专题2 估测题&专题3 选填压轴题-【一战成名新中考】2026云南中考物理·二轮复习·题组题型抢分练

专题二 1.[2025云南1题3分]下列对教室中物理量的估 测，最接近实际的是 A.舒适的室内温度为45℃ B.黑板擦的质量为20kg C.照明灯正常工作的电压为220V D.橡皮擦从课桌掉落到地面所用时间为60s 2.[2024云南1题3分]下列与一名中学生有关的 物理量中，最符合实际的是 A.体温约为25℃ B.质量约为50kg C.身高约为160m D.心脏跳动一次的时间约为10s 3.[2023云南1题3分]下列物理量最接近实际的 是 A.中学生课桌的高度约为80cm B.托起一支铅笔所用的力约为10N C.中学生百米赛跑的成绩约为8s D.一节干电池的电压约为36V 4.下列对生活中常见物理量的估测，符合实际的是 A.托起两个鸡蛋的力约为10N B.人体感觉舒适的环境温度约为37.3℃ C.一节新干电池的电压约为1.5V D.一支铅笔的长度约为80cm 5.[2025遂宁]物理学是认识世界的科学，下列选项 中对事物的认知最接近生活实际的是 () A.家用空调的额定功率约为1000W B.一本物理课本的质量为10kg C.中学生的步行速度约为10m/s D.青藏高原上水的沸点为100℃ 6.[2025连云港]下列物理量最接近实际值的是 A.中学生的重力大小约为50N B.正常人步行的速度约为4m/s C.初中物理课本的宽度约为18cm D.做一遍眼保健操的时间约为10s 7.2025年CCTV1元宵晚会上，主持人撒贝宁与“福兮” 30 题组题型抢 估测题 人形机器人携手登台，如图所示.下列有关“福兮”人形 机器人的物理量中，最符合实际的是 ( A.质量约为50g B.身高约为180cm C.登台速度约为10m/s D.对舞台的压强约为10Pa 第7题图 8.估测在实际生活中的应用十分广泛，如图所示，罗 阳同学对早餐桌上一瓷碗热气腾腾的豆浆进行了 估测，其中最接近实际的是 A.瓷碗的容积约为25L B.瓷碗的质量约为1g C.碗中小瓷勺的质量约为200g 第8题图 D.豆浆的密度约为1.1×103kg/m3 9.如图所示，小红同学手持一瓶未开盖的矿泉水.根 据图片提供的信息，下列对该瓶矿泉水估测最接近 实际的是 () A.瓶的容积约5L B.瓶的高度约25dm C.瓶中水的重力约5ND.瓶中水的温度约89℃ 第9题图 第10题图 10.如图是小军在5月份参加物理实验兴趣小组活 动时所用的一节新的5号干电池，正常情况下， 下列与这节干电池相关的物理量的数值不符合 实际的是 A.高度约为6cm B.质量约为100g C.温度约为20℃ D.电压约为1.5V 11.[2024潍坊]手机是常用的电子工具.图示是某 款国产手机，使用功率为60W的充电器半小时 可充满一次电.下列对于该款手机的估测，最符 合实际的是 A.质量约为500g B.正常使用时，后壳温度约为65℃ C.充满一次电消耗的电能约为0.3kW·h第11题图 D.长度约为1.2dm 分练·云南物理 专题三 选 ③类型1动态电路分析与计算 1.[多选][2024云师大实验学校昆明湖校区期末] 如图所示的电路中，闭合开关$后，将滑动变阻器 的滑片P向右移动，下列说法中正确的是( 第1题图 A.电流表A,示数变大 B.电压表V的示数变大 C.电压表V与电流表A,示数的比值不变 D.电流表A,与A,的示数差不变 2.[多选][2025云师大实验学校模拟]如图所示， 把标有“6V3W”的灯泡L与标有“242 1A”的滑动变阻器R接入电路中.电源电压和 灯丝电阻保持不变，闭合开关$后，将滑动变阻 器R的滑片P向左移动，在此过程中() P R 第2题图 A.电压表V2示数变小，灯泡L亮度变暗 B.电流表A示数变小，电压表V,示数变大 C.电压表V,示数和电流表A示数的比值不变 D.滑片P在最左端时，灯泡L与滑动变阻器R 的实际功率比值为1：2 3.[多选][2025云南模拟]小伟给学校劳动实践基 地的蔬菜大棚设计了一个测量空气湿度的电路图， 如图甲所示.电源电压恒为6V,定值电阻R。的阻 值为20Ω，湿敏电阻R的阻值随空气湿度H的变 化关系如图乙所示.下列分析正确的是() +R/2 30 0■■ 20406080H/% 第3题图 题组题型抢分练 一战成名新中考 填压轴题 A.空气湿度越大，湿敏电阻R的阻值越大 B.空气湿度越大，电压表示数越大 C.当空气湿度为40%时，R与R。两端的电压之 比为3：2 D.当电路中电流为0.15A时，空气湿度为50% 4.[多选][2024秋昭通期末]如图所示是探究“电 流和电阻关系”的实验，电源电压保持3V不变， 分别将52、102、152、202的定值电阻R连 入电路，按实验要求测得通过各定值电阻的电 流，描绘出如图乙所示的图像，下列说法正确的 是 I/A 0.4 0.3 0.2 0.1 05101520R/2 第4题图 A.实验中电压表的示数保持2V不变 B.将R从102换成152后，应将滑片P向左移 C.由图像可知当电压一定时，导体的电流与电阻 成反比 D.不更换任何器材时，可以利用该电路探究“电 流与电压关系”的实验 5.[多选][2025云南模拟]如图甲所示，电源电压 保持不变，R,为定值电阻.当闭合开关S,调节滑 动变阻器R2,使其阻值从最大变化到最小，两个 电阻的“U-”关系图像如图乙所示.下列判断正 确的是 R R A 00.20.40.61/A 甲 第5题图 A.a为滑动变阻器R2的图像 B.电源电压为6V C.定值电阻R,的阻值为202 D.滑动变阻器R,的阻值变化范围为0~102 云南物理 31 6.[多选]如图甲是一个电子拉力计原理图.硬质 弹簧右端和金属滑片P固定在一起（与R,间的 摩擦不计).电压表测量范围为0~3V,分度值为 0.1V,a、b是一根长为6cm的均匀电阻丝，阻值 R,=302,电源电压恒为6V,己知该弹簧伸长的 长度△L与所受拉力F间的关系如图乙所示.闭 合开关后，下列关于该电子拉力计的有关说法， 正确的是 △L/cm A ①P 30 .-000 弹簧 拉环 0200400600F/ 甲 第6题图 A.要保证电压表能正常工作，电路中R。至少应 为302 B.当拉力变大时，电路中的电流表示数会变小 C.若R。=452,当电压表指针指在0.8V处，作 用在拉环上水平向右的拉力为400N D.若R。=452,将电压表改为拉力器，此拉力器 的分度值为25N 7.[多选][2025云南模拟]标有“4V52”字样 的小灯泡和标有“20Ω0.5A”字样的滑动变 阻器连接在如图所示的电路中，其中电源电压为 4.5V,电流表的测量范围为0~0.6A,电压表的 测量范围为0~3V,假设小灯泡的电阻不变.闭 合开关，在保证电路安全的情况下，下列说法正 确的是 A.灯泡允许的最大电流为0.8A B.电流表的示数范围是0.3~0.5A C.电压表的示数范围是2~3V D.滑动变阻器的调节范围是9~152 0 R R. ④ 第7题图 第8题图 8.[2024秋昆八中期末]如图所示电路中，电源电 压保持不变，开关S闭合后将滑片P向左移动 32 题组题型抢 时，电压表V,示数 电压表V2示数与 电流表A示数之比 .(两空均选填“变 大”“变小”或“不变”) 9.[2025昆明模拟]如图所示，已知电源电压为 10V,将滑动变阻器滑片P移到最左端，闭合开 关S,灯泡发光，电流表示数为0.35A,电压表示 数为7V,则此时滑动变阻器接入电路的电阻是 Ω，在滑片P向右移动的过程中电流表的示 数将 (选填“变大”“变小”或“不变”). R L☒ H④ 第9题图 10.[2025昆明市西山区一模]如图甲电路中电源 电压保持不变，闭合开关后，将滑动变阻器的滑 片由A端向B端移动的过程中，两电压表的示 数与电流表的示数变化关系如图乙a、b所示， 则电路中电源电压为 V,滑动变阻器R的 最大阻值为 0.6 B 0.4 A 0.2 0 2 4 6Ui六W LU 第10题图 11.小杜家的电水壶内部电路图如图所示，额定电 压为220V.只有R,为加热管(R,放出的热量 全部被水吸收)，R2为限流电阻.调节S、S、S) 可以使电热水壶分别处于加热和保温状态，正 常工作时加热管R,两种状态的功率分别为 1210W、48.4W.正常加热时R,中的电流为 A;用电高峰期，电源电压为200V,电水 壶在保温状态工作，假设水壶内水温保持恒定 不变，水壶内的水每分钟向外界散发热量为 加热管R 220V 第11题图 分练·云南物理 ③类型2与浮力有关的分析与计算 12.[多选][2024春云南期中]如图所示，木棒的 端缠绕铜丝做成一支简易密度计，将它放入分别 装有甲、乙两种液体的烧杯中，它会竖直立在液 体中，且在甲中浸入的深度大于在乙中浸人的深 度，则 第12题图 A.液体密度大小P甲P2 B.密度计在液体中是悬浮的 C.密度计排开液体的质量大小m甲=mz D.密度计在液体中受到的浮力大小F甲=F乙 13.[多选][2025安宁市一模]如图，圆柱形容器内 装有水，在水面漂浮着一个体积为4.5×104m 的冰块，冰块内含有质量为90g的物体，此时冰 块有五分之一的体积露出水面.(p体=0.9×10 kg/m3)下列说法正确的是 A.冰块受到的浮力为3.6N B.冰块浸在水中的体积为360cm C.物体的密度是0.6g/cm D.此时物体的重力等于冰块的浮力 A万 B 甲 第13题图 第14题图 14.[多选][2025云南师大实验学校模拟]如图所 示，水平桌面上有甲、乙两个相同的烧杯装有质 量相同的水和其他液体（甲烧杯装水），现将两 个体积均为10-3m3的A、B两物体分别放入甲、 乙两烧杯中，A、B两物体静止时在如图所示的 位置，物体A受到的浮力为5N,物体B受到的 浮力为12N,两烧杯中液面相平，两烧杯底面积 均为4×102m2.下列判断正确的是() 题组题型抢分练 一战成名新中考 A.物体A的质量为0.5kg B.乙烧杯中液体密度为1.2×103kg/m C.将物体B放在甲烧杯中的物体A上，物体B露 出水面的体积为1.7×104m D.烧杯甲对桌面的压强大于烧杯乙对桌面的压强 15.[多选][2024云南师大实验中学期中]如图甲 所示将小玻璃瓶装适量的水倒扣在装满水的塑 料瓶中，使其恰好能漂浮在水面上，旋紧塑料瓶 盖，这就做成“浮沉子”.用力捏塑料瓶，则水会 进入小玻璃瓶，浮沉子下沉.如图乙所示，小玻 璃瓶的横截面积为S=3cm2,未用力捏塑料瓶 时小玻璃瓶内外水面高度差h,=1cm,塑料瓶 内水面到小玻璃瓶底部高度差h2=6cm,P水= 1.0×103kg/m3,忽略小玻璃瓶的厚度，下列说 法中正确的是 甲 乙 第15题图 A.空玻璃瓶质量为3g B.浮沉子下沉时，浮力大于重力 C.用力捏塑料瓶时，小玻璃瓶内的空气压强变小 D.用力挤压塑料瓶，小玻璃瓶可能在水中悬浮 16.如图所示，底面积为300cm 足够高的圆柱形容器A放 木块 在水平面上，内放一个装 第16题图 满水的圆柱形容器B(厚 度不计，且与A底部未紧密结合).容器B重力为 2N,底面积为200cm2,高度为20cm.不吸水的 正方体木块边长为10cm,密度为0.5g/cm3. 木块轻轻放入容器B中，当木块最终静止时，水 对容器B底部的压强是 Pa;把木块取 出（不计取出木块时沾的水），再从容器B中抽 出体积为 cm3的水倒入容器A中时，容 器刚好漂浮. 云南物理 33 17.[2024春盘龙区校级期中]测量范 围为100mL的量筒里装有60mL 的水，小明将一支钢笔慢慢放入量 筒中如图所示，刚开始钢笔处于漂 第17题图 浮状态，量筒内液面对应85mL,则钢笔的质量 为g不一会儿，小明发现量筒中有水缓 慢漏进钢笔中，钢笔缓慢下降，最终沉入量筒底 部，则在从钢笔漂浮到沉底整个过程，量筒内水 对底部的压强变化情况为 (选填“逐渐增加”“逐渐减小”“先不变后增加” 或“先不变后减小”) 18.如图甲所示，将圆柱形水杯M竖直放置在具有 一定高度的薄壁圆柱形容器中，容器自重为4N 且装有一定量的水.M具有一定厚度，其质量为 100g,外底面积为100cm2,高为10cm.现逐渐 向M中加水，M外底到容器底部的距离h与加 入水的质量m的关系如图乙所示，加水过程中 M始终保持竖直，且不计杯壁上所沾的水.则最 初未加水时，M所受浮力为N,当加水质量为 m时，容器对水平桌面的压强为 Pa h/cm 14.5 11.0 10.5 --- 水平桌面 0 800m1m/g 甲 乙 第18题图 19.如图所示，小明将一个不吸水的工艺品（它的上 端为质地均匀的柱形木块A,木块上粘有合金 块B)竖直在水中如图甲，静止时木块浸入水中 的深度为h,;因黏合处松动导致合金块沉底，如 图乙，静止时木块浸入水中的深度为h2;工艺品 (由A、B两部分构成)所受浮力与甲图相比 (选填“变大”“不变”或“变小”).将B 从水中捞出放在A的上方，A、B一起漂浮，合金 的密度为水的n倍，当木块在水中竖直漂浮时， 34 题组题型抢 浸入水中的深度h= ,(用hh2n表示， 不考虑工艺品沾水对实验的影响). h,F B 乙 第19题图 20.小明设计了一种水下探测器.探测器的主体是 一个边长为20cm的正方体金属盒，上下各有 一个带传感器的阀门，总重力为30N,某次水底 采样时，向探测器内注水，探测器沉入水底.采 样完成后，遥控传感器将两个阀门同时打开，从 上阀门注入高压气体，水从下阀门流出，当探测 器内水的深度为10cm时，关闭两阀门，探测器 连同样品能匀速上浮，如图所示.则探测器内水 对金属盒底部产生的压强为Pa,样品的 密度为 kg/m3.(已知样品体积为 200cm,不计金属盒厚度及阀门和传感器的体 积，忽略气体质量和水的阻力) 一力传感器 上阀门 气体 细线 下阀门 升降台 样品 第20题图 第21题图 21.[2025重庆]小渝同学将重1N、底面积200cm2 的薄壁圆柱形溢水杯B放在水平升降台上，如 图所示，内装17cm深的水，则溢水杯对升降台 的压强为 Pa;溢水口到杯底的距离 20cm;将底面积100cm2、高10cm的圆柱体A 悬挂于力传感器的挂钩上，示数为20N.升降台 缓慢上升至圆柱体A刚好浸没，溢出水3.5N, 静置一段时间后，水面下降0.5cm并保持不 变，再将升降台降低2cm(全过程A无水溢 出).此时力传感器的示数为 N.(不考 虑细线伸长、水的蒸发和圆柱体A吸水前后的 体积变化) 练·云南物理第二部分 专题一热点素材类试题 (一)航天航海科技 1.DE 2.CE 3.B 4.ABD 5.D 6.CD 7.B 8.省力费9.引力变短水10.B11.A12.C 13.(1)电磁波(2)密度飞机的机身通常采用铝合金等 轻质材料 14.负右小大15.B16.B 17.C【解析】满载时，该驱逐舰所受的浮力F浮=G排= m#g=12000x103kg×10N/kg=1.2×10N,故A错误： “延安”号满载时舰底受到海水的压强p=Pgh=1.0× 103kg/m3×10N/kgx6.6m=6.6×10°Pa,故B错误：当 “延安”号成功发射导弹后，自身的重力减小，根据浮沉 条件知，浮力减小，而液体密度不变，根据F浮=P海水gV鞋 可知，排开液体的体积减小，由V=Sh知吃水深度变小， 所以“延安”号会上浮一些，故C正确：“延安”号满载时 进人海水密度不同海域行驶，都处于漂浮状态，受到的 浮力等于其自身的重力，重力不变，其所受浮力不变，故 D错误.故选C 18.4×108变小 19.2000m3变大【解析】排水量m#=2000t=2×10kg: 根据阿基米德原理知，满载时所受的浮力F浮=G#= m#g=2×10kg×10N/kg=2×10'N;由Fe=P液gV#可 知，“珠海云”号排开海水的体积为V排= P海水g 2×10N =2000m3:漂浮在海面上，浮力 1.0×103kg/m3×10N/kg 等于自身的重力，搭载仪器后，重力变大，则浮力变大 根据F浮=P藏gV#可知，排开液体的体积变大，底部所处 的深度变大，根据p=P液gh可知，“珠海云”号底部受到 海水的压强变大. 20.3.09×10变大1.03×108【解析】根据阿基米德原 理知，潜水器完全浸没在海水中时受到的浮力为F浮= P海水g'#=1.03×103kg/m3×10N/kg×30m3=3.09× 10N:潜水器在继续下潜的过程中，液体密度不变，深度 变大，故受到海水的压强将变大.在10000m深处受到 的海水压强为p=P海水gh=1.03×103kg/m3×10N/kg× 10000m=1.03×10Pa 21.1.5×10不变 (二)重大体育赛事 1.A2.B3.A4.B5.AD6.C7.D8.C9.C 10.AD11.乙乙12.下凸13.做功A 14.(1)100(2)电磁感应(3)电能转化为机械能和内能 15.如答图所示 F 第15题答图 专题二估测题 1.C2.B3.A4.C5.A6.C7.B8.D9.C 10.B11.D 专题三选填压轴题 1.AC【解析】由电路图可知，R,与R2并联，电压表测电源 38 参考答案及重难题 南特色题型 两端的电压，电流表A,测R,支路的电流，电流表A,测 干路电流：由于电源电压不变，以滑片移动时电压表V 的示数不变：并联电路各支路互不影响，所以滑片移动时 通过R,的电流不变，即电流表A,的示数不变：将滑动变 阻器的滑片P向右移动，变阻器接入电路中的电阻变小， 庙了令知，通过R,的电流变大：根据并联电路的电流规 律可知，干路电流变大，即电流表A,的示数变大，故A正 确，B错误：电压表V的示数不变，电流表A1的示数不 变，则电压表V与电流表A,示数的比值不变：根据并联 电路的电流规律可知，电流表A,与A,的示数之差等于 通过R,的电流，通过R,的电流变大，电流表A,与A,的 示数之差变大，故C正确，D错误.故选AC. 2.CD【解析】由电路图可知，R与L串联，电压表V,测L 两端电压，电压表V,测R两端电压，电流表A测电路中 的电流，闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向左移 动的过程中，电路电阻变大，根据欧姆定律可知电路电流 变小，电流表示数变小，由U=R知灯泡两端的电压变小， 即电压表V,示数变小，由P=I知小灯泡的实际功率变 小，灯泡变暗，由串联电路电压的规律知滑动变阻器两端 电压变大，即电压表V,示数变大，故A、B错误：电压表 V,示数与电流表A示数的比值为灯泡的电阻，灯泡电阻 不变，所以这个比值也不变，故C正确：小灯泡的电阻为： _-(6V)=12:滑片P在最左端时，滑动变阻器 R=P=3 W 接人电路的电阻最大，阻值为24Ω：灯泡L与滑动变阻器 的标动率此值务合层会-8放D正 确.故选CD 3.BCD【解析】由图乙知，空气湿度越大，湿敏电阻R的阻 值越小，故A错误：定值电阻R。和湿敏电阻R串联，电压 表测定值电阻R。两端的电压：空气湿度越大，湿敏电阻R 的阻值越小，根据串联分压原理知，湿敏电阻R两端的电 压越小，定值电阻R。两端的电压越大，即电压表示数越 大，故B正确：由图乙知，当空气湿度为40%时，湿敏电阻 R的阻值为300，根据串联分压原理得，=_30Q R。U。202 3 ①，U+。=6…②，由①2解得，U=3.6V, U。=2.4V,R与R。两端的电压之比为3.6V:2.4V= U电源-6V 3:2,故C正确；根据欧姆定律得，R鱼=T=0.15A 402,根据串联电路电阻的特点，R,'=R-R。=402-202= 202,由图乙知，对应的湿度为50%，故D正确.故选BCD. 4.ACD【解析】根据图乙，由1=可得，电压表的示数U= R IR=0.4A×5=0.2A×102=0.1A×202=2V保持不 变，故A正确：将定值电阻R从102换成152后，电阻 分得的电压会变大，为了保证定值电阻R两端电压不变， 需减小定值电阻两端电压，根据串联电路电压规律，应增 大滑动变阻器两端电压，根据分压原理，需增大滑动变阻 器接入电路的阻值，故应将滑片向右移动，故B错误：由 图乙可知，定值电阻的阻值与对应的电流值的乘积不变， 故从图像可以得出结论：电压一定时，导体中的电流与电 阻成反比，故C正确；探究电流与电压的关系时，需保持 定值电阻不变，改变定值电阻两端的电压，读出对应的电 析·云南物理 流表示数，不更换任何器材时，可以利用该电路探究“电 流与电压关系”的实验，故D正确.故选ACD. 5.AB【解析】两电阻串联，电压表V,测R,的电压，电压 表V,测R2的电压，电流表测电路的电流，调节滑动变阻 器R,,使其阻值从最大变化到最小，当变阻器连入电路的 电阻为0时，电压表V,示数为0，故a为滑动变阻器R, 的图像(b为R,的图像)，A正确：当变阻器连入电路的电 阻为0时，电路为R,的简单电路，电压表V1的示数（最 大)即为电源电压，由图乙知，电源电压为6V;B正确：根 据b图像可知，当电压为6V时，通过的电流为0.6A,由 016V 欧姆定律得，R,-了0.6A100,C错误：当变阻器连 人电路的阻值最大时，电路的电流最小为0.2A,根据串 联电路的规律及欧姆定律，变阻器的最大电阻R铁了 U R1-0.2A10D=20D,故滑动变阻器R,的阻值变化范 围为0~202.D错误.故选AB. 6.AD【解析】由图甲可知，R。、R,串联，电压表与R,的左 半部分并联，当电压表示数最大为3V时，即滑片P在b 茶，电路的电流会滑-01A,此时电阻风的组 U-U 6V-3V 值R。=1 0.1A =302,故A正确；由图甲可知，当 拉力变大时，滑片向右移动，但R,接入电路的阻值不变 电路中的总电阻不变，根据欧姻定律可知，电路中的电流 不变，即电流表示数不变，故B错误：若R。=452,电路中 的总电阻R。=R。+R1=452+302=752,电路中电流 R。750=0.08A,当电压表指针指在0.8V处时，与 U 6V 电压表并联的电阻的阻值R= T0.08A=100,则此时 v0.8V 弹簧伸长的长度41-0骨x10n=2cm,由图乙可知，作 用在拉环上水平向右的拉力为200N,将电压表改为拉力 器，电压表的分度值为0.1V,电压表示数增大0.1V,则 带大的拉力△P82mN=25N.即批拉力器的分度 值为25N,故C错误，D正确.故选AD. 7.ABC【解析】小灯泡上标有“4V52”字样，所以灯泡 允许的最大电流1一只分08A,故A正确：由电路图 可知，滑动变阻器与灯泡串联，根据各元件规格，为保证 电路安全，电路中的电流：1≤0.5A,即：R+ U -≤0.5A, 4.5V -≤0.5A,解得：R≥42，为保证电压表安全 52+R U≤3V,即R+R 4.5V xR#≤3V,50+RX ×R#≤3V,解得： R≤102，所以滑动变阻器的取值范围为4~102，故D 错误：当滑动变阻器连人最大阻值102时，电路中电流 4.5V 最小，l小-5+100=0.3A,所以电流表示数范围为 0.3~0.5A,故B正确：当滑动变阻器连入阻值最大102 时，电压表示数最大为3V,当电路中电流最大时，变阻器 连入阻值最小，电压表示数最小，U#最小=0.5A×42= 2V,所以电压表示数范围为2~3V,故C正确.故 选ABC. 参考答案及重难， 一战成名新中考 8.变大变小【解析】由电路图可知，滑动变阻器与定值 电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表V,测量R, 两端的电压，电压表V,测量R,两端的电压：开关S闭合 后将滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变 小，电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路的电流变 大，电流表的示数变大；由U=R知，定值电阻R,两端的 电压变大，电压表y,的示数变大：根据R=号可知，电压 表V,示数和电流表示数之比为滑动变阻器接入电路的 电阻值，所以该比值变小 9.20不变【解析】由电路图可知：灯泡L与滑动变阻器 R串联，电压表V测量滑动变阻器滑片右边电阻两端的 电压，电流表测量电路中的电流，将滑动变阻器滑片P移 到最左端时，电压表测量滑动变阻器两端的电压，根据1= 可得此时滑动变阻器接入电路的电阻R= UR 0.35A=200;由电路图分析可知，滑动变阻器的阻值全 7V 部接入电路中，无论如何移动滑片，电路中的电阻不变，由欧 姆定律可知，电路中的电流不变，即电流表的示数不变 10.625【解析】由电路图可知，小灯泡与滑动变阻器R 串联，电压表V,测小灯泡两端的电压，电压表V,测R 两端的电压，电流表测电路中的电流，滑片从A端向B 端滑动的过程中，滑动变阻器接人电路的阻值变小，电 路总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路电流变大，小灯 泡两端的电压变大，滑动变阻器两端的电压变小，因此 图乙中，a为小灯泡的I-U关系图像，b为滑动变阻器R 的I-U关系图像，由图乙可知，R接入电路的阻值最大 时，电路中的电流最小为I=0.2A,小灯泡两端的最小电 压为U灯小=1V,此时R两端电压为Ue=5V,则电源电 压为：U=U,+U,=1V+5V=6V;R的最大阻值为R大= UR 5V =252. 10.2A 11.5.52400【解析】由电路图可知，当S、S1、S2都闭合 时，电路为R,的简单电路，此时通过R,的电流最大，其 功率最大，电热水壶处于加热状态，由P=UI可得，正常 工作时通过加热管的电流1=20V P热1210W =5.5A:由 _U颜_220V」 欧姆定律可得加热管的电阻R,=了.5A40D,当 开关S、S,闭合，S,断开时，R,与R,串联，此时电路中的 电流最小，R,的电功率最小，电热水壶处于保温状态，因 串联电路中各处的电流相等，以电路中的电流：'= 48.4W E=4o0 =1.1A,此时电路的总电阻Re=与 220V =2002,若电源实际电压为200V,保温时R,与 1.1A R串联，此时电路的电流r=.200V」 R20001A,加热电 阻R,在保温状态的实际功率P醚实=R=(1A)子× 402=40W,由于水壶内水温保持恒定不变，所以保温 时电热水壶加热管产生的热量等于水壶内水每分钟向 外界散发的热量，所以水壶内的水每分钟向外界散发热 量Q=W=P保醚实t=40W×60s=2400J. 12.CD【解析】由题意得，密度计在甲、乙液体中漂浮，受 到的浮力等于重力，则密度计在液体中受到的浮力大小 关系为：Fm=F乙，故B错误、D正确；由F浮=G排、G=mg 题解析·云南物理 39 得，密度计排开液体的质量大小：m甲=mz,故C正确；在 甲液体中浸人的深度大于在乙液体中浸人的深度，密度 计排开甲液体的体积较大，由P=二得，液体密度大小： Pmpz,故A错误.故选CD. 13.ABC【解析】冰块浸在水中的体积V:=V年=V-5V= 5x10m、×4.5x10m2=3.6x10m=360 故B正确；冰块受到的浮力：F说=G排=P本V排g=1× 103kg/m3×3.6×10m3×10N/kg=3.6N,故A正确；因 为冰块和物体一起处于漂浮状态，所以冰块和物体的总 重力Ga=F浮=3.6N,故D错误：设冰的体积为V*,物体 的体积为V物，则冰+V物=V=4.5×10m3①，G体+ G物=Ga,即P*gV球+m物g=Ga,则0.9×103kg/m3× 10N/kg×V*+0.09kg×10N/kg=3.6N.②.由①② 解得V*=3×10‘m3,物=1.5×10m3,物体的密度p物= m物-0.09kg=0.6×103kg/m2=0.6g/em,故C正 V物1.5×10m 确.故选ABC. 14.AB【解析】由图甲知物体A处于漂浮状态，受到的浮 力等于其自身的重力，即G=F浮4=5N,由G=mg知物 体A的质量m=名10g0.5kg,故A正确：根据 F=P腋gV排得乙烧杯中液体密度P2= gVa 10Vkgx10m=1.2×10kg/m',故B正确：由图乙知 12N B物体处于悬浮状态，B物体受到的浮力等于B物体的 重力，即G。=FB=12N:将物体B放在甲烧杯中的物体 A上，物体A、B整体处于漂浮状态，受到的浮力F浮=G+ Gs=5N+12N=17N,根据F=P腋gV#得物体A、B排开 水的体积=。 17N =1.7× pg1.0×103kg/m3×10N/kg 103m,物体B露出水面的体积Vg深=V+Vs-V排= 103m3+103m3-1.7×103m3=3×10-4m3,故C错误：A 的重力小于B的重力，两种液体的质量相等，根据G=mg 可知两液体的重力相等，根据F=G物+G藏+G客可知甲烧 杯对桌面的压力小于乙烧杯对桌面的压力，烧杯的底面 积相同，根据=可知甲烧杯对桌面的压强小于乙烧 S 杯对桌面的压强，故D错误.故选AB. 15.AD【解析】装人水的小玻璃瓶漂浮，浮力等于重力 F浮=G本+G,即P水gV#=P水gV水+m版g,即P水gSh,= PgS(h2-h1)+m廉g,P水Sh,=p水(h2-h1)S+m瓶，代入已 知值可解得m=3×103kg=3g,故A正确；浮沉子下沉 时，浮力小于重力，故B错误：用力捏塑料瓶时，水进人 小玻璃瓶，小玻璃瓶内的空气体积减小、压强变大，故C 错误：用力挤压塑料瓶，瓶内空气被压缩，将压强传递给 水，水被压人小玻璃瓶中，它的重力增加，下沉排开水的 重力增大，由阿基米德原理F浮=G#可知浮力增大当浮 力等于重力，就会悬浮在水中，故D正确.故选AD 16.2000900【解析】木块体积V本=(10cm)3=1000cm= 1×103m3,则木块的重力G本=m本g=p*V本g=0.5× 103kg/m×1×103m×10N/kg=5N,因为木块密度小于 水的密度，木块在水中漂浮，根据物体沉浮条件可知F =G*=5N,由阿基米德原理F?=P本gV#可知，木块排开 40 参考答案及重难题解 F进三 5N 水的体积V#p本g1x10kgm×10N =5×104m3, 木块放人后，水溢出，B容器中水的深度不变，h=20cm= 0.2m,则水对容器B底部的压强p=P水gh=1× 103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa;木块轻轻放人容 器B中漂浮在水中，溢出水的重力等于木块受到的重力 G蓝出=G木=5N,则溢出水的质量m滋出=- _G蓝H-5N &-10 N/kg- 0.5kg=500g,设再从B容器中抽出质量为m(单位为 克)的水倒入容器A中，容器B刚好处于漂浮状态，则此 时A中水的质量m=(500+mo)g,则此时水的深度为h= (500+m0)g (S容-SB)P水 (300cm2-200cm2)×1.0g/cm3 500+mo cm,B恰好浮起时的总重力等于浮力，则有Gs+ 100 G水-G滥#-G,=F浮，则有0.2kg×10N/kg+40N-5N-m× 10-3kg×10N/kg=200 500+m×10*mx1.0x10kg/m× 100 10N/kg,解得m=900g,即从B容器中抽出水的体积 y-m0=900g=900cm2. P水1g/cm3 7.25先不变后减小【解析】钢笔漂浮时所受浮力F浮= P孩gV#=1.0×103kg/m3×10N/kg×(85-60)×10-6m2= 0.25N,钢笔的质量m= G_0.25N=0.025kg=258 g 10 N/kg 钢笔漂浮时，浮力等于重力，根据阿基米德原理F浮=G排 =P腋gV排，随着水进人钢笔，钢笔的总重力增加，同时排 开水的体积增加，由F浮'=G。=P液gV排'知，增加的浮力 等于进人钢笔的水的重力，则△F=P水g△V排=△G水= Pg进人，则△V排=V进人，故液面不变，待全部浸没时，浮 力小于总重力，F#<GP超V#<G笔+G人，所以V#<V笔+ V人，故深度下降，由p=Pgh得水对量筒底部的压强先不 变后减小. 18.12200【解析】由题意和图像可知，最初未加水时，M 处于漂浮状态，根据物体的漂浮条件可知：F浮=G物= m物g=100x103kg×10N/kg=1N;由图乙分析可知，开 始时M外底到容器底部的距离h为14.5cm,当逐渐向 M中加水时，M会逐渐下降，h会逐渐减小：当加水800g 后，M内水装满，此时水会进入容器中，由于h又逐渐增 加，则可知装满水的水杯M处于漂浮状态；当加水m 后，h不再变化，说明此时容器中的水已加满：综上所述 可知，当加水800g后，水杯受到的浮力等于M的重力和 加人水的重力，即F=Gw+G水1=(m物+m,)g=(100× 103kg+800x10kg)×10N/kg=9N;根据F浮=P液V#g可 知，此时排开水的体积V#= pg1x10kg/m3×10N/kg 9×104m3=900cm3,则M浸入的深度h1= V一 S 900em=9cm:因M处于漂浮状态，则加水m,后，容器 100cm 中水的总高度为ha=h1+11cm=9cm+11cm=20cm;当 加水800g时，增加的浮力等于水的重力，即F浮始= G*1=800x10-3kgX10N/kg=8N,根据F浮=P藏V排g可 知，此时增加排开水的体积V粉=Pg 8 N 1×103kg/m3×10N/k =8×10-4m3=800cm3,M浸入水 析·云南物理 V排增800cm 的商度增加了h:=S-100C=8cm,容器中水上升 的体积等于增加排开水的体积，即V#增=(S容-Sa)h增， VS= 由此可知容器的底面积S= 800cm3 8 cm 100cm2=200cm2=2×102m2;当加水质量为m1时，容 器对桌面的压力等于容器的重力与加人水的总重力及 M的重：由于水杯漂浮，加人水的总重力与M的重力之 和等于其排开水所受到的重力，即容器对桌面的压力 F=G容+G水+C#水=G容+G水台=G容+Pighe S容=4N+1.0× 103kgm3×10N/kg×0.2m×2×102m2=44N;则容器对 44N 水平桌面的压强p= =2200Pa S室2×10-2m2 19.变小，-b 【解析】图甲中B与A一起漂浮，A、B受 n-1 到的总浮力F浮m=G4+Gg,图乙中A仍然漂浮，但B沉 底，则F浮4=G4,F浮B<GB,则A、B受到的总浮力F乙<G4 +G,因此图乙与图甲相比，工艺品受到的浮力变小：设 木块A的底面积为S,根据图乙可知，木块受到的浮力 F浮A=G,=PgV1#=P水gSh2,根据图甲可知，浮力等于重 力，即F浮p=Ga+G8,即：Pg(Sh,+Va)=PgSh,+nP水V:g, h1-h2 则有Va= -S,将B从水中捞出放在A的上方，A,B 起漂浮，则浮力等于重力，即：F浮=G4+GB,即：PgSh= ×一1S,所以浸人水中的深度h,= h1-h2 nh-h2 P水gSh,+nP招 n-1 20.10006×103【解析】水的深度为10cm时，压强p= Pgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10×10-2m=1000Pa关 闭两阀门，探测器排开水的体积等于探测器的体积 V#=V测=(20cm)3=8×103cm3=8×103m3;根据阿 基米德原理知，整体受到的浮力为F浮=P水gV排急=1.0× 103kg/m3×10N/kg×(8×103m3+200×10-6m3)=82N: 探测器内部水的重力G本=m水g=P水gSh探测=1.0× 103kg/m3×10N/kg×20×20×10-4m2×0.1m=40N:探测 器连同样品恰能匀速上浮，则整体处于平衡状态，即 F浮=G探测+G水+G品，代入数据可得82N=30N+40N+ P稀品×200x10-6m3×10N/kg,解得p品=6×103kg/m2. 21.175015.5【解析】溢水杯中水的重力G本=m*g= P超V本=1000kg/m3×10N/kg×200×10-4m2×17× 102m=34N:溢水杯对水平升降台的压力F=G林+G本= 1N+34N=35N,则溢水杯对升降台的压强p=S 200x10m=1750Pa:升降台缓慢上升至圆柱体A刚 35N 好浸没时，溢出水的体积V滋=100cm2×10cm-(20cm- 17cm)×200cm2=400cm3=4×104m3:溢出水的重力 G指=p超V滋=103kg/m3×10N/kg×4×104m3=4N:实际 溢出水的重力为3.5N,则有4N-3.5N=0.5N的水被 圆柱体A吸收：静置一段时间后，水面下降0.5cm并保 持不变，则此过程中圆柱体A再次吸收水的体积Vs'= (SB-S,)△h=(200cm2-100cm2)×0.5cm=50cm3.所以 圆柱体A再次吸收水的重力G暖'=P本V吸'g= 1000kg/m3×50×106m3×10N/kg=0.5N,则整个过程 中圆柱体A吸收水的总重力G级台=G吸+G吸'=0.5N+ 0.5N=1N:升降台降低2cm,水面再次下降的高度 100cm×2cm △h'=d+ =4cm:此时圆 SB-S =2cm+200cm2-100cm 参考答案及重难， 一战成名新中考 柱体A浸在水中的体积V#'=S,(h-△h-△h')=100cm ×(10cm-0.5cm-4cm)=550cm3;此时圆柱体A受到 的浮力F浮'=PgV#'=1000kg/m3×10NVkg×550× 106m3=5.5N;则此时力传感器的示数F拉=G+G吸 Fm'=20N+1N-5.5N=15.5N. 专题四材料阅读题 1.(1)振动(2)不能(3)1.7(4)超声波清洗机 2.(1)凝结核(2)存在(3)不容易(4)飞机外壳安装 电加热装置 3.(1)遥感技术(2)凸透镜高(3)农民用无人机给小 麦喷洒农药 4.(1)一亿(2)锶(3)振动频率高的物体(4)荡秋千 5.(1)小(2)当地的自然条件(3)湿润(4)干旱 6.(1)C(2)乙(3)0.2(4)凸透镜 7.(1)C(2)②②③①④(3)改变 8.(1)480(2)乙(3)客机大范围采用铝锂合金材料，铝 锂合金的密度较小，体积相同时，质量较小(4)不能 9.(1)月球围绕地球转动时引潮力方向不同(2)涨潮 变大(3)无污染 10.（1)内能变小(2)做功下部温度高 11.(1)钉扎(2)真空管道(3)3(4)空气中氮气含量 丰富，液氮的获取和制备相对容易 12.（1)被动模式仅一方有电源，主动模式双方均有电源 (2)C(3)LED小灯发光(4)RFID工作频率比NFC 工作频率高 13.(1)用电器(2)缩小智能化浅充电(3)300 专题五教材重点实验 1.(1)玻璃板(2)不变(3)10(4)放大投影仪 (5)远离 2.(1)A(2)垂直(3)大小(4)相等(5)③虚 (6)不变 3.(1)10.0(2)同一高度(3)照相机放大(4)近视 (5)15.0当物距大于3倍的焦距时，实像高度将小于光 源高度的一半 【解析】(1)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在 主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离 是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距f=40.0cm- 30.0cm=10.0cm:(2)实验前，为了使像成在光屏中央. 应在光具座上调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一 高度：(3)调节好实验器材后，小滨在如图丙位置观察到 清晰的像，物距u=50.0cm-10.0cm=40.0cm>2f,成倒 立缩小的实像，是照相机的原理：若将蜡烛向右移动 25cm,此时蜡烛放在35cm位置处，物距为15cm,物距大 于f小于2f,故成倒立、放大的实像：(4)根据题意，蜡烛远 离凸透镜时，光屏上的像变模糊，是因为像距变小，像于 光屏左边形成，近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用： (5)由表格数据可知，物距为30.0cm时，成等大的像，故 焦距为15.0cm,物距等于45.0cm时，像高是物高的一 半，根据物远像近像变小可知，当物距等于3倍的焦距 时，实像高度将为光源高度的一半 4.(1)较小(2)使冰块均匀受热(3)晶体不变 (4)10固液共存态(5)不会(6)错误 5.(1)由下到上外焰(2)减少热量的损失，缩短加热时 间偏大（3)a(4)99吸收热量(5)继续吸热，但 温度保持不变(6)水的初温较低(7)不会(8)调为 小火 题解析·云南物理 41