二轮专题(一) 力与物体的平衡(包括电场、磁场中的平衡问题)-【真题密卷】2026年高考物理二轮专题精准提升（福建专用）

2025一2026学年度二轮专题精准提升（一） 爸题 物理·力与物体的平衡 (包括电场、磁场中的平衡问题) 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 题号 1 2 3 4 答案 1.某兴趣小组探究分力F1、F2与合力F的关系。保持合力F的大小和方向不变，分力 F2的大小不变，在如图所示平面内改变分力F2的方向，分力F1的箭头的轨迹图形为 () C. D. 2.图甲为答题卡扫描仪，其内部结构如图乙所示。扫描仪内部有一个摩擦滚轮放置在水平 答题卡上方。正常工作时滚轮对顶部答题卡的正压力为F,摩擦滚轮顺时针转动，摩擦力 只带动与之接触的顶部答题卡进入扫描仪内部进行逐张扫描，直至所有答题卡扫描完毕。 已知每张答题卡的质量均为，摩擦滚轮与答题卡间的动摩擦因数恒为4=0.8，各答题卡 间的动摩擦因数μ'满足0.4≤≤0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。 要使该扫描仪能一直正常工作，正压力F的最大取值范围为 () 滚轮 顶部答题卡 -------- 乙 5 A.mg<F≤3mg B. 3mg<F≤2mg 5 C.3mg<F≤3mg D.mg<F≤2mg 二轮专题精准提升（一）物理第1页（共8页） 真题 成功不是终点，失败也并脓终结，唯有勇气才是永恒 3.如图所示，将半径为R的半圆柱体A放置于粗糙水平面上，另一半径也为R的球B置 班级 于半圆柱上，下端用挡板MN托住，其中挡板MN的延长线过A横截面的圆心，且与水 平面夹角为0，以O点为轴逆时针转动挡板MN,0从0缓缓增大到60°的过程中，A始 终未动。已知B的质量为m,不计A、B之间的摩擦力，g取10m/s2,则 ( 姓名 得分 A N 7dnmmmiaaAnMmmn 1 A.0=30时，半圆柱体A对球B的支持力大小为2mg B9=30时，挡板MN对球B的支持力大小为 mg C.半圆柱体A对地面的摩擦力一直增大 D.半圆柱体A对地面的摩擦力先增大后减小 4.如图所示，一倾角为30°的固定斜面上有A、B两柱体，两柱体的截面分别为半径均为R 的圆和四分之一圆，A的左侧顶着一块垂直斜面的挡板。若A的质量是B的质量的2 倍，柱体的曲面和挡板可视为光滑，现将挡板缓慢地沿斜面向上移动，直到圆柱体A刚 要落至斜面为止，整个过程B始终保持静止，那么B与斜面间动摩擦因数的最小值为 () A.2 号 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两个选项符合题目要求， 全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 题号 5 6 7 8 答案 5.两根完全相同的轻质弹簧一端与轻绳OM、ON连接，另一端分别固定于P、Q两点。用 力拉轻绳，使OP水平，OQ与OP的夹角为120°，此时两弹簧的长度相同，P、O、M在 同一直线上，Q、O、N也在同一直线上，如图所示。现保持O点不动且OM方向不变， 将ON沿逆时针方向缓慢旋转60°。已知该过程中弹簧、轻绳始终在同一竖直平面内， 则下列说法正确的是 ( ) 密卷 二轮专题精准提升（一）物理第2页（共8页） 6 .s A.OM上的拉力一直减小 B.OM上的拉力一直增大 C.ON上的拉力一直减小 D.ON上的拉力先减小后增大 6.水平晾衣杆上有相距为3d的两点A和B,一根光滑轻绳的两端固定在A、B两点，其 示意图可简化为如图所示。晾衣架悬挂在绳上，衣服和衣架总重力为mg,整个装置受 到水平向右的风力，大小为√2mg,衣架稳定时绳子上的张力为mg。下列说法正确的是 () ∠∠∠∠∠∠∠∠∠∠∠∠∠∠ A.轻绳长为2d B.若B点右移，衣架稳定时绳子张力大小为mg C.若水平风力消失，衣架稳定时绳子张力大小为mg D.若风力大小变为mg,衣架稳定时绳子张力大小为mg 7.