物理终极押题猜想（辽宁专用）2026年中考物理终极冲刺讲练测

2026年中考物理终极押题猜想（辽宁） 考情为骨 密押为翼 押题猜想一 声音的特性与噪声控制 1 押题猜想二 物态变化辨析与吸放热判断 8 押题猜想三 光现象辨析 17 押题猜想四 物理量估测 28 押题猜想五 压强及应用 34 押题猜想六 电路识别、电路故障分析、动态电路 47 押题猜想七 运动和力 61 押题猜想八 机械能及其转化 71 押题猜想九 电磁现象辨析 80 押题猜想十 欧姆定律 91 押题猜想十一 透镜及凸透镜成像规律 103 押题猜想十二 简单机械的相关计算 115 押题猜想十三 欧姆定律与电功率综合计算 125 押题猜想十四 光现象与透镜作图 137 押题猜想十五 生活用电 146 押题猜想十六 分子动理论与内能的利用 156 押题猜想十七 通信与能源 163 押题猜想十八 电功率 169 押题猜想十九 浮力 181 押题猜想二十 阅读题 191 押题猜想二十一 物理知识综合应用 204 押题猜想一 声音的特性与噪声控制 试题前瞻·能力先查 【传统文化题】1. 被称为“古乐之祖”的“石磬（qìng）”是中国古代一种石制打击乐器和礼器，演奏时用木槌敲击，会发出古朴典雅的乐曲声，可谓“余音绕梁，三日不绝”。如图所示，用大小相同的力敲击不同长度的石磬时，主要改变了声音的（　　） A．声速 B．音调 C．响度 D．音色 【答案】B 【详解】A．声速与温度、介质有关，题中介质、温度均没有改变，故声速不变，故A不符合题意； B．用大小相同的力敲击不同长度的石磬时，振动频率不同，发出声音的音调不同，故B符合题意； C．用大小相同的力敲击，振动幅度相同，发出声音的响度相同，故C不符合题意； D．音色描述的是声音的品质，只与发声体的材料和结构有关，故D不符合题意。 故选B。 【改编题】2．如图甲所示，从玻璃罩里向外抽气的过程中铃声逐渐减小，此现象可推理得出________不能传声；图乙是海豚靠发出________发现鱼群。 【答案】 真空 超声波 【详解】[1]当我们从玻璃罩里向外抽气时，发现铃声逐渐减小。这是因为随着空气的减少，声音传播的介质（空气）变得稀薄，导致声音的传播受到阻碍，铃声因此减弱。由此现象，我们可以推理出真空是不能传声的，因为在真空中没有声音传播的介质。 [2]海豚是海洋生物中非常聪明的一种，它们能够发出超声波来发现鱼群。超声波是一种频率高于人耳能听到的声音范围的声波，它具有方向性好、穿透力强的特点。海豚通过发出超声波，并接收这些声波遇到鱼群后反射回来的回声，就可以判断鱼群的位置和大小。 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考考点，多以选择题、填空题形式出现，属于基础送分题。 声音的特性，其主要内容有音调、响度、音色。 音调指声音的高低，主要由频率来决定。物体振动越快，频率越高，音调越高。因此，细、短、紧、薄、轻的物体振动更快，发出声音的音调更高；粗、长、松、厚、重的物体振动更慢，音调更低。 响度指声音的强弱（大小），由物体的振动幅度（振幅）来决定。一般敲击、拨动、吹奏时用的力量越大，振幅越大，响度越大。除振幅以外，响度还跟听者与声源的距离以及声音的分散程度有关，距离越近，响度越大。 音色指声音的品质与特色，由发声体的材料、结构和发声方式来决定。比如不同乐器演奏同一乐曲、不同人说同一句话，我们能分辨出来，主要是依靠音色不同来判断的。 终极猜想·精练通关 1．我们生活在声音的广袤空间里，下列有关声现象说法错误的是（　　） A B C D A．琴声来自琴弦的振动 B．自制吉他粗细不同的橡皮筋音调不同 C．公路旁的声音屏障是在人耳处减弱噪声 D．蝙蝠利用超声波定位 【答案】C 【详解】A．声音是由物体振动产生的，所以琴声来自琴弦的振动说法正确，故A正确，不符合题意 B．在其他条件相同时，粗的橡皮筋振动频率低，音调低；细的橡皮筋振动频率高，音调高，故B正确，不符合题意； C．公路旁的隔音屏障作用是阻断噪声的传播，是在传播过程中减弱噪声，不是在“人耳处”，故C错误，符合题意； D．蝙蝠在夜晚活动时，不停地发出超声波，从而通过其回声定位障碍物或猎物，故D正确，不符合题意。 故选 C。 2．控制噪声是环境保护的重要项目。下列标志对应的措施，不是在声源处控制噪声的是（    ） A．保持安静 B．禁止鸣笛 C．佩戴耳罩 D．禁止外放 【答案】C 【详解】A．“保持安静”是指不要发出声音，是从声源处控制噪声，故A不符合题意； B．“禁止鸣笛”是指禁止喇叭发声，是从声源处控制噪声，故B不符合题意； C．“佩戴耳罩”是在人耳处减弱噪声，防止噪声进入耳朵，不是在声源处控制噪声，故C符合题意； D．“禁止外放”是指禁止电子设备发出声音，是从声源处控制噪声，故D不符合题意。 故选C。 3．茂县羌历年无人机表演活动中，空中无人机群组成“天下九寨沟，大美阿坝州”字样，如图所示。表演时，给无人机传递信息利用的是（　　） A．电磁波 B．光纤 C．次声波 D．超声波 【答案】A 【详解】电磁波传播范围广，传播速度快，无人机在空中接收和传递信息是利用电磁波；光纤需要有线连接不适用；次声波、超声波难以在空气中远距离有效传递无人机表演所需的复杂信息，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 4.声现象与我们的生活密切相关，下列关于声现象的说法正确的是（    ） A．甲图，发声的音叉激起水花，说明声音是由物体振动产生的 B．乙图，在靠近居民区的道路边设置隔离墙，目的是在声源处减弱噪声 C．丙图，烛焰在发声的扬声器旁边晃动，说明声波能传递信息 D．丁图，用相同的力度拨动伸出桌面的钢尺，钢尺伸出的长度越长，音调越高 【答案】A 【详解】A．发声的音叉激起水花，说明声音是由物体振动产生的，这里运用了转换法，故A正确； B．在靠近居民区的道路边设置隔离墙，目的是在传播过程中减弱噪声，故B错误； C．烛焰在发声的扬声器旁边晃动，说明声波能传递能量，故C错误； D．改变钢尺伸出桌面的长度，用同样大小的力拨动其伸出桌面的一端，这样会导致钢尺振动的快慢不同，即发声音调不同，钢尺伸出桌面较长时振动得慢，音调低，故D错误。 故选A。 5.人可以依靠两只耳朵来判断发声物体的方位，从而对声音世界有立体的感觉。如图，舞台上利用左右两只扬声器（喇叭）A、B来形成立体声效果，如果从扬声器所发出的声音是A强B弱，人会感觉到这个声源在A、C之间某位置，这里人作出判断主要利用声音的（　　） A．响度 B．音调 C．音色 D．声速 【答案】A 【详解】声源所产生的声音通过扬声器发出的声音A强于B，则说明声源与A的距离小于与B的距离，这是因为声音的响度受传播距离的影响，传播距离越大，响度越小，所以此处人是据响度作出判断的，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 6.同学们在音乐教室排练文艺节目，下列说法正确的是（　　） A．美妙的歌声是通过空气传入人耳的 B．用力拨动古筝的琴弦，可以提高琴声的音调 C．同学们的笑声越大，笑声在空气中传播的速度就越快 D．为了减少对外界的干扰，常关闭门窗是在声源处减弱噪声 【答案】A 【详解】A．声音可以通过气体传播，歌声是通过空气传入人耳的，故A正确； B．用力拨动琴弦，增大了琴弦的振动幅度，可以提高琴声的响度，故B错误； C．声音的传播速度与声音响度大小无关，故C错误； D．关闭门窗是在传播过程中减弱噪声，故D错误。 故选A。 7.如图所示是超音速飞机在超过声速飞行时出现音爆的情境，音爆的声音高达133分贝，可震碎玻璃，下列说法正确的是（　　） A．声音的速度是340m/s B．音爆可震碎玻璃，说明声具有能量 C．音爆高达133分贝，是指它的音调高 D．图中的“白气”是水蒸气 【答案】B 【详解】A．声速与介质种类和温度有关，声音在15℃空气中的传播速度为340m/s，故A错误； B．声音可以传播信息和能量，音爆可震碎玻璃，说明声具有能量，故B正确； C．音爆高达133分贝，是指它的响度大，故C错误； D．火箭升空瞬间，喷向水池的火焰使水池中的水迅速汽化成为水蒸气，水蒸气在上升过程遇冷液化为大量的小水珠，即我们看到的“白气”，故D错误。 故选B。 8.如图甲所示是在河南舞阳出土的8000多年前的贾湖骨笛，吹奏时，手指按在不同的音孔上，就会改变空气柱的长度，从而改变声音的_________。如图乙所示，航母舰载机引导员戴上耳罩，是为了在_________处减弱噪声。 【答案】 音调 人耳 【详解】[1]吹奏贾湖骨笛时，手指按在不同的音孔上，空气柱的长度发生改变，空气柱振动的频率也会随之改变。因为音调与频率有关，所以空气柱长度的改变会改变声音的音调。 [2]航母舰载机引导员戴上耳罩，是通过耳罩来阻止噪声进入人耳，所以是为了在人耳处减弱噪声。 9.如图所示，某兴趣小组在跨学科实践活动中使用粗细不同的皮筋制作了简易弦琴，若用相同的力拨动琴弦，会发出___________不同的声音。另一个小组是用铜丝制作的弦琴，同学们能听音分辨两个乐器，这主要是由于它们发出声音的___________不同。（两空均填“响度”“音调”或“音色”） 【答案】 音调 音色 【详解】[1]声音的音调与发声体振动的频率有关，频率越高，音调越高。用相同的力拨动粗细不同的琴弦时，细弦更容易振动、振动更快，频率更高，音调也就更高；粗弦振动相对较慢，频率较低，音调较低。所以用相同的力拨动不同琴弦时，会发出音调不同的声音。 [2]音色是由发声体的材料、结构等因素决定的。皮筋和铜丝是不同的材料，它们制作的弦琴发声体的材料不同，所以发出声音的音色不同，同学们能依据音色来分辨这两个乐器。 10.京剧是我国的国粹，演出时常用鼓、二胡等乐器进行伴奏。观众能区分鼓声和二胡声是依据声音的______不同；鼓受到敲击时，由于鼓面______而发声。 【答案】 音色 振动 【详解】[1]不同的乐器发声的音色不同，所以观众能区分鼓声和二胡声是依据声音的音色不同。 [2]声音是由物体的振动产生的，所以鼓受到敲击时，由于鼓面振动而发声。 11.为保护听力，我们可以从声音的产生、传播和接收三个方面控制噪声。射击运动员训练时戴耳罩是从声音的______方面进行控制；图书馆中规定不能大声喧哗是从声音的______方面进行控制。 【答案】接收 产生 【详解】[1][2][3]减弱噪声主要从三种途径入手，一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱。射击运动员戴耳罩，属于在人耳处减弱噪声，即声音接收方面控制；图书馆中规定不能大声喧哗，属于从声源处减弱噪声，即声音的产生方面进行控制；家庭窗户安装真空双层玻璃，属于从传播过程中减弱噪声，即声音的传播方面进行控制。 12.市场上有一种变声器，可以改变声音的特性。某段声音的波形变化如图所示，变声前是A段，变声后是B段，则变声后声音的音调___________（选填“变高”“不变”或“变低”），响度___________（选填“变大”“不变”或“变小”）。 【答案】 不变 变大 【详解】[1][2]由图可知，B段与A段相比，声波相同时间内振动的次数不变，说明频率不变，则变声后声音的音调不变；声波的振幅增大、响度变大。 13.如图，舰载机在甲板上起飞时，发动机的轰鸣声能传入引导员耳中。是因为声音的传播______介质（选填“需要”或“不需要”）；引导员配戴防噪声耳罩，这是在______（选填“声源处”“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声。 【答案】 需要 人耳处 【详解】[1]声音的传播需要介质，真空不能传声。 [2]引导员配戴防噪声耳罩，这是在人耳处减弱噪声，防止噪声进入耳朵。 押题猜想二 物态变化辨析与吸放热判断 试题前瞻·能力先查 【传统文化题】1. 我国古代科技著作《天工开物》里记载了铸造“万钧钟”和“鼎”的方法，先后用泥土制作“模骨”，“干燥之后以牛油、黄蜡附其上数寸”，在油蜡上刻上各种图案（如图），然后在油蜡的外面用泥土制成外壳。干燥之后，“外施火力炙化其中油蜡”，油蜡流出形成空腔，在空腔中倒入铜液，待铜液冷却后，“钟鼎成矣”。下列说法正确的是（　　） A．“炙化其中油蜡”是升华过程 B．“炙化其中油蜡”是液化过程 C．铜液冷却成钟鼎是凝固过程 D．铜液冷却成钟鼎是凝华过程 【答案】C 【详解】AB．“炙化其中油蜡”是固态的油蜡变成液态的蜡水，因此是熔化的过程，故AB错误； CD．铜液冷却成钟鼎是液态的铜液变成固态的铜，因此是凝固的过程，故C正确，D错误。 故选C。 2.夏天，打开电冰箱门时，常会看到冰箱门附近有一股“白气”，打开热水瓶时也会看见这种现象。“白气”都是水蒸气___________（填物态变化名称）形成的小水滴，前者是___________的水蒸气形成的（选填“冰箱内”或“冰箱外”）。 【答案】 液化 冰箱外 【详解】[1]“白气”是小水滴，是由气态的水蒸气变成液态的小水滴形成的，所以是液化现象。 [2]“白气”是冰箱门附近空气中的水蒸气遇到冰箱中的冷空气液化形成的小水滴形成的，所以“白气”是冰箱外的水蒸气形成的。 3.某实验小组用如图甲所示的实验装置探究“水沸腾前后温度变化的特点”。所用实验装置如图甲所示。 （1）安装如图甲所示装置时，应该先确定铁圈A的位置，确定其高度时，___（选填“需要”或“不需要”）点燃酒精灯； （2）小明记录的数据如下表所示，从表格中可以看出，水在沸腾前，吸收热量，温度___；水在沸腾过程后，吸收热量，温度___。此时当地的大气压___（填“高于”“低于”或“等于”）1个标准大气压； 时间/min 1 2 3 4 5 6 7 8 9 温度/℃ 90 92 94 96 97 98 98 98 98 （3）小明根据实验数据绘制的水沸腾前后温度随时间变化的图像如图乙中的a所示。如果同组的小红减少烧杯中水的质量，水沸腾前后温度随时间变化的图像可能是图乙中的________（选填“b”“c”或“d”）； （4）星期天小明在家烧水煮饺子，当水烧开准备下饺子时，妈妈提醒他锅里的水有点少，于是小明又往锅里迅速加了一大碗水（水量比锅里少），用同样大的火直至将水再次烧开。下面能说明其整个烧水过程中温度随时间变化的图像是_______（填字母）。 【答案】 需要 升高 保持不变(或)不变 低于 c D 【详解】（1）[1]由于要用酒精灯的外焰加热，所以需先根据酒精灯外焰的高度固定A的高度，所以组装器材时，需要将酒精灯点燃。 （2）[2]从表格中知道，从1到5分钟，是水在沸腾前，根据实验知道，燃烧酒精释放能量，水吸收热量而温度升高。 [3][4]由表格中数据知道，水的温度保持98℃不变，所以可以看出水的沸点是98℃；因水的沸点随气压的降低而降低，所以，由此可知此时的气压低于标准大气压。 （3）[5]在同样加热的情况下，增加水的质量，水升温较慢，沸点不变，水沸腾时图像可能是图乙中的c。 （4）[6]水沸腾之后，温度保持不变，当向锅里迅速加了一大碗水后，锅内水的温度快速下降，然后在加热过程中，水吸热温度上升，达到沸点继续沸腾，在此过程中，水面上的气压不变，所以水的沸点与原来相同，据此分析可知；D图像符合题意，BC图像的沸点与原来不同，不符合题意；A图象中水的温度下降缓慢升温快速，故D不符合题意。 故选D。 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考考点，多以选择题、填空题形式出现，属于基础送分题。 物态变化的核心内容有熔化、凝固、汽化、液化、升华、凝华，关键在于判断变化过程及吸、放热情况。 熔化指物质由固态变为液态，此过程需要吸热。例如冰化成水、蜡烛变软熔化，都需要吸收热量。 凝固指物质由液态变为固态，此过程需要放热。例如水结成冰、铁水铸成铁块，都会向外放出热量。 汽化指物质由液态变为气态，此过程需要吸热。汽化包括蒸发和沸腾两种形式，例如水烧开、湿衣服变干，都要吸收热量。 液化指物质由气态变为液态，此过程需要放热。例如雾、露的形成，冬天哈出白气，都是水蒸气液化并放出热量。 升华指物质由固态直接变为气态，不经过液态，此过程需要吸热。例如樟脑丸变小、干冰消失，都是升华现象，需要吸收热量。 凝华指物质由气态直接变为固态，不经过液态，此过程需要放热。例如霜、窗花、雾凇的形成，都是水蒸气凝华并放出热量。 简单记忆：吸热变化：熔、汽、升；放热变化：凝、液、固。 终极猜想·精练通关 1．关于热现象，下列说法正确的是（   ） A．春天，草叶上出现露珠，是凝华现象 B．夏天，打开冰箱门有“白气”产生，是升华现象 C．秋天，出现大雾，是液化现象 D．冬天，走进温暖的室内眼镜片变模糊，是汽化现象 【答案】C 【详解】A．露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，而非凝华，故A错误； B．冰箱门附近的“白气”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，而非升华，故B错误； C．大雾是空气中的水蒸气在温度降低时液化形成的小水滴，属于液化现象，故C正确； D．眼镜片变模糊是室内温暖的水蒸气遇到冷的镜片液化形成的小水珠，属于液化现象，而非汽化，故D错误。 故选C。 2. 如图所示的几种物态变化，属于凝固的是（　　） A B C D A．露珠的形成 B．冰糕的制作 C．霜打枝头 D．冰雪消融 【答案】B 【详解】A．露珠是指水蒸气遇冷凝结为小水滴，属于液化现象，故A不符合题意； B．冰糕是水由液态变成固态的过程，属于凝固现象，故B符合题意 C．霜是指水蒸气直接由气态水蒸气变为固态的霜，属于凝华现象，故C不符合题意。 D．冰雪消融是指冰雪从固体变为液态的水，属于熔化现象，故D不符合题意。 故选B。 3.天津盘山有“上盘雪花飘，中盘雾雨渺，下盘夕阳照”的天然奇观，其中“雾”的形成过程中发生的主要物态变化是（　　） A．凝固 B．升华 C．汽化 D．液化 【答案】D 【详解】雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴。 故选D。 4.如图，升钟湖湖边极易形成美丽的景观现象——雾，下列现象与湖边雾形成的物态变化相同的是（　　） A．车窗玻璃上形成的薄雾 B．烟花燃放时产生的烟雾 C．冬天树枝上出现的雾凇 D．医院治疗时将药物雾化 【答案】A 【详解】湖边雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的。 A．车窗玻璃上形成的薄雾是空气中热的水蒸气遇到冷的玻璃液化形成的小水珠，故A符合题意； B．烟花燃放时产生的烟雾是固态小颗粒，没有发生物态变化，故B不符合题意； C．冬天树枝上出现的雾凇是空气中热的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故C不符合题意； D．医院治疗时将药物雾化是把液态的水打散成小水滴，没有发生物态变化，故D不符合题意。 故选A。 5.我们常吃的月饼是在烤箱里“烤”的，但根据南宋《武林旧事》记载，最早的月饼出自笼屉，青海就保留着用蒸笼“蒸”月饼的传统习俗。关于“蒸”月饼时的情景，下列叙述正确的是（　　） A．水沸腾时——水温升高 B．水变成水蒸气——放出热量 C．闻到月饼的香味——扩散现象 D．水变成水蒸气——分子间距不变 【答案】C 【详解】A．水沸腾时，温度保持不变，继续吸收热量，故A错误； B．水变成水蒸气是由液态变为气态，是汽化的过程，汽化吸热，故B错误； C．闻到月饼的香味是因为月饼的香味分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象，故C正确； D．因液体的分子距离小于气体的分子距离，水变成水蒸气，水由液态变为气态，因此分子间距变大，故D错误。 故选C。 6.如图是我国的传统民俗表演“打铁花”。表演者击打高温液态铁，液态铁在四散飞溅的过程中发出耀眼的光芒，最后变成固态铁。此过程发生的物态变化是（　　） A．升华 B．凝华 C．熔化 D．凝固 【答案】D 【详解】表演者击打高温液态铁，液态铁在四散飞溅的过程中发出耀眼的光芒，最后变成固态铁，液态变成固态，这是凝固现象，故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 7.我国古代著作《天工开物》中记录了古代劳动者“煮海水制盐”的方法，制盐过程中水逐渐减少的原因是水发生了___________（填物态变化名称），此过程要___________热。 【答案】 汽化 吸 【详解】[1][2]由题意可知，制盐过程中水逐渐减少，水由液态水变成气态的水蒸气，所以水发生的物态变化为汽化，此过程要吸热。 8.如图所示，用镊子取几块干冰放入瓶中，将气球套在瓶口。干冰因______变为气态，使气球逐渐变大，同时空气中的水蒸气遇冷______，在瓶底形成白霜。（填物态变化名称） 【答案】 升华 凝华 【详解】[1][2]如图所示，用镊子取几块干冰放入瓶中，将气球套在瓶口。干冰吸热会升华变成气态的二氧化碳，使气球逐渐变大，同时空气中的水蒸气遇冷凝华成小冰晶，在瓶底形成白霜。 9.地热资源安全、环保、可再生．如图，是某地热发电厂的工作示意图，地下水吸收热量，发生_______（填物态变化名称），产生大量高温水蒸气，水蒸气被管道输送到发电设备，驱动发电机发电，再经过冷却塔，水蒸气_______（选填“吸收”或“放出”）热量． 【答案】 汽化 放出 【详解】[1]地下水在吸收热量后，会从液态转变为气态，这个过程被称为汽化。 [2]高温水蒸气被管道输送到发电设备，驱动发电机发电。然后，水蒸气再经过冷却塔。在冷却塔中，水蒸气会放出热量，从气态重新转变为液态，这个过程被称为液化。 10.做“观察水的沸腾”实验时，电热水壶中装有适量的水，闭合开关加热。当水沸腾时，温度计的示数如图所示为______℃。玻璃片下表面出现小水珠，这是______（填物态变化名称）现象。 【答案】 98 液化 【详解】[1]由图可知，温度计的分度值是1℃，温度计的示数是98℃。 [2]玻璃片下表面出现小水珠，是水蒸气遇冷液化形成的。 11.如图，在塑料袋中滴入几滴酒精，将袋挤瘪，排出空气后把袋口扎紧，放入热水中，塑料袋鼓起，该过程中酒精发生的物态变化是______，此过程中酒精______热量。 【答案】 汽化 吸收 【详解】[1][2]当把滴入几滴酒精的塑料袋放入热水中时，酒精液体会汽化成酒精气体，体积变大，故发现塑料袋鼓起，而汽化吸热。 12.在探究晶体熔化时温度的变化规律的实验中，如图所示，此时温度计的读数为________ ℃。观察到晶体在熔化过程中温度不变，说明晶体在熔化过程中________ （选填“有”或“没有”）固定的熔化温度。 【答案】 45 有 【详解】[1]由图可知，温度计的分度值为1℃，此时温度计的读数为45℃。 [2]晶体在熔化过程中吸收热量，温度不变，说明说明晶体在熔化过程中有固定的熔化温度。 13.如图甲是某兴趣小组同学“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置，记录的温度随时间变化关系图象如图乙所示。 （1）组装实验装置时，要保证用酒精灯的外焰加热，应先调整__________的位置；（选填“烧杯”或“温度计”） （2）实验中杯□周围出现大量“白气”，“白气”的形成属于__________现象；（填物态变化名称） （3）关于甲装置中硬纸片作用的说法，错误的是__________；（选填字母） A．减少热损失B．降低杯内气压，使水沸腾更快 C．减少“水雾”的干扰，方便读数D．有助于固定温度计 （4）小组同学进一步分析图象，发现水沸腾时的特点是__________； （5）实验结束后撤去酒精灯，水还能继续沸腾一会儿，产生这种现象的原因是__________。 【答案】 烧杯 液化 B 吸收热量、温度保持不变 见解析 【详解】（1）[1]实验中，要保证用酒精灯的外焰加热，应先调整烧杯的位置，再悬挂温度计，可避免，温度计的玻璃泡接触烧杯底。 （2）[2]杯口周围出现的白气，是热的水蒸气遇到冷的空气液化成的小水珠。 （3）[3]甲装置中硬纸片，可固定温度计，能减少热量散失，同时，杯中水面气压在加热过程中会增大，水的沸点升高。又可避免过多的水蒸气在上升时遇到冷的温度计液化成的水雾，干扰计数，故ACD正确，不符合题意，B错误，符合题意。 故选B。 （4）[4]由图乙知，水的温度达到98摄氏度后，温度保持不变，此时水已经沸腾，而在整个过程中，酒精灯一直在加热，所以水沸腾时的特点是：吸收热量，温度保持不变。 （5）[5]石棉网（或陶土网）、铁圈、烧杯底部的温度高于水的沸点，水能继续吸热。 14.某实验小组利用图甲所示实验装置探究冰熔化时温度的变化规律。 (1)实验中按图甲的方式对碎冰加热，目的是使碎冰___________。 (2)如图乙所示温度计的示数是___________。 (3)根据实验数据画出冰熔化过程的“温度一时间”图像，如图丙所示。分析图像可知：冰熔化过程中要___________（选填“吸收”或“放出”）热量，但温度保持不变，属于___________（选填“晶体”或“非晶体”）。 (4)进一步分析图像发现，0至时段内的温度变化比时刻后的温度变化快，其主要原因是冰和水的___________不同。 (5)若对烧杯持续加热，烧杯中的水沸腾后试管中的水___________（选填“会”或“不会”）沸腾。 【答案】(1)受热均匀 (2)-3 (3) 吸收 晶体 (4)比热容 (5)不会 【详解】（1）实验中按图甲的方式对碎冰加热，即采用水浴法加热，这样可以使碎冰受热均匀，避免局部温度过高，从而能更准确地探究冰熔化时温度的变化规律。 （2）由图乙可知，温度计的分度值是1℃，液柱在0℃以下，其示数为−3℃。 （3）[1]根据图丙可知，冰在熔化过程中，温度保持不变，但需要持续加热，说明冰熔化过程中要吸收热量。 [2]晶体有固定的熔点，在熔化过程中温度保持不变；非晶体没有固定的熔点，在熔化过程中温度不断升高。由于冰在熔化过程中温度保持不变，所以冰属于晶体。 （4）根据Q=cmΔt可知，在吸收相同热量Q和质量m相同的情况下，温度变化量Δt与比热容c成反比。0至t1​时段内物质是冰，t2​时刻后物质是水，水的比热容比冰的比热容大，所以0至t1​时段内的温度变化比t2​时刻后的温度变化快。 （5）液体沸腾的条件是达到沸点且继续吸热。当烧杯中的水沸腾后，温度保持不变，此时试管中的水虽然能达到沸点，但由于试管内外温度相同，试管中的水无法继续从烧杯中的水吸收热量，所以试管中的水不会沸腾。 押题猜想三 光现象辨析 试题前瞻·能力先查 【原创题】1.早在战国时期，我国古代著名教育家、思想家墨子就在研究小孔成像的现象。如图所示，他用蜡烛作为光源，在木板上钻一个小孔，发现光线透过小孔在墙壁上形成一个倒立的像。下列说法正确的有（   ） A．小孔成像现象能说明光沿直线传播 B．木板上的小孔一定是圆形的 C．保持蜡烛和墙的位置不变，将木板向靠近墙的方向移动，蜡烛在墙上的像会变大 D．蜡烛在墙上形成的像是实像 【答案】AD 【详解】A．小孔成像的原理就是光沿直线传播，蜡烛发出的光线通过小孔后，在墙上形成倒立的像，这个现象能说明光沿直线传播，故A正确； B．小孔成像的形状与小孔的形状无关，只与光源的形状有关，所以木板上的小孔不一定是圆形的，故B错误； C．保持蜡烛和墙的位置不变，将木板向靠近墙的方向移动，此时像距变小，物距变大，根据小孔成像的规律，像会变小，故C错误； D．蜡烛在墙上形成的像是由实际光线会聚而成的，属于实像，故D正确。 故选AD。 【改编题】2.如图所示，一只燕子在公园的湖面上水平匀速飞行，它在水中的“倒影”是光的反射形成的______（选填“虚”或“实”）像。当燕子距水面5m时，它在水中的“倒影”距它______m。 【答案】 虚 10 【详解】[1]平面镜成像由光的反射形成，所成的像为虚像。 [2]平面镜成像中像距等于物距，燕子距水面5m，其像距水面也为5m，易知像距燕子的距离为10m。 3.在“探究光反射的规律”时，小李进行了如图甲所示的实验。 (1)将平面镜平放在水平桌面上，应该选择______（选填“粗糙”或“光滑”）的硬纸板作为光屏，硬纸板与平面镜位置如图甲所示，实验中从各个角度都能看到纸板上的光路，是因为光在纸板上发生了______（选填“漫反射”或“镜面反射”）； (2)实验时，将一束光贴着纸板P沿射到镜面上O点，纸板Q上会显示出反射光束OF。接着将纸板Q绕ON向前或向后翻折，则纸板Q上______（选填“能”或“不能”）显示出反射光束，由此说明反射光线、入射光线与法线在同一平面内，在纸板Q绕ON向后翻折的过程中，反射光线的位置______（选填“改变”或“不变”）； (3)在探究角的关系时，入射角已知，小明记录的反射角的数据如表所示，他根据表中数据得出的结论和其他同学的结论并不一致，请你分析小明测量实验数据过程中出现的问题可能是______，订正错误后，可以得到的结论是：______。 次数 1 2 3 4 5 6 ∠i 20° 30° 40° 50° 60° 70° ∠r 70° 60° 50° 40° 30° 20° 【答案】(1) 粗糙 漫反射 (2) 不能 不变 (3) 把反射光线与镜面的夹角当成了反射角 光的反射现象中，反射角等于入射角 【详解】（1）[1][2]实验中为使能从各个角度都能看到纸板上的光路，将平面镜平放在水平桌面上，应该选择粗糙的硬纸板作为光屏，使得光在纸板上发生漫反射。 （2）[1][2]实验时，将一束光贴着纸板P沿EO射到镜面上O点，纸板Q上会显示出反射光束OF。接着将纸板Q绕ON向前或向后翻折，因此时两纸板不在同一平面内，则纸板Q上不能显示出反射光束，由此说明反射光线、入射光线与法线在同一平面内，在纸板Q绕ON向后翻折的过程中，虽然不能观察到反射光线，但反射光线的位置不变。 （3）[1][2]根据光的反射定律，反射角等于入射角，反射角是反射光线与法线的夹角，入射角是入射光线与法线的夹角，当入射角分别为20°、30°、40°、50°、60°、70°时，反射光线与法线的夹角（即反射角）也应分别是20°、30°、40°、50°、60°、70°，而不是70°、60°、50°、40°、30°、20°，说明错误在于反射角测量错误，把反射光线与镜面的夹角当成了反射角；订正错误后，可以得到的结论是：在反射现象中，反射角等于入射角。 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考考点，多以选择题、填空题形式出现，属于基础送分题。 光现象的主要内容有光的直线传播、光的反射、光的折射，核心是根据生活实例准确判断属于哪一种光现象。 光的直线传播指光在同种均匀介质中沿直线传播。常见实例：小孔成像、影子的形成、日食月食、激光准直、排队看齐、树荫下的圆形光斑。 光的反射指光射到物体表面时，有一部分光被反射回去的现象。常见实例：平面镜成像、水中倒影、照镜子、看到不发光的物体、自行车尾灯、潜望镜。 光的折射指光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折的现象。常见实例：池水变浅、筷子在水中 “折断”、海市蜃楼、放大镜成像、照相机、投影仪、彩虹的形成。 简单记忆：影子小孔日月食，都是直线传播；倒影镜子平面镜，都是反射现象；池水变浅筷折断，都是折射现象。 终极猜想·精练通关 1.2026年春节期间，成都向市民推荐了多处赏灯打卡点位，如图为天府双塔跨年灯光秀、夜游锦江、东安湖“梦游蜀国三千年”灯会，为广大市民带来了光的盛宴，下列关于赏灯盛宴中说法正确的是（　　） A．市民在拍照留念时，除了双塔外还想拍到更多的街景，应该向双塔走近一点 B．灯会上绚丽的灯光是人造光源，而天空中的月亮是天然光源 C．夜游锦江时在水面看到的游船倒影是由于光的反射形成的虚像 D．我们能看到光在空气中呈直线状态，这就是光线 【答案】C 【详解】A．市民在拍照留念时，除了双塔外还想拍到更多的街景，即像变小，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，应该远离双塔，故A错误； B．自身会发光且正在发光的物体是光源，灯会上绚丽的灯光是人造光源，月亮本身不会发光，它是反射太阳的光，因此月亮不是光源，故B错误； C．夜游锦江时在水面看到的游船倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的虚像，故C正确； D．光线并不实际存在，我们在研究光的传播路径时引入光线，这是采用了物理理想模型法，故D错误。 故选C。 2.中国象棋历史悠久。如图所示，在竖直立着的平面镜前水平放置一个九格的棋盘将一颗棋子“马”按箭头方向移动，则平面镜中所显示的棋子“马”，其移动的路径是（　　） A．从“3”到“2” B．从“7”到“5” C．从“3”到“9” D．从“9”到“3” 【答案】C 【详解】平面镜成像特点是，像和物体到平面镜的距离相等，对应点的连线与镜面垂直，所以，将一颗棋子“马”按箭头方向移动，则平面镜中所显示的棋子“马”，其移动的路径是从“3”到“9”，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 3.中秋节晚上，小明和家人在户外赏月时，观察到地上有树的影子。下列说法正确的是（　　） A．小明看见月亮，是因为月亮是光源 B．小明能看见树，是因为树反射了光 C．地上树木的影子，是由于光在地面上发生反射形成的 D．月光能透过大气层照到地球，说明光的传播需要介质 【答案】B 【详解】A．光源是指能够自行发光的物体。月亮本身并不会发光，我们看到月亮是因为月亮反射了太阳的光，所以月亮不是光源，故A错误； B．我们之所以能看到不发光的物体，是因为物体反射的光进入了我们的眼睛。树本身不发光，小明能看见树，是因为树反射了月光，反射的光进入了小明的眼睛，故B正确； C．光在同种均匀介质中沿直线传播，当光遇到不透明的物体时，在物体的后面会形成一个光照不到的黑暗区域，这就是影子。地上树木的影子是由于光沿直线传播，被树木挡住后，在地面上形成的黑暗区域，而不是光在地面上发生反射形成的，故C错误； D．光的传播不需要介质，光可以在真空中传播，太阳光（月光是月球反射的太阳光）能穿过真空的宇宙空间到达地球，就说明了光的传播不需要介质。月光能透过大气层照到地球，是因为大气层是光可以传播的介质，但这并不能说明光的传播需要介质，故D错误。 故选B。 4.阳光明媚的周末，不少市民到天鹅湖游玩。湖畔盛开着五颜六色的鲜花，几只白鹭从平静的湖面轻快掠过，水中的鱼儿欢快嬉戏。下列对此情景的解释正确的是（    ） A．鲜花五颜六色是因为阳光在鲜花表面发生色散现象 B．大树拖着长长的影子说明光沿直线传播 C．白鹭在湖中的倒影是光的折射形成的虚像 D．看见水中的鱼儿是光的反射形成的实像 【答案】B 【详解】A．鲜花五颜六色是因为花瓣中含有各自色素，反射了与其颜色相同的色光，故A错误； B．光线被物体遮挡就形成了影子，大树拖着长长的影子说明光沿直线传播，故B正确； C．白鹭在湖中的倒影是光的反射形成的虚像，故C错误； D．看见水中的鱼儿是光的折射形成的虚像，故D错误。 故选B。 5.因为有了光，自然界才绚丽多彩。下面四幅图属于光的反射现象的是（　　） A．雨后彩虹 B．筷子弯折 C．后视镜中的“景物” D．金色的“日环” 【答案】C 【详解】A．雨后彩虹是光发生了色散，属于光的折射，故A不符合题意； B．插入水中的筷子在水面处“弯折”了，是因为光从水中斜射入空气中时发生折射，故B不符合题意； C．后视镜中的“景物”是凸面镜反射形成的像，故C符合题意； D．金色的“日环”是光沿直线传播形成的，故D不符合题意。 故选C。 6.如图所示，城市的高大建筑物有不少玻璃幕墙在阳光的照耀下非常刺眼，会造成“光污染”，而建筑物周围的树木不会刺眼，下列有关说法正确的是（   ） A．树木不会刺眼是因为光在树木上发生了镜面反射 B．光在树木上发生了漫反射，光的漫反射不会遵循光的反射定律 C．光污染的形成是由于发生了光的镜面反射 D．光污染的形成原理与月食的形成原理相同 【答案】C 【详解】AB．树木不会刺眼是因为光在树木上发生了漫反射，反射光线向各个方向，光的漫反射同样遵循光的反射定律，故AB错误； C．玻璃外墙表面光滑，平行光线射到镜面上发生镜面反射，反射后的光线仍然是平行光，这种光强度大，逆着光线看，很刺眼，大量使用这种玻璃外墙会造成光污染，故C正确； D．光污染的形成原理是光的镜面反射，月食的形成是由于光的直线传播，故光污染的形成原理与月食的形成原理不相同，故D错误。 故选C。 7.每到3月，向北迁徙的红嘴鸥都会如约而至，在宁夏银川市北塔湖，上千只红嘴鸥在湖面飞翔、嬉戏，一只红嘴鸥在距水面10m飞行，若湖水深5m，则这只红嘴鸥在湖中所成的像与它的距离为_______m，它向湖面靠近的过程中，像的大小________（选填“变大”“不变”或“变小”）。 【答案】 20 不变 【详解】[1]由平面镜成像特点可知，像与物到镜面的距离相等，所以“倒影”与红嘴鸥到水面的距离相等，红嘴鸥距水面10m，则 “倒影”到水面的距离也是10m，因此“倒影”到红嘴鸥的距离为20m。 [2]由平面镜成像的特点可知，像与物体等大，所以当红嘴鸥向湖面靠近的过程中，它的像的大小不变。 8.日环食是日食的一种，发生时太阳的中心部分黑暗，边缘仍然明亮，形成光环。日食属于光的___________现象；图中能正确描述其形成原因的是___________（选填“乙”或“丙”）图。 【答案】 直线传播 乙 【详解】[1][2]日食属于光的直线传播现象；当太阳、月球、地球大致在同一直线上时，太阳射向地球的光被月球全部或者部分挡住，形成日食，月球在太阳和地球之间；故能正确描述日食成因的是乙图。 9.医院经常用___________（选填“红外线”或“紫外线”）灯灭菌；利用超声波排除人体内的结石，是利用声波能传递___________（选填“信息”或“能量”）的性质。 【答案】 紫外线 能量 【详解】[1]紫外线具有杀菌作用，医院的手术室、病房里用紫外线灯灭菌。 [2]超声波有很强的穿透性，能够传递能量，外科医生可以利用超声波除去人体内的结石，是利用了声波能传递能量。 10.如图所示是小阳检查视力时的情境，她背对视力表、面朝平面镜而坐，则她到平面镜中“视力表”的距离为______m；为了满足测试者与视力表保持5m的距离这一要求，可以在图示状态下仅将平面镜向______（选填“左”或“右”）移动。 【答案】 5.5 右 【详解】[1]小阳是通过看平面镜中视力表的像来检查视力的，由图可知，视力表与平面镜的距离为3m，根据平面镜成像规律可知，视力表的像距平面镜3m，此时小阳与平面镜的距离为 小阳到平面镜中“视力表”的距离为 [2]大于要求距离5m，所以应减小小阳与平面镜中的像的距离，故平面镜应向右移动。 11.如图甲为手机防窥膜结构图，采用了超细百叶窗光学技术。贴在手机屏幕上的效果如图乙所示，其原理类似百叶窗，只能透过一定角度的光线，结构简图如图丙。两侧之所以看不清屏幕内容，是由于光的直线传播；此防窥膜贴在手机屏幕上，______（填“能”或“不能”）防止上方的窥视；为了让防窥效果更好（可视范围减小），可以适当地______（填“增大”或“减小”）超细百叶窗的间距。 【答案】 不能 减小 【详解】[1]此防窥膜贴在手机屏幕上，不能防止上方的窥视，因为其结构主要针对两侧的光线进行阻挡，上方的光线未被百叶窗结构限制，仍可正常传播，所以无法防止上方的窥视。 [2]为了让防窥效果更好（可视范围减小），可以适当地减小超细百叶窗的间距，当百叶窗间距减小时，能通过的光线角度范围会进一步缩小，从而使可视范围更小，防窥效果更显著。 12.人们观察到太阳周围有一圈彩色光圈，称为日晕。日晕的成因是当光线穿过大气中密度不均匀的空气层时会发生________（选填“反射”或“折射”），这种现象说明太阳光________（选填“是”或“不是”）单色光。 【答案】 折射 不是 【详解】[1][2]光在同种均匀介质中沿直线传播，太阳光穿过密度不均匀的空气层时会发生折射现象，使人看上去在太阳的周围出现一个圆圈——这就是“日晕”，“日晕”是彩色光圈，则可以说明太阳光是一种复色光，不是单色光。 13.如图所示是探究光的反射规律的装置。 次数 1 2 3 4 ∠i 20° 30° 40° 60° ∠r 20° 30° 40° 60° （1）如图甲所示，实验时，把一个平面镜放在水平桌面上，再把白色纸板 ENF竖直地立在平面镜上，白色纸板 ENF的作用是___________； （2）改变光束入射的角度，多做几次，换用不同颜色的笔记录每次光的径迹。取下纸板，用量角器测量ON两侧的∠i和∠r，是为了___________，记录数据如上表。根据表中实验数据得出的结论是______________。由结论可知：当入射光EO与平面镜夹角为35°时，反射角为___________； （3）让光沿图甲中 FO方向照射到镜面，它会沿着OE方向射出。这表明：在光的反射现象中，光路是___________的； （4）如图乙所示，若将 ON右侧纸板 F沿ON向后转动，则纸板 F上___________（选填“能”或“不能”）显示出反射光线。这表明：___________。 【答案】 显示光的传播路径 探究反射角与入射角的大小关系 反射角等于入射角 55° 可逆 不能 反射光线、入射光线和法线在同一平面内 【详解】（1）[1]让光线在粗糙的纸板上发生了漫反射，从而能在纸板上看到入射光线和发射光线的路径，因此白纸板的作用是显示光的传播路径。 （2）[2]用量角器测量两侧的∠i和∠r，∠i是入射角，∠r是反射角，可以探究反射角与入射角的大小关系。 [3]根据表中四次数据分析可知，反射角等于入射角。 [4]当入射光与平面镜夹角为35°时，入射角为90°-35°=55°，因为反射角等于入射角，因此反射角为55°。 （3）[5]若将一束光贴着纸板沿FO方向射到O点，光将沿图中的OE方向射出，即光线沿着原来反射光线的路径入射，反射光线会沿着原来入射光线的路径反射，说明在反射现象中，光路是可逆的。 （4）[6][7]把纸板右侧绕向前折或向后折，纸板E与F不在同一平面内，在纸板F上不能看到反射光线，说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内。 14.五代时期名士谭峭所著《化书》中，记载了照镜子时“影与形无异”的现象。关于平面镜成像的特点，小红用图甲所示装置进行了探究。 (1)用玻璃板代替平面镜进行实验，目的是便于确定__________。 (2)把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支与蜡烛A外形__________（选填“相同”或“不相同”）的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合，说明平面镜所成的像与物体大小__________，证实了“影与形无异”。 (3)改变蜡烛A的位置，进行三次实验，用直线将物和像的位置连接起来，如图乙所示，发现物和像的连线与镜面__________，但用刻度尺测得像和物到镜面的距离并不相等，小红猜想是因为玻璃板较厚，蜡烛A在玻璃板的两个表面分别成像，实验中每次确定像的位置时，错误的将蜡烛B与距离玻璃板__________（选填“较远”或“较近”）的像重合，从而造成了像与物到玻璃板的距离并不相等的结果，更换玻璃板之后，再次实验，结果发现像与物到玻璃板的距离相等。 (4)为确定像的虚实，需在蜡烛B位置放一个光屏，并在图丙中的__________（填序号）处观察光屏上是否有像。 (5)小红为了更好地研究像与物的位置关系，采用了彩色LED光源进行实验，现有“A、R、M、T、V、X”六种字母形状的光源供选择，你认为最佳选择是__________（选填字母）。 【答案】(1)像的位置 (2) 相同 相等 (3) 垂直 较远 (4)③ (5)R 【详解】（1）用玻璃板代替平面镜进行实验，利用玻璃板具有透光性的特点，可以在物体一侧同时观察到物与像，可以看到像的大致位置，目的是便于确定像的位置。 （2）[1][2]把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支与蜡烛A外形相同的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去蜡烛B跟蜡烛A的像完全重合，说明平面镜所成的像与物体大小相等，证实了“影与形无异”。 （3）[1]如图乙所示，发现物和像的连线与镜面垂直。 [2]玻璃板较厚，蜡烛A在玻璃板的两个表面分别成像，实验中确定像的位置时，错误的将蜡烛B与距离玻璃板的较远的像重合，导致物距小于像距。 （4）为确定像的虚实，需在蜡烛B位置放一个光屏，眼睛不透过玻璃板观察，直接观察光屏上是否有平面镜所成的像，即在图丙中的③处观察光屏上是否有像。 （5）为了更好地研究像与物的位置关系，需要选择一个左右不对称的字母光源。只有R字母光源左右不对称，成像后可以明显看见左右相反，其它字母光源均是左右对称的，无法体现左右相反的特点。 15.如图1是探究“平面镜成像时的特点”实验。 (1)实验时，透明玻璃板应该______（选填“竖直”或“倾斜”）放置； (2)图2是眼睛看到蜡烛A在玻璃板后所成的像A′的作图分析，图3是眼睛看到“蜡烛B”的作图分析。A′是______（选填“光的直线传播”、“光的反射”或“光的折射”）形成的虚像，眼睛看到的“蜡烛B”实际上是______（选填“光的反射所形成的虚像”、“光的折射所形成的虚像”或“蜡烛B本身”）； (3)选用的蜡烛B应该与蜡烛A等大等长，目的是______； (4)在像A′所在的位置上放一光屏，则光屏上______（选填“有”或“没有”）蜡烛A的像； (5)分析下面表格中的数据可以归纳出平面镜成像的特点是______。 实验次数 1 2 3 A到镜面距离（cm） 4 6 8 A′到镜面距离（cm） 4 6 8 【答案】(1)竖直 (2) 光的反射 光的折射所形成的虚像 (3)便于确定像的位置和比较像和物的大小 (4)没有 (5)像和物到平面镜的距离相等 【详解】（1）实验中玻璃板若倾斜，蜡烛A的像会偏上或偏下，玻璃板后方的蜡烛无法与像重合，因此玻璃板需要竖直放置。 （2）[1]平面镜成像的原理是光的反射，蜡烛A的像是光的反射形成的虚像。 [2]蜡烛B在玻璃板另一侧，光线穿过玻璃板时会发生折射后才进入人眼，因此人眼看到的“蜡烛B”是光的折射形成的虚像。 （3）实验采用等效替代法，选用与A等大的蜡烛B，目的是方便对比，确定像和物体的大小关系。 （4）平面镜成的是虚像，虚像不能被光屏承接，因此光屏上不会出现蜡烛A的像。 （5）从表格数据可以看出，每次实验中蜡烛A到镜面的距离，都等于它的像到镜面的距离，因此归纳得出结论：平面镜成像时，像与物体到平面镜的距离相等。 押题猜想四 物理量估测 试题前瞻·能力先查 【改编题】1.如图所示的埙的高度约为（   ） A． B． C． D． 【答案】B 【详解】埙的高度约为一手掌宽，而一手掌宽约为10cm，故B符合题意；ACD不符合题意。 故选B。 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考考点，几乎年年以选择题第一题出现，属于基础送分题。 物理量估测主要考查对长度、质量、重力、温度、速度、时间、功率、电流、电压等常见物理量的生活经验判断。 长度估测：中学生身高约1.6～1.7 m，课桌高度约80 cm，一支新铅笔长约18 cm，教室门高约2 m，一层楼高约3 m。 质量估测：一个鸡蛋质量约50 g，中学生质量约50 kg，一瓶矿泉水约500 g，一个苹果约150 g，物理课本约200 g。 重力估测：中学生体重约500 N，一个鸡蛋重力约0.5 N，一瓶矿泉水重力约5 N。 温度估测：人体正常体温约37℃，舒适室温约25℃，洗澡水温度约40℃，冰水混合物温度为0℃。 速度估测：人正常步行速度约1.1 m/s，骑自行车约5 m/s，小汽车高速行驶约30 m/s。 时间估测：人脉搏跳动 1 次约1 s，1 分钟约60～70 次，中学生百米时间约15 s。 电流电压估测：一节干电池电压1.5 V，家庭电路电压220 V，教室日光灯电流约0.2 A。 功率估测：中学生上楼功率约100 W，家用台灯约20 W，电视机约100 W，电饭锅约800 W。 简单记忆：鸡蛋 50 克、人 500 牛、步行 1 米每秒、体温 37 度、家庭电压 220 伏。 终极猜想·精练通关 1.小深打开水龙头调节水温直至感觉水温不冷不热，此时水的温度大约是（　　） A．0℃ B．10℃ C．38℃ D．90℃ 【答案】C 【详解】人体正常体温约为36.5-37.2℃，感觉“不冷不热”的水温应接近人体的体温，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 2.将地面上的一本物理课本捡起来放到课桌上，对物理课本所做的功最接近（　　） A．0.02J B．0.2J C．2J D．20J 【答案】C 【详解】一本物理课本的质量m=200g=0.2kg G=mg=0.2kg×10N/kg=2N 课桌高度约为1m 人对课本做的功W=Gh=2N×1m=2J 故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 3.如题图所示，小明手上拿着一个葡萄，它的尺寸大小约为（   ） A．2dm B．2cm C．2mm D．2m 【答案】B 【详解】由生活常识可知，一个葡萄的直径与一枚一元硬币直径接近，约为2cm左右，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 4.广东民间舞蹈英歌舞是我国首批国家级非物质文化遗产，如图所示，表演者手中的舞槌长度大约是（　　） A．10cm B．1m C．50mm D．50cm 【答案】D 【详解】人的手臂长约为60cm，表演者手中的舞槌长度与人的手臂长接近，舞槌长度大约是50cm。故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 5.如图所示，我国古代把女子一拃长称作“咫”。一咫的长度约（    ） A．2m B．2dm C．5cm D．5mm 【答案】B 【详解】由图可知，大拇指和中指张开的距离为“咫”，约20cm=2dm，故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 6. “掬手为升”是我国古代的计量方法之一，掬即为双手捧。如图，人双手捧起的米质量约为（　　） A．3g B．300g C．30kg D．300kg 【答案】B 【详解】一个鸡蛋质量约为50g，人双手捧起的米质量约为6个鸡蛋重，即300g，故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 7. 7月1日起，禁止携带电动自行车或其电池进入电梯轿厢，一旦有人违规操作，会被电梯内的摄像头拍摄成像并智能识别，电梯将停止运行并发出声、光警报，如图所示，某次警报时，摄像头凸透镜成像的像距为10.1mm，则凸透镜的焦距可能为（    ） A．5mm B．10mm C．15mm D．20mm 【答案】B 【详解】摄像头凸透镜成倒立缩小的实像，物距大于2倍焦距，像距大于1倍焦距小于2倍焦距，所以 2f>10.1mm>f 10.1mm>f>5.05mm 故选B。 8.三星堆祭祀区8号坑出土了一件迷你版纵目面具，工作人员按照考古挖掘的要求用比例尺作参照拍照，每一个小方格的宽度为1cm，如图所示。请估测面具两耳之间的距离更接近于（    ） A．3cm B．6cm C．9cm D．12cm 【答案】B 【详解】由图可知，面具两耳之间的距离大约等于6个小方格的宽度，面具两耳之间的距离为 6×1cm=6cm 故选B。 9.手机是常用的电子工具。图示是某款国产手机，使用功率为60W的充电器半小时可充满一次电。下列对于该款手机的估测，最符合实际的是（    ） A．质量约为500g B．正常使用时，后壳温度约为 C．充满一次电消耗的电能约为 D．长度约为1.2dm 【答案】D 【详解】A．手机质量约为100g，故A不符合题意； B．手机正常使用时，后壳温度约为40℃，故B不符合题意； C．手机充满一次电消耗的电能约为 故C不符合题意； D．手机长度略短于人的手掌，约为1.2dm，故D符合题意。 故选D。 10.如图为一本放在课桌上的物理课本，下列估测正确的是（　　） A．课本中一张纸的厚度约为1mm B．课本受到的重力约为2N C．课本从课桌掉落到地面的时间约为1min D．课本平放时上表面受到的大气压力约为50N 【答案】B 【详解】A．课本中100张纸的厚度约为1cm，一张纸的厚度约为0.1mm，故A错误； B．课本的质量约为200g=0.2kg，受到的重力 G=mg=0.2kg×10N/kg=2N 故B正确； C．课桌的高度不到1m，课本从课桌掉落地面的时间很短，在0.5s左右，故C错误； D．课本的长约为26cm，即0.26m；宽约为18cm，即0.18m，在标准大气压下，课本平放时上表面受到的大气压力约为 F=p0S=1×105Pa×0.26m×0.18m=4680N 故D错误。 故选B。 11.关于水的性质，下列说法不正确的是（  ） A．水的质量为 B．水结成冰后，其体积会增大 C．水的沸点不会超过100℃ D．水倒去一半后，其比热容不变 【答案】C 【详解】A．水的质量为 故A正确，不符合题意； B．水结成冰后，质量不变，密度变小，根据公式可知，其体积会增大，故B正确，不符合题意； C．水的沸点与大气压有关，在1标准大气压下，水的沸点是100℃，如果气压大于1标准大气压，水的沸点就会高于100℃，故C不正确，符合题意； D．比热容是物质的一种特性，与质量无关，所以水倒去一半后，其比热容不变，故D正确，不符合题意。 故选C。 12. 下列与数据有关的说法正确的是（  ） A．频率为的电磁波一定比的电磁波的传播速度快 B．功率为的机械一定比的机械做的功多 C．热值为的燃料一定比的燃料放热多 D．质量为的物体一定比的物体的惯性大 【答案】D 【详解】A．各种电磁波在同种介质中传播速度是相同的，与频率无关，故A错误； B．根据公式可知，机械做功多少取决于功率和时间两个因素，只知道功率大小不能比较做功的多少，故B错误； C．根据公式可知，燃料放热多少与燃料质量及燃料热值有关，只比较热值大小不能确定哪种燃料放热多，故C错误； D．惯性是物体的属性，大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。所以质量为的物体一定比的物体的惯性大，故D正确。 故选D。 押题猜想五 压强及应用 试题前瞻·能力先查 【易错题】1. 将一底面积为200cm2的圆柱形容器放置于水平面上，容器内放一个底面积50cm2、高20cm的圆柱体，如图甲所示，缓慢向容器中注水到一定深度时圆柱体漂浮，继续注水到25cm时停止，在整个注水过程中，圆柱体始终处于直立状态，其注水质量m与容器中水的深度h的关系图像如图乙所示。（，g取10N/kg），则以下说法正确的是（    ） A．当圆柱体漂浮时，露出水面的高度为9cm B．圆柱体的密度为kg/m3 C．注水停止时，水对圆柱体底部的压强为2500Pa D．向容器内注水的总质量是4200g 【答案】D 【详解】A．由图乙知，当注水高度为16cm时，圆柱体恰好漂浮，此时圆柱体浸入水中的深度为16cm，露出水面的高度为 h=h圆柱体-h1=20cm-16cm=4cm 故A错误； B．圆柱体漂浮时，所受的浮力等于自身重力。此时排开水的体积 圆柱体的重力 圆柱体的质量 圆柱体的体积 圆柱体的密度 故B错误； C．由A可知，圆柱体漂浮时，圆柱体浸入水中的深度为16cm，即圆柱体底部所处的深度为16cm，当停止注水时，圆柱体底部所处的深度不变，仍为16cm=0.16m，则水对圆柱体底部的压强 故C错误； D．水的深度为25cm时，水及圆柱体浸入水中部分的总体积 停止注水时，水的真正体积 水的总质量 故D正确。 故选D。 2.国产大飞机C919飞行时，机翼上方的空气流速________下方的空气流速，机翼上方的气压________下方的气压。（两空均选填“大于”或“小于”） 【答案】 大于 小于 【详解】[1][2]等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，所以机翼上方的流速就大于机翼前方的流速；而下表面平直，因此机翼下方的流速大致等于前方的流速，从而可以知道，机翼下方的流速就小于机翼上方的流速，所以机翼上方的压强小于机翼下方的压强，这样就产生了作用在机翼上的向上的升力。 3.在“探究液体内部压强与哪些因素有关”的实验中： (1)在使用压强计前，小明发现U形管左右两侧的液面有一定的高度差。他接下来的调节的方法是__________； A．拆除软管重新安装 B．往水面低的那边管中加入适当水 C．将水面高的那边管中高出的水倒出 (2)小明正在使用的液体压强计__________（选填“是”或“不是”）连通器； (3)小明把探头放进盛水的烧杯中，如图甲、乙所示，可以初步得出结论：__________。小明又换用盐水再次进行实验，对比图甲和图丙，得出了结论：液体密度越大，压强越大。同学们认为他的结论不可靠，理由是__________。 (4)实验丙中，U形管两水面高度差为10cm，橡皮膜在盐水中8cm，橡皮膜所在处的压强__________Pa。 (5)小红选择了另一套装置来进行实验，如图丁所示在容器两侧分别倒入不同深度的水和酒精，若橡皮膜中心距离水面8cm，右侧注入的液体是酒精，当橡皮膜中心距离酒精液面__________m时，可以观察到橡皮膜的形状是平的。（，） 【答案】(1)A (2)不是 (3) 同种液体中，液体压强随着深度增加而增大 没有控制探头在液体中的深度相同 (4)103Pa (5)0.1 【详解】（1）在使用压强计前，小明发现U形管左右两侧的液面有一定的高度差，此时应拆除软管后待两侧液面相平后在重新安装。故A符合题意，BC不符合题意。 故选A。 （2）压强计一端开口，一端没有开口，故压强计不是连通器。 （3）[1]甲乙两图中，探头放在液体中的深度越深，U形管两侧液面的高度差越大，故可以得到结论：同种液体，深度越深压强越大。 [2]甲丙两图液体密度不同，探头在液体中的深度也不同，故得到的结论不科学，没有控制深度相同。 （4）探头处的压强 （5）当酒精产生的压强与水产生的压强相等时，橡皮膜的形状是平的，故酒精的深度 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考考点，常以选择、填空、简单计算题出现，属于基础必得分。 压强表示压力作用效果的强弱，公式为 p=F​/S。 增大压强的方法： 压力一定时，减小受力面积。 受力面积一定时，增大压力常见实例：刀刃磨得很薄、钉子很尖、破窗锤、啄木鸟的嘴。 减小压强的方法： 压力一定时，增大受力面积。 受力面积一定时，减小压力常见实例：铁轨铺枕木、书包带做得宽、坦克履带、滑雪板、地基建得宽大。 液体压强：液体内部向各个方向都有压强，随深度增加而增大，同一深度向各方向压强相等。连通器原理应用：茶壶、船闸、锅炉水位计。 大气压强：存在大气压强的实例：吸盘挂钩、用吸管吸饮料、钢笔吸墨水、注射器吸药液。海拔越高，气压越低，沸点越低。 流体压强与流速：流速越大的位置，压强越小。应用：飞机机翼升力、火车站安全线、喷雾器、帆船逆风行驶。 终极猜想·精练通关 1.如图所示，书包带做得较宽的目的是（    ） A．增大对肩部的压力 B．减小对肩部的压力 C．减小对肩部的压强 D．增大对肩部的压强 【答案】C 【详解】由可知压强与压力的大小和受力面积有关，在压力一定的情况下，受力面积越大，压强越小。书包带做得较宽的目的是在压力一定时，通过增大受力面积来减小书包对肩部的压强，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 2.在火箭与导弹领域，手工制造固体燃料依然十分重要，火药雕刻技术也直接决定了一个国家武器装备的国防实力。首先它对精度的要求极高，又因为固体燃料极其敏感，静电、不合理的摩擦，甚至刀具触碰到金属壳等都能导致其燃爆。以徐立平为代表的“大国工匠”以精湛的火药雕刻技术让一件件大国重器华丽绽放。如图所示，雕刻火药时刀刃磨得锋利是为了（　　） A．减小压强 B．减小压力 C．增大压强 D．增大压力 【答案】C 【详解】雕刻火药时刀刃磨得锋利是为了通过减小受力面积来增大压强，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 3. 6月 10日是我国传统节日端午节，端午节划龙舟是传统的习俗，弘扬中国传统文化是我们义不容辞的责任。思考乐佳佳同学发现并行的龙舟不能靠的太近，其中蕴含的原理跟以下哪个一样？（　　） A．用吸管吸饮料 B．地铁站里有安全线 C．高压锅煮饭 D．佳佳在骑车时需要带头盔 【答案】B 【详解】当两船靠近时，两船之间水流速将会变大，而压强会减小，所以易发生事故。 A．用吸管吸饮料时，用力吸的作用是排出管内空气，使吸管内气压小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管，故A不符合题意； B．地铁安全线是根据流体压强与流速关系设置的，地铁进站时，若人站在安全线内，人靠近地铁一侧的空气流速大，压强小，人远离地铁一侧的空气流速小，压强大，使人受到一个向前的压强差，可能引发安全事故，故候车时，乘客应站在安全线外，故B符合题意； C．高压锅煮饭是利用气压高水的沸点高的原理，故C不符合题意； D．佳佳在骑车时需要带头盔，如果骑车摔倒，头盔可以保护头部，故D不符合题意。 故选B。 4.下列是一些生活中的实例，对其应用物理知识的解释正确的是（　　） A．茶壶的壶嘴和壶身内的水静止时，水面相平，利用了连通器的特点 B．护士用注射器给病人注射药液时，利用了大气压强的作用 C．飞机机翼受到的升力，利用了气体流速越大的位置压强越大 D．飞艇可以悬停在空中，利用了飞艇受到的浮力大于它受到的重力 【答案】A 【详解】A．茶壶的壶嘴和壶身上端开口，下端连通，构成了连通器，茶壶的壶嘴和壶身内的水静止时，水面相平，故A正确； B．护士用注射器给病人注射药液时，利用了人对活塞的压力，与大气压无关，故B错误； C．飞机的机翼是利用了流体压强与流速的关系，上凸下平的形状使得机翼上方的空气流速大、压强小，而机翼下方的空气流速小、压强大，使得飞机受到一个向上的升力作用，故C错误； D．飞艇悬停在空中时，受力平衡，受到的浮力等于它受到的重力，故D错误。 故选A。 5.将质量相等的实心物体A、B分别放入装有甲、乙两种不同液体的容器中，已知两液体质量相等，两容器底面积相等但形状不同，A、B两物体静止时的状态如图所示，此时两容器中的液面恰好相平，下列说法中正确的是（　　） A．A物体体积大于B物体体积 B．甲液体密度大于乙液体密度 C．A物体所受浮力小于B物体所受浮力 D．甲、乙两液体对容器底部的压强相等 【答案】A 【详解】由图可知，A在甲中漂浮，A受到的浮力等于A的重力，又根据阿基米德原理A受到的浮力等于A排开甲液体所受的重力，则有 B在乙中悬浮，B受到的浮力等于B的重力，又根据阿基米德原理B受到的浮力等于B排开乙液体所受的重力，则有 已知，A与B质量相等，根据可知，A与B重力相等，所以，甲与乙液体重力相等，若此时两容器中只装有两种液体且液面相平，则甲液体总重力与乙液体总重力相等，即，所以两容器中只装有两种液体且液面相平时，两种液体的总质量相等。又由图可知，甲液体的总体积大于乙液体的总体积，根据可以得到 根据液体压强计算公式可知，在深度相同时，甲液体对容器底的压强小于乙液体对容器底的压强； 由前面分析可知 已知，所以 由题目信息可知，，所以 故A正确，BCD错误。 故选A。 6.国之重器“可上九天揽月，可下五洋捉鳖”，下列相关说法正确的是（　　） A．C919国产大飞机飞行时，机翼上方空气流速大压强小 B．长征三号乙运载火箭发射升空时，将机械能转化为化学能 C．“奋斗者”号潜水器下潜时，随着深度的增加承受的压强不断增大 D．“山东舰”和北斗卫星之间利用电磁波传递信息 【答案】ACD 【详解】A．飞机在飞行时，流经机翼上方空气流速大，压强小，机翼下方空气流速小，压强大，产生的压强差使飞机获得向上的升力，故A正确； B．长征三号乙运载火箭发射升空时，燃料燃烧将化学能转化为内能，然后内能转化为火箭的机械能，故B错误； C．潜水器下潜时，液体密度不变，潜水器所处深度越来越大，根据可知压强增大，故C正确； D．电磁波的传播不需要介质且传播速度快，所以山东舰和北斗卫星之间是利用电磁波传递信息，故D正确。 故选ACD。 7.如图所示，无人驾驶汽车的流线型外形与飞机的机翼类似，当汽车高速行驶时，其上表面空气流速大，压强________________；汽车轮胎采用特殊橡胶材料制作，主要是利用橡胶有良好的_______（选填“弹性”或“导电性”）。 【答案】 小 弹性 【详解】[1]流体中流速越大的位置，压强越小；无人驾驶汽车高速行驶时，其上表面空气流速大，压强小。 [2]通常情况下，橡胶不具有导电性；橡胶有较好的弹性，能起到一定的缓冲作用，所以汽车轮胎采用特殊橡胶材料制作。 8.如图所示，高铁车头采用流线型设计是为了减小___________；高铁站台设置有安全线，乘客候车时，不能越过安全线，这是因为在气体中，流速越大的位置，压强越___________。 【答案】 空气阻力 小 【详解】[1]高铁车头采用流线型，车身线条更加流畅优美，车头颇像子弹头是为了减小空气阻力。 [2]流体的压强与流速有关，流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大；列车在高速行驶时，车体附近流速大，压强小，外侧的空气流速小，压强大，在内外压强差的作用下易把人压向列车，造成安全事故，故为避免候车乘客被“吸”向火车事故发生，站台上设计了安全线。 9.拔火罐具有促进血液循环、缓解肌肉疼痛等功效。如图所示，拔火罐时，用火加热玻璃罐内部后迅速扣在皮肤上，玻璃罐在___________的作用下“吸”在皮肤上。请列举一个生产生活中应用该原理的实例：___________。 【答案】 大气压强 吸管吸饮料 【详解】[1]用火把拔火罐内里加热之后，拔火罐里边的空气排出去一部分，拔火罐内的气压减小，小于拔火罐外边的大气压，在大气压强的作用下，拔火罐紧紧吸住患者的皮肤，不会掉下来。 [2]利用吸管来喝饮料时，我们用力吸吸管，使吸管内的气压减小，小于外界大气压，则大气压就将饮料压入吸管中，进入我们的口中，这与拔火罐的原理是相同的，都是利用了大气压的作用。 10.如图（a），向一个空矿泉水瓶中倒入温水，晃动几下后将水倒出，迅速拧紧瓶盖，过一会儿发现水瓶扁了，这是由于______的作用；如图（b），剪掉瓶底并拧去瓶盖，打开吹风机，纸条“主动”钻进瓶口，这是由于空气中流速大的位置压强______。 【答案】 大气压 小 【详解】[1]向空矿泉水瓶中倒入温水，晃动几下后将水倒出，迅速拧紧瓶盖，过一会儿倒出热水的矿泉水瓶内气体温度降低，由于热胀冷缩，使得瓶内压强小于外界大气压强，在大气压强的作用下，矿泉水瓶被压扁了，因此该现象证明了大气压强的存在。 [2]在气体中，流速大的位置压强小。所以打开吹风机，纸条“主动”钻进瓶口，这是由于空气中流速大的位置压强小的原因造成的。 11.如图是我国古代劳动人民利用自制的工具汲水的场景。图中装置顶端的轮子相当于现代人们所使用的定滑轮，其作用是可以改变力的________，但不能省力。图中的扁担做得较宽，主要是为了增大受力面积，________（选填“增大”或“减小”）压强。 【答案】 方向 减小 【解析】【小题1】[1]定滑轮实质是一个等臂杠杆，所以不省力，也不距离，但可以改变用力方向。 [2]把扁担做得较大是增大受力面积，在压力一定时可以减小扁担对人肩膀的压强，压力的作用效果就不明显，这样人肩膀就不会感到疼。 12.如图，某同学拿着实心球静止站立在水平地面上，该同学和实心球总重500N，双脚与地面的总接触面积为，此时他对地面的压强为________Pa。该同学将实心球投出后，双脚站立在水平地面上保持静止，他对地面的压强与投出实心球之前相比________（选填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】 12500 变小 【详解】[1]同学拿着实心球静止站立在水平地面上，该同学和实心球总重500N，双脚与地面的总接触面积为，此时他对地面的压强为 [2]该同学将实心球投出后，双脚站立在水平地面上保持静止，因对地面的压力变小，根据可知他对地面的压强与投出实心球之前相比变小； 13.小遥同学在做“探究液体压强与哪些因素有关”的实验。 （1）安装完实验器材后，小遥发现U形管两侧液面出现高度差，如图甲所示，接下来的操作：__________； （2）如图乙所示，从结构上看，压强计__________（选填“属于”或“不属于”）连通器； （3）通过比较丙、丁两图得出结论：同种液体，_________，压强越大； （4）若图丁中，探头在水中的深度为8cm，请你计算该处水的压强为___________Pa； （5）小遥还想探究液体内部压强与液体密度的关系，于是他向图丁烧杯中多次加盐水，发现U形管两侧液面高度差不断增大，于是得出“液体密度越大，压强越大”的结论。他的结论是_________（选填“正确”或“错误”）的，理由是_________。 【答案】 取下软管再重新安装 不属于 深度越深 800 错误 没有控制液体的深度相同 【详解】（1）[1]U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强，当使用前发现U形管内水面已有高度差，只需要取下软管再重新安装，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的调节压强计时。 （2）[2]上端开口，下端连通的容器叫连通器，液体压强计的左端是密闭的，所以不属于连通器。 （3）[3]比较乙、丙两图可知，液体密度相同，丙中探头深度大，形管两侧液面的高度差大，液体压强也大，故可以得出的结论是：同种液体，深度越大，液体压强越大。 （4）[4]探头在水中的深度为8cm时的压强为 （5）[5][6]向丙图烧杯中多次加盐水，改变了液体密度的同时也改变了液体深度，没有控制液体的深度相同，故结论错误。 14.在探究“影响压力作用效果的因素”实验中，实验小组利用小桌、砝码、海绵、沙子等器材在水平台面上进行探究。 （1）实验中压力的作用效果是通过海绵______来体现的，______（选填“可以”或“不可以”）用木板代替海绵来完成实验； （2）比较图1、图2所示的实验现象，将小桌分别正立放在海绵上，这样做的目的是为了控制______相同；改变压力的大小，可以得出结论：______； （3）比较图2、图3所示实验的现象可以得出另一结论，下列实例中，可用此结论解释的是：______； A．书包的背带做的很宽    B．严禁货车超载 （4）图3中桌面对海绵的压强为，小航将图3中的小桌、砝码平放在表面平整的沙子上，静止时如图4所示，桌面对沙子的压强为，则______（选填“<”、“=”或“>”）； （5）小彬选用质地均匀的长方体物块A代替小桌进行探究，如图5所示，将物块A沿竖直虚线方向切成大小不同的两部分。将左边部分移开后，发现剩余部分对海绵的压力作用效果没有发生变化，由此他得出结论：压力的作用效果和受力面积无关。你认为他在探究过程中存在的问题是：______。 【答案】 被压下的深浅 不可以 受力面积 受力面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显 A = 没有控制压力的大小相同 【详解】（1）[1][2]根据转换法，图中压力的作用效果是通过海绵的凹陷程度来体现的，由于木板的形变不明显，所以不可以用木板代替海绵来完成实验。 （2）[3][4]比较图1、图2所示的实验现象，将小桌分别正立放在海绵上，这样做的目的是为了控制受力面积大小不变，压力的大小不同，由于海绵的凹陷程度不同，且压力越大海绵的凹陷程度越大，故可得结论：当受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越显著。 （3）[5]分析比较图2、图3的实验现象知道，两图的压力大小不变，受力面积的大小不同，海绵的凹陷程度不同，且受力面积越小海绵的凹陷程度越大，故可得结论：当压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越显著。 A．书包的背带做得又宽又大，这是通过增大受力面积来减少压力的作用效果，故符合题意； B．交通管理部门规定，严禁货车超载，通过减小压力来减小压强，故不符合题意。 故选A。 （4）[6]压强大小跟压力大小和受力面积大小有关，图3和图4两图压力相同，受力面积相同，由 知道，压强相同，即 （5）[7]为了探究压力的作用效果与受力面积的关系，应保持压力相等，改变受力面积，观察泡沫的凹陷程度；小明同学在探究“压力的作用效果与受力面积的关系”时，将物块沿竖直方向切成大小不同的两块，这样两块对泡沫的压力不同，小明可以改变物块A的放置方向，从而改变物块对底面压力的受力面积，同时保持了压力不变，可用于探究“压力的作用效果与受力面积的关系”。 15.质量为50kg的甲同学站在水平冰面上，与冰面接触的总面积为。甲同学用40N的水平推力推坐在冰车上的乙同学，沿直线前进10m。g取10N/kg。求： （1）甲受到的重力大小； （2）甲站立时对冰面的压强； （3）甲推乙过程中，推力做的功。 【答案】（1）500N；（2）；（3） 【详解】解：（1）甲受到的重力大小为 （2）甲站立时对冰面的压强为 （3）甲推乙过程中，推力做的功为 答：（1）甲受到的重力大小为500N； （2）甲站立时对冰面的压强为； （3）甲推乙过程中，推力做的功为。 押题猜想六 电路识别、电路故障分析、动态电路 试题前瞻·能力先查 【易错题】1.物理应用无处不在。如图甲、乙所示是拳击训练中为测量击打力大小而设计的电路，电源电压恒为6V，为20Ω的定值电阻，电流表量程为0～0.6A，为压敏电阻，其电阻值与击打力的关系如图丙所示。下列说法中正确的是（　　） A．用甲电路测试，当击打力为1000N时，电流表的示数0.12A B．用乙电路测试，当电流表示数为0.50A时，击打力为2000N C．甲、乙两电路相比，甲电路的击打力测量范围较小 D．乙电路中可增大的阻值来增大击打力测量范围 【答案】AD 【详解】A．在甲电路中，与串联。由图丙可知，当击打力时，压敏电阻。此时 电流表的示数为 故A 正确； B．在乙电路中，与并联。当电流表示数时，通过的电流 通过压敏电阻的电流 由此时压敏电阻的阻值 由图丙可知，此时击打力为，故B错误； C．对于甲电路，当电流表的示数时，由可得 因为为，则压敏电阻的阻值可以为0，由图丙可知对应的击打力可达到4000N。 对于乙电路，当电流表的示数时，通过的电流 通过压敏电阻的最大电流 可得压敏电阻的最小阻值 由图丙可知此时对应的击打力最大为2000N。 所以甲电路的击打力测量范围较大，故C 错误； D．在乙电路中，与并联。电流表测干路电流。根据欧姆定律，增大的阻值，通过的电流变小。当电流表量程不变时，通过压敏电阻的最大电流增大，由欧姆定律可知，压敏电阻的最小阻值减小，由图丙可知，击打力测量范围会增大，故D正确。 故选AD。 2.小明用如图所示的电路探究串联电路的电压特点，电源电压恒为3V。闭合开关后，发现电压表的示数为3V，电压表的示数为0V，则电路的故障可能是（    ） A．电阻短路 B．电阻断路 C．导线①断路 D．导线②断路 【答案】B 【详解】闭合开关后，发现电压表的示数为3V，说明有电流经过电压表，所以电路故障不是导线①、②断路；电压表的示数为3V，说明电压表测量电源电压；电压表的示数为0V，说明电路出现断路故障，说明故障在与电压表并联的位置，则电路的故障可能是电阻断路，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 分析有理·押题有据 一、电路识别 串联：一条路径，互相影响，开关控全路 并联：多条路径，互不影响，支路开关控支路 二、电路故障 断路：无电流，灯不亮；断点两端有电压 短路：有电流，被短路用电器不工作 口诀：有电压无电流是断路，有电流无电压是短路 三、动态电路 串联：变阻器阻值变→总电阻变→总电流变→分压重新分配 并联：支路变阻器只影响本支路，不影响其他支路 口诀：串看电阻定电流，并看电压定支路 终极猜想·精练通关 1.光照强度会影响花卉生长。图甲为光照强度过大时触发报警的电路，电源电压不变，R0为阻值可调的电阻箱，R为光敏电阻，其阻值随光照强度变化关系如图乙。当电流表示数大于某一值I0时触发报警，I0时的光照强度为警戒光照强度。闭合开关S，下列说法正确的是（　　） A．R的阻值随光照强度增大而增大 B．增大R0阻值可增大警戒光照强度 C．R0一定时，光照强度越大，通过R0的电流越大 D．R0一定时，光照强度越大，电流表示数越小 【答案】B 【详解】由图可知，定值电阻R0和光敏电阻R并联，电流表测干路电路的电流 A．题目提到R为光敏电阻，其阻值随光照强度变化关系如图乙所示，可以看出光照强度增大时阻值减小，故A错误； B．警戒光照强度是电流达到I0时的光照强度。增大R0阻值会导致通过R0支路的电流减小，因此光敏电阻阻值需减小才能让电流重新达到I0。此时需要更强的光照，所以警戒光照强度增大，故B正确； C．定值电阻R0和光敏电阻R并联，互不影响，R0一定时，电压不变则通过R0的电流不变，故C错误； D．R0一定时，电压不变，通过R0的电流不变。光照强度越大，光敏电阻R的阻值减小，根据可知通过光敏电阻R这条支路的电流增大，电流表测干路电流，等于各支路电流之和，一条支路电流不变，另一条支路电流增大，故电流表示数增大，故D错误。 故选B。 2.如图所示的电路中，闭合开关S后，当滑片P向右移动时，则（　　） A．电流表A示数变小 B．电压表示数不变 C．电压表示数与电流表A示数之比变大 D．电压表示数与电流表A示数之比变小 【答案】D 【详解】AB．由图可知，电阻R1和变阻器R2串联，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量变阻器两端的电压，闭合开关S后，当滑片P向右移动时，变阻器R2连入电路的电阻变小，由电阻的串联可知电路的总电阻变小，由可知电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，由U=IR可知电阻R1两端的电压变大，即电压表示数变大，故AB不符合题意； C．由可知电压表示数与电流表A示数之比等于R1的阻值，R1的阻值不变，所以电压表示数与电流表A示数之比不变，故C不符合题意； D．由可知电压表示数与电流表A示数之比等于R2的阻值，R2的阻值变小，所以电压表示数与电流表A示数之比变小，故D符合题意。 故选D。 3.如图所示，电源电压U恒定，R1是定值电阻，滑动变阻器R2标有“20Ω 2A”，灯L标有“6V 6W”。滑片P在阻值最大端时，闭合开关S，电压表V1示数为2V，电压表V2（未画出）示数为4V；P移到某一位置时，V2示数为10V，电流表示数为1A。上述滑片移动过程中，R2阻值的变化量为ΔR，电路总功率的变化量为ΔP。下列说法正确的是（　　） A．U=16V B．R1=5Ω C．ΔR=12Ω D．ΔP=7W 【答案】D 【详解】AB．灯L标有“6V 6W”，灯正常工作时的电流 滑片P由最大值移到某一位置时，变阻器的电阻变小，根据串联分压可知滑动变阻器两端的电压变小，电压表V2示数由4V增大为10V，确定电压表V2测灯L和定值电阻R1的电压；电流表示数为1A，此时灯正常发光，定值电阻R1的电压 定值电阻R1的电阻 当滑片P在阻值最大端时：电压表V1示数为2V，定值电阻R1的电压为U1′=2V，通过定值电阻R1的电流 串联电路各处电流相等，滑动变阻器R2两端的电压 电源电压U=10V+4V=14V 故AB错误； C．当滑片P在阻值最大端时，R2阻值为20Ω；当P移到某一位置时 R2阻值的变化量 故C错误； D．当滑片P在阻值最大端时，电路总功率 当P移到某一位置时，电路总功率 电路总功率的变化量为 故D正确。 故选D。 4.科技小组的同学按图甲所示的电路研究自制小台灯的调光效果，灯泡L标有“2.5V”字样，电源电压恒为，电压表量程为“”，电流表量程为“”。闭合开关S，在确保电路安全的情况下，最大范围移动变阻器的滑片P，观察灯泡的L亮暗，绘出灯泡L的图像如图乙所示。下列分析正确的是（　　） A．灯泡正常发光时电阻值为 B．灯泡随滑片P向端移动而变亮 C．变阻器接入的阻值范围为 D．电路消耗的最大电功率为0.625W 【答案】C 【详解】A．由图乙可知，灯泡电压为2.5V时，电流为0.25A，则灯泡正常发光时电阻值为 故A错误； B．分析电路可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测灯泡电压，电流表测电路电流。滑片P向端移动时，变阻器阻值变大，则总电阻变大，根据，电路中电流变小，由图乙可知，灯泡电压变小，根据，灯泡实际功率变小，灯泡变暗，故B错误； C．由图乙可知，灯泡电压为2.5V时，电流最大为0.25A，此时变阻器阻值最小为 灯泡电压为0.5V时，电流最小为0.1A，此时变阻器阻值最大为 所以变阻器接入的阻值范围为，故C正确； D．电流最大为0.25A，则电路消耗的最大电功率为 故D错误。 故选C。 5.在如图所示的电路中，下列说法正确的是（　　） A．仅闭合，将滑片P向右移动，A的示数变小，V的示数变大 B．仅闭合，将滑片P向左移动，A的示数变大，V的示数变大 C．先闭合，保持滑片P位置不动，再闭合时，A的示数变大 D．闭合和，将滑片P向右适当移动的过程中，V的示数不变 【答案】BCD 【详解】A．由图可知，仅闭合，电阻R1和变阻器R2串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流，将滑片P向右移动，变阻器R2连入电路的电阻变大，由电阻的串联可知，电路的总电阻变大，由可知电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，由U1=IR1可知电阻R1两端的电压变小，V的示数变小，故A错误； B．由图可知，仅闭合，电阻R1和变阻器R2串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流，将滑片P向左移动，变阻器R2连入电路的电阻变小，由电阻的串联可知，电路的总电阻变小，由可知电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，由U1=IR1可知电阻R1两端的电压变大，V的示数变大，故B正确； C．由图可知，先闭合，保持滑片P位置不动，电阻R1和变阻器R2串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流，再闭合时，变阻器R2被短路，是电阻R1的简单电路，电流表测量电路中的电流，电路的总电阻变小，由可知电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故C正确； D．闭合和，变阻器R2被短路，只有电阻R1的简单电路，电压表V测量电源电压，将滑片P向右适当移动的过程中，V的示数不变，故D正确。 故选BCD。 6.如图所示电路，电源电压保持不变，R1的阻值为R。闭合开关S1，将单刀双掷开关S2与触点1相连，电 压表示数为U1，与触点2相连，电压表示数为U2。下列说法正确的是（   ） A． R1两端的电压为 B．通过 R2的电流为 C． R2的电阻为 D． R1的功率为 【答案】BD 【详解】由图可知，电阻R1、R2串联，当单刀双掷开关S2与触点1相连时，电压表测量电源电压，为U1；当单刀双掷开关S2与触点2相连时，电压表测量R2两端的电压，为U2。 A．根据串联电路电压规律可知，R1两端的电压为U1-U2，故A错误； B．根据串联电路电流规律可知，通过 R2的电流与通过R1的电流相等，大小为 故B正确； C．由欧姆定律可知，R2的电阻为 故C错误； D．根据可得，R1的功率为 故D正确。 故选BD。 7.如图所示，电源电压恒定为，定值电阻，电流表量程为，电压表量程为，滑动变阻器的最大阻值为。若闭合开关S和，且滑动变阻器的滑片P置于中点时，在内产生的热量为___________；若闭合开关S和，在保证各元件安全的情况下，电路的最小电功率和最大电功率之比为___________。 【答案】 240 1∶2 【详解】[1]闭合开关S和，且滑动变阻器的滑片P置于中点时，电阻R1和变阻器R串联，电压表测量R两端的电压，电流表测量电路中的电流，电路中的电流 在内产生的热量为Q1=I2R1t=(0.2A)2×20Ω×5×60s=240J [2]若闭合开关S和，电阻R0和变阻器R串联，电压表测量R两端的电压，电流表测量电路中的电流，电流表量程为，电路中的最大电流是0.6A，电路的最大电功率P大=UI大=6V×0.6A=3.6W 电压表量程为，电压表的示数是3V时，由串联分压可知，变阻器连入电路的电阻最大，电路的总电阻最大，由可知电路中的电流最小，由串联电路电压的规律和欧姆定律可知电路中的最小电流 电路的最小电功率P小=UI小=6V×0.3A=1.8W 电路的最小电功率和最大电功率之比为P小∶P大=1.8W∶3.6W=1∶2 8.如图，闭合开关S，无论怎样移动滑片P，发现电压表示数始终接近电源电压，经查灯泡L完好，导致这一现象的原因是滑动变阻器______。排除故障后，闭合开关S，灯泡L正常发光，将滑片P向左滑动，电压表示数______（选填“变小”“变大”或“不变”）。 【答案】 断路 变大 【详解】[1][2]分析电路可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器电压。闭合开关S，无论怎样移动滑片P，发现电压表示数始终接近电源电压，经查灯泡L完好，导致这一现象的原因是滑动变阻器断路，电压表串联到电路中，测电源电压；排除故障后，闭合开关S，灯泡L正常发光，将滑片P向左滑动，变阻器阻值变大，根据串联分压原理可知电压表示数变大。 9.如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡L的额定电压为6V，闭合开关S后，当滑片P从滑动变阻器右端滑到左端的过程中，小灯泡L的关系图象如乙图所示，则电源电压为______V，滑动变阻器的最大阻值为______Ω。 【答案】 6 20 【详解】[1]由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑片位于左端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为零（电路为灯泡的简单电路），此时电路中的电流最大，由图像可知，此时电路中的电流I=0.4A，灯泡两端的电压为6V，即电源的电压U=6V [2]当滑片位于右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由图像可知，此时灯泡两端的电压 电路中的电流 因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压 滑动变阻器的最大阻值为 10.某同学用图甲所示的电路来测量小灯泡的电功率。他闭合开关，将滑动变阻器滑片从最右端向左滑动，直到灯泡电压达到额定值，记录了不同时刻三个电表的示数，并在同一坐标图中分别绘制了L和的图像如图乙。电源电压恒定不变，请分析：图乙中曲线______是滑动变阻器的图像；该电路的电源电压为______V；灯泡的额定电功率为______W。 【答案】 6 1.2 【详解】[1]由图乙可知，当滑动变阻器两端电压，灯泡两端电压时，二者电流相等，在串联电路中，总电压等于各部分电路电压之和，即电源电压 [2]由图乙可知，灯泡电压达到额定值，滑动变阻器两端电压为2V，灯泡额定电压为 此时电流为0.3A，故灯泡的额定电功率为 11.实践小组为某水箱设计了一个监测水位的装置，图甲是其原理图，电流表的示数可显示水位高低，当示数为0.6A时表示水位达到预定值。电源电压恒定不变，为定值电阻，条状变阻器R的最大阻值为70Ω，浮子可带动连接导线的水平金属杆AP上下移动。给水箱加水至预定水位的过程中，电压表的最大示数为12V，电流表示数变化的范围为0.2~0.6A，变阻器接入电路的阻值随水位的变化关系如图乙所示，则定值电阻的阻值为______Ω，水位预定值为______m。若水箱内部的底面积为，当水位达到预定值时，水箱底部受到水的压力为______N。（g取10N/kg，） 【答案】 20 0.8 【详解】[1][2]分析电路可知，条状变阻器和定值电阻串联，电压表测电压，电流表测电路电流。水位上升时，条状变阻器阻值减小，则总电阻减小，根据，电流表示数变大，根据，电压表示数变大。给水箱加水至预定水位的过程中，电压表的最大示数为12V，电流表示数变化的范围为0.2~0.6A，所以水位到达预定水位时，电压表示数为12V，电流表示数为0.6A，则定值电阻的阻值为 水位最低时，由乙图可知，条状变阻器阻值最大为，此时电路中电流最小为0.2A，则电源电压为 则水位到达预定水位时，条状变阻器阻值 根据数学知识可得图乙中变阻器接入电路的阻值随水位的变化关系图像解析式为，将代入解得，则水位预定值为0.8m。 12.如图是一款电水壶的电路简图，均为加热电阻，通过旋转旋钮开关可实现加热与保温功能的切换。保温功率为88W，阻值为，加热时应将开关旋至_________（1/2）位置，加热功率为_________W。 【答案】 2 1100 【详解】[1]根据可知，在电源电压U一定时，电阻R越小，电功率P越大。由图可知，当开关旋至1位置时，R1​与R2​串联，此时电路中的总电阻R总​=R1​+R2​。当开关旋至2位置时，只有R1​接入电路，此时电路中的总电阻R总′​=R1​。因为R1​+R2​>R1​，所以开关旋至2位置时，电路中的电阻最小，电功率最大，电水壶处于加热状态。 [2]根据可得加热功率 13.某物理兴趣小组为探究“电流与电阻的关系”，设计了如图甲所示的电路图，小组成员在实验室找到如下器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，开关一个，阻值分别为、、的定值电阻各一个，滑动变阻器一个，导线若干。 (1)连接电路前，开关应___________： (2)电路连接如图乙所示，小聪发现一根导线连接错误，请找出接错的导线并打上“×”。再用笔重新画一根正确连接的导线； (3)纠正错误后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至___________（选填“C”或“D”端）； (4)现电路中接入的是的定值电阻，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片使电压表示数为2V。读电流表示数时发现电流表小量程标值模糊不清，如图丙所示，但可推断出电流表示数为___________A； (5)断开开关，将的定值电阻更换为，不改变滑动变阻器滑片的位置，闭合开关后，电压表示数将___________2V（选填“大于”、“小于”或“等于”）； (6)多次实验后，分析数据得出结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成___________。 【答案】(1)断开 (2) (3)D (4)0.4 (5)大于 (6)反比 【详解】（1）为保护电路元件，防止短路损坏，连接电路前必须确保开关处于断开状态。 （2）图乙中导线接到了开关的同一端，起不到控制电路的作用，应该分别接到开关的两个接线柱上，如图所示： （3）闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于阻值最大端（D端），以起到保护电路的作用。 （4）根据欧姆定律，电流表指针位置应该对应0.4A。 （5）更换大电阻后，根据串联分压原理，定值电阻两端电压会增大，故示数大于2V。 （6）实验数据表明，在电压恒定时，电流与电阻的乘积保持不变，故二者成反比关系。故结论为当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。 14.某学校食堂购置了一批加热餐台，如图甲所示。通电后加热容器中的水，为上方饭菜提供所需的热量。加热器简化电路如图乙所示，旋转开关S分别连通0、1、2触点，可实现加热器的断电、快速加热、保温多挡位功能调节。是定值电阻，。容器内水的体积为，密度，比热容，加热器使用的电源电压恒为220V，加热器快速加热时的功率为2kW。求： (1)的阻值； (2)加热器保温时的功率； (3)加热器使用保温挡工作1小时消耗的电能是多少度？ (4)加热器使用快速加热挡工作15min可使水温升高40℃，则加热器对水加热的效率是多少？（结果保留一位小数） 【答案】(1) (2)400W (3)0.4度 (4)93.3% 【详解】（1）旋转开关S连通1触点，电路为R1的简单电路，可实现加热器快速加热，加热器快速加热时的功率为2kW，的阻值 （2）旋转开关S连通2触点，电阻R1和R2串联，可实现加热器的保温功能，加热器保温时的功率 （3）加热器使用保温挡工作1小时消耗的电能是 （4）容器内水的体积为，水的质量 水温升高40℃吸收的热量 加热器使用快速加热挡工作15min消耗的电能 加热器对水加热的效率是 押题猜想七 运动和力 试题前瞻·能力先查 1.碰撞试验是检测汽车安全性能的重要方式之一。如图所示，让载有假人的汽车，以一定的速度冲向墙壁，碰撞后根据车辆和假人的受损程度、车门能否打开等指标判定汽车的安全性能。在汽车与墙壁碰撞的过程中（　　） A．汽车对墙壁的力使汽车发生形变 B．墙壁对汽车的力使汽车运动状态改变 C．汽车对墙壁的力大于墙壁对汽车的力 D．汽车对墙壁的力和墙壁对汽车的力施力物体相同 【答案】B 【详解】A．汽车对墙壁的力，受力物体是墙壁，所以这个力会使墙壁发生形变，而非汽车，故A不符合题意； B．墙壁对汽车的力，受力物体是汽车，力可以改变物体的运动状态，体现在汽车发生碰撞后速度变化，所以这个力使汽车运动状态改变，故B符合题意； C．汽车对墙壁的力和墙壁对汽车的力是一对相互作用力，二者大小相等，故C不符合题意； D．汽车对墙壁的力，施力物体是汽车，墙壁对汽车的力，施力物体是墙壁，二者施力物体不同，故D不符合题意。 故选B。 【传统文化题】2.我国明代科技著作《天工开物》中，记录着许多简单机械的巧妙应用。如图所示，图甲是用来从井中汲水的桔（jié gao)，图乙是可以用来击稻脱壳的踏碓（duì）。两图都用到了______（填一种简单机械的名称），图乙中击稻时稻壳裂开说明力可以改变物体的______。 【答案】 杠杆 形状 【详解】[1]在力的作用下能绕着固定点转动的硬棒叫杠杆，桔槔和踏碓在工作时，都可以绕着固定点转动，所以两图都用到了杠杆。 [2]图乙中击稻时稻壳裂开，稻壳的形状发生了改变，这说明力可以改变物体的形状。 【科技前沿题】3.图甲为泰山上机器狗驮着重物攀登的情景，图乙是所驮重物的简图，O为重心，请画出重物所受重力的示意图。 【答案】 【详解】过重心 O 沿竖直向下画一条带箭头的线段表示重物所受的重力。如图所示： 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考，力学核心基础。 参照物：位置变则运动，不变则静止 速度：v=s/t，平均速度 = 总路程 / 总时间 力：改变形状或运动状态；力的作用是相互的 惯性：只与质量有关，维持原有运动状态 二力平衡：同体、等大、反向、共线，对应静止或匀速直线运动 平衡力 vs 相互作用力：同一物体是平衡，两个物体是相互作用 摩擦力：大小看压力和粗糙程度；增大靠加压、加糙；减小靠润滑、滚动 终极猜想·精练通关 1.2025年世界乒乓球锦标赛男女混双决赛中，中国队以3∶0战胜对手，实现了三连冠。如图，是运动员比赛时的场景。下列说法正确的是 （　　） A．静止在手中的乒乓球没有惯性 B．乒乓球在下落的过程中，相对于地面是运动的 C．乒乓球在空中运动的过程中，一直受到球拍的作用力 D．击球时，球拍对乒乓球的力和乒乓球对球拍的力是一对平衡力 【答案】B 【详解】A．惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性，静止在手中的乒乓球也有惯性，故A错误； B．乒乓球在下落过程中，相对于地面的位置在不断改变，所以以地面为参照物，乒乓球是运动的，故B正确； C．乒乓球在空中运动时，已经脱离球拍，球拍与球之间没有接触，不再受到球拍的作用力，故C错误； D．击球时，球拍对乒乓球的力和乒乓球对球拍的力，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，但作用在两个不同的物体上，是一对相互作用力，而不是平衡力，故D错误。 故选B。 2.如图所示，小物同学从蹦床向上运动过程中，以下说法中正确的是（    ） A．小物同学离开蹦床后仍受向上的作用力 B．小物同学离开蹦床后运动状态一直改变 C．小物同学到达最高点时处于平衡状态 D．小物同学到达最高点时不具有惯性 【答案】B 【详解】A．小物同学离开蹦床后，不再与蹦床接触，蹦床的弹力消失，在不计空气阻力的情况下，此时她只受到竖直向下的重力作用，没有向上的作用力，故A错误； B．小物同学离开蹦床后，无论是向上运动还是从最高点下落，都受到重力作用，这个力会改变她的运动状态。在上升过程中，速度不断减小；在下降过程中，速度不断增大。因此，她的运动状态一直在改变，故B正确； C．平衡状态是指物体处于静止或匀速直线运动的状态，此时物体所受的合力为零。小物同学到达最高点时，瞬时速度为零，但仍然受到重力作用，所受合力不为零，因此不处于平衡状态，故C错误； D．惯性是物体本身的一种属性，其大小只与物体的质量有关。任何有质量的物体在任何情况下都具有惯性。小物同学到达最高点时，虽然速度为零，但她的质量没有改变，所以仍然具有惯性，故D错误。 故选B。 3.如图所示，是初中阶段我们用斜面做的三个实验，下列说法正确的是（　　） A．图甲中为了便于测量时间，应选用坡度较大的斜面 B．图乙中的实验直接得出了牛顿第一定律 C．图丙中钢球在木板上滚动是由于受到惯性力的作用 D．图甲、乙、丙中运动的物体最终会停下来，说明力可以改变物体的运动状态 【答案】D 【详解】A．图甲中为了便于测量时间，应选用坡度较小的斜面，使得小车下滑的速度慢些，运动的时间长些，故A错误； B．牛顿第一定律是在图乙中的实验基础上经过进一步推理得到的，不能直接得到，故B错误； C．图丙中钢球在木板上滚动是由于具有惯性，但惯性不是力，不能说“惯性力”，故C错误； D．图甲、乙、丙中运动的物体最终会停下来是由于受到了阻力，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。 故选D。 4.歼-15T是我国自主研制的第一型舰载多用途战斗机，拥有出色的对地对海打击能力以及强大的空战能力。如图，静止在地面上的歼-15T战斗机（　　） A．受到重力、压力和支持力三个力 B．受到的重力和它对地面的压力是一对平衡力 C．对地面的压力和地面对它的支持力是相互作用力 D．轮胎上有凹凸花纹是为了减小摩擦 【答案】C 【详解】A．静止在地面上的歼-15T战斗机受到重力和地面对它的支持力，而战斗机对地面有压力的作用，故A不符合题意； B．战斗机受到的重力作用在战斗机上，它对地面的压力作用在地面上，两个力作用在不同物体上，不满足平衡力的条件，故B不符合题意； C．对地面的压力和地面对它的支持力，方向相反，大小相等，作用在两个物体上，且在同一条直线上，满足相互作用力的条件，故C符合题意； D．轮胎上有凹凸花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故D不符合题意。 故选C。 5.“儿童散学归来早，忙趁东风放纸鸢”，描绘了放风筝的画面。下列说法正确的是（　　） A．风筝加速上升过程中运动状态不改变 B．下落越来越快的风筝受平衡力 C．风筝的运动属于机械运动 D．断线的风筝仍然具有惯性 【答案】CD 【详解】A．运动状态的改变包括物体运动速度大小和运动方向的变化，加速上升时速度大小在变化，运动状态一定改变，故A错误； B．风筝下落时越来越快，说明合力向下，不是平衡力，故B错误； C．机械运动指物体位置随时间变化，风筝飞行属于机械运动，故C正确； D．一切物体在任何情况下都具有惯性，与是否断线无关，故D正确。 故选 CD。 6.重为5N的磁铁吸附在竖直放置且足够长的白板上。0~6s内磁铁在图甲所示的拉力作用下沿竖直方向向上运动，拉力F的大小与时间t的关系如图乙所示，速度v的大小与时间t的关系如图丙所示。6s后撤去拉力F，磁铁静止不动。不计空气阻力，下列说法正确的是（    ） A．磁铁受到白板的吸引力与支持力是一对平衡力 B．磁铁在0~6s内通过的路程为8m C．磁铁在5s时所受的摩擦力大小为6N D．磁铁在2s时机械能达到最大 【答案】AC 【详解】A．磁铁受到白板的吸引力与支持力，作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，因此是一对平衡力，故A正确； B．由图丙可知，0~2s，磁铁通过的路程为 2~4s，磁铁通过的路程为 4~6s，磁铁通过的路程为 则磁铁在0~6s内通过的路程为s=s1+s2+s3=4m+8m+4m=16m 故B错误； C．由图丙可知，2~4s内，磁铁在做匀速直线运动，处于平衡状态，因此受到的摩擦力为f= F - G =11N-5N=6N 磁铁在5s时，处于减速状态，但由于磁铁对白板的压力和接触面的粗糙程度不变，因此滑动摩擦力的大小不变，因此所受的摩擦力大小仍为6N，故C正确； D．机械能包括动能和势能，由图丙可知，磁铁在2s时速度达到最大，即动能最大，但2~4s内仍在向上做匀速运动，此时动能不变，高度变大，因此势能仍在变大，机械能继续变大，所以磁铁在2s时机械能没有达到最大，故D错误。 故选AC。 7.如图所示，小明和小华穿着轮滑鞋静止站在平滑地面上。小华用力推小明，小明向前运动，小华向____运动。小明由静止开始运动是因为受到____对他的作用力。 【答案】 后 小华 【详解】[1][2]小明和小华穿着轮滑鞋静止在平滑的地面上，地面上的摩擦力很小，小华用力向前推小明，小明由于受到了小华对他向前的推力，小明向前运动，由于力的作用是相互的，小华受到了向后的反作用力，小华向后运动，两个人会远离对方。 8.如图所示，小球悬挂在小桶的正上方，小车、小桶、小球一起沿水平地面向左做匀速直线运动。以小车为参照物，小球是_______________（选填“运动”或“静止”）的；某时刻将细线剪断，小车、小桶仍然以原速度向左做匀速直线运动，小球会落在______________（选填“桶的左边”“桶的右边”或“桶中”）。 【答案】 静止 桶中 【详解】[1]判断物体运动或静止，取决于所选的参照物，若物体相对于参照物的位置没有发生变化，则物体是静止的。以小车为参照物，小球相对于小车的位置始终没有改变，所以小球是静止的。 [2]小球原来和小车、小桶一起沿水平地面向左做匀速直线运动，将细线剪断后，由于小球具有惯性，会保持原来向左的运动速度继续运动；而小车、小桶仍然以原速度向左做匀速直线运动，小球在水平方向上的速度与小车、小桶相同，在竖直方向上由于重力作用下落，所以小球会落在桶中。 9.图所示的工具可以提高在沙漠中植树的效率。使用较细的铁棒更容易将树根压入干燥沙子，这是通过___________来增大压力的作用效果；竖直向上缓慢提升工具时，拉力越来越小，说明铁棒侧壁受到的摩擦力___________（选填“减小”“不变”“增大”）。 【答案】 减小受力面积 减小 【详解】[1]压力的作用效果与压力大小和受力面积大小有关；使用较细的铁棒更容易将树根压入干燥沙子，这是通过减小受力面积的方法增大压力的作用效果。 [2]竖直向上缓慢提升工具时，工具处于平衡状态；工具在竖直方向受到拉力、重力、摩擦力的作用，重力不变，拉力越来越小，则摩擦力越来越小。 10.如图，磁悬浮列车悬浮在铁轨上不与轨道接触，请画出列车的重力（O点为重心）及左侧悬浮电磁铁所受轨道电磁铁作用力的示意图。 【答案】 【详解】由图可知，列车受到竖直向下的重力及两侧轨道的电磁铁对列车下方电磁铁竖直向上的吸引力，因两侧受力大小相等，所以，左侧悬浮电磁铁所受轨道电磁铁作用力大小等于列车重力的一半，力的作用点都画在列车的重心，作图如下： 11. 如图所示，运动员握住标枪静止不动，支撑标枪的手掌面（支撑点为A）与标枪平行，请在A点画出标枪受到手掌的支持力和摩擦力。 【答案】 【详解】运动员握住标枪静止不动，A点标枪受到手掌的支持力垂直于标枪向上，标枪相对于手向下的运动趋势，受到的摩擦力沿标枪向上，如图所示： 12.如图1，这是小明同学做“探究阻力对物体运动的影响”的实验装置。 (1)实验前，小明同学用大小相同的力将手分别压在毛巾和木板表面上，并向前滑动，在此过程中小明感到 _______ （填“毛巾”或“木板”）对手的运动的阻碍作用较大些。 (2)小明打算实验时将同一辆小车从同一个斜面上的同一高度处，由静止开始滑下，他这样操作的目的是为了使小车运动到水平面时具有相同的 ________ 。 (3)实验时，让小车从斜面上由静止滑下，观察小车在毛巾和木板表面上滑行的距离。小明同学发现：当小车受到的阻力越小，则小车运动的距离就越 _____ 。由此可进一步推理得出：若运动的小车不受阻力，它将会一直做 _________ 运动。 (4)小明还想探究物体的动能大小与物体速度的关系，他进行了如图2甲、乙所示的实验。他将一个小钢球分别放在同一斜面上的 _______ （填“相同”或“不同”）高度处，由静止滑下，撞击放在水平桌面上的木块，比较木块移动的距离。当他将小钢球放在斜面上较高处实验时，发现小球撞击木块后，木块直接冲出水平桌面，为避免这种现象发生，请你为小明同学提出一条较合理的改进建议：________________ 。 【答案】(1)毛巾 (2)初速度 (3) 远 匀速直线 (4) 不同 减小小球在斜面上的高度 【详解】（1）实验前，小明同学用大小相同的力将手分别压在毛巾和木板表面上，并向前滑动，根据滑动摩擦力大小影响因素，压力一定，由于毛巾最粗糙，在此过程中小明感到毛巾对手的运动的阻碍作用较大些。 （2）由控制变量法，实验时将同一辆小车从同一个斜面上的同一高度处，由静止开始滑下，他这样操作的目的是为了使小车运动到水平面时具有相同的初速度。 （3）[1][2]木板表面最光滑，小车运动时受到的阻力最小，小车在木板表面上通过的距离最长，速度减小得最慢，实验时，让小车从斜面上由静止滑下，观察小车在毛巾和木板表面上滑行的距离，当小车受到的阻力越小，则小车运动的距离就越远。由此可进一步推理得出：若运动的小车不受阻力，它的速度不会变小，将会一直做匀速直线运动。 （4）[1]小明还想探究物体的动能大小与物体速度的关系，要控制质量相同，改变速度大小，将一个小钢球分别放在同一斜面上的不同高度处，由静止滑下，撞击放在水平桌面上的木块，比较木块移动的距离。 [2]当他将小钢球放在斜面上较高处实验时，发现小球撞击木块后，木块直接冲出水平桌面，可知小球的动能过大，为避免这种现象发生，应减小小球的动能大小，在质量不变时，减小小球的速度，较合理的改进建议：减小小球在斜面上的高度。 13.小梅利用下图装置做“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验，所用的长方体木块如图甲所示，其中一个面粗糙程度较大，其他各面粗糙程度相同。 (1)实验前，小梅先将弹簧测力计在____（选填“水平”或“竖直”）方向调零，使指针对准零刻度线；调好后，她用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿水平木板做____运动，此时弹簧测力计的示数等于木块与木板之间滑动摩擦力的大小。 (2)小梅对比乙，丙两次实验得出：当接触面受到的压力大小和接触面积大小一定时，接触面越____，滑动摩擦力越大。 (3)小梅对比乙、丁两次实验，初步得出“滑动摩擦力大小与接触面积有关”的结论。你认为她得出这个结论的探究过程是____（选填“合理”或“不合理”）的。理由是____。 接下来，小梅继续探究…… 【答案】(1) 水平 匀速直线 (2)粗糙 (3) 不合理 没有控制接触面粗糙程度相同 【详解】（1）[1]因为实验时要在水平方向拉动木块，为了避免弹簧与外壳摩擦等对实验的影响，应在水平方向对弹簧进行调零。 [2]根据二力平衡知识可知，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿水平木板做匀速直线运动时，木块处于平衡状态，此时弹簧测力计的示数等于木块与木板之间滑动摩擦力的大小。 （2）对比乙，丙两次实验可知，压力一定时，接触面越粗糙，弹簧测力计的示数越大，即摩擦力越大，因此可得：当接触面受到的压力大小和接触面积大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。 （3）[1][2]对比乙、丁两次实验，木块对接触面的压力一定，接触面的粗糙程度和面积都不同，根据控制变量法的思想可知，小梅得出这个结论的探究过程是不合理的。 押题猜想八 机械能及其转化 试题前瞻·能力先查 【改编题】1.如图所示为某次蹦极运动的精彩瞬间，若一游客从平台上由静止开始下落。从开始下落至第一次到达最低点的过程中，游客的（　　） A．动能一直增大 B．重力势能一直减小 C．机械能保持不变 D．机械能一直增大 【答案】B 【详解】游客从开始下落至第一次到达最低点的过程中，起始阶段：蹦极者从起始点跳下，此时弹性绳处于松弛状态，在重力作用下下落。将重力势能逐渐转化为动能，重力势能越来越小，动能越来越大；绳子拉伸阶段：当下降到一定高度后，绳子开始被拉长，蹦极者继续受到向下的重力，同时绳子也产生向上的弹力。此时，一部分重力势能继续转化为动能，另一部分则转化为弹性绳的弹性势能；受力平衡阶段：在某一时刻，蹦极者受到的重力和绳子的弹力达到平衡，此时速度达到最大，动能最大；减速下降阶段：随着绳子的继续拉伸，弹力逐渐大于重力，蹦极者开始做减速运动，此过程中，动能和重力势能继续转化为绳子的弹性势能，直到下降到最低点，此时动能和重力势能最小，弹性势能最大。综上可知，游客的动能先增大后减小，重力势能一直减小。下落过程中要克服空气阻力做功，消耗一部分机械能，则机械能一直减小。故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 【社会热点题】 2.5月7日，河北省首条低空无人机物流运输航线试航成功。下图为正在运输货物的无人机，下列说法正确的是（  ） A．无人机上升过程中，货物的重力势能可能减小 B．无人机水平匀速飞行时，货物的机械能保持不变 C．无人机在某一高度悬停时，货物的机械能一定为零 D．无人机下降过程中，货物的动能一定增大 【答案】B 【详解】A．无人机上升过程中，货物的高度变大，重力不变，重力势能变大，故A错误； B．无人机水平匀速飞行时，货物的质量、速度和高度不变，重力势能不变，动能不变，则机械能保持不变，故B正确； C．无人机在某一高度悬停时，货物具有一定的高度，货物的重力势能不为零，则机械能不为零，故C错误； D．若无人机下降过程中是匀速下降，则货物的动能不变，故D错误。 故选B。 分析有理·押题有据 本考点必考，选择填空常考。 机械能＝动能＋势能（重力势能、弹性势能） 动能：与质量、速度有关 重力势能：与质量、高度有关 弹性势能：与弹性形变大小有关 不计摩擦阻力：机械能守恒 有空气阻力 / 摩擦：机械能减小，转化为内能 上升：动能→重力势能 下落：重力势能→动能 终极猜想·精练通关 1.近年来风能和太阳能发电逐渐增多。为增加供电稳定性，需要储能系统进行调节。研究发现可利用“深井拉铁”技术储存电能，还能实现废旧矿井的再利用。如图所示，用电低峰时，电动机利用多余电能将重物提升至高处；用电高峰时，重物下降带动发电机发电。下列说法正确的是（　　） A．风能和太阳能都属于不可再生能源 B．用电低峰时，重物上升，机械能转化为电能 C．用电高峰时，重物下降，电能转化为机械能 D．重物质量一定，井越深，能储存的电能越多 【答案】D 【详解】A．风能和太阳能都是自然界源源不断从自然界获得的能源，是可再生能源，故A错误； B．用电低峰时，电动机利用多余电能将重物提升至高处，重物上升，电能转化为机械能，故B错误； C．用电高峰时，重物下降带动发电机发电，重物下降，机械能转化为电能，故C错误； D．重物质量一定，井越深，重物被提升的高度越大，重物具有的机械能越多，能储存的电能越多，故D正确。 故选D。 2.“夜空画师”把深圳创意飞到天上去——深圳无人机表演团队，凭借精湛的技术和表现力，让海内外观众感受到深圳科技的“硬核力”！下列说法正确的是（　　） A．无人机匀速上升时，其机械能保持不变 B．无人机在空中悬停定位拍摄时，有力在对无人机做功 C．无人机的锂电池充电时，电能转化为化学能 D．无人机的灯光来自LED灯，其发光部件是绝缘体 【答案】C 【详解】A．无人机匀速上升时，质量不变，速度不变，动能不变，高度变大，重力势能变大，机械能是动能和势能的总和，其机械能变大，故A错误； B．无人机在空中悬停定位拍摄时，受到竖直向下的重力和竖直向上的升力，由于处于静止状态，在力的方向上都没有距离，因此没有力在对无人机做功，故B错误； C．无人机的锂电池充电时，相当于用电器，消耗电能，因此电能转化为化学能储存在电池中，故C正确； D．无人机的灯光来自LED灯，LED灯主要是发光二极管，其发光部件是半导体，故D错误。 故选C。 3.为了提高环境质量，经常有如图所示的喷雾车在街道上喷雾作业。喷雾车作业时保持匀速直线运动，下列说法正确的是（　　） A．喷雾的目的是为了清洁地面 B．喷出的水雾是水蒸气液化形成的 C．喷雾车的动能不变 D．喷雾车的重力势能变小 【答案】D 【详解】A．喷雾的目的是为了降尘，故A错误； B．喷雾车喷出的水雾，状态没有发生变化，所以水雾的形成过程中没有发生物态变化，故B错误； CD．喷雾车作业时保持匀速直线运动，速度和高度不变，质量减小，所以动能和重力势能均减小，故C错误，D正确。 故选D。 4.春晚舞蹈诗剧《锦鲤》的演员们，既是一群活泼的少女，又是一群嬉戏的“锦鲤”，“灵性相通”的意象直击观众心底的柔软和纯真。如图所示，在威亚的拉力作用下，整齐划一地匀速上升的演员们（　　） A．是相对运动的 B．机械能不断增大 C．所受合力竖直向上 D．所受拉力不做功 【答案】B 【详解】A．在威亚的拉力作用下，整齐划一地匀速上升的演员们的相对位置不变，是相对静止的，故A不符合题意； B．匀速上升的演员们的质量不变，速度不变，高度不断升高，动能不变，重力势能不断增大，机械能为动能与重力势能的总和，则机械能不断增大，故B符合题意； C．运动员匀速上升，受力平衡，所受合力为0，故C不符合题意； D．运动员受到的拉力竖直向上，运动方向竖直向上，运动员在拉力的方向上发生移动，则所受拉力有做功，故D不符合题意。 故选B。 5.掷实心球是我市中考体测项目之一。不计空气阻力，投掷后的实心球在上升过程中（　　） A．动能变大，重力势能变大 B．动能变小，重力势能变小 C．动能变小，重力势能变大 D．动能变大，重力势能变小 【答案】C 【详解】投掷实心球时，实心球离开手后继续上升，是因为实心球具有惯性，此时实心球不再受到手的作用力；实心球在上升过程中，质量不变，速度减小，动能减小；高度增大，重力势能增大。故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 6.原地纵跳摸高是同学们经常玩的游戏，如图所示，下列关于游戏过程的分析正确的是（　　） A．在离地前的起跳过程中，地面对人的支持力大于人对地面的压力 B．在离地前的起跳过程中，地面对人的支持力小于人对地面的压力 C．在离地后的上升过程中，人的动能转化为重力势能 D．在落地前的下降过程中，人的动能减少，重力势能增加 【答案】C 【详解】AB．在离地前的起跳过程中，地面对人的支持力和人对地面的压力是一对相互作用力，所以大小相等，故AB错误； C．在离地后的上升过程中，速度减小，高度增加，人的动能转化为重力势能，故C正确； D．在落地前的下降过程中，速度增加，高度减小，人的动能增大，重力势能减小，故D错误。 故选 C。 7.很多同学都玩过荡秋千，下列说法正确的是（　　） A．秋千荡到最低点时只有动能 B．秋千荡到最高点时有重力势能和动能 C．从最低点荡到最高点的过程中重力势能转化为动能 D．从最高点荡到最低点的过程中动能增大，重力势能减少 【答案】D 【详解】A．秋千荡到最低点时距地面有一定的高度，既具有动能又具有重力势能，故A错误； B．秋千荡到最高点时，瞬时速度为0，只有重力势能没有动能，故B错误； C．从最低点荡到最高点的过程中动能转化为重力势能，故C错误； D．从最高点荡到最低点的过程重力势能转化为动能，所以动能增大，重力势能减少，故D正确。 故选D。 8.图是我国运动健儿在跳高比赛中的场景。关于跳高运动员的能量，下列结论正确的是（　　） A．助跑过程中，动能保持不变 B．助跑过程中，机械能总量保持不变 C．起跳后的上升过程中，重力势能增大 D．越过横杆后的下降过程中，动能保持不变 【答案】C 【详解】AB．助跑过程中，运动员的质量不变，速度增大，因此运动员的动能增大；高度不变，运动员的重力势能不变，机械能是动能与重力势能之和，因此机械能增大，故AB错误； C．起跳后的上升过程中，运动员的质量不变，高度增大，重力势能增大，故C正确； D．越过横杆后的下降过程中，运动员的质量不变，速度增大，因此运动员的动能增大；故D错误。 故选C。 9.三峡水电站是当今世界上装机容量最大的水电站，三峡大坝横跨长江，雄伟壮丽（如图）。下列说法正确的是（　　） A．水力发电是将电能转化为机械能 B．水能是一次能源，电能是二次能源 C．利用大坝提高水位的目的是储蓄更多内能，用来发电 D．机械能和电能可以相互转化，所以能量转化没有方向性 【答案】B 【详解】A．水力发电是将水的机械能转化为电能，故A错误； B．水能可以从自然界直接获取使用，是一次能源，而电能是由其他形式的能量转化来的，是二次能源，故B正确； C．利用大坝提高水位的目的是储蓄更多机械能，用来发电，故C错误； D．虽然机械能和电能可以相互转化，但是转化是有条件的，所以能量转化是有方向性，故D错误。 故选B。 10.如图所示，小明同学在体育课上进行竖直爬杆训练，匀速上爬过程中小明受到竖直的摩擦力________（选填“向上”或“向下”）；匀速下滑时小明的机械能________（选填“增大”“减小”或“不变”）。 【答案】 向上 减小 【详解】 [1] 小明匀速上爬过程中，小明受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，这两个力是一对平衡力，大小相等，重力方向竖直向下，所以摩擦力方向竖直向上。 [2]匀速下滑时，质量不变，速度不变，动能不变，高度减小，重力势能减小，机械能减小。 11. 9月25日8点44分，东风41号洲际弹道导弹发射，震惊了世界，小明查阅了网上资料找到一幅图片，经过浏览发现洲际导弹采用的是钱学森弹道，已知第一阶段洲际导弹加速上升，动能______，第二阶段假设导弹消耗大量燃料沿着大气层的临界位置匀速飞行，动能______。（增大/减小/不变） 【答案】 增大 减小 【详解】[1][2]第一阶段洲际导弹加速上升，质量不变，速度增大，动能增大；第二阶段假设导弹消耗大量燃料沿着大气层的临界位置匀速飞行，质量减小，速度不变，动能减小。 12.我国自主生产的歼-35A在珠海航展表演，如图所示.向后喷出高温气体时，它加速上升，说明力可以改变物体的_________；此过程，歼-35A的机械能_________（选填“守恒”或“不守恒”）。 【答案】 运动状态 不守恒 【详解】[1]歼-35A加速上升，速度改变，说明力可以改变物体的运动状态。 [2]歼-35A加速上升时，速度增大，动能增大，高度增加，重力势能增大，故机械能增大，歼-35A的机械能不守恒。 13.小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关“的实验中，所用钢球质量m<M，分别从图中的位置由静止释放（h<H）。 (1)实验中，小明是通过______来比较钢球动能大小的，这种研究方法是______； (2)木块被钢球撞出一段距离后停了下来，这是因为木块受到______的作用；若水平面是光滑且足够长的，木块被撞后将做______运动； (3)根据甲、丙两次实验，______（选填“能”或“不能”）得出结论：物体的动能大小与质量有关，原因是______； (4)汽车行驶过程中为了保证安全，需要限速，能说明这一原因的是______两次实验。 【答案】(1) 木块移动的距离 转换法 (2) 阻力 匀速直线 (3) 不能 没有控制钢球到达水平面时的速度相同 (4)甲、乙 【详解】（1）[1][2]实验中通过观察木块移动的距离长短，来判断钢球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法。 （2）[1]力是改变物体运动状态的原因，木块被钢球撞出一段距离后停了下来，这是因为木块受到阻力的作用。 [2]若水平面是光滑且足够长的，根据牛顿第一定律可知，木块被撞后将做匀速直线运动。 （3）[1][2]甲、丙两图中没有控制钢球下落的高度相同，则钢球到达水平面时的速度不相同，不能得出物体的动能大小与质量的关系。 （4）汽车行驶过程中为了保证安全，需要限速，探究动能与速度的关系，应控制质量相同，只改变速度大小，故能说明这一原因的是甲、乙两实验。 押题猜想九 电磁现象辨析 试题前瞻·能力先查 【跨学科题】1.在信息传递比赛中，小敏同学制作了一套如图装置传递信息，闭合开关，手动将导体a沿导轨水平向右移动，导体b也随之向右运动起来。忽略导体与导轨之间的摩擦，关于此过程，下列说法中正确的是（　　） A．a动起来是因为电流的磁效应 B．a水平向右移动的过程中，相当于发电机 C．若手动将a沿导轨水平向左移动，b会运动 D．b的能量转化是：机械能转化为电能 【答案】BC 【详解】闭合开关，导体a和b组成一个闭合电路，闭合电路的一部分导体a在磁场中进行切割磁感线运动，闭合电路中有了感应电流，这种现象是电磁感应现象；电路中有了感应电流之后，感应电流经过导体b，导体b成为通电导体在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理。 A．导体a是手动移动的，不是因为电流的磁效应而动起来，故A错误。 B．导体a水平向右移动的过程中，做切割磁感线运动，会产生感应电流，这是电磁感应现象，相当于发电机，故B正确。 C．若手动将a沿导轨水平向左移动，a仍然做切割磁感线运动，会产生感应电流，导体b中有电流通过，在磁场中会受到力的作用而运动，故C正确。 D．导体b中有电流通过，在磁场中受到力的作用而运动，是电能转化为机械能，故D错误。 故选BC。 2.指南针是我国古代的四大发明之一、我国古代就利用司南来辨别方向，司南是现代所用的指南针的始祖。司南之所以能指示方向，是因为我们生活的地球本身就是一个大磁体，周围存在___________。静止时，司南的长柄（柢）（见图1）指向地理的南方（柢）应为该磁体的 ___________（选填“N”或“S”）极。如图2所示，桌面上有一枚转动灵活的小磁针，当导线与电池触接时；断开电路。 【答案】 磁场 S 【详解】[1]我们生活的地球本身就是一个大磁体，磁体的周围存在磁场，地球的周围存在地磁场。 [2]磁勺的勺柄指南，根据地磁的N极在地理的南极附近，因此勺柄为该磁体S极。 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考，选择、填空为主，简单易得分。 一、电生磁（电流的磁效应） 奥斯特发现：通电导线周围有磁场。 通电螺线管：磁场类似条形磁体。 安培定则：右手握螺线管，四指沿电流方向，大拇指指N 极。 电磁铁：有铁芯的螺线管。磁性强弱与电流大小、线圈匝数有关。 二、电动机 原理：通电导体在磁场中受力运动。 能量：电能→机械能。 受力方向：与电流方向、磁场方向有关。 三、磁生电（电磁感应） 法拉第发现。 条件：闭合电路的一部分导体切割磁感线。 四、发电机 原理：电磁感应现象。 能量：机械能→电能。 电流方向：与运动方向、磁场方向有关。 五、一句话区分 电动机：有电才转，电能→机械能。 发电机：转动生电，机械能→电能。 口诀 右手安培定南北，电生磁； 切割磁感生电流，磁生电； 电动受力电转力，发电感应力转电。 磁感线，北出南回。 终极猜想·精练通关 1.如图，新能源汽车在进行无线充电时，受电线圈的工作原理与下列哪个实验的原理相同（　　） A B C D 【答案】D 【详解】电动汽车驶到供电线圈装置上时，受电线圈可感应出电流，这过程是磁生电，即电磁感应现象。 A．图中磁体靠近小磁针，使小磁针发生偏转，说明不同磁体的磁极间存在力的作用，故A不符合题意； B．图中给导体通电，导体ab会运动，说明通电导体在磁场中受到力的作用，故B不符合题意； C．图中闭合开关，给导体通电，说明通电直导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故C不符合题意； D．图中AB是闭合电路的一部分导体，AB做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，故D符合题意。 故选D。 2.下列四幅图与电动机工作原理相同的是（　　） A B C D 【答案】A 【详解】电动机的工作时将电能转化为机械能，原理是通电导线在磁场中受到力的作用； A．图中，电路中有电流，通电导体棒受到磁场力的作用而运动，与电动机的工作原理相同，故A符合题意； B．图中，探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系，电流相同时，线圈匝数越多，磁性最强，故B不符合题意； C．图中，导体棒切割磁感线运动，电流表指针发生偏转，说明此时电路中有电流，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故C不符合题意； D．图中是奥斯特实验图，小磁针发生偏转，说明通电导体周围有磁场，故D不符合题意。 故选A。 3.如图所示，为电动机工作原理图，线圈abcd从甲图位置变为乙图位置，已知图甲中导线cd所受磁场力的方向竖直向下，以下说法正确的是（　　） A．图甲中ab边所受磁场力的方向是竖直向下 B．图甲中，发生的能量转化是机械能转化为电能 C．图乙中cd边所受磁场力的方向是竖直向下 D．图乙中，把电池拆下来接上灵敏电流计，快速转动线圈，灵敏电流计指针会偏转 【答案】D 【详解】A．根据题意，图甲中导线cd所受磁场力的方向竖直向下，ab边中电流的方向与cd边中相反，则受到的磁场力的方向是竖直向上，故A错误； B．图甲是电动机原理，工作时消耗电能，将电能转化为机械能，故B错误； C．图乙中cd边电流的方向和磁场方向与甲图中ab边相同，则受到的磁场力的方向是竖直向上，故C错误； D．图乙中，把电池拆下来接上灵敏电流计，电路中无电源，当快速转动线圈，满足闭合回路中一部分导体做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计指针会偏转，故D正确。 故选D。 4.如图，螺线管中有电流通过，a、c、d为垂直于纸面的三根导线，c、d导线通有相反方向的电流，a是闭合电路的一部分，b为磁化后的轻针处于静止状态，只考虑螺线管的磁场，则（　　） A．针尖为N极 B．c、d导线受磁场力方向相同 C．若针放置a所在处静止，针尖水平向左 D．a水平向右运动时，会产生感应电流 【答案】C 【详解】A．由图可知，电流从螺线管的左侧流入，由安培定则可知，螺线管的右端是N极，左端是S极，由同名磁极相互排斥可知，针尖为S极，故A不符合题意； B．通电螺线管上方与下方的磁场方向相同，c、d导线通有相反方向的电流，所以c、d导线受磁场力方向不相同，故B不符合题意； C．螺线管的右端是N极，针尖为S极，若针放置a所在处静止，针尖水平向左，故C符合题意； D．a水平向右运动时，不能切割磁感线，不会产生感应电流，故D不符合题意。 故选C。 5.如图甲所示，磁铁上下摆放形成稳定磁场，取闭合回路的一部分直导体ab沿东西方向放置于两磁铁中间，已知闭合开关时，该磁场对导体ab产生向北的作用力。已知螺线管通电后外部磁场的情况如图乙所示。则下列哪种方式可以使得通电螺线管的磁场对导线中电流的作用力方向与图中ab的受力方向方向相同（　　） A B C D 【答案】D 【详解】由所给电源正负极可知，题干图中电流方向向东，磁场方向是竖直向下的，已知此时导体ab受到磁场力的方向向北。 A．由右手螺旋定则知A图中螺线管上端为S极，下端为N极，通电导体所在位置磁场方向是竖直向下，导体中电流方向向西，根据甲图导体运动方向与磁场方向和电流方向的关系知，导体受到磁场力的方向向南，与甲图中ab的受力方向相反，故A不符合题意； B．由右手螺旋定则知B图中螺线管上端为N极，下端为S极，通电导体所在位置磁场方向是竖直向上，导体中电流方向向东，根据甲图导体运动方向与磁场方向和电流方向的关系知导体受到磁场力的方向向南，与甲图中ab的受力方向相反，故B不符合题意； C．由右手螺旋定则知C 图中螺线管上端为S极，下端为N极，通电导体所在位置磁场方向是竖直向下，导体中电流方向向西，根据甲图导体运动方向与磁场方向和电流方向的关系知导体受到磁场力的方向向南，与甲图中ab的受力方向相反，故C不符合题意； D．由右手螺旋定则知D 图中螺线管上端为N极，下端为S极，通电导体所在位置磁场方向是竖直向上，导体中电流方向向西，根据甲图导体运动方向与磁场方向和电流方向的关系知导体受到磁场力的方向向北，与甲图中ab的受力方向相同，故D符合题意。 故选D。 6.综合实践活动中，小林自制了一个坐位体前屈项目测试仪，小林自制的坐位体前屈项目测试仪在使用过程中经常会因为温度过高而停止工作，为了解决这个问题，小林设计了如图所示的“自动制冷降温装置”，要求：当测试仪的温度过高时，电磁铁把衔铁吸下，接通工作电路，启动降温系统； (1)已知控制电路电源电压恒定不变，为了符合设计要求，需要在虚线框内接入一个热敏电阻，现有、两个热敏电阻可供选择，其阻值随温度变化的关系如表所示，应选用___________（选填“”或“”）接入电路； 20 30 40 50 60 200 125 90 75 70 25 30 45 60 105 (2)控制电路接通时，电磁铁的上端为___________（选填“N”、“S”）极。 【答案】(1)R1 (2)S 【详解】（1）温度过高时，需电磁铁吸下衔铁，即控制电路电流需增大；根据欧姆定律，电源电压恒定，电流增大时，控制电路电阻需减小；由表格可知，R1随温度升高阻值减小，R2随温度升高阻值增大，因此应选用R1。 （2）控制电路接通时，电流从电磁铁上端流入、下端流出；根据安培定则（右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指指向N极），电磁铁上端为S极。 7.小华戴着“运动手环”运动时，手环中小磁体在管内反复运动，线圈中便会产生电流，通过传感器实现运动追踪，该过程是________现象，与________（选填“乙”或“丙”）工作原理相似。 【答案】 电磁感应 丙 【详解】[1] 手环中小磁体在管内反复运动，即做切割磁感线运动，线圈中便会产生感应电流，所以这是电磁感应现象。 [2] 图乙中，通电导体在磁场中受到力的作用，与电动机的工作原理相似；图丙中，闭合电路中的部分导体做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，是电磁感应现象，与发电机的工作原理相似。 8.如图1，将矩形铜线框置于水平向北的磁场中，通电时铜线ab段受磁场力竖直向上，则铜线cd段受磁场力方向___________（选填“竖直向上”“竖直向下”）； （2）图2，在蹄形磁体的磁场中放置的导线AB跟灵敏电流计连接。图3中的a表示图2中垂直于纸面的导线AB，它在磁场中按箭头方向运动时，灵敏电流计可能会发生偏转的是___________（选填“甲”“乙”“丙”）操作。 【答案】 竖直向上 丙 【详解】（1）[1]如图1，将矩形铜线框置于水平向北的磁场中，通电时铜线ab段受磁场力竖直向上，则铜线cd段电流方向与铜线ab段相同，磁场方向相同，则受磁场力方向相同，为竖直向上。 （2）[2][图2甲乙图的导线没有切割磁感线，不会产生感应电流，灵敏电流计不会发生偏转；丙图的导线切割磁感线，会产生感应电流，灵敏电流计会发生偏转。 9.如图所示，小明在有机玻璃板上均匀撒满细铁屑，螺线管通电后，为更好地显示磁场分布情况。接下来的操作应该是______。为了进一步探究通电螺线管周围磁场的方向，可用______代替铁屑进行实验。 【答案】 轻敲有机玻璃板 小磁针 【详解】[1]在有机玻璃板上均匀撒满细铁屑，螺线管通电后，由于铁屑与玻璃板之间存在摩擦，铁屑不能自由转动到磁场方向上。为更好地显示磁场分布情况，需要轻敲有机玻璃板，使铁屑受到的摩擦力减小，铁屑在磁场力的作用下能够自由转动，从而显示出磁场的分布情况。 [2]铁屑只能显示磁场的分布情况，不能显示磁场的方向。而小磁针静止时N极所指的方向为磁场的方向，所以为了进一步探究通电螺线管周围磁场的方向，可用小磁针代替铁屑进行实验。 10.暴雨后立交桥下积水较深很不安全，物理学习小组为此设计了一个积水自动报警器，其原理图如图所示。图中A、B位置可以安装电铃或灯，要求地面没有积水时，灯亮，地面积水较深时，电铃响，根据设计要求，电铃应该安装在图中的_______（填“A”或“B”）位置。积水较深控制电路接通时，电磁铁的上方是它的_________（选填“N”或“S”）极。 【答案】 B S 【详解】[1][2][3]地面积水是导体，当桥面下的水位升高到一定程度时，接通左边的控制电路，电磁铁有了磁性，吸下衔铁，动触点向下移动，接通电铃电路报警，所以电铃应安装在图中的B位置；电铃工作时，电流从电磁铁的上端流入、下端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端是S极； 11.如图所示，小磁针静止在通电螺线管右侧。请分别在括号中标出通电螺线管和小磁针的N、S极，并用箭头标出A点磁感线的方向； 【答案】 【详解】闭合开关后，由图可知电流从螺线管的上侧流入、下侧流出；右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的下端为N极，则上端为S极；当小磁针静止时，根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引可知，相互靠近的一定是异名磁极，则小磁针的上端为N极、下端为S极；在磁体周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极，所以图中A点磁感线的方向为向上。作图如下： 12.小明想设计一款温控自动报警器，在水银温度计里封入一段金属丝，当温度在正常范围内时，绿灯亮表示正常；当温度升高达到金属丝下端所指示的温度时，红灯亮表示警报，红灯和绿灯都是“220V，55W”的照明灯泡。 (1)请你按照小明的设想，请用笔画代替导线完成电路连接； (2)绿灯正常发光时的工作电流； (3)绿灯正常发光时的电阻； (4)这个报警器正常工作，红灯和绿灯总共消耗的电能是多少千瓦时？ 【答案】(1) (2)0.25 (3)880 (4)0.11 【详解】（1）当温度在正常范围内时，液体没有达到金属丝下端时，绿灯发光，绿灯和工作电源构成通路，把绿灯和工作电源接通。当温度升高，液体升高到金属丝下端时，左端的控制电路接通，把温度计、控制电源、电磁铁连接起来，此时电磁铁有磁性，吸引衔铁，衔铁和下面的动触头连通，红灯发光，此时红灯、工作电源构成通路，而继电器相当于开关，应串联在火线与用电器之间，如图所示： （2）红灯和绿灯都是“220V，55W”的照明灯泡，绿灯正常发光时的工作电流 （3）绿灯正常发光时的电阻 （4）报警器正常工作时，红灯、绿灯单独工作，电功率为55W=0.055kW，消耗的电能 13.近几年城市进行老小区改造，不少多层楼房安装了电梯。出于安全考虑，电梯都设置超载自动报警系统，其工作原理如图甲所示，电路由工作电路和控制电路组成。在工作电路中，当电梯没有超载时，电动机正常工作；当电梯超载时，电铃发出报警铃声，电动机不工作。在控制电路中，已知电源电压，保护电阻，电磁铁线圈的阻值为，电阻式压力传感器（压敏电阻）R2的阻值随压力大小变化如图乙所示，电梯底架自重忽略不计。 (1)超载自动报警系统中的电磁铁利用了___________原理，控制电路中，当乘客增多时，电磁铁的磁性___________（选填“增大”或“减小”）； (2)工作电路中，电铃应该在触点___________（选填“A”或“B”）所在支路；电梯超载时，衔铁被电磁铁吸住，电铃发出警报声，此时电磁铁上端为___________极； (3)当若电磁铁线圈电流达到时，衔铁刚好被吸住，电铃发出警报声。请你设定该电梯最多乘坐几人___________；（以每人计算，且取） (4)综合考虑安全和居民乘坐情况，现需提高电梯的限载，可以在控制电路中换用阻值更___________（选填“大”或“小”）一些的保护电阻。 【答案】(1) 电流的磁效应 增大 (2) B S (3)12 (4)大 【详解】（1）[1]电磁铁利用了电流的磁效应原理（通电导体周围存在磁场）。 [2]当乘客增多时，压力增大，由图乙可知压敏电阻的阻值减小，控制电路总电阻减小，电源电压不变，根据，电路电流增大，因此电磁铁的磁性增大。 （2）[1]超载时电铃工作、电动机不工作，说明电铃在触点B所在支路（超载时衔铁吸下，触点与B接通）。 [2]根据安培定则（右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指指向N极），控制电路中电流从电磁铁下端流入、上端流出，因此电磁铁上端为S（南）极。 （3）当电流时， 控制电路总电阻 已知、线圈电阻 则压敏电阻阻值 由图乙可知，当时，对应的压力 每人重力 最多乘坐人数 （4）提高限载即增大压力，由图乙可知，压力增大时阻值减小。为保持控制电路电流仍为20mA（衔铁吸合的临界电流），根据，总电阻需不变，因此应换用阻值更大的保护电阻。 押题猜想十 欧姆定律 试题前瞻·能力先查 【科技热点题】1. 使用中国自主芯片制造的神威太湖之光是全球首个理论性能达到10亿亿次的超级计算机，太湖之光已经全部使用国产CPU处理器。电脑的中央运算器简称CPU，是电脑的心脏，决定着电脑的运算速度，电脑爱好者喜欢“超频”来提高CPU运算速度，“超频”方法之一就是通过改变主板上“跳线”来提高CPU核心电压。如图所示为主板上一跳线装置，跳线装置的总电压为3V，“超频”工作时通过CPU的电流是3mA，下列说法正确的是（　　） A．CPU正常工作时应连接“1、3”两个接线柱 B．某人超频需要改接这一跳线，则应连接“1、2”两个接线柱 C．“超频”工作时CPU的电阻是100Ω D．计算机芯片中的硅是导体材料 【答案】B 【详解】AB．为了形成闭合回路，接线柱只有连接“1、2”和“2、3”两种接法，若连接“1、2”两个接线柱，CPU核心电压为电源电压；若连接“2、3”两个接线柱，R与CPU串联，根据串联分压，CPU核心电压小于电源电压。超频”方法之一就是通过改变主板上“跳线”来提高CPU核心电压，所以CPU正常工作时应连接“2、3”两个接线柱，某人超频需要改接这一跳线，应连接“1、2”两个接线柱。故A不符合题意，B符合题意； C．跳线装置的总电压为3V，“超频”工作时通过CPU的电流是3mA，“超频”工作时CPU的电阻是 故C不符合题意； D．计算机芯片中的硅是半导体材料，故D不符合题意。 故选B。 分析有理·押题有据 本考点必考，电学基础核心。 公式：I=U​/R 变形：U=IR，R=U​/I 串联：I 相等，R=R1​+R2​ 并联：U 相等，总电阻变小 电阻是导体本身属性，与电压、电流无关。 终极猜想·精练通关 1.如图是“探究并联电路电流特点”的部分电路，，，电流表有“0~0.6A”和“0~3A”两个量程，通过电阻的电流为0.3A。为继续完成实验探究，下列做法正确的是（　　） A．使用“0~3A”量程，只测量的电流 B．使用“0~0.6A”量程，只测量的电流 C．使用“0~3A”量程，分别测量支路和干路的电流 D．使用“0~0.6A”量程，分别测量支路和干路的电流 【答案】D 【详解】由图可知，R1与R2并联，已知R1的电阻为10Ω，通过R1的电流为0.3A，根据欧姆定律及并联电路的电压特点可知，电源电压 则通过R2支路的电流 则干路电流 因此为继续完成实验探究，可以使用“0~0.6A”量程，分别测量支路和干路的电流，故ABC错误，D正确。 故选D。 2.关于欧姆定律公式，可变形为，下列说法正确的是（   ） A．导体两端的电压为0时，导体的电阻一定为0 B．导体的电阻与通过它的电流成反比 C．导体的电阻等于导体两端的电压跟通过它的电流的比值 D．导体的电阻与其两端的电压成正比 【答案】C 【详解】电阻只与导体的材料、长度、横截面积及温度有关，与导体两端的电压及通过的电流无关；导体的电阻大小等于导体两端的电压与通过它的电流的比值。故ABD错误，C正确。 故选C 。 3.如图甲、乙所示电路，闭合开关，电路正常工作，图中电流表、、、对应的示数为、、、，电压表、、、对应的示数为、、、。下列说法正确的是（    ） A．、、、 B．、、、 C．、、、 D．、、、 【答案】C 【详解】由图甲可得，R1、R2串联，电流表、均测量电路电流，串联电路电流处处相等，则 电压表V1测量R1的电压，电压表V2测量电源电压。串联电路中电源电压大于任一用电器的电压，则 由图乙可得，R3、R4并联，电流表测量R4的电流，电流表测量干路电流，任一支路的电流小于干路电流，则 电压表V3、V4均测量电源电压，则，故ABD错误，C正确。 故选C。 4.如图甲所示是水流测速仪，图乙是该测速仪的工作原理图，电源电压保持不变，且水流速度越大，测速仪的示数也越大。电压表和电流表的示数分别是、，电压表和电流表示数变化量的绝对值分别是、。下列判断正确的是（　　） A．流速表是由电压表改装而成的 B．水流流速越大，滑动变阻器接入电路的阻值越大 C．水流流速越大，越大 D．水流流速越大，保持不变 【答案】D 【详解】AB．水流速度越大，对滑片的推力越大，接入电路的阻值越小，总电阻越小；电源电压不变，根据可知，电路电流越大（电流表示数变大）；根据可知，定值电阻两端的电压变大，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的电压变小（电压表示数变小）；题目明确“水流速度越大，测速仪的示数也越大”，因此测速仪是电流表改装，不是电压表，故AB错误； C．电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量滑动变阻器的电流，根据欧姆定律，滑动变阻器接入电路中的电阻，水流流速越大越小，因此越小，故C错误； D．根据串联电路的电压规律，两端电压的变化量等于两端电压的变化量，则 根据欧姆定律，可知，是定值电阻，阻值不变，所以保持不变，故D正确。 故选D。 5.如图所示，闭合开关后，发现灯泡L1比L2亮，设通过灯泡L1的电流为I1，通过灯泡L2的电流为I2，则I1______I2（选填“>”“<”或“=”）；已知电源电压为3V，用电压表测得灯泡L1两端电压为1.7V，则灯泡L2两端电压为______V； 【答案】 = 1.3 【详解】[1]由图可知，两个灯泡串联，因为串联电路中电流处处相等，所以通过L1、L2的电流相等，即I1=I2。 [2]串联电路总电压等于各用电器两端电压之和，已知电源电压为3V，灯泡L1两端电压为1.7V，则L2两端电压为U2=U-U1=3V-1.7V=1.3V 6.如图所示的电路，灯L1和L2是________联，如果电源电压是3V，闭合开关S后，两灯均发光，电压表的示数是1.4V，此时灯L1两端的电压是_______V． 【答案】 串 1.6 【详解】由电路图可知，两灯泡首尾依次连接，两个灯泡串联，电压表测L2两端的电压，由题意可知，电源电压U=3V，电压表的示数即L2两端的电压U2=1.4V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以灯L1两端的电压U1=U-U2=3V-1.4V=1.6V． 7.如图所示电路，闭合开关S1、S2，断开S3，此时电路的连接方式为______联；两电流表指针偏转情况均如图乙所示，流过灯泡L1的电流为______A。 【答案】 并 1.04 【详解】[1]如图所示，闭合开关S1、S2，断开S3，此时电流分别流经两个灯泡，因此电路是两个灯泡并联的电路。 [2]由电路图可知，闭合开关S1、S2，断开S3时，电流表测干路电流，电流表测通过灯泡L2的电流；根据并联电路中电路特点，干路电流等于各支路电流之和，所以电流表选择大量程，电流表分度值为0.1A，示数为1.3A；电流表选择小量程，电流表分度值为0.02A，示数为0.26A；所以通过灯泡L1的电流为 8.用以下电路探究电路的电流规律时，电流表、的示数如图所示，则测量的是________（选填“”、“”或“干路”）的电流，通过小灯泡的电流是________A。 【答案】 干路 0.1 【详解】[1]由电路图可知，两灯并联，电流表A1测的是干路电流，电流表A2测的是L2所在支路的电流。 [2]根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和，可知A1的量程为0~3A，示数为0.5A，A2的量程为0~0.6A，示数为0.4A，则通过灯L1的电流I1=I-I2=0.5A-0.4A=0.1A 9. 如图，电源电压6 V保持不变，定值电阻，。闭合开关、后，电流表的示数为________A，两端电压为；再断开开关，两端电压为，则=_______。 【答案】 0.6 3:2 【详解】[1]闭合开关、后，被短接，电路等效为接在电源两极的简单电路，电流表测量电路中的电流，两端的电压为电源电压，为 根据欧姆定律得，电路中的电流 [2]闭合开关、断开后，、串联，根据串联电路电阻特点可得，电路的总电阻 由欧姆定律可得，电路中的电流 两端的电压 则 10.小明在做“伏安法测电阻”的实验时，连接了如图所示的部分实验电路。 (1)连接电路时，开关应处于__________状态。 (2)请用笔画线代替导线，将上图电路连接完整。要求：滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的示数变小。 (3)正确完成电路连接后，闭合开关，发现电流表指针不偏转，电压表示数接近于电源电压，则故障原因可能是 （填字母）。 A．电流表的接线柱接反 B．滑动变阻器短路 C．电阻断路 (4)排除故障后进行实验，并将数据记录在表格中。第3次测量时电流表的示数如图所示，读数为 __________A。 实验次数 电压U/V 电流I/A 1 1.6 0.16 2 2.2 0.20 3 2.6 (5)根据实验数据可知，待测电阻的阻值为__________Ω（结果保留一位小数）。 (6)实验中多次测量的目的是________。 (7)小华在测量未知电阻的阻值时，电流表损坏，于是他用一个阻值已知的定值电阻R替换掉滑动变阻器，并增加了一个单刀双掷开关，设计了如图所示的电路测量的阻值，电源电压未知。小华利用上图电路__________（选填“能”或“不能”）测量出的阻值。 【答案】(1)断开 (2) (3)C (4)0.26 (5)10.3 (6)求平均值，减小实验误差 (7)能 【详解】（1）连接电路时，开关应处于断开状态，这是为了防止电路连接过程中出现短路等问题，保护电路元件。 （2）滑动变阻器的连接需要遵循“一上一下"的原则，题目要求滑动变阻器滑片向右移动时，电流表的示数变小，由欧姆定律可知，电路中的电阻变大，所以将滑动变阻器的左下接线柱与定值电阻的右端接线柱相连，电路图见答案。 （3）电流表指针不偏转，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表两端能与电源连通， 结合常见情况可知，故障可能是定值电阻断路，此时电压表串联在电路中，测电源电压，电流表无电流通过与题中所述情况相符，故AB不符合题意，C符合题意。 故选C。 （4）由图可知，电流表选用的是量程，该量程的分度值为，读数为。 （5）根据实验数据可知， 则待测电阻的阻值为 （6）伏安法测电阻的实验，通过多次测量取平均值，让结果更接近真实值，从而减小实验误差。 （7）通过开关切换，用电压表分别测电源电压和两端电压，根据串联电路电压规律可计算出R两端电压，利用欧姆定律可计算出R的电流；利用串联电路电流相等的特点可以计算的阻值。 11. 小聪在探究电流与电压的关系实验中： (1)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于__________（填“A”或“B”）端； (2)闭合开关，发现电压表和电流表均无示数。小芳利用另一只完好的电压表进行检测，把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数；接在a、c之间，电压表无示数。如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是___________； (3)排除故障后，调节滑动变阻器，记录多组数据。画出了电阻的I-U图像，如图丙所示。由图像可得 __________Ω； (4)小聪又将电阻换成小灯泡，重复上述实验，发现无法得出电流与电压的正比关系，原因是_______； (5)小芳又设计了一种方案，测出了的阻值。电路如图丁所示，为阻值已知的定值电阻，电源电压未知且恒定不变。测量步骤如下： ①当开关闭合时，电流表读数为； ②当开关、都闭合时，电流表读数为； ③待测电阻__________（用已知和测出的物理量符号表示）。 【答案】(1)B (2)滑动变阻器断路 (3)4 (4)小灯泡的电阻随灯丝温度升高而增大 (5) 【详解】（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开，闭合开关之前滑动变阻器的滑片应处于阻值最大处即B端。 （2）闭合开关，发现电压表和电流表均无示数。小芳利用另一只完好的电压表进行检测，把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数，说明电压表与电源能够构成通路；接在a、c之间，电压表无示数，说明电压表与电源不能构成通路，则b、c之间断路；如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是滑动变阻器断路。 （3）由图像知，当电阻的电压是2.0V时，对应的电流值为0.5A， 则的阻值为 （4）换用小灯泡无法得出正比结论的原因小灯泡的电阻随灯丝温度升高而增大，无法保持电阻不变，不符合控制变量法的要求，因此电流与电压不成正比。 （5）如图丁所示，为已知的定值电阻，电源电压未知且恒定不变，测量步骤如下： 当开关闭合、断开时，电路为与的串联电路，电流表读数为，此时电源电压为……① 当开关、都闭合时，电阻被短路，电流表读数为，此时电源电压为……② 由①②解得，待测电阻 12.永福县某物理兴趣小组用伏安法测量盐水柱的电阻。 （1）如图甲把两端装有金属活塞的塑料管接入电路。在塑料管中注满浓度均匀的盐水。 （2）闭合开关前滑动变阻器的滑片应滑至___________（填“A”或“B”）端。第一次测量时电压表的示数如图乙，为___________V。移动滑动变阻器的滑片P，测得多组数据记录在表格中。通过计算可得出，盐水柱的电阻为___________。 实验次数 1 2 3 4 电压U/V 1.2 2.0 3.0 电流I/A 0.10 0.12 0.20 0.30 电阻R/ （3）同学们想到电阻大小与长度和横截面积有关，盐水柱的电阻是否也与这些因素有关呢？于是利用现有装置继续探究。 ①保持两活塞位置不动，从注水口抽出部分盐水后，塑料管中盐水水面达到如图丙所示位置。闭合开关，测得此时塑料管中盐水柱的电阻比注满盐水时的电阻大。因此，可判断：盐水柱的电阻与___________有关。 ②为了继续探究盐水柱的电阻与长度的关系，同学们将两端的活塞同时向内推动一段距离，测得盐水柱的电阻比图甲时的电阻小。经过讨论，同学们认为该现象不能说明盐水柱的电阻与长度有关，他们判断的理由是___________。 （4）实验结束后，小聊整理器材时发现一只铭牌模糊的滑动变阻器，在不使用电压表的情况下，测出了该滑动变阻器的最大电阻值，电路设计如图丁所示，电源电压未知且恒定不变，为已知阻值的定值电阻。请把以下测量步骤补充完整： ①闭合开关S，当滑片P处于最左端时，电流表示数为； ②闭合开关S，当___________时，电流表示数为； ③则滑动变阻器的最大阻值为___________（用、、表示）。 【答案】 B 1 10 盐水柱的横截面积 未控制盐水柱的横截面积不变 滑片P处在最右端 【详解】[1]闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑至B端，此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，电流最小，能起到保护电路的作用。 [2]电压表选用的是0~3V量程，分度值为0.1V，电压表示数为1V。 [3]根据，可得第一次实验电阻为 同理可得， 所以盐水柱电阻为 [4]保持两活塞位置不动，抽出部分盐水后，盐水柱的横截面积变小，长度不变，电阻变大，因此可判断：盐水柱的电阻与横截面积有关。 [5]探究盐水柱的电阻与长度的关系时，需要控制横截面积不变，将两端活塞同时向内推动一段距离，盐水柱的长度和横截面积都发生了变化，没有控制横截面积不变，因此不能说明盐水柱的电阻与长度有关。 [6][7]要测滑动变阻器的最大电阻值，所以步骤②闭合开关后，需要将滑动变阻器滑片P移动到最右端，即最大阻值处，测出此时电路中的电流为，当滑片P处于最左端时，滑动变阻器阻值为0，电路为的简单电路，则电源电压为① 由步骤②可得电源电压为② 联立①②两式可得 押题猜想十一 透镜及凸透镜成像规律 试题前瞻·能力先查 【改编题】1.如图为地铁刷脸乘车系统，乘客进站时只需将面部对准摄像头。“刷脸”验证成功就能开闸进站。下列说法正确的是（   ） A．显示屏的彩色画面由红、黄、蓝三种色光混合而成 B．“刷脸”过程中，人脸是光源 C．用于“刷脸”的摄像头是凸透镜 D．乘客靠近摄像头时，成的像会变小 【答案】C 【详解】A．色光的三原色是红、绿、蓝，所以显示屏幕上的丰富色彩由红、绿、蓝三种色光混合而成，故A错误； B．人脸不会发光，所以不是光源，故B错误； C．摄像头的镜头相当于凸透镜，光通过摄像头会发生折射，其成像原理与照相机相同，所以，“刷脸”时面部需位于摄像头的二倍焦距以外，成倒立、缩小的实像，故C正确； D．凸透镜成实像时，物近像远像变大；人靠近摄像头时，物距减小，像距变大，像变大，故D错误。 故选C。 2.摄影爱好者拍摄到“站”在水面上的水黾（一种昆虫）纤细的腿使水面发生了形变，如图甲所示；同时看到水底有带“光环”的暗影，如图乙所示，此时“形变的水”相当于______（填光学元件名称）：当水黾游到水浅的地方，暗影面积会______（选填“变小”“不变”“变大”）。 【答案】 凹透镜 变小 【详解】[1]“站”在水面上的水黾使水面发生了形变，水面下凹，此时“形变的水”相当于凹透镜，对光有发散作用，所以看到水底有带“光环”的暗影。 [2]根据几何知识可知，当水黾游到水浅的地方，水面下光传播的距离减小，折射角度不变，暗影面积会变小。 3.如图所示，某同学用自制的水透镜来探究凸透镜成像规律，当向水透镜里注水时，水透镜的焦距将变小；当从水透镜里抽水时，水透镜的焦距将变大。 (1)如图甲所示，一束平行于主光轴的光射向水透镜，在光屏上得到一个最小光斑，则此时水透镜的焦距为________cm。 (2)该同学移动蜡烛，水透镜和光屏至图乙所示位置时，恰能在光屏上看到清晰________（选填“放大”“等大”“缩小”）的像。在原图基础上，若仅移动透镜位置，想在光屏上出现清晰的像，则应将透镜移动到什么位置：________。 (3)实验过程中，燃烧的蜡烛在不断变短，导致光屏上的像向上移动。要使像仍成在光屏中央，应将凸透镜向________（选填“上”或“下”）移动。 (4)用注射器向水透镜里加适量的水，此时屏上的像变得模糊，需要将光屏________（选填“靠近”或“远离”）水透镜，光屏上可以出现清晰的像。 【答案】(1)9.0 (2) 放大 透镜与蜡烛的距离等于原来的光屏到透镜的距离 (3)下 (4)靠近 【详解】（1）焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，由图甲可知，凸透镜的焦距是 （2）[1]如图乙，此时物距小于像距，由凸透镜成像规律可知此时成倒立、放大的实像。 [2]光的折射中光路是可逆的，物距等于原来的像距，即透镜与蜡烛的距离等于原来的光屏到透镜的距离，成倒立、缩小的实像，所以光屏上能看到清晰的像。 （3）蜡烛在燃烧中不断变短，烛焰向下移动，则光屏上的像向上移动，要使像能够成在光屏中央，可将凸透镜向下移动一些。 （4）用注射器向水透镜里加适量的水，凸起程度变大，水透镜对光的偏折能力会变强，像成在光屏的前方，需要将光屏靠近水透镜，光屏上可以出现清晰的像。 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考考点，多以选择、填空、作图题出现，属于必拿分内容。 一、透镜基本性质 凸透镜：中间厚、边缘薄，对光有会聚作用。 凹透镜：中间薄、边缘厚，对光有发散作用。 二、凸透镜成像规律（核心） u＞2f：成倒立、缩小、实像 → 应用：照相机 u＝2f：成倒立、等大、实像 → 测焦距 f＜u＜2f：成倒立、放大、实像 → 应用：投影仪 u＝f：不成像 u＜f：成正立、放大、虚像 → 应用：放大镜 三、简单记忆口诀 物远像近像变小，物近像远像变大。 实像倒立异侧，虚像正立同侧。 一焦分虚实，二焦分大小。 四、眼睛与眼镜 近视眼：晶状体太厚，像成在视网膜前，用凹透镜矫正。 远视眼：晶状体太薄，像成在视网膜后，用凸透镜矫正。 终极猜想·精练通关 1.为了增强体育锻炼，寒假期间，小南参加了小奔运动跳绳打卡，其中AI跳绳模式是一种基于人工智能技术的训练系统，通过手机摄像头对用户的跳绳次数、速度、节奏等数据进行记录。下列说法正确的是（　　） A．手机摄像头的光学核心元件可以矫正近视眼 B．小南到摄像头的距离应在摄像头二倍焦距之外 C．该镜头成像原理与放大镜成像原理相同 D．要想摄像头采集的像大一些，小南应适当远离摄像头 【答案】B 【详解】A．手机摄像头的光学核心元件是凸透镜，而矫正近视眼需佩戴凹透镜，故A错误； BC．摄像头成像原理与照相机成像原理相同，成的像为倒立、缩小的实像，根据凸透镜成像规律，此时小南到摄像头的距离应在摄像头的二倍焦距以外，故B正确，C 错误； D．根据凸透镜成像规律，当小南靠近摄像头时，物距变小，像距变大，摄像头所采集的像会变大，故D错误。 故选B。 2.小明和小华在窗边用焦距为10cm的凸透镜贴近报纸看文字，看到了文字的像。在移动凸透镜时，意外发现在报纸上出现了窗外景物的像，如图所示。以下说法错误的是（　　） A．看到文字的像时，凸透镜离报纸距离小于10cm B．看到窗外景物的像时，凸透镜离报纸距离稍大于10cm C．文字的像是正立的放大虚像，窗外景物的像是倒立放大的实像 D．当凸透镜从贴着报纸到稍微远离报纸过程中，看到文字的像逐渐变大 【答案】C 【详解】A．看到文字的像时，需要正常阅读，看到的是正立的虚像，凸透镜离报纸距离小于焦距，即小于10cm，故A正确，不符合题意； B．看到窗外景物的像时，物距远大于二倍焦距，像距在透镜的一倍焦距和二倍焦距之间，略大于一倍焦距，报纸相当于光屏，凸透镜离报纸距离稍大于10cm，故B正确，不符合题意； C．看到窗外景物的像时，物距远大于二倍焦距，凸透镜成倒立、缩小的实像，故C错误，符合题意； D．当凸透镜从贴着报纸到稍微远离报纸过程中，成正立放大的虚像，此过程中物距变大，根据“凸透镜成虚像时，物远像远像变大”可知看到文字的像逐渐变大，故D正确，不符合题意。 故选C。 3.图为投影式电子白板，它利用投影机将画面投影到屏幕上，投影机的镜头相当于一个凸透镜，下列说法正确的是（　　） A．投影机的镜头与近视眼镜为同一种透镜 B．光经投影机的镜头成像利用的是光的折射 C．画面经投影机镜头成的是正立放大的虚像 D．屏幕上的丰富色彩由红、白、蓝三种色光混合而成 【答案】B 【详解】A．投影机的镜头是凸透镜，与近视眼镜是发散透镜，即凹透镜，故是不同的透镜，故A错误； B．光经投影机的镜头成像利用的是光的折射，光经过透镜发生折射，故B正确； C．画面经投影机镜头成的是倒立的放大的实像，故C错误； D．屏幕上的丰富色彩由红、绿、蓝三种色光混合而成，故D错误。 故选B。 4.如图所示是用放大镜观察树叶的情形，下列说法正确的是（   ） A．可以用光屏承接树叶的像 B．树叶位于放大镜的一倍焦距和二倍焦距之间 C．人眼看到的是树叶正立、放大的虚像 D．放大镜本质是一个凹透镜 【答案】C 【详解】A．放大镜成的是虚像，虚像不能呈现在光屏上，故A错误； BC．放大镜利用的是物体在凸透镜一倍焦距以内时成正立、放大的虚像，即树叶位于放大镜的一倍焦距以内，人眼看到的是树叶正立、放大的虚像，故B错误，C正确； D．放大镜是凸透镜，具有会聚光线的作用，故D错误。 故选C。 5.如图所示，是一款“远近两用”老年眼镜，适用于既患有老花眼又患有近视眼的中老年人群。需要看远处时，眼睛可以透过M区域进行观察；需要看近处时，眼睛可以透过N区域观察。关于这款眼镜，下列说法正确的是（　　） A．M区域对光有会聚作用，是远视镜 B．M区域对光有发散作用，是近视镜 C．N区域对光有会聚作用，是远视镜 D．N区域对光有发散作用，是近视镜 【答案】BC 【详解】AB．近视眼能看清近处的物体，不能看清远处的物体，近视眼的晶状体太厚，或眼球前后径过长，使像成在视网膜的前方，需佩戴对光具有发散作用的凹透镜来矫正。根据已知条件，需要看远处时，眼睛可以透过M区域进行观察，故M区域对光有发散作用，是近视镜，故A错误，B正确； CD．远视眼的晶状体较薄，会聚能力较弱，或眼球前后径过短，看近处的物体时，将像成在视网膜的后面，根据已知条件，需要看近处时，眼睛可以透过N区域观察，N区域对光有会聚作用，是远视镜，故C正确；D错误。 故选BC。 6.如图，小明用爸爸的眼镜放在凸透镜与烛焰之间，光屏上原来清晰的像变模糊，此时将光屏慢慢远离凸透镜，光屏上再次出现清晰的像。下列说法正确的是（　　） A．爸爸的眼镜是凸透镜 B．爸爸的眼睛是近视眼 C．若光屏不动，将蜡烛缓慢远离凸透镜，也可在光屏上出现清晰的像 D．若光屏不动，将蜡烛缓慢靠近凸透镜，也可在光屏上出现清晰的像 【答案】BC 【详解】AB．根据题意可知，小明用爸爸的眼镜放在凸透镜与烛焰之间，光屏上原来清晰的像变模糊，此时将光屏慢慢远离凸透镜，光屏上再次出现清晰的像，这说明像推迟会聚了，该眼镜对光线有发散作用，是凹透镜，可以矫正近视眼，故A错误，B正确； CD．若光屏不动，将蜡烛缓慢远离凸透镜，物距变大，像距变小，也可在光屏上出现清晰的像，故C正确，D错误。 故选BC。 7.工匠师维护精密仪表时，在眼睛前戴一个透镜，便于观察仪表的细微之处，如图所示。 (1)这个透镜能够使光线 ______ （选填“会聚”或“发散”）； (2)透镜与仪表的距离u应满足下列 　 　 条件； A．u＜f B．f＜u＜2f C．u＞2f D．u＝2f E．u＝f 【答案】(1)会聚(2)A 【详解】（1）工匠师维护精密仪表时，在眼睛前戴的是放大镜，放大镜是凸透镜，对光线有会聚作用。 （2）凸透镜与仪表的距离应在凸透镜的一倍焦距范围之内，成正立、放大的虚像，应用是放大镜。故选A。 8.如图所示，纸筒A的一端蒙了一层半透明纸，纸筒B的一端嵌有一个凸透镜，两纸筒套在一起组成了一个简易照相机。用该照相机观察物体时，要把纸筒_______（选填“A”或“B”）对着明亮的室外，半透明纸上恰能呈现_______（选填“放大”或“缩小”）的像。 【答案】 B 缩小 【详解】[1]简易照相机中在纸筒B的右端为凸透镜，纸筒A的左端的半透明纸就相当于真实照相机的底片，在半透明纸上所看到的就是凸透镜前方的景物通过凸透镜所生成的像，所以应该把模型照相机的B对着明亮的室外，A端朝着较暗的室内。 [2]根据凸透镜成像特点，此时物距大于像距，半透明纸上恰能呈现缩小的像。 9.提高安全防范意识，不随便给陌生人开门．我们可以“闻声识人”，主要是通过声音的______分辨出门外是陌生人；也可以通过门上的“猫眼”看清门外的人，其中靠门外的透镜成正立、缩小的虚像，靠门内的_______透镜成正立、放大的虚像． 【答案】 音色 凸 【详解】因为每个人的声带结构不同，发出声音的音色就会不同，所以我们可以通过音色辨别是谁． “猫眼”是由两块透镜组合而成，物镜是凹透镜，目镜是凸透镜．物镜的焦距极短，它将室外的人或物成一缩得很小的正立虚像，此像正好落在目镜的焦点之内，目镜起着放大镜的作用，最后得到一个较为放大的正立虚像，即靠门内的凸透镜成正立、放大的虚像． 10.透过滴在玻璃台板上的水滴看过去，可以发现压在台板下报纸上的文字变大 了。报纸上的文字经过水滴______射后形成一个放大的_______像（填“实”或“虚”）。 【答案】 折射 虚 【详解】[1][2]水滴的形状是中间厚边缘薄是凸透镜。透过滴在玻璃台板上的水滴看过去，可以发现压在台板下报纸上的文字变大了。这是由于此时的水滴相当于一个凸透镜，报纸上的文字经过水滴折射后形成一个放大的虚像。 11.图所示为近视眼、远视眼成像情况及矫正透镜的示意图，其中近视眼成像情况是_________（选填“甲”“乙”“丙”或“丁”），矫正透镜为_________（选填“甲”“乙”“丙”或“丁”）。 【答案】 甲 丁 【详解】[1]近视眼是指眼球的前后距离变远，晶状体变厚，对光的偏折能力变强，成像在视网膜前方，图甲的情况就是近视眼成像情况；远视眼指眼球的前后距离变近，晶状体变薄，对光的偏折能力变弱，成像在视网膜后方，图乙的情况就是远视眼成像情况。 [2]矫正近视眼的方法是要延后成像落在视网膜上，故要佩戴对光线有发散作用的凹透镜来延后成像，应选丁来矫正近视眼；矫正远视眼的方法是要提前成像落在视网膜上，故要佩戴对光线有会聚作用的凸透镜来提早成像，应选丙来矫正远视眼。 12. 在某次探究凸透镜成像规律的实验中： (1)小明想知道实验中某块透镜的焦距，他做了图甲所示的实验，镜面垂直于阳光，在透镜下面放上白纸（白纸与透镜平行），测出透镜与白纸间距s/cm与对应的白纸被烤焦的时间t/min，绘出图乙所示的图像， 可判断该透镜的焦距f为_________cm。 (2)如图丙所示，当把该凸透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在15cm刻度线位置时，光屏应在_________（填“Ⅰ”“Ⅱ”或“Ⅲ”）区域内左右移动，才能在光屏上得到清晰的实像； (3)图丙中，老师取下自己的眼镜放于蜡烛和凸透镜之间，光屏上的像变得模糊，小文将光屏向左移动适当距离后像又变清晰。由此他判断：老师是_________（近视/远视/正常）眼； (4)随着蜡烛燃烧变短，为使图丙中的像回到光屏中央，光屏应向_________（上/下/左/右）； (5)在露天电影走进社区活动中，准备放映时，发现画面小于整个屏幕，为了使画面占满整个屏幕，如果你是放映员应将_________。（填以下选项字母代号） A．放映机靠近屏幕，同时要减小镜头和胶片间的距离 B．放映机远离屏幕，同时要减小镜头和胶片间的距离 C．放映机靠近屏幕，同时要增大镜头和胶片间的距离 D．放映机远离屏幕，同时要增大镜头和胶片间的距离 (6)实验中将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距u随时间t的变化图像如丁图所示，该过程中像距v与t的大致变化关系为图中的_________。 A B C D 【答案】(1)12 (2)Ⅱ (3) 远视 (4)上 (5)B (6)C 【详解】（1）由图乙可知，当透镜与白纸间距s=12cm时，白纸被烤焦的时间t=4min，所用的时间最短，说明太阳光经过凸透镜会聚后该点的温度最高，这个点就是凸透镜的焦点，则测出透镜与白纸间距即为焦距 （2）凸透镜焦距是12cm，当把凸透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在15cm刻度线位置时，物距为 大于2倍焦距，所以此时成倒立缩小的实像，像在1倍和2倍焦距之间，则光屏应在Ⅱ区域内左右移动，才能在光屏上得到清晰的实像； （3）老师取下自己的眼镜放于蜡烛和凸透镜之间，光屏上的像变得模糊，小文将光屏向左移动适当距离后像又变清晰，故镜片对光线有会聚作用，为凸透镜，远视眼镜为凸透镜，由此他判断老师是远视眼； （4）实验过程中，燃烧的蜡烛在不断缩短，导致烛焰的像不在光屏的中央，为了使像能成在光屏中央，根据过光心的光线传播方向不变可知，要使像能够成在光屏中央，可向上移动光屏；或向上移动蜡烛或向下移动凸透镜。 （5）在露天电影走进社区活动中，准备放映时，发现画面小于整个屏幕，为了使画面占满整个屏幕，即像变大，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，应减小物距，增大像距，所以放映机远离屏幕，同时要减小镜头和胶片间的距离，故选B。 （6）当物距大于焦距时，凸透镜成的是实像，将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距变大，像距变小，像缩小，并且当物距无限远时，像无限靠近焦点但始终无法到达焦点处。故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 13.如图甲所示，是科学社团的同学们在跨学科实践课上制作的简易投影仪。调试时他们发现，手机只有放在与透镜特定距离处才能成像，且成像距离会随手机与透镜距离的变化而改变。为了编写详细的使用说明书，大家决定探究凸透镜成像与物距、像距的关系，并分组在实验室挑选了需要用到的器材。 (1)1组同学在实验室挑选了一款凸透镜，让平行光正对该凸透镜照射时，移动光屏直至出现一个最小，最亮的光斑，如图乙所示，则该凸透镜的焦距为_____cm； (2)依次将点燃的蜡烛，凸透镜、光屏安装在光具座上，调整三者中心大致在同一高度，这样做的目的是_____； (3)调整好后，1组同学多次改变蜡烛和光屏的位置进行实验，收集的数据和观察的现象如表1所示。小丽分析归纳后，得到初步结论：随着物距不断减小，像距逐渐变大，物体所成像逐渐_____（选填“变大”或“变小”），直至在光屏上观察不到像； 表1 序号 物距u/cm 像距v/cm 像的特点 1 30.0 15.0 倒立、缩小 2 25.0 16.7 倒立、缩小 3 18.0 22.5 倒立、放大 4 15.0 30.0 倒立、放大 5 12.0 60.0 倒立、放大 6 10.0 未在光屏上观察到像 7 8.0 未在光屏上观察到像 表2 序号 物距u/cm 像距v/cm 像的特点 1 30.0 6.0 倒立、缩小 2 25.0 6.25 倒立、缩小 3 18.0 6.92 倒立、缩小 4 15.0 7.5 倒立、缩小 5 12.0 8.57 倒立、缩小 6 10.0 10.0 倒立、等大 7 8.0 13.33 倒立、放大 (4)请你用所学知识提示1组同学，可采用图丙中_____（选填“A”、“B”、“C”）的方式观察序号7中凸透镜所成的像； (5)在小组之间交流数据时，1组同学发现2组（表2）找到了与物体等大的像，但是自己却没有观察到，接下来她应调整物距在_____厘米之间反复多次实验； (6)对比表1与表2的数据，提出1个科学问题：_____，请你猜测可能的原因_____。 【答案】(1)10.0 (2)让像成在光屏的中央 (3)变大 (4)B (5)18.0厘米 ~25.0 (6) 为什么两组数据中，在相同物距下得到的像距和像的特点不同？ 两组同学使用的凸透镜焦距不同 【详解】（1）图乙中，平行光经凸透镜会聚在光屏上形成最小、最亮的光斑，该光斑位置就是焦点。透镜在10.0cm 刻度处，光斑在20.0cm 刻度处，所以焦距 （2）使烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度，目的是让像成在光屏的中央，避免像偏上或偏下，方便观察和测量。 （3）从表1数据可以看出：  物距从30.0cm 减小到12.0cm 时，像距从15.0cm增大到60.0cm，像的特点从“倒立、缩小”变为“倒立、放大”。可 得到初步结论：物距减小，像距变大，像变大，直到物距小于焦距，光屏上无法成像。 （4）序号 7 中物距，此时凸透镜成正立、放大的虚像，虚像与物体在透镜的同侧，需要通过透镜直接观察，对应图丙中的B方式。 （5）凸透镜成等大、倒立的实像的条件是。1组透镜焦距，所以。表1中，物距 18.0cm时成放大像，25.0cm时成缩小像，说明等大像的物距在18.0cm ~25.0cm之间，应在此区间反复实验。 （6）[1][2]观察两组的数据可以提出问题：为什么两组数据中，在相同物距下得到的像距和像的特点不同？焦距不同会导致成像规律的具体数值不同。原因可能是两组同学使用的凸透镜焦距不同。 押题猜想十二 简单机械的相关计算 试题前瞻·能力先查 1.图示为某工人利用一滑轮提升物体的示意图。若该工人将质量为的物体沿竖直方向匀速提升，此过程中滑轮的机械效率为80%，取。求： (1)物体受到的重力大小； (2)工人所做的有用功； (3)工人所做的总功。 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）物体受到的重力大小 （2）工人所做的有用功 （3）根据机械效率的计算公式，可得工人所做的总功 分析有理·押题有据 本考点为必考，常考滑轮、机械效率计算。 一、杠杆平衡公式： F1​×L1​=F2​×L2​（动力 × 动力臂 = 阻力 × 阻力臂） 二、滑轮 定滑轮：不省力，改变方向，F=G 动滑轮：省一半力，F=G/​2 滑轮组：F=G总/​​n，s=nh 三、机械效率 η= W有用/​​W总​×100% 有用功：W有​=Gh 总功：W总​=Fs 额外功多由摩擦、动滑轮重力产生 一句话记：滑轮看段数，效率看有用比总功。 终极猜想·精练通关 1.小明用如图所示的滑轮，将重为6N的物体匀速提升到一定高度．在此过程中，不计绳重与摩擦，拉力F的大小是（　　） A．3N B．6N C．9N D．12N 【答案】B 【详解】首先观察滑轮的类型，图中的滑轮是定滑轮。定滑轮的实质是等臂杠杆，它不省力也不费力，只能改变力的方向。不计绳重与摩擦时，使用定滑轮提升物体，拉力F等于物体的重力G。即拉力 故选B。 2.如图，某工人利用滑轮在时间内，将重为的物料匀速提升了的高度，工人对绳子竖直向上的拉力大小为，不计绳重及滑轮的摩擦。下列说法正确的是（　　） A．该工人使用的是定滑轮 B．提升物料做的有用功为 C．拉力做功的功率为 D．该滑轮的机械效率为 【答案】C 【详解】A．用该滑轮提升物料时，滑轮的轴会随着物体一起运动，该滑轮是动滑轮，故A错误； B．当物体匀速提升时，做的有用功是克服物料的重力做功，物料的重力为G，上升的高度为h，故有用功为，故B错误； C．绳子自由端移动的距离 则绳子自由端的拉力做的总功 拉力的功率，故C正确； D．该滑轮的机械效率，故D错误。 故选C。 3.如图，人借助滑轮组或斜面可以把重均为G的物体A、B匀速提升相同高度h，绳子对A的拉力为F1，F3平行于斜面，物体B在斜面受到的摩擦力为f，则（　　） A．物体B在斜面上受到摩擦力f=F3 B．F2一定小于F1 C．滑轮组的机械效率是 D．F3对物体做的有用功等于F1h 【答案】D 【详解】A．物体B在斜面上受到竖直向下的重力、垂直斜面向上的支持力，平行于斜面的拉力和摩擦力的作用，处于平衡状态，由于重力和支持力不平衡，所以拉力和摩擦力也不平衡，，故A不符合题意； B．由图知滑轮组的动滑轮绕绳子段数n=3，在滑轮组中，A匀速上升，则F1=G，由于未知滑轮组的效率，根据 可知无法判断F2和F1的大小关系，故B不符合题意； C．由图可知，滑轮组绳子的有效段数n=3，滑轮组的机械效率为 故C不符合题意； D．把重均为G的物体A匀速提升，物体A受平衡力作用，即拉力F1等于物体A的重力G，拉物体B沿斜面向上运动时，所做有用功为 W有=Gh=F1h 故D符合题意。 故选D。 4.图甲为一款健身器材，两滑轮均重20N；弹性限度内，弹簧伸长的最大长度为80cm，弹簧所受拉力F与其“伸长的长度”Δx成正比，如图乙所示。弹簧、细绳、拉环的重力和摩擦可忽略；使用时竖直向下缓慢拉动拉环。下列说法正确的是（　　） A．弹簧拉力为60N时，绳a拉力为140N B．拉环向下移动10cm，弹簧伸长10cm C．弹簧拉力为300N时，拉环向下移动30cm D．健身器材提供的最大拉力为820N 【答案】AC 【详解】A．弹簧、细绳、拉环的重力和摩擦可忽略，由图可知，定滑轮受到重力、绳a的拉力和滑轮绕绳的拉力，弹簧拉力为60N时，绳a的拉力Fa=2F1+G定=2×60N+20N=140N 故A正确； B．拉环和动滑轮连接，动滑轮绕2段绳，拉环向下移动10cm，弹簧伸长2×10cm=20cm 故B错误； C．弹性限度内，弹簧所受拉力F与其“伸长的长度”Δx成正比，弹簧拉力为300N时，弹簧伸长的长度为 动滑轮绕2段绳，拉环向下移动 故C正确； D．由图乙可知，弹簧伸长的最大长度为80cm，弹簧的最大拉力是400N，弹簧、细绳、拉环的重力和摩擦可忽略，由得到健身器材提供的最大拉力F大=2F-G动=2×400N-20N=780N 故D错误。 故选AC。 5. 如图所示，重600N的工人通过滑轮组用竖直向下的拉力匀速提升货物，表中是他某次工作的相关数据。若三个滑轮重均相等，不计滑轮组的绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　） 货物所受重力G/N 货物被提升高度h/m 绳端所受拉力F/N 所用时间t/s 540 3 200 25 A．工人做功的功率为72W B．滑轮组对悬挂点A的拉力为920N C．滑轮组的机械效率为90% D．若货物离开水平地面之前，工人用100N的力竖直向下拉绳端，则地面对货物的支持力为200N 【答案】ABC 【详解】A．由图可知，滑轮组由3段绳子承担货物的重力，所以绳子股数，则绳端移动的距离 工人做的总功 工人做功的功率，故A正确； B．不计滑轮组的绳重和摩擦，根据滑轮组的工作原理，则绳端拉力，则动滑轮的自重 由于三个滑轮重均相等，所以定滑轮的重力也为60N。由图可知，滑轮组有2个定滑轮，则定滑轮总重。将2个定滑轮看作整体受力分析，整体受自身重力、受到4股绳子的拉力，受到悬挂点A的拉力。整体静止，受平衡力，则悬挂点对整体的拉力 因为力的作用是相互的，则滑轮组对悬挂点A的拉力，故B正确； C．滑轮组的机械效率，故C正确； D．当工人用100 N的力拉绳端时，绳端拉力。将动滑轮和物体看作整体，整体受重力、3股绳子的拉力、地面的支持力，由于整体静止，受平衡力，则此时地面对货物的支持力，故D错误。 故选ABC。 6.塔吊是工程建设中经常采用的起重装置，其起吊部分的结构可简化为如图所示的滑轮组。它将重为450N的重物竖直匀速提升10m，用时20s，若绳子自由端的拉力F=300N，则拉力做功的功率为_________W。忽略摩擦阻力，若增大起吊重物的质量，则该塔吊的机械效率________________（填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】 300 变大 【详解】[1]图中连接动滑轮绳子的股数是2股，则绳子自由端移动的距离 拉力做功为 拉力做功功率为 [2] 忽略摩擦阻力，增大起吊重物的质量，根据可知，塔吊的机械效率会变大。 7.用如图所示的滑轮组拉动重300N的箱子，以0.2m/s的速度在水平地面上做匀速直线运动，箱子与地面间的摩擦力为自身重力的0.2倍（不计滑轮、绳重及各处摩擦）；在5s时间内，绳子自由端移动的距离是______ m；拉力F做功是______ J。 【答案】 2 60 【详解】[1]箱子与地面间的摩擦力为 　 箱子在5s内移动的距离 　 图中连接动滑轮的绳子股数，则绳子自由端移动的距离 　 [2]不计滑轮、绳重及各处摩擦，拉力F做的功等于克服摩擦力做的功，为 　 8.如图所示，在斜面上将一个重10N的物体匀速拉到高处，沿斜面向上的拉力，斜面长、高，则拉力所做的功为___________J；把重物直接提升h所做的功作为有用功，忽略弹簧测力计的重力和空气阻力，则斜面对物体的摩擦力为___________N。 【答案】 3.6 1 【详解】[1]拉力所做的功为 [2]重物被提升过程中所做的有用功为 额外功 斜面对物体的摩擦力为 9.图甲所示为自行车的手闸，将其部分简化为如图乙所示的杠杆，忽略杠杆自身的重力，当杠杆平衡时，施加在点的动力，测得，，则阻力______。 【答案】45 【详解】根据杠杆平衡条件，阻力 10. 简单机械在生活和生产中有着广泛的应用。如图甲所示，石头垂直作用在撬棒上C点的力是600 N，已知撬棒AD=1 m，CD=BC=0.15 m，若沿图中动力的方向恰好撬动石头，则施加在撬棒A点的力F是____N；如图乙所示，工人利用滑轮组用600N的拉力将重1000N的物体竖直向上匀速提升2m，不计绳重及摩擦，工人做的有用功是____J。 【答案】 90 【详解】[1]图中动力F的方向斜向上，可以判断支点为撬棒与地面接触的D点，故此动力F的力臂为，阻力为石头垂直作用在撬棒上C点的力600 N，力臂为，由杠杆平衡条件可得，即 则施加在撬棒A点的力F是90 N。 [2]有用功是 11.目前，我国正在大力推广装配式建筑。这种建筑方式不仅施工效率高，还能减小粉尘污染，实现绿色施工。如图所示，塔吊将质量为7.2t的墙体构件从地面匀速吊起到60m高的顶楼，用时40s。g取10N/kg，求： (1)墙体构件被吊起的速度； (2)墙体构件竖放在水平地面上时，与地面的接触面积为1m2，求构件对地面的压强； (3)提升过程中，竖直向上的拉力的功率。 【答案】(1)1.5m/s (2)7.2×104Pa (3)1.08×105W 【详解】（1）根据可得，墙体构件被吊起的速度为 （2）墙体构件的质量为 则其所受重力为 因为墙体构件竖放在水平地面上，所以对地面的压力为 构件对地面的压强为 （3）提升过程中，因匀速运动，受力平衡，拉力与重力是一对平衡力，拉力的大小等于重力，即 则拉力的功率为 12. 如图所示，利用斜面将箱子推进车厢，通常要比把箱子直接从地面搬进车厢省力得多。某同学沿斜面向上用100N的力匀速推动箱子，已知箱子质量为20kg，斜面长3m，斜面高1.2m，g取10N/kg．求： (1)箱子受到的重力； (2)斜面的机械效率； (3)箱子受到的摩擦力。 【答案】(1)200N (2)80% (3)20N 【详解】（1）箱子受到的重力 （2）推力所做的总功 推力做的有用功 斜面的机械效率 （3）沿斜面推动箱子，克服斜面对箱子的摩擦力做的功是额外功 由可得箱子受到的摩擦力 13.某锻造厂利用卷扬机将一圆柱形工件（污垢的质量和体积忽略不计）吊入柱形清洗池中清洗，如图所示。已知工件的质量为90kg，高度为50cm，清洗池底面积为2000，深度为80cm；未放入工件时，清洗液的深度为60cm，密度，。求： (1)工件的重力； (2)工件一半浸入清洗液时，清洗液对工件底部的压强； (3)工件完全浸入清洗液，平衡时绳对工件的拉力为700N，工件的底面积是多少； 【答案】(1)900N (2)2000Pa (3) 【详解】（1）由题意 （2）工件一半浸入清洗液时,进入深度为 则底部受到压强 （3）工件完全浸入清洗液，工件受到的浮力为 则工件的体积 工件的底面积为 押题猜想十三 欧姆定律与电功率综合计算 试题前瞻·能力先查 1.如图甲是小明设计的电加热器的电路结构简图。通过控制挡位开关S、Sa可以获得两挡加热功率。 已知电热丝R1的阻值为55Ω，R2的阻值为220Ω，不计温度对R1、R2阻值的影响。求： （1）当开关S闭合、Sa接2时，电加热器处于低温挡时的电流； （2）电加热器处于高温挡时，通电5min产生的热量； （3）小明设计的电加热器的挡位较少，请你帮助小明利用图甲中的器材，再增加一个单刀开关Sb，在图乙的虚线框内完成电路设计，要求通过三个控制挡位开关可以实现四个挡位转换； （4）求出正确设计的电路中温度最低挡位的功率。 【答案】（1）1A；（2）2.64×105J；（3）；（4）176W 【详解】解：（1）当开关S闭合、Sa接2时，电路只有R2的简单电路，当开关S闭合、Sa接1，电路只有R1的简单电路，因R1的阻值小于R2，根据可得，当开关S闭合、Sa接1，电加热器处于高温挡，当开关S闭合、Sa接2时，电加热器处于低温挡，此时电路中的电流 （2）电加热器处于高温挡时电路中的电流 通电5min产生的热量 （3）因为需要实现四个挡位的转换，所以两个电热丝需要重新排列，新增一个开关Sb可以和其中一个电热丝串联，也可以和另一个电热丝串联，通过原开关Sa控制两个电热丝的连接方式，具体如图所示： （4） 当开关S闭合、Sa接2、Sb断开时，R1和R2串联接入电路，即电阻的总电阻最大，根据可知电加热器处于最低温挡， 此时电路中的电流 最低温挡的功率 答：（1）电加热器处于低温挡时的电流是1A； （2）通电5min产生的热量为； （3） （4）电路中温度最低挡位的功率是176W。 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考电学核心计算，常结合串并联电路考查。 核心公式 欧姆定律：I=U​/R 电功率：P=UI=I2R=U2​/R 电功：W=Pt=UIt 电路规律 联：电流相等，分压、功率与电阻成正比 并联：电压相等，分流、功率与电阻成反比 解题思路 先判串并联，找准不变量，算出电阻，再依次求电流、电压、功率与电功。 终极猜想·精练通关 1. 采摘机器人在智慧农业中广泛使用，兴趣小组设计的某采摘机器人部分工作原理如图所示，可以“前进”“后退”“照明”；开关S1、S2用绝缘柄相连，可同时连接触点“1”或“2”，电动机均正常工作。部分元件参数：电动机（24V 96W），灯泡L（18V 5.4W），滑动变阻器R（50Ω 1A），电流表（0~0.6A）。 (1)通过控制开关S1、S2，可实现前进、后退，原因是什么？ (2)电动机（线圈电阻为2Ω）正常工作5min消耗的电能和产生的热量分别为多少？ (3)闭合S3，调节灯泡亮度时，为保证各元件安全，R连入电路的最小阻值为多少？（灯丝电阻随温度变化忽略不计） 【答案】(1)见解析 (2)， (3) 【详解】（1）由图可知开关S1、S2同时接1，电动机中电流方向为从右到左；开关S1、S2同时接2，电动机中电流方向为从左到右；所以通过控制开关S1、S2，改变通过电动机中电流的方向可实现前进、后退。 （2）电动机正常工作5min消耗的电能 电动机正常工作的电流为 产生的热量为 （3）灯泡正常工作的电流为 则电路中最大电流为0.3A，由题意可知电动机正常工作，则电源电压为24V，根据欧姆定律和串联电路特点可知此时R连入电路的最小阻值为 2. 某小组设计的恒温箱，内部电路简化后如图甲所示，可实现加热、保温两挡自动切换。控制电路电源为两节新的干电池，电源电压U为3V，定值电阻为25Ω，、为电热丝，阻值分别为176Ω和44Ω，电磁铁线圈的电阻忽略不计。热敏电阻的阻值与温度的关系如图乙所示，电磁铁衔铁在电流大于或等于60mA时吸合，当电流小于或等于30mA时释放。求： (1)该恒温箱加热状态时工作电路的电流是多少； (2)该恒温箱的温度控制范围； (3)随着使用时间增加干电池用久老化后电压变小，在控制电流和不变情况下，会导致所控制最高温度如何变化，简要说出理由。 【答案】(1)5A (2)23~26℃ (3)控制的最高温度降低；干电池老化后电源电压变小，控制电流不变，由可知，总电阻减小，不变，对应的阻值更小，由图乙可知，越小对应温度越低。 【详解】（1）由图甲可知，该恒温箱加热状态时只有R2接入电路中，电路的总电阻最小，由可知电路的总功率最大，处于加热状态，加热状态时工作电路的电流 （2）控制电路中与串联，温度降低时减小，电路的总电阻减小，由可知控制电路电流增大，电流达到时衔铁吸合开始加热，对应最低温度；温度升高时增大，电流减小，电流降到时衔铁释放停止加热，对应最高温度。 ① 当时，电路的总电阻 的阻值 由图乙得，对应温度。 ② 当时，电路的总电阻 的阻值 由图乙得，对应温度。因此温度控制范围为。 （3）见答案 3.如图甲是文文同学家新买的一台冷暖空调扇，其内部简化电路如图乙所示，R1、R2均为发热电阻，R1的阻值为110Ω，M是电动机。开关S1闭合后，当S2接1、2时吹冷风；当S2接2、3时吹温风；当S2接3、4时吹热风，此时空调扇的总功率为1100W。已知：电源电压为220V，。求： (1)吹冷风时，在空调扇内加入冰袋会使吹出的风温度变低，若冰袋内冰的质量为1kg，温度从-16℃升高到-6℃时，冰从周围吸收的热量是多少？ (2)吹冷风时，电动机正常工作1h消耗的电能为，此时通过电动机的电流是多少？ (3)吹热风时，R2的电阻是多少？ 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）由题意得，冰的温度变化量 冰从周围吸收的热量 （2）电动机的电功率 通过电动机的电流 （3）吹热风时，电动机、、并联，并联电路各支路电压等于电源电压，的功率 电动机功率不变，的功率 的阻值 4.额定电压为220V某品牌电压力锅内部的简化电路，如图甲所示。其中、均为阻值恒定的发热电阻丝，接通电路后，触点式开关S自动与触点a、b接通，电压力锅处于加热状态，当锅内温度达到120℃时，开关S自动与触点a、b分离并与触点c接通，电压力锅处于保温保压状态。现将一定质量且初温为35℃的水加入锅中，接通电路使该压力锅正常运行，其工作过程中的电功率随时间变化关系如图乙所示。求： (1)的电阻值； (2)该电压力锅处于加热状态时，流过电阻丝电流大小（计算结果保留一位小数）； (3)在锅内盛有一定质量且初温为35℃的水，如图所示，接通电路后，电压力锅从开始工作到锅内水温度升高到120℃的加热过程中的工作效率为85%，则电压力锅内所盛水的质量为多少千克？[，] 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）的电阻值 （2）加热时总功率等于两电阻功率之和，因此的功率 并联电路支路电压等于电源电压，通过电阻丝电流 （3）加热时间 加热过程消耗的总电能 根据可得水吸收的热量 水温度的变化量为 根据可得电压力锅内所盛水的质量 5.如图1所示是一款家用养生壶，它的简化电路图如图2所示，其中为发热电阻，滑动变阻器产生的热量不会被水吸收。其铭牌上的部分技术参数如表所示。某次加热过程中，养生壶内装有1kg初温为的水。求：［，］ 型号 YSH－D15V7 额定电压 220V 额定总功率 最大容量 1500mL (1)将这些水加热到需要吸收多少热量？ (2)若用燃烧煤气达到以上效果，不计热量损失，至少要多少克煤气？ (3)滑动变阻器的最大阻值为多少？ 【答案】(1)； (2)； (3) 【详解】（1）由得，将这些水加热到需要吸收的热量 （2）不计热损失，燃烧煤气放出的热量 由可得，至少需要煤气的质量为 （3）由图2知，当滑片在最左端时，只有接入电路中，根据欧姆定律，电路中电流最大，养生壶以最大功率正常工作，由表格可知最大功率，由可得， 的电阻值 当滑片在最右端时，连入的阻值为最大值，与串联，根据欧姆定律，电路中电流最小，养生壶以最小功率正常工作，由表格可知最小功率，由得，此时电路中总电阻 根据串联电路的电阻规律，滑动变阻器的最大阻值为 6.如图所示，是某种电热饮水机的简化电路示意图。它有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），阅读该饮水机说明书可知：热水箱装满水时，水的质量为2kg，额定电压220V，加热时的功率400W，保温时的功率40W。求：试问： (1)饮水机处于保温状态时温控开关S0应处于什么状态？ (2)R1的电阻值是多大？ (3)该饮水机的加热效率为80%，在额定电压220V时将装满水箱的水从20℃加热至100℃，需要多长时间？（），忽略温度对电阻的影响） 【答案】(1)断开 (2)121Ω (3)2.1×103s 【详解】（1）由图得，当开关S0断开，两电阻丝串联，电阻较大，由可知，电路中电功率较小，为保温状态；当开关S0闭合，电阻丝R1独自工作，电阻较小，由可知，此时为加热状态。 （2）当开关S0闭合，电阻丝R1独自工作，为加热状态。由得，R1的电阻值是 （3）将装满水箱的水从20℃加热至100℃需要吸收热量为 需要消耗的电能为 由得，饮水机需要加热的时间 7.如图所示电路，电源电压保持不变，将滑动变阻器的滑片从阻值最大端移动到灯泡正常发光时为止，根据电压表和电流表示数画出图像如图乙所示，求： (1)电源电压； (2)滑动变阻器的最大阻值； (3)小灯泡的额定功率。 【答案】(1)11V (2)45Ω (3)4.8W 【详解】【小问1详解】由甲图可知，小灯泡与滑动变阻器串联接入电路，两电压表分别测量小灯泡与滑动变阻器两端电压，则两电压表示数之和等于电源电压，由乙图可知，当电流表示数为0.2A时，两个电压表示数分别为2V和9V，故电源电压 【小问2详解】分析电路可知，电压表示数随电流的增大而增大，故图像是电压表示数随电流表示数变化的图像，图像是电压表示数随电流表示数变化的图像，当滑动变阻器阻值最大时，电路中电流最小为0.2A，电压表示数为9V，滑动变阻器的最大阻值 【小问3详解】根据题意可知，当小灯泡正常发光时，通过灯泡的电流为0.6A，此时滑动变阻器分得的电压为3V，故灯泡两端电压 小灯泡的额定功率 8.如图甲所示，新型电饭锅采用智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感。其简化电路如图乙所示：和均为电热丝，S1是自动控制开关。某次煮饭时，电饭锅正常工作30min内，电路中总电流随时间变化的图像如图丙所示。求： (1)电热丝的阻值； (2)额定电压下用该电饭锅设定在30min内煮好一锅米饭，所消耗的总电能； (3)小明发现当家中只有该电饭锅单独在高温档工作时，标有“1600imp/(kW·h)”的电能表的用电指示灯在这10min内共闪烁了160次。则该电饭锅在高温挡烧煮时的实际功率是多少。 【答案】(1)110Ω (2) (3)600W 【详解】（1）由图乙可知，当开关S、S1都闭合时，、并联，此时电路的总电阻最小，由 可知电路的总功率最大，电饭锅处于高温挡；当开关S闭合、S1断开时，只有工作，电路中的总电阻最大，由可知电路的总功率最小，电饭锅处于低温挡；由图丙可知，低温挡工作时电路中的电流，的阻值 （2）由图丙可知，30min内，电饭锅高温挡工作时间 低温挡工作时间 电饭锅高温挡的功率 电饭锅低温挡的功率 高温挡工作时消耗的电能 低温挡工作时消耗的电能 消耗的总电能 （3）1600imp/(kW·h)表示电路中用电器每消耗1kW·h电能，电能表的指示灯闪烁1600次，则电能表的指示灯闪烁160次，电饭锅消耗的电能 电饭锅在高温挡烧煮时的实际功率 9.孝顺的小明用2024年春节收到的压岁钱给姥爷买了一款足浴盆，如图所示，这款足浴盆有加热和按摩两种功能。已知电动机M的额定功率为22W，线圈电阻为，加热电阻正常工作时的电功率为800W，电压220V恒定不变。 (1)在足浴盆中加入质量为4kg、初温20℃的水，只闭合开关启动加热功能，使水温升高至40℃，水吸收多少热量？［］ (2)若不计热损失，需要加热多长时间？ (3)断开开关，闭合启动按摩功能时，按摩10min电动机线圈产生的热量是多少？ 【答案】(1)； (2)； (3) 【详解】（1）水吸收的热量 Q吸=c水m(t﹣t0)=4.2×103J/(kg·℃)×4kg×(40℃-20℃)=3.36×105J （2）不计热损失，则 又 则 （3）断开开关，闭合启动按摩功能时，通过电动机线圈的电流 按摩10min电动机线圈产生的热量 押题猜想十四 光现象与透镜作图 试题前瞻·能力先查 【改编题】1.如图甲所示，把物体和不透光的塑料板放在平面镜前，请画出物体在平面镜中的像； 【答案】 【详解】（1）不透光的塑料板不影响平面镜成像，因为平面镜成像的原理是光的反射，只要物体发出的光能够到达平面镜，就会成像。根据平面镜成像的对称性，分别作出物体两个端点关于平面镜的对称点。用虚线连接对称点，即为物体关于平面镜所成的像，据此作图。 【科技热点题】2.如图中人形家务机器人的“眼睛”可以简化成凸透镜。房间中点光源S发出的两束光线射向凸透镜，请在图乙中画出这两束光线对应的折射光线。 【答案】 【详解】根据凸透镜的三条特殊光线，平行于主光轴的光线经凸透镜后，折射光线向焦点会聚；过焦点射向凸透镜的光线，经凸透镜后折射光线平行于主光轴，如图所示： 分析有理·押题有据 必考送分题，按规范作图即可满分。 光的直线传播：画带箭头直线 光的反射：先画虚线法线，反射角等于入射角 平面镜成像：对称、虚线、等大虚像 透镜三条特殊光线：平行过焦、过焦平行、过心不变 实线光线实物，虚线法线像，必标箭头 终极猜想·精练通关 1.如图甲所示，射水鱼是一种有着独特捕猎方式的鱼类，它能从口中喷射水柱击落水面上的昆虫。图乙是这一过程的光路简化示意图，为停在空中的昆虫，为来自昆虫射向水面的一条入射光线。请在图乙中画出：（1）昆虫通过水面所成的虚像S′；（2）光线进入水中后折射光线的大致方向； 【答案】 【详解】根据平面镜成像特点，像和物体关于平面镜对称，作昆虫S关于水面的对称点S'，即为昆虫S关于水面所成的虚像S'；光从空气斜射入水中时，根据光的折射规律，入射角大于折射角，过入射点作水面的垂线，即为法线，在水中法线的另一侧画折射光线，此时折射光线靠近法线，且折射光线与法线的夹角要小于入射光线与法线的夹角。据此作图。 2.按要求完成作图：图甲是医生通过平面镜观察患者口腔的情景。图乙示意图中，EF为平面镜，B点为医生眼睛所在位置，A'表示医生通过平面镜看到患处A的像点，O点为入射点，OB为反射光线。请在图乙中完成作图：①根据平面镜成像特点画出A的位置；②画出入射光线AO。（保留作图痕迹） 【答案】 【详解】平面镜成像物与像关于镜面对称，根据像的位置作出像关于平面镜的对称点即为物体的位置，连接物体与入射点之间的光线为入射光线，如图所示： 3.如图所示，一束光从水中斜射入空气中，已知入射光线AO，请画出它的反射光线OB和折射光线OC的大致方向。 【答案】 【详解】法线已画出，在法线的右侧空气中画出折射光线OC，注意折射角大于入射角；然后再根据反射角等于入射角画出反射光线OB，如图所示： 4. 夕阳倒映在水面上，如图所示。请根据物理知识，在方框中作出太阳在水中倒影的示意图。 【答案】 【详解】平静的水面相当于平面镜，太阳在水中的倒影，属于平面镜成像，成的是等大的虚像，像和太阳关于水面对称，据此作出其在水中倒影的示意图。如图所示： 5.请在图中画出入射光线通过透镜后的折射光线。 【答案】 【详解】经过凸透镜光心的光线方向不变，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点。如图所示： 6.如图，利用一块平面镜使此时的太阳光竖直射入井中，O点为入射点。请画出平面镜的位置，并补全光路。 【答案】 【详解】由于反射光线竖直射入井内，过入射点O竖直向下作出反射光线，再作反射光线与入射光线夹角的角平分线即为法线，然后作法线的垂直线就可确定平面镜的位置。如图所示: 7.如图所示，MN为凸透镜的主光轴，O为凸透镜的光心，F为凸透镜的焦点，将点燃的蜡烛放在凸透镜的二倍焦距处，烛焰S点发出两条光线SA、SO。请你在图中作出S的像点S'，并完成光路； 【答案】 【详解】蜡烛位于2倍焦距处，根据凸透镜成像规律可知，当物距等于2倍焦距时，像距也为2倍焦距，此时成倒立等大的实像，而过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，过右侧2倍焦距点作垂线，连接SO并延长，交垂线于，另一条光线经凸透镜折射后也与垂线相交于，即为S的像。作图如下： 8.如图所示，水中有一物体A，A′为岸上的人看到物体A的像，请画出人看到物体A的光路图。 【答案】 【详解】根据光的折射规律，人眼接收到的光线是经过水面折射后的光线，而A'是折射光线反向延长线的交点。故连接A′与眼睛在水面交于一点O，O为折射点，点O和眼睛的连线为折射光线；连接AO，此为入射光线。如图所示： 9.如图所示，光源S发出的光经竖直墙面上的平面镜反射后能照亮游泳池的水面，图中已经画出光源发出的光经过障碍物左边缘恰好照到水面最左端的一条光线。请通过作图在图上标出能被照亮的水面的右边界。 【答案】 【详解】在图中标出障碍物的最左端为A点，在平面镜中做出S的像标为S′，连接AS′并延长至水面，连线与平面镜交于O点，与水面交于B点。即O为入射点，B为能被照亮的水面最右边。过B点作垂线垂直水面即得到右边界。如图所示： 10.如图所示，光线AB经凸透镜折射后，折射光线BO恰好经过凸透镜另一侧焦点F。再经水平面上的平面镜反射，反射光线为OC。请在图中画出：①入射光线AB；②反射光线OC。③反射角的度数。 【答案】 【详解】入射光线AB的画法：图中已经画了是一条折射光线，过焦点，根据平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，所以对应的入射光线应与主光轴平行。 反射光线OC的画法：首先过入射点画出法线，法线与界面垂直（虚线），然后根据反射角等于入射角画出反射光线。 根据反射定律可知，入射角等反射角，根据题意可知，入射角为，则反射角也为。如图所示 11. 如图所示，与主光轴平行的光线AB是一条折射光线，经过平面镜反射之后反射光线为BC，请画出凹透镜折射光线AB的入射光线及平面镜的位置。 【答案】 【详解】凹透镜的一条特殊光线，过虚焦点的光线，经过凹透镜后平行主光轴；光的反射光线和入射光线分居法线两侧，法线垂直于镜面，反射角等于入射角，如图所示： 12.如图所示，一透镜一半刚好浸在水中，请作出光线通过透镜后在空气和水中的折射光线的光路图。 【答案】(1) 【详解】（1）空气部分：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过另一侧焦点，故经透镜折射后，折射光线指向右侧空气中的焦点F；水中部分：折射光线靠近法线偏折。 13.如图所示，一条光线射向平面镜，请作出它被平面镜反射后再经透镜折射的光路图。 【答案】 【详解】过入射点O作垂直于镜面的法线（虚线），因为入射光线与镜面夹角为，所以入射角为 根据反射角等于入射角，在法线另一侧作出反射光线，使反射光线与法线的夹角也为。由于反射光线平行于凸透镜的主光轴，根据“平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点”这一凸透镜特殊光线规律，作出经凸透镜折射后的光线，该光线过凸透镜右侧的焦点F，如下图所示： 押题猜想十五 生活用电 试题前瞻·能力先查 1.安全用电，人人有责。如图所示四幅图中符合安全用电原则的是（　　） A．图甲：在楼道里给电动车充电 B．图乙：用湿布擦拭插座 C．图丙：多个大功率用电器同时使用一个插座 D．图丁：电灯的开关接在灯和火线之间 【答案】D 【详解】A．在楼道里给电动车充电时，若发生火灾，不能及时疏散居民，易造成严重后果，不符合安全用电原则，故A不符合题意； B．由于生活用水含有杂质，容易导电，所以用湿布擦拭插座时，容易与火线接通，容易发生触电事故，故B不符合题意； C．多个大功率用电器同时使用一个插座时，插座上总功率过大，则通过插座的电流过大，容易引起火灾，故C不符合题意； D．电灯的开关接在灯和火线之间时，若开关断开，灯泡与火线断开，人接触到灯泡，零线与地面之间没有电压，人不会触电，符合安全用电原则，故D符合题意。 故选D。 【科技热点题】2. 图甲所示的家庭电路，空气开关额定最大电流为20A，人若不小心接触火线，经人体流入大地的电流超过30mA时漏电保护器会自动断开，起保护作用。某人电阻为1100Ω，他徒手赤脚去检修电路。下列说法正确的是（　　） A．若发生图乙的情况，漏电保护器一定自动断开 B．若发生图丙的情况，漏电保护器一定自动断开 C．若发生图丙的情况，空气开关一定自动断开 D．在N处加装开关控制用电器，符合安全用电原则 【答案】A 【详解】A．图乙中，人站在地上，单手接触火线，会有电流经过人体流入大地，当电流超过30mA时，漏电保护器会自动断开，起到保护作用，故A正确； B．图丙中，人站在干燥椅子上，单手接触火线，另一只手接触零线，人体与用电器并联，没有电流经过人体流入大地，漏电保护器不会自动断开，故B错误； C．图丙中，人站在干燥椅子上，单手接触火线，另一只手接触零线，相当于给电路增加了一个支路，若此时电路总电流不超过空气开关额定最大电流20A，空气开关不会自动断开，故C错误； D．为了安全，开关应接在火线和用电器之间，在N处（零线）加装开关控制用电器，不符合安全用电原则，故D错误。 故选A。 分析有理·押题有据 本考点必考，基础送分题。 家庭电路顺序：进户线→电能表→总开关→保险装置→用电器 火线零线： 火线带电，零线不带电 用测电笔辨别，氖管发光为火线 连接原则： 开关接在火线上 螺口灯泡顶端接火线，螺旋套接零线 三孔插座：左零右火上接地 触电原因：直接或间接接触火线，形成回路 安全用电： 不接触低压带电体，不靠近高压带电体 用电器外壳接地 有人触电先切断电源再施救 家庭电流过大原因：总功率过大、短路 终极猜想·精练通关 1.有一种插线板，当开关断开时，指示灯不亮，插孔无法正常工作；当开关闭合时，如果指示灯损坏，插孔也能正常工作．下图既能满足控制要求，又符合安全用电原则的是（ ） A B C D 【答案】A 【详解】插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路上； 如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明灯泡和插座之间是并联的，开关接在灯泡、插座和火线之间控制火线使用更安全，故只有A正确． 2.如图所示的家庭电路中，连接错误的元件是（    ） A．开关 B．两孔插座 C．电灯 D．三孔插座 【答案】B 【详解】AC．开关控制电灯时，开关要接在火线和电灯之间，这样在断开开关时，能切断火线，便于维修或更换灯泡，所以开关、电灯的连接方法正确，故AC不符合题意； B．两孔插座的左孔应接零线，右孔应接火线，所以图中两孔插座的接法错误，故B符合题意； D．三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，所以图中三孔插座的接法正确，故D不符合题意． 3.如图所示的家庭电路，三孔插座连接正确，①和②为电灯和开关所在位置，闭合开关电灯正常工作。下列说法正确的是（　　） A．②处应接开关 B．电能表应接在空气开关后 C．若开关短路，空气开关会切断电路 D．用试电笔接触a孔中的金属片，氖管会发光 【答案】D 【详解】A．由三孔插座的接法，可得上面的线是火线，下面的线是零线，开关应与火线连接，故①处为开关，②处为电灯，故A错误； B．电能表是用来测量电路中用电器消耗电能的仪表，应接在空气开关之前，故B错误； C．空气开关切断电路有两种可能，要么电路中总功率过大，要么电路中有短路现象，若开关短路，电灯持续发光，空气开关不会切断电路，故C错误； D．用试电笔接触a孔中的金属片，火线，试电笔，人体与大地形成回路，氖管会发光，故D正确。 故选D。 4.如图，某家庭电路输电线从左端进户，闭合开关，灯不亮，测电笔分别插入三孔插座的三个孔中都不发光，空气开关未跳闸，则下列说法正确的是（　　） A．灯泡短路 B．ab两点间断路 C．bc两点间断路 D．图中插座与灯泡是串联的 【答案】B 【详解】A．如果灯泡短路，电路中的电流过大，空气开关跳闸，故A错误； B．如果ab两点间断路，火线断路，空气开关未跳闸，灯不亮，测电笔分别插入三孔插座的三个孔中都不发光，故B正确； C．如果bc两点间断路，三孔插座的右孔和火线连接，测电笔插入三孔插座的右孔会发光，故C错误； D．图中插座和灯泡是并联的，故D错误。 故选B。 5.掌握安全用电常识，是当代每个公民必备的素养。下列四个图中符合安全用电原则的是（　　） ​ A．图甲中，站在地上的人用手去接触裸露的火线 B．图乙中，手握住验电笔笔尖金属体去检验插座中的火线 C．图丙中，电水壶的外壳与保护接地线相连接 D．图丁中，小孩靠近高压设备嬉戏、玩耍 【答案】C 【详解】A．图甲中，站在地上的人用手去接触裸露的火线，电流从火线经人体流向大地，会造成人体触电，不符合安全用电原则，故A不符合题意； B．图乙中，手握住验电笔，笔尖金属体去检验插座中的火线，此时手要接触笔尾的金属体才能做出正确的判断，不符合安全用电原则，故B不符合题意； C．图丙中，电水壶有金属外壳，电水壶的外壳应与接地线相连接，熔断器接在火线上，符合安全用电原则，故C符合题意； D．图丁中，小孩靠近高压设备嬉戏、玩耍，容易引发高压电弧触电，不符合安全用电原则，故D不符合题意。 故选C。 6.如图所示是小明家的部分电路，其中控制电灯的开关应装在虚线框______（选填“1”或“2”）中，另一处安电灯，装好后闭合开关，电灯不亮，他用测电笔分别测a、b、c点，氖管都发光，则电路故障可能为______（选填“火线”或“零线”）断了。 【答案】 2 零线 【详解】[1]为了用电的安全，开关应接在火线与灯之间。因此开关应接在2处。 [2]灯不亮，可能是电路开路或短路；当测电笔分别测试a、b、c点时，测电笔的氖管都发光，说明火线上有电，保险丝没有烧断，不会是短路；只能是断路，由于火线上有电，说明火线没有断路，只能是零线断路。 7.家庭电路的部分电路图如图所示（电路连接正确）。只闭合开关S1，灯L1正常发光，此时用试电笔接触a点，试电笔的氖管___________（选填“发光”或“不发光”）；再闭合开关S2，灯L1马上熄灭，则故障原因可能是灯L2___________（选填“短路”或“断路”）。 【答案】 不发光 短路 【详解】[1]只闭合开关S1，灯L1正常发光，此时用试电笔接触a点，因a点与零线相连，a点与大地间的电压为0V，所以此时试电笔的氖管不发光； [2]再闭合开关S2，灯L1马上熄灭，不可能是灯泡L2断路，并联电路互不影响，如果灯泡L2断路，灯L1发光，可能是灯L2短路，火线和零线连接，发生短路，导致电路中电流过大，保险丝熔断。 8. 如图所示是小明设计的照明电路。各元件安装完毕后，闭合开关S，电灯不亮，用试电笔分别测试a、b、c、d点时，a点氖管不发光，b、c、d点氖管都发光，由此可知 ___________两点间出现断路。小明又把一小射灯（正常工作时的电压为20V，电流为0.2A），直接接入家庭电路后，刚通电，小射灯立刻就烧坏了，经检查，发现还有一个配件忘记安装，该配件是一个阻值为 ___________Ω的定值电阻。 【答案】 ab 1000 【详解】[1]当试电笔分别测试b、c、d点时，试电笔的氖管都发光，说明b、c、d点都与火线相连，a点氖管不发光，a与火线不相连，说明a、b间断路。 [2]小射灯的额定电压为20V，小于家庭电路的电压，据串联电路的分压特点知，配件（小电阻）与小射灯串联后可使其正常工作，由串联电路特点知，电路中的电流 I灯=I配=0.2A 配件分得的电压 U配=U-U灯=220V-20V=200V 由欧姆定律可得配件的电阻 9.测电笔可以测试导线是火线还是零线，如图所示，持笔方式正确的是_____；当妈妈做饭时把电热水壶插头插进插座时，空气开关立刻“跳闸”，小明分析其原因可能是电热水壶插头内部_____，也可能是家里电路中用电器总功率过大． 【答案】 甲 短路 【详解】用测电笔来辨别火线与零线时，笔尖接触要检测的导线，手指应接触笔尾金属体，故甲正确；空气开关立刻跳闸，说明电路中的电流过大，电流过大的原因有：①电热水壶插头内部可能发生短路；②接入电热水壶后使得电路中用电器的总功率过大，造成干路电流过大． 10.如下图甲为带开关和 USB 接口的插座。开关断开时，USB 接口和三孔插座都不能工作；开关闭合时，USB 接口和三孔插座都能独立工作。请将乙图中的电路图补充完整。 【答案】 【详解】三孔插座、USB接口能够单独工作是并联的，开关在干路上与火线相连，三孔插座遵循左孔接零线、右孔接火线、上孔接地线，如图所示： 11.如图所示，请用笔画线代替导线，将图中元件接入家庭电路中，要求：①同时闭合声控开关和光控开关电灯才能亮；②三孔插座单独接入； 【答案】 【详解】要求同时闭合声控开关和光控开关电灯才能亮，则两个开关是串联的，开关和灯泡也是串联的，火线首先进入开关，然后进灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺丝口上；三孔插座接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如下图所示： 12.请按安全用电要求连线：开关能同时控制两盏灯，且一盏灯坏了另一盏灯仍然能正常发光。 【答案】 【详解】开关能同时控制两盏灯，且一盏灯坏了另一盏灯仍然能正常发光，说明两灯并联，开关处在干路上，家庭电路中，开关应处在相线和用电器之间，故连接导线如下图所示： 13.如图所示，小杰用测电笔测试某家庭电路中的输电线时，只有接触中间那条电线a时测电笔的氖管发光。 (1)请你按照安全用电的原则将图中标有“220V  40W”的白炽灯泡、开关（用来控制电灯）、三孔插座，接入家庭电路中，使它们能正常工作； (2)求该灯泡正常发光的电流；（保留两位小数） (3)三孔插座接入1600W的电水壶，不考虑热损失，将质量为2kg、初温为20℃的水烧开需要多少分钟？此地为1个标准大气压，）。 (4)当电热水壶工作一段时间后，小杰发现与电水壶连接的导线不怎么发热，而热水壶却热得发烫，为什么？请你用所学知识进行简答。 【答案】(1) (2)0.18A (3)7min (4)见解析 【详解】（1）用测电笔测试某家庭电路中的输电线时，只有接触中间那条电线a时测电笔的氖管发光，证明电线a为火线，则上面一条是零线，下面一条是地线，对于灯泡来说，火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属块，零线直接进入螺旋套，对于三孔插座来说，三孔插座的上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，如图所示： （2）灯泡的规格为，，则灯泡正常发光的电流为 （3）由题意，已知水的质量，初温，在1标准大气压下，水的沸点为，水的比热容为，根据公式，初温20℃的水烧开需要吸收的热量为 不考虑热损失，电水壶消耗的电能为 由功率公式得电水壶加热时间为 （4）电热水壶的发热体电阻远大于导线电阻，二者串联、电流相同，根据焦耳定律 Q=I2Rt，相同时间内电阻越大产生热量越多，所以壶体发热明显，导线几乎不热。 押题猜想十六 分子动理论与内能的利用 试题前瞻·能力先查 【传统文化题】1.古代的人们曾发明一种活塞式点火器，如图所示。以牛角作套筒，木质推杆前端粘附艾绒。取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃。下列事例与猛推推杆入筒的过程中，能量转化情况不同的是（    ） A．内燃机的做功冲程 B．内燃机的压缩冲程 C．钻木取火 D．流星雨的形成 【答案】A 【详解】在猛推推杆入筒的过程中，推杆对艾绒做了功，使得艾绒的温度升高，内能增加，从而达到燃点并燃烧，这个过程是将机械能转化为内能。 A．内燃机的做功冲程中，高温高压的燃气推动活塞向下运动，带动曲轴转动，对外做功。这个过程是将内能转化为机械能，与题目中的能量转化情况不同，故A符合题意。 B．内燃机的压缩冲程中，是将机械能转化为内能，故B不符合题意。 C．钻木取火是通过摩擦做功，使得木头的内能增加，温度升高，达到燃点并燃烧。这个过程同样是将机械能转化为内能，与题目中的能量转化情况相同，故C不符合题意。 D．流星雨的形成是流星体进入地球大气层时，与大气层发生摩擦，使得流星体的内能增加，温度升高，甚至燃烧起来。这个过程也是将机械能转化为内能，与题目中的能量转化情况相同，故D不符合题意。 故选A。 【改编题】2.美食街上，炭烤羊肉香味四溢，这是________现象，炭在燃烧过程中热值________； 【答案】 扩散 不变 【详解】 [1]美食街上，炭烤羊肉香味四溢，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。 [2]热值的大小跟燃料的种类有关，跟燃料是否完全燃烧、质量、体积和形态等都没有关系，故热值不变。 3.小姜利用如图1所示的装置“比较不同物质吸热的情况”。 （1）器材：相同规格的电加热器、烧杯、温度计各两个，以及______（填测量工具）、托盘天平（含砝码）、水和煤油； （2）选取两个相同规格的电加热器进行实验，目的是为了通过比较______来比较物质吸收热量的多少； （3）实验中选取初温不同、______相同的水和煤油，分别倒入烧杯中，用电加热器加热，当它们吸收相同的热量时，通过比较______来比较不同物质吸热能力的强弱； （4）如图2所示，小姜正确使用温度计测量液体的温度，按照图中______（选填“A”、“B”或“C”）方法读数是正确的；实验中某时刻温度计示数如图3所示为______℃； （5）部分实验数据如下表所示，分析数据可得出结论：______（选填“水”或“煤油”）的吸热能力更强。 加热时间/min 0 1 2 3 4 …… 10 水的温度/℃ 30 34 38 42 46 …… 70 煤油温度/℃ 10 18 26 34 42 …… 90 【答案】 停表 加热时间 质量 升高的温度 B 66 水 【详解】（1）[1]比较不同物质吸热的情况实验中需要测量加热时间，因此缺少的实验器材是秒表。 （2）[2]实验中用两个相同的电加热器加热，加热时间越长，物质吸收的热量越多，因此通过比较加热时间的长短来比较物质吸收热量的多少。 （3）[3][4]根据比较不同物质吸热能力的两种方法可知，实验中要控制不同物质的质量相等，即实验中应量取质量相等的水和煤油，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热，当它们吸收相同热量时，通过比较升高的温度来判断吸热能力的强弱。 （4）[5]使用温度计测量液体的温度时，视线要与液柱的上表面相平，故B正确。 [6]由图3可知，温度计的分度值为1℃，此时是零上，因此温度计示数为66℃。 （5）[7]由表格中数据可知，水和煤油加热相同的时间，水升高的温度较低，说明水的吸热能力更强。 分析有理·押题有据 必考基础题，选择填空常考。 分子动理论：物质由分子组成，分子永不停息运动，有引力和斥力 内能：一切物体都有内能，与温度、质量、状态有关 改变内能：做功、热传递 比热容：水的比热容大，用于冷却、调节气温 热机四冲程： 压缩冲程：机械能→内能 做功冲程：内能→机械能 终极猜想·精练通关 1.“女皇蒸凉面”是广元地方特色美食，凉面的口感、香气深受人们喜欢，下列说法正确的是（　　） A．油辣子附着在凉面上，说明分子间只存在引力 B．香气四溢，表明分子在不停地做热运动 C．凉面条之间有空隙，说明分子间有间隙 D．吃一口凉面，只有几个分子进入口中 【答案】B 【详解】A．油辣子附着在凉面上，说明分子间存在引力，但分子间还存在斥力，故A错误； B．香气四溢，是扩散现象，表明分子在不停地做热运动，故B正确； C．凉面是看得见的物体，不是分子，所以凉面条之间有空隙，不能说明分子间有间隙，故C错误； D．物质是由大量的分子和原子组成，吃一口凉面，有大量的分子进入口中，故D错误。 故选B。 2.如图所示，用酒精灯对试管加热，等水沸腾后，可以看到蒸汽把软木塞顶跑。下列说法正确的是（　　） A．用酒精灯加热试管，水内能的增加是通过做功的方式实现的 B．蒸气把软木塞顶跑的过程，实现了内能向机械能的转化 C．蒸气把软木塞顶跑的过程，相当于汽油机的排气冲程 D．试管口出现的白雾是水汽化后形成的水蒸气 【答案】B 【详解】A．加热水的过程中，酒精灯火焰的温度较高，水温较低，热量从火焰转移到水，通过热传递的方式，使水的内能增加，故A错误； BC．蒸气把软木塞顶跑的过程，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，在汽油机的做功冲程中，内能转化为机械能，故B正确，C错误； D．水蒸气把软木塞向上冲起时，水蒸气的内能减少，温度降低，液化为小水滴，在试管口形成“白雾”，故D错误。 故选B。 3．我们常吃的月饼是在烤箱里“烤”的，但根据南宋《武林旧事》记载，最早的月饼出自笼屉，青海就保留着用蒸笼“蒸”月饼的传统习俗。下列情境中，改变物体内能的方式与“蒸”“烤”相同的是（　　） A B C D A．弯折铁丝 B．钻木取火 C．压缩空气 D．酒精灯加热 【答案】D 【详解】“蒸”“烤”是通过热传递改变内能； A．弯折铁丝时对铁丝做功，是通过做功的方式改变内能，故A不符合题意； B．钻木取火时克服摩擦做功，是通过做功的方式改变内能，故B不符合题意； C．压缩空气时活塞对空气做功，是通过做功的方式改变内能，故C不符合题意； D．酒精灯加热时，烧杯中的液体吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递改变内能，故D符合题意。 故选D。 4.1883年人类发明了汽油机。一台四冲程汽油机的一个冲程中，火花塞点火，燃料猛烈燃烧，产生高温高压的气体推动活塞对外做功，则该冲程（　　） A．是压缩冲程 B．气体对外做功，内能转化为机械能 C．活塞依靠飞轮的惯性而运动 D．气体对外做功，气体的内能增加 【答案】B 【详解】火花塞点火，燃料猛烈燃烧，产生高温高压的气体推动活塞对外做功，燃气的内能转化为活塞的机械能，这是做功冲程。 A．在压缩冲程中，活塞向上运动，压缩混合气体，使其内能增加、温度升高，但此时并没有点火燃烧和对外做功。故A不符合题意； B．在做功冲程中，高温高压的燃气推动活塞向下运动，通过连杆带动曲轴转动，将内能转化为机械能，故B符合题意； C．在做功冲程中，是高温高压的燃气推动活塞运动，而不是活塞依靠飞轮的惯性运动。飞轮的惯性主要在其他冲程（如吸气冲程、压缩冲程和排气冲程）中起作用，帮助活塞完成这些冲程，故C不符合题意； D．在做功冲程中，气体对外做功，其内能会减小（因为部分内能转化为了机械能），而不是增加，故D不符合题意。 故选B。 5.如图是古代省油灯的示意图。它下层盛水，能减慢上层油的消耗。点灯后，水在升温的过程中（　　） A．吸热，内能增加 B．吸热，内能减少 C．放热，内能增加 D．放热，内能减少 【答案】A 【详解】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。点灯后，水在升温的过程中，水吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变水的内能。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 6.如图甲，利用相同规格的加热器加热等质量的a、b两种液体，得到温度随时间变化的图像如图乙，分析可知（　　） A．相同时间内a中加热器产生的热量比b中的多 B．a和b的吸热能力都随着温度的升高不断增大 C．升高相同温度a所用时间比b少，a的吸热能力比b弱 D．相同时间内a升高的温度比b多，a的吸热能力比b强 【答案】C 【详解】A．实验中使用相同规格的加热器，则相同时间内a中加热器产生的热量与b中的加热器产生的热量相同，故A不符合题意； B．吸热能力是物质的属性，保持不变，所以a和b的吸热能力不会随着温度的升高而发生变化，故B不符合题意； C．由于相同时间内a中加热器产生的热量与b中的加热器产生的热量相同，则相同时间内两种液体吸收的热量相同；升高相同的温度，a所用时间比b少，则a吸收的热量少，a、b两种液体的质量相等，由可知，a的吸热能力比b弱，故C符合题意； D．由于相同时间内a中加热器产生的热量与b中的加热器产生的热量相同，则相同时间内两种液体吸收的热量相同，相同时间内a升高的温度比b多，a、b两种液体的质量相等，由可知，a的吸热能力比b弱，故D不符合题意。 故选C。 7.如图所示，试管内的水沸腾后，塞子受到水蒸气的压力而冲出去，这个过程中能量转化的情况与汽油机___________冲程能量转化的情况相同；课前准备时，给酒精灯添加酒精，闻到了酒精味，这是___________现象。 【答案】 做功 扩散 【详解】[1]试管内的水沸腾后，水蒸气内能增加，塞子受到水蒸气的压力冲出去，所以水蒸气的内能转换为塞子的机械能，而汽油机的做功冲程的内能转化是内能转化为机械能，能量转化情况与汽油机的做功冲程的能量转化情况相同。 [2]向酒精灯内添加酒精时，闻到了酒精味，这是酒精的扩散现象，表示分子在永不停息地做无规则运动。 8.如图所示，是五彩祝福鸡蛋。在鸡蛋着色的过程中，火龙果、橙子、紫甘蓝等果蔬中的天然食用色素进入鸡蛋内部的现象，在物理学中叫做___________，温度越___________，色素进入越快。 【答案】 扩散 高 【详解】[1][2]在鸡蛋着色的过程中，火龙果、橙子、紫甘蓝等果蔬中的天然食用色素进入鸡蛋内部，是一种扩散现象，说明分子永不停息地做无规则运动，分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子无规则运动越剧烈，所以温度越高，色素进入越快。 9.用燃气灶给一定质量的水加热，完全燃烧体积为的燃气（燃气的热值为），水吸收的热量为，则此燃烧过程中燃气放出的热量为___________，该燃气灶的热效率为___________×100%。（本小题用题中字母表示） 【答案】 【详解】[1][2]已知燃气的热值为，完全燃烧燃气的体积为V，燃烧过程中燃气放出的热量为Q放=qV 该燃气灶的热效率为 10.用打气筒打气时，气筒壁会发热，这主要是因为活塞对筒内气体___________（选填“做功”或“热传递”），使筒内气体内能增大，温度升高，此过程中的能量转化与四冲程汽油机___________冲程的能量转化相同。 【答案】 做功 压缩 【详解】[1][2]改变物体内能有两种方法：做功、热传递；用打气筒打气时，活塞对筒内气体做功，使气体的内能增大，温度升高，此过程中机械能转化成内能；汽油机压缩冲程中，活塞对汽缸内的气体做功，机械能转化成内能，打气筒打气的能量转化与四冲程汽油机压缩冲程相同。 11.如图所示为内燃机的______冲程，该过程是将______转化为机械能。 【答案】 做功 内能 【详解】[1][2]如图所示，两气门都关闭，活塞下行，是做功冲程，该冲程中燃气推动活塞，对活塞做功，内能转化为机械能。 12.科技小组同学用如图甲所示的装置比较不同物质的吸热情况。将水和油分别盛在两个相同的试管中，同时用红外加热器加热，温度传感器与电脑相连。电脑上显示温度随时间变化的图线如图乙所示。 (1)实验时，应选取_______相同、初温相同的A、B两种不同液体； (2)实验中测量和记录加热时间的目的是：反映水和油________的多少； (3)为了比较甲、乙液体的吸热本领，小明提出两种比较方案。 ①让两者升高相同的温度比较加热时间 ②让两者加热相同时间比较升高的温度在两种液体都不沸腾的前提下，你认为可行的方案是_________（选填“①”、“②”或“①和②”）； (4)由图乙分析可知_________液体（选填“A”或“B”）作为工厂里的冷却塔里的冷却介质更好。 【答案】(1)质量 (2)吸收热量 (3)①和② (4)B 【详解】（1）根据控制变量法，探究不同物质的吸热能力时，需要控制两种液体的质量相同、初温相同，因此填质量。 （2）实验中相同的加热器相同时间放出热量相同，因此加热时间可以反映液体吸收热量的多少，这是转换法的应用。 （3）升高相同温度，加热时间越长说明吸热能力越强；加热相同时间（吸收热量相同），升高温度越小说明吸热能力越强，因此两种方法都可行。 （4）由图乙可知，升高相同温度时，B的加热时间更长，说明B的比热容更大，吸收相同热量时升温更小，冷却效果更好，更适合作为冷却介质。 押题猜想十七 通信与能源 试题前瞻·能力先查 【社会热点题】1.2025年5月14日，我国自主三代核电“华龙一号”全球首堆——中核集团福清核电5号机组实现连续安全稳定运行1000天，持续向社会稳定输送清洁电能超370亿度，如图所示是“华龙一号”全球首堆外景。下列有关说法错误的是（    ） A．核能属于不可再生能源 B．核电站利用核反应堆通过可控核裂变释放核能 C．核反应堆将核能直接转化为电能 D．核废料具有放射性，一般深埋在人烟稀少的地方 【答案】C 【详解】A．核能是一种相对较为清洁的能源，但由于核燃料在地球上的总量是一定的，所以核能属于不可再生能源，故A正确，不符合题意； B．核电站利用核能发电，它的核心设备是核反应堆，核反应堆是通过可控核裂变反应释放核能的设备，故B正确，不符合题意； C．核能发电的能量传递和转化过程是：核能→水和蒸汽的内能→发电机转子的机械能→电能，故C错误，符合题意； D．核污染主要是指核燃料或核废料具有放射性，因此一般埋在人烟稀少的地方，故D正确，不符合题意。 故选C。 【科技热点题】2.我国先后发射了鹊桥号和鹊桥二号中继星，架起了地球与月球背面通信的“天桥”。相比于鹊桥号，鹊桥二号距月球更近（如图），采用了反射率更高的镀金钼丝天线。下列说法不正确的是（　　） A．鹊桥号利用声波进行信号传输 B．鹊桥二号利用电磁波进行信号传输 C．镀金钼丝天线反射的信号传播速度为 D．信息从月球背面传到鹊桥二号比到鹊桥号用时更短 【答案】A 【详解】AB．降落在月球背面的嫦娥六号要时刻与地球保持通信，需要鹊桥二号中继卫星进行信号转发。该通信利用电磁波传递信息，超声波和次声波不能在真空中传播，故A错误，符合题意，B正确，不符合题意。 C．电磁波在真空中传播的速度，故C正确，不符合题意； D．根据题意知道，相比于鹊桥号，鹊桥二号距月球更近，所以，信息从月球背面传到鹊桥二号比到鹊桥号用时更短，故D正确，不符合题意。 故选A。 分析有理·押题有据 本考点为必考基础题，多以选择、填空出现。 一、通信 光纤通信：利用激光在光导纤维中反射传播 移动通信、WiFi、蓝牙：依靠电磁波传递信息 电磁波可以在真空中传播，速度等于光速 二、能源 可再生能源：太阳能、风能、水能、生物质能 不可再生能源：煤、石油、天然气、核能 清洁能源：太阳能、风能、水能、核能 核能：核裂变（核电站、原子弹）；核聚变（氢弹、太阳） 一句话速记： 通信靠电磁波，光纤靠光反射；能源分清可再生与否，核裂变电站用。 终极猜想·精练通关 1.下列属于不可再生能源的是（　　） A．风能 B．地热能 C．石油 D．太阳能 【答案】C 【详解】不可再生能源是指短期内无法自然再生或需极长时间再生的能源。 A．风能由空气流动产生，可循环再生，属于可再生能源，故A不符合题意； B．地热能来自地球内部，可持续利用，属于可再生能源，故B不符合题意； C．石油是化石燃料，需数百万年形成，无法短期再生，属于不可再生能源，故C符合题意； D．太阳能直接来自太阳，可源源不断获取，属于可再生能源，故D不符合题意。 故选C。 2.以下各种形式的能源中，属于二次能源的是（　　） A．风能 B．水能 C．电能 D．核能 【答案】C 【详解】一次能源：直接来自自然界而未经加工转换的能源，例如化石燃料、风能、太阳能、水能、生物燃料、核能；二次能源：由一次性能源直接或间接转换而来的能源：煤气、氢能、电能、汽油、沼气。因此属于二次能源的是电能。故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 3.目前人类大规模利用核能发电的方式属于（　　） A．可控核裂变 B．可控核聚变 C．不可控核裂变 D．不可控核聚变 【答案】A 【详解】目前核聚变还不可控，原子弹利用了不可控核裂变，氢弹利用了不可控核聚变，核电站利用的是可控核裂变将核能转化为电能发电，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 4.全世界能源的消耗逐年上涨，探索各种可再生能源的利用是人类要解决的一个重要课题。下列举措中不符合这个课题的是（　　） A．利用煤的化学能转化为电能 B．利用水的机械能转化为电能 C．利用风能转化为电能 D．利用太阳能转化为电能 【答案】A 【详解】A．煤是不可再生能源，利用其化学能转化为电能属于消耗不可再生能源，不符合可再生能源利用的课题，故A符合题意； B．水的机械能（如水力发电）属于可再生能源的利用，故B不符合题意； C．风能是可再生能源，转化为电能符合课题要求，故C不符合题意； D．太阳能是可再生能源，转化为电能符合课题要求，故D不符合题意。 故选A。 5.如图所示，一只太阳能草坪节能灯，由太阳能电池板、蓄电池、“6V1W”的节能灯等组成，太阳能电池板发电并将电能储存在蓄电池中，供节能灯晚间照明；该太阳能电池板接收太阳辐射的面积为，其光电转化效率（即发电效率）为20%。若在太阳能电池板接收太阳辐射的有效时间内，太阳能电池板接收太阳辐射的功率为640W。下列说法正确的是（　　） A．太阳能是可再生能源 B．太阳能电池板给蓄电池充电过程中将化学能转化成电能 C．该灯的太阳能电池板发电功率为16W D．节能灯正常发光10h消耗的电能为 【答案】AD 【详解】A．太阳能可从自然界不断获得，是可再生能源，故A正确； B．太阳能电池板给蓄电池充电，是将太阳能转化的电能转化为蓄电池的化学能，故B错误； C．太阳能电池板接收太阳辐射的总功率 发电功率 故C错误； D．节能灯正常发光10h消耗电能 故D正确。 故选AD。 6.下列与物理知识有关的描述，正确的是（   ） A．地球的半径是 B．原子核由质子和中子组成 C．人正常呼吸一次大约需要20s D．太阳能是二次能源 【答案】B 【详解】A．地球的半径约是，不是，故A错误； B．原子由原子核和核外电子组成，原子核是由质子和中子组成的，故B正确； C．人正常呼吸一次大约需要，不是20s，故C错误； D．太阳能是直接吸收太阳光来利用的，是一次能源，不是二次能源，故D错误。 故选B。 7.中国北方中纬高频雷达网是一种利用高频电磁波探测高空电离层带电粒子的科学设施，其通过发射电磁波并接收反射回波来获取信息。电磁波与带电粒子的相互作用改变了电磁波传播的___________（选填“快慢”“方向”）；电磁波从地面开始发射到60km高度处被反射回发射点，共需___________s。（c取3.0×105km/s） 【答案】 方向 4×10-4 【详解】[1]电磁波与带电粒子相互作用时，主要改变其传播的方向，电磁波在真空中的速度不变。 [2]电磁波往返总路程为s=2×60km=120km 需要的时间 8.搭载“天问二号”探测器的火箭升空时，由于摩擦，部分机械能转化为空气和箭体的内能，这些消耗的能量不能再自动地被用来推动火箭，说明能量的转化具有___________；我国自主研发的“偏二甲肼”火箭燃料属于___________（选填“一次”“二次”）能源。 【答案】 方向性 二次 【详解】[1]火箭升空时，由于摩擦，部分机械能转化为空气和箭体的内能，由于能量的转化具有方向性，这些消耗的能量不能再自动地被用来推动火箭。 [2]我国自主研发的“偏二甲肼”火箭燃料必须通过一次能源的消耗才能得到的能源，属于二次能源。 9.太阳能可以从自然界源源不断地得到，它___________（选填“是”或“不是”）一种可再生能源。我国月球车在月球上利用太阳能电池将太阳能转化为___________能，供月球车使用。 【答案】 是 电 【详解】[1]可再生能源是指在自然界中可以不断再生、永续利用的能源。太阳能可以从自然界源源不断地得到，所以它是一种可再生能源。 [2]太阳能电池消耗太阳能，为电路提供电能，所以是将太阳能转化为电能，从而供月球车使用。 10.2025年5月14日，我国太空计算星座021任务12颗卫星成功发射，开启了全球“太空计算时代”的新篇章。卫星均搭载星间通信系统，它们之间是利用___________传递信息的。在太空运行时，卫星___________（选填“具有”或“不具有”）惯性。 【答案】 电磁波 具有 【详解】[1]电磁波可以在真空中传播，电磁波可以传递信息，卫星间通信依赖能够在真空中传播的电磁波。 [2]惯性是物体的固有属性，仅由质量决定，一切物体都有惯性，卫星在太空运行时具有惯性。 11.传统燃油汽车排放的尾气是大气污染的主要来源，提供传统燃油的化石能源属于________再生能源。为节能减排，新能源汽车正逐步取代传统燃油汽车。如图，电动汽车充电，是将电能转化为________能储存起来。 【答案】 不可 化学 【详解】$ 2026年中考物理终极押题猜想（辽宁） 参考答案 押题猜想一 声音的特性与噪声控制 试题前瞻·能力先查 1．B 2．真空;超声波 终极猜想·精练通关 1．C 2．C 3．A 4．A 5．A 6．A 7．B 8．音调;人耳 9．音调;音色 10．音色;振动 11．接收;产生 12．不变;变大 13．需要；人耳处 押题猜想二 物态变化辨析与吸放热判断 试题前瞻·能力先查 1．C 2．液化；冰箱外 3．需要；升高；保持不变(或不变)；低于；c；D 终极猜想·精练通关 1．C 2．B 3．D 4．A 5．C 6．D 7．汽化;吸 8．升华;凝华 9．汽化;放出 10．98;液化 11．汽化;吸收 12．45;有 13．烧杯;液化;B;吸收热量、温度保持不变;石棉网（或陶土网）、铁圈、烧杯底部的温度高于水的沸点，水能继续吸热 14．(1)受热均匀(2)-3(3)吸收;晶体(4)比热容(5)不会 押题猜想三 光现象辨析 试题前瞻·能力先查 1．AD 2．虚;10 3．(1)粗糙;漫反射(2)不能;不变(3)把反射光线与镜面的夹角当成了反射角;光的反射现象中，反射角等于入射角 终极猜想·精练通关 1．C 2．C 3．B 4．B 5．C 6．C 7．20;不变 8．直线传播;乙 9．紫外线;能量 10．5.5;右 11．不能;减小 12．折射;不是 13．显示光的传播路径;探究反射角与入射角的大小关系;反射角等于入射角;55°;可逆;不能;反射光线、入射光线和法线在同一平面内 14．(1)像的位置(2)相同;相等(3)垂直;较远(4)③(5)R 15．(1)竖直(2)光的反射;光的折射所形成的虚像(3)便于确定像的位置和比较像和物的大小(4)没有(5)像和物到平面镜的距离相等 押题猜想四 物理量估测 试题前瞻·能力先查 1．B 终极猜想·精练通关 1．C 2．C 3．B 4．D 5．B 6．B 7．B 8．B 9．D 10．B 11．C 12．D 押题猜想五 压强及应用 试题前瞻·能力先查 1．D 2．大于;小于 3．(1)A(2)不是(3)同种液体中，液体压强随着深度增加而增大;没有控制探头在液体中的深度相同(4)103Pa(5)0.1 终极猜想·精练通关 1．C 2．C 3．B 4．A 5．A 6．ACD 7．小;弹性 8．空气阻力;小 9．大气压强;吸管吸饮料 10．大气压;小 11．方向;减小 12．12500;变小 13．取下软管再重新安装;不属于;深度越深;800;错误;没有控制液体的深度相同 14．被压下的深浅;不可以;受力面积;受力面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显;A;=;没有控制压力的大小相同 15．【答案】（1）500N；（2）；（3） 【详解】解：（1）甲受到的重力大小为 （2）甲站立时对冰面的压强为 （3）甲推乙过程中，推力做的功为 押题猜想六 电路识别、电路故障分析、动态电路 试题前瞻·能力先查 1．AD 2．B 终极猜想·精练通关 1． B 2．D 3．D 4．C 5．BCD 6．BD 7．240;1∶2 8．断路;变大 9．6;20 10．6;1.2 11．20;0.8 12．2;1100 13．(1)断开 (2) (3)D(4)0.4(5)大于(6)反比 14．(1)(2)400W(3)0.4度(4)93.3% 【详解】（1）旋转开关S连通1触点，电路为R1的简单电路，可实现加热器快速加热，加热器快速加热时的功率为2kW，的阻值 （2）旋转开关S连通2触点，电阻R1和R2串联，可实现加热器的保温功能，加热器保温时的功率 （3）加热器使用保温挡工作1小时消耗的电能是 （4）容器内水的体积为，水的质量 水温升高40℃吸收的热量 加热器使用快速加热挡工作15min消耗的电能 加热器对水加热的效率是 押题猜想七 运动和力 试题前瞻·能力先查 1．B 2．杠杆;形状 3． 终极猜想·精练通关 1．B 2．B 3．D 4．C 5．CD 6．AC 7．后;小华 8．静止;桶中 9．减小受力面积;减小 10． 11． 12．(1)毛巾(2)初速度(3) 远;匀速直线(4)不同;减小小球在斜面上的高度 13．(1)水平;匀速直线(2)粗糙(3)不合理;没有控制接触面粗糙程度相同 押题猜想八 机械能及其转化 试题前瞻·能力先查 1．B 2．B 终极猜想·精练通关 1．D 2．C 3．D 4．B 5．C 6．C 7．D 8．C 9．B 10．向上;减小 11．增大;减小 12．运动状态;不守恒 13．(1)木块移动的距离;转换法(2)阻力;匀速直线(3)不能;没有控制钢球到达水平面时的速度相同(4)甲、乙 押题猜想九 电磁现象辨析 试题前瞻·能力先查 1．BC 2．磁场;S 终极猜想·精练通关 1．D 2．A 3．D 4．C 5．D 6．(1)R1(2)S 7．电磁感应;丙 8．竖直向上;丙 9．轻敲有机玻璃板;小磁针 10．B;S 11． 12. (1) (2)0.25(3)880(4)0.11 13. (1)电流的磁效应;增大(2) B;S(3)12(4)大 押题猜想十 欧姆定律 试题前瞻·能力先查 1．B 终极猜想·精练通关 1．D 2．C 3．C 4．D 5．=;1.3 6．串;1.6 7．并;1.04 8．干路;0.1 9．0.6;3:2 10．(1)断开 (2) (3)C(4)0.26(5)10.3(6)求平均值，减小实验误差(7)能 11．(1)B(2)滑动变阻器断路(3)4(4)小灯泡的电阻随灯丝温度升高而增大(5) 12．B;1;10;盐水柱的横截面积;未控制盐水柱的横截面积不变;滑片P处在最右端; 押题猜想十一 透镜及凸透镜成像规律 试题前瞻·能力先查 1．C 2．凹透镜;变小 3. (1)9.0(2)放大;透镜与蜡烛的距离等于原来的光屏到透镜的距离(3)下(4)靠近 终极猜想·精练通关 1．B 2．C 3．B 4．C 5．BC 6．BC 7．(1)会聚(2)A 8．B;缩小 9．音色;凸 10．折射;虚 11．甲;丁 12．(1)12(2)Ⅱ(3) 远视(4)上(5)B(6)C 13．(1)10.0(2)让像成在光屏的中央(3)变大(4)B(5)18.0厘米 ~25.0(6)为什么两组数据中，在相同物距下得到的像距和像的特点不同？ 两组同学使用的凸透镜焦距不同 押题猜想十二 简单机械的相关计算 试题前瞻·能力先查 1．【答案】(1)(2)(3) 【详解】（1）物体受到的重力大小 （2）工人所做的有用功 （3）根据机械效率的计算公式，可得工人所做的总功 终极猜想·精练通关 1．B 2．C 3．D 4．AC 5．ABC 6．300;变大 7．2;60 8．3.6;1 9．45 90 10. 90； 11. (1)1.5m/s(2)7.2×104Pa(3)1.08×105W 【详解】（1）根据可得，墙体构件被吊起的速度为 （2）墙体构件的质量为 则其所受重力为 因为墙体构件竖放在水平地面上，所以对地面的压力为 构件对地面的压强为 （3）提升过程中，因匀速运动，受力平衡，拉力与重力是一对平衡力，拉力的大小等于重力，即 则拉力的功率为 12. (1)200N(2)80%(3)20N 【详解】（1）箱子受到的重力 （2）推力所做的总功 推力做的有用功 斜面的机械效率 （3）沿斜面推动箱子，克服斜面对箱子的摩擦力做的功是额外功 由可得箱子受到的摩擦力 13. (1)900N(2)2000Pa(3) 【详解】（1）由题意 （2）工件一半浸入清洗液时,进入深度为 则底部受到压强 （3）工件完全浸入清洗液，工件受到的浮力为 则工件的体积 工件的底面积为 押题猜想十三 欧姆定律与电功率综合计算 试题前瞻·能力先查 1．（1）1A；（2）2.64×105J；（3）；（4）176W 【详解】解：（1）当开关S闭合、Sa接2时，电路只有R2的简单电路，当开关S闭合、Sa接1，电路只有R1的简单电路，因R1的阻值小于R2，根据可得，当开关S闭合、Sa接1，电加热器处于高温挡，当开关S闭合、Sa接2时，电加热器处于低温挡，此时电路中的电流 （2）电加热器处于高温挡时电路中的电流 通电5min产生的热量 （3）因为需要实现四个挡位的转换，所以两个电热丝需要重新排列，新增一个开关Sb可以和其中一个电热丝串联，也可以和另一个电热丝串联，通过原开关Sa控制两个电热丝的连接方式，具体如图所示： （4） 当开关S闭合、Sa接2、Sb断开时，R1和R2串联接入电路，即电阻的总电阻最大，根据可知电加热器处于最低温挡， 此时电路中的电流 最低温挡的功率 终极猜想·精练通关 1．(1)见解析(2)，(3) 【详解】（1）由图可知开关S1、S2同时接1，电动机中电流方向为从右到左；开关S1、S2同时接2，电动机中电流方向为从左到右；所以通过控制开关S1、S2，改变通过电动机中电流的方向可实现前进、后退。 （2）电动机正常工作5min消耗的电能 电动机正常工作的电流为 产生的热量为 （3）灯泡正常工作的电流为 则电路中最大电流为0.3A，由题意可知电动机正常工作，则电源电压为24V，根据欧姆定律和串联电路特点可知此时R连入电路的最小阻值为 2．(1)5A(2)23~26℃(3)控制的最高温度降低；干电池老化后电源电压变小，控制电流不变，由可知，总电阻减小，不变，对应的阻值更小，由图乙可知，越小对应温度越低。 【详解】（1）由图甲可知，该恒温箱加热状态时只有R2接入电路中，电路的总电阻最小，由可知电路的总功率最大，处于加热状态，加热状态时工作电路的电流 （2）控制电路中与串联，温度降低时减小，电路的总电阻减小，由可知控制电路电流增大，电流达到时衔铁吸合开始加热，对应最低温度；温度升高时增大，电流减小，电流降到时衔铁释放停止加热，对应最高温度。 ① 当时，电路的总电阻 的阻值 由图乙得，对应温度。 ② 当时，电路的总电阻 的阻值 由图乙得，对应温度。因此温度控制范围为。 （3）见答案 3．(1)(2)(3) 【详解】（1）由题意得，冰的温度变化量 冰从周围吸收的热量 （2）电动机的电功率 通过电动机的电流 （3）吹热风时，电动机、、并联，并联电路各支路电压等于电源电压，的功率 电动机功率不变，的功率 的阻值 4．(1)(2)(3) 【详解】（1）的电阻值 （2）加热时总功率等于两电阻功率之和，因此的功率 并联电路支路电压等于电源电压，通过电阻丝电流 （3）加热时间 加热过程消耗的总电能 根据可得水吸收的热量 水温度的变化量为 根据可得电压力锅内所盛水的质量 5. (1)；(2)；(3) 【详解】（1）由得，将这些水加热到需要吸收的热量 （2）不计热损失，燃烧煤气放出的热量 由可得，至少需要煤气的质量为 （3）由图2知，当滑片在最左端时，只有接入电路中，根据欧姆定律，电路中电流最大，养生壶以最大功率正常工作，由表格可知最大功率，由可得， 的电阻值 当滑片在最右端时，连入的阻值为最大值，与串联，根据欧姆定律，电路中电流最小，养生壶以最小功率正常工作，由表格可知最小功率，由得，此时电路中总电阻 根据串联电路的电阻规律，滑动变阻器的最大阻值为 6．(1)断开(2)121Ω(3)2.1×103s 【详解】（1）由图得，当开关S0断开，两电阻丝串联，电阻较大，由可知，电路中电功率较小，为保温状态；当开关S0闭合，电阻丝R1独自工作，电阻较小，由可知，此时为加热状态。 （2）当开关S0闭合，电阻丝R1独自工作，为加热状态。由得，R1的电阻值是 （3）将装满水箱的水从20℃加热至100℃需要吸收热量为 需要消耗的电能为 由得，饮水机需要加热的时间 7.(1)11V(2)45Ω(3)4.8W 【详解】【小问1详解】由甲图可知，小灯泡与滑动变阻器串联接入电路，两电压表分别测量小灯泡与滑动变阻器两端电压，则两电压表示数之和等于电源电压，由乙图可知，当电流表示数为0.2A时，两个电压表示数分别为2V和9V，故电源电压 【小问2详解】分析电路可知，电压表示数随电流的增大而增大，故图像是电压表示数随电流表示数变化的图像，图像是电压表示数随电流表示数变化的图像，当滑动变阻器阻值最大时，电路中电流最小为0.2A，电压表示数为9V，滑动变阻器的最大阻值 【小问3详解】根据题意可知，当小灯泡正常发光时，通过灯泡的电流为0.6A，此时滑动变阻器分得的电压为3V，故灯泡两端电压 小灯泡的额定功率 8．(1)110Ω(2)(3)600W 【详解】（1）由图乙可知，当开关S、S1都闭合时，、并联，此时电路的总电阻最小，由 可知电路的总功率最大，电饭锅处于高温挡；当开关S闭合、S1断开时，只有工作，电路中的总电阻最大，由可知电路的总功率最小，电饭锅处于低温挡；由图丙可知，低温挡工作时电路中的电流，的阻值 （2）由图丙可知，30min内，电饭锅高温挡工作时间 低温挡工作时间 电饭锅高温挡的功率 电饭锅低温挡的功率 高温挡工作时消耗的电能 低温挡工作时消耗的电能 消耗的总电能 （3）1600imp/(kW·h)表示电路中用电器每消耗1kW·h电能，电能表的指示灯闪烁1600次，则电能表的指示灯闪烁160次，电饭锅消耗的电能 电饭锅在高温挡烧煮时的实际功率 9. (1)；(2)；(3) 【详解】（1）水吸收的热量 Q吸=c水m(t﹣t0)=4.2×103J/(kg·℃)×4kg×(40℃-20℃)=3.36×105J （2）不计热损失，则 又： 则： （3）断开开关，闭合启动按摩功能时，通过电动机线圈的电流 按摩10min电动机线圈产生的热量 押题猜想十四 光现象与透镜作图 试题前瞻·能力先查 1． 2． 终极猜想·精练通关 1． 2． 3． 4． 5． 6． 7． 8． 9. 10. 11. 12. 13. 押题猜想十五 生活用电 试题前瞻·能力先查 1．D 2．A 终极猜想·精练通关 1．A 2．B 3．D 4．B 5．C 6．2;零线 7．不发光;短路 8．Ab;1000 9．甲;短路 10． 11． 12. 13. (1) (2)0.18A(3)7min(4)见解析 【详解】（1）用测电笔测试某家庭电路中的输电线时，只有接触中间那条电线a时测电笔的氖管发光，证明电线a为火线，则上面一条是零线，下面一条是地线，对于灯泡来说，火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属块，零线直接进入螺旋套，对于三孔插座来说，三孔插座的上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，如图所示： （2）灯泡的规格为，，则灯泡正常发光的电流为 （3）由题意，已知水的质量，初温，在1标准大气压下，水的沸点为，水的比热容为，根据公式，初温20℃的水烧开需要吸收的热量为 不考虑热损失，电水壶消耗的电能为 由功率公式得电水壶加热时间为 （4）电热水壶的发热体电阻远大于导线电阻，二者串联、电流相同，根据焦耳定律 Q=I2Rt，相同时间内电阻越大产生热量越多，所以壶体发热明显，导线几乎不热。 押题猜想十六 分子动理论与内能的利用 试题前瞻·能力先查 1．A 2．扩散;不变 3. 停表;加热时间;质量;升高的温度;B;66;水 终极猜想·精练通关 1．B 2．B 3．D 4．B 5．A 6．C 7．做功;扩散 8．扩散;高 9．; 10．做功;压缩 11．做功;内能 12. (1)质量(2)吸收热量(3)①和②(4)B 押题猜想十七 通信与能源 试题前瞻·能力先查 1．C 2．A 终极猜想·精练通关 1．C 2．C 3．A 4．A 5．AD 6．B 7．方向;4×10-4 8．方向性;二次 9．是;电 10．电磁波;具有 11．不可;化学 12．可再生;动能 押题猜想十八 电功率 试题前瞻·能力先查 1．D 2．D 3．BC 终极猜想·精练通关 1．D 2．D 3．A 4．C 5．A 6．0.45;2.4 7．增大;1.8 8．8800;140 9．0.5;大 10．0.3;5 11．(1)①12V；②4.8W；(2)90Ω 【详解】（1）[1]当闭合开关S2，断开开关S、S1时，电路为灯泡L的简单电路，电流表A2测量通过灯泡L的电流。 因为灯泡L恰好正常发光，所以灯泡两端的电压等于其额定电压，在简单电路中，电源电压等于用电器两端的电压，已知灯泡的额定电压为12V，故电源电压为 [2]灯泡正常发光时，通过灯泡的电流等于其额定电流。由题意可知，电流表A2的示数为0.4A，即灯泡的额定电流为0.4A。则灯泡L的额定电功率 （2）因为不考虑温度对灯丝电阻的影响，所以灯泡电阻是定值。根据欧姆定律可得：灯泡的阻值 当只闭合开关S，断开开关S1、S2，并且将滑动变阻器的滑片滑至最右端时，定值电阻与灯泡串联，且此时滑动变阻器接入电路的电阻为0，电流表A1测量串联电路的电流，示数为0.1A。根据串联电路的特点和欧姆定律，电路的总电阻 因为在串联电路中，总电阻等于各部分电阻之和，所以定值电阻R1的阻值 12. (1)0.1A(2)550Ω(3)6.6×104J 【详解】（1）电压为220V，处于低温挡，功率为22W，低温挡工作时的电流 （2）置于“3和4”接线柱时处于高温挡，R1和R2并联，R1不受R2影响，功率仍为22W，故R2功率为 发热电阻丝R2的阻值 （3）此电路为纯电阻电路，因此高温挡工作10min，整个电路产生的热量 13.(1);2.4(2)B(3)变大(4); 押题猜想十九 浮力 试题前瞻·能力先查 1．AD 终极猜想·精练通关 1．B 2．B 3．D 4．C 5．B 6．BC 7．受;等于 8．=;增大 9．7.5×107;可再生 10．500;14 11． 12．(1)5N(2)3000Pa(3)380g 【详解】（1）潜水艇模型浸没在水中时受到的浮力为 （2）潜水艇模型下潜过程中，螺母的深度达到30cm时受到的液体压强为 （3）当潜水艇模型悬浮时，受到的浮力与其重力大小相等为 潜水艇模型的质量为 在饮料瓶中装入水的质量为 13．(1)4(2)越大(3)A、C、D(4)矿泉水瓶内的液面与外面液面相平;F1-F3;小于 押题猜想二十 阅读题 试题前瞻·能力先查 1．不能；6.8；2；2.5×104；9；3.384×104 终极猜想·精练通关 1．(1)上方(2)紫外线(3)C(4)6×104(5)②；0.18Ek0 2．电磁；电；可再生；热值；运动；不变；它的势能减小；势能转化为动能 3．电磁波；内；机械；空气；C 4．(1)隔热性(2)注入高纯度的氮气(3)D(4) ；；；Ⅰ 5．(1)托盘天平/天平/定滑轮(2)降低(3)闭合；1.2；减弱/减缓/变小；200(4)低温天气，增加加热装置；若降水量偏小，可以降低配重的高度并重新校准参数 6．(1)B(2)PLA(3)100(4) 20；中等(5)不变 押题猜想二十一 物理知识综合应用 试题前瞻·能力先查 1．C 2．A 终极猜想·精练通关 1．B 2．D 3．D 4．A 5．C 6．A 7．B 8．BC 9．电;0.5 10．正;大于 11．音调;0.78 12. 零刻度线 13.2 10 1.32×103 丙 ( 2 )原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！ 11 / 19 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年中考物理终极押题猜想（辽宁） 考情为骨 密押为翼 押题猜想一 声音的特性与噪声控制 1 押题猜想二 物态变化辨析与吸放热判断 6 押题猜想三 光现象辨析 11 押题猜想四 物理量估测 17 押题猜想五 压强及应用 21 押题猜想六 电路识别、电路故障分析、动态电路 27 押题猜想七 运动和力 34 押题猜想八 机械能及其转化 39 押题猜想九 电磁现象辨析 44 押题猜想十 欧姆定律 51 押题猜想十一 透镜及凸透镜成像规律 57 押题猜想十二 简单机械的相关计算 65 押题猜想十三 欧姆定律与电功率综合计算 70 押题猜想十四 光现象与透镜作图 75 押题猜想十五 生活用电 78 押题猜想十六 分子动理论与内能的利用 83 押题猜想十七 通信与能源 88 押题猜想十八 电功率 90 押题猜想十九 浮力 96 押题猜想二十 阅读题 102 押题猜想二十一 物理知识综合应用 110 押题猜想一 声音的特性与噪声控制 试题前瞻·能力先查 【传统文化题】1. 被称为“古乐之祖”的“石磬（qìng）”是中国古代一种石制打击乐器和礼器，演奏时用木槌敲击，会发出古朴典雅的乐曲声，可谓“余音绕梁，三日不绝”。如图所示，用大小相同的力敲击不同长度的石磬时，主要改变了声音的（　　） A．声速 B．音调 C．响度 D．音色 【改编题】2．如图甲所示，从玻璃罩里向外抽气的过程中铃声逐渐减小，此现象可推理得出________不能传声；图乙是海豚靠发出________发现鱼群。 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考考点，多以选择题、填空题形式出现，属于基础送分题。 声音的特性，其主要内容有音调、响度、音色。 音调指声音的高低，主要由频率来决定。物体振动越快，频率越高，音调越高。因此，细、短、紧、薄、轻的物体振动更快，发出声音的音调更高；粗、长、松、厚、重的物体振动更慢，音调更低。 响度指声音的强弱（大小），由物体的振动幅度（振幅）来决定。一般敲击、拨动、吹奏时用的力量越大，振幅越大，响度越大。除振幅以外，响度还跟听者与声源的距离以及声音的分散程度有关，距离越近，响度越大。 音色指声音的品质与特色，由发声体的材料、结构和发声方式来决定。比如不同乐器演奏同一乐曲、不同人说同一句话，我们能分辨出来，主要是依靠音色不同来判断的。 终极猜想·精练通关 1．我们生活在声音的广袤空间里，下列有关声现象说法错误的是（　　） A B C D A．琴声来自琴弦的振动 B．自制吉他粗细不同的橡皮筋音调不同 C．公路旁的声音屏障是在人耳处减弱噪声 D．蝙蝠利用超声波定位 2．控制噪声是环境保护的重要项目。下列标志对应的措施，不是在声源处控制噪声的是（    ） A．保持安静 B．禁止鸣笛 C．佩戴耳罩 D．禁止外放 3．茂县羌历年无人机表演活动中，空中无人机群组成“天下九寨沟，大美阿坝州”字样，如图所示。表演时，给无人机传递信息利用的是（　　） A．电磁波 B．光纤 C．次声波 D．超声波 4.声现象与我们的生活密切相关，下列关于声现象的说法正确的是（    ） A．甲图，发声的音叉激起水花，说明声音是由物体振动产生的 B．乙图，在靠近居民区的道路边设置隔离墙，目的是在声源处减弱噪声 C．丙图，烛焰在发声的扬声器旁边晃动，说明声波能传递信息 D．丁图，用相同的力度拨动伸出桌面的钢尺，钢尺伸出的长度越长，音调越高 5.人可以依靠两只耳朵来判断发声物体的方位，从而对声音世界有立体的感觉。如图，舞台上利用左右两只扬声器（喇叭）A、B来形成立体声效果，如果从扬声器所发出的声音是A强B弱，人会感觉到这个声源在A、C之间某位置，这里人作出判断主要利用声音的（　　） A．响度 B．音调 C．音色 D．声速 6.同学们在音乐教室排练文艺节目，下列说法正确的是（　　） A．美妙的歌声是通过空气传入人耳的 B．用力拨动古筝的琴弦，可以提高琴声的音调 C．同学们的笑声越大，笑声在空气中传播的速度就越快 D．为了减少对外界的干扰，常关闭门窗是在声源处减弱噪声 7.如图所示是超音速飞机在超过声速飞行时出现音爆的情境，音爆的声音高达133分贝，可震碎玻璃，下列说法正确的是（　　） A．声音的速度是340m/s B．音爆可震碎玻璃，说明声具有能量 C．音爆高达133分贝，是指它的音调高 D．图中的“白气”是水蒸气 8.如图甲所示是在河南舞阳出土的8000多年前的贾湖骨笛，吹奏时，手指按在不同的音孔上，就会改变空气柱的长度，从而改变声音的_________。如图乙所示，航母舰载机引导员戴上耳罩，是为了在_________处减弱噪声。 9.如图所示，某兴趣小组在跨学科实践活动中使用粗细不同的皮筋制作了简易弦琴，若用相同的力拨动琴弦，会发出___________不同的声音。另一个小组是用铜丝制作的弦琴，同学们能听音分辨两个乐器，这主要是由于它们发出声音的___________不同。（两空均填“响度”“音调”或“音色”） 10.京剧是我国的国粹，演出时常用鼓、二胡等乐器进行伴奏。观众能区分鼓声和二胡声是依据声音的______不同；鼓受到敲击时，由于鼓面______而发声。 11.为保护听力，我们可以从声音的产生、传播和接收三个方面控制噪声。射击运动员训练时戴耳罩是从声音的______方面进行控制；图书馆中规定不能大声喧哗是从声音的______方面进行控制。 12.市场上有一种变声器，可以改变声音的特性。某段声音的波形变化如图所示，变声前是A段，变声后是B段，则变声后声音的音调___________（选填“变高”“不变”或“变低”），响度___________（选填“变大”“不变”或“变小”）。 13.如图，舰载机在甲板上起飞时，发动机的轰鸣声能传入引导员耳中。是因为声音的传播______介质（选填“需要”或“不需要”）；引导员配戴防噪声耳罩，这是在______（选填“声源处”“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声。 押题猜想二 物态变化辨析与吸放热判断 试题前瞻·能力先查 【传统文化题】1. 我国古代科技著作《天工开物》里记载了铸造“万钧钟”和“鼎”的方法，先后用泥土制作“模骨”，“干燥之后以牛油、黄蜡附其上数寸”，在油蜡上刻上各种图案（如图），然后在油蜡的外面用泥土制成外壳。干燥之后，“外施火力炙化其中油蜡”，油蜡流出形成空腔，在空腔中倒入铜液，待铜液冷却后，“钟鼎成矣”。下列说法正确的是（　　） A．“炙化其中油蜡”是升华过程 B．“炙化其中油蜡”是液化过程 C．铜液冷却成钟鼎是凝固过程 D．铜液冷却成钟鼎是凝华过程 2.夏天，打开电冰箱门时，常会看到冰箱门附近有一股“白气”，打开热水瓶时也会看见这种现象。“白气”都是水蒸气___________（填物态变化名称）形成的小水滴，前者是___________的水蒸气形成的（选填“冰箱内”或“冰箱外”）。 3.某实验小组用如图甲所示的实验装置探究“水沸腾前后温度变化的特点”。所用实验装置如图甲所示。 （1）安装如图甲所示装置时，应该先确定铁圈A的位置，确定其高度时，___（选填“需要”或“不需要”）点燃酒精灯； （2）小明记录的数据如下表所示，从表格中可以看出，水在沸腾前，吸收热量，温度___；水在沸腾过程后，吸收热量，温度___。此时当地的大气压___（填“高于”“低于”或“等于”）1个标准大气压； 时间/min 1 2 3 4 5 6 7 8 9 温度/℃ 90 92 94 96 97 98 98 98 98 （3）小明根据实验数据绘制的水沸腾前后温度随时间变化的图像如图乙中的a所示。如果同组的小红减少烧杯中水的质量，水沸腾前后温度随时间变化的图像可能是图乙中的________（选填“b”“c”或“d”）； （4）星期天小明在家烧水煮饺子，当水烧开准备下饺子时，妈妈提醒他锅里的水有点少，于是小明又往锅里迅速加了一大碗水（水量比锅里少），用同样大的火直至将水再次烧开。下面能说明其整个烧水过程中温度随时间变化的图像是_______（填字母）。 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考考点，多以选择题、填空题形式出现，属于基础送分题。 物态变化的核心内容有熔化、凝固、汽化、液化、升华、凝华，关键在于判断变化过程及吸、放热情况。 熔化指物质由固态变为液态，此过程需要吸热。例如冰化成水、蜡烛变软熔化，都需要吸收热量。 凝固指物质由液态变为固态，此过程需要放热。例如水结成冰、铁水铸成铁块，都会向外放出热量。 汽化指物质由液态变为气态，此过程需要吸热。汽化包括蒸发和沸腾两种形式，例如水烧开、湿衣服变干，都要吸收热量。 液化指物质由气态变为液态，此过程需要放热。例如雾、露的形成，冬天哈出白气，都是水蒸气液化并放出热量。 升华指物质由固态直接变为气态，不经过液态，此过程需要吸热。例如樟脑丸变小、干冰消失，都是升华现象，需要吸收热量。 凝华指物质由气态直接变为固态，不经过液态，此过程需要放热。例如霜、窗花、雾凇的形成，都是水蒸气凝华并放出热量。 简单记忆：吸热变化：熔、汽、升；放热变化：凝、液、固。 终极猜想·精练通关 1．关于热现象，下列说法正确的是（   ） A．春天，草叶上出现露珠，是凝华现象 B．夏天，打开冰箱门有“白气”产生，是升华现象 C．秋天，出现大雾，是液化现象 D．冬天，走进温暖的室内眼镜片变模糊，是汽化现象 2. 如图所示的几种物态变化，属于凝固的是（　　） A B C D A．露珠的形成 B．冰糕的制作 C．霜打枝头 D．冰雪消融 3.天津盘山有“上盘雪花飘，中盘雾雨渺，下盘夕阳照”的天然奇观，其中“雾”的形成过程中发生的主要物态变化是（　　） A．凝固 B．升华 C．汽化 D．液化 4.如图，升钟湖湖边极易形成美丽的景观现象——雾，下列现象与湖边雾形成的物态变化相同的是（　　） A．车窗玻璃上形成的薄雾 B．烟花燃放时产生的烟雾 C．冬天树枝上出现的雾凇 D．医院治疗时将药物雾化 5.我们常吃的月饼是在烤箱里“烤”的，但根据南宋《武林旧事》记载，最早的月饼出自笼屉，青海就保留着用蒸笼“蒸”月饼的传统习俗。关于“蒸”月饼时的情景，下列叙述正确的是（　　） A．水沸腾时——水温升高 B．水变成水蒸气——放出热量 C．闻到月饼的香味——扩散现象 D．水变成水蒸气——分子间距不变 6.如图是我国的传统民俗表演“打铁花”。表演者击打高温液态铁，液态铁在四散飞溅的过程中发出耀眼的光芒，最后变成固态铁。此过程发生的物态变化是（　　） A．升华 B．凝华 C．熔化 D．凝固 7.我国古代著作《天工开物》中记录了古代劳动者“煮海水制盐”的方法，制盐过程中水逐渐减少的原因是水发生了___________（填物态变化名称），此过程要___________热。 8.如图所示，用镊子取几块干冰放入瓶中，将气球套在瓶口。干冰因______变为气态，使气球逐渐变大，同时空气中的水蒸气遇冷______，在瓶底形成白霜。（填物态变化名称） 9.地热资源安全、环保、可再生．如图，是某地热发电厂的工作示意图，地下水吸收热量，发生_______（填物态变化名称），产生大量高温水蒸气，水蒸气被管道输送到发电设备，驱动发电机发电，再经过冷却塔，水蒸气_______（选填“吸收”或“放出”）热量． 10.做“观察水的沸腾”实验时，电热水壶中装有适量的水，闭合开关加热。当水沸腾时，温度计的示数如图所示为______℃。玻璃片下表面出现小水珠，这是______（填物态变化名称）现象。 11.如图，在塑料袋中滴入几滴酒精，将袋挤瘪，排出空气后把袋口扎紧，放入热水中，塑料袋鼓起，该过程中酒精发生的物态变化是______，此过程中酒精______热量。 12.在探究晶体熔化时温度的变化规律的实验中，如图所示，此时温度计的读数为________ ℃。观察到晶体在熔化过程中温度不变，说明晶体在熔化过程中________ （选填“有”或“没有”）固定的熔化温度。 13.如图甲是某兴趣小组同学“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置，记录的温度随时间变化关系图象如图乙所示。 （1）组装实验装置时，要保证用酒精灯的外焰加热，应先调整__________的位置；（选填“烧杯”或“温度计”） （2）实验中杯□周围出现大量“白气”，“白气”的形成属于__________现象；（填物态变化名称） （3）关于甲装置中硬纸片作用的说法，错误的是__________；（选填字母） A．减少热损失B．降低杯内气压，使水沸腾更快 C．减少“水雾”的干扰，方便读数D．有助于固定温度计 （4）小组同学进一步分析图象，发现水沸腾时的特点是__________； （5）实验结束后撤去酒精灯，水还能继续沸腾一会儿，产生这种现象的原因是__________。 14.某实验小组利用图甲所示实验装置探究冰熔化时温度的变化规律。 (1)实验中按图甲的方式对碎冰加热，目的是使碎冰___________。 (2)如图乙所示温度计的示数是___________。 (3)根据实验数据画出冰熔化过程的“温度一时间”图像，如图丙所示。分析图像可知：冰熔化过程中要___________（选填“吸收”或“放出”）热量，但温度保持不变，属于___________（选填“晶体”或“非晶体”）。 (4)进一步分析图像发现，0至时段内的温度变化比时刻后的温度变化快，其主要原因是冰和水的___________不同。 (5)若对烧杯持续加热，烧杯中的水沸腾后试管中的水___________（选填“会”或“不会”）沸腾。 押题猜想三 光现象辨析 试题前瞻·能力先查 【原创题】1.早在战国时期，我国古代著名教育家、思想家墨子就在研究小孔成像的现象。如图所示，他用蜡烛作为光源，在木板上钻一个小孔，发现光线透过小孔在墙壁上形成一个倒立的像。下列说法正确的有（   ） A．小孔成像现象能说明光沿直线传播 B．木板上的小孔一定是圆形的 C．保持蜡烛和墙的位置不变，将木板向靠近墙的方向移动，蜡烛在墙上的像会变大 D．蜡烛在墙上形成的像是实像 【改编题】2.如图所示，一只燕子在公园的湖面上水平匀速飞行，它在水中的“倒影”是光的反射形成的______（选填“虚”或“实”）像。当燕子距水面5m时，它在水中的“倒影”距它______m。 3.在“探究光反射的规律”时，小李进行了如图甲所示的实验。 (1)将平面镜平放在水平桌面上，应该选择______（选填“粗糙”或“光滑”）的硬纸板作为光屏，硬纸板与平面镜位置如图甲所示，实验中从各个角度都能看到纸板上的光路，是因为光在纸板上发生了______（选填“漫反射”或“镜面反射”）； (2)实验时，将一束光贴着纸板P沿射到镜面上O点，纸板Q上会显示出反射光束OF。接着将纸板Q绕ON向前或向后翻折，则纸板Q上______（选填“能”或“不能”）显示出反射光束，由此说明反射光线、入射光线与法线在同一平面内，在纸板Q绕ON向后翻折的过程中，反射光线的位置______（选填“改变”或“不变”）； (3)在探究角的关系时，入射角已知，小明记录的反射角的数据如表所示，他根据表中数据得出的结论和其他同学的结论并不一致，请你分析小明测量实验数据过程中出现的问题可能是______，订正错误后，可以得到的结论是：______。 次数 1 2 3 4 5 6 ∠i 20° 30° 40° 50° 60° 70° ∠r 70° 60° 50° 40° 30° 20° 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考考点，多以选择题、填空题形式出现，属于基础送分题。 光现象的主要内容有光的直线传播、光的反射、光的折射，核心是根据生活实例准确判断属于哪一种光现象。 光的直线传播指光在同种均匀介质中沿直线传播。常见实例：小孔成像、影子的形成、日食月食、激光准直、排队看齐、树荫下的圆形光斑。 光的反射指光射到物体表面时，有一部分光被反射回去的现象。常见实例：平面镜成像、水中倒影、照镜子、看到不发光的物体、自行车尾灯、潜望镜。 光的折射指光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折的现象。常见实例：池水变浅、筷子在水中 “折断”、海市蜃楼、放大镜成像、照相机、投影仪、彩虹的形成。 简单记忆：影子小孔日月食，都是直线传播；倒影镜子平面镜，都是反射现象；池水变浅筷折断，都是折射现象。 终极猜想·精练通关 1.2026年春节期间，成都向市民推荐了多处赏灯打卡点位，如图为天府双塔跨年灯光秀、夜游锦江、东安湖“梦游蜀国三千年”灯会，为广大市民带来了光的盛宴，下列关于赏灯盛宴中说法正确的是（　　） A．市民在拍照留念时，除了双塔外还想拍到更多的街景，应该向双塔走近一点 B．灯会上绚丽的灯光是人造光源，而天空中的月亮是天然光源 C．夜游锦江时在水面看到的游船倒影是由于光的反射形成的虚像 D．我们能看到光在空气中呈直线状态，这就是光线 2.中国象棋历史悠久。如图所示，在竖直立着的平面镜前水平放置一个九格的棋盘将一颗棋子“马”按箭头方向移动，则平面镜中所显示的棋子“马”，其移动的路径是（　　） A．从“3”到“2” B．从“7”到“5” C．从“3”到“9” D．从“9”到“3” 3.中秋节晚上，小明和家人在户外赏月时，观察到地上有树的影子。下列说法正确的是（　　） A．小明看见月亮，是因为月亮是光源 B．小明能看见树，是因为树反射了光 C．地上树木的影子，是由于光在地面上发生反射形成的 D．月光能透过大气层照到地球，说明光的传播需要介质 4.阳光明媚的周末，不少市民到天鹅湖游玩。湖畔盛开着五颜六色的鲜花，几只白鹭从平静的湖面轻快掠过，水中的鱼儿欢快嬉戏。下列对此情景的解释正确的是（    ） A．鲜花五颜六色是因为阳光在鲜花表面发生色散现象 B．大树拖着长长的影子说明光沿直线传播 C．白鹭在湖中的倒影是光的折射形成的虚像 D．看见水中的鱼儿是光的反射形成的实像 5.因为有了光，自然界才绚丽多彩。下面四幅图属于光的反射现象的是（　　） A．雨后彩虹 B．筷子弯折 C．后视镜中的“景物” D．金色的“日环” 6.如图所示，城市的高大建筑物有不少玻璃幕墙在阳光的照耀下非常刺眼，会造成“光污染”，而建筑物周围的树木不会刺眼，下列有关说法正确的是（   ） A．树木不会刺眼是因为光在树木上发生了镜面反射 B．光在树木上发生了漫反射，光的漫反射不会遵循光的反射定律 C．光污染的形成是由于发生了光的镜面反射 D．光污染的形成原理与月食的形成原理相同 7.每到3月，向北迁徙的红嘴鸥都会如约而至，在宁夏银川市北塔湖，上千只红嘴鸥在湖面飞翔、嬉戏，一只红嘴鸥在距水面10m飞行，若湖水深5m，则这只红嘴鸥在湖中所成的像与它的距离为_______m，它向湖面靠近的过程中，像的大小________（选填“变大”“不变”或“变小”）。 8.日环食是日食的一种，发生时太阳的中心部分黑暗，边缘仍然明亮，形成光环。日食属于光的___________现象；图中能正确描述其形成原因的是___________（选填“乙”或“丙”）图。 9.医院经常用___________（选填“红外线”或“紫外线”）灯灭菌；利用超声波排除人体内的结石，是利用声波能传递___________（选填“信息”或“能量”）的性质。 10.如图所示是小阳检查视力时的情境，她背对视力表、面朝平面镜而坐，则她到平面镜中“视力表”的距离为______m；为了满足测试者与视力表保持5m的距离这一要求，可以在图示状态下仅将平面镜向______（选填“左”或“右”）移动。 11.如图甲为手机防窥膜结构图，采用了超细百叶窗光学技术。贴在手机屏幕上的效果如图乙所示，其原理类似百叶窗，只能透过一定角度的光线，结构简图如图丙。两侧之所以看不清屏幕内容，是由于光的直线传播；此防窥膜贴在手机屏幕上，______（填“能”或“不能”）防止上方的窥视；为了让防窥效果更好（可视范围减小），可以适当地______（填“增大”或“减小”）超细百叶窗的间距。 12.人们观察到太阳周围有一圈彩色光圈，称为日晕。日晕的成因是当光线穿过大气中密度不均匀的空气层时会发生________（选填“反射”或“折射”），这种现象说明太阳光________（选填“是”或“不是”）单色光。 13. 如图所示是探究光的反射规律的装置。 次数 1 2 3 4 ∠i 20° 30° 40° 60° ∠r 20° 30° 40° 60° （1）如图甲所示，实验时，把一个平面镜放在水平桌面上，再把白色纸板 ENF竖直地立在平面镜上，白色纸板 ENF的作用是___________； （2）改变光束入射的角度，多做几次，换用不同颜色的笔记录每次光的径迹。取下纸板，用量角器测量ON两侧的∠i和∠r，是为了___________，记录数据如上表。根据表中实验数据得出的结论是______________。由结论可知：当入射光EO与平面镜夹角为35°时，反射角为___________； （3）让光沿图甲中 FO方向照射到镜面，它会沿着OE方向射出。这表明：在光的反射现象中，光路是___________的； （4）如图乙所示，若将 ON右侧纸板 F沿ON向后转动，则纸板 F上___________（选填“能”或“不能”）显示出反射光线。这表明：___________。 14.五代时期名士谭峭所著《化书》中，记载了照镜子时“影与形无异”的现象。关于平面镜成像的特点，小红用图甲所示装置进行了探究。 (1)用玻璃板代替平面镜进行实验，目的是便于确定__________。 (2)把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支与蜡烛A外形__________（选填“相同”或“不相同”）的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合，说明平面镜所成的像与物体大小__________，证实了“影与形无异”。 (3)改变蜡烛A的位置，进行三次实验，用直线将物和像的位置连接起来，如图乙所示，发现物和像的连线与镜面__________，但用刻度尺测得像和物到镜面的距离并不相等，小红猜想是因为玻璃板较厚，蜡烛A在玻璃板的两个表面分别成像，实验中每次确定像的位置时，错误的将蜡烛B与距离玻璃板__________（选填“较远”或“较近”）的像重合，从而造成了像与物到玻璃板的距离并不相等的结果，更换玻璃板之后，再次实验，结果发现像与物到玻璃板的距离相等。 (4)为确定像的虚实，需在蜡烛B位置放一个光屏，并在图丙中的__________（填序号）处观察光屏上是否有像。 (5)小红为了更好地研究像与物的位置关系，采用了彩色LED光源进行实验，现有“A、R、M、T、V、X”六种字母形状的光源供选择，你认为最佳选择是__________（选填字母）。 15.如图1是探究“平面镜成像时的特点”实验。 (1)实验时，透明玻璃板应该______（选填“竖直”或“倾斜”）放置； (2)图2是眼睛看到蜡烛A在玻璃板后所成的像A′的作图分析，图3是眼睛看到“蜡烛B”的作图分析。A′是______（选填“光的直线传播”、“光的反射”或“光的折射”）形成的虚像，眼睛看到的“蜡烛B”实际上是______（选填“光的反射所形成的虚像”、“光的折射所形成的虚像”或“蜡烛B本身”）； (3)选用的蜡烛B应该与蜡烛A等大等长，目的是______； (4)在像A′所在的位置上放一光屏，则光屏上______（选填“有”或“没有”）蜡烛A的像； (5)分析下面表格中的数据可以归纳出平面镜成像的特点是______。 实验次数 1 2 3 A到镜面距离（cm） 4 6 8 A′到镜面距离（cm） 4 6 8 押题猜想四 物理量估测 试题前瞻·能力先查 【改编题】1.如图所示的埙的高度约为（   ） A． B． C． D． 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考考点，几乎年年以选择题第一题出现，属于基础送分题。 物理量估测主要考查对长度、质量、重力、温度、速度、时间、功率、电流、电压等常见物理量的生活经验判断。 长度估测：中学生身高约1.6～1.7 m，课桌高度约80 cm，一支新铅笔长约18 cm，教室门高约2 m，一层楼高约3 m。 质量估测：一个鸡蛋质量约50 g，中学生质量约50 kg，一瓶矿泉水约500 g，一个苹果约150 g，物理课本约200 g。 重力估测：中学生体重约500 N，一个鸡蛋重力约0.5 N，一瓶矿泉水重力约5 N。 温度估测：人体正常体温约37℃，舒适室温约25℃，洗澡水温度约40℃，冰水混合物温度为0℃。 速度估测：人正常步行速度约1.1 m/s，骑自行车约5 m/s，小汽车高速行驶约30 m/s。 时间估测：人脉搏跳动 1 次约1 s，1 分钟约60～70 次，中学生百米时间约15 s。 电流电压估测：一节干电池电压1.5 V，家庭电路电压220 V，教室日光灯电流约0.2 A。 功率估测：中学生上楼功率约100 W，家用台灯约20 W，电视机约100 W，电饭锅约800 W。 简单记忆：鸡蛋 50 克、人 500 牛、步行 1 米每秒、体温 37 度、家庭电压 220 伏。 终极猜想·精练通关 1.小深打开水龙头调节水温直至感觉水温不冷不热，此时水的温度大约是（　　） A．0℃ B．10℃ C．38℃ D．90℃ 2.将地面上的一本物理课本捡起来放到课桌上，对物理课本所做的功最接近（　　） A．0.02J B．0.2J C．2J D．20J 3.如题图所示，小明手上拿着一个葡萄，它的尺寸大小约为（   ） A．2dm B．2cm C．2mm D．2m 4.广东民间舞蹈英歌舞是我国首批国家级非物质文化遗产，如图所示，表演者手中的舞槌长度大约是（　　） A．10cm B．1m C．50mm D．50cm 5.如图所示，我国古代把女子一拃长称作“咫”。一咫的长度约（    ） A．2m B．2dm C．5cm D．5mm 6. “掬手为升”是我国古代的计量方法之一，掬即为双手捧。如图，人双手捧起的米质量约为（　　） A．3g B．300g C．30kg D．300kg 7. 7月1日起，禁止携带电动自行车或其电池进入电梯轿厢，一旦有人违规操作，会被电梯内的摄像头拍摄成像并智能识别，电梯将停止运行并发出声、光警报，如图所示，某次警报时，摄像头凸透镜成像的像距为10.1mm，则凸透镜的焦距可能为（    ） A．5mm B．10mm C．15mm D．20mm 8.三星堆祭祀区8号坑出土了一件迷你版纵目面具，工作人员按照考古挖掘的要求用比例尺作参照拍照，每一个小方格的宽度为1cm，如图所示。请估测面具两耳之间的距离更接近于（    ） A．3cm B．6cm C．9cm D．12cm 9.手机是常用的电子工具。图示是某款国产手机，使用功率为60W的充电器半小时可充满一次电。下列对于该款手机的估测，最符合实际的是（    ） A．质量约为500g B．正常使用时，后壳温度约为 C．充满一次电消耗的电能约为 D．长度约为1.2dm 10.如图为一本放在课桌上的物理课本，下列估测正确的是（　　） A．课本中一张纸的厚度约为1mm B．课本受到的重力约为2N C．课本从课桌掉落到地面的时间约为1min D．课本平放时上表面受到的大气压力约为50N 11.关于水的性质，下列说法不正确的是（  ） A．水的质量为 B．水结成冰后，其体积会增大 C．水的沸点不会超过100℃ D．水倒去一半后，其比热容不变 12. 下列与数据有关的说法正确的是（  ） A．频率为的电磁波一定比的电磁波的传播速度快 B．功率为的机械一定比的机械做的功多 C．热值为的燃料一定比的燃料放热多 D．质量为的物体一定比的物体的惯性大 押题猜想五 压强及应用 试题前瞻·能力先查 【易错题】1. 将一底面积为200cm2的圆柱形容器放置于水平面上，容器内放一个底面积50cm2、高20cm的圆柱体，如图甲所示，缓慢向容器中注水到一定深度时圆柱体漂浮，继续注水到25cm时停止，在整个注水过程中，圆柱体始终处于直立状态，其注水质量m与容器中水的深度h的关系图像如图乙所示。（，g取10N/kg），则以下说法正确的是（    ） A．当圆柱体漂浮时，露出水面的高度为9cm B．圆柱体的密度为kg/m3 C．注水停止时，水对圆柱体底部的压强为2500Pa D．向容器内注水的总质量是4200g 2.国产大飞机C919飞行时，机翼上方的空气流速________下方的空气流速，机翼上方的气压________下方的气压。（两空均选填“大于”或“小于”） 3.在“探究液体内部压强与哪些因素有关”的实验中： (1)在使用压强计前，小明发现U形管左右两侧的液面有一定的高度差。他接下来的调节的方法是__________； A．拆除软管重新安装 B．往水面低的那边管中加入适当水 C．将水面高的那边管中高出的水倒出 (2)小明正在使用的液体压强计__________（选填“是”或“不是”）连通器； (3)小明把探头放进盛水的烧杯中，如图甲、乙所示，可以初步得出结论：__________。小明又换用盐水再次进行实验，对比图甲和图丙，得出了结论：液体密度越大，压强越大。同学们认为他的结论不可靠，理由是__________。 (4)实验丙中，U形管两水面高度差为10cm，橡皮膜在盐水中8cm，橡皮膜所在处的压强__________Pa。 (5)小红选择了另一套装置来进行实验，如图丁所示在容器两侧分别倒入不同深度的水和酒精，若橡皮膜中心距离水面8cm，右侧注入的液体是酒精，当橡皮膜中心距离酒精液面__________m时，可以观察到橡皮膜的形状是平的。（，） 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考考点，常以选择、填空、简单计算题出现，属于基础必得分。 压强表示压力作用效果的强弱，公式为 p=F​/S。 增大压强的方法： 压力一定时，减小受力面积。 受力面积一定时，增大压力常见实例：刀刃磨得很薄、钉子很尖、破窗锤、啄木鸟的嘴。 减小压强的方法： 压力一定时，增大受力面积。 受力面积一定时，减小压力常见实例：铁轨铺枕木、书包带做得宽、坦克履带、滑雪板、地基建得宽大。 液体压强：液体内部向各个方向都有压强，随深度增加而增大，同一深度向各方向压强相等。连通器原理应用：茶壶、船闸、锅炉水位计。 大气压强：存在大气压强的实例：吸盘挂钩、用吸管吸饮料、钢笔吸墨水、注射器吸药液。海拔越高，气压越低，沸点越低。 流体压强与流速：流速越大的位置，压强越小。应用：飞机机翼升力、火车站安全线、喷雾器、帆船逆风行驶。 终极猜想·精练通关 1.如图所示，书包带做得较宽的目的是（    ） A．增大对肩部的压力 B．减小对肩部的压力 C．减小对肩部的压强 D．增大对肩部的压强 2.在火箭与导弹领域，手工制造固体燃料依然十分重要，火药雕刻技术也直接决定了一个国家武器装备的国防实力。首先它对精度的要求极高，又因为固体燃料极其敏感，静电、不合理的摩擦，甚至刀具触碰到金属壳等都能导致其燃爆。以徐立平为代表的“大国工匠”以精湛的火药雕刻技术让一件件大国重器华丽绽放。如图所示，雕刻火药时刀刃磨得锋利是为了（　　） 3. 6月 10日是我国传统节日端午节，端午节划龙舟是传统的习俗，弘扬中国传统文化是我们义不容辞的责任。思考乐佳佳同学发现并行的龙舟不能靠的太近，其中蕴含的原理跟以下哪个一样？（　　） A．用吸管吸饮料 B．地铁站里有安全线 C．高压锅煮饭 D．佳佳在骑车时需要带头盔 4.下列是一些生活中的实例，对其应用物理知识的解释正确的是（　　） A．茶壶的壶嘴和壶身内的水静止时，水面相平，利用了连通器的特点 B．护士用注射器给病人注射药液时，利用了大气压强的作用 C．飞机机翼受到的升力，利用了气体流速越大的位置压强越大 D．飞艇可以悬停在空中，利用了飞艇受到的浮力大于它受到的重力 5.将质量相等的实心物体A、B分别放入装有甲、乙两种不同液体的容器中，已知两液体质量相等，两容器底面积相等但形状不同，A、B两物体静止时的状态如图所示，此时两容器中的液面恰好相平，下列说法中正确的是（　　） A．A物体体积大于B物体体积 B．甲液体密度大于乙液体密度 C．A物体所受浮力小于B物体所受浮力 D．甲、乙两液体对容器底部的压强相等 6.国之重器“可上九天揽月，可下五洋捉鳖”，下列相关说法正确的是（　　） A．C919国产大飞机飞行时，机翼上方空气流速大压强小 B．长征三号乙运载火箭发射升空时，将机械能转化为化学能 C．“奋斗者”号潜水器下潜时，随着深度的增加承受的压强不断增大 D．“山东舰”和北斗卫星之间利用电磁波传递信息 7.如图所示，无人驾驶汽车的流线型外形与飞机的机翼类似，当汽车高速行驶时，其上表面空气流速大，压强________________；汽车轮胎采用特殊橡胶材料制作，主要是利用橡胶有良好的_______（选填“弹性”或“导电性”）。 8.如图所示，高铁车头采用流线型设计是为了减小___________；高铁站台设置有安全线，乘客候车时，不能越过安全线，这是因为在气体中，流速越大的位置，压强越___________。 9.拔火罐具有促进血液循环、缓解肌肉疼痛等功效。如图所示，拔火罐时，用火加热玻璃罐内部后迅速扣在皮肤上，玻璃罐在___________的作用下“吸”在皮肤上。请列举一个生产生活中应用该原理的实例：___________。 10.如图（a），向一个空矿泉水瓶中倒入温水，晃动几下后将水倒出，迅速拧紧瓶盖，过一会儿发现水瓶扁了，这是由于______的作用；如图（b），剪掉瓶底并拧去瓶盖，打开吹风机，纸条“主动”钻进瓶口，这是由于空气中流速大的位置压强______。 11.如图是我国古代劳动人民利用自制的工具汲水的场景。图中装置顶端的轮子相当于现代人们所使用的定滑轮，其作用是可以改变力的________，但不能省力。图中的扁担做得较宽，主要是为了增大受力面积，________（选填“增大”或“减小”）压强。 12.如图，某同学拿着实心球静止站立在水平地面上，该同学和实心球总重500N，双脚与地面的总接触面积为，此时他对地面的压强为________Pa。该同学将实心球投出后，双脚站立在水平地面上保持静止，他对地面的压强与投出实心球之前相比________（选填“变大”“变小”或“不变”）。 13.小遥同学在做“探究液体压强与哪些因素有关”的实验。 （1）安装完实验器材后，小遥发现U形管两侧液面出现高度差，如图甲所示，接下来的操作：__________； （2）如图乙所示，从结构上看，压强计__________（选填“属于”或“不属于”）连通器； （3）通过比较丙、丁两图得出结论：同种液体，_________，压强越大； （4）若图丁中，探头在水中的深度为8cm，请你计算该处水的压强为___________Pa； （5）小遥还想探究液体内部压强与液体密度的关系，于是他向图丁烧杯中多次加盐水，发现U形管两侧液面高度差不断增大，于是得出“液体密度越大，压强越大”的结论。他的结论是_________（选填“正确”或“错误”）的，理由是_________。 14.在探究“影响压力作用效果的因素”实验中，实验小组利用小桌、砝码、海绵、沙子等器材在水平台面上进行探究。 （1）实验中压力的作用效果是通过海绵______来体现的，______（选填“可以”或“不可以”）用木板代替海绵来完成实验； （2）比较图1、图2所示的实验现象，将小桌分别正立放在海绵上，这样做的目的是为了控制______相同；改变压力的大小，可以得出结论：______； （3）比较图2、图3所示实验的现象可以得出另一结论，下列实例中，可用此结论解释的是：______； A．书包的背带做的很宽    B．严禁货车超载 （4）图3中桌面对海绵的压强为，小航将图3中的小桌、砝码平放在表面平整的沙子上，静止时如图4所示，桌面对沙子的压强为，则______（选填“<”、“=”或“>”）； （5）小彬选用质地均匀的长方体物块A代替小桌进行探究，如图5所示，将物块A沿竖直虚线方向切成大小不同的两部分。将左边部分移开后，发现剩余部分对海绵的压力作用效果没有发生变化，由此他得出结论：压力的作用效果和受力面积无关。你认为他在探究过程中存在的问题是：______。 15.质量为50kg的甲同学站在水平冰面上，与冰面接触的总面积为。甲同学用40N的水平推力推坐在冰车上的乙同学，沿直线前进10m。g取10N/kg。求： （1）甲受到的重力大小； （2）甲站立时对冰面的压强； （3）甲推乙过程中，推力做的功。 押题猜想六 电路识别、电路故障分析、动态电路 试题前瞻·能力先查 【易错题】1.物理应用无处不在。如图甲、乙所示是拳击训练中为测量击打力大小而设计的电路，电源电压恒为6V，为20Ω的定值电阻，电流表量程为0～0.6A，为压敏电阻，其电阻值与击打力的关系如图丙所示。下列说法中正确的是（　　） A．用甲电路测试，当击打力为1000N时，电流表的示数0.12A B．用乙电路测试，当电流表示数为0.50A时，击打力为2000N C．甲、乙两电路相比，甲电路的击打力测量范围较小 D．乙电路中可增大的阻值来增大击打力测量范围 2.小明用如图所示的电路探究串联电路的电压特点，电源电压恒为3V。闭合开关后，发现电压表的示数为3V，电压表的示数为0V，则电路的故障可能是（    ） A．电阻短路 B．电阻断路 C．导线①断路 D．导线②断路 分析有理·押题有据 一、电路识别 串联：一条路径，互相影响，开关控全路 并联：多条路径，互不影响，支路开关控支路 二、电路故障 断路：无电流，灯不亮；断点两端有电压 短路：有电流，被短路用电器不工作 口诀：有电压无电流是断路，有电流无电压是短路 三、动态电路 串联：变阻器阻值变→总电阻变→总电流变→分压重新分配 并联：支路变阻器只影响本支路，不影响其他支路 口诀：串看电阻定电流，并看电压定支路 终极猜想·精练通关 1.光照强度会影响花卉生长。图甲为光照强度过大时触发报警的电路，电源电压不变，R0为阻值可调的电阻箱，R为光敏电阻，其阻值随光照强度变化关系如图乙。当电流表示数大于某一值I0时触发报警，I0时的光照强度为警戒光照强度。闭合开关S，下列说法正确的是（　　） A．R的阻值随光照强度增大而增大 B．增大R0阻值可增大警戒光照强度 C．R0一定时，光照强度越大，通过R0的电流越大 D．R0一定时，光照强度越大，电流表示数越小 2.如图所示的电路中，闭合开关S后，当滑片P向右移动时，则（　　） A．电流表A示数变小 B．电压表示数不变 C．电压表示数与电流表A示数之比变大 D．电压表示数与电流表A示数之比变小 3.如图所示，电源电压U恒定，R1是定值电阻，滑动变阻器R2标有“20Ω 2A”，灯L标有“6V 6W”。滑片P在阻值最大端时，闭合开关S，电压表V1示数为2V，电压表V2（未画出）示数为4V；P移到某一位置时，V2示数为10V，电流表示数为1A。上述滑片移动过程中，R2阻值的变化量为ΔR，电路总功率的变化量为ΔP。下列说法正确的是（　　） A．U=16V B．R1=5Ω C．ΔR=12Ω D．ΔP=7W 4.科技小组的同学按图甲所示的电路研究自制小台灯的调光效果，灯泡L标有“2.5V”字样，电源电压恒为，电压表量程为“”，电流表量程为“”。闭合开关S，在确保电路安全的情况下，最大范围移动变阻器的滑片P，观察灯泡的L亮暗，绘出灯泡L的图像如图乙所示。下列分析正确的是（　　） A．灯泡正常发光时电阻值为 B．灯泡随滑片P向端移动而变亮 C．变阻器接入的阻值范围为 D．电路消耗的最大电功率为0.625W 5.在如图所示的电路中，下列说法正确的是（　　） A．仅闭合，将滑片P向右移动，A的示数变小，V的示数变大 B．仅闭合，将滑片P向左移动，A的示数变大，V的示数变大 C．先闭合，保持滑片P位置不动，再闭合时，A的示数变大 D．闭合和，将滑片P向右适当移动的过程中，V的示数不变 6.如图所示电路，电源电压保持不变，R1的阻值为R。闭合开关S1，将单刀双掷开关S2与触点1相连，电 压表示数为U1，与触点2相连，电压表示数为U2。下列说法正确的是（   ） A． R1两端的电压为 B．通过 R2的电流为 C． R2的电阻为 D． R1的功率为 7.如图所示，电源电压恒定为，定值电阻，电流表量程为，电压表量程为，滑动变阻器的最大阻值为。若闭合开关S和，且滑动变阻器的滑片P置于中点时，在内产生的热量为___________；若闭合开关S和，在保证各元件安全的情况下，电路的最小电功率和最大电功率之比为___________。 8.如图，闭合开关S，无论怎样移动滑片P，发现电压表示数始终接近电源电压，经查灯泡L完好，导致这一现象的原因是滑动变阻器______。排除故障后，闭合开关S，灯泡L正常发光，将滑片P向左滑动，电压表示数______（选填“变小”“变大”或“不变”）。 9.如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡L的额定电压为6V，闭合开关S后，当滑片P从滑动变阻器右端滑到左端的过程中，小灯泡L的关系图象如乙图所示，则电源电压为______V，滑动变阻器的最大阻值为______Ω。 10.某同学用图甲所示的电路来测量小灯泡的电功率。他闭合开关，将滑动变阻器滑片从最右端向左滑动，直到灯泡电压达到额定值，记录了不同时刻三个电表的示数，并在同一坐标图中分别绘制了L和的图像如图乙。电源电压恒定不变，请分析：图乙中曲线______是滑动变阻器的图像；该电路的电源电压为______V；灯泡的额定电功率为______W。 11.实践小组为某水箱设计了一个监测水位的装置，图甲是其原理图，电流表的示数可显示水位高低，当示数为0.6A时表示水位达到预定值。电源电压恒定不变，为定值电阻，条状变阻器R的最大阻值为70Ω，浮子可带动连接导线的水平金属杆AP上下移动。给水箱加水至预定水位的过程中，电压表的最大示数为12V，电流表示数变化的范围为0.2~0.6A，变阻器接入电路的阻值随水位的变化关系如图乙所示，则定值电阻的阻值为______Ω，水位预定值为______m。若水箱内部的底面积为，当水位达到预定值时，水箱底部受到水的压力为______N。（g取10N/kg，） 12.如图是一款电水壶的电路简图，均为加热电阻，通过旋转旋钮开关可实现加热与保温功能的切换。保温功率为88W，阻值为，加热时应将开关旋至_________（1/2）位置，加热功率为_________W。 13.某物理兴趣小组为探究“电流与电阻的关系”，设计了如图甲所示的电路图，小组成员在实验室找到如下器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，开关一个，阻值分别为、、的定值电阻各一个，滑动变阻器一个，导线若干。 (1)连接电路前，开关应___________： (2)电路连接如图乙所示，小聪发现一根导线连接错误，请找出接错的导线并打上“×”。再用笔重新画一根正确连接的导线； (3)纠正错误后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至___________（选填“C”或“D”端）； (4)现电路中接入的是的定值电阻，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片使电压表示数为2V。读电流表示数时发现电流表小量程标值模糊不清，如图丙所示，但可推断出电流表示数为___________A； (5)断开开关，将的定值电阻更换为，不改变滑动变阻器滑片的位置，闭合开关后，电压表示数将___________2V（选填“大于”、“小于”或“等于”）； (6)多次实验后，分析数据得出结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成___________。 14.某学校食堂购置了一批加热餐台，如图甲所示。通电后加热容器中的水，为上方饭菜提供所需的热量。加热器简化电路如图乙所示，旋转开关S分别连通0、1、2触点，可实现加热器的断电、快速加热、保温多挡位功能调节。是定值电阻，。容器内水的体积为，密度，比热容，加热器使用的电源电压恒为220V，加热器快速加热时的功率为2kW。求： (1)的阻值； (2)加热器保温时的功率； (3)加热器使用保温挡工作1小时消耗的电能是多少度？ (4)加热器使用快速加热挡工作15min可使水温升高40℃，则加热器对水加热的效率是多少？（结果保留一位小数） 押题猜想七 运动和力 试题前瞻·能力先查 1.碰撞试验是检测汽车安全性能的重要方式之一。如图所示，让载有假人的汽车，以一定的速度冲向墙壁，碰撞后根据车辆和假人的受损程度、车门能否打开等指标判定汽车的安全性能。在汽车与墙壁碰撞的过程中（　　） A．汽车对墙壁的力使汽车发生形变 B．墙壁对汽车的力使汽车运动状态改变 C．汽车对墙壁的力大于墙壁对汽车的力 D．汽车对墙壁的力和墙壁对汽车的力施力物体相同 【传统文化题】2.我国明代科技著作《天工开物》中，记录着许多简单机械的巧妙应用。如图所示，图甲是用来从井中汲水的桔（jié gao)，图乙是可以用来击稻脱壳的踏碓（duì）。两图都用到了______（填一种简单机械的名称），图乙中击稻时稻壳裂开说明力可以改变物体的______。 【科技前沿题】3.图甲为泰山上机器狗驮着重物攀登的情景，图乙是所驮重物的简图，O为重心，请画出重物所受重力的示意图。 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考，力学核心基础。 参照物：位置变则运动，不变则静止 速度：v=s/t，平均速度 = 总路程 / 总时间 力：改变形状或运动状态；力的作用是相互的 惯性：只与质量有关，维持原有运动状态 二力平衡：同体、等大、反向、共线，对应静止或匀速直线运动 平衡力 vs 相互作用力：同一物体是平衡，两个物体是相互作用 摩擦力：大小看压力和粗糙程度；增大靠加压、加糙；减小靠润滑、滚动 终极猜想·精练通关 1.2025年世界乒乓球锦标赛男女混双决赛中，中国队以3∶0战胜对手，实现了三连冠。如图，是运动员比赛时的场景。下列说法正确的是 （　　） A．静止在手中的乒乓球没有惯性 B．乒乓球在下落的过程中，相对于地面是运动的 C．乒乓球在空中运动的过程中，一直受到球拍的作用力 D．击球时，球拍对乒乓球的力和乒乓球对球拍的力是一对平衡力 2.如图所示，小物同学从蹦床向上运动过程中，以下说法中正确的是（    ） A．小物同学离开蹦床后仍受向上的作用力 B．小物同学离开蹦床后运动状态一直改变 C．小物同学到达最高点时处于平衡状态 D．小物同学到达最高点时不具有惯性 3.如图所示，是初中阶段我们用斜面做的三个实验，下列说法正确的是（　　） A．图甲中为了便于测量时间，应选用坡度较大的斜面 B．图乙中的实验直接得出了牛顿第一定律 C．图丙中钢球在木板上滚动是由于受到惯性力的作用 D．图甲、乙、丙中运动的物体最终会停下来，说明力可以改变物体的运动状态 4.歼-15T是我国自主研制的第一型舰载多用途战斗机，拥有出色的对地对海打击能力以及强大的空战能力。如图，静止在地面上的歼-15T战斗机（　　） A．受到重力、压力和支持力三个力 B．受到的重力和它对地面的压力是一对平衡力 C．对地面的压力和地面对它的支持力是相互作用力 D．轮胎上有凹凸花纹是为了减小摩擦 5.“儿童散学归来早，忙趁东风放纸鸢”，描绘了放风筝的画面。下列说法正确的是（　　） A．风筝加速上升过程中运动状态不改变 B．下落越来越快的风筝受平衡力 C．风筝的运动属于机械运动 D．断线的风筝仍然具有惯性 6.重为5N的磁铁吸附在竖直放置且足够长的白板上。0~6s内磁铁在图甲所示的拉力作用下沿竖直方向向上运动，拉力F的大小与时间t的关系如图乙所示，速度v的大小与时间t的关系如图丙所示。6s后撤去拉力F，磁铁静止不动。不计空气阻力，下列说法正确的是（    ） A．磁铁受到白板的吸引力与支持力是一对平衡力 B．磁铁在0~6s内通过的路程为8m C．磁铁在5s时所受的摩擦力大小为6N D．磁铁在2s时机械能达到最大 7.如图所示，小明和小华穿着轮滑鞋静止站在平滑地面上。小华用力推小明，小明向前运动，小华向____运动。小明由静止开始运动是因为受到____对他的作用力。 8.如图所示，小球悬挂在小桶的正上方，小车、小桶、小球一起沿水平地面向左做匀速直线运动。以小车为参照物，小球是_______________（选填“运动”或“静止”）的；某时刻将细线剪断，小车、小桶仍然以原速度向左做匀速直线运动，小球会落在______________（选填“桶的左边”“桶的右边”或“桶中”）。 9.图所示的工具可以提高在沙漠中植树的效率。使用较细的铁棒更容易将树根压入干燥沙子，这是通过___________来增大压力的作用效果；竖直向上缓慢提升工具时，拉力越来越小，说明铁棒侧壁受到的摩擦力___________（选填“减小”“不变”“增大”）。 10.如图，磁悬浮列车悬浮在铁轨上不与轨道接触，请画出列车的重力（O点为重心）及左侧悬浮电磁铁所受轨道电磁铁作用力的示意图。 11. 如图所示，运动员握住标枪静止不动，支撑标枪的手掌面（支撑点为A）与标枪平行，请在A点画出标枪受到手掌的支持力和摩擦力。 12.如图1，这是小明同学做“探究阻力对物体运动的影响”的实验装置。 (1)实验前，小明同学用大小相同的力将手分别压在毛巾和木板表面上，并向前滑动，在此过程中小明感到 _______ （填“毛巾”或“木板”）对手的运动的阻碍作用较大些。 (2)小明打算实验时将同一辆小车从同一个斜面上的同一高度处，由静止开始滑下，他这样操作的目的是为了使小车运动到水平面时具有相同的 ________ 。 (3)实验时，让小车从斜面上由静止滑下，观察小车在毛巾和木板表面上滑行的距离。小明同学发现：当小车受到的阻力越小，则小车运动的距离就越 _____ 。由此可进一步推理得出：若运动的小车不受阻力，它将会一直做 _________ 运动。 (4)小明还想探究物体的动能大小与物体速度的关系，他进行了如图2甲、乙所示的实验。他将一个小钢球分别放在同一斜面上的 _______ （填“相同”或“不同”）高度处，由静止滑下，撞击放在水平桌面上的木块，比较木块移动的距离。当他将小钢球放在斜面上较高处实验时，发现小球撞击木块后，木块直接冲出水平桌面，为避免这种现象发生，请你为小明同学提出一条较合理的改进建议：________________ 。 13.小梅利用下图装置做“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验，所用的长方体木块如图甲所示，其中一个面粗糙程度较大，其他各面粗糙程度相同。 (1)实验前，小梅先将弹簧测力计在____（选填“水平”或“竖直”）方向调零，使指针对准零刻度线；调好后，她用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿水平木板做____运动，此时弹簧测力计的示数等于木块与木板之间滑动摩擦力的大小。 (2)小梅对比乙，丙两次实验得出：当接触面受到的压力大小和接触面积大小一定时，接触面越____，滑动摩擦力越大。 (3)小梅对比乙、丁两次实验，初步得出“滑动摩擦力大小与接触面积有关”的结论。你认为她得出这个结论的探究过程是____（选填“合理”或“不合理”）的。理由是____。 接下来，小梅继续探究…… 押题猜想八 机械能及其转化 试题前瞻·能力先查 【改编题】1.如图所示为某次蹦极运动的精彩瞬间，若一游客从平台上由静止开始下落。从开始下落至第一次到达最低点的过程中，游客的（　　） A．动能一直增大 B．重力势能一直减小 C．机械能保持不变 D．机械能一直增大 【社会热点题】 2.5月7日，河北省首条低空无人机物流运输航线试航成功。下图为正在运输货物的无人机，下列说法正确的是（  ） A．无人机上升过程中，货物的重力势能可能减小 B．无人机水平匀速飞行时，货物的机械能保持不变 C．无人机在某一高度悬停时，货物的机械能一定为零 D．无人机下降过程中，货物的动能一定增大 分析有理·押题有据 本考点必考，选择填空常考。 机械能＝动能＋势能（重力势能、弹性势能） 动能：与质量、速度有关 重力势能：与质量、高度有关 弹性势能：与弹性形变大小有关 不计摩擦阻力：机械能守恒 有空气阻力 / 摩擦：机械能减小，转化为内能 上升：动能→重力势能 下落：重力势能→动能 终极猜想·精练通关 1.近年来风能和太阳能发电逐渐增多。为增加供电稳定性，需要储能系统进行调节。研究发现可利用“深井拉铁”技术储存电能，还能实现废旧矿井的再利用。如图所示，用电低峰时，电动机利用多余电能将重物提升至高处；用电高峰时，重物下降带动发电机发电。下列说法正确的是（　　） A．风能和太阳能都属于不可再生能源 B．用电低峰时，重物上升，机械能转化为电能 C．用电高峰时，重物下降，电能转化为机械能 D．重物质量一定，井越深，能储存的电能越多 2.“夜空画师”把深圳创意飞到天上去——深圳无人机表演团队，凭借精湛的技术和表现力，让海内外观众感受到深圳科技的“硬核力”！下列说法正确的是（　　） A．无人机匀速上升时，其机械能保持不变 B．无人机在空中悬停定位拍摄时，有力在对无人机做功 C．无人机的锂电池充电时，电能转化为化学能 D．无人机的灯光来自LED灯，其发光部件是绝缘体 3.为了提高环境质量，经常有如图所示的喷雾车在街道上喷雾作业。喷雾车作业时保持匀速直线运动，下列说法正确的是（　　） A．喷雾的目的是为了清洁地面 B．喷出的水雾是水蒸气液化形成的 C．喷雾车的动能不变 D．喷雾车的重力势能变小 4.春晚舞蹈诗剧《锦鲤》的演员们，既是一群活泼的少女，又是一群嬉戏的“锦鲤”，“灵性相通”的意象直击观众心底的柔软和纯真。如图所示，在威亚的拉力作用下，整齐划一地匀速上升的演员们（　　） A．是相对运动的 B．机械能不断增大 C．所受合力竖直向上 D．所受拉力不做功 5.掷实心球是我市中考体测项目之一。不计空气阻力，投掷后的实心球在上升过程中（　　） A．动能变大，重力势能变大 B．动能变小，重力势能变小 C．动能变小，重力势能变大 D．动能变大，重力势能变小 6.原地纵跳摸高是同学们经常玩的游戏，如图所示，下列关于游戏过程的分析正确的是（　　） A．在离地前的起跳过程中，地面对人的支持力大于人对地面的压力 B．在离地前的起跳过程中，地面对人的支持力小于人对地面的压力 C．在离地后的上升过程中，人的动能转化为重力势能 D．在落地前的下降过程中，人的动能减少，重力势能增加 7.很多同学都玩过荡秋千，下列说法正确的是（　　） A．秋千荡到最低点时只有动能 B．秋千荡到最高点时有重力势能和动能 C．从最低点荡到最高点的过程中重力势能转化为动能 D．从最高点荡到最低点的过程中动能增大，重力势能减少 8.图是我国运动健儿在跳高比赛中的场景。关于跳高运动员的能量，下列结论正确的是（　　） A．助跑过程中，动能保持不变 B．助跑过程中，机械能总量保持不变 C．起跳后的上升过程中，重力势能增大 D．越过横杆后的下降过程中，动能保持不变 9.三峡水电站是当今世界上装机容量最大的水电站，三峡大坝横跨长江，雄伟壮丽（如图）。下列说法正确的是（　　） A．水力发电是将电能转化为机械能 B．水能是一次能源，电能是二次能源 C．利用大坝提高水位的目的是储蓄更多内能，用来发电 D．机械能和电能可以相互转化，所以能量转化没有方向性 10.如图所示，小明同学在体育课上进行竖直爬杆训练，匀速上爬过程中小明受到竖直的摩擦力________（选填“向上”或“向下”）；匀速下滑时小明的机械能________（选填“增大”“减小”或“不变”）。 11. 9月25日8点44分，东风41号洲际弹道导弹发射，震惊了世界，小明查阅了网上资料找到一幅图片，经过浏览发现洲际导弹采用的是钱学森弹道，已知第一阶段洲际导弹加速上升，动能______，第二阶段假设导弹消耗大量燃料沿着大气层的临界位置匀速飞行，动能______。（增大/减小/不变） 12.我国自主生产的歼-35A在珠海航展表演，如图所示.向后喷出高温气体时，它加速上升，说明力可以改变物体的_________；此过程，歼-35A的机械能_________（选填“守恒”或“不守恒”）。 13.小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关“的实验中，所用钢球质量m<M，分别从图中的位置由静止释放（h<H）。 (1)实验中，小明是通过______来比较钢球动能大小的，这种研究方法是______； (2)木块被钢球撞出一段距离后停了下来，这是因为木块受到______的作用；若水平面是光滑且足够长的，木块被撞后将做______运动； (3)根据甲、丙两次实验，______（选填“能”或“不能”）得出结论：物体的动能大小与质量有关，原因是______； (4)汽车行驶过程中为了保证安全，需要限速，能说明这一原因的是______两次实验。 押题猜想九 电磁现象辨析 试题前瞻·能力先查 【跨学科题】1.在信息传递比赛中，小敏同学制作了一套如图装置传递信息，闭合开关，手动将导体a沿导轨水平向右移动，导体b也随之向右运动起来。忽略导体与导轨之间的摩擦，关于此过程，下列说法中正确的是（　　） A．a动起来是因为电流的磁效应 B．a水平向右移动的过程中，相当于发电机 C．若手动将a沿导轨水平向左移动，b会运动 D．b的能量转化是：机械能转化为电能 2.指南针是我国古代的四大发明之一、我国古代就利用司南来辨别方向，司南是现代所用的指南针的始祖。司南之所以能指示方向，是因为我们生活的地球本身就是一个大磁体，周围存在___________。静止时，司南的长柄（柢）（见图1）指向地理的南方（柢）应为该磁体的 ___________（选填“N”或“S”）极。如图2所示，桌面上有一枚转动灵活的小磁针，当导线与电池触接时；断开电路。 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考，选择、填空为主，简单易得分。 一、电生磁（电流的磁效应） 奥斯特发现：通电导线周围有磁场。 通电螺线管：磁场类似条形磁体。 安培定则：右手握螺线管，四指沿电流方向，大拇指指N 极。 电磁铁：有铁芯的螺线管。磁性强弱与电流大小、线圈匝数有关。 二、电动机 原理：通电导体在磁场中受力运动。 能量：电能→机械能。 受力方向：与电流方向、磁场方向有关。 三、磁生电（电磁感应） 法拉第发现。 条件：闭合电路的一部分导体切割磁感线。 四、发电机 原理：电磁感应现象。 能量：机械能→电能。 电流方向：与运动方向、磁场方向有关。 五、一句话区分 电动机：有电才转，电能→机械能。 发电机：转动生电，机械能→电能。 口诀 右手安培定南北，电生磁； 切割磁感生电流，磁生电； 电动受力电转力，发电感应力转电。 磁感线，北出南回。 终极猜想·精练通关 1.如图，新能源汽车在进行无线充电时，受电线圈的工作原理与下列哪个实验的原理相同（　　） A B C D 2.下列四幅图与电动机工作原理相同的是（　　） A B C D 3.如图所示，为电动机工作原理图，线圈abcd从甲图位置变为乙图位置，已知图甲中导线cd所受磁场力的方向竖直向下，以下说法正确的是（　　） A．图甲中ab边所受磁场力的方向是竖直向下 B．图甲中，发生的能量转化是机械能转化为电能 C．图乙中cd边所受磁场力的方向是竖直向下 D．图乙中，把电池拆下来接上灵敏电流计，快速转动线圈，灵敏电流计指针会偏转 4.如图，螺线管中有电流通过，a、c、d为垂直于纸面的三根导线，c、d导线通有相反方向的电流，a是闭合电路的一部分，b为磁化后的轻针处于静止状态，只考虑螺线管的磁场，则（　　） A．针尖为N极 B．c、d导线受磁场力方向相同 C．若针放置a所在处静止，针尖水平向左 D．a水平向右运动时，会产生感应电流 5.如图甲所示，磁铁上下摆放形成稳定磁场，取闭合回路的一部分直导体ab沿东西方向放置于两磁铁中间，已知闭合开关时，该磁场对导体ab产生向北的作用力。已知螺线管通电后外部磁场的情况如图乙所示。则下列哪种方式可以使得通电螺线管的磁场对导线中电流的作用力方向与图中ab的受力方向方向相同（　　） A B C D 6.综合实践活动中，小林自制了一个坐位体前屈项目测试仪，小林自制的坐位体前屈项目测试仪在使用过程中经常会因为温度过高而停止工作，为了解决这个问题，小林设计了如图所示的“自动制冷降温装置”，要求：当测试仪的温度过高时，电磁铁把衔铁吸下，接通工作电路，启动降温系统； (1)已知控制电路电源电压恒定不变，为了符合设计要求，需要在虚线框内接入一个热敏电阻，现有、两个热敏电阻可供选择，其阻值随温度变化的关系如表所示，应选用___________（选填“”或“”）接入电路； 20 30 40 50 60 200 125 90 75 70 25 30 45 60 105 (2)控制电路接通时，电磁铁的上端为___________（选填“N”、“S”）极。 7.小华戴着“运动手环”运动时，手环中小磁体在管内反复运动，线圈中便会产生电流，通过传感器实现运动追踪，该过程是________现象，与________（选填“乙”或“丙”）工作原理相似。 8.如图1，将矩形铜线框置于水平向北的磁场中，通电时铜线ab段受磁场力竖直向上，则铜线cd段受磁场力方向___________（选填“竖直向上”“竖直向下”）； （2）图2，在蹄形磁体的磁场中放置的导线AB跟灵敏电流计连接。图3中的a表示图2中垂直于纸面的导线AB，它在磁场中按箭头方向运动时，灵敏电流计可能会发生偏转的是___________（选填“甲”“乙”“丙”）操作。 9.如图所示，小明在有机玻璃板上均匀撒满细铁屑，螺线管通电后，为更好地显示磁场分布情况。接下来的操作应该是______。为了进一步探究通电螺线管周围磁场的方向，可用______代替铁屑进行实验。 10.暴雨后立交桥下积水较深很不安全，物理学习小组为此设计了一个积水自动报警器，其原理图如图所示。图中A、B位置可以安装电铃或灯，要求地面没有积水时，灯亮，地面积水较深时，电铃响，根据设计要求，电铃应该安装在图中的_______（填“A”或“B”）位置。积水较深控制电路接通时，电磁铁的上方是它的_________（选填“N”或“S”）极。 11.如图所示，小磁针静止在通电螺线管右侧。请分别在括号中标出通电螺线管和小磁针的N、S极，并用箭头标出A点磁感线的方向； 12.小明想设计一款温控自动报警器，在水银温度计里封入一段金属丝，当温度在正常范围内时，绿灯亮表示正常；当温度升高达到金属丝下端所指示的温度时，红灯亮表示警报，红灯和绿灯都是“220V，55W”的照明灯泡。 (1)请你按照小明的设想，请用笔画代替导线完成电路连接； (2)绿灯正常发光时的工作电流； (3)绿灯正常发光时的电阻； (4)这个报警器正常工作，红灯和绿灯总共消耗的电能是多少千瓦时？ 13.近几年城市进行老小区改造，不少多层楼房安装了电梯。出于安全考虑，电梯都设置超载自动报警系统，其工作原理如图甲所示，电路由工作电路和控制电路组成。在工作电路中，当电梯没有超载时，电动机正常工作；当电梯超载时，电铃发出报警铃声，电动机不工作。在控制电路中，已知电源电压，保护电阻，电磁铁线圈的阻值为，电阻式压力传感器（压敏电阻）R2的阻值随压力大小变化如图乙所示，电梯底架自重忽略不计。 (1)超载自动报警系统中的电磁铁利用了___________原理，控制电路中，当乘客增多时，电磁铁的磁性___________（选填“增大”或“减小”）； (2)工作电路中，电铃应该在触点___________（选填“A”或“B”）所在支路；电梯超载时，衔铁被电磁铁吸住，电铃发出警报声，此时电磁铁上端为___________极； (3)当若电磁铁线圈电流达到时，衔铁刚好被吸住，电铃发出警报声。请你设定该电梯最多乘坐几人___________；（以每人计算，且取） (4)综合考虑安全和居民乘坐情况，现需提高电梯的限载，可以在控制电路中换用阻值更___________（选填“大”或“小”）一些的保护电阻。 押题猜想十 欧姆定律 试题前瞻·能力先查 【科技热点题】1. 使用中国自主芯片制造的神威太湖之光是全球首个理论性能达到10亿亿次的超级计算机，太湖之光已经全部使用国产CPU处理器。电脑的中央运算器简称CPU，是电脑的心脏，决定着电脑的运算速度，电脑爱好者喜欢“超频”来提高CPU运算速度，“超频”方法之一就是通过改变主板上“跳线”来提高CPU核心电压。如图所示为主板上一跳线装置，跳线装置的总电压为3V，“超频”工作时通过CPU的电流是3mA，下列说法正确的是（　　） A．CPU正常工作时应连接“1、3”两个接线柱 B．某人超频需要改接这一跳线，则应连接“1、2”两个接线柱 C．“超频”工作时CPU的电阻是100Ω D．计算机芯片中的硅是导体材料 分析有理·押题有据 本考点必考，电学基础核心。 公式：I=U​/R 变形：U=IR，R=U​/I 串联：I 相等，R=R1​+R2​ 并联：U 相等，总电阻变小 电阻是导体本身属性，与电压、电流无关。 终极猜想·精练通关 1.如图是“探究并联电路电流特点”的部分电路，，，电流表有“0~0.6A”和“0~3A”两个量程，通过电阻的电流为0.3A。为继续完成实验探究，下列做法正确的是（　　） A．使用“0~3A”量程，只测量的电流 B．使用“0~0.6A”量程，只测量的电流 C．使用“0~3A”量程，分别测量支路和干路的电流 D．使用“0~0.6A”量程，分别测量支路和干路的电流 2.关于欧姆定律公式，可变形为，下列说法正确的是（   ） A．导体两端的电压为0时，导体的电阻一定为0 B．导体的电阻与通过它的电流成反比 C．导体的电阻等于导体两端的电压跟通过它的电流的比值 D．导体的电阻与其两端的电压成正比 3.如图甲、乙所示电路，闭合开关，电路正常工作，图中电流表、、、对应的示数为、、、，电压表、、、对应的示数为、、、。下列说法正确的是（    ） A．、、、 B．、、、 C．、、、 D．、、、 4.如图甲所示是水流测速仪，图乙是该测速仪的工作原理图，电源电压保持不变，且水流速度越大，测速仪的示数也越大。电压表和电流表的示数分别是、，电压表和电流表示数变化量的绝对值分别是、。下列判断正确的是（　　） A．流速表是由电压表改装而成的 B．水流流速越大，滑动变阻器接入电路的阻值越大 C．水流流速越大，越大 D．水流流速越大，保持不变 5.如图所示，闭合开关后，发现灯泡L1比L2亮，设通过灯泡L1的电流为I1，通过灯泡L2的电流为I2，则I1______I2（选填“>”“<”或“=”）；已知电源电压为3V，用电压表测得灯泡L1两端电压为1.7V，则灯泡L2两端电压为______V； 6.如图所示的电路，灯L1和L2是________联，如果电源电压是3V，闭合开关S后，两灯均发光，电压表的示数是1.4V，此时灯L1两端的电压是_______V． 7.如图所示电路，闭合开关S1、S2，断开S3，此时电路的连接方式为______联；两电流表指针偏转情况均如图乙所示，流过灯泡L1的电流为______A。 8.用以下电路探究电路的电流规律时，电流表、的示数如图所示，则测量的是________（选填“”、“”或“干路”）的电流，通过小灯泡的电流是________A。 9. 如图，电源电压6 V保持不变，定值电阻，。闭合开关、后，电流表的示数为________A，两端电压为；再断开开关，两端电压为，则=_______。 10.小明在做“伏安法测电阻”的实验时，连接了如图所示的部分实验电路。 (1)连接电路时，开关应处于__________状态。 (2)请用笔画线代替导线，将上图电路连接完整。要求：滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的示数变小。 (3)正确完成电路连接后，闭合开关，发现电流表指针不偏转，电压表示数接近于电源电压，则故障原因可能是 （填字母）。 A．电流表的接线柱接反 B．滑动变阻器短路 C．电阻断路 (4)排除故障后进行实验，并将数据记录在表格中。第3次测量时电流表的示数如图所示，读数为 __________A。 实验次数 电压U/V 电流I/A 1 1.6 0.16 2 2.2 0.20 3 2.6 (5)根据实验数据可知，待测电阻的阻值为__________Ω（结果保留一位小数）。 (6)实验中多次测量的目的是________。 (7)小华在测量未知电阻的阻值时，电流表损坏，于是他用一个阻值已知的定值电阻R替换掉滑动变阻器，并增加了一个单刀双掷开关，设计了如图所示的电路测量的阻值，电源电压未知。小华利用上图电路__________（选填“能”或“不能”）测量出的阻值。 11. 小聪在探究电流与电压的关系实验中： (1)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于__________（填“A”或“B”）端； (2)闭合开关，发现电压表和电流表均无示数。小芳利用另一只完好的电压表进行检测，把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数；接在a、c之间，电压表无示数。如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是___________； (3)排除故障后，调节滑动变阻器，记录多组数据。画出了电阻的I-U图像，如图丙所示。由图像可得 __________Ω； (4)小聪又将电阻换成小灯泡，重复上述实验，发现无法得出电流与电压的正比关系，原因是_______； (5)小芳又设计了一种方案，测出了的阻值。电路如图丁所示，为阻值已知的定值电阻，电源电压未知且恒定不变。测量步骤如下： ①当开关闭合时，电流表读数为； ②当开关、都闭合时，电流表读数为； ③待测电阻__________（用已知和测出的物理量符号表示）。 12.永福县某物理兴趣小组用伏安法测量盐水柱的电阻。 （1）如图甲把两端装有金属活塞的塑料管接入电路。在塑料管中注满浓度均匀的盐水。 （2）闭合开关前滑动变阻器的滑片应滑至___________（填“A”或“B”）端。第一次测量时电压表的示数如图乙，为___________V。移动滑动变阻器的滑片P，测得多组数据记录在表格中。通过计算可得出，盐水柱的电阻为___________。 实验次数 1 2 3 4 电压U/V 1.2 2.0 3.0 电流I/A 0.10 0.12 0.20 0.30 电阻R/ （3）同学们想到电阻大小与长度和横截面积有关，盐水柱的电阻是否也与这些因素有关呢？于是利用现有装置继续探究。 ①保持两活塞位置不动，从注水口抽出部分盐水后，塑料管中盐水水面达到如图丙所示位置。闭合开关，测得此时塑料管中盐水柱的电阻比注满盐水时的电阻大。因此，可判断：盐水柱的电阻与___________有关。 ②为了继续探究盐水柱的电阻与长度的关系，同学们将两端的活塞同时向内推动一段距离，测得盐水柱的电阻比图甲时的电阻小。经过讨论，同学们认为该现象不能说明盐水柱的电阻与长度有关，他们判断的理由是___________。 （4）实验结束后，小聊整理器材时发现一只铭牌模糊的滑动变阻器，在不使用电压表的情况下，测出了该滑动变阻器的最大电阻值，电路设计如图丁所示，电源电压未知且恒定不变，为已知阻值的定值电阻。请把以下测量步骤补充完整： ①闭合开关S，当滑片P处于最左端时，电流表示数为； ②闭合开关S，当___________时，电流表示数为； ③则滑动变阻器的最大阻值为___________（用、、表示）。 押题猜想十一 透镜及凸透镜成像规律 试题前瞻·能力先查 【改编题】1.如图为地铁刷脸乘车系统，乘客进站时只需将面部对准摄像头。“刷脸”验证成功就能开闸进站。下列说法正确的是（  ） A．显示屏的彩色画面由红、黄、蓝三种色光混合而成 B．“刷脸”过程中，人脸是光源 C．用于“刷脸”的摄像头是凸透镜 D．乘客靠近摄像头时，成的像会变小 2.摄影爱好者拍摄到“站”在水面上的水黾（一种昆虫）纤细的腿使水面发生了形变，如图甲所示；同时看到水底有带“光环”的暗影，如图乙所示，此时“形变的水”相当于______（填光学元件名称）：当水黾游到水浅的地方，暗影面积会______（选填“变小”“不变”“变大”）。 3.如图所示，某同学用自制的水透镜来探究凸透镜成像规律，当向水透镜里注水时，水透镜的焦距将变小；当从水透镜里抽水时，水透镜的焦距将变大。 (1)如图甲所示，一束平行于主光轴的光射向水透镜，在光屏上得到一个最小光斑，则此时水透镜的焦距为________cm。 (2)该同学移动蜡烛，水透镜和光屏至图乙所示位置时，恰能在光屏上看到清晰________（选填“放大”“等大”“缩小”）的像。在原图基础上，若仅移动透镜位置，想在光屏上出现清晰的像，则应将透镜移动到什么位置：________。 (3)实验过程中，燃烧的蜡烛在不断变短，导致光屏上的像向上移动。要使像仍成在光屏中央，应将凸透镜向________（选填“上”或“下”）移动。 (4)用注射器向水透镜里加适量的水，此时屏上的像变得模糊，需要将光屏________（选填“靠近”或“远离”）水透镜，光屏上可以出现清晰的像。 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考考点，多以选择、填空、作图题出现，属于必拿分内容。 一、透镜基本性质 凸透镜：中间厚、边缘薄，对光有会聚作用。 凹透镜：中间薄、边缘厚，对光有发散作用。 二、凸透镜成像规律（核心） u＞2f：成倒立、缩小、实像 → 应用：照相机 u＝2f：成倒立、等大、实像 → 测焦距 f＜u＜2f：成倒立、放大、实像 → 应用：投影仪 u＝f：不成像 u＜f：成正立、放大、虚像 → 应用：放大镜 三、简单记忆口诀 物远像近像变小，物近像远像变大。 实像倒立异侧，虚像正立同侧。 一焦分虚实，二焦分大小。 四、眼睛与眼镜 近视眼：晶状体太厚，像成在视网膜前，用凹透镜矫正。 远视眼：晶状体太薄，像成在视网膜后，用凸透镜矫正。 终极猜想·精练通关 1.为了增强体育锻炼，寒假期间，小南参加了小奔运动跳绳打卡，其中AI跳绳模式是一种基于人工智能技术的训练系统，通过手机摄像头对用户的跳绳次数、速度、节奏等数据进行记录。下列说法正确的是（　　） A．手机摄像头的光学核心元件可以矫正近视眼 B．小南到摄像头的距离应在摄像头二倍焦距之外 C．该镜头成像原理与放大镜成像原理相同 D．要想摄像头采集的像大一些，小南应适当远离摄像头 2.小明和小华在窗边用焦距为10cm的凸透镜贴近报纸看文字，看到了文字的像。在移动凸透镜时，意外发现在报纸上出现了窗外景物的像，如图所示。以下说法错误的是（　　） A．看到文字的像时，凸透镜离报纸距离小于10cm B．看到窗外景物的像时，凸透镜离报纸距离稍大于10cm C．文字的像是正立的放大虚像，窗外景物的像是倒立放大的实像 D．当凸透镜从贴着报纸到稍微远离报纸过程中，看到文字的像逐渐变大 3.图为投影式电子白板，它利用投影机将画面投影到屏幕上，投影机的镜头相当于一个凸透镜，下列说法正确的是（　　） A．投影机的镜头与近视眼镜为同一种透镜 B．光经投影机的镜头成像利用的是光的折射 C．画面经投影机镜头成的是正立放大的虚像 D．屏幕上的丰富色彩由红、白、蓝三种色光混合而成 4.如图所示是用放大镜观察树叶的情形，下列说法正确的是（   ） A．可以用光屏承接树叶的像 B．树叶位于放大镜的一倍焦距和二倍焦距之间 C．人眼看到的是树叶正立、放大的虚像 D．放大镜本质是一个凹透镜 5.如图所示，是一款“远近两用”老年眼镜，适用于既患有老花眼又患有近视眼的中老年人群。需要看远处时，眼睛可以透过M区域进行观察；需要看近处时，眼睛可以透过N区域观察。关于这款眼镜，下列说法正确的是（　　） A．M区域对光有会聚作用，是远视镜 B．M区域对光有发散作用，是近视镜 C．N区域对光有会聚作用，是远视镜 D．N区域对光有发散作用，是近视镜 6.如图，小明用爸爸的眼镜放在凸透镜与烛焰之间，光屏上原来清晰的像变模糊，此时将光屏慢慢远离凸透镜，光屏上再次出现清晰的像。下列说法正确的是（　　） A．爸爸的眼镜是凸透镜 B．爸爸的眼睛是近视眼 C．若光屏不动，将蜡烛缓慢远离凸透镜，也可在光屏上出现清晰的像 D．若光屏不动，将蜡烛缓慢靠近凸透镜，也可在光屏上出现清晰的像 7.工匠师维护精密仪表时，在眼睛前戴一个透镜，便于观察仪表的细微之处，如图所示。 (1)这个透镜能够使光线 ______ （选填“会聚”或“发散”）； (2)透镜与仪表的距离u应满足下列 　 　 条件； A．u＜f B．f＜u＜2f C．u＞2f D．u＝2f E．u＝f (3)工匠师通过透镜观察到的仪表的像是 ______ （选填“正立”或“倒立”）的。 8.如图所示，纸筒A的一端蒙了一层半透明纸，纸筒B的一端嵌有一个凸透镜，两纸筒套在一起组成了一个简易照相机。用该照相机观察物体时，要把纸筒_______（选填“A”或“B”）对着明亮的室外，半透明纸上恰能呈现_______（选填“放大”或“缩小”）的像。 9.提高安全防范意识，不随便给陌生人开门．我们可以“闻声识人”，主要是通过声音的______分辨出门外是陌生人；也可以通过门上的“猫眼”看清门外的人，其中靠门外的透镜成正立、缩小的虚像，靠门内的_______透镜成正立、放大的虚像． 10.透过滴在玻璃台板上的水滴看过去，可以发现压在台板下报纸上的文字变大 了。报纸上的文字经过水滴______射后形成一个放大的_______像（填“实”或“虚”）。 11.图所示为近视眼、远视眼成像情况及矫正透镜的示意图，其中近视眼成像情况是_________（选填“甲”“乙”“丙”或“丁”），矫正透镜为_________（选填“甲”“乙”“丙”或“丁”）。 12. 在某次探究凸透镜成像规律的实验中： (1)小明想知道实验中某块透镜的焦距，他做了图甲所示的实验，镜面垂直于阳光，在透镜下面放上白纸（白纸与透镜平行），测出透镜与白纸间距s/cm与对应的白纸被烤焦的时间t/min，绘出图乙所示的图像， 可判断该透镜的焦距f为_________cm。 (2)如图丙所示，当把该凸透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在15cm刻度线位置时，光屏应在_________（填“Ⅰ”“Ⅱ”或“Ⅲ”）区域内左右移动，才能在光屏上得到清晰的实像； (3)图丙中，老师取下自己的眼镜放于蜡烛和凸透镜之间，光屏上的像变得模糊，小文将光屏向左移动适当距离后像又变清晰。由此他判断：老师是_________（近视/远视/正常）眼； (4)随着蜡烛燃烧变短，为使图丙中的像回到光屏中央，光屏应向_________（上/下/左/右）； (5)在露天电影走进社区活动中，准备放映时，发现画面小于整个屏幕，为了使画面占满整个屏幕，如果你是放映员应将_________。（填以下选项字母代号） A．放映机靠近屏幕，同时要减小镜头和胶片间的距离 B．放映机远离屏幕，同时要减小镜头和胶片间的距离 C．放映机靠近屏幕，同时要增大镜头和胶片间的距离 D．放映机远离屏幕，同时要增大镜头和胶片间的距离 (6)实验中将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距u随时间t的变化图像如丁图所示，该过程中像距v与t的大致变化关系为图中的_________。 A B C D 13.如图甲所示，是科学社团的同学们在跨学科实践课上制作的简易投影仪。调试时他们发现，手机只有放在与透镜特定距离处才能成像，且成像距离会随手机与透镜距离的变化而改变。为了编写详细的使用说明书，大家决定探究凸透镜成像与物距、像距的关系，并分组在实验室挑选了需要用到的器材。 (1)1组同学在实验室挑选了一款凸透镜，让平行光正对该凸透镜照射时，移动光屏直至出现一个最小，最亮的光斑，如图乙所示，则该凸透镜的焦距为_____cm； (2)依次将点燃的蜡烛，凸透镜、光屏安装在光具座上，调整三者中心大致在同一高度，这样做的目的是_____； (3)调整好后，1组同学多次改变蜡烛和光屏的位置进行实验，收集的数据和观察的现象如表1所示。小丽分析归纳后，得到初步结论：随着物距不断减小，像距逐渐变大，物体所成像逐渐_____（选填“变大”或“变小”），直至在光屏上观察不到像； 表1 序号 物距u/cm 像距v/cm 像的特点 1 30.0 15.0 倒立、缩小 2 25.0 16.7 倒立、缩小 3 18.0 22.5 倒立、放大 4 15.0 30.0 倒立、放大 5 12.0 60.0 倒立、放大 6 10.0 未在光屏上观察到像 7 8.0 未在光屏上观察到像 表2 序号 物距u/cm 像距v/cm 像的特点 1 30.0 6.0 倒立、缩小 2 25.0 6.25 倒立、缩小 3 18.0 6.92 倒立、缩小 4 15.0 7.5 倒立、缩小 5 12.0 8.57 倒立、缩小 6 10.0 10.0 倒立、等大 7 8.0 13.33 倒立、放大 (4)请你用所学知识提示1组同学，可采用图丙中_____（选填“A”、“B”、“C”）的方式观察序号7中凸透镜所成的像； (5)在小组之间交流数据时，1组同学发现2组（表2）找到了与物体等大的像，但是自己却没有观察到，接下来她应调整物距在_____厘米之间反复多次实验； (6)对比表1与表2的数据，提出1个科学问题：_____，请你猜测可能的原因_____。 押题猜想十二 简单机械的相关计算 试题前瞻·能力先查 1.图示为某工人利用一滑轮提升物体的示意图。若该工人将质量为的物体沿竖直方向匀速提升，此过程中滑轮的机械效率为80%，取。求： (1)物体受到的重力大小； (2)工人所做的有用功； (3)工人所做的总功。 分析有理·押题有据 本考点为必考，常考杠杆、滑轮、机械效率计算。 一、杠杆平衡公式： F1​×L1​=F2​×L2​（动力 × 动力臂 = 阻力 × 阻力臂） 二、滑轮 定滑轮：不省力，改变方向，F=G 动滑轮：省一半力，F=G/​2 滑轮组：F=G总/​​n，s=nh 三、机械效率 η= W有用/​​W总​×100% 有用功：W有​=Gh 总功：W总​=Fs 额外功多由摩擦、动滑轮重力产生 一句话记：杠杆看力矩，滑轮看段数，效率看有用比总功。 终极猜想·精练通关 1.小明用如图所示的滑轮，将重为6N的物体匀速提升到一定高度．在此过程中，不计绳重与摩擦，拉力F的大小是（　　） A．3N B．6N C．9N D．12N 2.如图，某工人利用滑轮在时间内，将重为的物料匀速提升了的高度，工人对绳子竖直向上的拉力大小为，不计绳重及滑轮的摩擦。下列说法正确的是（　　） A．该工人使用的是定滑轮 B．提升物料做的有用功为 C．拉力做功的功率为 D．该滑轮的机械效率为 3.如图，人借助滑轮组或斜面可以把重均为G的物体A、B匀速提升相同高度h，绳子对A的拉力为F1，F3平行于斜面，物体B在斜面受到的摩擦力为f，则（　　） A．物体B在斜面上受到摩擦力f=F3 B．F2一定小于F1 C．滑轮组的机械效率是 D．F3对物体做的有用功等于F1h 4.图甲为一款健身器材，两滑轮均重20N；弹性限度内，弹簧伸长的最大长度为80cm，弹簧所受拉力F与其“伸长的长度”Δx成正比，如图乙所示。弹簧、细绳、拉环的重力和摩擦可忽略；使用时竖直向下缓慢拉动拉环。下列说法正确的是（　　） A．弹簧拉力为60N时，绳a拉力为140N B．拉环向下移动10cm，弹簧伸长10cm C．弹簧拉力为300N时，拉环向下移动30cm D．健身器材提供的最大拉力为820N 5. 如图所示，重600N的工人通过滑轮组用竖直向下的拉力匀速提升货物，表中是他某次工作的相关数据。若三个滑轮重均相等，不计滑轮组的绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　） 货物所受重力G/N 货物被提升高度h/m 绳端所受拉力F/N 所用时间t/s 540 3 200 25 A．工人做功的功率为72W B．滑轮组对悬挂点A的拉力为920N C．滑轮组的机械效率为90% D．若货物离开水平地面之前，工人用100N的力竖直向下拉绳端，则地面对货物的支持力为200N 6.塔吊是工程建设中经常采用的起重装置，其起吊部分的结构可简化为如图所示的滑轮组。它将重为450N的重物竖直匀速提升10m，用时20s，若绳子自由端的拉力F=300N，则拉力做功的功率为_________W。忽略摩擦阻力，若增大起吊重物的质量，则该塔吊的机械效率________________（填“变大”“变小”或“不变”）。 7.用如图所示的滑轮组拉动重300N的箱子，以0.2m/s的速度在水平地面上做匀速直线运动，箱子与地面间的摩擦力为自身重力的0.2倍（不计滑轮、绳重及各处摩擦）；在5s时间内，绳子自由端移动的距离是______ m；拉力F做功是______ J。 8.如图所示，在斜面上将一个重10N的物体匀速拉到高处，沿斜面向上的拉力，斜面长、高，则拉力所做的功为___________J；把重物直接提升h所做的功作为有用功，忽略弹簧测力计的重力和空气阻力，则斜面对物体的摩擦力为___________N。 9.图甲所示为自行车的手闸，将其部分简化为如图乙所示的杠杆，忽略杠杆自身的重力，当杠杆平衡时，施加在点的动力，测得，，则阻力______。 10. 简单机械在生活和生产中有着广泛的应用。如图甲所示，石头垂直作用在撬棒上C点的力是600 N，已知撬棒AD=1 m，CD=BC=0.15 m，若沿图中动力的方向恰好撬动石头，则施加在撬棒A点的力F是____N；如图乙所示，工人利用滑轮组用600N的拉力将重1000N的物体竖直向上匀速提升2m，不计绳重及摩擦，工人做的有用功是____J。 11. 目前，我国正在大力推广装配式建筑。这种建筑方式不仅施工效率高，还能减小粉尘污染，实现绿色施工。如图所示，塔吊将质量为7.2t的墙体构件从地面匀速吊起到60m高的顶楼，用时40s。g取10N/kg，求： (1)墙体构件被吊起的速度； (2)墙体构件竖放在水平地面上时，与地面的接触面积为1m2，求构件对地面的压强； (3)提升过程中，竖直向上的拉力的功率。 12. 如图所示，利用斜面将箱子推进车厢，通常要比把箱子直接从地面搬进车厢省力得多。某同学沿斜面向上用100N的力匀速推动箱子，已知箱子质量为20kg，斜面长3m，斜面高1.2m，g取10N/kg．求： (1)箱子受到的重力； (2)斜面的机械效率； (3)箱子受到的摩擦力。 13.某锻造厂利用卷扬机将一圆柱形工件（污垢的质量和体积忽略不计）吊入柱形清洗池中清洗，如图所示。已知工件的质量为90kg，高度为50cm，清洗池底面积为2000，深度为80cm；未放入工件时，清洗液的深度为60cm，密度，。求： (1)工件的重力； (2)工件一半浸入清洗液时，清洗液对工件底部的压强； (3)工件完全浸入清洗液，平衡时绳对工件的拉力为700N，工件的底面积是多少； 押题猜想十三 欧姆定律与电功率综合计算 试题前瞻·能力先查 1.如图甲是小明设计的电加热器的电路结构简图。通过控制挡位开关S、Sa可以获得两挡加热功率。 已知电热丝R1的阻值为55Ω，R2的阻值为220Ω，不计温度对R1、R2阻值的影响。求： （1）当开关S闭合、Sa接2时，电加热器处于低温挡时的电流； （2）电加热器处于高温挡时，通电5min产生的热量； （3）小明设计的电加热器的挡位较少，请你帮助小明利用图甲中的器材，再增加一个单刀开关Sb，在图乙的虚线框内完成电路设计，要求通过三个控制挡位开关可以实现四个挡位转换； （4）求出正确设计的电路中温度最低挡位的功率。 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考电学核心计算，常结合串并联电路考查。 核心公式 欧姆定律：I=U​/R 电功率：P=UI=I2R=U2​/R 电功：W=Pt=UIt 电路规律 联：电流相等，分压、功率与电阻成正比 并联：电压相等，分流、功率与电阻成反比 解题思路 先判串并联，找准不变量，算出电阻，再依次求电流、电压、功率与电功。 终极猜想·精练通关 1.采摘机器人在智慧农业中广泛使用，兴趣小组设计的某采摘机器人部分工作原理如图所示，可以“前进”“后退”“照明”；开关S1、S2用绝缘柄相连，可同时连接触点“1”或“2”，电动机均正常工作。部分元件参数：电动机（24V 96W），灯泡L（18V 5.4W），滑动变阻器R（50Ω 1A），电流表（0~0.6A）。 (1)通过控制开关S1、S2，可实现前进、后退，原因是什么？ (2)电动机（线圈电阻为2Ω）正常工作5min消耗的电能和产生的热量分别为多少？ (3)闭合S3，调节灯泡亮度时，为保证各元件安全，R连入电路的最小阻值为多少？（灯丝电阻随温度变化忽略不计） 2. 某小组设计的恒温箱，内部电路简化后如图甲所示，可实现加热、保温两挡自动切换。控制电路电源为两节新的干电池，电源电压U为3V，定值电阻为25Ω，、为电热丝，阻值分别为176Ω和44Ω，电磁铁线圈的电阻忽略不计。热敏电阻的阻值与温度的关系如图乙所示，电磁铁衔铁在电流大于或等于60mA时吸合，当电流小于或等于30mA时释放。求： (1)该恒温箱加热状态时工作电路的电流是多少； (2)该恒温箱的温度控制范围； (3)随着使用时间增加干电池用久老化后电压变小，在控制电流和不变情况下，会导致所控制最高温度如何变化，简要说出理由。 3.如图甲是文文同学家新买的一台冷暖空调扇，其内部简化电路如图乙所示，R1、R2均为发热电阻，R1的阻值为110Ω，M是电动机。开关S1闭合后，当S2接1、2时吹冷风；当S2接2、3时吹温风；当S2接3、4时吹热风，此时空调扇的总功率为1100W。已知：电源电压为220V，。求： (1)吹冷风时，在空调扇内加入冰袋会使吹出的风温度变低，若冰袋内冰的质量为1kg，温度从-16℃升高到-6℃时，冰从周围吸收的热量是多少？ (2)吹冷风时，电动机正常工作1h消耗的电能为，此时通过电动机的电流是多少？ (3)吹热风时，R2的电阻是多少？ 4.额定电压为220V某品牌电压力锅内部的简化电路，如图甲所示。其中、均为阻值恒定的发热电阻丝，接通电路后，触点式开关S自动与触点a、b接通，电压力锅处于加热状态，当锅内温度达到120℃时，开关S自动与触点a、b分离并与触点c接通，电压力锅处于保温保压状态。现将一定质量且初温为35℃的水加入锅中，接通电路使该压力锅正常运行，其工作过程中的电功率随时间变化关系如图乙所示。求： (1)的电阻值； (2)该电压力锅处于加热状态时，流过电阻丝电流大小（计算结果保留一位小数）； (3)在锅内盛有一定质量且初温为35℃的水，如图所示，接通电路后，电压力锅从开始工作到锅内水温度升高到120℃的加热过程中的工作效率为85%，则电压力锅内所盛水的质量为多少千克？[，] 5.如图1所示是一款家用养生壶，它的简化电路图如图2所示，其中为发热电阻，滑动变阻器产生的热量不会被水吸收。其铭牌上的部分技术参数如表所示。某次加热过程中，养生壶内装有1kg初温为 的水。求：［，］ 型号 YSH－D15V7 额定电压 220V 额定总功率 最大容量 1500mL (1)将这些水加热到需要吸收多少热量？ (2)若用燃烧煤气达到以上效果，不计热量损失，至少要多少克煤气？ (3)滑动变阻器的最大阻值为多少？ 6.如图所示，是某种电热饮水机的简化电路示意图。它有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），阅读该饮水机说明书可知：热水箱装满水时，水的质量为2kg，额定电压220V，加热时的功率400W，保温时的功率40W。求：试问： (1)饮水机处于保温状态时温控开关S0应处于什么状态？ (2)R1的电阻值是多大？ (3)该饮水机的加热效率为80%，在额定电压220V时将装满水箱的水从20℃加热至100℃，需要多长时间？（），忽略温度对电阻的影响） 7.如图所示电路，电源电压保持不变，将滑动变阻器的滑片从阻值最大端移动到灯泡正常发光时为止，根据电压表和电流表示数画出图像如图乙所示，求： (1)电源电压； (2)滑动变阻器的最大阻值； (3)小灯泡的额定功率。 8.如图甲所示，新型电饭锅采用智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感。其简化电路如图乙所示：和均为电热丝，S1是自动控制开关。某次煮饭时，电饭锅正常工作30min内，电路中总电流随时间变化的图像如图丙所示。求： (1)电热丝的阻值； (2)额定电压下用该电饭锅设定在30min内煮好一锅米饭，所消耗的总电能； (3)小明发现当家中只有该电饭锅单独在高温档工作时，标有“1600imp/(kW·h)”的电能表的用电指示灯在这10min内共闪烁了160次。则该电饭锅在高温挡烧煮时的实际功率是多少。 9.孝顺的小明用2024年春节收到的压岁钱给姥爷买了一款足浴盆，如图所示，这款足浴盆有加热和按摩两种功能。已知电动机M的额定功率为22W，线圈电阻为，加热电阻正常工作时的电功率为800W，电压220V恒定不变。 (1)在足浴盆中加入质量为4kg、初温20℃的水，只闭合开关启动加热功能，使水温升高至40℃，水吸收多少热量？［］ (2)若不计热损失，需要加热多长时间？ (3)断开开关，闭合启动按摩功能时，按摩10min电动机线圈产生的热量是多少？ 押题猜想十四 光现象与透镜作图 试题前瞻·能力先查 【改编题】1.如图甲所示，把物体和不透光的塑料板放在平面镜前，请画出物体在平面镜中的像； 【科技热点题】2.如图中人形家务机器人的“眼睛”可以简化成凸透镜。房间中点光源S发出的两束光线射向凸透镜，请在图乙中画出这两束光线对应的折射光线。 分析有理·押题有据 必考送分题，按规范作图即可满分。 光的直线传播：画带箭头直线 光的反射：先画虚线法线，反射角等于入射角 平面镜成像：对称、虚线、等大虚像 透镜三条特殊光线：平行过焦、过焦平行、过心不变 实线光线实物，虚线法线像，必标箭头 终极猜想·精练通关 1.如图甲所示，射水鱼是一种有着独特捕猎方式的鱼类，它能从口中喷射水柱击落水面上的昆虫。图乙是这一过程的光路简化示意图，为停在空中的昆虫，为来自昆虫射向水面的一条入射光线。请在图乙中画出：（1）昆虫通过水面所成的虚像S′；（2）光线进入水中后折射光线的大致方向； 2.按要求完成作图：图甲是医生通过平面镜观察患者口腔的情景。图乙示意图中，EF为平面镜，B点为医生眼睛所在位置，A'表示医生通过平面镜看到患处A的像点，O点为入射点，OB为反射光线。请在图乙中完成作图：①根据平面镜成像特点画出A的位置；②画出入射光线AO。（保留作图痕迹） 3.如图所示，一束光从水中斜射入空气中，已知入射光线AO，请画出它的反射光线OB和折射光线OC的大致方向。 4. 夕阳倒映在水面上，如图所示。请根据物理知识，在方框中作出太阳在水中倒影的示意图。 5.请在图中画出入射光线通过透镜后的折射光线。 6.如图，利用一块平面镜使此时的太阳光竖直射入井中，O点为入射点。请画出平面镜的位置，并补全光路。 7.如图所示，MN为凸透镜的主光轴，O为凸透镜的光心，F为凸透镜的焦点，将点燃的蜡烛放在凸透镜的二倍焦距处，烛焰S点发出两条光线SA、SO。请你在图中作出S的像点S'，并完成光路； 8.如图所示，水中有一物体A，A′为岸上的人看到物体A的像，请画出人看到物体A的光路图。 9. 如图所示，光源S发出的光经竖直墙面上的平面镜反射后能照亮游泳池的水面，图中已经画出光源发出的光经过障碍物左边缘恰好照到水面最左端的一条光线。请通过作图在图上标出能被照亮的水面的右边界。 10.如图所示，光线AB经凸透镜折射后，折射光线BO恰好经过凸透镜另一侧焦点F。再经水平面上的平面镜反射，反射光线为OC。请在图中画出：①入射光线AB；②反射光线OC。③反射角的度数。 11. 如图所示，与主光轴平行的光线AB是一条折射光线，经过平面镜反射之后反射光线为BC，请画出凹透镜折射光线AB的入射光线及平面镜的位置。 12.如图所示，一透镜一半刚好浸在水中，请作出光线通过透镜后在空气和水中的折射光线的光路图。 13.如图所示，一条光线射向平面镜，请作出它被平面镜反射后再经透镜折射的光路图。 押题猜想十五 生活用电 试题前瞻·能力先查 1.安全用电，人人有责。如图所示四幅图中符合安全用电原则的是（　　） A．图甲：在楼道里给电动车充电 B．图乙：用湿布擦拭插座 C．图丙：多个大功率用电器同时使用一个插座 D．图丁：电灯的开关接在灯和火线之间 【科技热点题】2. 图甲所示的家庭电路，空气开关额定最大电流为20A，人若不小心接触火线，经人体流入大地的电流超过30mA时漏电保护器会自动断开，起保护作用。某人电阻为1100Ω，他徒手赤脚去检修电路。下列说法正确的是（　　） A．若发生图乙的情况，漏电保护器一定自动断开 B．若发生图丙的情况，漏电保护器一定自动断开 C．若发生图丙的情况，空气开关一定自动断开 D．在N处加装开关控制用电器，符合安全用电原则 分析有理·押题有据 本考点必考，基础送分题。 家庭电路顺序：进户线→电能表→总开关→保险装置→用电器 火线零线： 火线带电，零线不带电 用测电笔辨别，氖管发光为火线 连接原则： 开关接在火线上 螺口灯泡顶端接火线，螺旋套接零线 三孔插座：左零右火上接地 触电原因：直接或间接接触火线，形成回路 安全用电： 不接触低压带电体，不靠近高压带电体 用电器外壳接地 有人触电先切断电源再施救 家庭电流过大原因：总功率过大、短路 终极猜想·精练通关 1.有一种插线板，当开关断开时，指示灯不亮，插孔无法正常工作；当开关闭合时，如果指示灯损坏，插孔也能正常工作．下图既能满足控制要求，又符合安全用电原则的是（ ） A B C D 2.如图所示的家庭电路中，连接错误的元件是（    ） A．开关 B．两孔插座 C．电灯 D．三孔插座 3.如图所示的家庭电路，三孔插座连接正确，①和②为电灯和开关所在位置，闭合开关电灯正常工作。下列说法正确的是（　　） A．②处应接开关 B．电能表应接在空气开关后 C．若开关短路，空气开关会切断电路 D．用试电笔接触a孔中的金属片，氖管会发光 4.如图，某家庭电路输电线从左端进户，闭合开关，灯不亮，测电笔分别插入三孔插座的三个孔中都不发光，空气开关未跳闸，则下列说法正确的是（　　） A．灯泡短路 B．ab两点间断路 C．bc两点间断路 D．图中插座与灯泡是串联的 5.掌握安全用电常识，是当代每个公民必备的素养。下列四个图中符合安全用电原则的是（　　） ​ A．图甲中，站在地上的人用手去接触裸露的火线 B．图乙中，手握住验电笔笔尖金属体去检验插座中的火线 C．图丙中，电水壶的外壳与保护接地线相连接 D．图丁中，小孩靠近高压设备嬉戏、玩耍 6.如图所示是小明家的部分电路，其中控制电灯的开关应装在虚线框______（选填“1”或“2”）中，另一处安电灯，装好后闭合开关，电灯不亮，他用测电笔分别测a、b、c点，氖管都发光，则电路故障可能为______（选填“火线”或“零线”）断了。 7.家庭电路的部分电路图如图所示（电路连接正确）。只闭合开关S1，灯L1正常发光，此时用试电笔接触a点，试电笔的氖管___________（选填“发光”或“不发光”）；再闭合开关S2，灯L1马上熄灭，则故障原因可能是灯L2___________（选填“短路”或“断路”）。 8. 如图所示是小明设计的照明电路。各元件安装完毕后，闭合开关S，电灯不亮，用试电笔分别测试a、b、c、d点时，a点氖管不发光，b、c、d点氖管都发光，由此可知 ___________两点间出现断路。小明又把一小射灯（正常工作时的电压为20V，电流为0.2A），直接接入家庭电路后，刚通电，小射灯立刻就烧坏了，经检查，发现还有一个配件忘记安装，该配件是一个阻值为 ___________Ω的定值电阻。 9.测电笔可以测试导线是火线还是零线，如图所示，持笔方式正确的是_____；当妈妈做饭时把电热水壶插头插进插座时，空气开关立刻“跳闸”，小明分析其原因可能是电热水壶插头内部_____，也可能是家里电路中用电器总功率过大． 10.如下图甲为带开关和 USB 接口的插座。开关断开时，USB 接口和三孔插座都不能工作；开关闭合时，USB 接口和三孔插座都能独立工作。请将乙图中的电路图补充完整。 11.如图所示，请用笔画线代替导线，将图中元件接入家庭电路中，要求：①同时闭合声控开关和光控开关电灯才能亮；②三孔插座单独接入； 12.请按安全用电要求连线：开关能同时控制两盏灯，且一盏灯坏了另一盏灯仍然能正常发光。 13.如图所示，小杰用测电笔测试某家庭电路中的输电线时，只有接触中间那条电线a时测电笔的氖管发光。 (1)请你按照安全用电的原则将图中标有“220V  40W”的白炽灯泡、开关（用来控制电灯）、三孔插座，接入家庭电路中，使它们能正常工作； (2)求该灯泡正常发光的电流；（保留两位小数） (3)三孔插座接入1600W的电水壶，不考虑热损失，将质量为2kg、初温为20℃的水烧开需要多少分钟？此地为1个标准大气压，）。 (4)当电热水壶工作一段时间后，小杰发现与电水壶连接的导线不怎么发热，而热水壶却热得发烫，为什么？请你用所学知识进行简答。 押题猜想十六 分子动理论与内能的利用 试题前瞻·能力先查 【传统文化题】1.古代的人们曾发明一种活塞式点火器，如图所示。以牛角作套筒，木质推杆前端粘附艾绒。取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃。下列事例与猛推推杆入筒的过程中，能量转化情况不同的是（    ） A．内燃机的做功冲程 B．内燃机的压缩冲程 C．钻木取火 D．流星雨的形成 【改编题】2.美食街上，炭烤羊肉香味四溢，这是________现象，炭在燃烧过程中热值________； 3.小姜利用如图1所示的装置“比较不同物质吸热的情况”。 （1）器材：相同规格的电加热器、烧杯、温度计各两个，以及______（填测量工具）、托盘天平（含砝码）、水和煤油； （2）选取两个相同规格的电加热器进行实验，目的是为了通过比较______来比较物质吸收热量的多少； （3）实验中选取初温不同、______相同的水和煤油，分别倒入烧杯中，用电加热器加热，当它们吸收相同的热量时，通过比较______来比较不同物质吸热能力的强弱； （4）如图2所示，小姜正确使用温度计测量液体的温度，按照图中______（选填“A”、“B”或“C”）方法读数是正确的；实验中某时刻温度计示数如图3所示为______℃； （5）部分实验数据如下表所示，分析数据可得出结论：______（选填“水”或“煤油”）的吸热能力更强。 加热时间/min 0 1 2 3 4 …… 10 水的温度/℃ 30 34 38 42 46 …… 70 煤油温度/℃ 10 18 26 34 42 …… 90 分析有理·押题有据 必考基础题，选择填空常考。 分子动理论：物质由分子组成，分子永不停息运动，有引力和斥力 内能：一切物体都有内能，与温度、质量、状态有关 改变内能：做功、热传递 比热容：水的比热容大，用于冷却、调节气温 热机四冲程： 压缩冲程：机械能→内能 做功冲程：内能→机械能 终极猜想·精练通关 1.“女皇蒸凉面”是广元地方特色美食，凉面的口感、香气深受人们喜欢，下列说法正确的是（　　） A．油辣子附着在凉面上，说明分子间只存在引力 B．香气四溢，表明分子在不停地做热运动 C．凉面条之间有空隙，说明分子间有间隙 D．吃一口凉面，只有几个分子进入口中 2.如图所示，用酒精灯对试管加热，等水沸腾后，可以看到蒸汽把软木塞顶跑。下列说法正确的是（　　） A．用酒精灯加热试管，水内能的增加是通过做功的方式实现的 B．蒸气把软木塞顶跑的过程，实现了内能向机械能的转化 C．蒸气把软木塞顶跑的过程，相当于汽油机的排气冲程 D．试管口出现的白雾是水汽化后形成的水蒸气 3．我们常吃的月饼是在烤箱里“烤”的，但根据南宋《武林旧事》记载，最早的月饼出自笼屉，青海就保留着用蒸笼“蒸”月饼的传统习俗。下列情境中，改变物体内能的方式与“蒸”“烤”相同的是（　　） A B C D A．弯折铁丝 B．钻木取火 C．压缩空气 D．酒精灯加热 4.1883年人类发明了汽油机。一台四冲程汽油机的一个冲程中，火花塞点火，燃料猛烈燃烧，产生高温高压的气体推动活塞对外做功，则该冲程（　　） A．是压缩冲程 B．气体对外做功，内能转化为机械能 C．活塞依靠飞轮的惯性而运动 D．气体对外做功，气体的内能增加 5.如图是古代省油灯的示意图。它下层盛水，能减慢上层油的消耗。点灯后，水在升温的过程中（　　） A．吸热，内能增加 B．吸热，内能减少 C．放热，内能增加 D．放热，内能减少 6.如图甲，利用相同规格的加热器加热等质量的a、b两种液体，得到温度随时间变化的图像如图乙，分析可知（　　） A．相同时间内a中加热器产生的热量比b中的多 B．a和b的吸热能力都随着温度的升高不断增大 C．升高相同温度a所用时间比b少，a的吸热能力比b弱 D．相同时间内a升高的温度比b多，a的吸热能力比b强 7.如图所示，试管内的水沸腾后，塞子受到水蒸气的压力而冲出去，这个过程中能量转化的情况与汽油机___________冲程能量转化的情况相同；课前准备时，给酒精灯添加酒精，闻到了酒精味，这是___________现象。 8.如图所示，是五彩祝福鸡蛋。在鸡蛋着色的过程中，火龙果、橙子、紫甘蓝等果蔬中的天然食用色素进入鸡蛋内部的现象，在物理学中叫做___________，温度越___________，色素进入越快。 9.用燃气灶给一定质量的水加热，完全燃烧体积为的燃气（燃气的热值为），水吸收的热量为，则此燃烧过程中燃气放出的热量为___________，该燃气灶的热效率为___________×100%。（本小题用题中字母表示） 10.用打气筒打气时，气筒壁会发热，这主要是因为活塞对筒内气体___________（选填“做功”或“热传递”），使筒内气体内能增大，温度升高，此过程中的能量转化与四冲程汽油机___________冲程的能量转化相同。 11.如图所示为内燃机的______冲程，该过程是将______转化为机械能。 12.科技小组同学用如图甲所示的装置比较不同物质的吸热情况。将水和油分别盛在两个相同的试管中，同时用红外加热器加热，温度传感器与电脑相连。电脑上显示温度随时间变化的图线如图乙所示。 (1)实验时，应选取_______相同、初温相同的A、B两种不同液体； (2)实验中测量和记录加热时间的目的是：反映水和油________的多少； (3)为了比较甲、乙液体的吸热本领，小明提出两种比较方案。 ①让两者升高相同的温度比较加热时间 ②让两者加热相同时间比较升高的温度在两种液体都不沸腾的前提下，你认为可行的方案是_________（选填“①”、“②”或“①和②”）； (4)由图乙分析可知_________液体（选填“A”或“B”）作为工厂里的冷却塔里的冷却介质更好。 押题猜想十七 通信与能源 试题前瞻·能力先查 【社会热点题】1.2025年5月14日，我国自主三代核电“华龙一号”全球首堆——中核集团福清核电5号机组实现连续安全稳定运行1000天，持续向社会稳定输送清洁电能超370亿度，如图所示是“华龙一号”全球首堆外景。下列有关说法错误的是（    ） A．核能属于不可再生能源 B．核电站利用核反应堆通过可控核裂变释放核能 C．核反应堆将核能直接转化为电能 D．核废料具有放射性，一般深埋在人烟稀少的地方 【科技热点题】2.我国先后发射了鹊桥号和鹊桥二号中继星，架起了地球与月球背面通信的“天桥”。相比于鹊桥号，鹊桥二号距月球更近（如图），采用了反射率更高的镀金钼丝天线。下列说法不正确的是（　　） A．鹊桥号利用声波进行信号传输 B．鹊桥二号利用电磁波进行信号传输 C．镀金钼丝天线反射的信号传播速度为 D．信息从月球背面传到鹊桥二号比到鹊桥号用时更短 分析有理·押题有据 本考点为必考基础题，多以选择、填空出现。 一、通信 光纤通信：利用激光在光导纤维中反射传播 移动通信、WiFi、蓝牙：依靠电磁波传递信息 电磁波可以在真空中传播，速度等于光速 二、能源 可再生能源：太阳能、风能、水能、生物质能 不可再生能源：煤、石油、天然气、核能 清洁能源：太阳能、风能、水能、核能 核能：核裂变（核电站、原子弹）；核聚变（氢弹、太阳） 一句话速记： 通信靠电磁波，光纤靠光反射；能源分清可再生与否，核裂变电站用。 终极猜想·精练通关 1.下列属于不可再生能源的是（　　） A．风能 B．地热能 C．石油 D．太阳能 2.以下各种形式的能源中，属于二次能源的是（　　） A．风能 B．水能 C．电能 D．核能 3.目前人类大规模利用核能发电的方式属于（　　） A．可控核裂变 B．可控核聚变 C．不可控核裂变 D．不可控核聚变 4.全世界能源的消耗逐年上涨，探索各种可再生能源的利用是人类要解决的一个重要课题。下列举措中不符合这个课题的是（　　） A．利用煤的化学能转化为电能 B．利用水的机械能转化为电能 C．利用风能转化为电能 D．利用太阳能转化为电能 5.如图所示，一只太阳能草坪节能灯，由太阳能电池板、蓄电池、“6V1W”的节能灯等组成，太阳能电池板发电并将电能储存在蓄电池中，供节能灯晚间照明；该太阳能电池板接收太阳辐射的面积为，其光电转化效率（即发电效率）为20%。若在太阳能电池板接收太阳辐射的有效时间内，太阳能电池板接收太阳辐射的功率为640W。下列说法正确的是（　　） A．太阳能是可再生能源 B．太阳能电池板给蓄电池充电过程中将化学能转化成电能 C．该灯的太阳能电池板发电功率为16W D．节能灯正常发光10h消耗的电能为 6.下列与物理知识有关的描述，正确的是（   ） A．地球的半径是 B．原子核由质子和中子组成 C．人正常呼吸一次大约需要20s D．太阳能是二次能源 7.中国北方中纬高频雷达网是一种利用高频电磁波探测高空电离层带电粒子的科学设施，其通过发射电磁波并接收反射回波来获取信息。电磁波与带电粒子的相互作用改变了电磁波传播的___________（选填“快慢”“方向”）；电磁波从地面开始发射到60km高度处被反射回发射点，共需___________s。（c取3.0×105km/s） 8.搭载“天问二号”探测器的火箭升空时，由于摩擦，部分机械能转化为空气和箭体的内能，这些消耗的能量不能再自动地被用来推动火箭，说明能量的转化具有___________；我国自主研发的“偏二甲肼”火箭燃料属于___________（选填“一次”“二次”）能源。 9.太阳能可以从自然界源源不断地得到，它___________（选填“是”或“不是”）一种可再生能源。我国月球车在月球上利用太阳能电池将太阳能转化为___________能，供月球车使用。 10.2025年5月14日，我国太空计算星座021任务12颗卫星成功发射，开启了全球“太空计算时代”的新篇章。卫星均搭载星间通信系统，它们之间是利用___________传递信息的。在太空运行时，卫星___________（选填“具有”或“不具有”）惯性。 11.传统燃油汽车排放的尾气是大气污染的主要来源，提供传统燃油的化石能源属于________再生能源。为节能减排，新能源汽车正逐步取代传统燃油汽车。如图，电动汽车充电，是将电能转化为________能储存起来。 12.我国大力发展水力发电。水能是______（填“可再生”或“不可再生”）能源。水电站通过提高水位增加水的重力势能，水流下时重力势能转化为______能。 押题猜想十八 电功率 试题前瞻·能力先查 1.额定电压均为、额定功率的两个灯泡（忽略灯丝电阻随温度的变化）和，将它们串联接在电压为的电源上，闭合开关后（　　） A．通过灯泡的电流较大 B．灯泡实际功率较大 C．两个灯泡的总功率满足 D．两个灯泡的总功率 2.如图是探究焦耳定律实验的装置图，下列说法正确的是（　　） A．图示实验用来探究导体的电阻对电热的影响 B．实验中通过R1和R2的电流相等 C．通电相同时间，右侧U形管中液面高度差较大 D．通电相同时间，R1、R2产生的热量之比为4∶1 3.如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定功率为5W，电压表测量范围为0～15V，电流表测量范围为0～0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A。在保证电路各元件安全的前提下，闭合开关S和S1，断开开关S2，将滑片P从最右端b向左最大范围移动到a点；闭合开关S和S2，断开开关S1，将滑片P从a点向右移动到最右端b。图乙是这两次实验绘制出的U-I图像，下列说法正确的是（   ） A．小灯泡的额定电压为8V，电源电压为10V B．闭合开关S和S1，断开开关S2，滑动变阻器R1的阻值变化范围为4～32Ω C．闭合开关S和S2，断开开关S1，滑片P在a点时，R2的功率为0.72W D．闭合开关S和S1，断开开关S2，小灯泡L的功率变化范围为1.25W～5W 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考考点，多以选择题、填空题、实验题、计算题形式出现，分数较多。 电功率核心内容：概念、公式、额定 / 实际功率、串并联功率特点。​ 概念：电流做功的快慢（符号 P），单位：W（瓦特）、kW（千瓦），1kW=1000W。​ 核心公式：​ 通用：P=W/t、P=UI（所有电路适用）；​ 纯电阻专用：P=U²/R、P=I²R（仅电暖器、电炉等适用）。​ 额定 / 实际功率：​ 额定功率：用电器铭牌标注（额定电压下的功率）；​ 关系：U 实 = U 额→P 实 = P 额（正常工作）；U 实 > U 额→P 实 > P 额（易损坏）； U 实 < U 额→P 实 < P 额（如灯泡变暗）； ​关键：中考默认电阻不变，R=U 额 ²/P 额。​ 串并联功率特点： ​串联：P1:P2=R1:R2（电流相同）；​ 并联：P1:P2=R2:R1（电压相同）；​ 总功率：P 总 = P1+P2+…+Pn（通用）。​ 终极猜想·精练通关 1.某品牌微波炉有“微波加热”和“光波烧烤”两个挡位，其铭牌信息如表所示，下列说法正确的是（　　） 额定电压 220V 微波加热功率 900W 微波工作频率 2450MHz 光波烧烤功率 1000W A．微波炉消耗的电能是一次能源 B．微波和光波都属于超声波 C．“光波烧烤”挡比“微波加热”挡更费电 D．“光波烧烤”挡比“微波加热”挡消耗电能快 2.如图的四个电路中，电源电压U相同，，电路的总功率由小到大的顺序是（    ） A．甲＜乙＜丙＜丁 B．丁＜丙＜乙＜甲 C．丁＜甲＜乙＜丙 D．丙＜乙＜甲＜丁 3. “低碳生活，从我做起”。同学们在不影响书写、阅读的前提下，可以在教室少开两盏照明灯。当这两盏灯熄灭后，下列说法正确的是（    ） A．电路的总电阻增大了 B．电路中的总电流增大了 C．电路的总功率增大了 D．电路两端的电压降低了 4.小明经过调查发现，如果将学校内100W的白炽灯更换为同等亮度的12W的LED灯，仅此一项一天就能节约电能。下列说法正确的是（    ） A．学校节约的电能相当于1000只100W的白炽灯正常工作—天消耗的电能 B．由于LED灯与白炽灯正常工作时的亮度相当，故它们的电功率相等 C．100W的白炽灯正常工作时一定比12W的LED灯正常工作时消耗的电能快 D．100W的白炽灯正常工作一定比12W的LED灯正常工作时消耗的电能多 5.如图所示，甲、乙两只灯泡的关系图像。下列分析不正确的是（　　） A．将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端电压为2V时，乙灯消耗的功率是0.8W B．将甲、乙两灯串联在电路中，当通过甲灯电流为0.4A时，电路消耗的总功率是2W C．将甲、乙两灯并联在电路中，当乙灯两端电压为3V时，甲灯的电阻是5Ω D．将甲、乙两灯并联在电路中，当乙灯两端电压为6V时，甲灯消耗的功率是6W 6.繁忙的交通路口安装了很多红黄绿交通灯，提醒每位市民要遵守交通规则。若三只灯均标有“220V 100W”，其中一只灯正常工作时的电流是_____A（保留两位小数），这套设备工作24小时耗电_____度。 7.如图1所示是发热电阻R和灯泡L的图像，由图像可知，随着电压的增大，灯泡的电阻在________（选填“增大”“减小”或“不变”）；灯泡的额定电压为3V，将发热电阻R和灯泡L接在如图2电路中，灯泡恰好正常发光，则灯泡的额定功率为________W。 8.月底，小深对自家用电的情况进行调查，观察到电能表的表盘如图所示，这说明小深家中用电器正常使用的总功率不能超___________W。若上月底电能表示数为1877.6kW·h，则本月消耗的电能为_____________kW·h。 9.用65WMaX充电口以5V输出电压为充电宝充电，将容量1000mAh的充电宝从零充65%电量，至少需要__________h，同时选择横截面积较________的数据线。 10.小灯泡的I-U图象如图甲所示，将它与定值电阻R接入图乙所示的电路中。只闭合开关S1，电流表的示数为0.2A；再闭合开关S2时，电流表的示数为0.25A。只闭合开关S1时，灯泡的电功率为_________W，电阻R的阻值为_______Ω。 11.如图所示的电路中，电源电压恒定不变，灯泡L标有“12V”字样，额定功率字迹不清，R1是定值电阻。不考虑温度对灯丝电阻的影响。 (1)当闭合开关S2，断开开关S、S1时，灯泡L恰好正常发光，电流表A2的示数是0.4A。求： ①电源电压； ②灯泡L的额定电功率。 (2)当只闭合开关S，断开开关S1、S2，并且将滑动变阻器的滑片滑至最右端时，电流表A1的示数为0.1A。求定值电阻R1的阻值。 12.如图（a）是一款额定电压为220V的艾灸理疗毯，它的工作电路如图（b）所示。R1和R2为发热电阻丝（不考虑温度对电阻的影响），旋钮开关S置于“2和3”接线柱时处于低温挡，功率为22W，置于“3和4”接线柱时处于高温挡，功率为110W。艾灸理疗毯正常工作时，求： (1)低温挡工作时的电流； (2)发热电阻丝R2的阻值； (3)高温挡工作10min，整个电路产生的热量。 13.某物理兴趣小组在做“测量小灯泡的电功率”实验时，如图甲所示，选取的电源为三节新干电池，使用的小灯泡额定电压为2.5V。 (1)测量小灯泡额定功率的实验原理是________；正确连接电路后闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，此时小灯泡两端电压为________V； (2)在（1）的基础上，若要使小灯泡正常发光，他们应将图甲中滑片P向_______（选填“A”或“B”）端移动； (3)实验时，在未断开开关的情况下，直接将亮着的小灯泡从灯座上取出，电压表的示数_______（选填“变大”、“变小”或“不变”）； (4)某同学对实验进行了拓展，利用如图丁所示的电路，测出了另一只已知额定电流为的小灯泡的额定功率，请完成实验步骤： ①闭合开关，开关连接b，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为_______； ②保持滑动变阻器的滑片位置不变，开关连接a，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为，读出电阻箱的示数为； ③则小灯泡的额定功率表达式_________（用题中所给字母表示）。 押题猜想十九 浮力 试题前瞻·能力先查 【跨学科实践题】1.某校学生开展了利用塑料吸管制作简易密度计的综合实践活动。如图甲，他们将吸管一端用小木塞密封，并缠绕上适量细铁丝，使其能竖直地漂浮在水中，标记吸管在水面处的位置a，此时密度计受到的浮力是F甲。如图乙和图丙，再将此密度计分别放在密度为ρ1和ρ2的两种液体中，标记吸管在液面处的位置b、c，密度计受到的浮力是F乙和F丙。下列关系中正确的是（　　） A．ρ1＞ρ水，F甲＝F丙 B．ρ2＞ρ水， F甲＝F乙 C．ρ1＞ρ2 ，F丙＜F乙 D．ρ水＞ρ2，F甲＝F乙 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考考点，多以选择题、填空题、计算题形式出现，属于热点题。​ 浮力核心内容：概念、公式、浮沉条件、应用。​ 概念：液体 / 气体对物体向上的托力（符号 F 浮），方向竖直向上。​ 核心公式：​ 称重法：F浮 = G物 - F示（G物为物体重力，F示为弹簧测力计示数）；​ 阿基米德原理：F浮 = G排 = m排g=ρ液 gV 排（通用，V 排为排开液体体积）。​ 浮沉条件（ρ物为物体密度，ρ液为液体密度）：​ 漂浮：F浮 = G物，ρ物<ρ液 悬浮：F浮 = G物，ρ物=ρ液；​ 下沉：F浮<G物, ρ物>ρ液；​ 上浮：F浮> G物，ρ物 <ρ液（最终漂浮）。​ 关键应用：​ 轮船、密度计（利用漂浮原理）；​ 潜水艇（通过改变自身重力实现浮沉）。 终极猜想·精练通关 1.中国的很多美食都与传统节日有关，如图是小年与妈妈一起煮元宵的场景。煮熟的元宵浮起来是因为（    ） A．重力变小了 B．浮力变大了 C．密度变大了 D．体积变小了 2.第44届国际热气球节吸引了全球各地的爱好者前来观赏。如图是热气球在空中飞行的场景。下列说法正确的是（    ） A．热气球上升时，受到的浮力小于自身重力 B．热气球上升时，受到的浮力等于排开空气的重力 C．大小不同的热气球悬停在同一高度时，受到的浮力相同 D．热气球上升过程中，受到的大气压强逐渐增大 3.如图所示，小明洗碗时发现，向漂浮在水面上的碗中加水，碗浸入水的深度越来越大，当水量增加到一定程度时，碗浸没水中，直至沉底。假如碗里水的质量是缓慢均匀增加的，则下列关于碗受到的浮力F随时间t变化的图像可能是（　　） A B C D 4.如图所示的是世界上最大的豪华邮轮之一“海洋魅力”号，长361m，宽66m，满载时排水量达22.5万吨，满载时吃水深度达30m，可以搭载6360名游客。下列相关说法正确的是（g取，）（    ） A．轮船匀速航行时，所受浮力方向竖直向下 B．轮船漂浮在海面上，所受浮力大于重力 C．满载时船受到的浮力为 D．游客下船后船受到的浮力保持不变 5.在青少年科技创新大赛中，某同学的发明作品《浮力秤》参加了展评，该作品可方便地称量物体的质量，其构造如图所示，透明大筒中水足够深。已知小筒底面积为80cm2，总长为20cm，盘中不放物体时，小筒浸入水中的长度为9cm。在小筒上与水面相平位置标记为零刻度线，再向上画出刻度线，标上质量值，浮力秤就做好了。g取10N/kg。则下列说法正确的是（　　） A．小筒及秤盘的总质量为1600g B．该秤能称出物体的最大质量是880g C．小筒上表示质量的刻度线不均匀的 D．若想增大该浮力秤的最大测量值，可以减小透明大筒中液体的密度 6.中国自主设计建造的亚洲首艘圆筒型“海上油气加工厂”——“海葵一号”，重达近3.7万吨，其浮在海面上的情景如图甲所示。它由如图乙所示的船体和工作平台两部分组成。下列说法正确的是（　　） A．静止在海面上时，所受浮力大于总重力 B．未储存油气空载时，吃水线在最大吃水线下方 C．装载原油过程中，底部所受海水的压强变大 D．装载原油过程中，“海葵一号”排开海水所受的重力等于原油的重力 7.如图甲、乙所示，这是小明准备自制一个简易密度计所用的铜丝和铅笔。小明将铜丝放入水中后沉入水底，此时铜丝___________（选填“受”或“不受”）浮力，将铜丝紧密地绕在铅笔末端，然后将其放入水中，发现铅笔处于漂浮状态并保持竖直静止，此时这个简易密度计所受浮力___________（选填“大于”“等于”或“小于”）其总重力。 8.火箭所受重力为，在海面悬停时，向下喷火获得的反推力为，则______G（选填“＞”“＜”或“”）；火箭从接触水面到完全浸入水中所受的浮力____（选填“增大”“减小”或“不变”）。 9.如图所示为全球首个全潜式深远海智能渔业平台，平台为三立柱结构。若立柱浸入海水的总体积为7.5×103m3，则立柱受到的浮力为____N；平台上的风机利用风能工作，风能属于____（选填“可再生”或“不可再生”）能源。 10.如图所示，水平桌面上有底面积为150cm2，高25cm的轻质柱形容器，底部放置密度为0.5g/cm3，边长为10cm的正方体A。在距离水平桌面高30cm的天花板上通过一长为5cm的细线悬挂重为6N，边长为5cm的正方体B，且B在A的正上方。缓慢向容器中加水，当A恰好漂浮时（还未接触到B），水对容器底部的压强为______Pa。继续向容器中加水，当细绳拉力刚好为0时，A底部受到的液体压力为______N。（g=10N/kg） 11. 在图乙中画出小球静止在液面所受的力。 12.如图所示，某科技小组利用容积为500mL、质量为20g、厚度不计的饮料瓶做成了潜水艇模型。已知图中螺进排水口母配重为100g，体积忽略不计，进排水口和进排气管的质量和体积均忽略不计，水的密度，g取10N/kg。 (1)潜水艇模型浸没在水中时受到的浮力是多少？ (2)潜水艇模型下潜过程中，螺母的深度达到30cm时受到的液体压强是多少？ (3)为了使潜水艇模型恰好悬浮在水中，需要在饮料瓶中装入多少克的水？ 13.小莎游泳时发现，当她从浅水区走向深水区行时，脚底的压痛感逐渐减小。小莎思考，浮力大小与哪些因素有关呢?于是她提出了如下猜想： 【猜想】（1）浮力大小可能与物体排开液体的体积有关； （2）浮力大小可能与物体浸在液体中的深度有关； 【证据】小莎进行了如图1所示的实验： 【解释】 (1)物块浸没在水中时，所受的浮力是_________N； (2)分析步骤A、B、C可得出，物体排开液体体积越大，物体所受的浮力_________； (3)分析步骤_________三步可得出，浮力大小与物体浸在液体中的深度无关。 【交流】 (4)有些同学分析A、B、C实验步骤，觉得物体浸在液体中的深度和排开液体体积都发生了变化，提出质疑，物体浸没前，浮力大小是否与物体浸在液体中深度有关? 于是同学们利用生活中的物品进行如下实验。如图2所示，将适量的碎石块装入矿泉水瓶中，往瓶中加水，直至水面浸没石块，拧紧瓶盖，在瓶身上与水面齐平处绑细线并固定。 ①如图甲所示，将瓶子挂在弹簧测力计下，读出测力计示数F1。 ②如图乙所示，将瓶缓慢浸入水中，直至水面到绑线处，读出测力计示数F2。 ③将瓶倒置悬挂在测力计下，瓶口朝下，将瓶缓慢浸入水中，直至_________，读出测力计示数F3。 ④实验数据满足关系式_________，同学们得出结论：物体所受浮力的大小与物体浸入液体的深度无关。②③两次实验，矿泉水瓶浸入水中的深度分别为h1、h2，h1_________（填“大于”或“小于”）h2。 押题猜想二十 阅读题 试题前瞻·能力先查 【科技前沿题】1.阅读短文，回答问题。 智能机器人服务员 随着科技的进步，机器人已被广泛应用于各个领域，题23图甲所示是目前餐饮行业中常见的智能机器人服务员。 这位机器人服务员也有“大脑”，“大脑”负责即时处理通过传感器接收到的各种信息，机器人服务员可以像人类一样具有视觉、听觉、触觉、嗅觉，甚至能用自然语言和人类对话。 该机器人工作时，不断向外发射超声波、接收反射回来的超声波，超声波在空气中的传播速度约为340m/s，机器人通过计算发射和接收超声波的时间间隔来确定障碍物的位置。使用锂电池供电的电动机为机器人提供动力，驱动底座的轮子而使其整体平稳运动，并使其手、脚等协调配合，完成比较复杂的动作，代替甚至超越餐厅服务员的工作。 这位机器人服务员的质量为50kg，底盘有4个轮子，每个轮子与水平地面接触的面积为0.005m2。锂电池的电量减为其容量的10%时，机器人服务员就会自动寻找充电桩充电。搜寻并到达充电桩的过程还需消耗锂电池剩余电量的40%。锂电池和电动机的部分参数如表所示。 这位机器人服务员还具有过载自动保护功能，其电路原理如图乙所示，此电路电源的电压为12V，图中R为餐盘下面的压敏电阻，其阻值R随所受压力变化的图象如图丙所示，图乙中的触发器为电路保护开关，其电阻忽略不计。机器人手受到的压力达到225N时，电路中的电流为0.5A，触发电动机停止工作，以免机器人受损伤。 锂电池 电压 60V 容量 10A•h 电动机 额定电压 60V 额定动率 120W 线圈电阻 0.5Ω （1）机器人服务员工作时发射的超声波__________（选填“能”“不能”）在真空中传播。机器人静止时，发射超声波后经过0.04s接收到来自障碍物的回波，则障碍物和机器人之间的距离为__________m；该机器人工作时通过电动机的电流为__________A； （2）机器人服务员不端餐盘时对地面产生的压强是_________Pa； （3）图乙中触发电动机停止工作时，电阻R0的阻值是__________Ω； （4）锂电池充满电后，电动机连续工作至下次开始充电的过程中，电动机线圈产生的电热是_________J。 分析有理·押题有据 本考点必考，属于信息提取 + 课本知识结合题，难度不大、分值稳定。 必考，信息提取 + 课本知识结合。 考法：找现象、原理、简答、简单计算 做法：先看题再读文，划关键词，对应知识点 常考：物态变化、机械能、电路、电磁、简单计算 技巧：答案在文中，原理在课本，问啥答啥 终极猜想·精练通关 1.阅读短文，回答问题。 混合动力负压救护车 混合动力负压救护车的汽油发动机和电动机通过同一个变速器与车轮相连，除了油箱里的汽油之外，它不再需要外界其他能源，与其他汽车不同，该类型汽车在制动时，电动机作为发电机使用，通过再生制动器把汽车的一部分动能转化为电能，实现了对蓄电池充电。 负压救护车最大的特点是负压，在运送病人的过程中，车内气压保持一个特定值为标准大气压的90%，使空气在流动时只能由车外流向车内，而不会把车内可能含有病毒的空气直接流到车外；并且可以利用真空泵将车内的空气通入特制的电热丝容器内进行高温消毒后排出，车上还配备了呼吸机、消毒灯、中心供氧接口等设施。 (1)如图甲，救护车前面的挡风玻璃是倾斜的，这样可以使汽车在夜间行驶时车内物体的像成在汽车的 ______ （填“前方”“上方”或“下方”），避免物体的像干扰司机视线； (2)车内消毒灯是利用______（填“红外线”或“紫外线”）进行消毒的； (3)以下哪种病人最适合使用负压救护车_______； A．严重高血压病人 B．发生交通意外的病人 C．疫情发生时的发热病人 (4)若在某地行驶时，车外气压为1个标准大气压，车顶的面积为6m2，车顶内外大气产生的压力差约为 ______ N；（标准大气压取1×105Pa） (5)某次对比测试中，在车经过O点时开始记录，先让救护车匀速直线行驶60m，然后分别在关闭或打开再生制动器的情况下，汽车通过的路程 s 与对应的动能EK，画出了对应的EK﹣s图像，如图乙所示。则表示开启再生制动器的图线是______（选填“①”或“②”），如果用Ek0表示汽车关闭发动机前的动能，再生制动器开启时，其获得的能量中有90%被汽车蓄电池储存起来，则蓄电池增加的能量为W＝______。（用图像中的字母及数字表示） 2.阅读材料，回答下列问题： 6月2日6时23分，嫦娥六号着陆器和上升器组合体成功着陆在月球背面南极——艾特肯盆地预选着陆区，开启人类探测器首次在月球背面实施样品采集任务，如图甲所示。 由于嫦娥六号的着陆点位于月球背面，受到月球遮挡无法直接与地球通信，需要通过鹊桥二号中继卫星来转发月面航天器与地球之间的通信。鹊桥二号中继卫星受月球引力作用，目前正在环月大椭圆冻结轨道上稳定运行。环月大椭圆轨道离月球最近的一点叫近月点，最远的一点叫远月点，如图乙所示。 着陆器与上升器组合体成功着陆后，着陆器将通过鹊桥二号中继卫星，在地面控制下，进行太阳翼和定向天线展开等状态检查与设置工作，此后正式开始持续约2天的月背采样工作，通过钻具钻取和机械臂表取两种方式分别采集月壤样品和月表岩石。表取完成后，嫦娥六号着陆器携带的五星红旗在月球背面成功展开。这是中国首次在月球背面独立动态展示国旗。6月4日7时38分，上升器携带月球样品自月球背面起飞，3000N的发动机工作约6min后，成功将上升器送入预定环月轨道。 （1）在鹊桥二号中继卫星支持下，嫦娥六号通过___________波将采样画面实时传输到地面测控中心；太阳能电池板工作时，将太阳能转化为___________能，太阳能属于___________（选填“可再生”或“不可再生”）能源。 （2）嫦娥六号采用液态氢做燃料是因为它具有较大的___________；上升器点火起飞，离开月球表面，以上升器为参照物，月球是___________的；月壤运回地球后，质量___________。（选填“变大”“变小”或“不变”） （3）鹊桥二号中继卫星在环月大椭圆冻结轨道上从远月点向近月点运动时，结合图乙说明它的势能如何变化，势能和动能之间如何转化？____ 3.阅读短文，回答问题。 喷气发动机 喷气发动机分为火箭喷气发动机和空气喷气发动机。2023年，我国的长征四号丙运载火箭，成功将一颗卫星送入预定轨道。该运载火箭靠火箭喷气发动机获得推进力。 火箭喷气发动机本身带有燃料和氧化剂，不需要外界空气来助燃，其燃料有固体的和液体的。如图甲所示是液体火箭喷气发动机的工作原理示意图，燃料和氧化剂分别装在两个箱子里，由输送系统按时按量地把燃料和氧化剂喷入燃烧室，用电火花点燃，燃烧产生的气体以很高的速度从尾部喷出，对火箭产生强大的反冲推力使它前进。 空气喷气发动机本身只携带燃料，需要从外界空气中获得足够的氧来助燃。空气喷气发动机的种类很多，如图乙所示为空气涡轮喷气发动机结构图。工作过程中，机身在空气中高速前进，空气从进气口进入，被压缩机压缩后进入燃烧室和从喷雾器喷出的燃料混合，由火花塞点火燃烧，产生大量气体向后喷出，冲击燃气轮机叶轮转动，最后气体以极大的速度从尾部喷管喷出，使机身得到巨大的反冲推力向前飞行。 （1）地面控制中心与卫星之间是通过发射和接收______进行通信的； （2）火箭喷气发动机工作过程中，先将燃料的化学能转化为______能，然后再将其转化为火箭的______能； （3）______（选填“火箭”或“空气”）喷气发动机不能在大气层外工作； （4）如图乙所示的空气涡轮喷气发动机工作过程中，气体温度是不断变化的。下列图像中，能大致反映气体的温度随时间变化的是______。 A   B C D 4.阅读短文，回答问题。 2025年5月，我国首批五座9000吨级气膜粮仓充气成型，标志着中国第四代新型粮仓正式进入实践应用阶段。每座气膜粮仓直径为24m、高度达33m．结构如右图所示，外层为PVDF材料的白色膜材层，反射太阳光且防水；中间层为聚氨酯材料层，导热系数远低于混凝土建材；内层为钢筋混凝土层，起主要支撑作用。气膜粮仓相当于给传统粮仓“穿上了一件雨衣和一件羽绒服”，其储存粮食的气密性和保温性都大幅提升。投入使用后，气膜粮仓集成氮气气调技术，将高纯度的氮气注入粮堆内部。均匀分布的传感器实时获取粮食温度、湿度等信息。气膜粮仓就像白色安全卫士，守护着粮食安全。 (1)聚氨酯材料具有优良的______。（填材料属性） (2)为减少粮食因变质产生损失，在气膜粮仓中采取的措施是______。（写出一条即可） (3)9000t粮食可以提供______万人一天的口粮。 A．2.3 B．23 C．230 D．2300 (4)工程上，常用测量“压强差半衰期”的方法来检测粮仓的气密性。 原理 操作 用风机将空气吹入粮仓内，使粮仓内外达到一定的压强差。停机后，由于漏气，粮仓内外的压强差逐渐减小。根据压强差衰减到一定程度的时间，判断气密性的好坏。 测量人员仔细观察压强差的变化，当压强差下降到500Pa时，用秒表开始计时，当压强差下降到250Pa时，停止计时，秒表的示数即为本次测定的“压强差半衰期”。 ①检测现场，某风机功率是11kW，送风量约为，则该风机正常工作1min消耗的电能为______J，吹进粮仓的空气质量约为______kg，空气密度约为； ②粮仓内外压强差随时间变化的图像如图，本次测定的压强差半衰期约为______s； ③对照国家公布的《粮仓气密性分级表》，该气膜粮仓气密性达到______级。 粮仓气密性分级表 级别 压强差半衰期 Ⅰ Ⅱ Ⅲ Ⅳ Ⅴ 5.降水量是指一段时间内，雨水（或融化后的固体降水）未经蒸发、渗透和流失所积聚起来的水层深度。为了监测降水量，科创小组制作了“翻斗式雨量计”，装置外观是上端开口的圆柱体，如图1甲。内部结构示意图如图1乙。装置核心部件如图1丙，它是用中间隔板分开的两个完全对称的三角形容器，可绕O点处的水平轴转动，从而使两侧容器轮流接水，当一侧容器接满10mL雨水时会发生翻转，将水倒出，随着降雨持续，翻斗左右翻转，过程如图1丁。磁铁与配重通过连杆安装在翻斗上并随翻斗左右摆动，当磁铁经过磁感应开关（两者相互作用力忽略不计）时，磁感应开关通过电流传感器将翻斗翻转信息变成电信号，从而推算降水量。 (1)翻斗在水平位置时是等臂杠杆，实验器材中属于等臂杠杆的有______。 (2)连杆上装有可调高度的配重。校准过程，若倒入的水量总是大于10mL时翻斗才发生翻转，可通过______（填“降低”或“升高”）配重在连杆上的位置进行调整。 (3)图2甲是翻斗翻转信息变为电信号的工作电路，电源电压不变，、为定值电阻，。某次降雨，电流传感器（电阻不计）测得电流随时间变化关系如图2乙。 ①当磁铁每次经过磁感应开关时，开关状态是______。 ②“翻斗式雨量计”顶端开口面积为0.1m²，由图2乙可知该地区30min内降水量约为______mm，降水量变化趋势是______。（测量前翻斗内无水） ③由图2可知，______。 (4)若该装置在我国北方地区使用，可改进的措施是______。 6. 小明的科创小组利用学校社团的3D打印机制作一台歼-35A模型。 【目标任务】用3D打印机制作一架歼-35A模型 【工作原理】3D打印机先利用热融喷头将材料加热到对应温度，再按照3D数据，通过逐层打印的方式将料丝喷出，使其凝固成立体实物。打印机常用丝材的部分技术参数如表1： 丝材类型 推荐打印温度/℃ 熔融特点 材料特点 PLA 195~230 存在固液共存态 无毒、可降解、强度低 ABS 220~250 从固态变软逐渐成液态 韧性强、打印时有刺激性气味 【材料选取】 (1)图甲是某两种材料熔化时温度随时间变化的曲线，__________曲线可能是ABS材料； (2)小明希望可以在封闭室内环境打印歼-35A模型，并且后期能够对模型进行环保处理，因此选择表1中__________丝材制作更合适； 【项目评估】老师介绍：3D打印模型内部常采用类似蜂巢的空心填充方式，以优化材料使用和减轻重量。填充密度是指3D打印模型内部的固体填充程度，通常为0%到100%之间的百分比，如图乙所示。 我们也可以通过模型实际质量与假设其完全实心时的质量之比来计算填充密度。一般来说，填充密度过高会导致材料浪费和打印时间延长，过低则可能无法满足模型的强度要求。根据经验，老师列出模型的填充密度和强度等级的关系，如表2： 填充密度 强度等级 0~15% 较低 15~50% 中等 >50% 较高 小明选择密度为1.25g/cm³的PLA打印一架歼35-A模型，并用所学的物理知识测量模型的填充密度。需要的仪器有电子秤、记号笔等，实验过程如图丙所示（ρ水=1g/cm3）。 A.水槽中装入适量的水，记录电子秤示数m1，标记液面位置A； b.把模型放入水槽，记录电子秤示数m2； c.用细针将模型压入水中，使其完全浸没，标记液面位置B； d.取出模型后，往水槽加水，直至液面升高至位置B，记录电子秤示数m3。 (3)模型的质量为__________g； (4)模型的填充密度为__________%，强度等级为__________； (5)若小明换用密度为1.05g/cm³的ABS丝材打印内、外结构相同的同一模型，则模型的填充密度__________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 押题猜想二十一 物理知识综合应用 试题前瞻·能力先查 【改编题】1.溜索曾经是劳动人民跨越峡谷的重要工具，人们借助滑轮利用自身重力沿溜索无动力滑行，利用木片等与溜索之间的摩擦减速，如图所示。某村寨的特色旅游项目，需修建两条溜索方便游人从村寨（甲）前往茶园（乙）并返回。已知甲乙海拔相差约30m、相距约150m，峡谷深约800m。最合理的溜索设计方案是（　　） A B C D 2.地球绕太阳一周的时间为1个“地球年”，水星、金星、火星、木星、土星绕太阳一周的时间依次为0.24、0.62、1.88、11.86、29.46个“地球年”。火星绕太阳一周的时间为1个“火星年”，若以“火星年”为时间单位，绕太阳一周时间最短的是（　　） A．水星 B．地球 C．木星 D．土星 分析有理·押题有据 本考点为辽宁中考必考基础考点，多以选择题、填空压轴及实验探究​题形式出现，难度较大。 命题趋势：以真实场景为背景（如智能家居、新能源汽车、航天技术、日常现象），弱化抽象概念考查，强调知识应用能力。​ 综合性考题解题三步法​ 拆：拆分知识点，化整为零​ 联：关联知识点，建立逻辑​ 答：规范表达，精准踩分​ 终极猜想·精练通关 1.我国在塔克拉玛干沙漠边缘构筑了3046km的绿色屏障，完成了“锁边合围”。草方格固沙是沙漠治理广泛应用的一种技术，通过将麦草压进沙子形成方格，改变地表条件，抑制风沙活动，如图所示。下列说法错误的是（　　） A．麦草遮挡使沙地光照减少，降低了沙地温度 B．麦草增大了沙粒的惯性，使沙粒不易被风吹走 C．麦草增大了地表整体的粗糙程度，增大了空气流动阻力 D．有麦草的地方空气流速较小，空气对沙粒的压强较大 2.研学活动中，小明捡到一块石头。他用电子秤和玻璃杯测量其密度，测量过程如图所示。下列判断不正确的是（不计绳子的质量和体积，水的密度为1g/cm3，g取10N/kg）（　　） A．根据本次实验数据，可得出石头密度最准确的测量值为3.125g/cm3 B．从水中取出石头时，带出了1g的水 C．从水中取出石头时，带出的水不会影响密度的测量值 D．石头沉在水底时，杯底对石头的支持力为0.24 N 3.小华在相同气球内装上不同配重做了两个“小鱼”。“小鱼”甲的质量大于“小鱼”乙的质量。注射器可以通过连接“小鱼”的软管对“小鱼”进行抽气和充气，从而改变“小鱼”的体积。初始时，两“小鱼”在水中处于静止状态，如图所示。忽略空气重力及软管对“小鱼”的作用力。“小鱼”所受浮力分别用F甲、F乙表示。下列说法正确的是（　　） A．对甲充气，甲上浮，再次静止时F甲小于F乙 B．对甲抽气，甲下沉，再次静止时F甲一定小于F乙 C．对乙充气，乙再次静止时所受浮力比初始时的浮力小 D．对乙抽气，乙再次静止时所受浮力可能等于初始时的浮力 4. 如图所示，若一根重心在B点的木棒可绕O点无摩擦转动，在D点施加竖直向上的力缓慢提升重物。已知木棒的长度为1m，将同一重物分别挂在A点、B点、C点时，重物被提升的高度分别为0.1m、0.2m、0.3m，对应的机械效率分别为、、。则（    ） A．ηA<ηB<ηC B．ηA>ηB>ηC C．ηA<ηC<ηB D．ηC<ηA<ηB 5.用柱形水槽、柱形塑料杯（含配重）、质量已知的砝码和水，可制作测量物体质量的装置，使用时，在竖直漂浮的塑料杯中放入待测物体，杯子仍竖直漂浮，根据制作好的标尺便可读出待测物体的质量，制作标尺时，通过在杯中放入砝码进行质量标注（杯子竖直漂浮），如图所示，标注的方式有三种： ①在水槽外壁，用水面高度的变化标注； ②在塑料杯内壁，用杯子浸入水中的深度的变化标注； ③在水槽外壁，用杯底所装指针离槽底的高度的变化标注； 若水槽和塑料杯的底面积分别为和，三种标尺上相同距离的刻线间对应的物体质量变化分别为和，则（　　） A． B． C． D． 6.小明用光敏电阻设计了一种“智能家居照明灯”，其控制电路如图甲所示。其中为光敏电阻，为滑动变阻器，电源电压恒定，电磁继电器线圈电阻不计。该照明灯能实现在天暗时自动点亮，天亮时自动熄灭。闭合开关S后，保持滑片P的位置不变，改变光照强度，记录电流表示数与电压表示数（两端电压）的关系，绘制出如图乙所示的图像。下列关于该电路的分析正确的是（　　） A．光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小 B．为节约用电，该灯需在傍晚光照强度更弱时才亮起，可将滑片适当左移 C．电源电压为10V，滑动变阻器接入电路的阻值为10Ω D．当光照强度最强时，控制电路消耗的总功率为1.2W 7.如图所示，在接线柱ab间接入铜丝，cd间接入熔丝，熔丝电阻大于铜丝。接通电源，闭合开关S，依次闭合各小灯泡支路的开关，最后再闭合电炉丝支路的开关时，会发现熔丝被熔断。下列判断中正确的是（　　） ①通电相同时间熔丝所产生的热量多于铜丝   ②实验中通过熔丝的电流大于铜丝 ③随着支路开关依次闭合，熔丝最终熔断说明电流通过导体产生的热量与电流大小有关 ④断开电炉丝支路开关，用导线连接bc两接线柱时造成短路，熔丝也会烧断 A．只有①② B．只有①③ C．①③④都正确 D．②③④都正确 8.图甲所示的是恒温式热线风速仪的结构示意图，将一根细金属丝置于圆柱形通道内，设定其工作温度为。使用时接通电路，金属丝升温到，风流过通道时，会带走部分热量，风速仪通过改变流过金属丝的电流维持金属丝的温度不变，此时单位时间内金属丝产生的热量与风带走的热量相等，风速仪通过测量金属丝两端的电压、风进入通道时风的温度，从而实现对风速的测量。已知风速越大、金属丝和风的温度差越大，单位时间内风带走的热量越多；当风速一定时，单位时间内风带走的热量与金属丝和风的温度差成正比。金属丝电阻R随温度t变化的关系如图乙所示。假设空气密度始终不变，下列说法正确的是（　　） A．金属丝升温到的过程中阻值不变 B．流入风速仪的风的温度不变时，所测风速增大，金属丝两端的电压增大 C．若风速仪测得的电压越大，流入风速仪的风的温度越高，则风速越大 D．若，风速仪测得温度为0℃与30℃的风速相同，则金属丝两端的电压之比为 9.在烧杯中加入盐水，将铜片和锌片放在盐水中，就是一个自制电池。它可以将化学能转化为______能。如图所示，用电压表测量它两端的电压为______V。 10.如图所示原子结构示意图中，原子核带________电，其质量________（选填“大于”或“小于”）电子的质量。原子整体________（选填“显”或“不显”）电性。 11.律管是古人用来给乐器定音的工具。用十二根长度不同的律管吹出十二个高低不同的标准音，十二根律管吹出的声音______（填声音的特性）不同。其中最长的一根叫黄钟律管，如图。据文献记载，它还曾作为汉代统一度量衡的标准，管长九寸（约20cm），在管腔中装满大小适中的黍，体积为一龠（约10mL），质量为十二铢（约7.8g），，黍的密度约为______g/cm³。 12.煤精，又称煤玉。主要产在有“煤都”美誉的辽宁抚顺。小顺为了解煤精的密度，将一块煤精带到实验室，实验小组采用两种方案测量。 方案一：测量工具用天平和量筒 （1）把天平放在水平桌面上，游码移到标尺____处，调节平衡螺母，使天平横梁平衡； （2）用天平正确测出煤精的质量，所用的砝码及游码的位置如图（a），其质量为____g； （3）煤精放入装有30mL水的量筒中后，液面位置如图（b），则煤精的体积为____cm3，计算出煤精的密度是____kg/m3。 方案二：测量工具只用电子秤 （1）用电子秤测量煤精的质量； （2）将适量的水装入塑料杯并测出杯和水的总质量； （3）按照如图中____所示的方式组装，读出电子秤的示数。煤精的密度____（用、、、表示）。 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！2 64 / 116 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $