第1章 课时冲关1 描述运动的基本概念&课时冲关2 匀变速直线运动规律-【创新教程】2027年高考物理总复习大一轮课时作业（鲁科版）

第一章 运动的描述 课时冲关1描这 基础落实练 1.2025年哈尔滨亚洲冬季运动会于2025年 2月7日至2月14日举行.如图所示为运 动会中的四个比赛场景.在下列研究中可 将运动员视为质点的是 A.研究甲图男子U形场地技巧决赛，运动 员空中转体姿态 B.研究乙图速滑运动员手臂是否接触 C.研究丙图哪位运动员的冰刀先通过 终点 D.研究丁图运动员在15公里越野滑雪比 赛中的运动轨迹 2.2025年9月开通了武宜高铁，线路全长 313千米，共设7座车站，设计最高速度可 达350km/h.下列有关“武宜高铁”的说法 正确的是 A.在研究列车从汉川站出发到达荆门西 站的时间时，可以把列车看成质点 B.研究列车进站时，可以把列车看成质点 C.“最高速度可达350km/h”指的是平均 速度大小 D.“线路全长313千米”指的是位移大小 3.下列说法正确的是 () A.比较加速度大小时，3m/s2比-5m/s2大 B.加速度为负值时，物体也可能做加速 运动 C.加速度逐渐变大，速度就逐渐变大 D.加速度与速度方向相同的直线运动一 定是匀加速直线运动 4.如图所示，在全球首个人形机 器人半程马拉松比赛中，机器 人“天工”跑完全程21.0975公 里，期间三次更换电池，最终夺 冠成绩是2小时40分42秒，相当 于人类中游水平业余跑者的能 力.则 A.平均速度大小约为8km/h B研究“天工”跑步姿势时，可以把它看成 质点 C.相对于身后同速陪跑的工程师，“天工” 是静止的 D.在两次更换电池时间内，“天工”做匀速 直线运动 2 匀变速直线运动的研究 述运动的基本概念 能力综合练 5.某物体在竖直方向做直线 6 运动的v-t图像如图所 示，则物体在02s内的 平均速度大小 () A.等于3m/s B.大于3m/s C.小于3m/s D.等于0m/s 6.（双选)如图所示将弹性小球10ms○4 以10m/s的速度从距地面 ○7m/s 2m处的A点竖直向下抛出， 小球落地后竖直反弹经过距 地面1.5m高的B点时，向上的速度为7 m/s,小球从A点到B点共用时0.3s,则 此过程中 A.小球通过的路程为7m B.发生的位移大小为0.5m,方向竖直 向下 C.速度变化量的大小为17m/s,方向竖直 向上 D.小球平均速度的大小为8.5m/s,方向 竖直向下 素养培优练 7.(双选)一段高 速公路上限速 中微型计算机 B A 口数据采集器 120km/h,为 监控车辆是否超速，设置了一些“电子警 察”系统，其工作原理如图所示：路面下， 距离L埋设两个传感器线圈A和B,当有 车辆经过线圈正上方时，传感器能向数据 采集器发出一个电信号；若有一辆汽车 (在本题中可看作质点)经过该路段，两传 感器先后向数据采集器发送信号，时间间 隔为△t,经微型计算机处理后得出该车的 速度.若超速，则计算机将控制架设在路 面上方的照相机C对汽车拍照，留下违章 证据.根据以上信息，下列说法正确的是 () A.汽车速度的表达式v=L/△t B.汽车速度的表达式v=2L/△t C.若L=8m,△t=0.2s,照相机将会拍照 D.若L=8m,△t=0.3s,照相机将会拍照 课时冲关2匀 基础落实练 1.(2025·广西卷，3)某位同学观察火车进 站，火车由初速度为36km/h降速到停 下，火车的运动看作匀减速直线运动，火车 降速运动过程中，此同学的脉搏跳动了70 下，已知该同学每分钟脉搏跳动60下，则 火车共行驶距离约为 ( A.216m B.350m C.600m D.700m 2.汽车刹车时在反应距离内做匀速直线运 动，在制动距离内做匀减速直线运动.如果 测得制动距离与刹车距离之比为5：7，则 司机的反应时间与制动时间之比为( 。 反应 制动 距离 A.1:5 B.1:7 C.5:7 D.7:5 3.某一做匀加速直线运动的物体的初速度为 v=5m/s,加速度为a=2m/s2,则下列结 论中正确的是 ) A.它第3s初的速度是11m/s B.它第5s初的速度比第4s末的速度大4m/s C.它第2s内速度变化量为2m/s D.它前2s内速度增加量为2m/s 4.如图，一小球（可视 Q 为质点)由静止开始 沿光滑斜面向下做 匀加速直线运动，已 知小球从位置到位置p的运动过程中， 从位置m到位置n的时间为t1,从位置n 到位置p的时间为t2,两段连续的位移均 为s,则小球通过位置n时的速度的大 小为 ) s(ti-t) s(+) A.u,=tt2(t,-t2） B.0,=tt2(t+t2） s(ti-t2) s(t号+t2) C.v,=1 t2(h+t2) D.un=tt2(t-t2） 5.某型号的舰载飞机在航空母舰的跑道上加速 时，发动机产生的最大加速度为5/s,所 需的起飞速度约为50m/s,航母静止时，弹 2 速直线运动规律 射系统初始能给舰载机25m/s的初速度.若 航母以15m/s的航速匀速行驶，弹射系统开 启，为保证飞机能从舰上顺利起飞，航母上飞 机跑道的长度至少约为 () A.40mB.60mC.80mD.100m 能力综合练 6.如图所示，电动公交 mk 车做匀减速直线运动 进站，连续经过R、S、T三点，已知ST间 的距离是RS的两倍，RS段的平均速度是 10m/s,ST段的平均速度是5m/s,则公 交车经过T点时的瞬时速度为() A.3 m/s B.2 m/s C.1 m/s D.0.5m/s 7.一辆汽车在平直公路上以10m/s的初速 度做匀加速直线运动，2s内的位移为 30m.则下列关于汽车的说法正确的是 A.汽车第2s内的位移比第1s内的位移 大5m B.汽车运动的加速度大小为15m/s C.汽车第1s内与第2s内的位移之比为1：3 D.汽车第2s末的速度大小为14.1m/s 素养培优练 8.为抢救病人，一辆救护车紧急出发，鸣着笛 沿水平直路从t=0时由静止开始做匀加速 运动，加速度大小a=2m/s2,在t1=10s时 停止加速开始做匀速运动，之后某时刻救 护车停止鸣笛，t2=41s时在救护车出发 处的人听到救护车发出的最后的鸣笛声， 已知声速v,=340m/s,求： (1)救护车匀速运动时的速度大小： (2)在停止鸣笛时救护车距出发处的距离， 62物理练习册参考答案 课时冲关1描述运动的基本概念 5.B「根据匀变速直线的运动规律可知，飞机起飞加速的 1.D2.A 时间1=二心=50二40、=2S,这段时间内飞机的位移 3.B[比较加速度大小时，加速度的符号表示加速度的方 a 5 向，不代表大小，则3m/s2比-5m/s小，选项A错误； 0-心=2a,解得=-502-402 加速度为负值时，若速度也为负值，则加速度和速度同 2a 2×5m=90m,航 向，物体也做加速运动，选项B正确；若加速度和速度反 母的位移s2=v't=15×2m=30m,故跑道的长△s≥s1 向，则当加速度逐渐变大时，速度就逐渐变小，选项C错 一s2=60m,B正确.] 误；加速度与速度方向相同的直线运动，若加速度不变， 6.C[由题知，电动公交车做匀减速直线运动，设RS间的 则一定是匀加速直线运动，若加速度变化，则是非匀加 速直线运动，选项D错误.] E高为5，则旅据超唐有。二疗-二会 4.C[题中机器人位移大小未知，无法计算平均速度大 小，故A错误；研究“天工”跑步姿势时，形状不能忽略， 亚，联立解得=41，心r=一10，再根据匀变速直 2 不能看成质，点，故B错误；机器人相对于身后同速陪跑 线运动速度与时间的关系有r=v一a·5t1,则at1= 的工程师位置没有变化，“天工”是静止的，故C正确：在 两次更换电池时间内，“天工”的速度会改变，不会做匀 2m/s,其中还有s=限一a·号，解得欧=1m/,联 速直线运动，故D错误，门 立解得vr=1m/s,故选C.] 5,B[0~2s内如果物体沿正方向先做匀 m,s 加速直线运动，后做匀减速直线运动，最大 7.A[2s内的位移为30m,可知1s末的速度=兰= to 速度为v=6m/s,v-t图线如图所示，则 0~2s内，物体的平均连度大小为0=号 15m/s,第1s内的位移s=4 2 _10+15×1m= 2 =3m/s,但物体先做加速度减小的加速运动，后做加速 12.5m,第2s内的位移为x2=17.5m,则汽车第2s内 度增大的减速运动，又因为)-t图线与横轴所围成的面 的位移比第1s内的位移大5m,汽车第1s内与第2s内的 积表示位移，由图可知，0一2s内物体的实际位移大于匀 位移之比为5：7，选项A正确，C错误；汽车运动的加速 变速运动时的位移，故0一2s内物体的实际平均速度大小 大于3m/s.故选B] 度大小为a=-西=1510m/s=5m/g,选项B错 t 1 6.BC[小球通过的路程s=2m十1.5m=3.5m,故A错 误；汽车第2s末的速度大小为=vo十at=(10十5× 误；小球发生的位移大小x=2m一1.5m=0.5m,方向竖 2)m/s=20m/s,选项D错误.] 直向下，故B正确；设竖直向上为正方向，速度变化量△= 8.解析：(1)根据匀变速运动速度公式v=at1, 7m/s-(-10)m/s=17m/s,方向竖直向上，故C正确； t0.3m/s=点 小球平均速度的大小=二=05 可得救护车匀速运动时的速度大小v=2×10m/s m/s,方向 =20m/s: 竖直向下，故D错误.] 7.AC[计算汽车速度的原理是利用短时间内的平均速度 (2)教护车加速运动过程中的位移51=a=100m, 来代替瞬时速度，故汽车速度的表达式为u=L/△t,A正 设在时刻停止鸣笛，根据题意可得 确，B错误；若L=8m,△t=0.2s,则汽车的速度为v= L/△t=40m/s=144km/h>120km/h,超速，照相机将 (t,-t)×20+100+,=t, U 会拍照，C正确；若L=8m,△t=0.3s,则汽车的速度为v= 停止鸣笛时救护车距出发处的距离s=51十（一4）XU, L/△t=96km/h<120km/h,未超速，照相机不会拍照，故D 代入数据联立解得x=680m. 错误. 答案：(1)20m/s(2)680m 课时冲关2匀变速直线运动规律 课时冲关3自由落体运动和竖直 1.B2.A 3.C[它第3s初的速度即第2s末的速度为2=uo十at 上抛运动多过程问题 =(5十2X2)m/s=9m/s,故A错误；第5s初与第4s 1.B2.C 末是同一时刻，则第5s初的速度与第4s末的速度相 3.C[设桥面高度为h,根据自由落体运动位移公式，对铁 等，故B错误；由△v=at得第2s内速度变化量△v=2X 1m/s=2m/s,故C正确；前2s内速度增加量为△v= 球2有h=g,对铁球1有h-L=g4-4=, at'=2×2m/s=4m/s,故D错误.] 代入数据解得h≈18m,故选C.] 4.B[设小球通过位置n时的速度的大小vn,小球的加速 度为a;从位置m到位置n,根据逆向思维可得s=v,t1一 4.A[对甲物体，根据位移公式有2h=计g,对乙 合，从位置m到位置p,有=，十之a,联立解得 流号故离且] 物你，根据位移公式有么=，解得√受，故 选A.] 401