广东佛山市顺德区桂洲中学2025-2026学年高二下学期第7周周末总结（4.19）

一、单选题（每小题4分，共28分） 1．025年11月，我国第三艘航母福建舰正式入列海军。图示是我国歼35战机在“福建号”航母上弹射起飞的情景。弹射起飞的原理是处于强磁场中的弹射车通以强电流时能提供强大的推力而使舰载机快速起飞，下图中可说明其原理的是（　　） A．B．C． D． 2．下列说法正确的是（    ） A．图1中，强磁体从带有裂缝的铝管中静止下落（不计空气阻力）可视为自由落体运动 B．图2中，仅减小通过励磁线圈的电流，则电子的运动半径减小 C．图3中，若电磁铁电流方向与图中相反，可通过减小电流的方式实现电子的逆时针加速运动 D．图4中，加速氘核的回旋加速器不可以直接用来加速氦核 3．“碰一下支付”是某支付软件的一种支付方式（如图甲所示），用户只需将手机解锁并开启近场通信（NFC）功能，随后轻触收款设备即可完成支付。完成支付的简化流程（如图乙所示）为：支付手机通过NFC天线向收款设备中的感应线圈发射一与感应线圈平面垂直的磁场B，感应线圈中产生感应电流I、I产生的感应磁场传至手机完成支付。设某次支付中手机发射了一正弦磁场B（如图丙所示），取向下为B的正方向，采用俯视感应线圈的视角观察，在时间内，关于感应线圈下列说法中正确的是（　　） A．时磁通量最大 B．时感应电动势最大 C．时I值最大 D．时I为顺时针方向 4．如图所示，电阻为、长度为的导体棒OP可绕固定点O在水平面内以角速度逆时针匀速转动。整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度。导体棒的P端与半径为L的圆形光滑金属导轨接触良好，导轨圆心为O。电路中定值电阻，其余电阻不计。下列说法正确的是（    ） A．导体棒OP两端的电压大小为0.2V B．通过电阻R的电流方向为从c流向d C．电阻R消耗的电功率为 D．维持导体棒匀速转动所需外力的功率为 5．浮桶式发电灯塔可以利用波浪发电。如图所示，浮桶内的磁体通过支柱固定在暗礁上，浮桶内置圆形线圈随波浪相对磁体沿竖直方向做简谐运动，线圈始终处于磁体产生的方向沿半径向外的水平辐射磁场中。则（　　） A．线圈中产生的电流是恒定电流 B．线圈中电流频率小于浮桶振动频率 C．线圈向上运动时，俯视线圈电流为顺时针方向 D．灯泡中电流最大时，线圈处于简谐运动的平衡位置 6．扫描隧道显微镜（STM）可用来探测样品表面原子尺寸上的形貌。为了有效隔离外界震动对STM的扰动，在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板，并施加磁场来快速衰减其微小震动，如图所示。如图所示是对紫铜薄板施加恒定磁场的四种方案。试问出现扰动时，对于紫铜薄板上下、左右震动衰减最有效的方案是（　　） A．B．C． D． 7．课本中有关电磁感应的四幅图，以下说法正确的是（　　） A．甲图中，真空冶炼炉利用炉体外线圈产生大量热量，从而冶炼金属 B．乙图中，蹄形磁体在顺时针方向转动时，铝框也会顺时针方向转动 C．丙图中，金属探测器通过使用恒定电流的长柄线圈来探测地下是否有金属 D．丁图中，磁电式仪表通过把线圈绕在铝框骨架上，工作时铝框起到电磁驱动的作用 二、多选题（每小题6分，共18分，漏选得3分） 8．如图所示，倾角的光滑斜面上存在着两个磁感应强度大小均为的匀强磁场区域，区域Ⅰ和区域Ⅱ的磁场方向分别垂直于斜面向上和向下，磁场宽度及均为。一个质量、总电阻（每边电阻相等）、边长也为的单匝正方形导线框由静止开始沿斜面下滑，边恰好匀速穿过区域Ⅰ，再经区域Ⅱ的磁场后离开。则（　　） A．边刚进入磁场Ⅰ时线框中电流方向由到 B．边刚进入磁场Ⅰ时两端的电压为 C．边刚进入磁场Ⅱ时加速度大小为零 D．边刚进入磁场Ⅱ至到达的过程中，通过边的电荷量为 9．如图甲所示，一个平铺在地面上的单匝正方形闭合金属线框，总电阻为。一垂直地面向下的均匀分布的磁场，磁感应强度B随时间的变化如图乙，规定顺时针方向（俯视）为电流的正方向，指向线框内部方向为力的正方向，则线框内的电流、线框的发热量、边所受的安培力随时间的变化图像正确的是（　　） A．B．C．D． 10．如图所示，两根相距为L的平行光滑导轨水平放置，匀强磁场B垂直导轨平面。两根完全相同的导体棒ab、cd垂直导轨放置，初始时cd静止，ab以速度向右运动，最终两棒以相同速度匀速运动。已知每根导体棒质量m，电阻为R，导轨电阻不计（    ） A．最终两棒的共同速度为 B．整个过程中通过导体棒cd的电荷量为 C．导体棒ab做匀减速直线运动 D．整个过程中回路产生的焦耳热为 三、实验题（8分，每空2分） 11．（8分）如图为“探究电磁感应现象”的实验装置图。 (1)如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后可能出现的情况有： ①将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将________偏转（选填“发生”或“不发生”）； ②原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，灵敏电流计指针________偏转（选填“向左”或“向右”）； ③在上述两过程中灵敏电流计指针的偏转方向_________（选填“相同”或“相反”）。 (2)在做“探究电磁感应现象”实验时，如果副线圈两端不接任何元件，则副线圈电路中将_____ 。（不定项选择） A．因电路不闭合，无电磁感应现象 B．有电磁感应现象，但无感应电流，只有感应电动势 C．不能用楞次定律判断感应电动势方向 D．可以用楞次定律判断感应电动势方向 四、解答题(3小题，共46分） 12．（14分）如图所示，足够长的平行金属直导轨间距，导轨平面与水平面夹角为，导轨处于竖直向下，磁感应强度的匀强磁场中，在导轨上端连接的定值电阻。将一质量，长度为的金属棒在导轨某处由静止释放，经过一段时间金属棒匀速下滑，金属棒与导轨之间不计摩擦。金属棒和导轨电阻也不计，重力加速度g取。求：(1)刚释放时，金属棒的加速度大小；(2)匀速下滑时金属棒的速度大小； 13．（14分）如图所示，A是面积为、匝的圆形金属线圈，其总电阻，线圈处在逐渐增大的均匀磁场中，磁场方向与线圈平面垂直，磁感应强度随时间的变化率，线圈与阻值的电阻连接，不计电压表对电路的影响。求： (1)电压表的示数U； (2)10s内通过的电量q。 14．（18分）电磁驱动在军事、科研和生活中有着广泛的应用，如图所示是某个电磁驱动模型的俯视图，水平面上每间隔L分布有宽度也为L的有界匀强磁场，磁场磁感应强度大小为B、方向竖直向上，控制所有磁场以速度水平向右匀速运动。放在水平面上的正方形导线框abcd从图示位置由静止释放，在安培力的驱动下向右运动，经过时间达到最大速度。已知导线框质量为m、边长为L、电阻为R，运动过程中所受阻力大小恒为，ab边始终与磁场边界平行，求导线框：(1)释放瞬间的加速度大小；(2)经过时间达到的最大速度大小；(3)时间内运动的距离。 桂洲中学2027届高二第二学期 第7周末总结 （4月19日 ） 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《2026年4月15日高中周测》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C C D C D A B AD BD AD 桂洲中学2027届高二第二学期 第7周末总结 （4月19日 ） 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 1．C 【详解】A．该实验是奥斯特电流的磁效应，证明电流周围能够产生磁场，而弹射车通以强电流时能提供强大的推力，是电流在磁场中受安培力，两种情形原理不同，故A错误； B．该实验是探究导体棒切割磁感线产生感应电流的方向，是电磁感应现象，与弹射车原理不同，故B错误； C．该实验是通电导线在磁场中受到安培力，与弹射车原理相同，故C正确； D．话筒是声音使膜片振动带动线圈切割磁感线产生感应电流，为电磁感应现象，与弹射车原理不同，故D错误。 故选C。 2．C 【详解】A．强磁体在铝管中下落时，即使铝管有裂缝，铝管中仍会产生感应电流，感应电流的磁场会阻碍磁体相对运动，磁体受安培阻力，不是只受重力，不可视为自由落体运动，故A错误； B．电子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，推导得轨道半径 仅减小励磁线圈电流，磁感应强度减小，因此增大，故B错误； C．电流反向后，电磁铁磁场方向反向（变为竖直向下），电子带负电，逆时针加速要求电场力沿逆时针切线，因此感生电场方向为顺时针；根据楞次定律，顺时针感生电场对应向下的磁场在减小，因此减小电磁铁电流即可满足条件，故C正确； D．回旋加速器中，交变电源频率等于粒子回旋频率，即频率由粒子比荷决定。氘核与氦核二者比荷相同，回旋频率相同，因此加速氘核的回旋加速器可以直接加速氦核，故D错误。 故选C。 3．D 【详解】A．由图丙可知时,NFC天线产生的磁场磁感应强度大小为0，感应线圈的磁通量为0，故A错误； B．时,NFC天线产生的磁场磁感应强度最大，但随时间的变化率为0，根据法拉第电磁感应定律可知该时刻感应线圈产生的电动势满足，故B错误； C．时，NFC天线产生的磁场磁感应强度最大，但随时间的变化率为0，由上述分析亦可知感应线圈的电动势和感应电流为0，故C错误； D．时，感应线圈正经历向下的磁通量减少的过程，由楞次定律可知，感应线圈将形成顺时针方向的电流以阻碍变化，故D正确。 故选D。 4．C 【详解】A．导体棒OP两端的电压大小为，故A错误； B．右手定则可知通过OP的电流方向从O指向P，故通过电阻R的电流方向为从d流向c，故B错误； C．电阻R消耗的电功率为，故C正确； D．根据能量守恒，可知维持导体棒匀速转动所需外力的功率与电路热功率相等，即，故D错误。 故选C。 5．D 【详解】A．线圈做简谐运动，速度的大小、方向都随时间周期性变化，因此感应电流的大小、方向也周期性变化，是交变电流，不是恒定电流，故A错误； B．线圈随浮桶一起运动，感应电流的周期性变化和浮桶振动完全同步，电流频率等于浮桶的振动频率，故B错误； C．根据右手定则判断：磁场沿径向向外，线圈向上运动时，对线圈任意位置的导线，可得感应电流方向为俯视逆时针，故C错误； D．感应电动势 简谐运动中，线圈经过平衡位置时速度最大，因此感应电动势最大，灯泡中电流最大，故D正确。 故选D。 6．A 【详解】A．紫铜薄板上下、左右微小震动时，穿过紫铜薄板的磁通量均发生变化，紫铜薄板中产生涡流，磁场对涡流的安培力阻碍紫铜薄板震动，即能够快速衰减其微小震动，故A正确； B．紫铜薄板上下微小震动时，穿过紫铜薄板的磁通量没有发生变化，紫铜薄板中没有产生涡流，即不能够快速衰减其上下微小震动，故B错误； C．紫铜薄板上下、左右微小震动时，穿过紫铜薄板的磁通量均没有发生变化，紫铜薄板中没有产生涡流，即不能够快速衰减其上下、左右微小震动，故C错误； D．紫铜薄板上下微小震动时，穿过紫铜薄板的磁通量没有发生变化，紫铜薄板中没有产生涡流，即不能够快速衰减其上下微小震动，故D错误。 故选A。 7．B 【详解】A．甲图是真空冶炼炉，它利用涡流效应：高频交流电通过线圈，在金属内部产生涡流，从而使金属自身发热熔化。热量是金属内部涡流产生的，不是线圈本身发热，故A错误； B．乙图中，蹄形磁体顺时针转动时，穿过铝框的磁通量发生变化，铝框中产生感应电流。根据楞次定律，感应电流的效果会阻碍磁通量变化，所以铝框会随磁体同向转动（但转速慢于磁体），故B正确； C．丙图是金属探测器，它的工作原理是：线圈通交变电流，产生变化的磁场，当靠近金属时，金属中会产生涡流，反过来影响线圈的电流，从而被检测到。若使用恒定电流，磁场不变，无法产生涡流，故C错误； D．丁图是磁电式仪表，把线圈绕在铝框骨架上，铝框中产生感应电流，使线框尽快停止摆动，起到电磁阻尼的作用，故D错误。 故选B。 8．AD 【详解】A．ab刚进入磁场Ⅰ，磁场Ⅰ垂直斜面向上，线框向下运动，穿过线框的向上磁通量增加，感应电流磁场向下，线框感应电流为顺时针方向，因此边电流方向为，A正确； B．ab匀速穿过Ⅰ，根据受力平衡 两端电压为路端电压 解得，B错误； C．ab刚进入Ⅱ时，在Ⅱ（向里）、在Ⅰ（向外），两个边切割磁感线产生的电动势同向串联，总电动势 电流，两个边的安培力均沿斜面向上，总安培力，重力分力，合力 加速度，C错误； D．ab刚进入Ⅱ到到达过程中，初始磁通量，末态磁通量，磁通量变化量大小，电荷量，D正确。 故选 AD。 9．BD 【详解】AB．在0~1s内，磁感应强度B均匀增加，则线框中产生逆时针方向（俯视）大小恒定的感应电流，在1~3s内，磁场不变，线框中没有磁通量变化，所以没有感应电流，在3~4s内，磁感应强度B均匀减小，则线框中产生顺时针（俯视）方向大小恒定的感应电流，又因为在0~1s内和3~4s内，磁感应强度B的变化率相同，则0~1s内和3~4s内电流大小相同，故A项错误，B正确； C．由，结合上述分析，电流发热均为正值，故C错误； D．由，在0~1s内，磁感应强度B均匀增加，，则，方向垂直bc边指向线框内部，在1~3s内，没有感应电流，线框不受安培力，在3~4s内，磁感应强度B均匀减小，，，方向与0~1s内所受安培力的方向相反，垂直bc边指向线框外部，故D正确。 故选BD。 10．AD 【详解】A．当两棒速度相等后，穿过回路的磁通量不变，回路中将不再有感应电流，ab、cd最终具有相同的速度，对两棒的系统受合外力为零，则根据动量守恒定律 最终两棒的速度均为，故A正确； B．选向右的方向为正，对cd棒根据动量定理有 则，故B错误； C．根据法拉第电磁感应定律可知，只有在两棒速度不相等时回路中才有感应电流，感应电流使两棒都产生加速度，然而受到的安培力发生变化，感应电动势发生变化，感应电流、安培力、加速度也随之变化，所以导体棒ab不可能做匀减速直线运动，故C错误； D．根据能量守恒定律，在运动过程中产生的热量为，故D正确。 故选AD。 11．(1) (2) 发生 向左 相反 (3)BD 【详解】（1）将电源、电键、变阻器、小螺线管串联成一个回路，再将电流计与大螺线管串联成另一个回路，电路图如图所示 （2）[1]闭合电键，磁通量增加，指针向右偏转，将原线圈迅速插入副线圈，磁通量增加，则灵敏电流计的指针将向右偏转一下； [2]原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，电阻增大，则电流减小，穿过副线圈的磁通量减小，则灵敏电流计指针向左偏转一下； [3]则上述两过程中灵敏电流计指针的偏转方向相反。 （3）如果副线圈B两端不接任何元件，线圈中仍有磁通量的变化，仍会产生感应电动势，不会没有感应电流存在，但是可根据楞次定律来确定感应电流的方向，从而可以判断出感应电动势的方向。 故选BD。 12．(1) (2) 【详解】（1）开始释放时，初速度为0，则 由牛顿第二定律 可得 （2）金属棒匀速下滑时，产生的感应电动势 匀速运动时 代入与 解得 13．(1)1.6V (2)4C 【详解】（1）根据法拉第电磁感应定律，线圈产生的感应电动势 代入数据得 根据闭合电路欧姆定律，电路中的电流 代入数据得 电压表测量电阻两端的电压，示数 代入数据得 （2）由于磁感应强度随时间均匀变化，产生的感应电动势和感应电流恒定。根据电流的定义式 可得通过截面的电荷量 代入数据得 14．(1) (2) (3) 【详解】（1）导线框释放瞬间，由法拉第电磁感应定律可知导线框的电动势 导线框的电流 由牛顿第二定律可知导线框的加速度满足 解得 （2）经过时间导线框达到最大速度时，安培力的大小与阻力大小相等，满足 设导线框的最大速度为，导线框的电动势满足 导线框的电流 两式联立解得 （3）在时间内，以向右为正方向，设任意时刻导线框的速度大小为，对应的电流大小为，由动量定理得 其中 整理得 其中， 解得 $