精品解析：四川德阳市第五中学2025-2026学年高二下学期4月月考生物试题

德阳五中高2024级2026年春期第一次定时练习 生物试卷 说明： 1．本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷，共8页。考生作答时，须将答案答在答题卡上，在本试卷、草稿纸上答题无效。考试结束后，将答题卡交回。 2．本试卷满分100分，75分钟完卷。 第Ⅰ卷（选择题共45分） 一、单项选择题（每题3分，共45分） 1. 第八届联合国环境大会聚焦“迈向无塑未来，共建韧性全球生态”，生态足迹是衡量人类自然资源消耗的核心指标，生态承载力反映区域生态系统的资源供给潜能，二者的对比是评判区域生态可持续性的重要依据。下列叙述错误的是（　　） A. 践行垃圾分类回收、绿色低碳出行，利于降低人类整体的生态足迹 B. 合理开发水能、生物质能等可再生资源，能提升区域生态承载力的效能 C. 若某区域生态足迹总量小于生态承载力，说明该区域处于生态盈余状态 D. 当前我国人口增速放缓，生态足迹的总值就必然会出现持续性的下降 2. 下图为生态修复后某国家湿地公园内旅游步道附近植物分布示意图。下列分析错误的是（　　） A. 建立国家湿地公园属于就地保护，是保护生物多样性的有效措施 B. 步道不同距离处湿生、中生植物比例差异，体现了群落的水平结构 C. 随着距步道距离增加，湿生植物占比持续上升，中生植物占比持续下降 D. 适度控制旅游活动强度，可减缓人类干扰对湿地植物群落组成的影响 3. 某市开展湿地生态修复工程，构建“挺水植物-沉水植物-底栖动物-微生物”复合生态系统，并配套生态观光项目。下列关于该工程设计所依据的原理分析，错误的是（　　） A. 筛选适应本地水土环境的乡土物种构建群落，体现了协调原理 B. 将湿地水生枯枝落叶残体分解成为植物养分，体现了循环原理 C. 为提升水体净化效率而过量种植单一沉水植物，遵循了自生原理 D. 修复湿地同时发展生态旅游兼顾了多方效益，体现了整体原理 4. 某城市河道因富营养化导致藻类暴发，环保部门拟采用生态浮床技术进行修复。为探究生态浮床中不同植物组合对富营养化水体的修复效果，科研人员开展实验，实验设计如下：对照组（CK）无植物，仅浮床框架；处理组1（T1）种植芦苇（挺水植物）；处理组2（T2）种植凤眼蓝（浮水植物）；处理组3（T3）混合种植芦苇+凤眼蓝。各组植物生物量相同，实验周期为60天，结果如表所示。根据实验结果分析，下列说法错误的是（　　） 组别 总氮去除率/% 总磷去除率/% 藻类密度降低率/% CK 8.2 6.5 3.1 T1 42.7 38.4 55.6 T2 58.3 51.2 68.9 T3 75.6 69.8 82.4 A. CK组有一定去除效果，推测框架可吸附污染物或附着微生物发挥作用 B. T2组氮磷去除率高于T1，说明相同生物量凤眼蓝吸收氮、磷能力更强 C. T3组修复效果最优，说明增加物种数一定能提升水体富营养化治理效果 D. 浮床宜选用本地适宜物种，防止外来物种入侵破坏原有生态系统稳定 5. 为研究添加有机酸对泡菜品质的影响，研究者以未添加有机酸的发酵萝卜泡菜为对照，在老母水(反复使用的泡菜水)中添加 0.089 mol/L(以 0.8%乳酸换算)的不同有机酸(乳酸、乙酸、柠檬酸)来制作发酵萝卜泡菜，部分实验结果如图甲、乙所示。下列叙述正确的是（ ） A. 乙酸对发酵菌有抑制作用，可延缓发酵进程 B. 加入不同有机酸均利于微生物分解亚硝酸盐 C. 添加有机酸组的酸碱度会随发酵延长而降低 D. 发酵过程中，还原糖与亚硝酸盐的变化同步 6. 醋，古称“酢”，是重要的调味品。北魏贾思勰的《齐民要术》中详细记载了“作酢法”，“作大酢法：七月七日取水作之。大率麦曲一斗，勿扬簸（扬去杂质、簸清物料）；水三斗；粟米熟饭三斗，摊令冷。……先下麦曲，次下水，次下饭，直置勿搅之。一七日，旦，著井花水一碗。三七日，旦，又著一碗，便熟。”即利用谷物制醋的工艺。下列有关说法错误的是（　　） A. “粟米熟饭”“摊令冷”处理，前者灭杂菌，后者防高温杀死菌种 B. 醋酸发酵阶段需持续通无菌空气，以保证醋酸菌的有氧呼吸需求 C. “麦曲”使用时切忌“扬簸”处理，只为了减少发酵菌种的流失 D. 发酵中醋酸积累会使pH下降，可抑制杂菌生长以利于发酵进行 7. 猕猴桃醋生产的基本工艺流程如下，其中①②③表示发酵的三个环节，糖化是将淀粉转化为葡萄糖的过程。下列叙述错误的是（　　） A. 蒸煮处理可杀灭猕猴桃杂菌并灭活酶类，确保发酵过程纯净稳定 B. 麸曲中曲霉分泌的淀粉酶可以将淀粉水解为葡萄糖等可发酵糖 C. 环节③醋酸菌可以直接利用淀粉作为碳源合成自身所需有机物 D. ①②③发酵环节均需调控适宜温度pH，以维持微生物生长活性 8. 研究团队在某批次果汁样品中发现了高产胞外多糖的乳酸菌突变株，可以使果汁质地变得更绵密。为优化发酵工艺，研究人员用平板划线法进行乳酸菌突变株的纯培养，纯培养过程的部分操作步骤如图甲所示。图乙为三种不同的划线操作。下列叙述正确的是（　　） A. 操作前培养皿需干热灭菌，培养基应高压蒸汽灭菌，接种环灼烧灭菌 B. 图甲中步骤①倒平板后应立即倒置，及时避免冷凝水污染培养基表面 C. 图乙中正确划线操作是B，完成该划线共需灼烧接种环4次清除残留菌 D. 接种培养乳酸菌时需通无菌空气，为乳酸菌有氧呼吸提供能量保障 9. 土壤中有丰富的微生物，若要利用其中某种微生物，则需要进行菌种的分离和纯化，过程如图。下列相关叙述正确的是（　　） A. 若要筛选分解尿素的细菌，尿素可作为培养基中的唯一碳源 B. 理论上每毫升菌液中1号试管的活菌数是4号试管的1000倍 C. 4号试管的培养结果表明，每克土壤中的活菌数约为1.1×109个 D. 接种用的培养皿可用干热灭菌，可杀死微生物细胞和部分芽孢 10. 安莎霉素由深海中某种赖氨酸缺陷型放线菌产生，可治疗结核分枝杆菌引起的肺部感染。科研人员用紫外线诱变深海放线菌后选育高产菌株，实验的部分流程如图所示。下列叙述正确的是（　　） 注：原位影印可确保在一系列平板培养基的相同位置上接种并培养出相同菌落 A. ②③④为固体培养基，缺乏赖氨酸的培养基为③ B. 培养基①应先灭菌再调pH，以满足放线菌生长需求 C. 用接种环蘸取菌液在②上连续划线，以获得单菌落 D. 由培养结果可知，乙菌落为赖氨酸缺陷型高产菌株 11. 