浙江省平阳中学2025-2026学年高三下学期第一周晚练(C)物理试卷

浙江省平阳中学2025~2026学年高三下学期物理第一周晚练（C） （30分钟，100分，考查内容：三种观点综合应用） 一、单选题（每小题6分，共60分） 1．中华民族的优秀文化博大精深，其中古典诗词是优秀文化的代表，从物理角度看古诗词会发现别有一番韵味．下面四句诗词中涉及惯性知识的是（　　） A．明代冯梦龙的《醒世恒言》中“临崖立马收缰晚，船到江心补漏迟” B．毛泽东的《长征》中“红军不怕远征难，万水千山只等闲” C．唐代高骈的《山亭夏日》中“水晶帘动微风起，满架蔷薇一院香” D．唐代李白的《望天门山》中“两岸青山相对出，孤帆一片日边来” 2．下列单位中属于基本物理量单位的是（     ） A．牛顿 B．库仑 C．安培 D．伏特 3．质量 m＝500 g 的物体以加速度 a＝20 cm/s2 做匀加速直线运动，则关于它受到的合外力的大小及单位，下列运算既简洁又符合一般运算要求的是 A．F＝500×20＝10000 N B．F＝0.5×0.2 N＝0.1 N C．F＝0.5×0.2＝0.1 N D．F＝0.5 kg×0.2 m/s2＝0.1 N 4．升降机以加速度a竖直向上做匀加速运动，当速度为v时，有一螺帽从升降机的顶部脱落,这时螺帽相对地的加速度和速度大小分别为（ ） A．g-a，v B．g+a，v C．a，0 D．g，v 5．一物体放在粗糙水平面上，用大小相等的力F按如图所示的四种方式分别作用在该物体上，物体始终处于静止状态，其中物体对水平面压力最小的情形是（　　） A． B． C． D． 6．一名跳伞运动员从悬停在高空的直升机中跳下，研究人员利用运动员随身携带的仪器记录下了运动员的运动情况.通过分析数据，得到了运动员从跳离飞机到落地的过程中在空中沿竖直方向运动的v-t图象如图所示，则下列关于运动员的运动的说法中正确的是 A．0-t1时间内，运动员的平均速度为 B．t2 时刻，运动员打开降落伞 C．0-t1间内，运动员的加速度逐渐增大 D．t1-t2时间内，运动员所受阻力逐渐减小 7．一名跳伞运动员从悬停在高空的直升机中跳下，研究人员利用运动员随身携带的仪器记录下了他的运动情况，通过分析数据，画出了运动员从跳离飞机到落地的过程中在空中沿竖直方向运动的v－­t图像如图所示，则对运动员的运动，下列说法不正确的是 A．0～10s内做加速度逐渐减小的加速运动 B．10s～15s内减速运动，15s后开始做匀速直线运动 C．0～10s内运动员所受阻力逐渐增大 D．10s～15s内运动员所受阻力逐渐增大 8．如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜面平行．在a中的沙子缓慢流出的过程中，a、b、c都处于静止状态，则（   ） A．c对b的支持力减小 B．c对b的摩擦力方向可能平行斜面向上 C．地面对c的摩擦力方向向右 D．地面对c的摩擦力增大 9．如图，固定的粗糙斜面体上，一质量为的物块与一轻弹簧的一端连接，弹簧与斜面平行，物块静止，弹簧处于原长状态，自由端位于点。现用力拉弹簧，拉力逐渐增加，使物块沿斜面向上滑动，当自由端向上移动时。则（　　） A．物块重力势能增加量一定为 B．弹簧弹力与摩擦力对物块做功的代数和等于木块动能的增加量 C．弹簧弹力、物块重力及摩擦力对物块做功的代数和等于物块机械能的增加量 D．拉力与摩擦力做功的代数和等于弹簧和物块的机械能增加量 10．如图,在光滑的水平桌面上有一物体A,通过绳子与物体B相连.假设绳子的质量以及绳子与定滑轮之间的摩擦力都可忽略不计,绳子不可伸长.如果物体B的质量是物体A的质量的3倍,即mB=3mA,那么物体A和B的加速度的大小等于(     ) A．3g B．g C．0.75g D．0.5g 二、多选题（每小题8分，共40分） 11．一只重力为G的猴子单手挂在树上玩耍，当它处于静止状态时，设树枝对它的拉力为F，它对树枝的拉力为，下列说法正确的是（　　） A．F与是一对平衡力 B．F与G是一对平衡力 C．F与是一对作用力和反作用力 D．F与G是一对作用力和反作用力 12．下列说法中，符合物理学史实的是: A．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体就静止 B．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去,力不是维持物体运动的原因 C．奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转 D．麦克斯韦发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场 13．如图所示，一托盘托着一个物体m一起在竖直平面内沿逆时针方向做匀速圆周运动， A、C分别是轨迹圆的最低点和最高点，B与轨迹圆心等高，下列说法正确的是(    ) A．物体m在B处受到的摩擦力最大 B．物体m在C处受到的支持力最小 C．从A向B运动过程中，物体m受到的摩擦力和支持力均增大 D．从A向C运动过程中，托盘对物体m先做正功后做负功 14．质量分别为2m和m的A,B两物体分别在水平恒力F1和F2的作用下沿水平面运动，撤去F1、F2后受摩擦力的作用减速到停止，其图像如图所示，则下列说法正确的是 A．全过程中A、B位移大小相等 B．A,B所受摩擦力大小相等 C．F1和F2大小相等 D．F1和F2对A和B做功之比为1:1 15．如图所示，半径为R的光滑圆环固定在竖直平面内，圆环的圆心O的正上方B点固定有一定滑轮，B点的左侧再固定有一定滑轮。质量为m的小球套在圆环上，轻质细线跨过两个定滑轮，一端连接小球，另一端连接质量为m的物块，用竖直向下的拉力F（未知）把小球控制在圆环上的A点，与竖直方向的夹角为53°，且正好沿圆环的切线方向，P点为圆环的最高点，不计一切摩擦，不计滑轮、小球以及物块的大小，重力加速度为g，，。下列说法正确的是（　　） A．小球与物块静止时，竖直向下的拉力 B．撤去拉力F的瞬间，细线的拉力大小为 C．小球由A点运动到P点的过程中，物块的重力势能减少量为 D．若小球在P点的速度大小为v，则物块的速度大小也为v 试卷第2页，共4页 试卷第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 《浙江省平阳中学2025~2026学年高三下学期物理第一周晚练（C）》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A C B D D D D B D C 题号 11 12 13 14 15 答案 BC ABC AB ABD AC 1．A 【详解】明代冯梦龙的《醒世恒言》中“临崖立马收缰晚，船到江心补漏迟”是由于惯性，故A正确 ； “红军不怕远征难，万水千山只等闲”描述红军到过很多有山水的地方，与惯性无关，故B错误；唐代高骈的《山亭夏日》中“水晶帘动微风起，满架蔷薇一院香“是分子运动，与惯性无关，故C错误；唐代李白的《望天门山》中“两岸青山相对出，孤帆一片日边来．与惯性无关，故D错误 ． 2．C 【详解】牛顿、库仑、和伏特不是基本单位，是导出单位，故ABD错误; 安培是基本单位，故C正确．所以C正确，ABD错误． 3．B 【分析】考查单位制问题。 【详解】在物理计算中，如果各物理量的单位都统一到国际单位制中，则最后的结果也一定是国际单位制中的单位．所以只有B 项的运算既简洁又符合一般运算要求．故B正确，ACD错误． 4．D 【详解】螺帽从升降机的顶部脱落后，只受重力作用，故相对地面的加速度为g，脱落后有与升降机相同的速度，即速度为v，故选D. 考点：惯性；牛顿定律. 5．D 【详解】设F与水平方向的夹角为，选项A中在竖直方向上，根据平衡条件有 根据牛顿第三定律，可得物体对水平面压力 选项B中在竖直方向上，利用平衡条件有 选项C中在竖直方向上，利用平衡条件有 选项D中在竖直方向上，利用平衡条件有 根据牛顿第三定律可知，显然选项D中物体对水平面的压力最小，故选D。 6．D 【详解】A. 0-t1时间内，速度图像是曲线，所以运动员的平均速度不为，故A错误； B. 由图可知，t1时运动员开始做减速运动，所以t1时刻，运动员打开降落伞，故B错误； C. 0-t1间内，由速度图像可知，图像切线的斜率越来越小，所以运动员的加速度逐渐减小，故C错误； D. t1-t2时间内，运动员做减速运动，由牛顿第二定律得： 解得： 由速度图像可知加速度减小，所以运动员所受阻力逐渐减小，故D正确． 7．D 【详解】A.由图象可知，速度是增加的，图象的切线的斜率在减小，加速度在减小，所以0～10s内做加速度逐渐减小的加速运动．故A说法正确． B. 由图象可知10s～15s内减速运动，15s后图象与时间轴平行，说明速度不随时间变化，即开始做匀速直线运动．故B说法正确． C.在 0～10s由牛顿第二定律可得，又由A的分析知加速度减小，所以0～10s内运动员所受阻力逐渐增大．故C说法正确． D.在 10s～15s由牛顿第二定律，又因为在 10s～15s加速度减小，所以10s～15s内运动员所受阻力逐渐减小．故D说法错误． 此题选不正确的，应选D． 8．B 【分析】b受到c的摩擦力不一定为零，与两物体的重力、斜面的倾角有关．对bc整体研究，由平衡条件分析水平面对c的摩擦力方向和支持力的大小． 【详解】A项：c对b的支持力为：，所以不变，故A错误； B项：设a、b的重力分别为Ga、Gb．若Ga=Gbsinθ，b受到c的摩擦力为零；若Ga≠Gbsinθ，b受到c的摩擦力不为零．若Ga＜Gbsinθ，b受到c的摩擦力沿斜面向上，故B正确； C项：以bc整体为研究对象，分析受力如图， 根据平衡条件得知 水平面对c的摩擦力f=Tcosθ=Gacosθ，方向水平向左 在a中的沙子缓慢流出的过程中，则摩擦力在减小． 故应选：B． 【点睛】本题采用隔离法和整体法研究两个物体的平衡问题及B所受的摩擦力，要根据B所受的拉力与重力沿斜面向下的分力大小关系，分析摩擦力的大小和方向． 9．D 【详解】A．自由端向上移动L时，物块发生的位移要小于L，所以物块重力势能增加量一定小于mgLsinθ，故A错误； B．物块受重力、弹簧的拉力、斜面的支持力和摩擦力，支持力不做功，根据动能定理知：重力、弹簧的拉力、斜面的摩擦力对物块做功的代数和等于物块动能的增加量，故B错误； C．物块的重力做功不改变物块的机械能，根据机械能守恒定律得：弹簧弹力、摩擦力对物块做功的代数和等于物块机械能的增加量，故C错误； D．对弹簧和物块组成的系统，根据机械能守恒定律得：拉力F与摩擦力做功的代数和等于弹簧和物块的机械能增加量，故D正确。 故选D。 10．C 【详解】根据牛顿第二定律，得： 对A：…① 对B：…② 由①+②得：，故ABD错误， C正确． 点睛：牛顿第二定律应用的思路第一步是明确研究对象，对于研究对象的选择常有两种方法：隔离法和整体法，整体法应用时要注意条件，中学阶段整体法的条件：几个物体的加速度相同，处理连接体问题时，要灵活选择研究对象． 11．BC 【详解】AC．F与分别作用在两个物体上，等大反向，是一对作用力和反作用力，故A错误，C正确； BD．F与G作用在同一个物体上，等大反向，是一对平衡力，故B正确，D错误。 故选BC。 12．ABC 【详解】A、亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体静止，故选项A正确； B、伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去，力不是维持物体运动的原因，故选项B正确； C、奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转，电流可以在其周围产生磁场，故选项C正确； D、奥斯特发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场，故选项D错误． 13．AB 【详解】物体m运动的过程中受重力、支持力、静摩擦力，三个力的合力提供向心力．合力沿水平方向的分力等于物体m所受的摩擦力，合力沿竖直方向的分力等于重力和支持力的合力，合力的大小不变，从A到C的运动过程中，合力沿水平方向的分力先增大后减小， 所以物体m受到的摩擦力先增大后减小．在B处，合力等于摩擦力的大小，所以B处摩擦力最大，故A正确；从A到B的运动过程中，物体m处于超重状态，从B到C的运动过程中，处于失重状态，到达C点时有mg-FN=ma，故C点的支持力最小，故B正确；从A到B过程中，向心加速度在竖直方向的分量减小，根据FN-mg=ma可知，支持力减小，故C错误；从A到C过程中，m的机械能增大，托盘对m做正功，故D错误；故选AB． 点睛：解决本题的关键知道A所受的合力提供向心力，向心力大小不变，知道m所受合力在竖直方向的分力等于重力和支持力的合力，在水平方向的分力等于摩擦力. 14．ABD 【详解】A．根据v-t图像的图线与时间轴所围成的面积表示位移，全过程A、B位移之比 故A正确； B．从图象可知，A、B两物块匀减速运动的加速度大小之比为 根据牛顿第二定律，匀减速运动中有f=ma，则摩擦力大小之比为 故B正确； C．根据图象知，匀加速运动的加速度之比为 根据牛顿第二定律，匀加速运动中有 则 F1和F2的大小之比为2：1．故Ｃ错误； D．由得：全过程中摩擦力对A、B做功之比为 对全过程运用动能定理得 WF+Wf=0 得 WF=-Wf 可知F1和F2对A、B做功之比为1：1，故D正确； 故选ABD． 【点睛】解决本题的关键通过图象得出匀加速运动和匀减速运动的加速度，根据牛顿第二定律，得出两个力的大小之比，以及知道速度-时间图线与时间轴所围成的面积表示位移，并运用动能定理． 15．AC 【详解】A．对物块进行受力分析，由二力平衡可得细线的拉力大小为 在A点对小球进行受力分析，由力的平衡可得 解得 故A正确； B．在撤去拉力F的瞬间，设细线的拉力大小为，小球和物块的加速度大小相等设为a，对两者分别应用牛顿第二定律可得 联立解得 故B错误； C．撤去拉力F后，当小球运动到P点时，设小球的速度大小为v，由几何关系可得 小球从A到P，物块下降的高度为 联立解得 则物块的重力势能减少量为 故C正确； D．细线与小球的速度v垂直，则绳子伸长的速度为0，由关联速度之间的关系，物块的速度为0，故D错误。 故选AC。 答案第4页，共5页 答案第5页，共5页 学科网（北京）股份有限公司 $