第3章 第2节 牛顿第二定律-【高考零起点】2026年新高考物理总复习教用课件（艺考）

该高中物理高考复习课件聚焦“牛顿第二定律”核心考点，依据高考评价体系梳理了受力分析、瞬时加速度、连接体问题等考查维度，结合2019海南卷、2023全国甲卷等真题，明确“合外力计算”“加速度瞬时性”等高频考点分布，构建了题型分类与解题思路体系。 课件亮点在于“真题实战+模型建构+素养落地”，如以2022江苏卷“摩擦力提供加速度”题为例，运用科学推理和运动与相互作用观念，拆解“受力分析四步法”，培养学生科学思维。特设“易错警示”和“母题变式”，助力学生掌握得分技巧，教师可据此高效规划复习，提升备考针对性。

第三章　牛顿运动定律 第二节　牛顿第二定律 生物 1 目 录 ONTENTS C [典例精析] [知识梳理] [巩固练习] 生物 2 知 识 梳 理 生物 3 1.牛顿第二定律：物体加速度的大小与所受合外力成正比，与物体的质量成反比，方向为合外力的方向。 2.如果一个物体所受合外力为F，质量为m，加速度为a，则有F=ma。 返回 第二节　牛顿第二定律 4 典 例 精 析 生物 5 例1　已知一物体在空中所受重力G=0.5 N，同时还受到一个水平向右的风力F=1.2 N，不计物体与空气之间的摩擦，求物体此时的加速度大小。    返回 第二节　牛顿第二定律 6 要求出物体的加速度必先求出物体此时的合外力。物体只受到重力和水平向右的风力，根据矢量的三角形定则，二者的合外力指向右下方。由勾股定理，其大小为1.3 N。 m==0.05 kg a==26 m/s2 a=26 m/s2 解析 答案 返回 第二节　牛顿第二定律 例2　 如图所示，质量为m的小球用水平轻弹簧系住，并用倾角为30°的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态。当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度大小为 (　　) A.0 B.g C.g D.g 答案 C 返回 第二节　牛顿第二定律 8 根据题意，当撤离木板时，小球所受重力和弹簧弹力没变，二者合力的大小等于撤离木板前木板对小球的支持力FN，由于FN=mg，所以撤离木板的瞬间，小球加速度大小a=g。选项C正确。 解析 返回 第二节　牛顿第二定律 巩 固 练 习 生物 10 答案 1.如图，位于水平地面上的质量为M的小木块，在大小为F、方向与水平方向成α角的拉力作用下沿地面做加速运动。若木块与地面之间的滑动摩擦系数为μ，则木块的加速度为 (　　) A.F/M B.Fcos α/M C.(Fcos α－μMg)/M D.[Fcos α－μ(Mg－Fsin α)]/M D 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 11 对M进行受力分析，建立坐标系并分解力F后，根据牛顿第二定律有Ma=Fcos α－μ(Mg－Fsin α)，故D选项正确。 解析 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 2.如图所示，质量为10 kg的物体，在水平地面上向左运动，动摩擦因数为0.2，与此同时，物体受到一个水平向右的推力F=20 N的作用，则物体的加速度为 (　　) A.0 B.4 m/s2，水平向右 C.2 m/s2，水平向右 D.2 m/s2，水平向左 B 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 13 物体在水平方向受到推力F与摩擦力f作用，方向都向右，竖直方向的合力为零，根据牛顿第二定律有ma=F＋f，f=μFN=μmg，代入数据得加速度大小为4 m/s2，方向水平向右。 解析 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 3.如图所示，A、B两物块叠放在一起，在 粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减 速直线运动，运动过程中B受到的摩擦力(　　) A.方向向左，大小不变 B.方向向左，逐渐减小 C.方向向右，大小不变 D.方向向右，逐渐减小 A 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 由于A、B相对静止且向右做匀减速运动，其加速度不变，可知B受到的合力向左，结合摩擦力的定义，可得A给B的摩擦力水平向左，对B有f=mBa，可知摩擦力大小不变。 解析 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 4.三个完全相同的物块1、2、3放在水平桌面上，它们与桌面间的动摩擦因数都相同。现用大小相同的外力F沿如图所示方向分别作用在1和2上，用的外力沿水平方向作用在3上，使三者都做加速运动，令a1、a2、a3分别代表物块1、2、3的加速度，则 (　　) A.a1最大 B.a2最大 C.a3最大 D.a1=a2=a3 A 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 17 对物体1水平方向由牛顿第二定律可得Fcos 60°－μFN1=ma1 竖直方向由平衡关系可得FN1＋Fsin 60°=mg 联立可得a1=F－μg 同理对物体2水平方向由牛顿第二定律可得 Fcos 60°－μFN2=ma2 竖直方向由平衡关系可得Fsin 60°＋mg=FN2 联立可得a2=F－μg 解析 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 对物体3由牛顿第二定律可得F－μmg=ma3 解得a3=－μg 比较数值可知a1＞a3＞a2，故选A。 解析 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 5.(多选)如图所示为某次高铁列车运行过程中某节车厢截面示意图，车厢内两拉手A、B分别向前进方向在竖直方向偏离角度α和β并保持不变。取重力加速度为g，不计空气等阻力，则下列说法正确的是 (　　 ) A.列车在减速进站 B.两角度一定满足α=β C.减小拉手悬绳长度，则偏角变大 D.列车加速度大小a=gtan α ABD 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 20 由题图可知拉手所受合力向左，则加速度向左，列车向左加速或向右减速，而前进方向向右，所以列车减速进站，选项A正确；拉手与列车具有相同的加速度，即两拉手具有相同的加速度，受力分析可知F合=mgtan α=ma，F合=mgtan β=ma，所以 α=β，选项B正确；因列车加速度不变，则拉手的加速度不变，由F合=mgtan α=ma可知偏角不变，选项C错误；根据F合=mgtan α=ma，可得加速度大小a=gtan α，选项D正确。故选A、B、D。 解析 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 6.(2019海南卷)如图，两物块P、Q置于水平地面上，其质量分别为m、2m，两者之间用水平轻绳连接。两物块与地面之间的动摩擦因数均为μ，重力加速度大小为g，现对Q施加一水平向右的拉力F，使两物块做匀加速直线运动，轻绳的张力大小为 (　　) A.F－2μmg B.F＋μmg C.F－μmg D.F D 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 22 根据牛顿第二定律，对PQ的整体有F－μ·3mg=3ma，对物体P有T－μmg=ma，解得T=F，故选D。 解析 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 7.建筑工人用图所示的定滑轮装置运送建筑材料。质量为70.0 kg的工人站在地面上，通过定滑轮将20.0 kg的建筑材料以0.500 m/s2的加速度拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，则工人对地面的压力大小为(g取10 m/s2)(　　) A.510 N B.490 N C.890 N D.910 N 根据顿第二定律，对物体有T－mg=ma，对人有Mg=T＋FN，由以上两式得地面对人的支持力FN=490 N。 解析 B 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 24 答案 8.对于静止在光滑水平面上的物体施加一水平拉力，当力刚开始作用的瞬间 (　　) A.物体立即获得速度 B.物体立即获得加速度 C.物体同时获得速度和加速度 D.由于物体未来得及运动，所以速度和加速度都为零 根据牛顿第二定律的瞬时性，物体立刻得到加速度，但由于物体有惯性，所以物体速度来不及变化，因此速度在此瞬间为零，但有加速度，所以B正确。 解析 B 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 25 9.如图所示，光滑水平面上，A、B两物体 用轻弹簧连接在一起，A、B的质量分别 为m1、m2，在拉力F作用下，A、B共同做匀加速直线运动，加速度大小为a，某时刻突然撤去拉力F，此瞬时A和B的加速度大小为a1和a2，则 (　　) A.a1=0，a2=0 B.a1=a，a2=a C.a1=a，a2=a D.a1=a，a2=a 答案 D 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 26 突然撤去拉力瞬间，物体A受力情况不变，因此物体A的加速度a1=a，由牛顿第二定律可得F弹=m1a，撤去拉力后，物块B在水平方向只受弹簧弹力的作用，由牛顿第二定律可得F弹=m2a2，联立可得a2=a，A、B、C错误，D正确。 解析 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 10.(2022江苏卷)高铁车厢里的水平桌面上放置一本书，书与桌面间的动摩擦因数为0.4，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=10 m/s2。若书不滑动，则高铁的最大加速度不超过(　　) A. 2.0 m/s2 B. 4.0 m/s2 C. 6.0 m/s2 D. 8.0 m/s2 答案 B 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 28 书放在水平桌面上，若书相对于桌面不滑动，则最大静摩擦力提供加速度fm=μmg=mam，解得am=μg=4 m/s2，书相对高铁静止，故若书不动，高铁的最大加速度4 m/s2。故选B。 解析 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 11.(多选)如图所示，质量为m的物块A与质量为M的滑块B通过轻绳跨过光滑定滑轮相连，不计B与水平桌面间的摩擦，重力加速度为g。在A未落地且B未到达定滑轮的运动过程中，物块A的加速度为a，轻绳拉力为FT，则 (　　) A.a=·g B.a=·g C.FT=mg D.FT=·mg 答案 BD 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 30 A、B整体由牛顿第二定律可得mg=(m＋M)a，解得A、B的加速度大小a=g，A错误，B正确；对B由牛顿第二定律可得FT=Ma=mg，C错误，D正确。故选B、D。 解析 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 12.(2021全国甲卷)如图，将光滑长平板的下端置于铁架台水平底座上的挡板P处，上部架在横杆上。横杆的位置可在竖直杆上调节，使得平板与底座之间的夹角θ可变。将小物块由平板与竖直杆交点Q处 答案 静止释放，物块沿平板从Q点滑至P点所用的时间t与夹角θ的大小有关。若由30°逐渐增大至60°，物块的下滑时间t将 (　　) A.逐渐增大 B.逐渐减小 C.先增大后减小 D.先减小后增大 D 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 32 设PQ的水平距离为L，由运动学公式可知gsin θt2 可得t2= 可知θ=45°时，t有最小值，故当θ从由30°逐渐增大至60°时下滑时间t先减小后增大。故选D。 解析 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 13.(2023全国甲卷)(多选)用水平拉力使质量分别为m甲、m乙的甲、乙两物体在水平桌面上由静止开始沿直线运动，两物体与桌面间的动摩擦因数分别为μ甲和μ乙。甲、乙两物体运动后，所受拉力F与其加速度a的关系图线如图所示。由图可知(　 　) A.m甲＜m乙 B.m甲＞m乙 C.μ甲＜μ乙 D.μ甲＞μ乙 答案 BC 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 34 根据牛顿第二定律有F－μmg=ma，整理后有F=ma＋μmg。 则可知F－a图像的斜率为m，纵截距为μmg，则由题图可看出m甲＞m乙，μ甲m甲g=μ乙m乙g，则μ甲＜μ乙，故选B、C。 解析 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 14.如图所示，倾角为θ的光滑斜面固定在水平地面上。在沿斜面向上的恒力作用下，质量为m的物块由静止开始上滑，当滑行距离为x时，其速度大小为v，此时撤去该力，物块继续运动。设斜面足够长。重力加速度为g。求： (1)该恒力的大小F； 答案 mgsin θ＋ 根据运动学公式可得v2－0=2ax 根据牛顿第二定律可得F－mgsin θ=ma 联立化简可得F=mgsin θ＋ 解析 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 36 (2)撤去该力后，物块沿斜面继续向上滑动的距离x'。 撤去该拉力后，根据牛顿第二定律，设物块上滑的加速度大小为a'，有mgsin θ=ma' 根据运动学公式可得0－v2=－2a'x' 联立化简可得x'= 解析 答案 返回 第二节　牛顿第二定律 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 感谢聆听 38 $