为探究不同抗生素对肺炎链球菌的治疗效果，研究人员将相同含量的a、b、c、d四种抗生素均匀涂抹在四张大小相同的滤纸片上，置于肺炎链球菌均匀分布的平板培养基上，在适宜条件下培养一段时间，结果如图所示。下列有关该实验的叙述，正确的是（　　） A. 本实验可采用平板划线法接种，使肺炎链球菌在平板均匀分布 B. 本实验所用培养基为液体培养基，便于观察比较抑菌圈的大小 C. 抑菌圈大小与抗生素抑菌效果正相关，抗生素a治疗效果最佳 D. 抗生素d诱导肺炎链球菌产生耐药性，因此其菌落抑菌圈最小 12. 科学家利用马铃薯和西红柿叶片分离原生质体并进行细胞杂交，最终获得了杂种植株，相关过程如图所示。下列有关分析正确的是（　　） A. 对过程①获取的外植体需用适宜浓度的乙醇和次氯酸钠的混合液消毒 B. 可根据是否发生质壁分离现象鉴别杂种细胞的细胞壁是否再生 C. 过程①应将叶片下表皮向下，置于含纤维素酶和果胶酶的低渗溶液中 D. ⑤进行脱分化和再分化过程，杂种植株一定具有马铃薯和西红柿的优良性状 13. 水母雪莲是我国的一种名贵药材，主要活性成分为次生代谢产物黄酮。水母雪莲生长缓慢，长期的掠夺性采挖导致该药材资源严重匮乏。研究人员开展了悬浮培养水母雪莲细胞合成黄酮的工程技术研究，结果如表所示。下列叙述正确的是（　　） 转速（r/min） 55 65 75 85 相对生长速率 0.21 0.25 0.26 0.25 细胞干重（g/L） 7.5 9.7 11.4 9.5 黄酮产量（g/L） 0.2 0.27 0.32 0.25 A. 悬浮培养目的是提高单个水母雪莲细胞中黄酮含量 B. 黄酮是水母雪莲细胞生长增殖和生存所必需的物质 C. 氧气供给对于水母雪莲细胞生长、分裂和代谢是必要的 D. 转速为85r/min时不利于细胞生长，有利于黄酮的积累 14. 某病毒对动物养殖业危害十分严重。我国学者拟以该病毒外壳蛋白A为抗原来制备单克隆抗体，以期快速检测该病毒，其主要技术路线如图所示。下列相关说法正确的是（ ） A. 与小鼠骨髓瘤细胞融合前，已免疫的B细胞不需要通过原代培养扩大细胞数量 B. 诱导已免疫的B细胞和小鼠骨髓瘤细胞融合，主要是利用细胞膜的功能特点 C. 在杂交瘤细胞筛选过程中，发生融合的细胞都可以在选择培养基上正常增殖 D. 将待筛选抗体与该病毒基因A进行杂交，呈阳性的就是所需的抗体 15. 我国科学家经过多年的试验，成功得到体细胞克隆猴。为了提高胚胎的发育率和妊娠率，研究人员将组蛋白去甲基化酶Kdm4d的mRNA注入重构胚，同时用组蛋白脱乙酰酶抑制剂TSA处理。培育克隆猴的流程如下图，下列叙述错误的是（　　） A. 该克隆过程体现了猴的体细胞核具有全能性 B. 用灭活的病毒短暂处理有利于诱导细胞融合 C. “去核”的“核”其实是卵母细胞中的纺锤体与染色体复合物 D. Kdm4d的mRNA和TSA均通过修饰DNA来影响基因表达 第Ⅱ卷（非选择题共55分） 二、非选择题（共55分） 16. 淡水水域富营养化会形成让人讨厌的水华。水华不仅影响水环境景观效果，还引起水源污染。为更好修复水体，开发、利用水生植物，某研究小组设计了4组实验：①香菇草单独种植（T1）、②石菖蒲单独种植（T2）、③香菇草和石菖蒲混合种植（T3）、④不栽植植物的水样（CK）。探究了香菇草、石菖蒲对富营养化池塘污水中总氮质量浓度的净化效果以及它们种植前后鲜重的变化量，结果如图a、图b所示。回答下列问题： （1）香菇草、石菖蒲通过吸收水体氮素抑制水华、净化水质，体现了生物多样性的_______价值；其作为湿地景观植物的美化作用体现了_______价值；研究小组选择水生植物而非陆生植物修复富营养化污水，遵循了生态工程的_______原理。 （2）据图a可知，空白对照组（CK）污水中总氮质量浓度也会降低，其原因可能是_______（答出一点即可）；一般认为生态系统抵抗力稳定性较弱的主要原因是_______。 （3）结合图a、图b分析，香菇草与石菖蒲混合种植（T3）的污水净化效果差于香菇草单独种植（T1），从资源利用角度分析，原因是_______。 （4）为优化富营养化水体的造景实验材料，研究小组拟以T1组香菇草单独种植、T2组石菖蒲单独种植为对照组，从植物造景美学性和物种多样性角度设计下一步实验组，该实验组可设置为_______。 17. 废弃的塑料因难以降解，造成“白色污染”；聚羟基脂肪酸酯（PHA）具有类似塑料的理化特性，丢弃后易被土壤微生物降解，可代替部分塑料应用于生产生活。研究人员在某咸水湖中发现了一种能合成PHA的嗜盐细菌，分离该细菌的基本流程如图所示。请回答下列问题： （1）从功能角度分析，Ⅰ号培养基属于_______培养基，其主要作用是_______。 （2）该培养基中高浓度NaCl的作用是_______；牛肉膏能为嗜盐细菌提供_______（答出一点即可）等营养物质。 （3）实验室中，对培养基进行灭菌常用_______法。若过程④进行了5次划线，则需要对接种环灼烧_______次。 （4）过程①②中，每次将1mL样液加入9mL无菌生理盐水进行梯度稀释，这样操作的主要目的是_______。 18. 中医治疗疾病多用复方，三白草和鱼腥草是同科不同属的两种常见药用植物，二者因疗效相近且具有叠加效应常被用作“药对”，在我国全年可采收两次。研究者欲利用原生质体融合技术将复方的配伍（两种或两种以上药物配合使用）提前到个体生长或生产过程，并实现有效成分的工厂化生产，具体操作如图1。 （1）过程①中，需用_______去除植物细胞壁以获取原生质体，该过程需在_______（填“低渗”、“等渗”或“高渗”）溶液中进行，防止原生质体吸水涨破。 （2）过程②中，常用_______（填化学诱导剂名称）诱导原生质体融合；并向三白草和鱼腥草细胞酶解液中分别加入红、绿荧光色素。在荧光显微镜下筛选杂种原生质体时，应选择同时带有红、绿两种荧光的原生质体，原因是_______。 （3）科研人员研究不同的原生质体密度对三白草和鱼腥草原生质体融合率的影响，结果如图2。 据图2可知，促进双核异核融合体形成的最适原生质体密度为_______个/mL，高于此密度不利于形成双核异核融合体的原因是_______。 （4）通常情况下，能增加免疫器官的重量表明该物质具有一定的增强免疫力的作用。为判断融合体对动物免疫力的影响，科研人员取同种小鼠30只，雌雄各半，随机均分为三组，实验处理如下表。 