抢分08 实验题（光、热、力）（抢分专练）（福建专用）2026年中考物理终极冲刺讲练测

抢分08 实验题（福建专用） 抢分预测 抢分秘籍 抢分特训 考点 3年考情 抢分依据 命题预测 光 2025·探究平面镜成像特点 2024·探究光的反射定律 2023·探究凸透镜成像规律 光学实验每年必考1道，重点为平面镜成像、光的反射、凸透镜成像规律，步骤固定、结论清晰，是实验题最易拿分模块 以探究实验形式考查成像特点、操作目的、结论应用，1道光学实验 热 2025·熔化和凝固的图像 2024·探究水在沸腾前后温度变化的特点、大气压对液体沸点的影响 2023·探究不同材料的保温性能 热学实验高频考查，集中在晶体熔化、水沸腾、影响蒸发快慢、保温实验，图像与现象结合，填空为主 以温度—时间图像为载体，考查图像识别、条件、沸点和熔点影响因素，1道热学实验 力 2025·测量液体密度、探究液体压强的特点、杠杆的动态平衡分析 2024·液体压强、阿基米德原理、 物体沉浮状态与浮力、重力和体积的关系；速度变化的探究实验； 2023·测量液体密度；探究影响滑动摩擦力大小因素 力学实验题量最多、分值最高，覆盖密度测量、摩擦力、压强、浮力、杠杆、机械运动，侧重操作、计算、误差分析 围绕密度测量、滑动摩擦力、浮力、杠杆平衡考查，1–2道力学实验 电磁 2025·伏安法测电阻；欧姆定律 2024·探究电流与电阻、电压的关系 2023·欧姆定律的简单计算、含有敏感电阻的动态分析 电磁实验必考压轴，核心是伏安法测电阻/电功率、探究欧姆定律、电路故障，难度中等、步骤固定 以电路图+数据形式考查电路连接、数据处理、故障判断、结论，1道电磁实验 【考向一】光 1. 探究平面镜成像特点 器材选择：用玻璃板代替平面镜，既能成像又能透光，便于确定像的位置；选用两支完全相同的蜡烛，用于比较像与物的大小关系；使用刻度尺测量物距和像距。 操作要求：玻璃板必须竖直放置在水平桌面上，若倾斜会导致像偏高或偏低，另一支蜡烛无法与像重合。 实验结论： ① 像与物大小相等；② 像与物到平面镜的距离相等；③ 像与物的连线垂直于镜面；④ 平面镜成正立、等大的虚像，不能用光屏承接。简记：等大、等距、垂直、正立虚像。 多次实验目的：避免偶然性，寻找普遍规律。 2. 探究光的反射定律 核心要素：法线是垂直于反射面的虚线，是作图与计算的基准。 实验结论： ① 三线共面：入射光线、反射光线、法线在同一平面内； ② 两线分居：入射光线与反射光线分居法线两侧； ③ 两角相等：反射角等于入射角（反射角随入射角增大而增大）； ④ 光路可逆：光沿反射光线入射，会沿原入射光线射出。 纸板作用：显示光的传播路径，验证三线共面。 3. 探究凸透镜成像规律 实验调节：点燃蜡烛，调整烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度，使像成在光屏中央。 成像规律（必背）： ① u＞2f：成倒立、缩小、实像，应用：照相机； ② f＜u＜2f：成倒立、放大、实像，应用：投影仪； ③ u＜f：成正立、放大、虚像，应用：放大镜； ④ u＝2f：成倒立、等大、实像（测焦距）； ⑤ u＝f：不成像（获得平行光）。 动态规律：物远像近像变小，物近像远像变大；实像倒立，虚像正立。 【考向二】热 1. 探究晶体熔化特点 晶体判断：有固定熔点，熔化图像有一段水平线段（温度不变）。 熔化特点：持续吸热，温度保持不变。 状态变化：熔化前为固态；熔化过程为固液共存态；熔化后为液态。 非晶体：无固定熔点，边吸热边升温、边变软边熔化。 水浴加热：使物体受热均匀、缓慢升温，便于观察状态与记录温度。 2. 探究水的沸腾 沸腾特点：持续吸热，温度保持不变，此温度为沸点。 沸点影响因素：气压越高，沸点越高；气压越低，沸点越低。 气泡变化： ① 沸腾前：下方大、上方小（上层水温低，气泡上升遇冷收缩）； ② 沸腾时：下方小、上方大（整个水体温度一致，气泡上升水压减小）。 缩短加热时间：减少水量、提高水的初温、给烧杯加盖、调大酒精灯火焰。 3. 探究影响蒸发快慢的因素 影响因素： ① 液体温度：温度越高，蒸发越快； ② 液体表面积：表面积越大，蒸发越快； ③ 液面上方空气流速：流速越快，蒸发越快。 实验方法：控制变量法，只改变一个因素，其余保持相同。 4. 探究物质保温、吸热性能 实验控制：选取质量相同的不同物质，用相同装置加热，保证相同时间吸收热量相同。 判断依据：升温慢→吸热能力强（比热容大），保温效果更好。 【考向三】力 1. 测量液体密度 实验原理：。 最优步骤： ① 用天平测出烧杯和液体的总质量m1； ② 将适量液体倒入量筒，读出体积V； ③ 测出烧杯和剩余液体的总质量m2； ④ 计算：m = m1 − m2，。 误差分析：若先测体积再测质量，量筒内壁会沾液，使质量测量偏小，密度测量值偏小。 2. 探究滑动摩擦力的影响因素 实验原理：二力平衡（拉力等于滑动摩擦力）。 操作要点：用弹簧测力计水平、匀速直线拉动木块。 影响因素：压力大小、接触面粗糙程度。 结论： ① 接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大； ② 压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。 3. 探究液体压强的特点 测量仪器：U形管压强计（通过液面高度差反映压强大小，转换法；不是连通器）。 实验结论： ① 同种液体、同一深度，向各个方向的压强相等； ② 同种液体中，深度越深，液体压强越大； ③ 同一深度，液体密度越大，压强越大。 4. 阿基米德原理与浮沉条件 阿基米德原理：F浮 = G排 = ρ液gV排。 浮力影响因素：液体密度、排开液体的体积。 浮沉条件：① F浮 ＞ G物 → 上浮 → 最终漂浮；② F浮 ＝ G物 → 漂浮/悬浮；③ F浮 ＜ G物 → 下沉。 5. 探究杠杆的平衡条件 平衡条件：F1L1 = F2L2（动力×动力臂＝阻力×阻力臂）。 杠杆调节：平衡螺母向高的一侧调（左高左调，右高右调）。 水平平衡目的：便于直接从杠杆上测量力臂。 多次实验：避免偶然性，寻找普遍规律。 【考向四】电磁 1. 伏安法测电阻 实验原理：。 滑动变阻器作用：保护电路、改变电路中的电流与电压、多次测量求平均值减小误差。 电路连接：电流表串联，电压表并联；电流正进负出；变阻器一上一下接线。 2. 探究电流与电压、电阻的关系 方法：控制变量法。 探究电流与电压的关系：控制电阻不变，改变电压；结论：电阻一定时，电流与电压成正比。 探究电流与电阻的关系：控制电压不变，更换不同定值电阻；结论：电压一定时，电流与电阻成反比。 关键操作：更换大电阻后，滑片应向阻值大的方向移动，保持电压表示数不变。 3. 电路故障判断（高频） 灯泡断路：电流表无示数，电压表有示数（接近电源电压），灯不亮； 灯泡短路：电流表有示数，电压表无示数，灯不亮； 滑动变阻器断路：两表均无示数，灯不亮。 4. 动态电路分析 串联电路：一个电阻变大→总电阻变大→电流变小；大电阻分大电压。 并联电路：各支路互不影响；支路电阻变大→该支路电流变小→干路电流变小。 题型一 光 1．【跨学科・物理 + 古代文献・光学实验】（2026·福建厦门·一模）在初中物理项目化复习中，某兴趣小组搜集了我国古代光学的文献记载。结合实验，请完成下列题目。 （1）《周髀算经》中记载了光的反射现象：“日兆月，月光乃出，故成明月。”如图甲所示，若入射光线与平面镜的夹角为40°，则反射角为__________，高楼大厦采用的玻璃幕墙会造成光污染，是因为发生__________（填“镜面反射”或“漫反射”）。 （2）《化书》中记载了照镜子：“是影也与形无异。”如图乙所示，在探究平面镜成像特点时，用玻璃板代替平面镜进行实验，目的是__________，将未点燃的蜡烛在玻璃板后边移动，直到与蜡烛的像重合，说明平面镜所成的像与物体的大小__________。 （3）《淮南万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则得火。”如图丙所示，将蜡烛从距离凸透镜4倍焦距的位置，沿主光轴向距离凸透镜2倍焦距的位置移动，蜡烛经凸透镜所成像的大小将__________，像距的大小将__________。（两空均填“变大”“变小”或“不变”） 2．【跨学科・物理 + 古代文献・光学实验】（2026·福建厦门·模拟预测）在初中物理项目化复习中，某兴趣小组搜集了我国古代光学的文献记载。结合实验，请完成下列题目。 （1）《周髀算经》中记载了光的反射现象：“日兆月，月光乃出，故成明月。”如图甲所示，将激光笔沿着垂直于镜面的直线NO入射，反射角的大小是________度，高楼大厦采用的玻璃幕墙会造成光污染，是因为发生__________（镜面/漫）反射。 （2）《化书》中记载了照镜子：“是影也与形无异。”如图乙所示，在探究平面镜成像特点时，用玻璃板代替平面镜进行实验，目的是_________，将未点燃的蜡烛在玻璃板后边移动，直到与蜡烛的像重合，说明平面镜所成的像与物体的大小_______。 （3）《淮南万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则得火。”如图丙所示，将蜡烛从距离凸透镜4倍焦距的位置，沿主光轴向距离凸透镜2倍焦距的位置移动，蜡烛经凸透镜所成像的大小将_________，像距的大小将___________。（两空均填“变大”、“变小”或“不变”） 3．【新考法・凸透镜成像・多设问综合】（2026·福建漳州·一模）在探究凸透镜成像规律中，利用如下的装置进行实验： （1）如图甲，该凸透镜的焦距是________cm； （2）实验前要将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心调至________，使像能呈现在光屏的中央； （3）如图乙所示，则烛焰在光屏上成倒立、________的实像。根据这一成像特点，可制成________； （4）在此基础上，他保持凸透镜的位置不变，将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上也出现清晰的像，原因是________； （5）为演示远视和近视眼矫正：在光源和凸透镜之间放一副眼镜，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向靠近透镜方向移动适当距离后，光屏上再次呈现清晰的像，则该眼镜镜片是________。 4．【新情境・自制教具・投影仪・光学实验】（2026·福建莆田·一模）图甲是小闽自制的简易投影仪。用硬纸板制作长方体暗箱，配置合适的凸透镜，将播放视频的手机放到指定位置，白屏上便能观察到放大的视频画面。 （1）小闽将凸透镜正对着太阳光，来回移动光屏，在光屏上找到最小、最亮的光斑，如图乙，该透镜焦距为______cm； （2）如图甲，为使像呈现在白屏中央，制作时应使手机、凸透镜和白屏三者中心在______； （3）现有长度分别为10dm、20m和40cm的三个纸盒，根据投影仪成像特点，应选择长度为______cm的纸盒做暗箱；为了在白屏上呈现出正立的画面，手机屏幕应该选图丙中______的放置方式； （4）小闽为暗箱加装了一个抽屉，可灵活改变手机到凸透镜的物距，如图丁所示。若要让白屏上的像变得更大，操作方法是：向______凸透镜的方向推动抽屉。同时将投影仪向______白屏的方向移动（均选填“靠近”或“远离”）。 5．【新考法・凸透镜成像・实像观察】（2025·福建厦门·三模）利用如图所示装置进行“探究凸透镜成像规律”的实验。 （1）调节实验器材的高度时，要使烛焰和光屏的中心在______上。 （2）使用光屏的目的是呈现物体经过凸透镜所成的______（选填“虚”或“实”）像。图中成像规律在生活中的应用是______。小超将光屏拿开后，也看到了烛焰的像，说明小超的眼睛是在图中的______（选填“b”或“c”）侧观察的。 题型二 热 6．【新情境・热现象探究・冰熔化 + 水沸腾】（2026·福建漳州·一模）利用如图所示的甲、乙两种装置，在探究热现象的实验中探究“冰熔化、水沸腾前后温度变化规律”。 （1）实验选用________（选填“大冰块”或“碎冰块”）进行实验，效果更好些； （2）为了让冰受热均匀，且便于观察和记录温度，应选用________装置进行实验，某时刻温度计的示数如图丙所示，读数为________℃； （3）图丁是实验得到的温度随时间变化的图像。由图像可知：该物质在BC段的状态是________； （4）对比图丁中AB段与CD段可知：质量相同的冰和水升高相同温度时，加热时间不同，原因是________； （5）在DE段，试管中的水无明显气泡产生的原因是________。 7．【新情境・古文描述・水沸腾实验】（2026·福建泉州·一模）古人以“鱼目”“连珠”“鼓浪”描述了水在加热时气泡从生成到沸腾的过程。小文利用如图甲所示的实验装置探究水沸腾前后温度变化的特点。 （1）装置组装过程中，应先确定_______（选填“A”或“B”）的位置； （2）实验中某时刻温度计示数如图乙所示，为_______℃； （3）水温升高到90℃后，小文开始记录数据并画出如丙所示的图像。分析图像可知，水的沸点是_______℃。水沸腾时的特点是吸收热量_______； （4）如图丁中a、b图所示，其中_______图是第5min的气泡变化情况； （5）在这次实验中，他发现从开始加热到沸腾的这段时间过长，为了缩短实验的时间，可以采取的措施是_______。（回答出一条即可） 8．【新情境・水浴加热・冰熔化实验】（2026·福建厦门·一模）如图甲是某兴趣小组同学“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验装置。（实验中不考虑水的质量变化等因素） （1）如图甲所示，加热过程中将装有冰块的试管放入热水中间接加热，而没有将试管放在酒精灯上直接加热。其目的是：_________； （2）某时刻温度计的示数如图乙所示，其示数为_________℃； （3）根据实验数据绘制的温度随时间变化关系图像如图丙，冰在B点时的内能__________（选填“大于”“小于”或“等于”）在C点时的内能； （4）冰在熔化过程中的特点是__________。 （5）实验后，某同学根据图丙计算出冰的比热容是__________J/（kg·℃）。 9．【新情境・探究冰熔化・图像分析】（2025·福建泉州·模拟预测）小东利用如图甲所示的实验装置来探究冰的熔化特点。 （1）将装有适量碎冰的试管置于烧杯内的温水中，这样做使碎冰______； （2）实验中某时刻温度计示数如图乙所示，碎冰此时的温度______℃； （3）根据实验数据画出冰熔化过程的“温度-时间”图像（如图丙）。由图像可知，冰熔化过程中______，所以属于晶体； （4）小东分析图像还发现：0至时段内的温度变化比时刻后的温度变化快，其主要原因是水的______； （5）若对烧杯持续加热，在杯中水沸腾后试管中的水不会沸腾，理由是试管中的水______。 10．【新情境・生活现象・水沸腾实验】（2025·福建厦门·二模）如图为探究水沸腾时温度变化特点的实验装置。 （1）小明组装的器材如图甲所示，该装置的错误之处是_____；用纸板给烧杯加盖的目的是_____。 （2）图乙中图像A、B是两个小组的同学根据实验数据做出的图像，由图像可知当地水的沸点是_____℃；他们用相同的酒精灯和相同的烧杯进行实验，图像不同的原因可能是水的_____不同。 （3）小华烧水时发现，水沸腾时壶嘴上方冒白气，这是_____现象，且水蒸气会把壶嘴处的盖子冲起来，如图丙。盖子被水蒸气冲起的能量转化情况与四冲程汽油机的_____冲程相同。 题型三 力 11．【新考法・误差分析・密度测量】（2026·福建泉州·一模）小红在学校实验室利用量筒和天平测量盐水的密度。 （1）将天平放在水平台面上，将游码移到标尺的_______处；横梁静止时，指针位置如图甲所示。为使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母向_______移动； （2）将盛有适量盐水的杯子放在调好的天平左盘内，测出杯子和盐水的总质量为90g；然后将杯中的部分盐水倒入量筒中，如图乙所示，量筒中盐水的体积为_______cm3；再将盛有剩余盐水的杯子放在天平左盘内，当天平平衡时，右盘中砝码质量和游码在标尺上的位置如图丙所示，则盐水的密度为_______g/cm³； （3）回家后，小红利用家里的碗、杯子和电子秤测量玻璃珠的密度，测量流程如图丁所示： ①用电子秤测出碗的质量为m1； ②将杯子放入碗中，记下电子秤的示数m2； ③缓慢往杯中倒水，当水装满杯子时，记下电子秤的示数m3； ④缓慢往杯中倒入一些玻璃珠，杯中水溢出到碗中，记下电子秤的示数m4； ⑤从碗中缓慢取出杯子，防止杯中的水溢出，记下电子秤的示数为m5。 以上测量过程，不需要记录的数据是_______，玻璃珠的密度ρ=_______（以上两空均用所测物理量的符号和ρ水表示），所测出的玻璃珠密度值比真实值偏_______（选填“大”或“小”）。 12．【新考法・误差分析・密度测量】（2026·福建厦门·模拟预测）小明用如图所示的装置探究杠杆的平衡条件，其中杠杆的刻度均匀，每小格为5cm，每个钩码的重力均为0.5N。 （1）图甲杠杆中点置于支架时保持静止，此时杠杆处于_________（平衡／不平衡）状态； （2）把杠杆调至水平位置平衡后，挂上钩码并拉动测力计，使杠杆在图乙水平位置平衡，发现，其原因是________； （3）改变支点的位置，将杠杆在图丙水平位置静止，测出竖直向上的拉力为6N、为1.5N。经计算：，原因是_______。 （4）如图丁所示，同学们利用水平平衡的杠杆进行实验，保持处悬挂钩码的个数和位置不变。 ①钩码悬挂在处，调节平衡后再把钩码改挂在处，杠杆_______（能／不能）在水平位置平衡。 ②若把处悬挂的钩码改挂在处，杠杆_______（能／不能）在水平位置平衡。 13．【新情境・改进实验・滑动摩擦力】（2026·福建厦门·模拟预测）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，利用长木板、毛巾、木块、砝码及弹簧测力计进行实验，如图所示。 （1）实验前要把弹簧测力计在_________（水平/竖直）方向上调零； （2）实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，应使其在木板表面或毛巾表面做_________运动，根据________的条件，可知此时摩擦力和拉力大小相等； （3）比较_______两图中测力计的示数，可知滑动摩擦力的大小与压力大小有关； （4）利用如图甲的实验装置重复操作，下列哪几个选项的木块所受摩擦力大小仍为1.6N：_______（多选题，填字母）； A．将水平拉力增大到3N B．让木块以更大的速度运动 C．将木块从中间竖直切开后叠放 D．将木块水平切去一半 （5）有同学利用拉力传感器和木板改进实验，如图丁所示。写出该实验的优点：________（写出一条即可） 14．【新情境・生活应用・滑动摩擦力】（2026·福建泉州·一模）在一次换座位时，小亮要推动地面上两个完全相同的箱子，箱子可叠放，也可并排放，哪种放法推起来更轻松?于是，小亮用完全相同的两块木块A、B设计了如图所示的实验，探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关。 （1）实验前，应在水平方向上对弹簧测力计进行______； （2）实验时，应水平拉动木块做______运动，此时弹簧测力计示数反映了木块受到的滑动摩擦力的大小； （3）比较图中甲、乙两次实验，可得出结论（　　） A．在压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大 B．在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大 （4）比较图中丙、丁两次实验，可得出结论：木块叠放或并排放拉动时受到的滑动摩擦力大小相同，说明滑动摩擦力大小与接触面积大小______（选填“有关”或“无关”）；图丁中木块B受到的摩擦力为______N。 15．【新考法・多任务组合・密度 + 液体压强】（2026·福建厦门·模拟预测）小松利用天平、刻度尺、注射器、压强计等器材，完成下列任务。 任务一 测量盐水、水和酒精的密度 （1）将天平放在水平台上，把游码移至标尺左端_________处，并调节好天平。 （2）用注射器抽取5mL盐水，用天平测得注射器和盐水的总质量，如图甲所示，为_______g。 （3）用注射器继续抽取盐水，活塞移至15mL处，测得注射器和盐水的总质量为27.4g，盐水的密度为_________。继续测出水和酒精的密度。 任务二 探究液体内部的压强 （4）图乙是U形管压强计，可通过两侧液面的高度差来反映___________的大小。 （5）三个容器分别装有适量的盐水、水和酒精，改变探头在液体中的深度，记录探头的深度与U形管两侧液面的高度差，绘制图像如图丙，分析图像可知： ①液体压强与液体的深度有关，在相同液体内部，深度越深，压强越__________。 ②液体压强与液体的密度有关。 根据图像，陈述得出结论②的理由：_____________。 任务三 测量木质印章的密度 木质印章上面雕刻着一头狮子，底座呈长方体，横截面是正方形，印章表面涂有薄薄的防水漆。 ①小松先用刻度尺测量了正方形的边长及长方体的高。 ②接着小松把木质印章正放在水中，印章能竖立在水中，测得印章浸入水中的深度。（如图丁1图所示） ③最后小松取出印章，擦干后再倒置于水中，印章仍能竖立在水中，测得印章露出水面的高度。（如图丁2图所示） （6）上述实验中不需要测量的物理量是________（用字母表示） （7）根据所测量的物理量计算木质印章的密度________（用所给字母表示，水的密度已知，用表示） 16．【新考法・液体压强・未知液体密度测量】（2026·福建漳州·一模）“探究液体压强与哪些因素有关”的实验中： （1）如图甲所示的U形管压强计________（选填“是”或“不是”）连通器。实验前用大小不同的力按压探头的橡皮膜，发现U形管两侧液面高度差变化明显，说明压强计的气密性________； （2）将探头放入水中，从乙、丙的实验现象，初步得到的结论是：同种液体中，液体压强随________增加而增大，由此联想到拦河大坝的形状要建成________； （3）为了让U形管两侧液面的高度差更明显，应选________； A．使用内径更细的U形管 B．使用内径更粗的U形管 C．在U形管内换用密度更大的液体 D．在U形管内换用密度更小的液体 （4）小漳为了测量未知液体x的密度，利用水和自制并调试好的压强计再次进行如图丁所示实验，此时U形管两侧液面相平，则该未知液体的密度________（用已知物理量、、表示）。 17．【新考法・液体压强・实验改进与误差】（2026·福建泉州·一模）如图是小李用压强计“探究液体压强与哪些因素有关”的实验装置。 （1）实验中，液体内部压强的大小通过观察U形管中液面的______来反映；实验所用探头的金属盒上的橡皮膜应选用______（选填“薄”或“厚”）一些的较好； （2）在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲所示，其调节的方法是______（选填“A”或“B”），使U形管左右两侧的水面相平； A．将右侧支管中高出的水倒出； B．取下软管重新安装。 （3）比较图乙和图丙，可以得到结论：液体密度相同时，______，液体产生的压强越大； （4）在图乙中，固定探头的橡皮膜在水中的深度不变，使橡皮膜处于向上、向下、向左、向右等方位时，U形管中液面高度差______（选填“不变”或“改变”）； （5）若保持丙图中探头的位置不变，将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，发现U形管两侧液面高度差变大。小李由此得出结论：在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大，你认为他的结论是否可靠？______，原因是______。 （6）如图戊是小福自制的一个简易压强计，将该压强计浸入水中，橡皮膜会向内凹；增加压强计在水中的深度，细玻璃管中的液柱会______（选填“上升”或“下降”）。 18．【新考法・浮力探究・图像与计算】（2025·福建厦门·三模）如图所示，小磊“探究浮力的大小与哪些因素有关”时，用弹簧测力计悬挂一个实心金属块，分别在甲、乙、丙、丁四种情况下保持静止（所用烧杯相同）。 （1）图乙中金属块所受浮力为______N。 （2）比较甲、丙、丁三幅图可得出结论：浮力的大小与______有关。若丙、丁烧杯中液面的高度相同，则液体对烧杯底的压强p丙______p丁。 （3）比较______三幅图可得出结论：浮力的大小与物体排开液体的体积有关。 （4）小磊用一只如图戊所示的厚底薄壁圆柱状玻璃筒来进行实验（筒壁厚度忽略不计），在筒壁外侧沿竖直方向标有显示高度的刻度。他使圆筒直立漂浮于水面后，在圆筒内缓慢注入少量某种未知液体，记录下此时筒内液面的高度h1和筒浸入水中的高度h2，再分批添加未知液体，记录多组h1，h2的数据，作出h1-h2的关系图像如图己所示。则该液体的密度为______（用符号a、b、c和ρ水表示）。 19．【新情境・3D 打印・密度测量】（2025·福建·一模）如图甲所示的实心“小火箭”是小敏用3D打印机打印出来的，她想知道打印材料PLA的密度。 （1）小敏在调节天平时，发现指针情况如图乙所示，此时应将平衡螺母向___________（选填“左”或“右”）调节。 （2）用调好的天平测量“小火箭”的质量，天平平衡时右盘中砝码的质量、游码在标尺上的位置如图丙所示，则“小火箭”的质量m=___________g。由于“小火箭”放不进量筒，小敏用如下图所示的方法测出“小火箭”的体积，是___________cm3，打印材料PLA的密度是___________kg/m3。 （3）这种测量方式所测得PLA的密度比实际值___________（选填“大”或“小”）。 （4）为了减小实验误差，善于思考的小敏找来了溢水杯和小烧杯，通过以下操作测量出“小火箭”的密度，具体步骤如下： a、用天平测出“小火箭”的质量为m，测出空小烧杯的质量为m1； b、溢水杯盛满水，把“小火箭”缓慢浸没在水中，用小烧杯将溢出的水全部接入； c、用天平测出溢出水和小烧杯的总质量为m2； d、“小火箭”的密度为___________（用所测物理量表示，水的密度用ρ水表示）。 （5）小刚同学选择了身边的几样器材：圆柱形大烧杯、轻质薄壁气球、细线、水、刻度尺、可吸气和打气的气筒。小刚思索一会就动手测量“小火箭”的密度。具体步骤如下： a、在大烧杯中装入适量的水，用刻度尺测量烧杯中水的深度h1； b、把“小火箭”装进气球，用打气筒吸出所有气体，用细线扎紧气球口，将装有“小火箭”的气球___________在烧杯水中，用刻度尺测量大烧杯中水的深度为h2； c、取出气球，用打气筒往气球里充入部分气体（空气质量不计），用细线扎紧气球口，将气球放进烧杯水中使之___________，用刻度尺测量大烧杯中水的深度为h3. d、“小火箭”密度为___________。（用所测物理量表示，水的密度用ρ水表示） 20．【新情境・自制教具・杆秤密度计】（2025·福建莆田·一模）在青少年科技创新大赛中，小明制作的“杆秤液体密度计”如图甲所示，选取了一根质量不计的硬质轻杆，P为提挂点，P点的左侧端点A处悬挂透明塑料杯，右侧悬挂秤砣，不计细线质量。将相同体积不同密度的待测液体加入杯中，根据杠杆平衡条件可知，杠杆平衡时，秤砣悬挂点到P点的距离与待测液体的密度成一次函数关系，即可在杠杆上均匀标出刻度线来测量液体密度。其制作与测量过程中进行了如下操作： （1）距离左端点A处10cm的位置制作提挂点P；用天平称得空塑料杯质量如图乙所示，则空塑料杯质量为______g；右侧秤砣采用50g钩码拴上细线制成； （2）将空塑料杯悬挂在A点，调节右侧秤砣细线位置，使杠杆在水平位置平衡，此时细线位置处标记为“”，此刻度线到提挂点P距离为______cm； （3）将100mL密度为的水倒入塑料杯中，在液面处作标记，调节秤砣细线位置使杠杆再次在水平位置平衡，并在此时秤砣细线位置处标记为“1”，此刻度线到提挂点P的距离为______cm；将“0”到“1”刻度线之间均分10等份，按该分度值在杠杆上均匀画出刻度线，即杆秤密度计制作完成； （4）用制作好的密度计测量某一液体密度时，将100mL的液体倒入空塑料杯中，秤砣细线位置如图丙所示，则待测液体密度为______； （5）制作好的密度计还可以测算某些固体的密度。小明将石块放入空塑料杯中，杠杆平衡时，秤砣细线在“0.5”刻度处，再向杯中加水至100mL标记处（石块浸没），杠杆再次平衡时，秤砣细线在“1.3”刻度处，则小石块的密度为______。 题型四 电磁 21．【新情境・生活发明・电路通路判断】（2026·福建漳州·一模）小明在市场看到一款“不插电遇水即亮”的灯泡，摊主声称其不消耗电能。小明认为这与物理课上所学知识矛盾，于是买了一个灯泡回家探究。 （1）小明观察到灯泡底部结构由a、b、c三部分组成，如图甲所示，a、c为金属，b为塑料。如图乙，将灯泡缓慢浸入自来水中，观察灯泡发光情况如下： 水面达到灯泡的部位 a b c 灯泡发光的情况 不发光 不发光 发光 小明猜想灯泡内部装有电源。灯泡遇水即亮的原因是水起到________作用，使电路形成________。如图丙所示，小明拆开灯泡塑料壳，发现内部确实有电源，说明摊主“不消耗电能”的说法是错误的。 （2）小明将灯泡取出并擦干，再用一根导线同时接触灯泡底部________两部分，灯泡发光。 （3）小明发现，手心出汗后握住灯头比干燥时更容易让灯发光，其原因可能是________。 22．【新情境・项目学习・自制电子温度计】（2026·福建漳州·一模）电子温度计是一种用电子元件测量温度的仪器。小明想利用热敏电阻和毫安表等器材制作一个电子温度计。 （1）利用图甲所示的电路，探究热敏电阻的阻值随温度t的变化规律。 ①请用笔画线代替导线，将乙图中电路连接完整____； ②连接电路前，应将开关________； ③将热敏电阻置于0℃的环境中，闭合，断开，记录毫安表示数为。然后闭合，断开，调节电阻箱直至毫安表示数为________，此时与阻值相等； ④将热敏电阻置于不同温度的环境中，重复步骤③，测得数据如下表： 温度t/℃ 0 10 20 30 35 40 50 60 70 80 90 100 阻值/Ω 5600 3650 2500 1550 1350 1150 800 550 400 300 220 170 由数据可知：阻值随温度的升高而变________。 （2）根据以上探究结果，设计并制作一个量程为20~50℃的电子温度计。实验器材：电源电压3V保持不变、热敏电阻、电阻箱R（0~9999Ω）、毫安表（0~1mA）、开关、导线若干。 设计思路：将器材连成如图丙所示电路，毫安表表盘（如图丁所示）直接显示对应的测量温度，请你为小明补全制作步骤。 ①为了将电子温度计的最大测量值50℃标在毫安表1mA处，应将电阻箱阻值调至________Ω，并保持不变； ②通过计算，小明应将30℃的刻度线标在毫安表________mA处； ③该电子温度计的刻度线分布________（选填“左密右疏”或“左疏右密”）。 （3）小华想要增大温度计的测量范围，将电阻箱调为2700Ω，则可测量的温度最大值为________。 23．【新情境・项目学习・电子温度计设计】（2026·福建泉州·一模）电子温度计是一种用电子元件测量温度的仪器。项目学习小组想利用热敏电阻和毫安表（一种小量程电流表）等器材制作一个电子温度计。 项目名称：自制电子温度计 实验器材：可调学生电源（0~9V）、热敏电阻R1、电阻箱R（0~9999Ω）、毫安表（0~1mA）、开关、导线若干。 （1）任务一：探究热敏电阻R1的阻值随温度t的变化规律。 ①用图甲所示电路将热敏电阻R1置于0℃的环境中，只闭合S1，记录毫安表示数为I0。然后断开S1，闭合S2，调节电阻箱R直至毫安表示数为_______，此时； ②将热敏电阻R1置于不同温度的环境中，重复步骤①，测得数据如下表： 温度t/℃ 0 10 20 30 40 50 阻值Rt/Ω 6800 4300 2800 1800 1100 800 分析表格数据可发现热敏电阻R1的阻值随温度升高而_______。 （2）任务二：根据以上探究结果，设计并制作量程为20℃~50℃的电子温度计。设计思路：将器材连成如图乙所示电路，热敏电阻相当于温度计的玻璃泡，毫安表表盘（如图丙所示）直接显示对应的测量温度，请你补全制作步骤。 ①调节学生电源为3V。为了将电子温度计的最大测量值50℃标在毫安表满偏的位置，应将电阻箱阻值调在_______Ω，并保持不变。 ②根据计算，应将20℃的刻度线标在毫安表上_______mA的刻度线上。 ③用相同的方法在毫安表上依次标好了20℃~50℃的其他温度对应的刻度线，则该电子温度计的刻度线分布是_______（填“均匀”或“不均匀”）的。 （3）任务三：优化与改进，增大电子温度计温度刻度线的间距。 小组成员发现制作的电子温度计的刻度盘，示数集中偏右，为更好地利用原有表盘，在原有50℃满偏刻度线不变的基础上，让20℃等其余的刻度线左移，使刻度线之间的间距变大，在不增加器材的前提下，请你提出调整方案_______。 24．【新考法・探究电流与电阻・动态调节】（2026·福建泉州·一模）为完成“探究电流与电阻的关系”实验，小海从实验室取得以下器材：电压恒为4.5V的电池组、电流表、电压表、开关，5Ω、10Ω、25Ω的定值电阻各一个，规格为“40Ω；1A”的滑动变阻器，导线若干。 （1）将图甲的实物图连接完整，使滑动变阻器的滑片P在最左端时阻值最大。 （2）将5Ω电阻接入电路，闭合开关，移动滑片P发现，电压表有示数，电流表几乎没有示数，其原因可能是_______。 （3）排除故障后，小海闭合开关移动滑动变阻器滑片，直到电压表示数如图乙所示，记为_______V，并记录电流表的示数；接着保持滑片位置不变，断开开关，将定值电阻换成10Ω后，为保证电压表的示数不变，闭合开关后，应向_______（选填“左”或“右”）移动滑片。 （4）通过实验得到电流随电阻变化的图像如图丙所示，可得到的结论是：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成_______（选填“正比”或“反比”）。 （5）在小海实验基础上，为了得到更多组数据，需要更多规格的定值电阻，则选用的定值电阻最大阻值不允许超过_______Ω。 25．【新情境・项目挑战・电热点火器设计】（2026·福建泉州·一模）某实验小组参加学校项目化学习挑战赛——设计制作“电热点火器”。 【项目要求】“电热点火器”点燃棉花所用的时间越短，得分越高。 【项目原理】根据，“电热点火器”产生相同热量，电功率越大，所需时间越短。 【项目设计与实施】“电热点火器”的工作简化电路图如图甲所示。 任务一：选择点火器中电热丝连接方案 （1）图乙是小组同学设计的电热丝连接的两种方案（两种方案中所用电热丝总长度相等，中间包裹等量的易燃棉花），根据项目原理，应选择方案______。 任务二：选择电热丝 （2）实验小组设计如图丙的实验电路，对材料编号为A、B、C的电热丝（长度相等）的阻值进行测量，请根据电路图将实物图连接完整。 （3）电热丝A连入电路，闭合开关，发现电流表没有示数，电压表示数接近电源电压，电路出现的故障可能是电热丝A______。 （4）排除故障后，调节滑动变阻器，此时电压表示数为2V，电流表示数如图戊所示，为______A，计算出电热丝A的阻值为______Ω，记录数据；重复以上步骤，再测出电热丝B、C的阻值并记录在下表中。 电热丝编号 电热丝阻值/Ω A B 20 C 5 （5）根据表中测量结果，应选择材料编号为______的电热丝。 【项目优化】 （6）通过项目进一步实施，发现该电热点火器点燃棉花的时间偏长，请结合实际提出一条合理的改进措施：______。 26．【新情境・项目挑战・电热点火器设计】（2025·福建·一模）某班同学到实验室做“测定小灯泡额定功率”的实验。被测小灯泡的额定电压为3.8V，电阻约为10Ω。实验室有如下器材：电源（电压为6V）、电流表（0~0.6A  0~3A）、电压表（0~3V  0~15V）、开关各一只，导线若干，滑动变阻器两只：R1（5Ω  0.5A）、R2（10Ω  0.5A）。同学们设计的电路如图所示： （1）电压表应选用 __________ 挡，滑动变阻器应选用 _______ （选填“R1”或“R2”）。 （2）部分同学实验电路接好后，合上开关时，发现电路出现故障，主要有下表所列的两种情况，请根据现象和检测结果指出故障的可能原因： 故障现象 检测 故障原因 灯泡较暗、两表的示数均较小 移动滑动变阻器滑片，现象不变 __________         灯泡不亮、电压表示数较大、电流表无示数 取下灯泡，两表的示数不变   _________         （3）下表为某小组的实验记录分析表： 实验序号 电压表示数/V 电流表示数/A 功率/W 额定功率/W 1 3.0 0.36 1.08 2 3.8 0.4 1.52 3 4.5 0.42 1.89 老师认为该小组数据处理过程有误，你认为正确测量结果P额= _________ W。 27．【新情境・科技应用・电池温控・电磁继电器】（2025·福建泉州·一模）电动车在充电过程中，电池温度过高可能会自燃。项目式学习小组设计一个自动制冷降温控制装置，当电池温度过高时，启动制冷系统降温。 （1）电路设计： 如图电路，利用电磁继电器设计控制电路，电源电压恒为6V，为热敏电阻，为电阻箱。开关断开、闭合，当电流表的示数时，衔铁被吸下，工作电路的制冷系统启动。 （2）的选用： ①连接电路时，应先将开关、都___________，并将电阻箱的阻值调至___________。 ②闭合开关、，将热敏电阻置于温度不同的环境中，调节电阻箱的阻值，使电流表的示数保持10mA不变，根据欧姆定律计算出热敏电阻的阻值，数据如表一： 表一 20 30 40 50 60 70 80 90 200 125 90 75 70 62 60 59 分析表一数据可得，热敏电阻的阻值随温度的升高而___________。 ③换用另一个热敏电阻，重复实验步骤②，得到数据如表二： 表二 20 30 40 50 60 70 80 90 25 30 45 60 105 170 290 310 分析表二数据可得，热敏电阻的阻值随温度的升高而___________。 ④根据电路设计要求，热敏电阻应选用___________（填“”或“”）。 （3）的测算：开关断开、闭合，充电过程中当电池温度达到50℃时，衔铁被吸下，工作电路的制冷系统开始启动。则可选用阻值为___________的定值电阻取代电阻箱。 （4）成品测试：经检测，充电过程中当电池温度达到50℃时，电流表示数未达到20mA，衔铁未被吸下，工作电路的制冷系统不启动。学习小组讨论后，认为出现这种现象的原因可能是___________；改进的措施是___________。 28．【新情境・科创制作・翻斗式雨量计・杠杆 + 电路】（2026·广东深圳·模拟预测）地下管网的设计需要参考区域降水量，降水量是指一定时间内，雨水（或熔化后的固体降水）未经蒸发、渗透和流失所积聚起来的水层深度。为了监测降水量，科创小组制作了“翻斗式雨量计”，装置外观为上端开口的圆柱体，如图1甲。内部结构示意图如图1乙。装置核心部件如图1丙，它是用中间隔板分开的两个完全对称的三角形容器，可绕O点处的水平轴转动，从而使两侧容器轮流接水：当一侧容器接满10mL雨水时会发生翻转，将水倒出，随着降雨持续，翻斗左右翻转，过程如图1丁。磁铁与配重通过连杆安装在翻斗上并随翻斗左右摆动，当磁铁经过磁感应开关（两者相互作用力忽略不计）时，磁感应开关通过电流传感器将翻斗翻转信息变成电信号，从而推算降水量。 （1）翻斗在水平位置时是等臂杠杆，平时我们实验室常用的实验器材中属于等臂杠杆的有______。（写出一种即可） （2）连杆上装有可调高度的配重。校准过程中，若倒入的水量超过10mL后翻斗仍然不翻转，可通过______（选填“降低”或“升高”）配重在连杆上的位置进行调整。 （3）图2甲是翻斗翻转信息变为电信号的工作电路，电源电压保持不变，、为定值电阻，。某次降雨过程中，通过电流传感器（电阻不计）测得电流随时间变化的关系图像如图2乙。 ①当磁铁每次经过磁感应开关时，磁感应开关的状态是______，此时流过电流传感器的电流大小为_____mA； ②该“翻斗式雨量计”顶端开口的面积为，若测量前翻斗内无水，结合图2乙的数据，可推算出该地区内降水量约为______mm，这段时间内的降水量变化趋势是______。 ③由图2可知，定值电阻______。 （4）若该装置在我国北方地区使用，可改进的措施是______。（写出一种即可） 29．【新情境・新科技・电动水翼冲浪板・综合计算】（2026·广东珠海·一模）明还看到了一款新科技运动器械——电动水翼冲浪板，下表是其相关参数，其结构示意图如图乙。内部含有的电机推动水翼板向前运动，玩家通过板体站立就实现了水上飞行。内部电机电源是电压为的蓄电池组，电机效率是指电动机获得的有用机械能与消耗电能的比值。（） 品牌 自重 最大载重 最大速度 蓄电池电压 蓄电池 容量 电机额 定电压 电机额定 功率 电机效率 苇渡 25kg 100kg 36km/h 48V 40Ah 48V 3000W 80% （1）下列关于水翼冲浪板及其蓄电池的说法错误的是 。 A．水翼冲浪板材料具有高强度、耐腐蚀、平衡性好等特点 B．高端的冲浪板材料选用碳纤维，重量更轻且很坚固 C．蓄电池充、放电的过程中，电能、机械能互相转化 D．蓄电池组是由若干节蓄电池串联组成的 （2）当水翼冲浪板的蓄电池充满电，其储存的电能约 __________ J，冲浪板在额定功率下以最大速度匀速前进时，电机提供的动力为 __________ N； （3）质量为75kg的运动员站在冲浪板上，以最大速度前行了5.4km，此时阻力是总重力的0.2倍，则阻力为 ________N，蓄电池消耗的电能为_____kW•h； （4）为了防止速度过快对人造成伤害，小明利用压力传感器设计了一个“感知自启系统”，如图丙所示。该系统由“感知电路”、“控制电路”等组成。其中电源由蓄电池提供，R是电阻箱，RP是压力传感器，可视为可变电阻，它的阻值与压力变化的对应关系如下表所示： F/×103N 1 2 3 4 6 RP/Ω 18 9 6 4.5 3 若a、b两端电压必须等于或大于36V时，控制电路才能启动反推电动机进入工作状态。小明设定压力为4.5×103N时反推电动机工作，电阻箱的阻值至少应调到 _____________Ω，此时RP消耗的电功率为_________W。 30．【跨学科・物理 + 新能源・风力发电・综合探究】（2026·辽宁锦州·一模）阅读短文，回答问题。 当今世界各国都致力于新能源的开发，为此学校物理社团以“风能的开发与利用”为主题，开展“建造风力发电站”的跨学科实践活动。 【任务1：风力发电站的原理】 如图a是风力发电站，其机组主要由叶片、齿轮箱、发电机等组成，简化结构如图所示，叶片在风的作用下旋转，经过齿轮箱增速后，发电机转子高速旋转发电。 （1）某时刻，发电机的叶片的形状和风向如图c所示，叶片将会沿着______时针的方向旋转； （2）2025年某地发电量结构占比如图d所示，在清洁且可再生能源发电中，风力发电排第2名； 【任务2：风力发电站的选址】 建造风力发电站的注意事项 Ⅰ.风能评估：确保风速稳定且达标（陆上≥6.5m/s，感觉有风） Ⅱ.电网接入：优先选择距离电网20公里内的选址，降低输电损耗 Ⅲ.生态保护：避免鸟类撞击风机 Ⅳ.噪音控制：与居民区保持500米以上间距 Ⅴ.景观协调：风机布局要考虑视觉美观性，与周边环境相融合 （3）某区域有丰富的风能，等高线地形图见图e，项目小组利用AI软件搜索了“建造风力发电站的注意事项”，查询结果如表所示。你认为风力发电站最佳选址应在图e中的______（填字母）处； 【任务3：风力发电模型的制作】 （4）选址后，项目小组通过实验探究得出风能利用率与叶片形状、长度、个数有关，最终选定了叶片形状为翼型、叶片长度为15cm及叶片个数为3的叶片作为风机模型的叶片。制作好的风力发电模型的底座宽大厚重，目的是______； 【任务4：风力发电站的评估】 （5）某风力发电站的输电功率恒定不变，从发电站到居民区的输电线总电阻为，简化电路如图f所示。若要减少输电线路上电能的损耗，有效的做法是______； （6）某个风力发电机的叶片长度为100m，如图g所示每秒流经叶片的空气可近似看作一个“圆柱形风柱”，已知空气密度为1.2kg/m3，当风速是10m/s时，该“风柱”的质量为______kg。（为方便计算，π取近似值为3）；若叶片每秒钟获得的机械能E与风速的三次方v3的关系如图i所示，当v≤3m/s时，风机无法发电；当5m/s≤v≤10m/s时，E与v3成正比。发电机及其传动系统的总效率为80%。某天的风速v与时间t的关系如图j所示，若20：00~22：00输出电能是6：00~8：00的7倍。假设一个家庭每天消耗10kW·h的电能，不计输电损失，该发电机当天产生的电能最多可供______个家庭使用。（为方便计算，π取近似值为3） 7 / 8 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $ 抢分08 实验题（福建专用） 抢分预测 抢分秘籍 抢分特训 考点 3年考情 抢分依据 命题预测 光 2025·探究平面镜成像特点 2024·探究光的反射定律 2023·探究凸透镜成像规律 光学实验每年必考1道，重点为平面镜成像、光的反射、凸透镜成像规律，步骤固定、结论清晰，是实验题最易拿分模块 以探究实验形式考查成像特点、操作目的、结论应用，1道光学实验 热 2025·熔化和凝固的图像 2024·探究水在沸腾前后温度变化的特点、大气压对液体沸点的影响 2023·探究不同材料的保温性能 热学实验高频考查，集中在晶体熔化、水沸腾、影响蒸发快慢、保温实验，图像与现象结合，填空为主 以温度—时间图像为载体，考查图像识别、条件、沸点和熔点影响因素，1道热学实验 力 2025·测量液体密度、探究液体压强的特点、杠杆的动态平衡分析 2024·液体压强、阿基米德原理、 物体沉浮状态与浮力、重力和体积的关系；速度变化的探究实验； 2023·测量液体密度；探究影响滑动摩擦力大小因素 力学实验题量最多、分值最高，覆盖密度测量、摩擦力、压强、浮力、杠杆、机械运动，侧重操作、计算、误差分析 围绕密度测量、滑动摩擦力、浮力、杠杆平衡考查，1–2道力学实验 电磁 2025·伏安法测电阻；欧姆定律 2024·探究电流与电阻、电压的关系 2023·欧姆定律的简单计算、含有敏感电阻的动态分析 电磁实验必考压轴，核心是伏安法测电阻/电功率、探究欧姆定律、电路故障，难度中等、步骤固定 以电路图+数据形式考查电路连接、数据处理、故障判断、结论，1道电磁实验 【考向一】光 1. 探究平面镜成像特点 器材选择：用玻璃板代替平面镜，既能成像又能透光，便于确定像的位置；选用两支完全相同的蜡烛，用于比较像与物的大小关系；使用刻度尺测量物距和像距。 操作要求：玻璃板必须竖直放置在水平桌面上，若倾斜会导致像偏高或偏低，另一支蜡烛无法与像重合。 实验结论： ① 像与物大小相等；② 像与物到平面镜的距离相等；③ 像与物的连线垂直于镜面；④ 平面镜成正立、等大的虚像，不能用光屏承接。简记：等大、等距、垂直、正立虚像。 多次实验目的：避免偶然性，寻找普遍规律。 2. 探究光的反射定律 核心要素：法线是垂直于反射面的虚线，是作图与计算的基准。 实验结论： ① 三线共面：入射光线、反射光线、法线在同一平面内； ② 两线分居：入射光线与反射光线分居法线两侧； ③ 两角相等：反射角等于入射角（反射角随入射角增大而增大）； ④ 光路可逆：光沿反射光线入射，会沿原入射光线射出。 纸板作用：显示光的传播路径，验证三线共面。 3. 探究凸透镜成像规律 实验调节：点燃蜡烛，调整烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度，使像成在光屏中央。 成像规律（必背）： ① u＞2f：成倒立、缩小、实像，应用：照相机； ② f＜u＜2f：成倒立、放大、实像，应用：投影仪； ③ u＜f：成正立、放大、虚像，应用：放大镜； ④ u＝2f：成倒立、等大、实像（测焦距）； ⑤ u＝f：不成像（获得平行光）。 动态规律：物远像近像变小，物近像远像变大；实像倒立，虚像正立。 【考向二】热 1. 探究晶体熔化特点 晶体判断：有固定熔点，熔化图像有一段水平线段（温度不变）。 熔化特点：持续吸热，温度保持不变。 状态变化：熔化前为固态；熔化过程为固液共存态；熔化后为液态。 非晶体：无固定熔点，边吸热边升温、边变软边熔化。 水浴加热：使物体受热均匀、缓慢升温，便于观察状态与记录温度。 2. 探究水的沸腾 沸腾特点：持续吸热，温度保持不变，此温度为沸点。 沸点影响因素：气压越高，沸点越高；气压越低，沸点越低。 气泡变化： ① 沸腾前：下方大、上方小（上层水温低，气泡上升遇冷收缩）； ② 沸腾时：下方小、上方大（整个水体温度一致，气泡上升水压减小）。 缩短加热时间：减少水量、提高水的初温、给烧杯加盖、调大酒精灯火焰。 3. 探究影响蒸发快慢的因素 影响因素： ① 液体温度：温度越高，蒸发越快； ② 液体表面积：表面积越大，蒸发越快； ③ 液面上方空气流速：流速越快，蒸发越快。 实验方法：控制变量法，只改变一个因素，其余保持相同。 4. 探究物质保温、吸热性能 实验控制：选取质量相同的不同物质，用相同装置加热，保证相同时间吸收热量相同。 判断依据：升温慢→吸热能力强（比热容大），保温效果更好。 【考向三】力 1. 测量液体密度 实验原理：。 最优步骤： ① 用天平测出烧杯和液体的总质量m1； ② 将适量液体倒入量筒，读出体积V； ③ 测出烧杯和剩余液体的总质量m2； ④ 计算：m = m1 − m2，。 误差分析：若先测体积再测质量，量筒内壁会沾液，使质量测量偏小，密度测量值偏小。 2. 探究滑动摩擦力的影响因素 实验原理：二力平衡（拉力等于滑动摩擦力）。 操作要点：用弹簧测力计水平、匀速直线拉动木块。 影响因素：压力大小、接触面粗糙程度。 结论： ① 接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大； ② 压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。 3. 探究液体压强的特点 测量仪器：U形管压强计（通过液面高度差反映压强大小，转换法；不是连通器）。 实验结论： ① 同种液体、同一深度，向各个方向的压强相等； ② 同种液体中，深度越深，液体压强越大； ③ 同一深度，液体密度越大，压强越大。 4. 阿基米德原理与浮沉条件 阿基米德原理：F浮 = G排 = ρ液gV排。 浮力影响因素：液体密度、排开液体的体积。 浮沉条件：① F浮 ＞ G物 → 上浮 → 最终漂浮；② F浮 ＝ G物 → 漂浮/悬浮；③ F浮 ＜ G物 → 下沉。 5. 探究杠杆的平衡条件 平衡条件：F1L1 = F2L2（动力×动力臂＝阻力×阻力臂）。 杠杆调节：平衡螺母向高的一侧调（左高左调，右高右调）。 水平平衡目的：便于直接从杠杆上测量力臂。 多次实验：避免偶然性，寻找普遍规律。 【考向四】电磁 1. 伏安法测电阻 实验原理：。 滑动变阻器作用：保护电路、改变电路中的电流与电压、多次测量求平均值减小误差。 电路连接：电流表串联，电压表并联；电流正进负出；变阻器一上一下接线。 2. 探究电流与电压、电阻的关系 方法：控制变量法。 探究电流与电压的关系：控制电阻不变，改变电压；结论：电阻一定时，电流与电压成正比。 探究电流与电阻的关系：控制电压不变，更换不同定值电阻；结论：电压一定时，电流与电阻成反比。 关键操作：更换大电阻后，滑片应向阻值大的方向移动，保持电压表示数不变。 3. 电路故障判断（高频） 灯泡断路：电流表无示数，电压表有示数（接近电源电压），灯不亮； 灯泡短路：电流表有示数，电压表无示数，灯不亮； 滑动变阻器断路：两表均无示数，灯不亮。 4. 动态电路分析 串联电路：一个电阻变大→总电阻变大→电流变小；大电阻分大电压。 并联电路：各支路互不影响；支路电阻变大→该支路电流变小→干路电流变小。 题型一 光 1．【跨学科・物理 + 古代文献・光学实验】（2026·福建厦门·一模）在初中物理项目化复习中，某兴趣小组搜集了我国古代光学的文献记载。结合实验，请完成下列题目。 （1）《周髀算经》中记载了光的反射现象：“日兆月，月光乃出，故成明月。”如图甲所示，若入射光线与平面镜的夹角为40°，则反射角为__________，高楼大厦采用的玻璃幕墙会造成光污染，是因为发生__________（填“镜面反射”或“漫反射”）。 （2）《化书》中记载了照镜子：“是影也与形无异。”如图乙所示，在探究平面镜成像特点时，用玻璃板代替平面镜进行实验，目的是__________，将未点燃的蜡烛在玻璃板后边移动，直到与蜡烛的像重合，说明平面镜所成的像与物体的大小__________。 （3）《淮南万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则得火。”如图丙所示，将蜡烛从距离凸透镜4倍焦距的位置，沿主光轴向距离凸透镜2倍焦距的位置移动，蜡烛经凸透镜所成像的大小将__________，像距的大小将__________。（两空均填“变大”“变小”或“不变”） 【答案】（1）50° 镜面反射；（2）便于确定像的位置 相等；（3）变大 变大 【详解】（1）[1]入射光线与平面镜的夹角为40°，则入射光线与法线的夹角为50°，即入射角为50°。根据光的反射定律可知，反射角等于入射角为50°。 [2]高楼大厦的玻璃幕墙会将射向其表面的平行光平行的反射出去，这种反射属于镜面反射，人处于特定位置时，这些被反射出来的平行光会射入人的眼睛，使人感觉很刺眼，造成光污染。 （2）[1]在探究平面镜成像特点时，用玻璃板代替平面镜，既能看到像，也能看到玻璃板后面未点燃的蜡烛，故用玻璃板代替平面镜进行实验的目的是便于确定像的位置。 [2]将未点燃的蜡烛在玻璃板后移动，直到与蜡烛的像重合，说明平面镜所成的像与物体的大小相等。 （3）[1][2]将蜡烛从距离凸透镜4倍焦距的位置向2倍焦距的位置移动，即蜡烛靠近凸透镜，根据凸透镜成实像时“物近像远像变大”可知，此过程中蜡烛的像变大、像距变大。 2．【跨学科・物理 + 古代文献・光学实验】（2026·福建厦门·模拟预测）在初中物理项目化复习中，某兴趣小组搜集了我国古代光学的文献记载。结合实验，请完成下列题目。 （1）《周髀算经》中记载了光的反射现象：“日兆月，月光乃出，故成明月。”如图甲所示，将激光笔沿着垂直于镜面的直线NO入射，反射角的大小是________度，高楼大厦采用的玻璃幕墙会造成光污染，是因为发生__________（镜面/漫）反射。 （2）《化书》中记载了照镜子：“是影也与形无异。”如图乙所示，在探究平面镜成像特点时，用玻璃板代替平面镜进行实验，目的是_________，将未点燃的蜡烛在玻璃板后边移动，直到与蜡烛的像重合，说明平面镜所成的像与物体的大小_______。 （3）《淮南万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则得火。”如图丙所示，将蜡烛从距离凸透镜4倍焦距的位置，沿主光轴向距离凸透镜2倍焦距的位置移动，蜡烛经凸透镜所成像的大小将_________，像距的大小将___________。（两空均填“变大”、“变小”或“不变”） 【答案】（1）0 镜面；（2）便于确定像的位置 相等；（3）变大 变大 【详解】（1）[1]光线垂直镜面入射时，入射角为，根据光的反射定律，反射角等于入射角，因此反射角为度。 [2]玻璃幕墙表面光滑，平行入射的光线经反射后仍平行射出，发生的是镜面反射，光线强度大，因此会造成光污染。 （2）[1]玻璃板透明，实验中既能观察到前方蜡烛的像，又能看到玻璃板后方的蜡烛，因此用玻璃板代替平面镜的目的是便于确定像的位置； [2]当后方未点燃的蜡烛与前方蜡烛的像完全重合，说明平面镜所成的像与物体大小相等。 （3）[1][2]凸透镜成实像时遵循规律：物距减小，像距变大，像变大。蜡烛从4倍焦距向2倍焦距移动时，物距减小，因此像的大小变大，像距也变大。 3．【新考法・凸透镜成像・多设问综合】（2026·福建漳州·一模）在探究凸透镜成像规律中，利用如下的装置进行实验： （1）如图甲，该凸透镜的焦距是________cm； （2）实验前要将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心调至________，使像能呈现在光屏的中央； （3）如图乙所示，则烛焰在光屏上成倒立、________的实像。根据这一成像特点，可制成________； （4）在此基础上，他保持凸透镜的位置不变，将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上也出现清晰的像，原因是________； （5）为演示远视和近视眼矫正：在光源和凸透镜之间放一副眼镜，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向靠近透镜方向移动适当距离后，光屏上再次呈现清晰的像，则该眼镜镜片是________。 【答案】（1）10.0/10；（2）同一高度；（3）放大 投影仪；（4）光路可逆；（5）凸透镜 【详解】（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在焦点上，焦点到光心的距离为焦距。凸透镜在30.0cm 刻度处，光屏在40.0cm 刻度处，故焦距 （2）实验前要将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心调至同一高度，目的是使像能呈现在光屏的中央。 （3）图乙中物距 已知 ，满足,此时成倒立、放大的实像。应用于投影仪或幻灯机等。 （4）根据光路可逆原理，当蜡烛和光屏位置互换后，原来的物距变为像距，原来的像距变为物距，因此光屏上仍能成清晰的像。 （5）在光源和凸透镜之间放一副眼镜后，光屏需要向靠近透镜的方向移动才能再次成清晰的像，说明该镜片对光线有会聚作用，凸透镜（远视眼镜）对光线有会聚作用， 因此该眼镜镜片是凸透镜（远视镜片）。 4．【新情境・自制教具・投影仪・光学实验】（2026·福建莆田·一模）图甲是小闽自制的简易投影仪。用硬纸板制作长方体暗箱，配置合适的凸透镜，将播放视频的手机放到指定位置，白屏上便能观察到放大的视频画面。 （1）小闽将凸透镜正对着太阳光，来回移动光屏，在光屏上找到最小、最亮的光斑，如图乙，该透镜焦距为______cm； （2）如图甲，为使像呈现在白屏中央，制作时应使手机、凸透镜和白屏三者中心在______； （3）现有长度分别为10dm、20m和40cm的三个纸盒，根据投影仪成像特点，应选择长度为______cm的纸盒做暗箱；为了在白屏上呈现出正立的画面，手机屏幕应该选图丙中______的放置方式； （4）小闽为暗箱加装了一个抽屉，可灵活改变手机到凸透镜的物距，如图丁所示。若要让白屏上的像变得更大，操作方法是：向______凸透镜的方向推动抽屉。同时将投影仪向______白屏的方向移动（均选填“靠近”或“远离”）。 【答案】（1）20.0；（2）同一高度；（3）40 ②；（4）靠近 远离 【详解】（1）凸透镜可以将平行于主光轴的光线会聚到焦点，如图乙，小闽将凸透镜正对着太阳光，在光屏上找到最小、最亮的光斑，该光斑是焦点，则透镜焦距为 （2）如图甲，为使像呈现在白屏中央，根据过光心的光线传播方向不变，制作时应使手机、凸透镜和白屏三者中心在同一高度。 （3）[1]投影仪的物距在一倍焦距和二倍焦距之间，即物距的范围为，所以应选择长度为40cm的纸盒做暗箱。 [2]投影仪成的是倒立、放大的实像，为了在白屏上呈现出正立的画面，手机屏幕应该选图丙中②的放置方式。 （4）[1][2]根据凸透镜成实像时“物近像远像变大”可知，若要让白屏上的像变得更大，应向靠近凸透镜的方向推动抽屉，减小物距，同时将投影仪向远离白屏的方向移动，增大像距。 5．【新考法・凸透镜成像・实像观察】（2025·福建厦门·三模）利用如图所示装置进行“探究凸透镜成像规律”的实验。 （1）调节实验器材的高度时，要使烛焰和光屏的中心在______上。 （2）使用光屏的目的是呈现物体经过凸透镜所成的______（选填“虚”或“实”）像。图中成像规律在生活中的应用是______。小超将光屏拿开后，也看到了烛焰的像，说明小超的眼睛是在图中的______（选填“b”或“c”）侧观察的。 【答案】（1）凸透镜的主光轴；（2）实 照相机 c 【详解】（1）探究凸透镜成像规律时，为了让像清晰成在光屏中央，需要调节烛焰、凸透镜和光屏的中心，使三者都位于凸透镜的主光轴上。 （2）[1]实像可以被光屏承接，虚像不能被光屏承接，因此使用光屏的目的是呈现实像。 [2]由图可知，蜡烛在刻度处，凸透镜在刻度处，光屏在刻度处，因此物距，像距，，此时满足，成倒立、缩小的实像，该成像规律在生活中的应用是照相机。 [3]像是实际光线会聚形成的，光线会聚成实像后会继续向后传播，因此拿走光屏后，要看到这个实像，眼睛需要在光屏的后方接收到传播的光线，因此小超是在侧观察的。 题型二 热 6．【新情境・热现象探究・冰熔化 + 水沸腾】（2026·福建漳州·一模）利用如图所示的甲、乙两种装置，在探究热现象的实验中探究“冰熔化、水沸腾前后温度变化规律”。 （1）实验选用________（选填“大冰块”或“碎冰块”）进行实验，效果更好些； （2）为了让冰受热均匀，且便于观察和记录温度，应选用________装置进行实验，某时刻温度计的示数如图丙所示，读数为________℃； （3）图丁是实验得到的温度随时间变化的图像。由图像可知：该物质在BC段的状态是________； （4）对比图丁中AB段与CD段可知：质量相同的冰和水升高相同温度时，加热时间不同，原因是________； （5）在DE段，试管中的水无明显气泡产生的原因是________。 【答案】（1）碎冰块；（2）乙 -2；（3）固液共存；（4）冰和水的比热容不同；（5）水没有沸腾（或试管中的水不能吸热） 【详解】（1）该实验应选用碎冰块来进行实验，物质均匀受热，效果更好些。 （2）[1]利用水浴法加热，不但能使试管受热均匀，而且物质的温度上升速度较慢，便于及时记录各个时刻的温度，故应选择乙装置。 [2]由图可知温度计的最小刻度值是1℃，且液柱在零刻度线下方，因此该温度计的示数是-2℃。 （3）冰是晶体，由图像可知BC段表示冰处在熔化过程，所以是固液共存状态。 （4）由图像可以看出，AB段与CD段的倾斜程度不同，可知升高相同的温度，水比冰用的时间长，吸热多。由可知，质量和升高温度相同时，水的比热容比冰的比热容大。 （5）由图像可知，DE段为水温度达到沸点后，温度与烧杯中的水温度相同，试管内的水无法吸收到热量，则这段时间内试管中的水无法沸腾，不会有大量气泡产生。 7．【新情境・古文描述・水沸腾实验】（2026·福建泉州·一模）古人以“鱼目”“连珠”“鼓浪”描述了水在加热时气泡从生成到沸腾的过程。小文利用如图甲所示的实验装置探究水沸腾前后温度变化的特点。 （1）装置组装过程中，应先确定_______（选填“A”或“B”）的位置； （2）实验中某时刻温度计示数如图乙所示，为_______℃； （3）水温升高到90℃后，小文开始记录数据并画出如丙所示的图像。分析图像可知，水的沸点是_______℃。水沸腾时的特点是吸收热量_______； （4）如图丁中a、b图所示，其中_______图是第5min的气泡变化情况； （5）在这次实验中，他发现从开始加热到沸腾的这段时间过长，为了缩短实验的时间，可以采取的措施是_______。（回答出一条即可） 【答案】（1）B；（2）67；（3）98 温度不变；（4）b；（5）适当减少水的质量/提高水的初温 【详解】（1）安装实验装置时，因为要根据酒精灯火焰的高度来调整铁圈的位置，确保用外焰加热，应按照自下而上的顺序，所以应该先确定B的位置。 （2）由图乙可知，温度计的分度值为1℃，温度计的示数是67℃。 （3）[1][2]分析图丙的温度-时间图像，水在温度达到98℃后保持不变，所以水的沸点是98℃；水沸腾时的特点是吸收热量，温度不变。 （4）由图丙可知，第5min时，水正处于沸腾阶段，此时会有大量气泡产生，上升过程中气泡的体积由小变大，所以b图是第5min的气泡变化情况。 （5）为了缩短实验的时间，可以从质量，液体初温入手，可以适当减少水的质量或者提高水的初温等。 8．【新情境・水浴加热・冰熔化实验】（2026·福建厦门·一模）如图甲是某兴趣小组同学“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验装置。（实验中不考虑水的质量变化等因素） （1）如图甲所示，加热过程中将装有冰块的试管放入热水中间接加热，而没有将试管放在酒精灯上直接加热。其目的是：_________； （2）某时刻温度计的示数如图乙所示，其示数为_________℃； （3）根据实验数据绘制的温度随时间变化关系图像如图丙，冰在B点时的内能__________（选填“大于”“小于”或“等于”）在C点时的内能； （4）冰在熔化过程中的特点是__________。 （5）实验后，某同学根据图丙计算出冰的比热容是__________J/（kg·℃）。 【答案】（1）使冰受热均匀；（2）-4；（3）小于；（4）持续吸热，温度保持不变；（5） 【详解】（1）水浴法间接加热可以让冰块各部分受热均匀，且温度上升速度较慢，方便观察温度变化、记录实验数据。 （2）温度计分度值为1℃，液柱顶端位于0℃刻度线以下，示数为-4℃。 （3）冰熔化过程中持续吸收热量，内能不断增大，B点在熔化过程中早于C点，因此B点内能小于C点内能。 （4）冰是晶体，晶体熔化的特点就是持续吸收热量，温度保持不变。 （5）相同热源相同时间放出热量相同，因此冰和水相同时间吸收热量相等。由图丙可知：冰熔化前升温用时4min，温度变化 冰熔化后水升温用时 温度变化 根据，吸热相等、质量相等，得 则冰的比热容为 9．【新情境・探究冰熔化・图像分析】（2025·福建泉州·模拟预测）小东利用如图甲所示的实验装置来探究冰的熔化特点。 （1）将装有适量碎冰的试管置于烧杯内的温水中，这样做使碎冰______； （2）实验中某时刻温度计示数如图乙所示，碎冰此时的温度______℃； （3）根据实验数据画出冰熔化过程的“温度-时间”图像（如图丙）。由图像可知，冰熔化过程中______，所以属于晶体； （4）小东分析图像还发现：0至时段内的温度变化比时刻后的温度变化快，其主要原因是水的______； （5）若对烧杯持续加热，在杯中水沸腾后试管中的水不会沸腾，理由是试管中的水______。 【答案】（1）受热均匀；（2）-3；（3）持续吸热，但温度保持不变；（4）比热容比冰大；（5）达到沸点后不能继续吸热 【详解】（1）将装有适量碎冰的试管置于烧杯内的温水中，这叫做水浴法，可以使碎冰受热均匀，碎冰熔化比较缓慢，便于记录各时刻的温度并观察冰的状态。 （2）如图乙，温度计的分度值是1℃，液面在0刻度以下第3格，所以读数为-3℃。 （3）由图丙可知，冰在熔化的过程中，持续吸热，但温度保持0℃不变，有固定的熔点，故冰为晶体。 （4）0至t1时段为冰，t2时刻后为水，0至t1时段内的温度变化比t2时刻后的温度变化快。加热过程中质量不变，吸收相同热量时，冰升温快，水升温慢，根据可知，水的比热容大于冰的比热容，故主要原因是水的比热容大。 （5）若对烧杯持续加热，杯中水沸腾后，试管中的水温度也能达到沸点。此时试管内外温度相同，试管内的水不能持续吸热，因此在杯中水沸腾后试管中的水不会沸腾。 10．【新情境・生活现象・水沸腾实验】（2025·福建厦门·二模）如图为探究水沸腾时温度变化特点的实验装置。 （1）小明组装的器材如图甲所示，该装置的错误之处是_____；用纸板给烧杯加盖的目的是_____。 （2）图乙中图像A、B是两个小组的同学根据实验数据做出的图像，由图像可知当地水的沸点是_____℃；他们用相同的酒精灯和相同的烧杯进行实验，图像不同的原因可能是水的_____不同。 （3）小华烧水时发现，水沸腾时壶嘴上方冒白气，这是_____现象，且水蒸气会把壶嘴处的盖子冲起来，如图丙。盖子被水蒸气冲起的能量转化情况与四冲程汽油机的_____冲程相同。 【答案】（1）温度计玻璃泡接触容器的侧壁 减少热损失，缩短实验时间；（2）96 质量；（3）液化 做功 【详解】（1）[1]温度计的玻璃泡应完全浸没在水中，但不能接触容器侧壁或底部。如图甲所示，该装置的错误之处是温度计的玻璃泡接触了烧杯的侧壁。 [2]实验是探究水沸腾时温度变化特点，用纸板给烧杯加盖，可以减少热量散失，从而缩短实验时间。 （2）[1]由图乙可知，当水的温度达到96℃后，随时间推移，温度保持不变。由此可知，当地水的沸点是96℃。 [2]用相同的酒精灯和相同的烧杯进行实验，图像不同的原因可能是水的质量不同。质量越大的水需要吸收更多的热量才能达到沸点，加热时间更长。 （3）[1]水沸腾时壶嘴上方冒白气，是水蒸气遇冷液化成小水滴形成的，是液化现象。 [2]盖子被水蒸气冲起的过程是内能转化为机械能，这与四冲程汽油机的做功冲程相同。 题型三 力 11．【新考法・误差分析・密度测量】（2026·福建泉州·一模）小红在学校实验室利用量筒和天平测量盐水的密度。 （1）将天平放在水平台面上，将游码移到标尺的_______处；横梁静止时，指针位置如图甲所示。为使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母向_______移动； （2）将盛有适量盐水的杯子放在调好的天平左盘内，测出杯子和盐水的总质量为90g；然后将杯中的部分盐水倒入量筒中，如图乙所示，量筒中盐水的体积为_______cm3；再将盛有剩余盐水的杯子放在天平左盘内，当天平平衡时，右盘中砝码质量和游码在标尺上的位置如图丙所示，则盐水的密度为_______g/cm³； （3）回家后，小红利用家里的碗、杯子和电子秤测量玻璃珠的密度，测量流程如图丁所示： ①用电子秤测出碗的质量为m1； ②将杯子放入碗中，记下电子秤的示数m2； ③缓慢往杯中倒水，当水装满杯子时，记下电子秤的示数m3； ④缓慢往杯中倒入一些玻璃珠，杯中水溢出到碗中，记下电子秤的示数m4； ⑤从碗中缓慢取出杯子，防止杯中的水溢出，记下电子秤的示数为m5。 以上测量过程，不需要记录的数据是_______，玻璃珠的密度ρ=_______（以上两空均用所测物理量的符号和ρ水表示），所测出的玻璃珠密度值比真实值偏_______（选填“大”或“小”）。 【答案】（1）零刻度线 左；（2）40 1.15；（3）m2 大 【详解】（1）[1]将天平放到水平桌面上，将游码拨到零刻度线处。 [2]由图甲可知，横梁静止时，指针指在分度标盘中央刻度线的右侧，为使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母向左端移动。 （2） [1]如图乙所示，量筒的分度值为2mL，盐水的体积为40mL=40cm3。 [2]由图丙可知，标尺的分度值为0.2g，则剩余盐水的质量为 则量筒内盐水的质量为 则盐水的密度为 （3）[1][2]由题意可知，玻璃珠的质量为 玻璃珠排开水的质量为 玻璃珠的体积为 则玻璃珠的密度为 所以不需要记录的数据是m2。 [3]从碗中取出杯子时，杯子上会沾有少量的水，导致测量的m5偏小，根据可知，所测出的玻璃珠密度值比真实值偏大。 12．【新考法・误差分析・密度测量】（2026·福建厦门·模拟预测）小明用如图所示的装置探究杠杆的平衡条件，其中杠杆的刻度均匀，每小格为5cm，每个钩码的重力均为0.5N。 （1）图甲杠杆中点置于支架时保持静止，此时杠杆处于_________（平衡／不平衡）状态； （2）把杠杆调至水平位置平衡后，挂上钩码并拉动测力计，使杠杆在图乙水平位置平衡，发现，其原因是________； （3）改变支点的位置，将杠杆在图丙水平位置静止，测出竖直向上的拉力为6N、为1.5N。经计算：，原因是_______。 （4）如图丁所示，同学们利用水平平衡的杠杆进行实验，保持处悬挂钩码的个数和位置不变。 ①钩码悬挂在处，调节平衡后再把钩码改挂在处，杠杆_______（能／不能）在水平位置平衡。 ②若把处悬挂的钩码改挂在处，杠杆_______（能／不能）在水平位置平衡。 【答案】（1）平衡；（2）误将OA长度当作拉力的力臂，拉力实际力臂小于测得的；（3）杠杆自身重力对杠杆平衡有影响；（4）不能 能 【详解】（1）杠杆平衡的定义是杠杆静止或匀速转动，图甲中杠杆保持静止，因此属于平衡状态。 （2）力臂是支点到力的作用线的垂直距离。弹簧测力计斜拉时，的实际力臂小于图中标注的，因此计算后得到。 （3）图丙的支点不在杠杆重心位置，杠杆自身重力会产生额外的力矩，影响杠杆平衡，因此只计算拉力和钩码，会得到。 （4）钩码重力竖直向下，力臂是支点O到重力作用线的垂直距离。 [1]已知，A、C处重力作用线到O点的垂直力臂大小不相等，且左侧力大小不变，而力矩变小，右侧力和力矩均不变， 因此杠杆不能平衡。 [2]D和A在同一竖直线上，钩码重力的作用线与A处一致，因此力臂大小和A处相等，左侧力矩不变，杠杆仍能平衡。 13．【新情境・改进实验・滑动摩擦力】（2026·福建厦门·模拟预测）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，利用长木板、毛巾、木块、砝码及弹簧测力计进行实验，如图所示。 （1）实验前要把弹簧测力计在_________（水平/竖直）方向上调零； （2）实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，应使其在木板表面或毛巾表面做_________运动，根据________的条件，可知此时摩擦力和拉力大小相等； （3）比较_______两图中测力计的示数，可知滑动摩擦力的大小与压力大小有关； （4）利用如图甲的实验装置重复操作，下列哪几个选项的木块所受摩擦力大小仍为1.6N：_______（多选题，填字母）； A．将水平拉力增大到3N B．让木块以更大的速度运动 C．将木块从中间竖直切开后叠放 D．将木块水平切去一半 （5）有同学利用拉力传感器和木板改进实验，如图丁所示。写出该实验的优点：________（写出一条即可） 【答案】（1）水平；（2）匀速直线 二力平衡；（3）乙、丙；（4）ABC；（5）不需要控制木板做匀速直线运动，便于操作 【详解】（1）本实验中弹簧测力计是水平方向使用，因此需要在水平方向调零，消除弹簧自身重力对测量的影响。 （2）实验中，只有拉木块做匀速直线运动时，木块处于平衡状态，根据二力平衡原理，滑动摩擦力大小与拉力大小相等。 （3）探究滑动摩擦力大小与压力的关系时，需要控制接触面粗糙程度相同、改变压力：乙、丙两图接触面都是毛巾（粗糙程度相同），压力不同，符合实验要求。 （4）滑动摩擦力只与接触面粗糙程度、压力大小有关，与拉力大小、运动速度、接触面积无关。 A．拉力增大，接触面粗糙程度和压力都不变，滑动摩擦力不变，符合要求； B．改变运动速度，接触面粗糙程度和压力都不变，滑动摩擦力不变，符合要求； C．木块竖直切开后叠放，压力大小、接触面粗糙程度都不变，滑动摩擦力不变，符合要求； D．木块水平切去一半，压力减小，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力减小，不符合要求。 故ABC。 （5） 改进后的实验中，木块始终静止，受力始终平衡，不需要控制木板做匀速直线运动，操作更方便。 14．【新情境・生活应用・滑动摩擦力】（2026·福建泉州·一模）在一次换座位时，小亮要推动地面上两个完全相同的箱子，箱子可叠放，也可并排放，哪种放法推起来更轻松?于是，小亮用完全相同的两块木块A、B设计了如图所示的实验，探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关。 （1）实验前，应在水平方向上对弹簧测力计进行______； （2）实验时，应水平拉动木块做______运动，此时弹簧测力计示数反映了木块受到的滑动摩擦力的大小； （3）比较图中甲、乙两次实验，可得出结论（　　） A．在压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大 B．在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大 （4）比较图中丙、丁两次实验，可得出结论：木块叠放或并排放拉动时受到的滑动摩擦力大小相同，说明滑动摩擦力大小与接触面积大小______（选填“有关”或“无关”）；图丁中木块B受到的摩擦力为______N。 【答案】（1）调零；（2）匀速直线；（3）A；（4）无关 0.6 【详解】（1）为测量准确，实验前，应在水平方向上对弹簧测力计进行调零。 （2）实验时，应水平拉动木块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，受到的测力计拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，则弹簧测力计示数等于木块受到的滑动摩擦力的大小。 （3）比较图中甲、乙两次实验，压力大小相同，乙中接触面较为粗糙，测力计示数较大，可得：在压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。故A符合题意，B不符合题意。 故选A。 （4）[1]木块叠放或并排放拉动时只有接触面积大小不同，比较图中丙、丁两次实验，木块叠放或并排放拉动时受到的滑动摩擦力大小相同，说明滑动摩擦力大小与接触面积大小无关。 [2]图乙中木块A受到的滑动摩擦力为0.6N，木块A、B完全相同，图丁中木块B和图乙中木块A对支持面的压力相同，接触面粗糙程度相同，则受到的滑动摩擦力大小相同，也为0.6N。 15．【新考法・多任务组合・密度 + 液体压强】（2026·福建厦门·模拟预测）小松利用天平、刻度尺、注射器、压强计等器材，完成下列任务。 任务一 测量盐水、水和酒精的密度 （1）将天平放在水平台上，把游码移至标尺左端_________处，并调节好天平。 （2）用注射器抽取5mL盐水，用天平测得注射器和盐水的总质量，如图甲所示，为_______g。 （3）用注射器继续抽取盐水，活塞移至15mL处，测得注射器和盐水的总质量为27.4g，盐水的密度为_________。继续测出水和酒精的密度。 任务二 探究液体内部的压强 （4）图乙是U形管压强计，可通过两侧液面的高度差来反映___________的大小。 （5）三个容器分别装有适量的盐水、水和酒精，改变探头在液体中的深度，记录探头的深度与U形管两侧液面的高度差，绘制图像如图丙，分析图像可知： ①液体压强与液体的深度有关，在相同液体内部，深度越深，压强越__________。 ②液体压强与液体的密度有关。 根据图像，陈述得出结论②的理由：_____________。 任务三 测量木质印章的密度 木质印章上面雕刻着一头狮子，底座呈长方体，横截面是正方形，印章表面涂有薄薄的防水漆。 ①小松先用刻度尺测量了正方形的边长及长方体的高。 ②接着小松把木质印章正放在水中，印章能竖立在水中，测得印章浸入水中的深度。（如图丁1图所示） ③最后小松取出印章，擦干后再倒置于水中，印章仍能竖立在水中，测得印章露出水面的高度。（如图丁2图所示） （6）上述实验中不需要测量的物理量是________（用字母表示） （7）根据所测量的物理量计算木质印章的密度________（用所给字母表示，水的密度已知，用表示） 【答案】（1）零刻度线；（2）15.8；（3）1.16；（4）液体压强；（5）大 由图丙可知，深度相同时，液体密度不同，U形管压强计两侧液面的高度差不同，则液体压强不同，说明液体压强与液体密度有关。（6）；（7） 【详解】（1）天平放在水平台上，首先要将游码调至标尺左端零刻度线处，再调节平衡螺母使天平水平平衡。 （2）天平总质量=砝码质量+游码示数：砝码总质量 标尺分度值，游码示数为，因此总质量为 （3）抽取盐水体积增加量 质量增加量 因此盐水密度 （4）压强计的探头浸没到水中某一深度，此时探头上的橡皮膜会受到水的压力，故橡皮膜会发生形变；此装置是利用液体对橡皮膜压强不同，U形管左右两管中液面高度不同来比较液体压强的，故可通过观察U形管两侧液面的高度差来判断橡皮膜受到压强的大小。 （5）[1]由图丙可知，在同种液体中，探头所处的深度越深，U形管两侧液面的高度差越大，即受到的液体压强越大，则可得出结论：同种液体中，深度越深，液体压强越大。 [2]见答案。 （6）印章两次都漂浮，浮力始终等于重力，因此两次排开水的体积相等。 设底座横截面积，正放时；倒放时 联立得印章总容积 根据漂浮条件，代入得 得到 推导中和都被消去，因此不需要测量这两个物理量。 （7）由（6）可知 16．【新考法・液体压强・未知液体密度测量】（2026·福建漳州·一模）“探究液体压强与哪些因素有关”的实验中： （1）如图甲所示的U形管压强计________（选填“是”或“不是”）连通器。实验前用大小不同的力按压探头的橡皮膜，发现U形管两侧液面高度差变化明显，说明压强计的气密性________； （2）将探头放入水中，从乙、丙的实验现象，初步得到的结论是：同种液体中，液体压强随________增加而增大，由此联想到拦河大坝的形状要建成________； （3）为了让U形管两侧液面的高度差更明显，应选________； A．使用内径更细的U形管 B．使用内径更粗的U形管 C．在U形管内换用密度更大的液体 D．在U形管内换用密度更小的液体 （4）小漳为了测量未知液体x的密度，利用水和自制并调试好的压强计再次进行如图丁所示实验，此时U形管两侧液面相平，则该未知液体的密度________（用已知物理量、、表示）。 【答案】（1）不是 良好；（2）深度 上窄下宽；（3）D；（4） 【详解】（1）[1]连通器的特点是上端开口，底部相通。U形管压强计的一端开口，另一端是封闭的，故不属于连通器。 [2]实验前用不同的力按压探头橡皮膜，U形管两侧液面高度差变化明显，说明内部封闭气体的压强变化能有效的传递到U形管，说明压强计的气密性良好。 （2）[1]乙、丙实验中，探头在水中的深度不同，深度越深，U形管液面高度差越大，说明：同种液体中，液体压强随深度增加而增大。 [2]因为液体压强随深度增加而增大，所以拦河大坝要建成上窄下宽的形状，这样能承受更大的底部压强。 （3）U形管两侧液面高度差的大小和液体密度有关，在压强相同的情况下，U形管内液体密度越小，液面高度差越明显，所以应在U形管内换用密度更小的液体。故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 （4）当U形管两侧液面相平时，探头在两种液体中受到的压强相等，即，根据液体压强公式，可得，整理后得到。 17．【新考法・液体压强・实验改进与误差】（2026·福建泉州·一模）如图是小李用压强计“探究液体压强与哪些因素有关”的实验装置。 （1）实验中，液体内部压强的大小通过观察U形管中液面的______来反映；实验所用探头的金属盒上的橡皮膜应选用______（选填“薄”或“厚”）一些的较好； （2）在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲所示，其调节的方法是______（选填“A”或“B”），使U形管左右两侧的水面相平； A．将右侧支管中高出的水倒出； B．取下软管重新安装。 （3）比较图乙和图丙，可以得到结论：液体密度相同时，______，液体产生的压强越大； （4）在图乙中，固定探头的橡皮膜在水中的深度不变，使橡皮膜处于向上、向下、向左、向右等方位时，U形管中液面高度差______（选填“不变”或“改变”）； （5）若保持丙图中探头的位置不变，将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，发现U形管两侧液面高度差变大。小李由此得出结论：在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大，你认为他的结论是否可靠？______，原因是______。 （6）如图戊是小福自制的一个简易压强计，将该压强计浸入水中，橡皮膜会向内凹；增加压强计在水中的深度，细玻璃管中的液柱会______（选填“上升”或“下降”）。 【答案】（1）高度差 薄；（2）B；（3）液体深度越深；（4）不变；（5）不可靠 没有控制探头在液体中的深度相同；（6）上升 【详解】（1）[1]通过U形管两侧液面的高度差来间接反映液体内部压强大小，高度差越大，压强越大。 [2]应选用薄橡皮膜。因薄膜更易形变，能更灵敏地响应压强变化，使实验现象更明显。 （2）若使用前U形管两侧液面存在高度差，说明软管内气压与大气压不等。正确操作是：取下软管重新安装，使U形管两端均与大气相通，待液面自然相平后再连接探头，故B符合题意，A不符合题意。 故选B。 （3）观察图乙和图丙，两图中液体均为水，密度相同，但探头在水中的深度不同。图丙中探头深度大于图乙，且U形管液面高度差也更大，说明压强更大。因此，可以得出结论：在液体密度相同时，液体深度越深，产生的压强越大。 （4）根据液体压强的特点，在同一液体的同一深度，液体向各个方向的压强是相等的。因此，无论橡皮膜朝向哪个方向，U形管两侧液面高度差应保持不变。 （5）[1][2]加入浓盐水后，虽然液体密度增大，但液面上升导致探头实际深度增加，没有控制探头在液体中的深度相同，因此结论不可靠。 （6）当增加压强计在水中的深度时，橡皮膜受到的压强增大，向内凹陷更明显，瓶内气体压强增大，细玻璃管中的液柱会上升。 18．【新考法・浮力探究・图像与计算】（2025·福建厦门·三模）如图所示，小磊“探究浮力的大小与哪些因素有关”时，用弹簧测力计悬挂一个实心金属块，分别在甲、乙、丙、丁四种情况下保持静止（所用烧杯相同）。 （1）图乙中金属块所受浮力为______N。 （2）比较甲、丙、丁三幅图可得出结论：浮力的大小与______有关。若丙、丁烧杯中液面的高度相同，则液体对烧杯底的压强p丙______p丁。 （3）比较______三幅图可得出结论：浮力的大小与物体排开液体的体积有关。 （4）小磊用一只如图戊所示的厚底薄壁圆柱状玻璃筒来进行实验（筒壁厚度忽略不计），在筒壁外侧沿竖直方向标有显示高度的刻度。他使圆筒直立漂浮于水面后，在圆筒内缓慢注入少量某种未知液体，记录下此时筒内液面的高度h1和筒浸入水中的高度h2，再分批添加未知液体，记录多组h1，h2的数据，作出h1-h2的关系图像如图己所示。则该液体的密度为______（用符号a、b、c和ρ水表示）。 【答案】（1）0.4；（2）液体的密度 >；（3）甲、乙、丙；（4） 【详解】（1）由图甲可知，金属块的重力为 根据称重法可知，乙图中金属块所受浮力为 （2）[1]比较甲、丙、丁三幅图，丙图和丁图中金属块排开液体的体积相同，液体密度不同，弹簧测力计的示数不同，浮力不同，可得出结论:浮力的大小与液体的密度有关。 [2]根据称重法可知，物体浸没在水中浮力为 物体浸没在某液体中浮力为 所以，物体排开液体的体积相同，根据可知，水的密度大于某液体的密度，即；由于丙、丁烧杯中液面的高度相同，根据可知，液体对烧杯底的压强。 （3）比较甲、乙、丙三幅图，乙图和丙图中液体的密度相同，物体排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，浮力不同，说明浮力的大小与排开液体的体积有关。 （4）玻璃筒漂浮时，受到的浮力等于玻璃筒的重力，即 当玻璃筒内液体的深度为c时，玻璃筒浸入水的深度为b，玻璃筒内液体的重力为 玻璃筒受到的浮力 根据物体浮沉条件可知，玻璃筒及玻璃筒内液体的总重力与浮力相等，得 即 所以该液体的密度为 19．【新情境・3D 打印・密度测量】（2025·福建·一模）如图甲所示的实心“小火箭”是小敏用3D打印机打印出来的，她想知道打印材料PLA的密度。 （1）小敏在调节天平时，发现指针情况如图乙所示，此时应将平衡螺母向___________（选填“左”或“右”）调节。 （2）用调好的天平测量“小火箭”的质量，天平平衡时右盘中砝码的质量、游码在标尺上的位置如图丙所示，则“小火箭”的质量m=___________g。由于“小火箭”放不进量筒，小敏用如下图所示的方法测出“小火箭”的体积，是___________cm3，打印材料PLA的密度是___________kg/m3。 （3）这种测量方式所测得PLA的密度比实际值___________（选填“大”或“小”）。 （4）为了减小实验误差，善于思考的小敏找来了溢水杯和小烧杯，通过以下操作测量出“小火箭”的密度，具体步骤如下： a、用天平测出“小火箭”的质量为m，测出空小烧杯的质量为m1； b、溢水杯盛满水，把“小火箭”缓慢浸没在水中，用小烧杯将溢出的水全部接入； c、用天平测出溢出水和小烧杯的总质量为m2； d、“小火箭”的密度为___________（用所测物理量表示，水的密度用ρ水表示）。 （5）小刚同学选择了身边的几样器材：圆柱形大烧杯、轻质薄壁气球、细线、水、刻度尺、可吸气和打气的气筒。小刚思索一会就动手测量“小火箭”的密度。具体步骤如下： a、在大烧杯中装入适量的水，用刻度尺测量烧杯中水的深度h1； b、把“小火箭”装进气球，用打气筒吸出所有气体，用细线扎紧气球口，将装有“小火箭”的气球___________在烧杯水中，用刻度尺测量大烧杯中水的深度为h2； c、取出气球，用打气筒往气球里充入部分气体（空气质量不计），用细线扎紧气球口，将气球放进烧杯水中使之___________，用刻度尺测量大烧杯中水的深度为h3. d、“小火箭”密度为___________。（用所测物理量表示，水的密度用ρ水表示） 【答案】（1）右；（2）100.8 80 1.26×103；（3）小；（4）ρ水；（5）浸没 漂浮 •ρ水 【详解】（1）如图乙，天平指针偏向分度盘左侧，根据天平调节原则“左偏右调，右偏左调”，此时应将天平的平衡螺母向右调节。 （2）[1]“小火箭”的质量为天平右盘砝码质量与游码读数之和，如图丙，右盘砝码质量为100g，游码读数为0.8g，故“小火箭”的质量为 [2]如图所示，“小火箭”的体积与量筒内减少水的体积相同，“小火箭”的体积 [3]打印材料PLA的密度 （3）由于“小火箭”从烧杯中取出时会粘一部分的水，导致烧杯中的水变少，将量筒中的水向烧杯中添加至标记处时量筒中水的体积变化量偏大，即所测得的“小火箭”的体积偏大，由于测量质量准确，故所测得的密度比真实值小。 （4）用天平测出“小火箭”的质量为m，溢水杯盛满水，把“小火箭”缓慢浸没在水中，用小烧杯将溢出的水全部接入，则烧杯内水的体积即为“小火箭“的体积，用天平测出溢出水和小烧杯的总质量为m2，则小烧杯内水的质量为 所以“小火箭”的体积为 “小火箭”的密度为 （5）设大烧杯的底面积为S [1]在大烧杯中装入适量的水，用刻度尺测量烧杯中水的深度h1。把“小火箭”装进气球，用打气筒吸出所有气体，用细线扎紧气球口，将装有“小火箭”的气球浸没在烧杯中，用刻度尺测量大烧杯中水的深度为h2，则“小火箭”的体积 [2][3]取出气球，用打气筒往气球里充入部分气体（空气质量不计），用细线扎紧气球口，将气球放进烧杯水中使之漂浮，用刻度尺测量大烧杯中水的深度为h3 则“小火箭”的质量 所以“小火箭”的密度 20．【新情境・自制教具・杆秤密度计】（2025·福建莆田·一模）在青少年科技创新大赛中，小明制作的“杆秤液体密度计”如图甲所示，选取了一根质量不计的硬质轻杆，P为提挂点，P点的左侧端点A处悬挂透明塑料杯，右侧悬挂秤砣，不计细线质量。将相同体积不同密度的待测液体加入杯中，根据杠杆平衡条件可知，杠杆平衡时，秤砣悬挂点到P点的距离与待测液体的密度成一次函数关系，即可在杠杆上均匀标出刻度线来测量液体密度。其制作与测量过程中进行了如下操作： （1）距离左端点A处10cm的位置制作提挂点P；用天平称得空塑料杯质量如图乙所示，则空塑料杯质量为______g；右侧秤砣采用50g钩码拴上细线制成； （2）将空塑料杯悬挂在A点，调节右侧秤砣细线位置，使杠杆在水平位置平衡，此时细线位置处标记为“”，此刻度线到提挂点P距离为______cm； （3）将100mL密度为的水倒入塑料杯中，在液面处作标记，调节秤砣细线位置使杠杆再次在水平位置平衡，并在此时秤砣细线位置处标记为“1”，此刻度线到提挂点P的距离为______cm；将“0”到“1”刻度线之间均分10等份，按该分度值在杠杆上均匀画出刻度线，即杆秤密度计制作完成； （4）用制作好的密度计测量某一液体密度时，将100mL的液体倒入空塑料杯中，秤砣细线位置如图丙所示，则待测液体密度为______； （5）制作好的密度计还可以测算某些固体的密度。小明将石块放入空塑料杯中，杠杆平衡时，秤砣细线在“0.5”刻度处，再向杯中加水至100mL标记处（石块浸没），杠杆再次平衡时，秤砣细线在“1.3”刻度处，则小石块的密度为______。 【答案】（1）25；（2）5；（3）25；（4）0.8；（5）2.5 【详解】（1）物体质量等于砝码质量加上游码对应刻度，即空塑料杯质量为 （2）空杯子重力为 秤砣重力为 根据杠杆平衡条件可得，所以此刻度线到提挂点P距离为 （3）将100mL密度为的水倒入塑料杯中，水的质量为 水的重力为 根据杠杆平衡条件可知，所以此刻度线到提挂点P距离为 （4）将“0”到“1”刻度线之间均分10等份，则该密度计的分度值为，由图丙可知，刻度在第8小格，所以待测液体的密度为。 （5）“0”到“1”之间共20cm，将“0”到“1”刻度线之间均分10等份，每份长度为2cm，秤砣细线在“0.5”刻度处，此刻度线到0距离为10cm，“0.5”刻度到提挂点P距离为15cm，将石块放入空塑料杯中，杠杆平衡时，秤砣细线在“0.5”刻度处，可得A处绳子拉力为 则石块的重力为 石块的质量为 秤砣细线在“1.3”刻度处，此刻度到提挂点P距离为31cm，再向杯中加水至100mL标记处（石块浸没），杠杆再次平衡时，秤砣细线在“1.3”刻度处，可得 则加入水的重力为 则加入水的体积为 则石块的体积为 所以石块的密度为 题型四 电磁 21．【新情境・生活发明・电路通路判断】（2026·福建漳州·一模）小明在市场看到一款“不插电遇水即亮”的灯泡，摊主声称其不消耗电能。小明认为这与物理课上所学知识矛盾，于是买了一个灯泡回家探究。 （1）小明观察到灯泡底部结构由a、b、c三部分组成，如图甲所示，a、c为金属，b为塑料。如图乙，将灯泡缓慢浸入自来水中，观察灯泡发光情况如下： 水面达到灯泡的部位 a b c 灯泡发光的情况 不发光 不发光 发光 小明猜想灯泡内部装有电源。灯泡遇水即亮的原因是水起到________作用，使电路形成________。如图丙所示，小明拆开灯泡塑料壳，发现内部确实有电源，说明摊主“不消耗电能”的说法是错误的。 （2）小明将灯泡取出并擦干，再用一根导线同时接触灯泡底部________两部分，灯泡发光。 （3）小明发现，手心出汗后握住灯头比干燥时更容易让灯发光，其原因可能是________。 【答案】（1）导电 通路；（2）ac；（3）手心出汗后，使手心的导电性增强，更容易形成通路，从而让灯发光。 【详解】（1）[1][2]a、c是金属导体，b是绝缘塑料，原本a、c被b隔开，电路处于断开状态；自来水可以导电，连通了原本绝缘隔开的两个电极a、c，因此水起到导电的作用，让电路形成通路，灯泡发光。 （2）a、c是灯泡内部电源的两个电极，因此用导线同时接触a、c就能接通电路，使灯泡发光。 （3）干燥的手电阻大、导电性弱；手心出汗后，汗液含盐分，属于导体，会让人体电阻变小、导电性增强，更容易导通电路，因此比干燥时更容易让灯泡发光。 22．【新情境・项目学习・自制电子温度计】（2026·福建漳州·一模）电子温度计是一种用电子元件测量温度的仪器。小明想利用热敏电阻和毫安表等器材制作一个电子温度计。 （1）利用图甲所示的电路，探究热敏电阻的阻值随温度t的变化规律。 ①请用笔画线代替导线，将乙图中电路连接完整____； ②连接电路前，应将开关________； ③将热敏电阻置于0℃的环境中，闭合，断开，记录毫安表示数为。然后闭合，断开，调节电阻箱直至毫安表示数为________，此时与阻值相等； ④将热敏电阻置于不同温度的环境中，重复步骤③，测得数据如下表： 温度t/℃ 0 10 20 30 35 40 50 60 70 80 90 100 阻值/Ω 5600 3650 2500 1550 1350 1150 800 550 400 300 220 170 由数据可知：阻值随温度的升高而变________。 （2）根据以上探究结果，设计并制作一个量程为20~50℃的电子温度计。实验器材：电源电压3V保持不变、热敏电阻、电阻箱R（0~9999Ω）、毫安表（0~1mA）、开关、导线若干。 设计思路：将器材连成如图丙所示电路，毫安表表盘（如图丁所示）直接显示对应的测量温度，请你为小明补全制作步骤。 ①为了将电子温度计的最大测量值50℃标在毫安表1mA处，应将电阻箱阻值调至________Ω，并保持不变； ②通过计算，小明应将30℃的刻度线标在毫安表________mA处； ③该电子温度计的刻度线分布________（选填“左密右疏”或“左疏右密”）。 （3）小华想要增大温度计的测量范围，将电阻箱调为2700Ω，则可测量的温度最大值为________。 【答案】（1）或 断开 小；（2）2200 0.8 左疏右密；（3）80℃ 【详解】（1）[1]根据甲图的并联结构，和电阻箱分别由开关、控制，因此将电流表的空余接线端连接到或右端即可。据此作图。 [2]连接电路的基本操作：为保护电路，连接电路前开关必须断开。 [3]本实验用等效替代法测电阻：接入热敏电阻时电流为，换用电阻箱调节，直到电流也为，此时电阻箱阻值等于热敏电阻阻值。 [4] 由表格数据可得：温度升高时，热敏电阻的阻值逐渐减小，因此阻值随温度升高变小。 （2）[1]丙图中热敏电阻与电阻箱串联，电源电压，毫安表最大电流 最大测量温度50℃对应最大电流1 mA，查表得50℃时。根据欧姆定律，总电阻 因此电阻箱阻值 [2]30℃时查表得，总电阻 电流 因此30℃标在0.8mA处。 [3]由数据规律：温度越高，相同温度变化量对应的减小量越来越小，电流增加量越来越小；温度越高越靠右，相同温度间隔的刻度间距越小，因此刻度分布左疏右密。 （3）电阻箱调为2700Ω，毫安表最大电流仍为1mA，总电阻最大为 因此最小热敏电阻 查表得300Ω对应温度为80℃，即可测量的最高温度为80℃。 23．【新情境・项目学习・电子温度计设计】（2026·福建泉州·一模）电子温度计是一种用电子元件测量温度的仪器。项目学习小组想利用热敏电阻和毫安表（一种小量程电流表）等器材制作一个电子温度计。 项目名称：自制电子温度计 实验器材：可调学生电源（0~9V）、热敏电阻R1、电阻箱R（0~9999Ω）、毫安表（0~1mA）、开关、导线若干。 （1）任务一：探究热敏电阻R1的阻值随温度t的变化规律。 ①用图甲所示电路将热敏电阻R1置于0℃的环境中，只闭合S1，记录毫安表示数为I0。然后断开S1，闭合S2，调节电阻箱R直至毫安表示数为_______，此时； ②将热敏电阻R1置于不同温度的环境中，重复步骤①，测得数据如下表： 温度t/℃ 0 10 20 30 40 50 阻值Rt/Ω 6800 4300 2800 1800 1100 800 分析表格数据可发现热敏电阻R1的阻值随温度升高而_______。 （2）任务二：根据以上探究结果，设计并制作量程为20℃~50℃的电子温度计。设计思路：将器材连成如图乙所示电路，热敏电阻相当于温度计的玻璃泡，毫安表表盘（如图丙所示）直接显示对应的测量温度，请你补全制作步骤。 ①调节学生电源为3V。为了将电子温度计的最大测量值50℃标在毫安表满偏的位置，应将电阻箱阻值调在_______Ω，并保持不变。 ②根据计算，应将20℃的刻度线标在毫安表上_______mA的刻度线上。 ③用相同的方法在毫安表上依次标好了20℃~50℃的其他温度对应的刻度线，则该电子温度计的刻度线分布是_______（填“均匀”或“不均匀”）的。 （3）任务三：优化与改进，增大电子温度计温度刻度线的间距。 小组成员发现制作的电子温度计的刻度盘，示数集中偏右，为更好地利用原有表盘，在原有50℃满偏刻度线不变的基础上，让20℃等其余的刻度线左移，使刻度线之间的间距变大，在不增加器材的前提下，请你提出调整方案_______。 【答案】（1）I0 减小；（2）2200 0.6 不均匀；（3）适当降低学生电源的电压，同时同步减小电阻箱的阻值，使50℃仍对应毫安表满偏 【详解】（1）[1]图甲中，只闭合 S1​ 时，热敏电阻 Rt​ 接入电路，毫安表读数为 I0​；断开 S1​、闭合 S2​ 时，电阻箱 R 接入电路。根据等效替代法，当毫安表示数仍为 I0​ 时，电阻箱阻值等于热敏电阻阻值，即 。 [2]分析表格数据温度从0~50℃，阻值在减小。故热敏电阻Rt​的阻值随温度的升高而减小。 （2）[1]设计要求：50℃ 对应毫安表满偏 电源电压U=3V，由表格知，50℃ 时 Rt​=800Ω。总电阻 电阻箱阻值 [2]20℃时，由表格知Rt​=2800Ω，电阻箱 R=2200Ω 保持不变。总电阻 电流 [3]电路电流 其中U、R 为定值，Rt​ 随温度 t 非线性减小，温度每升高 10℃，阻值变化量不相等，因此电流I与温度t不成正比，刻度线不均匀。 （3）要求50℃仍对应满偏（I满=1mA），若电压不变，即 总电阻保持不变；同时让 20℃ 等刻度线左移（电流更小）、间距变大。 由于​ 50℃时 Rt​=800Ω，故R=3000Ω−800Ω=2200Ω 不变。 要让20℃时电流更小（刻度左移），需增大20℃时的总电阻 但Rt​ 由温度决定无法改变，因此只能降低电源电压。 降低电源电压U，为保证50℃满偏，需同步减小电阻箱R，使 此时20℃时 相对R总的差值更大，电流变化更明显，刻度间距变大。故方案：适当降低学生电源的电压，同时同步减小电阻箱的阻值，使50℃仍对应毫安表满偏。 24．【新考法・探究电流与电阻・动态调节】（2026·福建泉州·一模）为完成“探究电流与电阻的关系”实验，小海从实验室取得以下器材：电压恒为4.5V的电池组、电流表、电压表、开关，5Ω、10Ω、25Ω的定值电阻各一个，规格为“40Ω；1A”的滑动变阻器，导线若干。 （1）将图甲的实物图连接完整，使滑动变阻器的滑片P在最左端时阻值最大。 （2）将5Ω电阻接入电路，闭合开关，移动滑片P发现，电压表有示数，电流表几乎没有示数，其原因可能是_______。 （3）排除故障后，小海闭合开关移动滑动变阻器滑片，直到电压表示数如图乙所示，记为_______V，并记录电流表的示数；接着保持滑片位置不变，断开开关，将定值电阻换成10Ω后，为保证电压表的示数不变，闭合开关后，应向_______（选填“左”或“右”）移动滑片。 （4）通过实验得到电流随电阻变化的图像如图丙所示，可得到的结论是：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成_______（选填“正比”或“反比”）。 （5）在小海实验基础上，为了得到更多组数据，需要更多规格的定值电阻，则选用的定值电阻最大阻值不允许超过_______Ω。 【答案】（1）；（2）定值电阻R断路；（3）2.5 左；（4）反比；（5）50 【详解】（1）滑片在最左端时阻值最大，则滑动变阻器右下接线柱与电源负极相连即可。 （2）电流表几乎无示数说明电路可能断路，电压表有示数说明电压表能连通到电源两端，因此故障是和电压表并联的定值电阻断路。 （3）[1]电压表选择0~3V量程，分度值0.1V，读数为2.5V。 [2]将5Ω电阻换为10Ω后，根据串联分压规律，定值电阻两端电压增大，要保持定值电阻电压不变，需要增大滑动变阻器接入的电阻以分担更多的电压，因此向左移动滑片。 （4）由图丙可知，电流与电阻的乘积为定值，因此电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比。 （5）电源总电压4.5V，定值电阻两端电压保持2.5V不变，因此滑动变阻器两端电压 串联电路电压比等于电阻比，即 代入滑动变阻器最大阻值，解得。 所以选用的定值电阻最大阻值不允许超过50Ω。 25．【新情境・项目挑战・电热点火器设计】（2026·福建泉州·一模）某实验小组参加学校项目化学习挑战赛——设计制作“电热点火器”。 【项目要求】“电热点火器”点燃棉花所用的时间越短，得分越高。 【项目原理】根据，“电热点火器”产生相同热量，电功率越大，所需时间越短。 【项目设计与实施】“电热点火器”的工作简化电路图如图甲所示。 任务一：选择点火器中电热丝连接方案 （1）图乙是小组同学设计的电热丝连接的两种方案（两种方案中所用电热丝总长度相等，中间包裹等量的易燃棉花），根据项目原理，应选择方案______。 任务二：选择电热丝 （2）实验小组设计如图丙的实验电路，对材料编号为A、B、C的电热丝（长度相等）的阻值进行测量，请根据电路图将实物图连接完整。 （3）电热丝A连入电路，闭合开关，发现电流表没有示数，电压表示数接近电源电压，电路出现的故障可能是电热丝A______。 （4）排除故障后，调节滑动变阻器，此时电压表示数为2V，电流表示数如图戊所示，为______A，计算出电热丝A的阻值为______Ω，记录数据；重复以上步骤，再测出电热丝B、C的阻值并记录在下表中。 电热丝编号 电热丝阻值/Ω A B 20 C 5 （5）根据表中测量结果，应选择材料编号为______的电热丝。 【项目优化】 （6）通过项目进一步实施，发现该电热点火器点燃棉花的时间偏长，请结合实际提出一条合理的改进措施：______。 【答案】（1）Ⅱ；（2）；（3）断路；（4）0.2 10；（5）C；（6）选用电阻更小的电热丝或提高电源电压 【详解】（1）两方案电热丝总长度、材料相同。方案Ⅱ将这根电热丝对折后接入电路，电阻更小。因为对折后既减小了接入电路电阻长度，又增大了接入电路电阻的横截面积，所以相对于未对折的电阻丝电阻小得多，根据，电压相同，电阻小，电功率大。再由，，产生相同电热，电功率越大，所需时间越短。所以选择总电阻小的电热丝，故选择方案Ⅱ。 （2）根据图丙所示，电热丝和滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测电热丝两端电压。电源为2节干电池串联，电源电压为3V，所以电压表选择小量程，据此连接图丁。如下图： （3）电热丝接入电路，闭合开关，电流表没有示数，证明电路是断路。电压表示数接近电源电压，则电路出现故障的地方为电热丝A断路。 （4）根据图戊可知，电流表分度值为0.02A，读数为0.2A。由题意可知，，根据欧姆定律可得电热丝A的阻值 （5）根据，电压相同，电阻越小，相同时间内产热越多。电热丝C电阻最小，故选编号为C的电热丝。 （6）根据，电阻不变，通过增大电源电压，则功率增大，产热快；或电源电压一定，减小电热丝电阻如换更短、更粗、电阻率小的电热丝，则功率增大，产热快。 26．【新情境・项目挑战・电热点火器设计】（2025·福建·一模）某班同学到实验室做“测定小灯泡额定功率”的实验。被测小灯泡的额定电压为3.8V，电阻约为10Ω。实验室有如下器材：电源（电压为6V）、电流表（0~0.6A  0~3A）、电压表（0~3V  0~15V）、开关各一只，导线若干，滑动变阻器两只：R1（5Ω  0.5A）、R2（10Ω  0.5A）。同学们设计的电路如图所示： （1）电压表应选用 __________ 挡，滑动变阻器应选用 _______ （选填“R1”或“R2”）。 （2）部分同学实验电路接好后，合上开关时，发现电路出现故障，主要有下表所列的两种情况，请根据现象和检测结果指出故障的可能原因： 故障现象 检测 故障原因 灯泡较暗、两表的示数均较小 移动滑动变阻器滑片，现象不变 __________         灯泡不亮、电压表示数较大、电流表无示数 取下灯泡，两表的示数不变   _________         （3）下表为某小组的实验记录分析表： 实验序号 电压表示数/V 电流表示数/A 功率/W 额定功率/W 1 3.0 0.36 1.08 2 3.8 0.4 1.52 3 4.5 0.42 1.89 老师认为该小组数据处理过程有误，你认为正确测量结果P额= _________ W。 【答案】（1）0~15V R2；（2）滑动变阻器接了下面两个接线柱 灯泡断路；（3）1.52 【详解】（1）[1]已知小灯泡额定电压为3.8V，3.8V超出了0~3V量程，所以电压表应选用0~15V挡。 [2]电源电压，小灯泡电阻约为，额定电压，根据串联电路电压特点，当小灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压 此时电路中的电流 则滑动变阻器接入电路的电阻 所以滑动变阻器应选用R2。 （2）[1]灯泡较暗、两表的示数均较小，移动滑动变阻器滑片，现象不变。说明滑动变阻器接入电路的阻值很大且不能改变，所以故障原因是滑动变阻器接了下面两个接线柱，相当于接入一个定值电阻。 [2]灯泡不亮、电压表示数较大、电流表无示数，取下灯泡，两表的示数不变。电压表示数较大说明电压表与电源连通，电流表无示数说明电路断路，取下灯泡两表示数不变，说明灯泡所在支路断路，故障可能是灯泡断路。 （3）小灯泡在额定电压下的功率才是额定功率，不能求不同电压下功率的平均值作为额定功率。当电压表示数为时，电流表示数，由表格数据可知额定功率。 27．【新情境・科技应用・电池温控・电磁继电器】（2025·福建泉州·一模）电动车在充电过程中，电池温度过高可能会自燃。项目式学习小组设计一个自动制冷降温控制装置，当电池温度过高时，启动制冷系统降温。 （1）电路设计： 如图电路，利用电磁继电器设计控制电路，电源电压恒为6V，为热敏电阻，为电阻箱。开关断开、闭合，当电流表的示数时，衔铁被吸下，工作电路的制冷系统启动。 （2）的选用： ①连接电路时，应先将开关、都___________，并将电阻箱的阻值调至___________。 ②闭合开关、，将热敏电阻置于温度不同的环境中，调节电阻箱的阻值，使电流表的示数保持10mA不变，根据欧姆定律计算出热敏电阻的阻值，数据如表一： 表一 20 30 40 50 60 70 80 90 200 125 90 75 70 62 60 59 分析表一数据可得，热敏电阻的阻值随温度的升高而___________。 ③换用另一个热敏电阻，重复实验步骤②，得到数据如表二： 表二 20 30 40 50 60 70 80 90 25 30 45 60 105 170 290 310 分析表二数据可得，热敏电阻的阻值随温度的升高而___________。 ④根据电路设计要求，热敏电阻应选用___________（填“”或“”）。 （3）的测算：开关断开、闭合，充电过程中当电池温度达到50℃时，衔铁被吸下，工作电路的制冷系统开始启动。则可选用阻值为___________的定值电阻取代电阻箱。 （4）成品测试：经检测，充电过程中当电池温度达到50℃时，电流表示数未达到20mA，衔铁未被吸下，工作电路的制冷系统不启动。学习小组讨论后，认为出现这种现象的原因可能是___________；改进的措施是___________。 【答案】（2）断开 最大 减小 增大 ；（3）225；（4）电磁铁线圈有电阻 减小的阻值或增大控制电路电源的电压 【详解】（2）[1][2]连接电路时，应先将开关、断开，防止连接过程中出现短路，损坏电路元件；并将电阻箱的阻值调至最大阻值处，起到保护电路的作用，防止电流过大烧坏电流表或电源。 [3]分析表一数据可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而逐渐减小。 [4]分析表二数据可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而逐渐增大。 [5]电路设计要求避免电动车在充电过程中，因电池温度过高引发自燃，当开关断开、闭合，电流表的示数时，衔铁被吸下，工作电路的制冷系统启动，热敏电阻的阻值随温度的升高而逐渐减小，当温度过高时，控制电路的总电阻变小，电源电压恒定，此时电路中电流变大，会使电流表示数满足，衔铁被吸下，启动工作电路的制冷系统，达到降温的目的；而热敏电阻的阻值随温度的升高而逐渐增大，当温度升高时，控制电路中的总电阻变大，电源电压恒定，此时电路中的电流会随温度的升高越来越小，无法满足，衔铁不能被吸下，工作电路的制冷系统无法启动，容易引起电池温度过高引发自燃，故应选择。 （3）[6]开关断开、闭合，充电过程中当电池温度达到50℃时，结合表一数据，可知此时的阻值为，要使衔铁被吸下，控制电路电流至少为20mA，当控制电路电流为20mA时，已知控制电路电源电压为6V，根据欧姆定律，此时电路中的总电阻 根据串联电路电阻的特点，可得电阻箱的阻值 因此可用阻值为的定值电阻R取代电阻箱。 （4）[7][8]经检测，充电过程中当电池温度达到50℃时，电流表示数未达到20mA，衔铁未被吸下，工作电路的制冷系统不启动，原因可能是电磁铁线圈有电阻（或导线有电阻），电路中的总电阻变大，使电流小于20mA，为了使电流大于等于20mA，可以减小的阻值或增大控制电路电源的电压。 28．【新情境・科创制作・翻斗式雨量计・杠杆 + 电路】（2026·广东深圳·模拟预测）地下管网的设计需要参考区域降水量，降水量是指一定时间内，雨水（或熔化后的固体降水）未经蒸发、渗透和流失所积聚起来的水层深度。为了监测降水量，科创小组制作了“翻斗式雨量计”，装置外观为上端开口的圆柱体，如图1甲。内部结构示意图如图1乙。装置核心部件如图1丙，它是用中间隔板分开的两个完全对称的三角形容器，可绕O点处的水平轴转动，从而使两侧容器轮流接水：当一侧容器接满10mL雨水时会发生翻转，将水倒出，随着降雨持续，翻斗左右翻转，过程如图1丁。磁铁与配重通过连杆安装在翻斗上并随翻斗左右摆动，当磁铁经过磁感应开关（两者相互作用力忽略不计）时，磁感应开关通过电流传感器将翻斗翻转信息变成电信号，从而推算降水量。 （1）翻斗在水平位置时是等臂杠杆，平时我们实验室常用的实验器材中属于等臂杠杆的有______。（写出一种即可） （2）连杆上装有可调高度的配重。校准过程中，若倒入的水量超过10mL后翻斗仍然不翻转，可通过______（选填“降低”或“升高”）配重在连杆上的位置进行调整。 （3）图2甲是翻斗翻转信息变为电信号的工作电路，电源电压保持不变，、为定值电阻，。某次降雨过程中，通过电流传感器（电阻不计）测得电流随时间变化的关系图像如图2乙。 ①当磁铁每次经过磁感应开关时，磁感应开关的状态是______，此时流过电流传感器的电流大小为_____mA； ②该“翻斗式雨量计”顶端开口的面积为，若测量前翻斗内无水，结合图2乙的数据，可推算出该地区内降水量约为______mm，这段时间内的降水量变化趋势是______。 ③由图2可知，定值电阻______。 （4）若该装置在我国北方地区使用，可改进的措施是______。（写出一种即可） 【答案】（1）托盘天平；（2）降低；（3）闭合 25 1.5 逐渐减小 100；（4）增加加热装置防止雨水结冰（合理即可） 【详解】（1）初中物理实验中，动力臂等于阻力臂的等臂杠杆常见为托盘天平、定滑轮等。 （2）倒入的水量总是大于10mL时翻斗才发生翻转，说明配重的力臂过大，需要减小配重的阻力臂，降低配重位置会让配重更靠近支点O，减小阻力臂，使10mL水即可让翻斗翻转，因此选降低。 （3）[1][2]由电路图，开关闭合后R1被短路，电路总电阻减小，电源电压不变，根据欧姆定律电流变大，对应图乙的脉冲大电流，因此磁铁经过时开关为闭合状态，由图乙可知此时电流大小为25mA。 [3]数图乙脉冲可得30min内翻斗共翻转15次，总雨水体积 降水量为水层深度 [4]由图乙可知相邻翻转的间隔逐渐变大，说明单位时间降水量减少，因此变化趋势为逐渐减小。 [5]开关断开时电流为 R1与R2串联，电源电压为 开关闭合时电流 只有R2接入电路，电源电压为 代入 联立得 解得。 （4）我国北方气温低，雨水易凝固结冰影响装置工作，因此可增加加热保温装置防止雨水结冰，也可根据北方降水量调整配重重新校准，合理即可。 29．【新情境・新科技・电动水翼冲浪板・综合计算】（2026·广东珠海·一模）明还看到了一款新科技运动器械——电动水翼冲浪板，下表是其相关参数，其结构示意图如图乙。内部含有的电机推动水翼板向前运动，玩家通过板体站立就实现了水上飞行。内部电机电源是电压为的蓄电池组，电机效率是指电动机获得的有用机械能与消耗电能的比值。（） 品牌 自重 最大载重 最大速度 蓄电池电压 蓄电池 容量 电机额 定电压 电机额定 功率 电机效率 苇渡 25kg 100kg 36km/h 48V 40Ah 48V 3000W 80% （1）下列关于水翼冲浪板及其蓄电池的说法错误的是 。 A．水翼冲浪板材料具有高强度、耐腐蚀、平衡性好等特点 B．高端的冲浪板材料选用碳纤维，重量更轻且很坚固 C．蓄电池充、放电的过程中，电能、机械能互相转化 D．蓄电池组是由若干节蓄电池串联组成的 （2）当水翼冲浪板的蓄电池充满电，其储存的电能约 __________ J，冲浪板在额定功率下以最大速度匀速前进时，电机提供的动力为 __________ N； （3）质量为75kg的运动员站在冲浪板上，以最大速度前行了5.4km，此时阻力是总重力的0.2倍，则阻力为 ________N，蓄电池消耗的电能为_____kW•h； （4）为了防止速度过快对人造成伤害，小明利用压力传感器设计了一个“感知自启系统”，如图丙所示。该系统由“感知电路”、“控制电路”等组成。其中电源由蓄电池提供，R是电阻箱，RP是压力传感器，可视为可变电阻，它的阻值与压力变化的对应关系如下表所示： F/×103N 1 2 3 4 6 RP/Ω 18 9 6 4.5 3 若a、b两端电压必须等于或大于36V时，控制电路才能启动反推电动机进入工作状态。小明设定压力为4.5×103N时反推电动机工作，电阻箱的阻值至少应调到 _____________Ω，此时RP消耗的电功率为_________W。 【答案】（1）C；（2）6.912×106 240；（3）200 0.375；（4）12 36 【详解】（1）A．水翼冲浪板材料具有高强度、耐腐蚀、平衡性好等特点，故A正确，不符合题意； B．高端的冲浪板材料选用碳纤维，比玻璃纤维更轻，很坚固，故B正确，不符合题意； C．蓄电池充、放电的过程中，电能、化学互相转化，故C错误，符合题意； D．蓄电池组是由若干节蓄电池串联组成的，故D正确，不符合题意。 故选C。 （2）[1]依据表格可知蓄电池的电压为，蓄电池的容量为，可以计算充满电时蓄电池存储的电能为 [2]根据表格可知，电机额定功率为，由于电机的效率为80%，所以用来做有用功的功率为额定功率的80%，则有用功的功率 冲浪板最大速度为，由可以计算，冲浪板在额定功率下以最大速度匀速前进时，电机提供的动力 （3）[1]由题意可知，当质量为的运动员站在自重为冲浪板上时，其总重力 所以阻力 [2]由题意可知，运动员站在冲浪板上以最大速度做匀速直线运动，因此运动员和冲浪板整体处于平衡状态，受平衡力作用，此时电机提供的动力和阻力是一对平衡力，大小相等，故 向前行驶了，因此动力做功 电机所做有用功大小等于动力做功，由于电机效率为80%，所以可以计算出蓄电池消耗电能为 （4）[1]依据表格数据分析可知，RP的阻值与压力成反比，每一组数据的乘积都相等，由此可以计算，当压力为4.5×103N时，反推电机开始工作，此时RP的阻值 由于ab两点间电压为两端的电压，当ab间电压大于等于时，反推电动机才能开始工作，则两端的电压至少等于时才可实现上述行为，由电路图可知电阻和串联，电压之和等于电源电压，又由于电源由蓄电池提供，所以电源电压为，即可计算出此时两端电压 可以算出电路中的电流 可以计算此时电阻箱的电阻 所以电阻箱的电阻至少为时，反推电动机才能工作。 [2]由可以计算，此时RP消耗的电功率 30．【跨学科・物理 + 新能源・风力发电・综合探究】（2026·辽宁锦州·一模）阅读短文，回答问题。 当今世界各国都致力于新能源的开发，为此学校物理社团以“风能的开发与利用”为主题，开展“建造风力发电站”的跨学科实践活动。 【任务1：风力发电站的原理】 如图a是风力发电站，其机组主要由叶片、齿轮箱、发电机等组成，简化结构如图所示，叶片在风的作用下旋转，经过齿轮箱增速后，发电机转子高速旋转发电。 （1）某时刻，发电机的叶片的形状和风向如图c所示，叶片将会沿着______时针的方向旋转； （2）2025年某地发电量结构占比如图d所示，在清洁且可再生能源发电中，风力发电排第2名； 【任务2：风力发电站的选址】 建造风力发电站的注意事项 Ⅰ.风能评估：确保风速稳定且达标（陆上≥6.5m/s，感觉有风） Ⅱ.电网接入：优先选择距离电网20公里内的选址，降低输电损耗 Ⅲ.生态保护：避免鸟类撞击风机 Ⅳ.噪音控制：与居民区保持500米以上间距 Ⅴ.景观协调：风机布局要考虑视觉美观性，与周边环境相融合 （3）某区域有丰富的风能，等高线地形图见图e，项目小组利用AI软件搜索了“建造风力发电站的注意事项”，查询结果如表所示。你认为风力发电站最佳选址应在图e中的______（填字母）处； 【任务3：风力发电模型的制作】 （4）选址后，项目小组通过实验探究得出风能利用率与叶片形状、长度、个数有关，最终选定了叶片形状为翼型、叶片长度为15cm及叶片个数为3的叶片作为风机模型的叶片。制作好的风力发电模型的底座宽大厚重，目的是______； 【任务4：风力发电站的评估】 （5）某风力发电站的输电功率恒定不变，从发电站到居民区的输电线总电阻为，简化电路如图f所示。若要减少输电线路上电能的损耗，有效的做法是______； （6）某个风力发电机的叶片长度为100m，如图g所示每秒流经叶片的空气可近似看作一个“圆柱形风柱”，已知空气密度为1.2kg/m3，当风速是10m/s时，该“风柱”的质量为______kg。（为方便计算，π取近似值为3）；若叶片每秒钟获得的机械能E与风速的三次方v3的关系如图i所示，当v≤3m/s时，风机无法发电；当5m/s≤v≤10m/s时，E与v3成正比。发电机及其传动系统的总效率为80%。某天的风速v与时间t的关系如图j所示，若20：00~22：00输出电能是6：00~8：00的7倍。假设一个家庭每天消耗10kW·h的电能，不计输电损失，该发电机当天产生的电能最多可供______个家庭使用。（为方便计算，π取近似值为3） 【答案】（1）顺；（3）D；（4）降低重心，提高稳定性；（5）增大输送电压；（6） 【详解】（1）[1]流体中，流速越大的位置压强越小。如图c所示，叶片凸面向下，吹风时叶片下方空气流速大、压强小，上方空气流速小、压强大，产生向下的压力差，因此叶片沿顺时针方向旋转。 （3）[2]由图e可知，A、C靠近鸟谷动物园，不符合生态保护要求；B距离村庄过近，不符合噪音控制要求；D位于山脊，风速充足，远离居民区和鸟类保护区，符合所有选址要求，因此最佳选址为D。 （4）[3]制作好的风力发电模型的底座宽大厚重，宽大增大了支撑面积，厚重降低了重心，目的是提高模型的稳定性，防止模型工作时倾倒。 （5）[4]输电功率恒定，由可知，提高输送电压可以减小输电电流，输电线的电能损耗，电流减小可大幅减少线路损耗，因此有效做法是增大输送电压。 （6）[5]叶片长度为风柱半径，风柱横截面积 1s内风柱长度为 则风柱体积为 则“风柱”的质量为 [6]当风速时，风机无法发电，因此00:00~6:00、22:00~24:00输出电能为0；6:00~8:00（共2h），，每秒获得机械能 则6:00~8:00输出电能为 8:00~10:00、14:00~16:00（共4h），，每秒获得机械能 输出电能为 10:00~14:00、16:00~20:00（共8h），，与成正比，则每秒获得机械能 输出电能为 20:00~22:00输出电能 则全天输出总电能 则该发电机当天产生的电能可供家庭数 7 / 8 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $ 抢分08 实验题（福建专用） 参考答案 题型01 光 1．（1）50° 镜面反射；（2）便于确定像的位置 相等；（3）变大 变大 2．（1）0 镜面；（2）便于确定像的位置 相等；（3）变大 变大 3．（1）10.0/10；（2）同一高度；（3）放大 投影仪；（4）光路可逆；（5）凸透镜 4．（1）20.0；（2）同一高度；（3）40 ②；（4）靠近 远离 5．（1）凸透镜的主光轴；（2）实 照相机 c 题型02 热 6．（1）碎冰块；（2）乙 -2；（3）固液共存；（4）冰和水的比热容不同；（5）水没有沸腾（或试管中的水不能吸热） 7．（1）B；（2）67；（3）98 温度不变；（4）b；（5）适当减少水的质量/提高水的初温 8．（1）使冰受热均匀；（2）-4；（3）小于；（4）持续吸热，温度保持不变；（5） 9．（1）受热均匀；（2）-3；（3）持续吸热，但温度保持不变；（4）比热容比冰大；（5）达到沸点后不能继续吸热 10．（1）温度计玻璃泡接触容器的侧壁 减少热损失，缩短实验时间；（2）96 质量；（3）液化 做功 题型03 力 11．（1）零刻度线 左；（2）40 1.15；（3）m2 大 12．（1）平衡；（2）误将OA长度当作拉力的力臂，拉力实际力臂小于测得的；（3）杠杆自身重力对杠杆平衡有影响；（4）不能 能 13．（1）水平；（2）匀速直线 二力平衡；（3）乙、丙；（4）ABC；（5）不需要控制木板做匀速直线运动，便于操作 14．（1）调零；（2）匀速直线；（3）A；（4）无关 0.6 15．（1）零刻度线；（2）15.8；（3）1.16；（4）液体压强；（5）大 由图丙可知，深度相同时，液体密度不同，U形管压强计两侧液面的高度差不同，则液体压强不同，说明液体压强与液体密度有关。（6）；（7） 16．（1）不是 良好；（2）深度 上窄下宽；（3）D；（4） 17．（1）高度差 薄；（2）B；（3）液体深度越深；（4）不变；（5）不可靠 没有控制探头在液体中的深度相同；（6）上升 18．（1）0.4；（2）液体的密度 >；（3）甲、乙、丙；（4） 19．（1）右；（2）100.8 80 1.26×103；（3）小；（4）ρ水；（5）浸没 漂浮 •ρ水 20．（1）25；（2）5；（3）25；（4）0.8；（5）2.5 题型04 电磁 21．（1）导电 通路；（2）ac；（3）手心出汗后，使手心的导电性增强，更容易形成通路，从而让灯发光。 22．（1）或 断开 小；（2）2200 0.8 左疏右密；（3）80℃ 23．（1）I0 减小；（2）2200 0.6 不均匀；（3）适当降低学生电源的电压，同时同步减小电阻箱的阻值，使50℃仍对应毫安表满偏 24．（1）；（2）定值电阻R断路；（3）2.5 左；（4）反比；（5）50 25．（1）Ⅱ；（2）；（3）断路；（4）0.2 10；（5）C；（6）选用电阻更小的电热丝或提高电源电压 26．（1）0~15V R2；（2）滑动变阻器接了下面两个接线柱 灯泡断路；（3）1.52 27．（2）断开 最大 减小 增大 ；（3）225；（4）电磁铁线圈有电阻 减小的阻值或增大控制电路电源的电压 28．（1）托盘天平；（2）降低；（3）闭合 25 1.5 逐渐减小 100；（4）增加加热装置防止雨水结冰（合理即可） 29．（1）C；（2）6.912×106 240；（3）200 0.375；（4）12 36 30．（1）顺；（3）D；（4）降低重心，提高稳定性；（5）增大输送电压；（6） 1 / 3 学科网（北京）股份有限公司 $