如图所示，水平天花板下方固定一光滑定滑轮O,在定滑轮正下方C处固定一带正电的 点电荷。不带电的A球与带正电的B球用绝缘轻绳跨过O连接，A、B均可视为质点， 初始系统静止且OB<OC。若B的电荷量缓慢减少，在B到达O正下方前，则() aiu B+ A.A球的质量大于B球的质量 B.B球的轨迹是一段圆弧 C.此过程中滑轮受到轻绳的作用力逐渐减小 D.此过程中点电荷对B球的库仑力减小 8.如图所示，质量为M的斜劈A放置在水平地面上，不可伸长的细线绕过滑轮O1、O3连 接质量分别为m1、m2的物块B、C,连接A的细线与斜劈平行。滑轮O3由细线固定在 竖直墙O处，滑轮O1用轻质杆固定在天花板上，动滑轮O2跨在细线上，其下端悬挂质 量为m3的物块D。初始整个装置静止，不计细线与滑轮间摩擦，下列说法中正确的是 () 6 二轮专题精准提升（一）物理第3页（共8页） 真题 Liil 0 D□ A.若增大C质量，A、B仍静止，待系统稳定后，细线张力大小变大，动滑轮O2位置下移 B.若增大C质量，A、B仍静止，待系统稳定后，地面对A的摩擦力变大，A对B的摩擦 力可能不变 C.若将悬点O下移，A、B仍静止，待系统稳定后，细线与竖直墙夹角不变 D.若将悬点O下移，A、B仍静止，待系统稳定后，地面对A的摩擦力不变 三、非选择题：本题共8小题，共60分。 9.(3分)如图所示，将一光滑轻杆固定在水平地面上，杆与地面间的夹角为0，一光滑轻环 套在杆上，一个大小和质量都不计的滑轮用轻绳OP悬挂在天花板上，用另一轻绳绕过 滑轮系在轻环上，轻绳另一端系一质量为m的小物块，用手扶住小物块使OP恰好在竖 直方向。现用手扶着小物块使其缓慢向下运动，到达某位置时松手，小物块恰好可以保 持静止，已知重力加速度为g,小物块未碰杆或地面。此时，绳PQ与水平方向的夹角为 ,绳OP与水平方向的夹角为 (均用题目中所给出的物理量表示)。 10.(3分)质量为M的木楔倾角0=37°，在水平面上保持静止。当将一质量为m的物块放 在木楔斜面上时，它正好匀速下滑。如图所示，当用与木楔斜面成α角的力F拉物块，物 块匀速上升（已知木楔在整个过程中始终静止），重力加速度为g,sin37°=0.6。当a= 时，F有最小值，F的最小值为 (用题目中所给出的物理量表示)。 m M ma鼎 11.(3分)如图为一承重装置，两个相同的铰支座分别与地面和托盘固定，用四根相同的轻 杆铰接。已知轻杆长度均为L,铰接处α、b间距与轻弹簧原长相等，弹簧劲度系数为 k,弹簧轴线与轻杆夹角为0。在托盘上放置重物，平衡时0=45°。弹簧始终处于弹性 限度内，不计铰支座质量，不计摩擦阻力，则此时弹簧弹力大小为 ,托盘和重 物的总重力大小为 (均用题目中所给出的物理量表示)。 托盘 重物 铰支座 轻杆 0 wo a b O OK 铰支座 77777777777717777777 密卷 二轮专题精准提升（一）物理第4页（共8页） 12.(6分)某同学设计了实验验证力的平行四边形定则，实验步骤如下： ①用天平测得物块A的质量为m。 ②如图甲两根竖直杆相距为D,用长为L的不可伸长的轻绳，穿过光滑的轻质动滑轮， 动滑轮下端连接物体A,轻绳两端分别固定在杆上P、Q两点，在轻绳的左端连接力 传感器，力传感器的重力忽略不计。改变物块A的质量，记录力传感器的示数F, 重力加速度为g。 力传感器 Q 77 甲 (1)要验证力的平行四边形定则，力传感器的示数F与物块A的质量m应满足关系 式 (用题中给出的物理量表示)。 (2)轻绳的Q端沿杆向上移动到Q',力传感器的示数 (填“变大”“变小”或 “不变”)。 (3)某同学改变物块A的质量，作F-的图像，如图乙所示，图像的斜率为k,但是他忘 记了记录间距D的大小，可否利用图乙和已知物理量求出D:(填“能”或“不 能”)，若能则此处D的表达式为(L,k,g已知)。 13.(6分)某实验小组在完成“探究弹簧弹力与形变量的关系”实验后，为提高测量精度，重 新设计实验方案来测量弹簧的劲度系数k。实验装置如图甲所示，实验步骤如下： ①用卡钳将游标卡尺的游标尺竖直固定在一定高度。 ②弹簧的一端固定在游标卡尺尺身的外测量爪上，另一端勾住钢球上的挂绳。 ③将钢球放在水平放置的电子天平上，实验中始终保持弹簧竖直且处于拉伸状态（在 弹性限度内)。 ④初始时，调节游标卡尺使其读数为0.00，此时电子天平示数为m。。 ⑤缓慢向下拉动尺身，改变电子天平的示数m,m每增加1.00g,拧紧游标尺紧固螺 钉，读出对应的游标卡尺读数L,在表格中记录实验数据。 完成下列填空： 游标尺 P一卡钳 外测量爪 31 弹簧 3 钢球 电子天平 9 0 28出 2024 >L/mm 0481216 丙 二轮专题精准提升（一）物理第5页（共8页）】 真题密 (1)缓慢向下拉动尺身，弹簧伸长量将 (填“增大”或“减小”)。 (2)部分实验数据如下表，其中6号数据所对应的游标卡尺读数如图乙所示，其读数 为： mm。 数据编号 1 2 3 4 5 6 游标卡尺读数(L/mm) 0.00 4.00 8.10 12.08 16.00 电子天平示数(m/g) 28.00 29.00 30.00 31.00 32.00 33.00 (3)根据上表，用“×”在图丙坐标纸中至少描出5个数据点，并绘制m-L图像。 (4)写出m随L的变化关系：m (用m、L、k和重力加速度g表示)。 (5)根据-L图像可得弹簧的劲度系数k= N/m(g取9.80m/s2,结果保 留3位有效数字)。 14.(11分)如图所示，用两根长度相同的绝缘细线把一个质量为0.2kg的小球A悬挂到 水平板的M、N两点，A上带有Q=6.0×10-6C的正电荷，两线夹角为120°，左、右两 线上的拉力大小分别为F1和F2,A的正下方0.3m处有一个与A带等量异种电荷的 小球B固定在绝缘支架上。已知g取10m/s2,静电力常量=9.0×109N·m2/C2, A、B球可视为点电荷。求： (1)两线上的拉力大小； (2)若将小球B和绝缘支架一起水平右移，使M、A、B在同一直线上，此时两线上的拉 力大小。 M 120° d F A 卷 二轮专题精准提升（一）物理第6页（共8页） 6 15.(12分)如图所示，斜面体C静置于水平地面上，物块A悬挂在绳OP、OQ的结点O 处，OP水平，OQ与竖直方向的夹角为53°且跨过轻质光滑定滑轮与斜面体C上质量 mB=1.5kg的物块B相连，斜面体C的质量mc=1kg,倾角为53°，B与C之间、C与 地面之间的动摩擦因数均为μ=3。改变物块A的质量，使A、B,C始终保持静止，设 滑动摩擦力与最大静摩擦力相等，g取10m/s2,sin53°=0.8，cos53°=0.6。 (1)当B与C之间的摩擦力恰好为零时，求绳OQ的拉力大小。 (2)当A的质量mA=0.6kg时，求物块B受到摩擦力的大小和方向。 (3)求物块A质量的最大值。 B C 53° 6 二轮专题精准提升（一）物理第7页（共8页） 真题密卷 16.(16分)如图甲所示，质量均为1kg的物块A、B静止在水平面上，A、B由劲度系数为3N/cm 的轻弹簧相连，物块A套在竖直杆上，在竖直向上的力F作用下沿杆缓慢上移，B运动之 前，力F随上升高度h的变化关系如图乙所示，已知物块A、B处于水平面时距离为16cm, 弹簧原长为18cm,物块A与杆间动摩擦因数μ为0.5，图中c点的高度h。=0.12m,设最大 静摩擦力等于滑动摩擦力(g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8)。 (1)当A在地面时，求B所受的摩擦力的大小。 (2)求F。的数值。 (3)求坐标a、b的数值。 本FN F 10 >h/cm 甲 二轮专题精准提升（一）物理第8页（共8页）】·物理· 参考答案及解析 参芳答案及解析 2025一2026学年度二轮专题精准提升（一）】 物理·力与物体的平衡（包括电场、磁场中的平衡问题） 一、单项选择题 √3 1.A【解析】若以O点为坐标原，点，以F的方向为 6mgx 血+0引 可知0从0缓缓增大到 x轴正向建立坐标系，设F2与F的夹角为0，则 60的过程中，半圆柱体A对地面的摩擦力f1先增大后 分力F1的箭头的坐标满足x十F2cOs日=F, 减小，C错误，D正确。 