组别 A组 B组 C组 实验处理 三白草和鱼腥草杂种愈伤组织的蒸馏水提取物 三白草和鱼腥草直接混合后的蒸馏水提取物 等量的蒸馏水 每天一次等量灌胃，连续一周，检测各组小鼠的胸腺重量 若实验结果为_______，则支持利用原生质体融合技术将复方的配伍提前并实现有效成分的工厂化生产。 19. 如图为制备单克隆抗体的两种方式，回答下列问题： （1）制备单克隆抗体时，首先需给小鼠注射特定抗原蛋白，诱导小鼠体内产生能分泌针对该抗原特异性抗体的_______；诱导淋巴细胞与骨髓瘤细胞融合的常用化学试剂是________，融合形成的杂交瘤细胞在体外培养时具有_______的特点，可以满足单克隆抗体生成需要。 （2）已知细胞合成DNA有D和S两条途径，其中D途径能被氨基蝶呤阻断；人淋巴细胞有这两种途径但一般不分裂增殖，鼠骨髓瘤细胞无S途径但能无限分裂。利用该特性筛选杂交瘤细胞时，需在培养液中加入_______，该筛选方法能分离出杂交瘤细胞的原理是_______。 （3）杂交瘤细胞体外培养所用的培养基，与植物组织培养所用的培养基相比，主要差异是_______（答出两点）。 （4）单克隆抗体可作为“生物导弹”精准追踪抗原并与之结合，绝不攻击正常细胞，其原因是_______。 20. 某两性花植物的花瓣有单瓣、重瓣两种，受一对等位基因（A/a）控制；花色有白色、粉色与红色三种，受两对等位基因（B/b、D/d）控制，其中D基因为红色素合成所必需的基因，B基因的表达产物对红色素具有淡化效应，且淡化效果与B基因数量呈正相关。选取甲（单瓣白花）、乙（重瓣红花）两植株进行杂交，F1表型及比例为重瓣白花︰重瓣粉花︰重瓣红花＝2︰1︰1；选取F1中两粉花植株杂交，F2表型及比例为白花︰粉花︰红花＝7︰6︰3。请回答下列问题： （1）在单瓣与重瓣这对相对性状中，_______为显性性状，理由是_______。 （2）只考虑花色基因，F1白花植株中，纯合子比例为_______；F2白花植株中与甲植株基因型相同的比例为_______；若F2中红花植株随机授粉，理论上子代出现的花色及比例为_______。 （3）若该植物表现为自交不亲和，自花传粉时花粉高度不育，要培育重瓣红花纯合植株，可采用_______的方法；获得重瓣红花纯合植株后，利用_______技术，可在短时间内繁殖出大量的重瓣红花植株幼苗。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 德阳五中高2024级2026年春期第一次定时练习 生物试卷 说明： 1．本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷，共8页。考生作答时，须将答案答在答题卡上，在本试卷、草稿纸上答题无效。考试结束后，将答题卡交回。 2．本试卷满分100分，75分钟完卷。 第Ⅰ卷（选择题共45分） 一、单项选择题（每题3分，共45分） 1. 第八届联合国环境大会聚焦“迈向无塑未来，共建韧性全球生态”，生态足迹是衡量人类自然资源消耗的核心指标，生态承载力反映区域生态系统的资源供给潜能，二者的对比是评判区域生态可持续性的重要依据。下列叙述错误的是（　　） A. 践行垃圾分类回收、绿色低碳出行，利于降低人类整体的生态足迹 B. 合理开发水能、生物质能等可再生资源，能提升区域生态承载力的效能 C. 若某区域生态足迹总量小于生态承载力，说明该区域处于生态盈余状态 D. 当前我国人口增速放缓，生态足迹的总值就必然会出现持续性的下降 【答案】D 【解析】 【详解】A、垃圾分类回收可提高资源利用率、减少资源浪费，绿色低碳出行可降低能源消耗与碳排放，二者均能减少人类对自然资源的消耗，有利于降低人类整体的生态足迹，A正确； B、合理开发水能、生物质能等可再生资源，可提升区域生态系统的资源供给能力，进而提升区域生态承载力的效能，B正确； C、生态承载力反映区域生态系统的资源供给潜能，若某区域生态足迹总量小于生态承载力，说明该区域资源供给量大于人类消耗量，处于生态盈余状态，C正确； D、生态足迹总值受人口数量、人均资源消费水平、资源利用效率等多种因素共同影响，仅人口增速放缓不能得出生态足迹总值必然持续下降的结论，若人均资源消耗量上升，生态足迹总值仍可能升高，D错误。 2. 下图为生态修复后某国家湿地公园内旅游步道附近植物分布示意图。下列分析错误的是（　　） A. 建立国家湿地公园属于就地保护，是保护生物多样性的有效措施 B. 步道不同距离处湿生、中生植物比例差异，体现了群落的水平结构 C. 随着距步道距离增加，湿生植物占比持续上升，中生植物占比持续下降 D. 适度控制旅游活动强度，可减缓人类干扰对湿地植物群落组成的影响 【答案】C 【解析】 【详解】A、建立国家湿地公园属于就地保护，就地保护是保护生物多样性最有效的措施，A正确‌； B、步道不同距离处湿生、中生植物比例差异，是在水平方向上由于地形的变化等因素导致的植物分布差异，体现了群落的水平结构，B正确‌； C、由图可知，随着距步道距离从5m增加到10m，湿生植物占比从82%下降到81%，中生植物占比从18%上升到19%；从15m增加到20m，湿生植物占比从93%下降到84%，中生植物占比从7%上升到16%，所以湿生植物占比不是持续上升，中生植物占比也不是持续下降，C错误‌； D、旅游活动会对湿地植物群落造成干扰，适度控制旅游活动强度，可减缓人类干扰对湿地植物群落组成的影响，D正确‌。 3. 某市开展湿地生态修复工程，构建“挺水植物-沉水植物-底栖动物-微生物”复合生态系统，并配套生态观光项目。下列关于该工程设计所依据的原理分析，错误的是（　　） A. 筛选适应本地水土环境的乡土物种构建群落，体现了协调原理 B. 将湿地水生枯枝落叶残体分解成为植物养分，体现了循环原理 C. 为提升水体净化效率而过量种植单一沉水植物，遵循了自生原理 D. 修复湿地同时发展生态旅游兼顾了多方效益，体现了整体原理 【答案】C 【解析】 【详解】A、协调原理要求处理好生物与环境、生物与生物的协调平衡，需考虑生物对环境的适应性，筛选乡土物种是因为其适配本地环境，符合协调原理，A正确； B、循环原理强调促进物质的循环利用，枯枝落叶被微生物分解为无机物重新作为植物养分，实现了物质的循环往复利用，符合循环原理，B正确； C、自生原理要求生态系统维持较高的生物多样性，依靠组分间的种间关系形成自我调节、自我维持的有序结构，过量种植单一沉水植物会降低物种丰富度，削弱生态系统自我调节能力，违背自生原理，C错误； D、整体原理要求兼顾生态、经济、社会三方效益，修复湿地保障生态效益，发展生态旅游可获得经济效益和社会效益，符合整体原理，D正确。 4. 某城市河道因富营养化导致藻类暴发，环保部门拟采用生态浮床技术进行修复。为探究生态浮床中不同植物组合对富营养化水体的修复效果，科研人员开展实验，实验设计如下：对照组（CK）无植物，仅浮床框架；处理组1（T1）种植芦苇（挺水植物）；处理组2（T2）种植凤眼蓝（浮水植物）；处理组3（T3）混合种植芦苇+凤眼蓝。各组植物生物量相同，实验周期为60天，结果如表所示。根据实验结果分析，下列说法错误的是（　　） 组别 总氮去除率/% 总磷去除率/% 藻类密度降低率/% CK 8.2 6.5 3.1 T1 42.7 38.4 55.6 T2 58.3 51.2 68.9 T3 75.6 69.8 82.4 A. CK组有一定去除效果，推测框架可吸附污染物或附着微生物发挥作用 B. T2组氮磷去除率高于T1，说明相同生物量凤眼蓝吸收氮、磷能力更强 C. T3组修复效果最优，说明增加物种数一定能提升水体富营养化治理效果 D. 浮床宜选用本地适宜物种，防止外来物种入侵破坏原有生态系统稳定 【答案】C 【解析】 【详解】A、CK组仅含浮床框架无植物，仍存在一定的污染物去除效果，推测是框架可吸附污染物，或框架表面附着的微生物可分解污染物，A正确； B、T1组种植芦苇、T2组种植凤眼蓝，两组植物生物量相同，T2组氮磷去除率更高，说明相同生物量下凤眼蓝吸收氮、磷的能力更强，B正确； C、T3组混合种植两种植物修复效果最优，但新增物种与原有物种存在强烈种间竞争，或引入不适宜物种，反而可能降低治理效果，所以增加物种数不一定能提升治理效果，C错误； D、生态修复时选用本地适宜物种，可避免外来物种因缺少天敌大量繁殖引发物种入侵，破坏原有生态系统的稳定性，D正确。 5. 为研究添加有机酸对泡菜品质的影响，研究者以未添加有机酸的发酵萝卜泡菜为对照，在老母水(反复使用的泡菜水)中添加 0.089 mol/L(以 0.8%乳酸换算)的不同有机酸(乳酸、乙酸、柠檬酸)来制作发酵萝卜泡菜，部分实验结果如图甲、乙所示。下列叙述正确的是（ ） A. 乙酸对发酵菌有抑制作用，可延缓发酵进程 B. 加入不同有机酸均利于微生物分解亚硝酸盐 C. 添加有机酸组的酸碱度会随发酵延长而降低 D. 发酵过程中，还原糖与亚硝酸盐的变化同步 【答案】A 【解析】 【详解】A、从甲图可知，添加乙酸组在5d时还原糖较其他组多，因还原糖是发酵菌的能源物质，因而可推测乙酸对发酵菌有抑制作用，从而延缓发酵进程，A 正确； B、发酵初期，蔬菜中的硝酸盐被微生物分解成亚硝酸盐，从而使亚硝酸盐含量升高，发酵后期，亚硝酸盐会被微生物分解，从而使其含量降低，也即亚硝酸盐含量变化取决于其合成与分解的差值，图中只能看出亚硝酸盐的含量，无法判断其与有机酸的关系，B错误； C、实验所添加的有机酸是定量的，泡菜的酸碱度不仅与添加的有机酸有关，还与微生物的发酵活动有关，若泡菜发酵后期微生物将营养物质耗尽，则泡菜的酸碱度会保持稳定，C错误； D、还原糖是发酵菌的能源物质，随着发酵的进行会不断地减少直至为0，亚硝酸盐是微生物分解硝酸盐产生的，但也会被微生物降解，因此随着发酵的进行，亚硝酸盐含量先升高后降低，D错误。 故选A。 6. 醋，古称“酢”，是重要的调味品。北魏贾思勰的《齐民要术》中详细记载了“作酢法”，“作大酢法：七月七日取水作之。大率麦曲一斗，勿扬簸（扬去杂质、簸清物料）；水三斗；粟米熟饭三斗，摊令冷。……先下麦曲，次下水，次下饭，直置勿搅之。一七日，旦，著井花水一碗。三七日，旦，又著一碗，便熟。”即利用谷物制醋的工艺。下列有关说法错误的是（　　） A. “粟米熟饭”“摊令冷”处理，前者灭杂菌，后者防高温杀死菌种 B. 醋酸发酵阶段需持续通无菌空气，以保证醋酸菌的有氧呼吸需求 C. “麦曲”使用时切忌“扬簸”处理，只为了减少发酵菌种的流失 D. 发酵中醋酸积累会使pH下降，可抑制杂菌生长以利于发酵进行 【答案】C 【解析】 【详解】A、"粟米熟饭"通过高温蒸煮可杀灭米饭中的杂菌，"摊令冷"可避免温度过高杀死后续加入的麦曲中的发酵菌种，A正确； B、醋酸菌为好氧细菌，仅在有氧条件下可进行醋酸发酵，因此发酵阶段需持续通入无菌空气满足其有氧呼吸需求，B正确； C、麦曲中不仅含有发酵所需的菌种，还含有多种催化发酵反应的酶类，"扬簸"既会导致菌种流失，也会损失麦曲中的酶等有效成分，并非只为减少菌种流失，C错误； D、发酵过程中醋酸积累会使发酵液pH下降，酸性环境可抑制多数杂菌的生长繁殖，有利于醋酸发酵的正常进行，D正确。 7. 猕猴桃醋生产的基本工艺流程如下，其中①②③表示发酵的三个环节，糖化是将淀粉转化为葡萄糖的过程。下列叙述错误的是（　　） A. 蒸煮处理可杀灭猕猴桃杂菌并灭活酶类，确保发酵过程纯净稳定 B. 麸曲中曲霉分泌的淀粉酶可以将淀粉水解为葡萄糖等可发酵糖 C. 环节③醋酸菌可以直接利用淀粉作为碳源合成自身所需有机物 D. ①②③发酵环节均需调控适宜温度pH，以维持微生物生长活性 【答案】C 【解析】 【详解】A、蒸煮处理时高温可以杀灭猕猴桃自带的杂菌，同时也会使猕猴桃中的酶类失活，从而确保后续发酵过程不受杂菌和原有酶类的干扰，保证发酵过程纯净稳定，A正确‌； B、糖化是将淀粉转化为葡萄糖的过程，麸曲中曲霉分泌的淀粉酶可以将淀粉水解为葡萄糖等可发酵糖，为后续的酒精发酵提供原料，B正确‌； C、醋酸菌不能直接利用淀粉作为碳源，需要先将淀粉水解为葡萄糖等单糖后才能被利用。在猕猴桃醋生产流程中，是先经过糖化将淀粉转化为葡萄糖，再进行酒精发酵和醋酸发酵，C错误‌； D、不同的微生物生长和发酵需要适宜的温度和pH等条件，①糖化、②酒精发酵、③醋酸发酵这三个环节都涉及微生物的活动，所以均需调控适宜温度、pH，以维持微生物生长活性，D正确‌。 8. 研究团队在某批次果汁样品中发现了高产胞外多糖的乳酸菌突变株，可以使果汁质地变得更绵密。为优化发酵工艺，研究人员用平板划线法进行乳酸菌突变株的纯培养，纯培养过程的部分操作步骤如图甲所示。图乙为三种不同的划线操作。下列叙述正确的是（　　） A. 操作前培养皿需干热灭菌，培养基应高压蒸汽灭菌，接种环灼烧灭菌 B. 图甲中步骤①倒平板后应立即倒置，及时避免冷凝水污染培养基表面 C. 图乙中正确划线操作是B，完成该划线共需灼烧接种环4次清除残留菌 D. 接种培养乳酸菌时需通无菌空气，为乳酸菌有氧呼吸提供能量保障 【答案】A 【解析】 【详解】A、微生物培养中，为防止杂菌污染，培养皿常用干热灭菌法灭菌，培养基常用高压蒸汽灭菌法灭菌，接种环常用灼烧灭菌法灭菌，A正确； B、倒平板后不能立即倒置，要等培养基凝固后再倒置，B错误； C、图乙中正确的划线操作是B（每次划线从上次末端开始，划线的最后一区不要与第一区相连），在每次划线前和划线结束后都需要灼烧接种环，完成该划线共需灼烧接种环5次，C错误； D、乳酸菌是厌氧菌，进行无氧呼吸，接种培养乳酸菌时不能通无菌空气，D错误。 9. 土壤中有丰富的微生物，若要利用其中某种微生物，则需要进行菌种的分离和纯化，过程如图。下列相关叙述正确的是（　　） A. 若要筛选分解尿素的细菌，尿素可作为培养基中的唯一碳源 B. 理论上每毫升菌液中1号试管的活菌数是4号试管的1000倍 C. 4号试管的培养结果表明，每克土壤中的活菌数约为1.1×109个 D. 接种用的培养皿可用干热灭菌，可杀死微生物细胞和部分芽孢 【答案】B 【解析】 【详解】A、若要筛选分解尿素的细菌，应配制以尿素为唯一氮源的培养基，A错误； B、从图中可以看出，从1号试管依次到4号试管每稀释一次均稀释10倍，1号试管到4号试管是1000倍稀释，所以理论上每毫升菌液中1号试管的活菌数是4号试管的1000倍，B正确； C、4号试管进行了105倍稀释（5g土样加入45mL无菌水是10倍稀释，后续又进行了4次10倍稀释），且0.1 mL菌液中平均菌落数为(113+106+111)÷3=110个，那么每克土壤中的活菌数约为 110÷0.1×105=1.1×108个，C错误； D、接种用的培养皿常用干热灭菌法灭菌，干热灭菌可杀死物体内外所有的微生物，包括芽孢和孢子，D错误。 10. 安莎霉素由深海中某种赖氨酸缺陷型放线菌产生，可治疗结核分枝杆菌引起的肺部感染。科研人员用紫外线诱变深海放线菌后选育高产菌株，实验的部分流程如图所示。下列叙述正确的是（　　） 注：原位影印可确保在一系列平板培养基的相同位置上接种并培养出相同菌落 A. ②③④为固体培养基，缺乏赖氨酸的培养基为③ B. 培养基①应先灭菌再调pH，以满足放线菌生长需求 C. 用接种环蘸取菌液在②上连续划线，以获得单菌落 D. 由培养结果可知，乙菌落为赖氨酸缺陷型高产菌株 【答案】A 【解析】 【详解】A、固体培养基需要加入琼脂作为凝固剂，②③④为固体培养基，该放线菌是赖氨酸缺陷型，自身不能合成赖氨酸，要筛选高产安莎霉素的菌株，需在培养基中添加赖氨酸，这样缺陷型放线菌才能生长，③中部分菌落不能生长，说明缺乏赖氨酸，A正确‌； B、培养基的制作流程是计算→称量→溶化→调节pH→灭菌，若先灭菌再调节pH，调节pH时可能会引入杂菌，导致灭菌失去意义，所以应该先调节pH，再灭菌，B错误‌； C、由图可知，②是用稀释涂布平板法进行接种，不是用接种环蘸取菌液进行连续划线，C错误‌； D、甲菌落在③中不能生存，在④中可以生存，说明甲菌落只能生活在含有赖氨酸的培养基中，是赖氨酸缺陷型放线菌菌落，可以产生安莎霉素，而乙菌落在③④中均能生存，所以乙菌落不是赖氨酸缺陷型放线菌菌落，不能产生安莎霉素，D错误‌。 11. 为探究不同抗生素对肺炎链球菌的治疗效果，研究人员将相同含量的a、b、c、d四种抗生素均匀涂抹在四张大小相同的滤纸片上，置于肺炎链球菌均匀分布的平板培养基上，在适宜条件下培养一段时间，结果如图所示。下列有关该实验的叙述，正确的是（　　） A. 本实验可采用平板划线法接种，使肺炎链球菌在平板均匀分布 B. 本实验所用培养基为液体培养基，便于观察比较抑菌圈的大小 C. 抑菌圈大小与抗生素抑菌效果正相关，抗生素a治疗效果最佳 D. 抗生素d诱导肺炎链球菌产生耐药性，因此其菌落抑菌圈最小 【答案】C 【解析】 【详解】A、平板划线法不能使肺炎链球菌在平板上均匀分布，要使肺炎链球菌均匀分布在平板培养基上，应采用稀释涂布平板法，A错误； B、本实验所用培养基为固体培养基，只有固体培养基上才能形成菌落，便于观察比较抑菌圈的大小，B错误； C、在含有相同含量的a、b、c、d四种抗生素的四张大小相同的滤纸片上，抑菌圈越大，说明抗生素对肺炎链球菌的抑制作用越强，即抑菌圈大小与抗生素抑菌效果正相关。从图中可以看出，抗生素a形成的抑菌圈最大，所以抗生素a治疗效果最佳，C正确； D、肺炎链球菌产生耐药性是其自身基因突变的结果，而不是抗生素d诱导产生的，抗生素d只是对具有耐药性的肺炎链球菌起到了选择作用，D错误。 12. 科学家利用马铃薯和西红柿叶片分离原生质体并进行细胞杂交，最终获得了杂种植株，相关过程如图所示。下列有关分析正确的是（　　） A. 对过程①获取的外植体需用适宜浓度的乙醇和次氯酸钠的混合液消毒 B. 可根据是否发生质壁分离现象鉴别杂种细胞的细胞壁是否再生 C. 过程①应将叶片下表皮向下，置于含纤维素酶和果胶酶的低渗溶液中 D. ⑤进行脱分化和再分化过程，杂种植株一定具有马铃薯和西红柿的优良性状 【答案】B 【解析】 【详解】A、外植体消毒需先用乙醇消毒30s，然后立即用无菌水冲洗2-3次，再用次氯酸钠溶液处理30min后，立即用无菌水清洗2-3次。二者为先后使用，而非混合液消毒，混合可能降低消毒效果或损伤外植体，A 错误； B、细胞壁是植物细胞发生质壁分离的结构基础。若杂种细胞再生细胞壁，在高渗溶液中会发生质壁分离；若未再生细胞壁，则不会发生质壁分离，因此可通过是否发生质壁分离鉴别细胞壁是否再生，B 正确； C、获取原生质体时，酶溶液需添加渗透压稳定剂（如甘露醇），维持原生质体形态，避免低渗溶液导致原生质体吸水破裂；且叶片下表皮应向下放置，便于酶液接触并分解细胞壁，C 错误； D、脱分化和再分化可培育出杂种植株，但由于基因互作、表达调控等因素，杂种植株不一定能同时表现马铃薯和西红柿的优良性状，可能出现性状丢失或不良性状，D 错误。 故选 B。 13. 水母雪莲是我国的一种名贵药材，主要活性成分为次生代谢产物黄酮。水母雪莲生长缓慢，长期的掠夺性采挖导致该药材资源严重匮乏。研究人员开展了悬浮培养水母雪莲细胞合成黄酮的工程技术研究，结果如表所示。下列叙述正确的是（　　） 转速（r/min） 55 65 75 85 相对生长速率 0.21 0.25 0.26 0.25 细胞干重（g/L） 7.5 9.7 11.4 9.5 黄酮产量（g/L） 0.2 0.27 0.32 0.25 A. 悬浮培养目的是提高单个水母雪莲细胞中黄酮含量 B. 黄酮是水母雪莲细胞生长增殖和生存所必需的物质 C. 氧气供给对于水母雪莲细胞生长、分裂和代谢是必要的 D. 转速为85r/min时不利于细胞生长，有利于黄酮的积累 【答案】C 【解析】 【详解】A、悬浮培养的目的是通过扩增水母雪莲的细胞数量，提高黄酮的总产量，而非提高单个细胞内的黄酮含量，A错误； B、黄酮属于次生代谢产物，不是水母雪莲细胞生长增殖和生存所必需的物质，B错误； C、转速会影响培养液的溶氧量，在一定范围内，随转速升高（溶氧量增加），细胞相对生长速率、干重和黄酮产量先升高，说明有氧呼吸为细胞生命活动供能，氧气是细胞生长、分裂和代谢的必要条件，C正确； D、转速为85r/min时，细胞相对生长速率、细胞干重、黄酮产量均低于75r/min时的数值，说明该转速既不利于细胞生长，也不利于黄酮的积累，D错误。 14. 某病毒对动物养殖业危害十分严重。我国学者拟以该病毒外壳蛋白A为抗原来制备单克隆抗体，以期快速检测该病毒，其主要技术路线如图所示。下列相关说法正确的是（ ） A. 与小鼠骨髓瘤细胞融合前，已免疫的B细胞不需要通过原代培养扩大细胞数量 B. 诱导已免疫的B细胞和小鼠骨髓瘤细胞融合，主要是利用细胞膜的功能特点 C. 在杂交瘤细胞筛选过程中，发生融合的细胞都可以在选择培养基上正常增殖 D. 将待筛选抗体与该病毒基因A进行杂交，呈阳性的就是所需的抗体 【答案】A 【解析】 【详解】A、已免疫的B细胞通常直接用于与骨髓瘤细胞融合，不能在体外长期增殖，故不需要进行原代培养，A正确； B、诱导已免疫的B细胞和小鼠骨髓瘤细胞融合，主要利用的是细胞膜的流动性，即细胞膜的结构特点，B错误； C、诱导细胞融合时，同种核型融合的细胞（即B细胞相互融合、骨髓瘤细胞相互融合）不能在选择培养基上正常增殖，只有B细胞与骨髓瘤细胞融合的细胞才能在选择培养基上正常增殖，C错误； D、待筛选的抗体是蛋白质，无法与基因A进行杂交，应与蛋白A进行杂交，D错误。 故选A。 15. 我国科学家经过多年的试验，成功得到体细胞克隆猴。为了提高胚胎的发育率和妊娠率，研究人员将组蛋白去甲基化酶Kdm4d的mRNA注入重构胚，同时用组蛋白脱乙酰酶抑制剂TSA处理。培育克隆猴的流程如下图，下列叙述错误的是（　　） A. 该克隆过程体现了猴的体细胞核具有全能性 B. 用灭活的病毒短暂处理有利于诱导细胞融合 C. “去核”的“核”其实是卵母细胞中的纺锤体与染色体复合物 D. Kdm4d的mRNA和TSA均通过修饰DNA来影响基因表达 【答案】D 【解析】 【详解】A‌、该克隆过程是将猴甲的体细胞与猴乙的去核卵母细胞融合，最终发育成克隆小猴，猴甲的体细胞提供了细胞核，体现了猴的体细胞核具有全能性，A正确； B‌、用灭活的病毒短暂处理，是动物细胞融合的常用诱导手段，有利于诱导体细胞与去核卵母细胞融合，B正确； C‌、将卵母细胞培养到减数第二次分裂中期后进行去核操作，这里去核事实上是去除卵母细胞的纺锤体-染色体结构，C正确； D‌、Kdm4d的mRNA通过翻译得到组蛋白去甲基化酶，通过修饰组蛋白来影响基因表达；TSA通过抑制组蛋白脱乙酰酶，来影响组蛋白的乙酰化修饰，进而影响基因表达，它们均不是通过修饰DNA来影响基因表达的，D错误。 第Ⅱ卷（非选择题共55分） 二、非选择题（共55分） 16. 淡水水域富营养化会形成让人讨厌的水华。水华不仅影响水环境景观效果，还引起水源污染。为更好修复水体，开发、利用水生植物，某研究小组设计了4组实验：①香菇草单独种植（T1）、②石菖蒲单独种植（T2）、③香菇草和石菖蒲混合种植（T3）、④不栽植植物的水样（CK）。探究了香菇草、石菖蒲对富营养化池塘污水中总氮质量浓度的净化效果以及它们种植前后鲜重的变化量，结果如图a、图b所示。回答下列问题： （1）香菇草、石菖蒲通过吸收水体氮素抑制水华、净化水质，体现了生物多样性的_______价值；其作为湿地景观植物的美化作用体现了_______价值；研究小组选择水生植物而非陆生植物修复富营养化污水，遵循了生态工程的_______原理。 （2）据图a可知，空白对照组（CK）污水中总氮质量浓度也会降低，其原因可能是_______（答出一点即可）；一般认为生态系统抵抗力稳定性较弱的主要原因是_______。 （3）结合图a、图b分析，香菇草与石菖蒲混合种植（T3）的污水净化效果差于香菇草单独种植（T1），从资源利用角度分析，原因是_______。 （4）为优化富营养化水体的造景实验材料，研究小组拟以T1组香菇草单独种植、T2组石菖蒲单独种植为对照组，从植物造景美学性和物种多样性角度设计下一步实验组，该实验组可设置为_______。 【答案】（1） ①. 间接 ②. 直接 ③. 协调 （2） ①. 水体中微生物的分解作用（或物理沉降、化学沉淀、藻类自身吸收等） ②. 营养结构简单（食物链/食物网复杂程度低），自我调节能力弱 （3）石菖蒲和香菇草竞争资源，抑制了香菇草正常生长，进而使香菇草污水净化能力降低 （4）香菇草、石菖蒲与一种观赏性水生植物（如再力花、梭鱼草）的混合种植（或多种水生观赏植物的组合配置，兼顾净化效果与景观美学） 【解析】 【小问1详解】 香菇草、石菖蒲通过吸收水体氮素抑制水华、净化水质，这属于调节生态系统功能方面，体现了生物多样性的间接价值。其作为湿地景观植物的美化作用，属于对人类有旅游观赏等非实用意义的价值，体现了直接价值。研究小组选择水生植物而非陆生植物修复富营养化污水，考虑了生物与环境的协调与适应，遵循了生态工程的协调原理。 【小问2详解】 据图a可知，空白对照组（CK）污水中总氮质量浓度也会降低，原因可能是污水自身具有净化作用，比如污水中的微生物可以分解含氮物质、物理沉降、化学沉淀、藻类自身吸收等，从而降低总氮质量浓度。生态系统的自我调节能力与营养结构的复杂程度有关，一般认为生态系统抵抗力稳定性较弱的主要原因是生态系统的组分较少，食物网简单，自我调节能力弱。 【小问3详解】 结合图a、图b分析，香菇草与石菖蒲混合种植（T₃）的污水净化效果显著差于香菇草单独种植（T₁），从资源利用角度分析，由于香菇草和石菖蒲在对光照、营养物质等资源的利用上存在竞争，混合种植时，石菖蒲和香菇草竞争资源，抑制了香菇草正常生长，进而使香菇草污水净化能力降低。 【小问4详解】 为优化富营养化水体的造景实验材料，研究小组拟以T₁组香菇草单独种植、T₂组石菖蒲单独种植为对照组，从植物造景美学性和物种多样性角度设计下一步实验组，该实验组可设置为香菇草、石菖蒲和具有美学性及净化能力的其他水生植物混合种植，具有美学性及净化能力的多种不同水生植物混合种植，这样可以探究不同组合在净化污水效果和景观美化效果上的差异，从而筛选出更优的造景实验材料。 17. 废弃的塑料因难以降解，造成“白色污染”；聚羟基脂肪酸酯（PHA）具有类似塑料的理化特性，丢弃后易被土壤微生物降解，可代替部分塑料应用于生产生活。研究人员在某咸水湖中发现了一种能合成PHA的嗜盐细菌，分离该细菌的基本流程如图所示。请回答下列问题： （1）从功能角度分析，Ⅰ号培养基属于_______培养基，其主要作用是_______。 （2）该培养基中高浓度NaCl的作用是_______；牛肉膏能为嗜盐细菌提供_______（答出一点即可）等营养物质。 （3）实验室中，对培养基进行灭菌常用_______法。若过程④进行了5次划线，则需要对接种环灼烧_______次。 （4）过程①②中，每次将1mL样液加入9mL无菌生理盐水进行梯度稀释，这样操作的主要目的是_______。 【答案】（1） ①. 选择 ②. 增加产PHA嗜盐细菌的浓度（或扩大培养目标菌株数量） （2） ①. 筛选出嗜盐细菌（或抑制非嗜盐微生物生长） ②. 碳源（或氮源、维生素、磷酸盐等） （3） ①. 高压蒸汽灭菌 ②. 6 （4）使菌液中细菌细胞充分分散、降低菌液浓度，便于后续接种后获得单菌落（或避免菌液浓度过高导致菌落重叠，无法分离得到纯培养的目标菌株） 【解析】 【小问1详解】 从功能角度分析，Ⅰ号培养基用于筛选能合成PHA的嗜盐细菌，属于选择培养基。其主要作用是允许特定种类的微生物（即能合成PHA的嗜盐细菌）生长，同时抑制其他种类微生物生长，从而增加产PHA嗜盐细菌的浓度。 【小问2详解】 该培养基中高浓度NaCl可以营造高盐环境，只有嗜盐细菌能够在这种环境下生长，所以其作用是筛选出嗜盐细菌（为嗜盐细菌提供适宜的生长环境 ，抑制其他微生物生长）。牛肉膏富含碳源、氮源、磷酸盐和维生素等营养物质，能为嗜盐细菌提供碳源（或氮源、维生素等）。 【小问3详解】 实验室中，对培养基进行灭菌常用高压蒸汽灭菌法，该方法可以杀灭包括芽孢在内的所有微生物，保证培养基的无菌状态。在平板划线法中，每次划线前都要对接种环进行灼烧灭菌，同时在划线结束后也要对接种环进行灼烧，若过程④进行了5次划线，则需要对接种环灼烧6次（包括第一次划线前的灭菌）。 【小问4详解】 过程①②中，每次将1mL样液加入9mL无菌生理盐水进行梯度稀释，这样可以将样液中的微生物浓度降低，主要目的是使聚集在一起的微生物分散成单个细胞，以便在后续培养中形成单个菌落，便于菌种的分离和纯化。 18. 中医治疗疾病多用复方，三白草和鱼腥草是同科不同属的两种常见药用植物，二者因疗效相近且具有叠加效应常被用作“药对”，在我国全年可采收两次。研究者欲利用原生质体融合技术将复方的配伍（两种或两种以上药物配合使用）提前到个体生长或生产过程，并实现有效成分的工厂化生产，具体操作如图1。 （1）过程①中，需用_______去除植物细胞壁以获取原生质体，该过程需在_______（填“低渗”、“等渗”或“高渗”）溶液中进行，防止原生质体吸水涨破。 （2）过程②中，常用_______（填化学诱导剂名称）诱导原生质体融合；并向三白草和鱼腥草细胞酶解液中分别加入红、绿荧光色素。在荧光显微镜下筛选杂种原生质体时，应选择同时带有红、绿两种荧光的原生质体，原因是_______。 （3）科研人员研究不同的原生质体密度对三白草和鱼腥草原生质体融合率的影响，结果如图2。 据图2可知，促进双核异核融合体形成的最适原生质体密度为_______个/mL，高于此密度不利于形成双核异核融合体的原因是_______。 （4）通常情况下，能增加免疫器官的重量表明该物质具有一定的增强免疫力的作用。为判断融合体对动物免疫力的影响，科研人员取同种小鼠30只，雌雄各半，随机均分为三组，实验处理如下表。 组别 A组 B组 C组 实验处理 三白草和鱼腥草杂种愈伤组织的蒸馏水提取物 三白草和鱼腥草直接混合后的蒸馏水提取物 等量的蒸馏水 每天一次等量灌胃，连续一周，检测各组小鼠的胸腺重量 若实验结果为_______，则支持利用原生质体融合技术将复方的配伍提前并实现有效成分的工厂化生产。 【答案】（1） ①. 纤维素酶和果胶酶 ②. 等渗（或高渗） （2） ①. 聚乙二醇（PEG） ②. 三白草和鱼腥草原生质体分别被标记红、绿荧光，同时带有两种荧光的原生质体才是两种植物的杂种原生质体（可排除自身融合的原生质体） （3） ①. 1×106 ②. 密度过高，原生质体的相互黏连、聚集作用过强，PEG的诱导作用受到影响 （4）A、B两组的胸腺重量相同且都大于C组 【解析】 【小问1详解】 植物细胞壁主要由纤维素和果胶组成，所以过程①中，需用纤维素酶和果胶酶去除植物细胞壁以获取原生质体。由于原生质体没有细胞壁的保护，在低渗溶液中会吸水涨破，因此该过程需在等渗（或高渗）溶液中进行。 【小问2详解】 过程②诱导原生质体融合常用的化学诱导剂是聚乙二醇（PEG）。因为三白草原生质体被标记了红色荧光色素，鱼腥草原生质体被标记了绿色荧光色素，只有同时带有红、绿两种荧光的原生质体才是三白草和鱼腥草融合形成的杂种原生质体，所以在荧光显微镜下筛选杂种原生质体时，应选择同时带有红、绿两种荧光的原生质体。 【小问3详解】 由图2可知，当原生质体密度为1×106个/mL时，双核异核融合体的比例最高，所以促进双核异核融合体形成的最适原生质体密度为1×106个/mL。高于此密度时，原生质体之间距离过近，相互黏连、聚集作用过强，会抑制PEG的诱导效果，从而不利于形成双核异核融合体。 【小问4详解】 该实验的目的是判断融合体对动物免疫力的影响，C组作为空白对照组，给予等量的蒸馏水处理，A组是三白草和鱼腥草杂种愈伤组织的蒸馏水提取物处理组，B组是三白草和鱼腥草直接混合后的蒸馏水提取物处理组。若利用原生质体融合技术将复方的配伍提前并实现有效成分的工厂化生产是可行的，那么融合体（A组）的效果应与天然复方（B组）相当，即A、B两组的胸腺重量相近且都大于C组。 19. 如图为制备单克隆抗体的两种方式，回答下列问题： （1）制备单克隆抗体时，首先需给小鼠注射特定抗原蛋白，诱导小鼠体内产生能分泌针对该抗原特异性抗体的_______；诱导淋巴细胞与骨髓瘤细胞融合的常用化学试剂是________，融合形成的杂交瘤细胞在体外培养时具有_______的特点，可以满足单克隆抗体生成需要。 （2）已知细胞合成DNA有D和S两条途径，其中D途径能被氨基蝶呤阻断；人淋巴细胞有这两种途径但一般不分裂增殖，鼠骨髓瘤细胞无S途径但能无限分裂。利用该特性筛选杂交瘤细胞时，需在培养液中加入_______，该筛选方法能分离出杂交瘤细胞的原理是_______。 （3）杂交瘤细胞体外培养所用的培养基，与植物组织培养所用的培养基相比，主要差异是_______（答出两点）。 （4）单克隆抗体可作为“生物导弹”精准追踪抗原并与之结合，绝不攻击正常细胞，其原因是_______。 【答案】（1） ①. B淋巴细胞（浆细胞） ②. 聚乙二醇（PEG） ③. 既能无限增殖，又能产生特异性抗体 （2） ①. 氨基蝶呤 ②. 淋巴细胞自身不能无限分裂，在含氨基蝶呤的培养液中可通过S途径合成DNA存活但无法增殖；骨髓瘤细胞因无S途径且D途径被阻断，无法合成DNA而死亡；杂交瘤细胞继承了淋巴细胞的S途径和骨髓瘤细胞的无限增殖能力，能正常分裂增殖 （3）动物细胞培养基为液体培养基，含动物血清等天然成分，不含植物激素；植物组织培养培养基为固体（或半固体）培养基，含植物激素（如生长素、细胞分裂素），不含动物血清 （4）抗原与抗体的结合具有高度特异性，单克隆抗体仅能识别并结合特定抗原（病原体或癌变细胞），无法与正常细胞的表面分子结合 【解析】 【小问1详解】 制备单克隆抗体时，首先需给小鼠注射特定抗原蛋白，诱导小鼠体内产生能分泌针对该抗原特异性抗体的B淋巴细胞（浆细胞），满足细胞融合的需求；诱导淋巴细胞与骨髓瘤细胞融合的常用化学试剂是聚乙二醇（PEG），融合形成的杂交瘤细胞在体外培养时具有既能无限增殖，又能产生特异性抗体的特点，可以满足单克隆抗体生成需要，该过程的原理是细胞膜的流动性和细胞增殖。 【小问2详解】 已知细胞合成DNA有D和S两条途径，其中D途径能被氨基蝶呤阻断；人淋巴细胞有这两种途径但一般不分裂增殖，鼠骨髓瘤细胞无S途径但能无限分裂，即只有D途径，可被氨基蝶呤阻断。利用该特性筛选杂交瘤细胞时，需在培养液中加入氨基蝶呤，该筛选可使得杂交瘤细胞利用淋巴细胞的S途径进行DNA复制，进而实现增殖，因此该方法能分离出杂交瘤细胞，而其他的同核融合的细胞均不能增殖，即该培养基筛选的原理是淋巴细胞自身不能无限分裂，在含氨基蝶呤的培养液中可通过S途径合成DNA存活但无法增殖；骨髓瘤细胞因无S途径且D途径被阻断，无法合成DNA而死亡；杂交瘤细胞继承了淋巴细胞的S途径和骨髓瘤细胞的无限增殖能力，能正常分裂增殖。 【小问3详解】 杂交瘤细胞体外培养所用的培养基，与植物组织培养所用的培养基相比，主要差异是动物细胞培养基为液体培养基，含动物血清等天然成分，不含植物激素；植物组织培养培养基为固体（或半固体）培养基，含植物激素（如生长素、细胞分裂素），不含动物血清，动物细胞培养液中的血清是为了满足细胞增殖所需的营养物质，植物组织培养基中的植物激素是为了调控发育方向。 【小问4详解】 单克隆抗体可作为“生物导弹”精准追踪抗原并与之结合，绝不攻击正常细胞，这是因为抗原与抗体的结合具有高度特异性，单克隆抗体仅能识别并结合特定抗原，进而通过定位将药物精准定位在病灶。 20. 某两性花植物的花瓣有单瓣、重瓣两种，受一对等位基因（A/a）控制；花色有白色、粉色与红色三种，受两对等位基因（B/b、D/d）控制，其中D基因为红色素合成所必需的基因，B基因的表达产物对红色素具有淡化效应，且淡化效果与B基因数量呈正相关。选取甲（单瓣白花）、乙（重瓣红花）两植株进行杂交，F1表型及比例为重瓣白花︰重瓣粉花︰重瓣红花＝2︰1︰1；选取F1中两粉花植株杂交，F2表型及比例为白花︰粉花︰红花＝7︰6︰3。请回答下列问题： （1）在单瓣与重瓣这对相对性状中，_______为显性性状，理由是_______。 （2）只考虑花色基因，F1白花植株中，纯合子比例为_______；F2白花植株中与甲植株基因型相同的比例为_______；若F2中红花植株随机授粉，理论上子代出现的花色及比例为_______。 （3）若该植物表现为自交不亲和，自花传粉时花粉高度不育，要培育重瓣红花纯合植株，可采用_______的方法；获得重瓣红花纯合植株后，利用_______技术，可在短时间内繁殖出大量的重瓣红花植株幼苗。 【答案】（1） ①. 重瓣 ②. 两亲本分别为单瓣和重瓣，子代只出现重瓣 （2） ①. 1/2 ②. 2/7 ③. 红花︰白花＝8︰1 （3） ①. 单倍体育种 ②. 植物组织培养 【解析】 【小问1详解】 已知甲（单瓣）和乙（重瓣）两植株进行杂交，F1表型全为重瓣，可以得出重瓣为显性性状。 【小问2详解】 花色有白色、粉色与红色三种，受两对等位基因(B/b、D/d)控制，其中D基因为红色素合成所必需的基因，B基因的表达产物对红色素具有淡化效应，且淡化效果与B基因数量呈正相关，红色基因型为bbD_，粉色基因型为BbD_，白色基因型为BBD_和__dd。亲本甲白花和乙红花（bbD_）杂交，子一代白花：粉花：红花=2:1:1，选取F1中两粉花植株杂交，F2表型及比例为白花：粉花：红花=7：6：3，为9：3：3：1变式，说明F1粉花基因型为BbDd，说明亲本白花的基因型为Bbdd，红花基因型为bbDd，F1的基因型及比例为BbDd：Bbdd：bbDd：bbdd=1:1:1:1，其中bbdd为白花纯合子，Bbdd为白花杂合子，F1白花植株中，纯合子比例为1/2。 F1中两粉花（BbDd）植株杂交，F2白花占1/4×3/4+1×1/4=7/16，甲的基因型为Bbdd，而F2基因型为Bbdd占2/4×1/4=2/16，因此F2白花植株中与甲植株基因型相同的比例为（2/16）÷（7/16）=2/7。 F2中红花植株基因型种类及比例为bbDD：bbDd=1:2，随机授粉，雌雄配子的种类及比例均为bD：bd=2:1，子代基因型种类及比例为bbDD：bbdd：bbDd=4:1:4，理论上子代出现的花色及比例为红花：白花=8：1。 【小问3详解】 因为该植物自交不亲和，自花传粉时花粉高度不育，单倍体育种可以快速获得纯合子，所以要培育重瓣红花纯合植株，可采用单倍体育种的方法。植物组织培养技术可以利用植物细胞的全能性，在短时间内大量繁殖植物幼苗，所以获得重瓣红花纯合植株后，利用植物组织培养技术，可在短时间内繁殖出大量的重瓣红花植株幼苗。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $