精品解析：黑龙江省齐齐哈尔市衡齐高级中学2024-2025学年高一上学期12月期中物理试题

衡齐高中2024-2025学年高一年级 第二次质量检测（期中考试） 物理 考试时间：1.5小时 试卷总分：100分 一、单选题（每题4分，28分） 1. 物块在静止的传送带上匀速下滑时，传送带突然转动，传送带转动的方向如图中箭头所示，则传送带转动后（　　） A. 受到的摩擦力方向发生改变 B. 仍匀速下滑 C. 受到的摩擦力变小 D. 将先减速下滑，后又加速上滑 【答案】B 【解析】 【详解】传送带突然转动前物块匀速下滑，对物块进行受力分析：物块受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力，且满足 传送带突然转动后，对物块进行受力分析，物块受重力、支持力，由于上面的传送带斜向上运动，而物块斜向下运动，所以物块所受到的摩擦力大小仍为，方向仍然沿传送带向上，且满足 所以物块仍匀速下滑。 故选B。 2. 交通部门常用测速仪检测车速。测速原理是测速仪前后两次发出并接受到被测车反射回的超声波信号，再根据两次信号的时间差，测出车速，如图甲。某次测速中，测速仪发出与接收超声波的情况如图乙所示，x表示超声波与测速仪之间的距离。则该被测汽车速度是（假设超声波的速度为340米/秒，且保持不变）（　　） A. 28.33米/秒 B. 13.60米/秒 C. 14.78米/秒 D. 14.17米/秒 【答案】D 【解析】 【详解】由题图可知：超声波第一次从测试仪发出到与汽车相遇的地点，经过的时间为 由可得，超声波通过的距离为 超声波第二次从测试仪发出到与汽车相遇的地点，经过的时间为 超声波通过的距离为 故汽车行驶的距离为 由题图可知测试仪发出的超声波两次间隔时间为1s，则超声波第一次从测试仪发出到与汽车相遇的地点，经过的时间为0.16s；超声波第二次发出的时间为1s末，超声波第二次与汽车相遇的时刻应该是：1s+0.12s=1.12s，故汽车行驶的时间为 所以汽车行驶的速度为 故选D。 3. 如图所示，自御货车停在水平地面上，利用自身携带的液压千斤顶缓慢改变车厢底面与水平面夹角α，实现货物自动离开货厢。在货物相对车厢底面运动前，随着夹角α的缓慢增大，下列说法正确的是（　　） A. 货物与车厢间的摩擦力逐渐减小 B. 货物与车厢间的弹力逐渐增大 C. 货物所受的合力逐渐减小 D. 车厢对货物的最大静摩擦力逐渐减小 【答案】D 【解析】 【详解】AB．根据题意可得 随着α角的增大货物与车厢间的摩擦力增大，货物与车厢间的弹力减小，故AB错误； C．货物所受的合力始终为零，故C错误； D．车厢对货物的最大静摩擦力为 由于货物与车厢间的弹力减小，所以车厢对货物的最大静摩擦力逐渐减小，故D正确。 故选D。 4. 如图甲所示的水平传送带逆时针匀速转动，一物块沿曲面从一定高度处由静止开始下滑，以某一初速度从传送带左端滑上，在传送带上由速度传感器记录下物块速度随时间的变化关系如图乙所示（图中取向左为正方向，以物块刚滑上传送带时为计时起点）。已知传送带的速度保持不变，重力加速度取。关于物块与传送带间的动摩擦因数及物块在传送带上运动第一次回到传送带左端的时间，下列计算结果正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】AB．由题图乙可得，物块做匀变速运动的加速度大小为 由牛顿第二定律得 则可得物块与传送带间的动摩擦因数 故AB错误； CD．在图像中，图线与轴所围面积表示物块的位移，则物块经减速、反向加速到与传送带相对静止，最后匀速运动回到传送带左端时，物块的位移为0，由题图乙可得物块在传送带上运动的总时间为，故C正确，D错误； 故选C。 5. 下列说法错误的是（　　） A. 图甲中动车车厢屏幕上所标的速度“126km/h”，经单位换算后为35m/s B. 图乙中的C点是某套铁质工件的重心，由此推出形状规则的物体重心均在其几何中心 C. 图丙说明伽利略关于自由落体运动的结论是通过实验加合理外推得到的 D. 图丁是在借助激光笔及平面镜观察桌面的形变，该实验运用了微小放大的思想 【答案】B 【解析】 【详解】A．图甲中动车车厢屏幕上所标的速度“126km/h”，经单位换算后为 故A正确，不符合题意； B．图乙中的C点是某套铁质工件的重心，由此推出形状规则、质量分布均匀的物体重心均在其几何中心，故B错误，符合题意； C．图丙说明伽利略关于自由落体运动的结论是通过实验加合理外推得到的，故C正确，不符合题意； D．图丁是在借助激光笔及平面镜观察桌面的形变，该实验运用了微小放大的思想，故D正确，不符合题意。 故选B。 6. 某质点做直线运动，运动速率的倒数与位移x的关系如图所示（OA与距离相等），关于质点的运动，下列说法正确的是（　　） A. 质点做匀变速直线运动 B. 图线斜率等于质点运动的加速度 C. 质点从C运动到所用的运动时间是从O运动到C所用时间的3倍 D. 质点从C运动到的运动位移是从O运动到C的运动位移的3倍 【答案】C 【解析】 【详解】A．由题中图像可知，与坐标轴围成的面积表示时间，经过相同的位移时间增长，但不是匀变速运动，故A错误； B．图线斜率 根据单位可知斜率不等于质点运动的加速度，故B错误； C．与坐标轴围成的面积表示时间，OA与AA′距离相等，根据几何关系可知 S△OB′C′=4S△OBC 所以质点从C运动到C′所用的运动时间是从O运动到C所用时间的3倍，故C正确； D．由图像可知，质点从C运动到C′的运动位移和从O运动到C的运动位移相等，故D错误。 故选C。 7. 如图甲所示是一种速度传感器的工作原理图，在这个系统中B为一个能发射超声波的固定小盒子，工作时小盒子B向匀速直线运动的被测物体发出短暂的超声波脉冲，超声波速度为，脉冲被运动的物体反射后又被小盒子B接收，从小盒子B发射超声波开始计时，经时间再次发射超声波脉冲，图乙是连续两次发射的超声波的位移—时间图像。则下列说法正确的是（ ） A. 脉冲第一次被运动的物体反射时，物体距离B的距离 B. 脉冲第二次被运动的物体反射时，物体距离B的距离 C. 物体的平均速度为 D. 从开始计时到第二次被B接收过程，物体通过的位移大小 【答案】C 【解析】 【详解】A．由乙图可知，脉冲第一次被运动的物体反射时，物体距离B的距离为 故A错误； B．脉冲第二次被运动的物体反射时，物体距离B的距离 故B错误； C．由图乙可知物体通过的位移为时，所用时间为 物体的平均速度为 故C正确； D．由于物体做匀速运动，则从开始计时到第二次被B接收过程，物体通过的位移大小为 故D错误。 故选C。 二、多选题（每题6分，18分） 8. 如图甲所示，轻杆水平插入竖直墙内，轻绳跨过水平轻杆右端的轻滑轮悬挂一个质量为2kg的物体．如图乙所示，水平轻杆一端用铰链固定在竖直墙上，另一端通过轻绳拉住，且端用轻绳悬挂一个质量也为2kg的物体．已知与水平方向的夹角均为，重力加速度取，不计一切摩擦．下列说法正确的是（ ） A. 绳的拉力大小为 B. 绳的拉力大小为40N C. 滑轮对绳子的弹力大小为20N D. 将端的铰链去掉，杆随意插入墙内，绳的拉力大小一定不变 【答案】BC 【解析】 【详解】AC．取点为研究对象，受力分析如图甲所示，根据几何关系有 且二者夹角为，故可得轻杆对端的弹力大小为 滑轮对绳子的弹力大小为20N，A错误、C正确； B．取点为研究对象，受力分析如图乙所示，竖直方向有 解得绳对端的拉力大小 B正确； D．将端的铰链去掉，杆插入墙内，杆的弹力方向不一定沿着杆，则绳的拉力大小可能发生改变，D错误。 故选BC。 9. 一物体自某高度静止释放，忽略空气阻力，落地之前瞬间的速度为v。在运动过程中，下列说法正确的是（　　） A. 物体在前一半时间和后一半时间发生的位移之比为1∶3 B. 物体通过前一半位移和后一半位移所用时间之比为 C. 物体在位移中点的速度等于 D. 物体在中间时刻的速度等于 【答案】ACD 【解析】 【详解】A．从静止开始的匀加速直线运动中，连续相等的时间间隔内，位移之比为1:3:5…，因此物体在前一半时间和后一半时间发生的位移之比为1:3，A正确； B．从静止开始的匀加速直线运动中，连续相等的位移所用的时间之比为，因此物体通过前一半位移和后一半位移所用时间之比为，B错误； C．利用 可知物体在位移中点的速度 C正确； D．根据匀变速直线运动平均速度的推论可知 D正确。 故选ACD。 10. 如图所示，作用于O点的三个力平衡，其中一个力大小为F1，沿-y方向．大小未知的力F2与+x方向夹角为θ，则下列说法正确的是（　　） A. 力F3不可能在第三象限 B. 力F3可能在第二象限的任意方向上 C. 力F3与F2夹角越小，则F3与F2的合力越小 D. F3的最小值 【答案】BD 【解析】 【详解】AB．三个力平衡时合力为零，由平衡条件知：其中任意两个力的合力与第三力大小相等、方向相反，做出F2、F1的合力，必定与F3大小相等、方向相反，根据几何知识分析的方向范围和最小值，根据平行四边形定则，做出，如图所示 与等大反向，可以在第四象限任意范围内，以及第一象限一定范围内，故可以在第二象限任意方向，第三象限一定范围内，A错误B正确； C．F3与F2的合力大小等于F1的大小，恒定不变，C错误； D．从图中可知当与垂直时，最小，根据三角函数可得 D正确。 故选BD。 三、实验题 11. 某同学在探究“弹簧弹力和形变量的关系”时，安装好实验装置，将弹簧静置在水平桌面上，测得弹簧原长为。然后将弹簧竖直悬挂在铁架台上，让上端与刻度尺零刻度平齐，在弹簧下端挂1个钩码，静止时弹簧长度为，如图甲，图乙是此时固定在弹簧挂钩上的指针在刻度尺（最小分度是1毫米）上位置的放大图，示数________。在弹簧下端分别挂2个、3个、4个、5个相同钩码，静止时弹簧长度分别是、、、。依次用这些长度减弹簧原长得到弹簧伸长量，作出曲线（图丙），得到弹力与弹簧伸长量的关系。图线不过原点的原因是________。该同学利用图丙求弹簧的劲度系数为________（结果保留两位有效数字）。 【答案】 ①. 25.85 ②. 弹簧自身存在重力 ③. 2.0 【解析】 【详解】[1]根据题意，由图乙可知，静止时弹簧长度为。 [2]由于弹簧有自重，竖直悬挂时即使不挂钩码，相比于水平状态测得的原长有了一定的伸长量。 [3]根据胡克定律，由图丙可知，弹簧的劲度系数为 12. 该同学又利用此弹簧测量滑块与木板间的动摩擦因数。实验步骤如下： ①不挂物体时，测量弹簧自然悬垂时的长度； ②如图（a）所示，挂上滑块，弹簧稳定后，测量弹簧的长度； ③如图（b）所示，弹簧一端固定，另一端连接滑块，滑块放在水平木板上，向右拉动木板，稳定后，测量弹簧的长度。 （1）为了测出滑块与木板间的动摩擦因数，下列说法正确的是 。（填字母序号） A. 还需知道弹簧的劲度系数 B. 还需知道当地的重力加速度 C. 第③步需要保持弹簧水平 D. 第③步需要匀速拉动木板 （2）滑块与木板间动摩擦因数的计算式为________。（用测量量字母表示） 【答案】（1）C （2） 【解析】 【小问1详解】 A．在步骤②中，滑块静止时弹簧弹力等于滑块重力，有 步骤③中，滑块稳定时弹簧弹力等于滑动摩擦力，有 联立两式消去和可得 无需知道劲度系数，A错误； B．由上述推导可知，在计算中被消去，无需知道重力加速度，B错误； C．第③步中，若弹簧不水平，弹簧拉力会产生竖直方向分力，导致滑块对木板的正压力不等于重力，滑动摩擦力表达式不成立，因此需保持弹簧水平，C正确； D．拉动木板时，只要木板相对滑块运动，滑块所受滑动摩擦力大小即为，与木板是否匀速无关，稳定后滑块静止，弹簧拉力与摩擦力平衡，无需匀速拉动木板，D错误； 故选C。 【小问2详解】 步骤②中，滑块静止，弹簧弹力等于重力 步骤③中，滑块稳定时，弹簧弹力等于滑动摩擦力 联立两式消去和，解得 13. 某同学在“用打点计时器测速度”的实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出A、B、C、D、E、F、G、共7个计数点。相邻两计数点之间的距离如图所示，每相邻的两个计数点之间的时间间隔为0.10 s。 （1）关于打点计时器的使用说法正确的是___________。 A. 电磁打点计时器使用的是10 V以下的直流电源 B. 在测量物体速度时，先让物体运动，后接通打点计时器的电源 C. 使用的电源频率越高，打点的时间间隔就越小 D. 纸带上打的点越密，说明物体运动的越快 （2）若认为某段时间内的平均速度等于这段时间中间时刻的瞬时速度，则打计数点C、E时小车对应的速度分别为vC = ___________m/s，vE = ___________m/s，据此可以求出小车从打计数点C到打计数点E这段时间内的平均加速度a = ___________m/s2。（结果保留三位小数） 【答案】（1）C （2） ①. 0.479 ②. 0.640 ③. 0.805 【解析】 【小问1详解】 A．电磁打点计时器使用的是6 V以下的交流电源。故A错误； B．实验过程应先接通电源，后释放纸带，否则在纸带上留下的点很少，不利于数据的处理和减小误差。故B错误； C．打点的时间间隔取决于交流电压的频率，电源频率越高，打点的时间间隔就越小。故C正确； D．纸带上打的点越密，说明相等的时间间隔位移越小，即物体运动的越慢。故D错误。 故选C。 【小问2详解】 [1][2]打计数点C、E时小车对应的速度分别为 ， [3]据此可以求出小车从打计数点C到打计数点E这段时间内的平均加速度 四、解答题 14. 体育器材室里，篮球摆放在图示的水平球架上。已知球架的宽度为d，每只篮球的质量为m、直径为D，不计球与球架之间的摩擦，重力加速度为g。求：每只篮球对一侧球架的压力大小为（用d ，D ，mg间的关系表示，最后写成F压=......的形式）。 【答案】 【解析】 【详解】以任意一只篮球为研究对象，分析受力情况，设球架对篮球的支持力N与竖直方向的夹角为α 由几何知识得 则 根据平衡条件得 解得 根据牛顿第三定律得篮球对一侧球架的压力大小为 15. 如图所示，倾角为30°的斜面放在水平地面上，其上放着质量m=4.5kg的木箱，用 大小F=N、方向与斜面夹角为30°的拉力斜向上拉着木箱，木箱与斜面均恰好能静止。已知斜面的质量M=5.5kg，取重力加速度大小g=10m/s²，各接触面间的最大静摩擦力均等于滑动摩擦力，求： （1）木箱与斜面间的动摩擦因数μ1； （2）斜面与地面间的动摩擦因数μ2。 【答案】（1）；（2） 【解析】 【详解】（1）对木箱受力分析可知 解得 （2）对木箱和斜面的整体分析可知 解得 16. 如图所示，A、B两木块质量分别均为m和2m，重力加速度为g，1、2两轻弹簧的劲度系数均为k，弹簧与木块、弹簧与地面均拴接在一起，整个系统静止。求： （1）此时弹簧1、2各自的形变量大小； （2）若用力向上缓慢提A木块直到2弹簧的弹力大小变为原来的，在这一过程中A木块移动的距离。 【答案】（1），；（2）或 【解析】 【详解】（1）以A为对象，根据受力平衡可得 可得弹簧1的形变量为 以A、B为整体，根据受力平衡可得 可得弹簧2的形变量为 （2）若用力向上缓慢提A木块直到2弹簧的弹力大小变为原来的，则有 若此时弹簧2处于压缩状态，以B为对象，根据受力平衡可得 解得 此时弹簧1处于伸长状态，则在这一过程中A木块移动的距离为 若此时弹簧2处于伸长状态，以B为对象，根据受力平衡可得 解得 此时弹簧1处于伸长状态，则在这一过程中A木块移动的距离为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 衡齐高中2024-2025学年高一年级 第二次质量检测（期中考试） 物理 考试时间：1.5小时 试卷总分：100分 一、单选题（每题4分，28分） 1. 物块在静止的传送带上匀速下滑时，传送带突然转动，传送带转动的方向如图中箭头所示，则传送带转动后（　　） A. 受到的摩擦力方向发生改变 B. 仍匀速下滑 C. 受到的摩擦力变小 D. 将先减速下滑，后又加速上滑 2. 交通部门常用测速仪检测车速。测速原理是测速仪前后两次发出并接受到被测车反射回的超声波信号，再根据两次信号的时间差，测出车速，如图甲。某次测速中，测速仪发出与接收超声波的情况如图乙所示，x表示超声波与测速仪之间的距离。则该被测汽车速度是（假设超声波的速度为340米/秒，且保持不变）（　　） A. 28.33米/秒 B. 13.60米/秒 C. 14.78米/秒 D. 14.17米/秒 3. 如图所示，自御货车停在水平地面上，利用自身携带的液压千斤顶缓慢改变车厢底面与水平面夹角α，实现货物自动离开货厢。在货物相对车厢底面运动前，随着夹角α的缓慢增大，下列说法正确的是（　　） A. 货物与车厢间的摩擦力逐渐减小 B. 货物与车厢间的弹力逐渐增大 C. 货物所受的合力逐渐减小 D. 车厢对货物的最大静摩擦力逐渐减小 4. 如图甲所示的水平传送带逆时针匀速转动，一物块沿曲面从一定高度处由静止开始下滑，以某一初速度从传送带左端滑上，在传送带上由速度传感器记录下物块速度随时间的变化关系如图乙所示（图中取向左为正方向，以物块刚滑上传送带时为计时起点）。已知传送带的速度保持不变，重力加速度取。关于物块与传送带间的动摩擦因数及物块在传送带上运动第一次回到传送带左端的时间，下列计算结果正确的是（　　） A. B. C. D. 5. 下列说法错误的是（　　） A. 图甲中动车车厢屏幕上所标的速度“126km/h”，经单位换算后为35m/s B. 图乙中的C点是某套铁质工件的重心，由此推出形状规则的物体重心均在其几何中心 C. 图丙说明伽利略关于自由落体运动的结论是通过实验加合理外推得到的 D. 图丁是在借助激光笔及平面镜观察桌面的形变，该实验运用了微小放大的思想 6. 某质点做直线运动，运动速率的倒数与位移x的关系如图所示（OA与距离相等），关于质点的运动，下列说法正确的是（　　） A. 质点做匀变速直线运动 B. 图线斜率等于质点运动的加速度 C. 质点从C运动到所用的运动时间是从O运动到C所用时间的3倍 D. 质点从C运动到的运动位移是从O运动到C的运动位移的3倍 7. 如图甲所示是一种速度传感器的工作原理图，在这个系统中B为一个能发射超声波的固定小盒子，工作时小盒子B向匀速直线运动的被测物体发出短暂的超声波脉冲，超声波速度为，脉冲被运动的物体反射后又被小盒子B接收，从小盒子B发射超声波开始计时，经时间再次发射超声波脉冲，图乙是连续两次发射的超声波的位移—时间图像。则下列说法正确的是（ ） A. 脉冲第一次被运动的物体反射时，物体距离B的距离 B. 脉冲第二次被运动的物体反射时，物体距离B的距离 C. 物体的平均速度为 D. 从开始计时到第二次被B接收过程，物体通过的位移大小 二、多选题（每题6分，18分） 8. 如图甲所示，轻杆水平插入竖直墙内，轻绳跨过水平轻杆右端的轻滑轮悬挂一个质量为2kg的物体．如图乙所示，水平轻杆一端用铰链固定在竖直墙上，另一端通过轻绳拉住，且端用轻绳悬挂一个质量也为2kg的物体．已知与水平方向的夹角均为，重力加速度取，不计一切摩擦．下列说法正确的是（ ） A. 绳的拉力大小为 B. 绳的拉力大小为40N C. 滑轮对绳子的弹力大小为20N D. 将端的铰链去掉，杆随意插入墙内，绳的拉力大小一定不变 9. 一物体自某高度静止释放，忽略空气阻力，落地之前瞬间的速度为v。在运动过程中，下列说法正确的是（　　） A. 物体在前一半时间和后一半时间发生的位移之比为1∶3 B. 物体通过前一半位移和后一半位移所用时间之比为 C. 物体在位移中点的速度等于 D. 物体在中间时刻的速度等于 10. 如图所示，作用于O点的三个力平衡，其中一个力大小为F1，沿-y方向．大小未知的力F2与+x方向夹角为θ，则下列说法正确的是（　　） A. 力F3不可能在第三象限 B. 力F3可能在第二象限的任意方向上 C. 力F3与F2夹角越小，则F3与F2的合力越小 D. F3的最小值 三、实验题 11. 某同学在探究“弹簧弹力和形变量的关系”时，安装好实验装置，将弹簧静置在水平桌面上，测得弹簧原长为。然后将弹簧竖直悬挂在铁架台上，让上端与刻度尺零刻度平齐，在弹簧下端挂1个钩码，静止时弹簧长度为，如图甲，图乙是此时固定在弹簧挂钩上的指针在刻度尺（最小分度是1毫米）上位置的放大图，示数________。在弹簧下端分别挂2个、3个、4个、5个相同钩码，静止时弹簧长度分别是、、、。依次用这些长度减弹簧原长得到弹簧伸长量，作出曲线（图丙），得到弹力与弹簧伸长量的关系。图线不过原点的原因是________。该同学利用图丙求弹簧的劲度系数为________（结果保留两位有效数字）。 12. 该同学又利用此弹簧测量滑块与木板间的动摩擦因数。实验步骤如下： ①不挂物体时，测量弹簧自然悬垂时的长度； ②如图（a）所示，挂上滑块，弹簧稳定后，测量弹簧的长度； ③如图（b）所示，弹簧一端固定，另一端连接滑块，滑块放在水平木板上，向右拉动木板，稳定后，测量弹簧的长度。 （1）为了测出滑块与木板间的动摩擦因数，下列说法正确的是 。（填字母序号） A. 还需知道弹簧的劲度系数 B. 还需知道当地的重力加速度 C. 第③步需要保持弹簧水平 D. 第③步需要匀速拉动木板 （2）滑块与木板间动摩擦因数的计算式为________。（用测量量字母表示） 13. 某同学在“用打点计时器测速度”的实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出A、B、C、D、E、F、G、共7个计数点。相邻两计数点之间的距离如图所示，每相邻的两个计数点之间的时间间隔为0.10 s。 （1）关于打点计时器的使用说法正确的是___________。 A. 电磁打点计时器使用的是10 V以下的直流电源 B. 在测量物体速度时，先让物体运动，后接通打点计时器的电源 C. 使用的电源频率越高，打点的时间间隔就越小 D. 纸带上打的点越密，说明物体运动的越快 （2）若认为某段时间内的平均速度等于这段时间中间时刻的瞬时速度，则打计数点C、E时小车对应的速度分别为vC = ___________m/s，vE = ___________m/s，据此可以求出小车从打计数点C到打计数点E这段时间内的平均加速度a = ___________m/s2。（结果保留三位小数） 四、解答题 14. 体育器材室里，篮球摆放在图示的水平球架上。已知球架的宽度为d，每只篮球的质量为m、直径为D，不计球与球架之间的摩擦，重力加速度为g。求：每只篮球对一侧球架的压力大小为（用d ，D ，mg间的关系表示，最后写成F压=......的形式）。 15. 如图所示，倾角为30°的斜面放在水平地面上，其上放着质量m=4.5kg的木箱，用 大小F=N、方向与斜面夹角为30°的拉力斜向上拉着木箱，木箱与斜面均恰好能静止。已知斜面的质量M=5.5kg，取重力加速度大小g=10m/s²，各接触面间的最大静摩擦力均等于滑动摩擦力，求： （1）木箱与斜面间的动摩擦因数μ1； （2）斜面与地面间的动摩擦因数μ2。 16. 如图所示，A、B两木块质量分别均为m和2m，重力加速度为g，1、2两轻弹簧的劲度系数均为k，弹簧与木块、弹簧与地面均拴接在一起，整个系统静止。求： （1）此时弹簧1、2各自的形变量大小； （2）若用力向上缓慢提A木块直到2弹簧的弹力大小变为原来的，在这一过程中A木块移动的距离。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $