课时冲关20 抛体运动-【创新教程】2027年高考物理总复习大一轮课时作业

高考总复习物理 课时冲关20 [基础落实练] 1.射水鱼因独特的捕食方式 而闻名，它能够通过喷射水 柱来捕捉水面上方的果实.若 射水鱼瞄准果实后，以一定的 初速度沿虚线方向吐水的一瞬间果实刚好落 下，并在空中击中果实，不计空气阻力和水面 的折射，下列说法正确的是 A.水在空中的轨迹是一条直线 B.水在空中的加速度大于下落果实的加 速度 C.若其他条件不变，增大初速度，则水一 定可以击中果实 D.若其他条件不变，减小初速度，则水一 定可以击中果实 2.把小石片沿水平方向用力 投出，石片在水面上连续跳 跃前进，这就是“打水漂”， 如图所示.以下图示最有可能表示石片“打 水漂”运动轨迹的是 000M 3.飞盘运动由于本身的新 奇、没有场地限制等特点， 深受大众的喜爱.如图是 某一玩家从离水平地面 1.25m的高处将飞盘水平投出情景，则飞 盘在空中飞行的时间可能是（不能忽略空 气阻力) A.0.1sB.0.3sC.0.5sD.0.8s 4.如图所示，投出去的标枪做曲线运动，忽略 空气阻力，关于标枪在空中的运动说法正 确的是 ( ·36 抛体运动 A.标枪升到最高点时速度为零 B.标枪的加速度是变化的 C.标枪在相同时间内速度变化量相同 D.标枪的运动是变加速曲线运动 5.(多选)如图所示，某同号 学将两颗鸟食从O点 ---Mo 同时水平抛出，两只小 鸟分别在空中的M点 和N点接到鸟食，M、N两点在同一竖直 线上.鸟食的运动视为平抛运动，则( A.在M点的鸟先接到鸟食 B.在N点的鸟先接到鸟食 C.在M点被接到的鸟食平抛的初速度 较大 D.在N点被接到的鸟食平抛的初速度 较大 6.一住宅阳台失火，消防员用靠在一起的两 支水枪喷水灭火，如图所示甲水柱射向水 平阳台近处着火点A,乙水柱射向水平阳台 远处着火点B,两水柱最高点在同一水平线 上，不计空气阻力，甲、乙水柱喷出时的速度 大小分别为、，甲、乙水柱在空中运动的 时间分别为t2.以下判断正确的是() 乙 B A失火处 消防车 7n9aRw77w7w7w7w7www7w7w7w7w7wm A.01>w2,t1=t2 B.v1<2,t1=t2 C.U1>w2,t1<t2 D.v<v2,<t2 7.某同学在练习踢足 球，一次练习时足球 从球门正前方的草地 上被踢出，恰好击中 球门横梁的中点.已 知踢球点与横梁中点的距离为11.25m, 足球击中横梁时的速度方向恰好与踢出时 的速度方向垂直.不考虑空气阻力，重力加速 度g=10m/s2.则足球从踢出到击中横梁 的时间为 () A.1.5sB.1.6sC.1.7sD.1.8s [能力综合练] 8.图为某景区的艺术喷泉，两次喷出水的轨 迹A、B如图所示，它们最大高度相同，通 过轨迹最高点速度之比为1：2，不计空气 阻力，对轨迹A、B说法正确的是() A.水滴初速度大小相等 B.水滴初速度大小之比1：2 C.水滴在空中运动的时间不同 D.轨迹A的落地点M恰好在轨迹B最高 点的正下方 9.从高5m倾角30°的斜面 底端抛出一个小球，恰能 沿与斜面垂直方向击中斜 面顶端，如图所示.g取 630 10m/s2,则小球的飞行时间为 A.2 s B.2.5 s C.3 s D.23s 10.如图所示，一束平行光垂 直斜面照射，小球从斜面 上的点O以初速度v。沿 分 水平方向抛出，落在斜面上的P点，不计 空气阻力，下列说法中正确的是( A.小球在空中飞行时间与。无关 B.小球速度最大时距离斜面最远 C.小球在斜面上的投影匀速移动 D.小球在斜面上的投影加速移动 11.如图所示，挡板M与倾角0Q =45°的固定斜面垂直，若 从斜面上A点将可视为质 点的小球以大小为，的速度水平抛出， 小球恰好落在挡板与斜面的交点处；若以 大小为2的速度水平抛出，小球恰垂直 撞在挡板上，则的值为 ( A. B c D.6 ·367 第四章抛体运动 圆周运动 [素养培优练] [答题栏] 12.如图所示，小球从 1 平台上抛出，正好 落在临近平台的一 3 倾角为α=53°的光 滑斜面上，且速度方向恰好沿斜面，并沿4 光滑斜面下滑，已知斜面顶端与平台的高5 度差h=0.8m,重力加速度g取10m/s2,.6.- sin53°=0.8，c0s53°=0.6，求 7- (1)小球经多长时间到达斜面顶端？ 8- (2)小球水平抛出的初速度。是多少？ 9- (3)若斜面顶端高H=20.8m,则小球离 开平台后经多长时间到达斜面底端」 10- 11-7.BC[小船的速度为沿船头指向和顺水流方向的两个分 运动的分速度的矢量和，而两个分速度垂直，故当顺水 流方向的分速度最大时，合速度最大，合速度的方向随顺 水流方向的分速度的变化而变化，故小船到达河中心时速 度最大，且运动轨迹为曲线，故A错误，C正确；小船到达距 离河岸号处时，水的选度为-受·号=，则备的选 3v 3 度为v=√6十*=√20，故B项正确；小船到达距离河 岸号处时，其距离较近的汀岸的距离为号，水的速度为 3 0水1= 3四，=。，则船的速度为=√属十=E%, d 3 故D项错误.] 8.ABD「当Q运动到离B、C距离相等的位置时，由几何 关系有∠QBC=∠QCB=90°-60°=30°，设CQ与杆竖 直方向的夹角为0，有8=∠QBC十∠QCB=60°，根据沿 绳方向速度相等可得心os日=仰，解得=之v, 故A项正确；由上述分析可知，P和Q之间的关系有 vcos日=℃p,当Q运动过程中，其CQ与竖直杆之间的夹 角在增加，所以P的速度在减小，即对P来说其加速度 有向上的加速度，即P处于超重状态，当Q处于C时，其 角度=90°，即此时P的速度为零，故B、D正确.Q从D 到与C等高的C过程中，由上述分析ucos日=可知，P 的加速度发生变化，则绳拉力变化，故C项错误.门 9.BC[因U,>u1,发射弹丸相当于小船渡河模型，则发射 速度斜向上游，合位移沿着AO方向，则最短位移为d, 故A错误；要命中固定靶且弹丸在空中飞行时间最短， 则在A点之前发射，速度沿AO方向，最短时间为t= L,坦克发射处离固定靶的距离为 s√+(） dW于远，故B.C正确；由于> U,若坦克车到达距离固定靶最近时再发射，应调整炮口 至左上方，可能射中目标，故D错误.门 10.解析：(1)物体运动过程中的坐标与时间的关系为x= 0.2tm,y=3.0tm 将t=10s代入得x=20m,y=30m 故t=10s时刻物体的位置坐标为(20m,30m). (2)根据y=3.0tm=,t, 可知物体在y方向做匀速直线运动，且 y=3.0m/s, 根据x=0.2rm=2a,1, 可知物体在x方向做初速度为零的匀加速直线运动， 可得a.=0.4m/s2, 故物体加速度的大小为0.4m/s,t=10s时刻物体在 x方向的速度为 v,=a,t=4m/s,t=10s时刻物体的速度大小为v= √/0+u=5m/s. (3)设t=10s时刻物体的速度与水平方向的夹角为a, 则sina==0.6, 解得a=37。、 因为摩擦力方向总与物体相对运动的方向相反，故滑 动摩擦力方向与x轴的负方向成37°，外力与摩擦力的 合力使物体加速，物体所受的滑动摩擦力大小为∫= umg=1 N, 应用正交分解法根据牛顿第二定律，得 F,-fsin37°=0， F.-fcos37°=mar, 解得F,=1.6N,F,=0.6N,t=10s时刻水平外力的 大小F=√/F十F=√2.92N. 答案：(1)(20m,30m)(2)5m/s,0.4m/s (3)√/2.92N ·5 参考答案 课时冲关20抛体运动 1.C2.D3.D4.C 5.AC[乌食做平地运动，根据h=gt,可知在M点的 鸟先接到鸟食，故A正确，B错误在水平方向上，有x 6t,因为在M点的鸟先接到鸟食，所以在M点被接到的 鸟食平尬的初速度较大，故C正确，D错误.门 6.B[根据题意可知，甲、乙两水柱最高点在同一水平线 上，则甲、乙水柱在空中运动的时间相等，即t=,甲、 己水柱竖直方向的初速度相等，由图可知，乙的水平位 移大，则乙水平方向的初速度大，有2>U1,故B正确.] 7.A[设足球的初速度与竖直方向的夹角为日，足球从踢 出到击中横梁的时间为，该过程中，沿初速度方向的位移 大小为x=2g0s0·,垂直初速度方向的位移大小为y= 2gin0·f,又√2十y=11.25m,联立解得t=1.5s] 8.D[水滴在空中斜上抛运动，其后半部分做平抛运动， 根据h=2gt,最大高度相同，竖直位移相同，后半部分 的时间相同，全程的时间相同，A、B最高点的速度水平 方向，因此水平方向速度之比为1：2，又因为竖直方向 初速度相同，因此他们初速度不等，初速度比不等于 1:2,故A、B、C错误；后半部分做平樾运动，在最高点的 速度是A的2倍，所以B的水平射程是A的2倍，轨迹A 的落地，点M恰好在轨迹B最高，点的正下方，故D正确.」 9.A[沿斜面方向，小球分运动为静止开始的匀加速直线 运动，加速度为a=gsin30°=5m/s',位移r=sin30m 5 =10m,由逆向思维结合运功学公式x=之ad,解得飞 行时间t=2s.门 1 10.D「由tang=2 t,得t 2utan,可知小球只要落 在斜面上，在空中运动的时间与初速度有关，故A错 误；当小球的速度方向与斜面平行时，距离斜面最远， 此时速度不是最大，故B错误；将速度分解成平行与垂 直斜面方向，平行斜面方向运动是匀加速直线运动，而 垂直斜面方向先匀减速直线运动，后匀加速直线运动， 可知小球在斜面上的投影加速移动，故C错误，D 正确.门 11.C[初速度为时04=2g,解得=乞贴①，初 速度为y2时tan45°=延 2 解得2=gt,②，在沿斜面方向上位移相等 (yc0s45°)t1十 7gcos45)G=(cos45)t岁 (gc0s45°)6③，由①@®联立，解得2-5.] 1 41 12.解析：(1)(2)小球从平台抛出后，水平方向做匀速直线 运动，竖直方向做自由落体运动，则 h=2g,u,=g, 根据已知条件结合速度的合成与分解得 tan53°=， 代入数值解得=3m/s,t1=0.4s; (3)小球在光滑斜面上根据牛顿第二定律 ng sin53°=a,得a=gsin53°， 小球在斜面上的运动过程中满足 H 1 sin53=4与+2at, 故小球离开平台后到达斜面底端的时间为=t1十t2, 解得t=2.4s. 答案：(1)0.4s(2)3m/s(3)2.4s 课时冲关21圆周运动 1.C2.D3.B4.BC