浙江省平阳中学2025-2026学年高三下学期第一周晚练（A+）物理试题

浙江省平阳中学2025~2026学年高三下学期物理第一周晚练（A＋） （30分钟，100分，考查内容：三种观点综合应用） 一、单选题（每小题6分，共60分） 1．如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v-t图线如图（b）所示。若重力加速度及图中的v0、v1、t1均为已知量，则能求出的物理量有（　　） A．物块的质量、斜面的倾角 B．物块与斜面间的摩擦力、斜面的倾角 C．物块与斜面间的动摩擦因数、斜面的倾角 D．物块与斜面间的摩擦力、物块沿斜面向上滑行的最大高度 2．如图所示，质量为M的长木板位于光滑水平面上，质量为m的物块静止在长木板上，两者之间的滑动摩擦因数为，现对物块m施加水平向右的恒力F，若恒力F使长木板与物块出现相对滑动，则恒力F的最小值为（重力加速度为g，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力）（　　） A． B． C． D． 3．如图甲所示，A、B两物块在如图乙所示的随时间按正弦规律变化的外力作用下，由静止开始一起沿光滑水平面运动，A、B两物块始终保持相对静止，则以下说法中正确的是(　　) A．A、B两物块一起做往复运动 B．t1时刻物块的速度最大 C．t2时刻物块运动的位移最大 D．t3时刻物块A受到的摩擦力最大 4．如图，叠放的两个物块无相对滑动地沿斜面一起下滑，甲图两物块接触面平行于斜面且摩擦力的大小为f1，乙图两物块接触面与斜面不平行且摩擦力的大小为f2，丙图两物块接触面水平且摩擦力的大小为f3，下列判断正确的是（　　） A．若斜面光滑，f1＝0，f2≠0，f3≠0 B．若斜面光滑，f1≠0，f2≠0，f3＝0 C．若两滑块一起匀速下滑，f1≠0，f2＝0，f3≠0 D．若两滑块一起匀速下滑，f1＝0，f2≠0，f3≠0 5．如图为风力发电机的结构简图。风轮机叶片转速为n，转动时所有叶片迎风总面积为S0，风轮机转动时通过转速比为1：k的升速齿轮箱带动面积为S、匝数为N的发电机线圈高速转动，产生的交变电流经过理想变压器升压后，输出电压为U。已知空气密度为ρ，风速为v，匀强磁场的磁感应强度为B，V为交流电压表，忽略线圈电阻，则（　　）    A．线圈位于图示位置时，交流电压表示数为零 B．从图示位置开始计时，线圈中感应电动势的瞬时值表达式为 C．变压器原、副线圈的匝数比为 D．单位时间内冲击风轮机叶片气流的动能为 6．某同学用力拖动桌子沿水平地面匀速运动时发现，斜向上与水平方向成30°时拉力最小，已知桌子总质量为10 kg，重力加速度为g＝10m/s2，该同学认真思考推算了一下，得出（　　） A．桌子与地面的动摩擦因数 μ＝ B．最小的拉力F1＝30N C．斜向上与水平方向成60°时拉力F2＝N D．桌子以v＝6m/s匀速运动，撤去拉力，桌子还能滑行约5 m 7．如图所示，光滑半圆形凹槽B静止在光滑水平地面上，圆心为，物块C静止在B右侧。现将小球A从距离高度为的位置静止释放，恰能无碰撞地从凹槽右端进入凹槽，当A滑至B的最低点时，B恰好与C发生碰撞并粘连在一起（时间极短）。已知A、B、C的质量均为，凹槽半径为，重力加速度为，则（　　） A．初始时，B右侧与C的左侧相距为 B．B与C刚要碰撞时，A的速度大小为 C．小球A从第一次离开凹槽到再次返回凹槽经历的时间为 D．小球A从凹槽左端飞出后能运动到与释放点等高的位置 8．如图甲所示，长为L的两块正对金属板A、B水平放置，两板接上如图乙所示随时间变化的交变电压UAB，电子流沿中心线OO′从O点以初速度射入板间，电子都不会碰到极板已知电子的质量为m，电荷量为e，不计电子重力及电子间相互作用。下列说法正确的是（　　） A．两板间距 B．电子在t=0时刻从O点射入时一定从中心线离开电场 C．电子在时刻从O点射入时一定从中心线离开电场 D．电子无论在哪一时刻从O点射入，离开电场时的速率一定为v0 9．如图所示，倾角足够长的斜面体刚好置于左右有固定挡块的光滑水平面上，质量为m的物体沿斜面加速下滑，斜面静止，已知物体与斜面间的动摩擦因数为。为探究物体沿斜面运动与外力的关系，现对物体分别施加如图所示三个方向的拉力，拉力竖直向下，拉力水平向左，拉力水平向右，在以上探究中，斜面保持静止，物体始终在斜面上，下列说法正确的是（　　） A．不加拉力时，挡块对斜面没有水平作用力 B．施加拉力时，物体的加速度和不加拉力时相同 C．施加拉力时，左挡块对斜面有水平向右的作用力 D．无论怎样增大拉力也不能使物体最终沿斜面向上运动 10．卫星在一定高度绕地心做圆周运动时，由于极其微弱的阻力等因素的影响，在若干年的运行时间中，卫星高度会发生变化（可达之多），利用离子推进器可以对卫星进行轨道高度、姿态的调整。离子推进器是利用电场将处在等离子状态的“工质”加速后向后喷出而获得前进的动力，原理如图所示：进入电离室的气体被电离成正离子，而后飘入电极A、B之间的匀强电场（离子初速度忽略不计），A、B间电压为U，使正离子加速形成离子束，在加速过程中推进器获得恒定的推力。设单位时间内飘入的正离子数目为n，离子质量为m，电荷量为q，加速正离子束所消耗的功率为P，引擎获得的推力为F，下列说法正确的是（　　） A．正离子经加速后由B处喷出形成的等效电流大小 B．离子推进器获得的平均推力大小 C．加速正离子束所消耗的功率 D．为提高能量的转换效率，要使尽量大，可以使用比荷更大的正离子作为推进器 二、多选题（每小题8分，共40分） 11．如图所示为一粗糙程度均匀的固定半圆形槽，可视为质点的滑块从最左侧的M点静止释放后到达最低点P时的速度为v1，且从M到P过程中系统产生的热量为Q1；若在最低点P点给滑块一水平向右的初速度v2，滑块恰好可以到达最右侧的N点，且从P到N过程中系统产生的热量为Q2；下列关系正确的是（       ） A．v1 <v2 B．v1 =v2 C．Q1 < Q2 D．Q1 >Q2 12．如图所示，可以用风洞实验来研究类斜抛运动的规律，竖直向上恒定的风力。现让质量为m的小球（视为质点）从A点以与水平方向成、斜向右上方的速度抛出，经过一段时间落到与A点等高的C点，类斜抛运动的最高点为B点。重力加速度g取10，，，下列说法正确的是（　　） A．小球每一秒的速度变化量大小为12 B．小球从A到C的运动时间为0.75s C．A、C两点之间的距离为3m D．若，小球从B到C风力做的功为0.45J 13．如图所示，将两个连有电阻的足够长的平行金属线框放置在水平绝缘桌面上，空间存在一磁感应强度为B，方向与线框所在平面垂直的匀强磁场，并将一质量为m、电阻为5r、长度为5L粗细均匀的金属棒垂直导轨放置。甲线框表面光滑，乙线框与金属棒的动摩擦因数为，，，。金属棒在水平向右的外力F的作用下，以速度v做匀速直线运动，某时刻撤去外力F，继续往前运动距离d后停了下来。重力加速度为g，则下列说法正确的是（　　） A．匀速时金属棒af之间的电势差 B． C．撤去外力后停下来的时间 D．撤去外力后过程中产生的热量 14．如图，半径为R的半圆形轨道竖直固定， AO段光滑， OB段粗糙且各处粗糙程度相同，AB连线水平．一质量为m的滑块从A处由静止下滑，经最低点O后向右最高能到达C处， CO竖直高度为H，下列说法正确的是 A．滑块从O到C的过程，克服摩擦力做功mg(R-H) B．滑块从O到C和从C回到O的时间相等 C．滑块从C回到O的过程，速度一直增加 D．滑块从C回到O时的动能大于mg(2H-R) 15．如图所示，一质量为M的足够长的木板放在光滑水平面上，其左端放有一质量为m的木块，在木板右方有一竖直的墙。使木板与木块以共同的速度向右运动，某时刻木板与墙发生弹性碰撞。已知木块与木板间的动摩擦因数为，取重力加速度为g，下列说法正确的是（　　） A．若，木板只与墙壁碰撞一次，整个运动过程中摩擦生热的大小为 B．若，木板只与墙壁碰撞一次，木块相对木板的位移大小为 C．若，木板与墙壁第126次碰撞前的速度为 D．若，木板最终停在墙的边缘，在整个过程中墙对木板的总冲量大小为 试卷第6页，共6页 试卷第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 《浙江省平阳中学2025~2026学年高三下学期物理第一周晚练（A＋）》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C C D A D C C D D C 题号 11 12 13 14 15 答案 AC BC CD AD ACD 1．C 【详解】由图b可知，物体先向上减速到达最高时再向下加速度，图象与时间轴围成的面积为物体经过的位移，故可画出物体在斜面上的位移，图象的斜率表示加速度，上升过程及下降过程加速度均可求，上升过程有 下降过程有 两式联立可求得斜面倾角及动摩擦因数；但由于m均消去，故无法求得质量，进而不能求解摩擦力，因已知上升位移及夹角，则可求得上升的最大高度，故C正确ABD错误。 故选C。 2．C 【详解】当二者发生相对滑动时，以物块m为研究对象，根据牛顿第二定律可得 以长木板为研究对象，根据牛顿第二定律可得 若两者相对滑动，需满足，即 解得 故选C。 3．D 【详解】AC.在0-t2内整体沿正方向做加速运动；t2-t4内加速度反向，做减速运动，因为两段时间内受力是对称的，所以t4末速度变为零；之后两个物块又重复以前的运动，一直沿正方向运动，故AC错误； B. 结合选项A的分析可知，在0-t2内一直做加速运动，所以在t2时刻物块的速度最大，故B错误； D. 对整体分析，整体的加速度与F的方向相同，t3时刻两个物块的加速度最大；B物体所受的合力为摩擦力，故摩擦力的方向与加速度方向相同，大小为；可知当加速度最大时，B受到的摩擦力最大，即当t3时刻物块B受到的摩擦力最大，根据牛顿第三定律可知，t3时刻物块A受到的摩擦力最大，故D正确。 故选D。 4．A 【分析】本题考查整体法与隔离法的应用，注意对物体的受力分析． 【详解】AB．若斜面光滑，整体沿斜面下滑加速度为，甲、乙、丙三图上方物块重力沿斜面向下分力均为，甲图上方物块支持力垂直斜面在斜面没有分力，乙图和丙图接触面支持力在斜面上均有分力，必有摩擦力才能使合力为，故A正确，B错误； CD．若滑块一起匀速下滑，上方滑块合力为0，必有 ， ，，故C、D错误． 故选A． 5．D 【详解】A．交流电压表的示数应始终为交变电流的有效值，故A错误； B．由题意可得发电机线圈的转速为nk，则发电机输出的交变电流的频率为 对该线框发电产生的交变电流应有 故B错误； C．线圈中产生的感应电动势有效值为 根据变压器原副线圈匝数关系得原副线圈匝数比为 故C错误； D．单位时间（）内冲击风轮机叶片气流的体积 气体质量 动能 故D正确。 故选D。 6．C 【详解】AB．对桌子进行受力分析有 解得 当最大时F最小，α=30°时，F最小，由数学知识解得 选项AB错误； C．斜向上与水平方向成60°时，有 带入值解得 选项C正确； D．由动能定理有 选项D错误。 故选C。 7．C 【详解】A．从A开始下滑到到达最低点过程，A、B组成的系统在水平方向动量守恒，以向左为正方向，设A滑至B的最低点过程中，A、B水平方向移动的距离分别为、。故最初时B右侧与C的间距为，由水平方向动量守恒得 故，又因为 解得，故A错误； B．从A开始下滑到到达最低点过程，由机械能守恒定律得 解得，故B错误； C．当A滑至B的最低点时，B恰好与C发生碰撞并粘连在一起，对B、C应用动量守恒有，解得 之后A、B、C水平方向动量守恒，当A滑到凹槽左端时，A、B、C水平方向共速，由动量守恒，可知A、B、C水平方向速度为零，设此时A的速度为 由机械能守恒 解得 小球A从第一次离开凹槽到再次返回凹槽经历的时间为，故C正确； D．小球A从凹槽左端飞出后，由机械能守恒 解得，故小球A从凹槽左端飞出后不能运动到与释放点等高的位置，故D错误。 故选C。 8．D 【详解】A．电子在电场中的运动时间为 解得 两板间距满足 解得 A错误； B．电子在t=0时刻从O点射入时，离开电场时偏离中心线距离最大，B错误； C．电子在时刻从O点射入时，沿电场方向，电子的运动分四段 第一阶段向正方向运动，位移为 第二阶段先正方向减速运动，位移为 速度减为零； 第三阶段先负方向做加速运动，位移 第四阶段先负方向做减速运动，由对称可知，位移 则粒子的总位移为 即粒子偏离中心线距离 C错误； D．依题意，电子在电场中的运动时间为T，无论在哪一时刻从O点射入电场，正向电场和反向电场对电子的作用时间都是 ，沿电场方向根据动量定理 解得 即出离电场时沿电场方向的速度为零，D正确。 故选D。 9．D 【详解】AC．设挡块对斜面水平作用力向左，大小为，当物体沿斜面下滑时，对斜面受力分析如图甲所示 根据平衡条件 由题可知 解得 即不加拉力时，挡块对斜面有水平向左作用力，施加拉力时，以上方程仍成立，挡块对斜面有水平向左作用力，A、C错误； B．对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律，不加拉力时 施加拉力时 可知加速度比不加拉力时大，B错误； D．假设物体刚好上滑时，对物体受力分析如图乙所示 由平衡条件可得 解得 分母为零，方程无解，即无论怎样增大拉力，也不能使物体最终沿斜面向上运动，D正确。 故选D。 10．C 【详解】A．正离子经加速后由B处喷出形成的等效电流大小 选项A错误； B．电场对粒子加速有 根据动量定理有 其中 ， 整理得离子推进器获得的平均推力大小 选项B错误； C．加速正离子束所消耗的功率 选项C正确； D．根据以上分析可知 要使尽量大，可以用质量大、带电量小即比荷更小的离子作为推进器，选项D错误。 故选C。 11．AC 【详解】AB．设半圆形槽的半径为R，M到P由能量守恒得： P到N由能量守恒得： 所以；选项A正确，B错误； CD．同理滑块从M到P与从P到N位于同一高度时，下滑的速度小于上滑的速度，下滑时对轨道的压力小于上滑时对轨道的压力，下滑时受到的摩擦力小于上滑时受到的摩擦力，所以从M到P过程中系统产生的热量Q1小于从P到N过程中系统产生的热量为Q2，故选项C正确，D错误。 12．BC 【详解】A．对小球进行受力分析，受到重力和风力，由牛顿第二定律可得 解得 则每一秒小球的速度变化量大小为8，A错误； B．把小球做类斜抛运动的初速度分别沿水平方向和竖直方向分解，则有 小球从A到B的时间 由对称性可知，小球从A到C的运动时间为0.75s，B正确； C．A、C两点之间的距离为 C正确； D．B、C两点的高度差为 小球从B到C风力做的功为 D错误。 故选BC。 13．CD 【详解】A．由于有外接电路可知，A错误； B．摩擦力 故B错误； C．在停下来的过程中，对导体棒由动量定理 而且 得 C选项正确； D．根据能量守恒定律 D选项正确。 故选CD。 14．AD 【详解】A．滑块从O到C的过程，由功能关系可知 故A正确； B．滑块从O到C和从C回到O的过程中受力不一样，所以加速度也不一样，则用的时间也就不相等，故B错误； C．滑块从C回到O的过程，速度先增大后减小，故C错误； D．滑块从C回到O的过程中平均支持力小于滑块从O到C的过程中的支持力，所以摩擦力也小于从O到C过程中的摩擦力，所有从滑块从C回到O的过程摩擦力做功小于mg(R-H)，根据动能定理知： 则 故D正确； 故选AD。 点睛：根据向心力知识分析两个过程轨道对滑块支持力的大小,判断滑块经过同一点所受的摩擦力大小，则知摩擦力做功大小的变化． 15．ACD 【详解】A．如果，木板只与墙壁碰撞一次，取向右为正方向，由动量守恒定律得 解得 整个运动过程中摩擦生热的大小为 联立求解得 故A正确； B．如果M=m，木板只与墙壁碰撞一次，取向右为正方向，由动量守恒定律得 解得 由动能定理可得 联立解得 故B错误； C．如果，木板与墙壁碰撞第一次后，速度为，方向与原方向相反，取向右为正方向，当木板与木块再次共速时，由动量守恒定律得 解得 同理木板与墙壁碰撞第二次后，速度再次反向，取向右为正方向，由动量守恒定律得 解得 由此可知，木板第126次与墙壁碰撞前的速度为，故C正确； D．如果，木板最终停在墙的边缘，根据动量定理可得 在整个过程中墙对木板的冲量大小为，故D正确。 故选ACD。 答案第8页，共8页 答案第7页，共8页 学科网（北京）股份有限公司 $