时，绳子刚好被拉断，小球开始做平抛运动。小球可视为质点，绳子不可伸长，不计空气阻力，重力加速度g取。 (1)求绳子被拉断时小球的速度大小，及绳子所受的最大拉力大小； (2)求小球做平抛运动时抛出点到落地点的水平距离； (3)若在时，只改变小球的初速度大小，使小球能通过N的正上方且绳子不松弛，求初速度的最小值。 15．（16分）如图所示，水平传送带AB长，以的速度顺时针转动，传送带与半径可调的竖直光滑半圆轨道BCD平滑连接，CD段为光滑管道，小物块（可视为质点）轻放在传送带左端，已知小物块的质量，与传送带间的动摩擦因数，，重力加速度。 (1)求小物块到达B点时的速度大小； (2)求由于传送小物块，电动机多做的功； (3)若要使小物块从D点飞出后落回传送带的水平距离最大，求半圆轨道半径R的大小； (4)若小物块在半圆轨道内运动时始终不脱离轨道且不从D点飞出，求半圆轨道半径R的取值范围。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D C C D A B A AB BD AC 1．D 【详解】A．做曲线运动物体受到的力可能是恒力，例如平抛运动，选项A错误； B．做圆周运动的物体所需的向心力是变力，则物体在恒力作用下不可能做圆周运动，选项B错误； C．只有做匀速圆周运动的物体所受各力的合力才一定是指向圆心，选项C错误； D．做曲线运动物体加速度可能恒定，例如平抛运动，选项D正确。 故选D。 2．C 【详解】根据题意可知在曝光时间内小球运动的长度为 近似认为在曝光时间内小球做匀速直线运动，故有 在最低点根据牛顿第二定律有 代入数据解得T=7N 故选C。 3．C 【详解】根据开普勒第三定律可知 其中，， 代入解得 故可知该小行星的公转轨道应介于火星与木星的公转轨道之间。 故选C。 4．D 【详解】D．由题意可知，球面上P、Q两点转动时属于同轴转动，故角速度大小相等，故D正确； A．由图可知，球面上P、Q两点做圆周运动的半径的关系为 故A错误； B．根据可知，球面上P、Q两点做圆周运动的线速度的关系为 故B错误； C．根据可知，球面上P、Q两点做圆周运动的向心加速度的关系为 故C错误。 故选D。 5．A 【详解】A．在轨道2上从A向B运动过程中，探测器远离月球，月球对探测器的引力做负功，根据动能定理，动能逐渐减小，A正确； B．探测器受到万有引力，由 解得 在轨道2上从A向B运动过程中，r增大，加速度逐渐变小，B错误； C．探测器在A点从轨道1变轨到轨道2，需要加速，机械能增加，所以探测器在轨道2上机械能大于在轨道1上的机械能，C错误； D．探测器在轨道1上做圆周运动，根据万有引力提供向心力，得 解得 利用引力常量G和轨道1的周期T，还需要知道轨道1的半径r，才能求出月球的质量，D错误。 故选A。 6．B 【详解】B．齿轮传动，齿轮边缘的线速度大小相等，则边缘线速度大小之比为1：1，故B正确； A．根据 向心加速度之比为 故A错误； C．根据 转动角速度之比为 故C错误； D．根据 转动周期之比为 故D错误。 故选B。 7．A 【详解】AB．物体从静止释放到相对传送带静止，即速度达到v，根据动能定理可知摩擦力对物体做功 A正确，B错误； C．物体所受摩擦力 f=μmg 物体从静止释放到相对传送带静止的时间 物体在传送带上摩擦生热为 C错误； D．电动机多做的功转化成了摩擦生热和物体的动能，即 D错误。 故选A。 8．AB 【详解】A．位移时间图像斜率代表速度，所以斜率先增大后减小，再增大再减小，故A正确； B．龙舟在时间内速度由0增加到（划桨阶段），再经历时间速度减为0，速度方向始终为正向，故B正确； C．因为是匀加速和匀减速，所以加速度在时间内是不变的，后0.6s内也是不变的，故C错误； D．根据可知，前开口向上，故D错误。 故选AB。 9．BD 【详解】方法一：设物块离开木板时的速度为，此时木板的速度为，由题意可知 设物块的对地位移为，木板的对地位移为 CD．根据能量守恒定律可得 整理可得 D正确，C错误； AB．因摩擦产生的摩擦热 根据运动学公式， 因为 可得 则 所以 B正确，A错误。 故选BD。 方法二：AB．画出物块与木板运动示意图和速度图像。 对物块，由动能定理 对木板，由动能定理 根据速度图像面积表示位移可知， 且 故 故A错误，B正确； CD．对系统，由能量守恒定律 物块动能 故C错误，D正确。 故选BD。 10．AC 【详解】A．将a的重力mg和初速度沿斜面方向和垂直斜面方向分解，设初速度大小为，则从抛出到落在斜面上，小球a所用的时间为 则沿斜面方向有 代入题中数据，联立解得 故A正确； B．同理，小球b所用的时间为 可知小球a、b所用的时间不相等，故B错误； CD．设b球落点距离b球距离为x，则有 联立以上，解得 故C正确，D错误。 故选AC 。 11．(1)A (2)B (3)C 【详解】（1）为了研究向心力与其中某一个因素的关系，需控制其他量不变，即采用控制变量法，故选A。 （2）根据 若两个钢球质量和运动半径相等，则是在研究向心力的大小F与角速度的关系，故选B。 （3）若两个钢球质量和运动半径相等，根据 得变速轮塔1和变速轮塔2的角速度之比为 两塔轮与皮带连接处线速度大小相等，根据 得皮带连接的变速轮塔1和变速轮塔2的半径之比为 故选C。 12． AC 1 （-10cm，-5cm） 【详解】①[1]AB．通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动，因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故A正确，B错误； C．斜槽是否光滑，不影响水平抛出，故C正确； D．在实验之前，需先用重锤线在纸上确定y轴方向，故D错误； 故选：AC； ②[2]从坐标中可看出从A→B→C的水平位移一样，都为△x＝10cm，说明各段的时间相等，设为T，可知： 分析A→B→C的竖直位移依次相差△h＝10cm，由匀变速直线运动的规律得： 所以： [3]由中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度得B的竖直速度：因此 因此从开始抛出到B点的时间为： 故从开始到O点的时间为： 因此从抛出到a点的水平位移： 竖直位移为： 所以开始做平抛运动的初始位置的坐标为（−10cm，−5cm）。 13．（1）；（2）；（3） 【详解】（1）设武大靖运动过程的加速度大小为，根据 解得 （2）根据 解得过弯时所需的向心力大小为 （3）设场地对武大靖的作用力大小为，受力如图所示 根据牛顿第二定律可得 解得 可得 14．(1)， (2)4m (3) 【详解】（1）小球从最下端以速度v0抛出到运动到M正下方距离为L的位置时，根据机械能守恒定律 在该位置时根据牛顿第二定律 解得， （2）小球做平抛运动时， 解得x=4m （3）若小球经过N点正上方绳子恰不松弛，则满足 从最低点到该位置由动能定理 解得 15．(1)4m/s (2)16J (3)0.2m (4)或 【详解】（1）对小物块受力分析，由牛顿第二定律 解得 设小物块与传送带共速的时间为t1，由运动学公式 可得 加速的位移为 因为 所以小物块在传送带上先加速后匀速，到达B点时的速度大小为4m/s。 （2）小物块在传送带上因摩擦而产生的热量为 由于传送小物块，电动机多做的功为 （3）从B点到D点，由动能定理 小物块离开D点后做平抛运动，有 联立可得 由数学关系可知，当时，小物块从D点飞出后落回传送带的水平距离最大 （4）①刚好沿半圆到达与圆心O等高处，根据动能定理 解得 小物块在半圆轨道内运动时始终不脱离轨道，则 ②刚好到达C点不脱轨，临界条件是弹力为0，在C点 从B点到C点，根据动能定理 代入数据解得 ③刚好到达D点不脱轨，在D点有，从B点到D点，根据动能定理 代入数据解得 若小物块在半圆轨道内运动时不从D点飞出，则满足 综上所述，半圆轨道半径R的取值范围为 或 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $