冲顶实战演练（五）-【真题密卷】2025年高考物理考前冲顶实战演练（冀赣桂晋豫陕青宁新藏滇川专版）

2024一2025学年度考前冲顶实战演练 卺题 物理（五） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项符合题目要求。 1.我国以高温熔盐为冷却剂的第四代核能系统成功运行。该系统以钍元素为核燃料，运 行过程中燃料中的钍233(3Th)衰变为铀233(2强U),其衰变方程为38Th→2U+2X+ Y,2弱Th的比结合能为E1,2U的比结合能为E2,每个X粒子从衰变总能量中带出的 能量为E3,Y为中性粒子，静止质量为零。下列说法正确的是 () A.Y为中子 B.此衰变为B衰变 C.Y粒子带走的能量为233E2-233E1-2E3 D.该衰变过程中不发生质量亏损 2.如图所示为物体做匀变速直线运动的图像，x为位移，t为运动时间，下列说法正确的是 () ✦m·s) 10 0135 A.初速度为5m/s B.加速度为10m/s2 C.t=3s时刻速度为10m/s D.0~5s时间内发生的位移为200m 3.如图所示，质量为m的钢板b与直立轻弹簧的上端连接，弹簧下端固定在地面上。平衡 时，弹簧的压缩量为xo,物块a的质量为3m,下底板有粘性很强物质，现将a由弹簧原 长位置O点静止释放。已知弹簧振子做简谐运动的周期T2∝M,M为振子的总质量， 重力加速度为g,下列说法正确的是 () 物理试题（五）第1页（共8页） 真题密卷·考肩 =年0■ 3m☐0 班级 m b 姓名 7mmmmmimmmmmm A.a、b相粘后一起向上运动时可到达O点的位置 得分 B.a、b相粘后以O点以下x。处为平衡位置做简谐振动 C,a、b相粘后简谐振动的周期变为原来的2 3 D.a,b撞击过程中系统损失的机械能为4gx0 4.如图甲所示，粗糙的水平轨道AB长为40m,第一次用水平向右、大小为F的外力拉动 静止在A点的物块，物块向右运动到B点时速度v1=5m/s;第二次物块以初速度vo 由A点出发向右运动，同时对其施加水平向左、大小为F的外力，物块恰好到达B点。 以A点为坐标原点，水平向右为正方向，物块与地面间的摩擦力大小随位移变化的fx 图像如图乙所示。已知物块质量m=2kg,g取10m/s2。下列说法正确的是() mg 40 x/m 甲 乙 A.第一次从A到B,力F做功为25J B.力F的大小为1.5N C.物块初速度vo的值为5√5m/s D第一次物块在20m处的加迷度大小为号m/5 5.2024年4月8日至9日，鹊桥二号进入24小时周期的环月大椭圆使命轨道，随即与嫦 娥六号探测器（地面状态）开展对通测试。大椭圆使命轨道的半长轴约为1×104km, 地、月间距离为36×104km,月球绕地球的公转周期为27天。在该使命轨道的焦点上 虚拟一个星球，该星球产生的引力与地球和月球对“鹊桥二号”的引力的合力相同，地球 质量是月球质量的80倍，则虚拟星球质量与月球质量的比为 () 地球 月球 虚拟星球 A.2 B.1.75 C.1.5 D.1.25 奇冲顶实战演练 物理试题（五）第2页（共8页） 1 6.理想变压器与阻值为R的定值电阻、热敏电阻R,和灯泡L组成如图所示电路，其中 R=42,热敏电阻阻值随温度升高呈线性增大，即R,=(100+t)Ω，t的单位是℃，灯 泡的规格为“20V12W”,变压器原、副线圈的匝数比为n1:n2=1:2。若在a、b间 接入交变电流u=24√2sin(100πt)(V),温度为20℃时，灯泡恰正常发光。下列说法正 确的是 () L☒ A.流经R,的电流的频率为25Hz B.灯泡正常发光时副线圈中的电流为0.3A C.副线圈输出的功率为8W D.k的值为202/℃ 7.如图所示，滑块可在水平放置的光滑固定导轨上自由滑动，小球与滑块上的悬点O由一 根不可伸长的轻绳相连，滑块和小球的质量分别为2m、m。开始时，轻绳处于水平拉直 状态，小球和滑块均具有水平向右的初速度，现将小球释放，已知轻绳长乙=3品 ,重 力加速度为g。下列说法正确的是 () 滑块 小球 A.小球在最低位置时，滑块的速度为2v。B.小球在最低位置的速度为√7v。 C.小球摆到最左侧位置时，滑块速度为零D.滑块和小球组成的系统动量守恒 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多 项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.在如图所示的电路中，开关S闭合后，灯泡L能正常发光，将滑动变阻器的滑片缓慢向 左移动到最左端，然后断开开关S。下列说法正确的是 () 1 物理试题（五）第3页（共8页） 真题密卷·考 A.滑片缓慢向左移动，电容器电压变大 B.滑片缓慢向左移动，电容器放电 C.滑片缓慢向左移动，电源的总功率增大 D.断开开关S,灯泡缓慢熄灭 9.如图所示，光滑水平面上有两种竖直方向的有界匀强磁场，磁场的分界线与磁场左右边 界成45°，磁感应强度均为B,质量为m、电阻为R的等腰直角三角形导线框abc以与磁 场边界垂直的速度2vo向右运动，αb边长为L,磁场的宽度为2L,一段时间后导线框 abc完全穿出磁场后的速度为vo,整个过程中ab边始终与磁场边界平行。下列说法正 确的是 () B A.导线框刚进入磁场时的加速度大小为 B2L200 mR B.导线框进入磁场过程和其完全在磁场中右移一个L过程的磁通量改变量的绝对值 不同 C导线框在整个过程中产生的焦耳热为mm D.导线框在进入磁场和穿出磁场的过程中通过导线框的电荷量相等 10.t=0时刻，质量为m、电荷量为十g的粒子以与电场方向成一定角度的初速度从x=0 位置打入匀强电场，初速度、x轴、电场线三者共面，粒子仅在电场力作用下做曲线运 动，x轴方向与电场方向垂直，其电势能EP、动能Ek随x轴方向位移变化的关系如图 所示，都是抛物线，不计重力，下列说法正确的是 ( ) 4E0 ◆E A.该匀强电场的场强为 gL 2E0 E 4E0 B.粒子在电场中的最小速度 E0--- m 64E8 C电场力的最大功率为 √L2 9mL2 D.t= √32E。时刻，粒子的动能与电势能之比为5：3 奇冲顶实战演练 物理试题（五）第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)某实验小组测量一段粗细均匀的金属丝的电阻率，器材如下：金属丝Rz、电源E (电动势为3V、内阻不计)、电流表（量程0~0.6A、内阻为0.42）、电压表（量程0 3V、内阻约为3k2)、滑动变阻器R(最大阻值152)、毫米刻度尺，开关S及导线若干。 实验步骤如下： (1)用毫米刻度尺测出接入电路中金属丝的长度1，再用螺旋测微器测金属丝直径，示 数如图甲所示，金属丝直径的测量值d= mm 活动接线端 (2)实验小组为减小误差，应该将活动接线端接 (填“a”或“b”)点。 (3)实验小组在实验过程中，将电压表的活动接线端分别接在α、b两处，分别改变滑动 变阻器的滑片位置，并记录两组两电表的读数，作出如图丙所示的两个U-I图线 ①、②。实验小组也不知道图线①、②对应的接法，请你选择一个合适的图线 (填“①”或“②”)，测得金属丝的电阻Rz= Ω（结果保留两位有效数字）， 电阻率p的表达式 (用Rx、d、l及必要的常数表达)。 U/N ① 2.50 2.00 1.50 . 0.200.400.600.801.00 丙 12.(8分)某实验小组利用如图甲所示的装置来验证机械能守恒定律。 个F 小球。R 压力传感器 甲 物理试题（五）第5页（共8页） 真题密卷·考肩 实验步骤： ①测量小球的直径d; ②调节四分之一光滑圆弧导轨的末端水平； ③在导轨末端上面安装压力传感器； ④在半径为R的四分之一圆弧导轨上不同高度由静止释放小球，记录释放的高度h; ⑤记录小球经过导轨底部时的压力FN; ⑥根据测得FN、h值，作出FNh图像如图乙所示； 图乙中a、b、c为已知值，重力加速度为g,请回答下列问题。 (1)实验步骤中 (用步骤前面的字母表示)步骤是多余的，缺少一个物理量 (用物理量及对应字母表示)的测量。 (2)每次释放小球前以图中各虚线到导轨末端上表面的高度记录为小球的下落高度， 应该将小球的位置与虚线平齐。 (3)利用图乙中已知量与测量值对比，若小球质量m=,且当R= 即可验证该过程为机械能守恒。 13.(10分)如图所示为左端封闭、右端开口、水平放置的均匀长直导热玻璃管，管内用水银 柱封闭定质址理短气体，玻璃管长为L(L未知)，水银长为行管内气体长度为头。 现将玻璃管缓慢竖起，稳定后，管内气柱长度变为2，外界的温度T,-30K,外界大气 压强po=76cmHg,整个过程不漏气。 (1)求玻璃管的总长L; (2)若缓慢升高环境温度，求管内气柱恢复初始长度时，环境温度T2。 L/4 奇冲顶实战演练 物理试题（五）第6页（共8页） 1 14.(13分)如图甲所示，在xOy平面内，边长为L的正方形OACB区域内存在垂直平面 向内的匀强磁场，磁场内边界是弹性绝缘边界，OA边外部金属板与MN金属板等长 且正对，板间距为d(未知)，两板间电压为U,在正方形OA边中间有小孔D。t=0时 刻，一带电粒子（图中未画出）从MN板的小孔P飘人，恰好从小孔D垂直x轴方向以 速度0打入磁场。该粒子在x、y方向运动的分速度如图乙、丙所示，图形的曲线部分 是正弦曲线，t。(未知)可代表正弦图像的四分之一周期，L、U、v。为已知量，不计粒子 重力。求： (1)粒子的比荷； (2)磁场的磁感应强度； (3)若将两板间电压降为。U,则粒子从P点飘入到粒子返回P点所需的时间。 物理试题（五）第7页（共8页） 真题密卷 15.(17分)如图所示，一倾角0=37°的斜面足够长，顶端有挡板、质量为的滑板与斜面 间的动摩擦因数μ=0.25，质量也为m的滑块与滑板间无摩擦，初始滑块与滑板顶端 挡板距离l=0.02m,同时由静止释放滑块与滑板，滑块与挡板间碰撞为弹性正碰且时 间极短。已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°= 0.8,求： (1)滑块与挡板第1次碰撞后滑块的速度大小； (2)滑块与挡板第n次(n>I)碰撞前滑板、滑块的速度v板m、v块m的表达式； (3)若m=1kg,当滑块与挡板完成第25次碰撞时，滑板与斜面间因摩擦产生的热 量Q。 滑块◇ 滑板 137 考前冲顶实战演练 物理试题（五）第8页（共8页）2024一2025学年度考前冲顶实战演练 物理（五） 准考证号 姓名： 姓名××x 准考证号×××××× )))))))) 考场号： 田卫T中田田①中中田 贴条形码区 )))☑1☑1☑☑ 座位号： BB BBBBBB☒BI 考场号×× 座位号×× ④④田四④四④④④④ 固固团固团固团 正确填涂 填涂范例 ■ a团aaaa囿 ☑☑☑☑☑☑☑I☑☑ 错误填涂 缺考 (填涂说明：缺考考生由监考员用2B 8888888888 应骨D 标记 铅笔填涂准考证号及左边缺考标记) ⑨网⑨⑨⑨可 开考15分钟以后，缺考考生由监考员粘贴条形码，并用2B铅笔填涂上方的缺考标记 选择题 5 A]ICD 三 1四B团C) 9四B田 2四田@四 6B☒MD 10AIB☒C 3四围D 7B☒☒ 4 A B CD 8)B☒☒D) 非选择题 11.（6分) (1) (2) (3) 12.（8分) (1) (2) (3) 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 答题纸物理（五）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 13.(10分) 游 14.（13分) 3 15.(17分) 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 1 答题纸物理（五）第2页（共2页)2024一2025学年度考前冲顶实战演练 物理（五） 准考证号 姓名： 姓名××× 准考证号××××× )0)①)0①【0) 考场号： 中中中①面田团团团团 贴条形码区 22M2I2221 座位号： 3 11 181 131 33 131 1 31 考场号×× 座位号×× ④④④④④④④④④④ IIII5I 正确填涂 填涂范例 6①6666团6 ■ ☑II☑☑☑☑☑☑☑ 错误填涂 缺考 (填涂说明：缺考考生由监考员用2B 8I88I888I888I8 财区母四 标记 铅笔填涂准考证号及左边缺考标记) 99 开考15分钟以后，缺考考生由监考员粘贴条形码，并用2B铅笔填涂上方的缺考标记 选择题 1 A BICI 三 5因田四 9A田 2四田四 6四B团侧D 10因B田 3AIB团CD 7 A]B]CD 4AIBC四 8 A IC D 非选择题 11.(6分) (1) (2) (3) 12.(8分) (1) (2) (3) 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 答题纸物理（五）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 13.(10分) 14.（13分) 15.(17分) 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 1 答题纸物理（五）第2页（共2页)·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2024一2025学年度考前冲顶实战演练 物理（五） 一、单项选择题 1 1.B【解析】中子质量不为零，A错误；根据核反应的质 手ga话+只治ng.D: 量数守恒、核电荷数守恒可得X粒子带一个单位负电 5.D【解析】根据题意设虚拟星球质量为M',地球质量 荷，质量数为零，故此衰变为B衰变，B正确；根据核反 为M,月球质量为m,鹊桥二号质量为m',在环虚拟星 应产生的能量与结合能的关系E总=233E2一233E1, 球系统中，取a=r(r为圆周环绕的轨道半径)，根据开 这些能量由2U粒子、X粒子、Y粒子分别带走，故Y 粒子带走的能量小于233E2-233E1一2E3,C错误；该 音勒第三定律，有 T-T,T'=T。=24h,根据万有 衰变过程中存在质量亏损，D错误。 引力提供环绕的向心力，有SMm=m r2 2r,月球绕地 1 2.B【解析】根据匀变速位移公式x=t+2at,变形 球旋转GMm、4r2 1 10 月=mT1%月，T为月球公转周期，联立可 r品月 得正=0十2a1,结合题图像可知=2a一3，解得 解得M≈M 4,又M=80m,可得M'≈1.25m,D正确。 a=10m/s,B正确；当2=0时，t=1,代入解得 6.C【解析】根据接入交变电流u=24√2sin100πt(V), 一5m/s,A错误；由题图像可知在t=3s时之前运动 可知交流电的频率f=100r 2π Hz=50Hz,交流电的有 过程平均速度为10m/s,不是瞬时速度，C错误；由题 图像可得在t=5s时之前过程的平均速度v5=20m/s, 效值为24V,变压器不改变交流电的频率，A错误；灯泡 故0~5s时间内发生的位移x=5t=20m/s×5s= 正常发光说明变压器原线圈端的电压有效值为20V,则 100m,D错误。 3.D【解析】根据能量守恒定律可知，a、b相粘后无法到 R两瑞的电压为1V,故电流1是-1A,此时流经灯池 达O,点的位置，A错误；a、b粘连后，由于振子质量增 P_12W 的电流1=-20V=0.6A,所以支压器原线圈中流 加，所受重力增大，平衡位置要下降，B错误；根据弹簧 过的电流I2=I-IL=0.4A,原、副线圈匝数比n1:n2= 振子做简谐运动的周期T2o∝M,a、b粘连后振子质量 变为原来的4倍，所以简谐振动的周期变为原来的2 1:2,故电流比 2_2 =1，解得13=0.2A,B错误；根据理 倍，C错误；由速度一位移关系可得a与b撞击前瞬间 想变压器功率不变，副线圈输出的功率等于原线圈的输 速度v=√2gx,a与b撞击后，由动量守恒定律有3mu= 入功率，有P=U1I2=20V×0.4A=8W,C正确；根 3m+m)u,解得=√2gx,故a、b撞击过程中系统 据1，=0.2A,0=分，可得U,=40V,R,=%- U21 1 损失的机械能E=3mgx。一2×(3m十m)i,联立解 2002,代入R,=(100+t)2式中，可得k=52/℃，D 错误。 得Ea=了mg,D正确： 7.A【解析】滑块和小球组成的系统机械能守恒，小球在 4.C【解析】由题图可知，图线与x轴围成的面积等于 最低位夏时有号·2mi+了m十mgL=号·2m十 摩擦力做功，故物块从A到B过程克服摩擦力所做的 1 11 2mu,在水平方向动量守恒，2mm,十m,=2mm1十mw2, 功W:-fx=2×gmgx=50J,设第一次运动过程中外力 联立解得滑块速度U1=2wo,V2=一Uo,A正确，B、D错 做功大小为W1,根据动能定理W1一W:=△Ek,又△Ek= 误；小球从最右端摆到最左侧的过程，由动量守恒和机 m,解得W,=75J,A错误；wW=Fz,解得F=W 1 械能守恒可知muo十2mu=mu1十2mu2,2mu哈十 1.875N,B错误；设第二次运动过程中外力做功大小为 W2,则W1=W2,根据动能定理一(W+W2)=△Ek= 合×2mf=mo+号×2nmoi,每样e=u=0,故 1 0-2m05,解得=55m/s,C正确；在20m处， 小球摆到最左侧位置时，滑块速度为0，C错误。 二、多项选择题 物理答案（五）第1页（共3页） 1 真题密卷 考前冲顶实战演练（五） 8.BD【解析】滑动变阻器的滑片缓慢向左移动，接入电 R.SπR.d2 路的电阻增大，所以灯泡两端的电压减小，电容器两端电 定律R,=pS,得p==4L。 压与灯泡两端电压相等，故电容器的电压减小，A错误； 12.(1)①(1分)小球质量m(2分)(2)底部（意思相 电容器两端的电压减小，根据Q=CU可知，电容器储存 电荷量减小，所以要放电，B正确；电路总电阻增大，电流 近即可)(1分) 3是2分)0气（分） g 减小，根据P=EI,所以总功率减小，C错误；断开开关S 【解析】(1)由于本实验小球在运动过程中可被视为质 后，电容器放出所储存的电荷，与灯泡形成回路，所以灯 点，无需测量小球直径，所以步骤①测量是多余的，但 泡缓慢熄灭，D正确。 少了小球质量m的测量。 9.AC【解析】导线框进入磁场时的安培力F1= (2)底部 2BL0,其加速度a-2BL 1 ,A正确；导线框进入磁 R mR (3)根据机械能守恒有m8h=弓m,在轨道底部 R 场完成一个L的位移为第一过程，导线框全部进入磁场后 2m 再向右平移一个L为第二过程，导线框出磁场为第三过 FN一mg,得FN=mg R,对照实验图线，即mg=a, 程，在第一、二过程中，导线框中的磁通量改变量的绝对值 得m= b-a 2a 2ac ,且k= =RR=6= ,即可验证小球 相同，B错误；根据能量的转化与守恒，Q=)m(2,)° g c 下滑过程机械能守恒。 2m6=2m,C正确；导线框在穿出磁场的过程中， 3 13.(1)152cm(2)450K 【解析】(1)初始压强1=0 导线框的磁通量总和始终为零，没有感应电流产生，所 设玻璃管截面面积为S 以通过导线框的电荷量为零，D错误。 体积V,=4LS (1分) 10.AD【解析】根据题图像可知，在x轴位移是2时，粒 竖起后压强 子在y方向匀减速到速度为零，此时最大势能等于动 (2分) 能，等于初始动能的一半，即初始时刻沿x轴方向速度 pe-po十p=76cmHg+ 4cmHg 等于沿y轴方向速度，根据匀变速运动规律可知，在y轴 1 体积V,=2LS (1分) 方有上的位移，-日·台-A,一吼，一B可得 缓慢将玻璃管竖起管内气体经过等温变化 E=巴-，A正确：粒子在电场中动能最小时有最小 piV1=P2V2 (1分) ql,gL 代入解得L=152cm。 (1分) (2)缓慢升高环境温度，初温T,=300K,气体长度最 1 2Eo 速度，2m=E。,解得um一√m ,B错误；电场力的 终恢复为原长，体积V,=3L (2分) 32E8 最大功率Pm=EqV0= √m,C错误；粒子运动到最大 气体经过等压变化 V2 V3 势能处所用时间。=乞2记，则1一 /9mL3 TIT (1分) √32E,=2o,根 解得T2=450K。 (1分) 据匀变速运动规律及题图的对称性，在y轴方向上，相等 相邻时段的位移比为1：3，所以此时势能从最大值减小 1k.a元 (2)U voL (3)3L 2v0 了行，制余E,一E,此时动能E=号ED正确。 5 【解析】(1)设粒子质量为m,电荷量为q,带电粒子先 在平行板电容器中做匀加速运动 三、非选择题 11.(1)0.510(0.509或0.511均可)(1分)(2)b(1分) Wwo (1分) (3)①(1分)2.3(2.2或2.4均可)(2分)p= πRxd2 解得9 m2U° (1分) 41(1分) (2)进入磁场后偏转，由洛伦兹力提供向心力 【解析】(1)0.5mm+1.0×0.01mm=0.510mm。 6 (2)由于电流表有确定的阻值，所以应该接b点，测量 qvoB=m (1分) 后，将电流表阻值从数据中去除，即可得准确的R值。 (3)选择图线①，①的斜率较大，应该是将电流表包含 根据题图乙、丙分析可知，粒子以2L为半径做匀速圆 接入测电压的，电压表的活动接线端接在b上，R测= 6=A0_2.05-1.40 周选动，即， (1分) △1=0.80-0.56D≈2.710，实际未知电阻值 4U 联立解得B= VoL (1分) Rz=R测一RA=2.712-0.402≈2.32，根据电阻 物理答案（五）第2页（共3页） ·物理· 参考答案及解析 (3)结合(1)(2)可知，在磁场中的偏转周期 且12-11=L (1分) T=2xm_xl (1分) 解得t=0.1s,1=0.2m/s,02=0.6m/s gB vo 滑块与挡板第1次碰撞，因为弹性正碰，滑块与滑板组 则o=4T 成的系统沿斜面方向动量守恒，且机械能守恒 (1分) mw1十mv2=mw1+mx (1分) 粒子偏转图如图甲所示 个 1 1 1 (1分) 若精两板同间电压降为U,根据为能定理 2m 解得v2=o1=0.2m/s (1分) 9901 (1分) (2)以滑板为参考系，滑块在滑板上做匀变速运动，相 对加速度为 1 解得粒子速度0=3 a'=a2-a1=4m/s2 (1分) 相对初速度为零，滑块与挡板完成第1次碰撞前，滑块 由句变速运动规律2t1=d可知 相对速度 z'=v2-1=0.4m/s (1分) 3πL 匀加速时间1=40 (1分) 在滑板参考系中，滑块完成第1次碰撞后速度 "=-0.4m/s (1分) 粒子在匀强磁场中的偏转半径 然后滑块在滑板参考系中先匀减速后匀加速，再回到 v-gr- (1分) 挡板位置 粒子在正方形区域中的偏转为每边偏转2个半圆和四个 T=0- a =0.2s (1分) 角位置各有一个四分之一圆周，如图乙所示，偏转周期 并做周期性运动，由此可知碰撞的时间间隔为0.2$， T:=2xmxl (1分) 且每次由于碰撞滑板速度增加？'，滑块速度减小？'。 gB vo 在斜面参考系中，滑块与挡板各自做分段的匀变速运 在磁场中偏转时间为t2=5T1 (1分) 动的yt图像如图所示。 粒子从D返回到P的时间等于t 滑板的碰前速度 从P点进入到返回P点的总时间 0板m=v1十(n-1)Ta1+(n-1)v'=0.2+0.8(n-1) fg=2+62=13L (1分) (n=2,3,4,…) (1分) 2U0 滑块的碰前速度 vm=v2十(n-1)Ta2-(n-1)v'=0.6十0.8(n-1) (n=2,3,4,…) (1分) v/(m.s-) 2.2 滑块 1.8 滑板 1.6 1.4 1.0 0.8 0.6 M +N 0.2 甲 0 0.10.20.30.40.5s 15.(1)0.2m/s(2)0枚m=0.2+0.8(n-1)(n=2,3,4,…) (3)设当滑块与挡板完成第次碰撞时，滑板位移为 ℃块m=0.6十0.8(n-1)(n=2,3,4,…)(3)192.04J x,则 【解析】(1)滑块与滑板从初始位置开始各自下滑， 1 1 对于滑板由牛顿第二定律 x= a+0:T-201T+0T-2a,T++ mg sin0-2μng cos0=ma1 (1分) 解得a1=2m/s2 0板nT-)a1T2(n=1,2,3,…) (1分) 对于滑块由牛顿第二定律得 化简得x=0.01+0.08n(n-1)(n=1,2,3,…)(1分) mg sin 0=ma2 (1分) 当n=25时，代入得x=48.01m (1分) 解得a2=6m/s2 滑板与斜面间的摩擦力 由运动学位移公式得 f=2umg cos 0=4 N (1分) 1 滑板的位移2Q1t=L 故因摩擦产生的热量为 Q=fx=192.04J (1分) 1 滑块的位移 2a2t2=l2 物理答案（五）第3页（共3页） 1