y=-F2sin0,联立化简得(x-F)2十y2=F,因 保持合力F的大小和方向不变，分力F2的大小 不变，则使F2与F的夹角从0逐渐增大到360° 的过程中，F1的箭头的轨迹图形为圆，A正确。 2.C【解析】要使扫描仪正常工作，每次只能带动顶 部答题卡，需满足滚轮对顶部答题卡的摩擦力大于 顶部与下方答题卡间的最大静摩擦力，则由平衡条 件及摩擦力的计算公式可得F>'(F十mg),由 A M mg 题知μ=0.8，令=0.5（取最大值保证所有'情 77n777777777n77777777777777777777 风)，解得P>g同时第二张答题卡不能动，考 4.C【解析】对A受力分析，圆柱体A刚要落至斜 面时，挡板对A的弹力F最大，B对A的弹力 满足第一张答题卡给第二张答题卡的最大滑动摩 F2最大，如图甲所示，由几何关系A可得sina= 擦力小于等于第二张答题卡受到的最大静摩擦力， R十R=2,解得α=30，根据边角关系，可知在力的 R1 即0.5(F+3mg)a,4(F+2ng),解得F≤mg, 平行四边形中，有F=2g,对A、B整体受力分析，如 结上可得mg<F≤3mg,C正确 图乙所示，由平衡条件，可得N=3gcos30°，f= 75 3.D【解析】B受到MN给的弹力F1、A给的弹力 3 mgsin30°+F,又f=μN,联立解得u=9, F2和自身重力mg而平衡，受力分析如图，由几何 C正确。 R 关系可知ma一R十R解得a=30,将B受到的力 构成失量三角形，由几何关系可知B=120°，由正弦 定双布o品。-n对5w·当 F 日=30时，解得E1=E2一g,A、B错误：由牛频 2mg 30 第三定律可知，B对A的弹力FA与F2等大，结合 甲 以上分析可得F二3 mgsin0,由平衡条件可知， 地面对A的摩擦力大小f=F BA COS(30°十0)= 3 mg sin0Xcos(30°+0)，由牛顿第三定律可知，A 对地面的摩擦力大小于= 3 mg sin0·cos(30°+0)， 30° 1「 3mg 乙 6 真题密卷 二轮专题精准提升 二、双项选择题 5.AD【解析】由题意知，两弹簧弹力等大且合力F 大小不变、方向在∠POQ的角平分线上，故结，点 a O受到FOM、FON、F而平衡，如图甲所示，作出它 们的失量三角形如图乙所示，可知将ON沿逆时 针方向缓慢旋转60°的过程中，FN先减小后增 a →F=√2mg 大，FoM一直减小，A、D正确。 7.BD【解析】开始时B球受力如图所示，由相似三 角形可知 死元-0C,因OB<OC知mBg> T F mBg M T=mAg,则A球的质量小于B球的质量，A错误； 由于T不变，OC不变，可知OB不变，则随着B球 所带的电荷量缓慢减少，B球的轨迹是一段圆孤，B 正确；因滑轮两侧绳子拉力不变，当B球下降时，两 甲 侧细绳的夹角减小，则合力变大，即此过程中滑轮受 到轻绳的作用力逐渐变大，C错误；根据F=k99c BC2’ 则9B9c=mBg 公 B-O元，则随着B的电荷量镜授减少，BC /0 减小，F减小，即此过程中点电荷对B球的库仑力减 小，D正确。 N ∠L∠LL∠ 6.AC【解析】对衣架受力分析，可知风力与重力的 合力F金=√(mg)2+(W2mg)2=3mg,与水平方 1 向夹角sina=三，设两边细绳与F合的夹角均为0， ⊕C 可知2Tcos0=F合，解得0=30°，由图可知√3d= 8.CD【解析】若增大C的质量，因为A、B仍静止， 且C的质量变大，所以系统稳定后线的张力增大。 L1sin30°，L2sin30° 由于D不变，由力的平行四边形法则可知，动滑轮 sin a sina,解得绳长L1十L2=2d,A正 O2位置上移，A错误；把A、B看成一个整体，地 确；若B点右移，AB间距离xAB变大，则因F合不 面对A的摩擦力等于细线的张力沿水平方向的分 变，a角不变，根据xAB= Lisin 0 Lasin 0 ,0变 量，由以上分析知细线的张力变大，所以地面对A sin a sin a 的摩擦力也变大。由于初始情况下A的受力情况 大，根据2Tc0s0=F令，可知衣架稳定时绳子张力 未知，A对B的摩擦力大小可能不变，方向会发生 变大，即大于mg,B错误；若水平风力消失，则衣架 变化，B错误；若将悬点O下移，细线的拉力不变， 3d D的质量未变，那么O2与O3间的细线与竖直方 日到绳子的中点，此时血0=子-怎中0-60 向的夹角不变，O2与O3间的细线和拉C的竖直 线的夹角也没有变化，拉滑轮O3细线的拉力与这 根据2Tcos60°=mg,解得衣架稳定时绳子张力大 两根细线的合力大小相等，方向沿对角线，所以细 小T'=mg,C正确；若风力大小变为mg,可知重力 线与竖直墙夹角总等于O2与O3间的细线和拉C 和风力的合力F合=√2mg,a=45°，根据A的分析 的竖直线的夹角的一半，C正确；由以上分析可知 表达式w5d=L1 sin L2sima, 将悬点O下移，细线的拉力不变，由整体法可知地 sin45°千sin45° =2N2dsin01,可得 面对A的摩擦力不变，D正确。 三.非选择题 sin ,=16 ,根据2T'cos01=F,衣架稳定时绳子 9.9o-01分)9022分) 张力大小T=2m3,D错误。 【解析】再次平衡时，以轻环为对象，根据平衡条件 5 可知，绳PQ与杆垂直，所以绳PQ与水平方向的夹 ·2 ·物理· 参考答案及解析 角为90°-日；系统处于平衡状态，以小物块为对象， 【解析】(1)弹簧处于伸长状态，缓慢向下拉动尺 根据受力平衡可知，绳PQ的张力大小为mg,绳 身，弹簧总长度减小，故弹簧伸长量将减小。 OP在PQ绳和系小物块的绳夹角的角平分线上， (2)其中6号数据所对应的游标卡尺读数为 所以绳OP与水平方向的夹角为90°-9。 19mm+46×0.02mm=19.92mm. -2 (3)m-L图像如图所示。 10.37°(1分)mg sin20(2分) m/g 【解析】物块匀速下滑时，有mgsin37°=mg cos37° 解得μ=0.75，物块匀速上升时，有Fcosa= mg sin0+u(mg cos0-Fsin a),整理得F= mg sin 20 c0s(0-),可知当a=0=37时F有最小值，最小 2 值F=mgsin29。 11.√2kL(1分)√2kL(2分) 【解析】根据题意，铰接处a、b间距与轻弹簧原 长相等，当0=45°时，弹簧的伸长量△x= 2Lcos45°，弹簧弹力大小F￥=k△x,联立解得 28 。12〉>Lmm 0 4 8 F弹=√2L;当日=45°时，对托盘和重物整体进 丙 行受力分析，在竖直方向上，由平衡条件有 (4)设钢球的质量为M,初始状态弹簧的伸长量 2F杆c0s45°=G,对弹簧与轻杆连接点进行受力 xo,则Mg=mog十kxo,Mg=mg+k(x0-L), 分析，水平方向有2F#cos45°=F,联立解得 L F#=bL,G=√2L。 两式联立得m=m0十 g 12.(1)F= mgL (2分) (2)不变(1分) 2√L2-D2 (5)由m=m。十k二可知，m-L图像的斜幸 g g (32-29)×10-kg=1 （3)能1分)D=√-SL2分) (16-4)X10-m=4kg/m,解得k=9.80× 2k 【解析】(1)如图所示，设定滑轮处为O点，PO 4N/m=2.45N/m。 段绳子长度为l1,设QO段绳子长度为l2,PO和 14.(1)5.6N5.6N(2)2.9N2N Q0与竖直方向的夹角为日。由几何关系可知 【解析】(1)对A小球受绳的拉力F1、F2,重 力mg,库伦力F库，如图，由平衡条件可知 l1sin0+L2sin0=D,又l+l2=L,得sin0-,由 水平方向有F1sin60°=F2sin60 (1分)》 平衡条件可得2Fcos0=mg,又sin0+cos20=1,得F 竖直方向有F1cos60°十F2cos60°=mg十F库 mgL (1分) 2L-D 又因为F4=9A9=3.6N (2)由(1)分析可知，轻绳的Q端沿杆向上移动到 r2 (1分) Q',L不变，D不变，力传感器的示数不变。 解得F1=F2=5.6N (2分) (3)能利用题图乙和已知物理量求出D。F= M N mgL gL F F-m图像的斜率k= 2√L2-Dz 2L2-D2 Ymg 解得D=√42一g L BF 6 (2)若将小球B和绝缘支架一起水平右移，使M、 力传感器 A、B在同一直线上，受力如图由几何关系可知， 00 移动后AB间距 d=0.6m (1分) 由A球受力平衡，可得水平方向 13.(1)减小(1分) (2)19.92(1分) (3)图见解析 F1sin60°=F2sin60°+F年cos30° (1分) L 竖直方向有F1cos60°+F2cos60°=mg十F库sin30 (1分) (4)m。十k兰(2分) (5)2.45(1分) (1分) ·3 6 真题密卷 二轮专题精准提升 又周为F- (1分) fc=Toa-magsin53°=1.9N<mBgcos53°= 3N (1分) 联立以上，解得 此时B与斜面C之间不会产生滑动，则物块A F1=2.9N,F2=2N。 (2分) 质量的最大值 M 30°12060 君短 (1分) F A夜 fe d 16.(1)6N(2)16(3)82√17 Ymg -BO- .3020 【解析】(1)当A在地面时，根据平衡关系，B所 受的摩擦力大小与弹簧弹力大小相等 f=F1=k(L。-l)=6N (2分) (2)当A上升到c点时，此时弹簧长度 15.(112N(22N,沿斜面向上(8)8kg '=√h:+ (2分) 【解析】(1)当B与C之间的摩擦力恰好为零时， 弹簧弹力 绳OQ的拉力大小 T'=k('-lo) (1分) T=mng sin53°=12N (2分) 设此时弹簧与水平方向夹角为α，对A受力分析得 (2)当A的质量mA=0.6kg时，物块B受到的 F。-mg-T'sina-u2T√cosa=0 (2分) 拉力 又tana=1 (1分) T=mAg cos53°=10N (1分) 联立得 物块B受到摩擦力的大小 F=16N (1分) fB=mag sin53°-T'=2N (2分) 则F。的数值为16 方向沿斜面向上 (3)A缓慢上升，视为平衡状态，弹簧弹力先减小 (3)当物块A质量取最大值时，若C与地面间的 再增大，因为存在 摩擦力达到最大，则对ABC整体 F=mg=10N (1分) f地c=μ(m Amax十mB十mc)g=ToP (2分) 此时弹簧处于原长初状态，坐标a点弹簧弹力斜 对A 向上，设弹簧弹力为T,弹簧与水平方向夹角为 Top=m Amxg tan53° (1分) 0,则 解得 F-mg+Tsin 0-u2 Tcos 0=0 (2分) 5 1 m Amx-6 kg (1分) 得tam0=2 (1分) 此时OQ的拉力 ha=ltan 0=0.08 m=8 cm (2分) _mAmx8_125 当弹簧处于原长时，有 T0-c0s53e=9 N≈13.9N (1分) h6=√1-2=0.02√17m=2√/17cm(1分) 此时B与斜面C间的摩擦力 则坐标a、b的数值分别为8、2√I7。 2025一2026学年度二轮专题精准提升（二） 物理·力与直线运动（包括电场、磁场中的直线运动） 一、单项选择题 义应用了物理的极限法，C正确；伽利略在对自由 1.C【解析】国际单位制中的七个基本物理量为长 落体运动的研究中，猜想运动速度与下落时间成 度、质量、时间、温度、电流、物质的量、发光强度， 正比，为了“冲淡”重力的影响，首先在斜面上进行 基本物理量的单位为基本单位，即米、千克、秒、开 尔文、安培、摩尔、坎德拉，“阿秒”是一个单位，对 实验验证，在斜面实验的基础上进行逻辑推理，得 应的物理量是时间，是国际单位制的基本量，A错 出结论，D错误。 误；德国天文学家开普勒对他导师第谷观测的行 2.A【解析】由题图可知x=△v,又x=△v=at= 星数据进行多年研究，得出了开普勒行星运动定 肆，B错误；根据速度定义式”=，当4极想 4,两车间距x=96--(n-a】=96 2t2,联立得2t2+4t-96=0,解得t=6s,则此时 △x 时，△就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定 甲车的速度01=v一at=1.0m/s,A正确。 4