吉林省2026届高考物理模拟练习卷三

2026届吉林省高考物理模拟练习卷 本试卷满分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名，准考证号填写在答题卡上。 2.答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8-10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1．一个物体静止在水平面上，某时刻起由静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为a1.经过一段时间t以后，速度大小为v1，紧接着将加速度反向，大小变为a2。又经过2t发现物体恰好回到出发点，此刻速度大小为v2.以下判断正确的是（　　） A．a1：a2=2：3 B．a1：a2 =1：3 C．v1：v2=1：3 D．v1：v2=2：3 【答案】D 【详解】AB．物体从静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为。经过一段时间以后，速度大小为，则有 ， 紧接着将加速度反向，大小变为。又经过发现物体恰好回到出发点，此刻速度大小为，则有 联立可得 故AB错误； CD．根据匀变速直线运动速度时间关系 则有 故C错误，D正确。 故选D。 2．关于下列四幅图的说法正确的是（　　） A．图甲中玻璃容器中的小水银滴呈球形，是因为水银与玻璃浸润导致的结果 B．图乙为康普顿效应的示意图，入射光子与静止的电子碰撞，碰撞后散射光的波长变长 C．锌的逸出功为3.34eV，用丙中一群处于n=3能级的氢原子发出的光照射锌板，逸出光电子的最大初动能为12.09eV D．图丁是衰变过程随时间的变化规律，说明每个半衰期发生衰变的原子核数量相同 【答案】B 【详解】A．图甲中玻璃容器中的小水银滴呈球形，是因为水银与玻璃不浸润导致的结果，故A错误； B．图乙为康普顿效应的示意图，入射光子与静止的电子碰撞，碰撞后散射光的光子能量变小，根据 可知，碰撞后散射光的波长变长，故B正确； C．锌的逸出功为，用丙中一群处于能级的氢原子发出的光照射锌板，照射光的光子最大能量为 根据光电效应方程可知，逸出光电子的最大初动能为 故C错误； D．衰变过程随时间的变化规律说明在相同时间内，有半数的原子核发生了衰变，但相同时间内衰变的原子数量随时间的推移而不断减少，故D错误。 故选B。 3．如图所示为探月卫星从圆轨道变轨到椭圆轨道的示意图，、两点为椭圆轨道上的近月点和远月点，近月点到月心距离为，远月点到月心距离为。规定无穷远处引力势能为零，引力势能的公式为，其中为引力常量，为中心天体的质量，为卫星的质量，为两者中心之间的距离。已知月球质量为，下列说法正确的是（    ） A．卫星在圆轨道与椭圆轨道上运行的周期之比为 B．卫星在椭圆轨道上的机械能小于在圆轨道上的机械能 C．卫星在、两点的速度大小之比为 D．卫星在椭圆轨道点的速度大小为 【答案】D 【详解】A．根据开普勒第三定律可得 解得 A错误； B．卫星在圆形轨道变轨到椭圆轨道时需要在A点加速，加速过程中，外力对卫星做功，卫星的机械能增大，故卫星在椭圆轨道上的机械能大于在圆轨道上的机械能，B错误； C．根据开普勒第二定律可知，卫星与月球中心的连线在相等的时间内扫过的面积相等，则有 解得 C错误； D．卫星在椭圆轨道上运行时，机械能守恒，则有 结合上述结论 联立解得 D正确。 故选D。 4．风力发电将风的动能转化为电能。某风力发电机的输出功率为，输出电压为，用户得到的电压是，输电线的电阻为，输电线路的示意图如图所示。若输电线因发热而损失的功率为输送功率的5%，变压器均视为理想变压器，则下列说法正确的是（　　） A．用户得到的功率为 B．通过输电线的电流为 C．升压变压器原、副线圈的匝数之比为 D．降压变压器原、副线圈的匝数之比为 【答案】C 【详解】A．用户得到的功率为，选项A错误； B．根据，可得通过输电线的电流为，选项B错误； C．升压变压器初级电流 升压变压器原、副线圈的匝数之比为，选项C正确； D．降压变压器初级电压 降压变压器原、副线圈的匝数之比为，选项D错误。 故选C。 5．如图1，宝石折光仪是用来测量宝石折射率的仪器。折光仪的基本原理如图2，把待测宝石紧密贴放在半球棱镜上，标准光源发出黄光，射向半球棱镜球心。通过棱镜射向被测宝石的光，当入射角小于全反射临界角的光线会折射进宝石，观测目镜上表现为暗域；当入射角大于临界角的光线全反射回棱镜，观测目镜上表现为亮域。亮暗域的分界线相当于该临界角的位置，目镜下安装有一个标尺，刻有与此临界角相对应的折射率值。下列说法正确的是（　　） A．棱镜对黄光的折射率大于宝石对黄光的折射率 B．换用白光光源，测量宝石折射率的准确度会更高 C．换用红光光源，其明暗域分界线在标尺上的位置会在原黄光明暗域分界线位置的下方 D．把宝石的另一个侧面与棱镜接触，测得宝石的折射率与之前不同，说明宝石是非晶体 【答案】A 【详解】A．根据题意可知，黄光从半球棱镜射入宝石能够发生全反射，即半球棱镜相对于宝石是光密介质，可知，棱镜对黄光的折射率大于宝石对黄光的折射率，故A正确； B．换用白光光源，由于白光是由七种单色光复合而成，不同种单色光的折射率不相同，当入射角一定时，有些能够发生全反射，有些不能够发生全反射，则观测目镜上各种单色光显现的亮暗区域不相同，测量宝石折射率的准确度会更低，故B错误； C．红光的折射率小于黄光的折射率，则红光对应的临界角大于黄光的临界角，可知，换用红光光源，其明暗域分界线在标尺上的位置会在原黄光明暗域分界线位置的上方，故C错误； D．把宝石的另一个侧面与棱镜接触，测得宝石的折射率与之前不同，即宝石具有各向异性，说明宝石是单晶体，故D错误。 故选A。 6．如图，质量为的物块在光滑的水平面上始终受到水平向左恒力的作用，向右运动经过点时速度为，运动到点时速度为零，又返回到点时，速度大小为（图中未标出）。整个运动过程中所受空气阻力的大小与物块运动的速率成正比。设物块从点到点为过程，再从点到点为过程Ⅱ，下列说法正确的是（   ） A．物块在过程I与过程Ⅱ中的位移相同 B．物块在过程I与过程Ⅱ中的运动时间相等 C．过程I与过程Ⅱ中空气阻力对物块所做的总功为 D．过程I与过程Ⅱ中恒力的总冲量大小为 【答案】D 【详解】A．物块在过程I的位移与过程Ⅱ的位移大小相等，方向相反。故A错误； B．整个运动过程中所受空气阻力的大小与物块运动的速率成正比，即 对物块从点运动到点的过程列牛顿第二定律方程有 对物块从点运动到点的过程列牛顿第二定律方程有 所以过程I中物块的平均加速度大于过程Ⅱ中的平均加速度，则由可知，过程I的时间小于过程Ⅱ的时间，故B错误； C．由于整个过程的位移为零，所以恒力做功为零，则空气阻力所做的总功就是物块整个运动过程所受合外力的总功，设空气阻力所做的总功为，则对整个过程列动能定理方程有 解得，故C错误； D．过程I和过程Ⅱ空气阻力的总冲量大小均为 所以全过程空气阻力的总冲量为零，设恒力的总冲量大小为，以向左为正方向，则对全程列动量定理方程有 解得，故D正确。 故选D。 7．如图所示，两足够长平行光滑固定导轨，倾角为，导体棒用绝缘细线栓连，处于水平状态，在平行于斜面向上的恒力F作用下静止于轨道，一范围足够大的匀强磁场垂直于轨道斜面（未画出）。磁感应强度为B，轨道宽度为l，导体棒接入电路的电阻分别为R和。剪断细线，经t时间达到最大速度。已知导体棒质量为，导体棒质量为m。下列说法正确的是（　　） A．在任意时刻，与速度大小之比为1∶1 B．的最大速度为 C．在0到t时间内，流过的电荷量为 D．在0到t时间内，上滑的距离为 【答案】B 【详解】A．对导体棒组成的系统进行受力分析，可知合外力为零系统动量守恒，有 即在任意时刻，与速度大小之比为 故A错误； B．未剪断细线时，有 导体棒达到最大速度时，有 又 根据导体棒切割磁感线产生电动势，可得 又 联立，解得 故B正确； C．根据动量定理，可得 又 联立，解得 故C错误； D．设在0到t时间内，上滑的距离为x，则cd下滑的距离为2x，有 联立，解得 故D错误。 故选B。 8．如图所示电路中，电源电动势为E，内阻不计，电容器电容为C， 和 均为定值电阻， 为滑动变阻器（最大阻值2R），滑片P位于ab的中点，开关S断开。已知 ，电表均为理想电表，电流表和电压表的示数分别为I和U。下列说法中正确的是（　　） A．电路稳定后，电容器上所带电荷量为 B．开关S闭合，电路稳定后，电容器上所带电荷量为 C．开关S闭合，U增大，I增大 D．开关S闭合，电路稳定后，将 的滑片向b端移动的过程中U减小，I减小 【答案】AC 【详解】A．开关S断开、滑片P位于ab的中点时，等效电路如图 则，电容器两端的电压为 电容器所带的电荷量为，故A正确； B．开关S闭合，电阻R1被短路、滑片P位于ab的中点时，等效电路如图 则，电容器两端的电压为 电容器所带的电荷量为，故B错误； C．开关S闭合后，电阻R1被短路，相当于电阻R1的阻值减小到零，根据“串反并同”可知，与R1串联的R3的电压增大，即电压表的示数增大；与R1串联的电源的电流增大，即电流表的示数也增大，故C正确； D．闭合开关S，电路稳定后，将R2的滑片向b端移动，则R2接入电路中的电阻变小，根据“串反并同”可知，与R2并联的R3的电压减小，即电压表的示数减小；与R2串联的电源的电流增大，即电流表的示数增大，故D错误。 故选AC。 9．一位小朋友手握质量为的小球站在滑板上，滑板静止于光滑水平面上。某时刻，小朋友将小球斜向上抛出，抛出瞬间小球相对地面的速度大小为，方向与水平方向的夹角为，如图所示。已知小朋友和滑板的总质量为，重力加速度为，小朋友和滑板始终相对静止，不计空气阻力。以小球、小朋友和滑板为系统，下列说法正确的是（　　） A．将小球抛出的过程中，系统水平方向上动量守恒 B．小球抛出后，小朋友和滑板的速度为 C．将小球抛出的过程中，系统机械能增加的量为 D．小球从抛出到运动至最高点的过程中，小朋友和滑板的位移大小为 【答案】AD 【详解】A．水平面光滑，系统水平方向上不受力，水平方向上动量守恒，A正确； B．根据水平方向上动量守恒，有 解得，B错误； C．将小球抛出的过程，系统机械能增加，C错误； D．小球运动至最高点所需时间 小朋友和滑板的位移 解得，D正确。 故选AD。 10．如图所示，半径为的圆形区域有磁感应强度大小为的匀强磁场，磁场的方向垂直纸面向外，圆心处的粒子源可在平面内向第二象限90°范围内各个方向均匀发射速率相同的同种带正电粒子，粒子质量为、电荷量为。在处有一平行于轴的足够长挡板，与圆形磁场区域分别交于、两点，挡板上点坐标为。从粒子源发出的粒子恰好均能打在挡板上，且发现有两种不同方向的粒子会打在挡板上的同一位置。不计带电粒子重力及粒子间相互作用力，粒子打在挡板上就被吸收，则下列说法正确的是（　　） A．粒子对应速度大小为 B．挡板上有两种不同方向的粒子的会打在同一位置的区域长度为 C．若挡板可绕点在平面内转动，要保证所有粒子均打在挡板上的不同位置，挡板至少要逆时针转动45° D．若圆形磁场区域半径调为，圆心位置移动到，则能打在挡板上的粒子均垂直打在挡板上，且打在区域上的粒子数目等于发射粒子总数的 【答案】AC 【详解】A．从粒子源发出的粒子恰好均能打在挡板上，则沿负x方向射出的粒子轨迹恰好与挡板相切，则粒子的轨迹半径为 粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律，有 解得，故A正确； B．挡板上有两种不同方向的粒子会打在同一位置，如图所示，根据“旋转圆”的知识可知，该区域长度是C到A之间的部分。 根据几何知识可知，区域长度为，故B错误； C．若挡板可绕C点转动，要保证所有粒子均打在挡板上的不同位置，粒子达到挡板上恰好没有重叠时，如图所示： 根据旋转圆的知识结合几何知识可知，此时挡板与与x轴的夹角为45°，即挡板至少要逆时针转动45°，故C正确： D．若圆形磁场的区域的半径调为磁场圆心位置移动到，粒子源发射位置不变，粒子运动轨迹如图所示： 根据“磁发散”原理可知，能打在挡板上的粒子均垂直打在竖直挡板上，竖直向上射入的粒子能够从C点射出；速度方向与y轴正方向夹角为45°的粒子从O点射入磁场时，出射位置到C点的距离为 区域长度为 则打在AC区域上的粒子数目大于发射粒子总数的，故D错误。 故选AC。 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11．（6分）为了测量滑块与桌面间的动摩擦因数，一同学设计了如图所示的实验装置，A为带滑轮的滑块，B为盛有砂的砂桶。 (1)实验时，必须要进行的操作是________ A．用天平测量出砂和砂桶的质量 B．将桌面右侧垫高，平衡摩擦力 C．要保证砂和砂桶的质量远小于滑块的质量 D．滑块靠近打点计时器，先接通电源，再释放滑块 (2)该同学实验中得到如图2所示的一条纸带，打点计时器的交流电源频率为50Hz，根据纸带可以求出滑块的加速度________（保留两位有效数字）。 (3)通过改变砂的质量，可以得到滑块加速度a和力传感器示数F的多组数据，为了处理数据，做出了的图像，如图3所示，直线的斜率为k，纵轴截距为b，已知当地的重力加速度为g，则滑块的质量________，滑块和桌面间的动摩擦因数________（均选用字母k、b、g表示）。 【答案】(1)D (2)0.88 (3) 2k 【详解】（1）AC．滑块A受到绳的拉力可由力传感器读出，故砂和砂桶的质量可以不用测量，也不需要保证砂和砂桶的质量远小于滑块的质量，故AC错误； B．本实验是测量动摩擦因数，需要考虑摩擦力，不能平衡摩擦力，故B错误； D．滑块靠近打点计时器，先接通电源，使打点计时器稳定工作后，再释放滑块，故D正确。 故选D。 （2）依题意可知，相邻计数点时间间隔为 根据逐差法，可得滑块的加速度。 （3）[1][2]对滑块受力分析，根据牛顿第二定律有 变形得 则图像的斜率为 解得 纵截距为 解得。 12．（8分）某实验小组为测量电源的电动势和内阻设计了如图所示的电路。 实验器材：待测电源，灵敏电流表，滑动变阻器，定值电阻，电压表，电流表，开关和导线若干。 （1）按图甲电路图连接好电路，将滑动变阻器、调到合适的阻值，闭合开关，反复调节滑动变阻器，直到灵敏电流表的示数为零，电压表的示数记为和，电流表、的示数记为和。图乙为某电压表的示数，其读数为___________V。 （2）断开开关，适当调大滑动变阻器的阻值，再次闭合开关，发现此时灵敏电流表G的示数不为零，缓慢___________（选填“调大”或“调小”）滑动变阻器的阻值，直至灵敏电流表的示数再次为零，记录电压表、电流表读数。 （3）重复（2）的步骤，记录多组电压表、电流表读数。 （4）实验完毕，整理器材。 （5）作出图像如图丙所示，由图像可得电源的电动势为___________，内阻为___________。（用、、表示） （6）理论上测得的电源电动势___________（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值。 【答案】 0.60 调小 a 等于 【详解】（1）[1]电压表分度值为0.05V，读数为0.60V； （2）[2] 由图甲所示电路图可知，当灵敏电流表示数为零时 要使灵敏电流表示数仍然为零，当R2的阻值增大时，应缓慢调小可变电阻R1的阻值； （5）[3][4] 由闭合电路欧姆定律可知，电源电动势 路端电压 由图像可知，电源电动势 电源内阻 （6）[5]由图甲所示电路图可知，路端电压的测量值等于真实值，流过电源的电流测量值等于真实值，因此电源电动势测量值与真实值相等。 四、解答题 13．（10分）如图所示，半圆为半球形玻璃砖的截面，半径为、圆心为，为水平直径。一束单色光斜射到边上的点，点到点距离为，入射角，折射光线刚好射到半圆的最低点。 (1)求玻璃砖对该单色光的折射率； (2)保持入射光的方向不变，将入射点从点水平向右移动，至折射光线在面上刚好发生全反射，求入射点移动的距离。 【答案】(1) (2) 【详解】（1）设折射角为，在中，，，因此 解得 根据折射定律 代入，，解得 （2）光线在面上刚好发生全反射时，入射角等于临界角，满足 入射方向不变，因此折射角仍为 即折射光线与竖直法线夹角恒为，与水平直径夹角为。设移动后入射点为，在右侧，为折射光线与弧面交点，在中，，， 由正弦定理，得 联立解得 原入射点在左侧，因此入射点移动的距离 14．（12分）如图所示，在光滑水平地面置有一“L”形滑板，质量为M=3m，AB为半径为R=0.45m的弧面，BC段粗糙，长度为L=5m，其余段光滑：滑板距右侧墙壁D的距离为x，滑板上表面与墙壁上表面在同一水平面上，墙壁D上表面放置有一自由伸长的弹簧，右端固定；滑块P1和P2的质量均为m，且与BC面的动摩擦因数分别为μ1=0.10和μ2=0.20；开始时滑板紧靠左侧障碍物P，P2静置于滑板上的B点，P1以v0=4m/s的初速度从A点沿弧面切线滑下，与P2碰撞后速度变为0，若滑板与墙壁D碰撞后被墙壁粘住，不计其它摩擦，g=10m/s2。求： （1）P1与P2碰撞后，P2的速度是多少？ （2）若x足够长，请判断P1与P2能否再次发生碰撞？ （3）讨论P1最终距B点距离S与x的关系？ 【答案】（1）；（2）不能再碰；（3）见解析 【详解】（1）对P1由动能定理得 由动量守恒得 碰后的速度 （2）假设与滑板相对静止，则 对 故：与滑板相对静止 对与滑板，由动量守恒可得 又由能量守恒定律可得 解得 共速时刚好在滑板的右端 滑块撞墙后对：由动能定理得 对，由动能定理得 由于 故：不能再碰 （3）对滑板：由动能定理得 解得 讨论 ①当时， ②若时有 不会发生碰撞 当时，滑板没有共速就已经撞墙，对滑板及由动能定理，则 解得 对由动能定理可得 最终距B点距离 综上所得①当时，；②当时， 15．（18分）电磁制动是通过电磁规律实现制动的技术，具有响应速度快，方便控制，不易磨损等优点，广泛用于现代各种机械设备中。某学习小组对矩形线圈进入磁场的制动特点进行研究。如图甲所示是位于光滑水平桌面上的直角坐标系，在的一侧，存在匀强磁场，磁场方向垂直平面向里，磁感应强度的大小为。在水平面区域有矩形线框，边长分别为和，每个边电阻为0，每个边电阻为，线框初速度沿轴正方向。若矩形线框受力，其形变可忽略不计。 (1)研究小组发现线框进入磁场区域速度会逐渐变小。实验中小组成员给线框施加外力，使线框保持初速度大小和方向不变，匀速进入磁场区域，求此线框进入磁场全过程中外力做的功。 (2)研究小组对线框进行改造，3个题干所述矩形线框，其中1个线框保持不变，其余2个线框各去掉一个边，如图乙所示焊接在一起。已知该大线框整体质量为，忽略自感效应。若要改造后大金属框能够整体进入题述磁场区域，求初速度大小的最小值。 (3)研究小组对线框制动的另一改造设想为降低环境温度，使单个线框始终保持超导状态。若给线框初速度，线框沿轴正方向减速，边未全部进入磁场区域即减速为0。已知单个线框质量为，自感系数为。求此线框边进入磁场到减速为0所用时间。 （提示：超导状态线圈电阻为零，自感电动势与动生电动势等大反向，即整个回路有） 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）线框进入磁场切割磁感线，产生的电动势大小为 线框中的电流大小 外力所做的功转化为焦耳热 （2）在第一个边进入磁场的过程中，设第一个线框完全进入后的速度大小为，根据动量定理 其中 在第二个边进入磁场的过程中，设第二个线框完全进入后的速度大小为，则 其中， 在第三个边进入磁场的过程中，设第三个线框完全进入后的速度大小为，当取最小值时 其中， 由上述分析可知 解得 （3）由自感电动势与动生电动势等大反向可知 在时间内 即 可得 线框所受安培力为 故线框所受合外力与位移成正比，且方向与位移方向相反，则线框做简谐运动，由简谐运动周期公式可得 答案第10页，共12页 2 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026届吉林省高考物理模拟练习卷 本试卷满分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名，准考证号填写在答题卡上。 2.答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8-10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1．一个物体静止在水平面上，某时刻起由静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为a1.经过一段时间t以后，速度大小为v1，紧接着将加速度反向，大小变为a2。又经过2t发现物体恰好回到出发点，此刻速度大小为v2.以下判断正确的是（　　） A．a1：a2=2：3 B．a1：a2 =1：3 C．v1：v2=1：3 D．v1：v2=2：3 2．关于下列四幅图的说法正确的是（　　） A．图甲中玻璃容器中的小水银滴呈球形，是因为水银与玻璃浸润导致的结果 B．图乙为康普顿效应的示意图，入射光子与静止的电子碰撞，碰撞后散射光的波长变长 C．锌的逸出功为3.34eV，用丙中一群处于n=3能级的氢原子发出的光照射锌板，逸出光电子的最大初动能为12.09eV D．图丁是衰变过程随时间的变化规律，说明每个半衰期发生衰变的原子核数量相同 3．如图所示为探月卫星从圆轨道变轨到椭圆轨道的示意图，、两点为椭圆轨道上的近月点和远月点，近月点到月心距离为，远月点到月心距离为。规定无穷远处引力势能为零，引力势能的公式为，其中为引力常量，为中心天体的质量，为卫星的质量，为两者中心之间的距离。已知月球质量为，下列说法正确的是（    ） A．卫星在圆轨道与椭圆轨道上运行的周期之比为 B．卫星在椭圆轨道上的机械能小于在圆轨道上的机械能 C．卫星在、两点的速度大小之比为 D．卫星在椭圆轨道点的速度大小为 4．风力发电将风的动能转化为电能。某风力发电机的输出功率为，输出电压为，用户得到的电压是，输电线的电阻为，输电线路的示意图如图所示。若输电线因发热而损失的功率为输送功率的5%，变压器均视为理想变压器，则下列说法正确的是（　　） A．用户得到的功率为 B．通过输电线的电流为 C．升压变压器原、副线圈的匝数之比为 D．降压变压器原、副线圈的匝数之比为 5．如图1，宝石折光仪是用来测量宝石折射率的仪器。折光仪的基本原理如图2，把待测宝石紧密贴放在半球棱镜上，标准光源发出黄光，射向半球棱镜球心。通过棱镜射向被测宝石的光，当入射角小于全反射临界角的光线会折射进宝石，观测目镜上表现为暗域；当入射角大于临界角的光线全反射回棱镜，观测目镜上表现为亮域。亮暗域的分界线相当于该临界角的位置，目镜下安装有一个标尺，刻有与此临界角相对应的折射率值。下列说法正确的是（　　） A．棱镜对黄光的折射率大于宝石对黄光的折射率 B．换用白光光源，测量宝石折射率的准确度会更高 C．换用红光光源，其明暗域分界线在标尺上的位置会在原黄光明暗域分界线位置的下方 D．把宝石的另一个侧面与棱镜接触，测得宝石的折射率与之前不同，说明宝石是非晶体 6．如图，质量为的物块在光滑的水平面上始终受到水平向左恒力的作用，向右运动经过点时速度为，运动到点时速度为零，又返回到点时，速度大小为（图中未标出）。整个运动过程中所受空气阻力的大小与物块运动的速率成正比。设物块从点到点为过程，再从点到点为过程Ⅱ，下列说法正确的是（   ） A．物块在过程I与过程Ⅱ中的位移相同 B．物块在过程I与过程Ⅱ中的运动时间相等 C．过程I与过程Ⅱ中空气阻力对物块所做的总功为 D．过程I与过程Ⅱ中恒力的总冲量大小为 7．如图所示，两足够长平行光滑固定导轨，倾角为，导体棒用绝缘细线栓连，处于水平状态，在平行于斜面向上的恒力F作用下静止于轨道，一范围足够大的匀强磁场垂直于轨道斜面（未画出）。磁感应强度为B，轨道宽度为l，导体棒接入电路的电阻分别为R和。剪断细线，经t时间达到最大速度。已知导体棒质量为，导体棒质量为m。下列说法正确的是（　　） A．在任意时刻，与速度大小之比为1∶1 B．的最大速度为 C．在0到t时间内，流过的电荷量为 D．在0到t时间内，上滑的距离为 8．如图所示电路中，电源电动势为E，内阻不计，电容器电容为C， 和 均为定值电阻， 为滑动变阻器（最大阻值2R），滑片P位于ab的中点，开关S断开。已知 ，电表均为理想电表，电流表和电压表的示数分别为I和U。下列说法中正确的是（　　） A．电路稳定后，电容器上所带电荷量为 B．开关S闭合，电路稳定后，电容器上所带电荷量为 C．开关S闭合，U增大，I增大 D．开关S闭合，电路稳定后，将 的滑片向b端移动的过程中U减小，I减小 9．一位小朋友手握质量为的小球站在滑板上，滑板静止于光滑水平面上。某时刻，小朋友将小球斜向上抛出，抛出瞬间小球相对地面的速度大小为，方向与水平方向的夹角为，如图所示。已知小朋友和滑板的总质量为，重力加速度为，小朋友和滑板始终相对静止，不计空气阻力。以小球、小朋友和滑板为系统，下列说法正确的是（　　） A．将小球抛出的过程中，系统水平方向上动量守恒 B．小球抛出后，小朋友和滑板的速度为 C．将小球抛出的过程中，系统机械能增加的量为 D．小球从抛出到运动至最高点的过程中，小朋友和滑板的位移大小为 10．如图所示，半径为的圆形区域有磁感应强度大小为的匀强磁场，磁场的方向垂直纸面向外，圆心处的粒子源可在平面内向第二象限90°范围内各个方向均匀发射速率相同的同种带正电粒子，粒子质量为、电荷量为。在处有一平行于轴的足够长挡板，与圆形磁场区域分别交于、两点，挡板上点坐标为。从粒子源发出的粒子恰好均能打在挡板上，且发现有两种不同方向的粒子会打在挡板上的同一位置。不计带电粒子重力及粒子间相互作用力，粒子打在挡板上就被吸收，则下列说法正确的是（　　） A．粒子对应速度大小为 B．挡板上有两种不同方向的粒子的会打在同一位置的区域长度为 C．若挡板可绕点在平面内转动，要保证所有粒子均打在挡板上的不同位置，挡板至少要逆时针转动45° D．若圆形磁场区域半径调为，圆心位置移动到，则能打在挡板上的粒子均垂直打在挡板上，且打在区域上的粒子数目等于发射粒子总数的 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11．（6分）为了测量滑块与桌面间的动摩擦因数，一同学设计了如图所示的实验装置，A为带滑轮的滑块，B为盛有砂的砂桶。 (1)实验时，必须要进行的操作是________ A．用天平测量出砂和砂桶的质量 B．将桌面右侧垫高，平衡摩擦力 C．要保证砂和砂桶的质量远小于滑块的质量 D．滑块靠近打点计时器，先接通电源，再释放滑块 (2)该同学实验中得到如图2所示的一条纸带，打点计时器的交流电源频率为50Hz，根据纸带可以求出滑块的加速度________（保留两位有效数字）。 (3)通过改变砂的质量，可以得到滑块加速度a和力传感器示数F的多组数据，为了处理数据，做出了的图像，如图3所示，直线的斜率为k，纵轴截距为b，已知当地的重力加速度为g，则滑块的质量________，滑块和桌面间的动摩擦因数________（均选用字母k、b、g表示）。 12．（8分）某实验小组为测量电源的电动势和内阻设计了如图所示的电路。 实验器材：待测电源，灵敏电流表，滑动变阻器，定值电阻，电压表，电流表，开关和导线若干。 （1）按图甲电路图连接好电路，将滑动变阻器、调到合适的阻值，闭合开关，反复调节滑动变阻器，直到灵敏电流表的示数为零，电压表的示数记为和，电流表、的示数记为和。图乙为某电压表的示数，其读数为___________V。 （2）断开开关，适当调大滑动变阻器的阻值，再次闭合开关，发现此时灵敏电流表G的示数不为零，缓慢___________（选填“调大”或“调小”）滑动变阻器的阻值，直至灵敏电流表的示数再次为零，记录电压表、电流表读数。 （3）重复（2）的步骤，记录多组电压表、电流表读数。 （4）实验完毕，整理器材。 （5）作出图像如图丙所示，由图像可得电源的电动势为___________，内阻为___________。（用、、表示） （6）理论上测得的电源电动势___________（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值。 四、解答题 13．（10分）如图所示，半圆为半球形玻璃砖的截面，半径为、圆心为，为水平直径。一束单色光斜射到边上的点，点到点距离为，入射角，折射光线刚好射到半圆的最低点。 (1)求玻璃砖对该单色光的折射率； (2)保持入射光的方向不变，将入射点从点水平向右移动，至折射光线在面上刚好发生全反射，求入射点移动的距离。 14．（12分）如图所示，在光滑水平地面置有一“L”形滑板，质量为M=3m，AB为半径为R=0.45m的弧面，BC段粗糙，长度为L=5m，其余段光滑：滑板距右侧墙壁D的距离为x，滑板上表面与墙壁上表面在同一水平面上，墙壁D上表面放置有一自由伸长的弹簧，右端固定；滑块P1和P2的质量均为m，且与BC面的动摩擦因数分别为μ1=0.10和μ2=0.20；开始时滑板紧靠左侧障碍物P，P2静置于滑板上的B点，P1以v0=4m/s的初速度从A点沿弧面切线滑下，与P2碰撞后速度变为0，若滑板与墙壁D碰撞后被墙壁粘住，不计其它摩擦，g=10m/s2。求： （1）P1与P2碰撞后，P2的速度是多少？ （2）若x足够长，请判断P1与P2能否再次发生碰撞？ （3）讨论P1最终距B点距离S与x的关系？ 15．（18分）电磁制动是通过电磁规律实现制动的技术，具有响应速度快，方便控制，不易磨损等优点，广泛用于现代各种机械设备中。某学习小组对矩形线圈进入磁场的制动特点进行研究。如图甲所示是位于光滑水平桌面上的直角坐标系，在的一侧，存在匀强磁场，磁场方向垂直平面向里，磁感应强度的大小为。在水平面区域有矩形线框，边长分别为和，每个边电阻为0，每个边电阻为，线框初速度沿轴正方向。若矩形线框受力，其形变可忽略不计。 (1)研究小组发现线框进入磁场区域速度会逐渐变小。实验中小组成员给线框施加外力，使线框保持初速度大小和方向不变，匀速进入磁场区域，求此线框进入磁场全过程中外力做的功。 (2)研究小组对线框进行改造，3个题干所述矩形线框，其中1个线框保持不变，其余2个线框各去掉一个边，如图乙所示焊接在一起。已知该大线框整体质量为，忽略自感效应。若要改造后大金属框能够整体进入题述磁场区域，求初速度大小的最小值。 (3)研究小组对线框制动的另一改造设想为降低环境温度，使单个线框始终保持超导状态。若给线框初速度，线框沿轴正方向减速，边未全部进入磁场区域即减速为0。已知单个线框质量为，自感系数为。求此线框边进入磁场到减速为0所用时间。 （提示：超导状态线圈电阻为零，自感电动势与动生电动势等大反向，即整个回路有） 答案第10页，共12页 2 学科网（北京）股份有限公司 $