2026年山东济南中考物理一轮复习--专题训练---专题05 内能（知识点专练）

专题05 内能 一、单项选择题（共8小题） 1．（2025秋•盐城期末）下列事例中，与“水的比热容较大”这个特性无关的是（　　） A．汽车发动机用水作冷却剂 B．人游泳之后从水中出来，风一吹感觉更冷 C．海边昼夜温差比沙漠小，适于居住 D．人体内含水量高，有助于调节体温 2．（2025秋•东河区期末）小明妈妈用蒸锅蒸熟的莜面香味四溢，充满整个厨房。蒸熟的莜面粘在了一起，不易分开。下列说法正确的是（　　） A．莜面粘在一起说明分子间只存在引力 B．香味四溢是香味分子在空气中发生了扩散现象 C．莜面蒸熟后，内能保持不变 D．蒸熟莜面可能是通过做功的方式改变其内能 3．（2025秋•汉川市期末）我国古代科技著作《天工开物》中，对釜的铸造有“铁化如水，以泥固纯铁柄构从嘴受注”这样的记载，如图所示。下列说法正确的是（　　） A．炽热的铁水具有内能，冰冷的铁块没有内能 B．“铁化如水”是通过热传递改变铁的内能的 C．铸好的釜很难被压缩，是因为分子间无间隙 D．用铁铸造的釜加热升温快是因为铁比热容大 4．（2025秋•南昌期末）如图所示是我国古籍《天工开物》中描绘的造纸时“透火焙干”的情景。将一张张湿纸膜贴在砖墙上，在巷中生火，砖的温度升高，湿纸膜上的水分逐渐蒸发，干透后揭下来就是成品纸了。下列说法正确的是（　　） A．干透后的成品纸，其分子停止无规则运动 B．砖的温度越高，分子热运动越剧烈 C．湿纸膜能贴在砖墙上是因为分子间存在斥力 D．湿纸膜烘干的过程是通过做功改变其内能 5．（2025秋•大丰区期末）下列关于热量、内能、温度的说法中正确的是（　　） A．0℃的冰和0℃的水内能大小相同 B．200g的水比100g的水具有内能多 C．内能小的物体可以把热量传递给内能大的物体 D．物体的内能变大，温度一定升高 6．（2025秋•榆林期末）陕西各地民俗节日里的特色美食承载着浓浓乡情，下列说法正确的是（　　） A．中秋节——陕北米脂月饼常需冷藏保鲜，当月饼的温度为0℃时，它的内能为零 B．清明节——陕南安康青团软糯香甜，两个青团很容易粘到一起，是因为组成青团的材料分子间没有斥力 C．腊八节——关中咸阳腊八粥熬煮后香气四溢，说明温度越高，分子运动越剧烈 D．冬至——西安回民街刚出锅的牛肉饺子热气腾腾，“热气腾腾”是扩散现象 7．（2025秋•揭西县期末）下列说法正确的是（　　） A．尘土飞扬是一种扩散现象 B．物质都是由分子构成的 C．海绵容易被压缩，说明分子间存在间隙 D．固体很难被拉伸，说明分子间有引力 8．（2025秋•达川区期末）某实验小组利用酒精灯对1kg冰均匀加热，他们每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态。如图是他们根据记录的数据绘制的温度—时间图像，不考虑冰或水的质量损失，已知。由图像可知（　　） A．水升温比冰慢，说明水的比热容比冰小 B． C．冰在熔化前内能增加了4.2×104J D．在CD段，水吸收的热量是4.2×104J 二、多选题（共4小题） 9．（2025秋•南宁期末）水是生命之源，关于一杯水的内能，下列说法正确的是（　　） A．水结成冰，内能为零 B．位置变高，内能增大 C．温度升高，内能增大 D．喝掉一半，内能减小 10．（2025秋•密云区期末）如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，迅速压下活塞，观察到硝化棉燃烧起来。关于该实验，下列说法正确的是（　　） A．硝化棉被点燃，表明筒内气体的温度升高 B．下压活塞的过程中，筒内气体内能增加 C．下压活塞的过程中，筒内硝化棉对活塞做了功 D．下压活塞的过程中，气体的内能转化为活塞的机械能 11．（2025秋•历下区校级月考）图甲为某物质的凝固图像，根据图像可知，以下说法不正确的是（　　） A．该物质为晶体，凝固点为﹣2℃ B．该物质在AB段的比热容比在CD段小 C．该物质在B、C两点时温度、内能都相同 D．将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中（如图乙），试管内冰的质量减小 12．（2025秋•西湖区校级期末）学习了比热容、热量等知识后，根据下表信息得出四个结论，其中正确的是（　　） 几种物质的比热容J/（kg•℃） 水4.2×103 酒精2.4×103 水银0.14×103 铝0.88×103 冰2.1×103 煤油2.1×103 砂石0.92×103 铜0.39×103 A．沙漠地区昼夜温差比沿海城市大 B．炎热的夏天，砂石烫脚，而海水清凉，是因为砂石的比热容大 C．同一物质发生物态变化后，比热容改变 D．等质量的铝块和铜块通过热传递的方式吸收相同的热量温度，铝块温度升高得多 三、非选择题（共8小题） 13．（2025秋•汝南县期末）跨学科日常生活壮族的“三月三”节日里必不可少的特色糍粑如图所示。蒸糯米饭的过程中主要是通过　 方式改变糯米饭的内能，在蒸煮的过程中能够闻到糯米饭的清香，这是　 　现象。 14．（2025秋•南昌期末） 2024年4月30日神舟十七号载人飞船顺利返回。当飞船从太空返回经过大气层时（如图），飞船的速度越来越快，同时与大气产生剧烈摩擦，外表温度会　 （选填“升高”“不变”或“降低”），这是通过　 的方式改变了飞船外壳的内能。 15．（2025秋•平江县期末）在沿海地区炎热的天气里，由于陆地与海水的　 　不同，易形成海陆风；白天，陆地比大海升温　 　（选填“快”或“慢”），地面与海面上空的空气形成对流，如图　 　（选填“甲”或“乙”）所示。 16．（2025秋•肥西县期末）如果在一个标准大气压下，将质量为1.5kg的水烧开需吸收热量为5.04×105J，则水的初温为　 　℃。[已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）] 17．（2025秋•兴隆台区期末）王亚平在“天宫一号”授课时，用金属圈伸入水袋制作了一个水膜，往水膜表面贴上画有中国结图案的塑料片，水膜依然完好，如图所示，这表明分子之间存在　 　；返回舱从太空返回地面，在进入大气层后，与空气剧烈摩擦，返回舱的　 　能转化为内能，外壳温度急剧升高。 18．（2025秋•海珠区期末）甲、乙两铁块如图所示，m甲＜m乙。它们互相接触时，甲向乙传递热量。则： （1）接触前，甲、乙两铁块的温度哪个高？答：　 　 。 （2）接触前（ ） A.甲的内能较大 B.乙的内能较大 C.两铁块的内能同样大 D.两铁块的内能大小无法比较 （3）当接触在一起的两铁块不再发生热传递时，甲的内能 　 　 乙的内能。（选填“大于”“等于”或“小于”） 19．（2025秋•越秀区期末）小羽从冰箱里取出净含量为250g的盒装牛奶加热（牛奶和热水的质量相等），如图所示。加热过程不考虑热量损失，记录牛奶和水的初温、末温如表所示， 表 初温/℃ 末温/℃ 牛奶 5 40 热水 60 40 （1）牛奶的比热容是 　 　 J/（kg•℃）； （2）此加热过程中水放出的热量是多少？ 20．（2025秋•河东区期末）小明利用如图甲所示的装置，比较a、b两种液体吸热的情况，实验时将质量均为1kg的两种液体分别倒入相同的烧杯中，用相同规格的电加热器加热了7min，根据实验数据绘制的图像如图乙所示。请解答下列问题： （1）a、b两种液体的比热容大小ca　 　 cb（选填“大于”“小于”或“等于”）； （2）已知ca＝4.2×103J/（kg•℃），求加热过程中a液体吸收的热量； （3）不计热量损失，求电加热器的功率。 一、单项选择题（共8小题） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 B B B B C C D C 二、多选题（共4小题） 题号 9 10 11 12 答案 CD AB CD AC 一、单项选择题（共8小题） 1．【答案】B 【分析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，据此分析。 【解答】解：A、水的比热容较大，相同质量的水和其他物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水冷却汽车发动机，与水的比热容较大无关，故A错误； B、游泳之后从水中出来，风一吹感觉特别冷，是由于身体表面的水蒸发吸热，风吹加快了水的蒸发，所以感觉更冷，故B正确； C、水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高得少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低得少，使得昼夜的温差小，由此使得海边昼夜温差小，适于居住，故C错误； D、水的比热容大，相同质量的水和其他物质比较，吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，所以人体内水的比例高，有助于调节人体自身的温度，故D错误。 故选：B。 2．【答案】B 【分析】（1）分子间存在相互作用的引力和斥力； （2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，这就是扩散现象； （3）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。 【解答】解：A．分子间同时存在引力和斥力，只是在不同的距离下，引力和斥力的大小关系不同。莜面粘在一起，是因为分子间引力起主要作用，并非只存在引力，故A错误； B．蒸熟的莜面香味四溢，是香味分子在空气中不停地做无规则运动，扩散到整个厨房，符合扩散现象的特征，故B正确； C．内能的大小与物体的温度、质量、状态等因素有关。莜面蒸熟的过程中，吸收热量，温度升高，分子的热运动更加剧烈，分子动能增大，因此内能增大，故C错误； D．用蒸锅蒸熟莜面，是通过水蒸气将热量传递给莜面，属于热传递的方式改变内能，故D错误。 故选：B。 3．【答案】B 【分析】一个物体在任何情况下都具有内能。 改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。 分子间存在相互作用的引力和斥力，当分子间的距离大于平衡距离时，表现为引力；分子间的距离小于平衡距离时，表现为斥力。 比热容是物质的一种特性；物质的比热容只跟物质的种类和状态有关，与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关。 【解答】解：A．一切物体都有内能，炽热的铁水具有内能，冰冷的铁块有内能，故A错误。 B．“铁化如水”，铁吸收热量，内能增大，温度升高，通过热传递的方式改变铁的内能，故B正确； C．分子之间存在相互作用的引力和斥力，铸好的釜很难被压缩，是因为分子间存在斥力，故C错误； D．用铁铸造的釜加热升温快，因为它的比热容小，与质量相同的其它物质相比，吸收相同的热量，升高的温度高，故D错误； 故选：B。 4．【答案】B 【分析】（1）物质由分子构成，分子在不停息地做无规则运动； （2）分子的热运动与温度有关，温度越高，分子的无规则运动越剧烈； （3）分之间存在相互作用的引力和斥力； （4）改变物体内能的两种方式：做功和热传递。 【解答】解：A．分子在永不停息地做无规则运动，干透后的成品纸，其分子仍然在做无规则运动，故A错误； B．物体的温度越高，构成物体的分子做无规则运动越剧烈，所以砖的温度越高，分子热运动越剧烈，故B正确； C．湿纸膜能贴在砖墙上是因为分子之间存在相互作用的引力，故C错误； D．在巷中生火，砖吸收热量，温度升高，内能增加，湿纸膜上的水分逐渐蒸发，干透后揭下来就是成品纸了，所以湿纸膜烘干的过程是通过热传递的方式改变内能，故D错误。 故选：B。 5．【答案】C 【分析】（1）一切物体都具有内能，内能的大小与温度、质量、状态等有关； （2）热传递的条件是有温度差； （3）晶体在熔化过程中吸收热量，内能增加，而温度不升高。 【解答】解：A、0℃的冰和0℃的水，状态不同，内能大小不相同，故A错误； B、内能的大小与温度、质量、状态等有关，只知道质量不能判断内能的大小，故B错误； C、热传递的条件是有温度差，内能少的物体温度可能高，故内能小的物体也可能将能量传给内能大的物体，故C正确； D、物体的内能变大，温度不一定升高，例如：晶体在熔化过程中温度不变，但内能增加，故D错误。 故选：C。 6．【答案】C 【分析】（1）一切物体都有内能； （2）分子间的引力和斥力是同时存在的； （3）分子的无规则运动快慢与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈； （4）液化指物质由气态转变成液态。 【解答】解：A．一切物体都有内能，米脂月饼的温度为0℃，它的内能也不为零，故A错误； B．分子间的引力和斥力是同时存在的，故B错误； C．腊八粥加热后粥香四溢，属于扩散现象，说明分子的无规则运动快慢与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈，故C正确； D．“热气腾腾”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，不是扩散现象，故D错误。 故选：C。 7．【答案】D 【分析】分子动理论内容为：物质是由大量分子、原子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在相互的作用力。 【解答】解：A、尘土飞扬是一种机械运动，不是扩散现象，故A错误； B、物质是由大量的分子、原子构成的，故B错误； C、海绵颗粒之间存在缝隙，海绵容易被压缩，是海绵颗粒间的缝隙减小，不能说明分子间存在间隙，故C错误； D、分子间存在引力和斥力，拉伸物体时，分子之间表现为引力，压缩物体时，分子之间表现为斥力；固体很难被拉伸，说明分子间有引力，故D正确。 故选：D。 8．【答案】C 【分析】（1）利用酒精灯对冰均匀加热，即在相同时间内冰和水吸热相同，分析图象得出，冰和水温度都升高20℃吸热多少关系；而冰熔化为水质量不变，利用Q＝cmΔt得出比热容大小关系； （2）质量相同的水和冰升高相同的温度，水吸收热量的时间是冰吸收热量时间的2倍，即水吸收的热量是冰吸收热量的2倍，由可知，水的比热容是冰比热容的2倍； （3）知道冰的质量，由图得出熔化前温度变化Δt，则在熔化前内能增加ΔE＝Q吸＝cm（t﹣t0）； （4）冰熔化为水，质量不变，由图得出在CD段温度变化Δt，利用Q吸＝cmΔt求水吸收的热量。 【解答】解：A．利用酒精灯对冰均匀加热，即在相同时间内冰和水吸收的热量相同，由图可知，冰在前5min内温度升高了20℃；水在后10min内温度升高了20℃，升高相同的温度，水吸热多，即水温度变化慢，由可知，水的比热容比冰的比热容大，故A不正确； B．结合A可知水吸收热量的时间是冰吸收热量时间的2倍，即水吸收的热量是冰吸收热量的2倍，由可知，水的比热容是冰比热容的2倍，则冰的比热容为，故B不正确； CD．据图可知水在CD段10min内温度升高了20℃，水吸收的热量为 冰在熔化前加热了5min，因此此时吸收的热量是水CD段吸收热量的一半，则冰在熔化前内能增加了，故C正确，D不正确。 故选：C。 二、多选题（共4小题） 9．【答案】CD 【分析】（1）物体在任何情况下都具有内能，一切物体的内能都不可能为零。 （2）物体的内能与温度、物态、质量等有关。 （3）物体的温度升高，内能增大。 （4）水的质量减半，内能减少。 【解答】解：A．水结成冰时，温度虽然降低，但分子仍在做无规则运动，因此内能不为零，故A错误； B．内能是物体内部的能量，与物体的机械运动状态无关，位置变高不会改变内能，故B错误； C．对于同一杯水，质量不变时，温度升高，分子热运动加剧，内能会增大，故C正确； D．内能与质量有关，喝掉一半后，水的质量减小，内能也会随之减小，故D正确。 故选：CD。 10．【答案】AB 【分析】做功可以使内能与机械能之间进行转化：对物体做功，物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少。 【解答】解：下压活塞时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，使气体的内能增加、温度升高，当温度升高达到棉花的着火点时，筒内棉花燃烧起来，故AB正确，CD错误。 故选：AB。 11．【答案】CD 【分析】（1）晶体和非晶体在熔化和凝固过程中的区别：晶体在熔化（或凝固）过程中温度保持不变；非晶体在熔化过程中温度不断升高，在凝固过程中温度不断降低；由图象确定该物质的凝固点，便可判断出物质的状态； （2）结合热量公式Q＝cmΔt进行分析，由图象可知AB段和CD段的温度变化，从而可比较二者比热容关系； （3）掌握晶体凝固过程中的特点：放热但温度保持不变。虽然温度不变，但内能不断减小； （4）根据晶体凝固的条件可知：冰水混合物会放热，由此确定冰水混合物中的水会有部分结冰，则可判断冰的变化。 【解答】解：A．结合图像可知，有一段温度不变的线段，说明该物质为晶体，在温度降为﹣2℃时，该物质开始凝固，凝固过程温度保持不变，故该物质的凝固点为﹣2℃，故A正确； B．相同时间，放出相同热量，物质在AB段降低温度大于在CD段降低温度，说明该物质在AB段的比热容比在CD段小，故B正确； C．该物质在B点到C点的过程中温度不变，但持续放出热量，内能减小，故C错误； D．该物质的熔点为﹣2℃，该物质熔化时，吸收热量，温度仍保持﹣2℃，故冰水混合物放入此物质中时，水会结冰，此时冰的质量会增加，故D错误。 故选：CD。 12．【答案】AC 【分析】根据比热容的特点进行分析判断，以及吸收热量的公式进行解答。 【解答】解：A、沿海地区和沙漠地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，沙石的比热容小，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，冬暖夏凉，昼夜温差小，故A正确。 B、质量相同的水和砂石，吸收相同的热量后，水升高的温度少，所以炎热的夏天，砂石烫脚，而海水清凉，是因为水的比热容大，故B错误。 C、水和冰是同一物质的不同状态，水变成冰后比热容变化了，故同一物质发生物态变化后，比热容改变，故C正确。 D、铝的比热容大于铜的比热容，根据Q吸＝cmΔt可知质量相等的铝块和铜块，升高相同的温度，铝块吸收的热量多，故D错误。 故选：AC。 三、非选择题（共8小题） 13．【答案】热传递；扩散。 【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。 （2）不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象. 【解答】解：蒸糯米饭的过程中，糯米饭吸收热量、内能增大，是通过热传递方式改变糯米饭的内能。 在蒸煮的过程中能够闻到糯米饭的清香，是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。 故答案为：热传递；扩散。 14．【答案】升高；做功。 【分析】改变内能的方式包括做功和热传递。 【解答】解：飞船从太空返回大气层时，与大气层之间摩擦做功，内能增加，温度升高，通过做功的方式改变飞船外壳的内能。 故答案为：升高；做功。 15．【答案】比热容；快；乙。 【分析】根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点来分析海陆风和陆海风的形成过程，进一步判断风向的特点。 【解答】解：因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大，白天，在太阳照射下陆地和海水吸收相同的热量，海水温度上升慢，陆地升温快；陆地吸热后，温度上升快，热空气上升，风从海面吹向陆地，形成海风，故乙正确。 故答案为：比热容；快；乙。 16．【答案】20。 【分析】根据Q吸＝c水m水（t﹣t0）求出水的初温。 【解答】解：在一个标准大气压下，水的沸点为100℃，根据Q吸＝c水m水（t﹣t0）可知，水的初温为： t0＝t100℃20℃。 故答案为：20。 17．【答案】引力；机械。 【分析】（1）分子间存在相互作用的引力和斥力； （2）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。 【解答】解：因为分子间存在引力，使得水分子能够聚集在一起，形成的水膜在受到外界作用时，水膜依然完好。 返回舱从太空返回地面，克服摩擦做功，机械能通过做功的方式转化为内能，从而使外壳温度急剧升高。 故答案为：引力；机械。 18．【答案】（1）甲；（2）D；（3）小于。 【分析】（1）热传递的方向是从高温物体到低温物体，‌或者从物体的高温部分到低温部分； （2）（3）物体的内能与温度、质量、状态等因素有关； 【解答】解：（1）热传递的方向是从高温物体传向低温物体，题目中说甲向乙传递热量，说明接触前甲的温度更高。（2）内能的大小与物体的质量、温度、状态都有关系。已知甲的质量小于乙的质量（m甲＜m乙），甲的温度高于乙的温度，但我们不知道两者的温度差具体有多大，也无法确定质量和温度对内能的综合影响结果，所以无法比较两铁块的内能大小，选D。（3）当两铁块不再发生热传递时，它们的温度相同。此时内能的大小取决于质量，因为m甲＜m乙，且两者都是铁块（状态、物质种类相同），温度也相同，所以质量大的铁块内能更大，即甲的内能小于乙的内能。 故答案为：（1）甲；（2）D；（3）小于。 19．【答案】（1）2.4×103； （2）此加热过程中水放出的热量为2.1×104J。 【分析】（1）根据Q放＝cmΔt求出热水放出的热量，根据题意求出牛奶吸收的热量，再根据吸热公式求出牛奶的比热容； （2）根据Q放＝cmΔt求出热水放出的热量。 【解答】解：（1）水的比热容，水降低的温度为：Δt水＝60℃﹣40℃＝20℃， 牛奶升高的温度为；Δt牛奶＝40℃﹣5℃＝35℃， 牛奶的质量为：m牛奶＝m水＝250g＝0.25kg， 热水放出的热量为： 因为不计热量损失，所以牛奶吸收的热量为：， 牛奶的比热容为：； （2）水的质量为：m水＝250g＝0.25kg，水的比热容为：，水降低的温度为：Δt水＝60℃﹣40℃＝20℃， 热水放出的热量为：。 答：（1）2.4×103； （2）此加热过程中水放出的热量为2.1×104J。 20．【答案】（1）大于； （2）加热过程中a液体吸收的热量为1.68×105J； （3）不计热量损失，电加热器的功率为400W。 【分析】（1）本实验用相同规格的电加热器加热，加热时间相同，液体吸收的热量相同，a、b两种液体的质量相等，由图乙可知，a、b上升的温度大小关系，利用Q吸＝cmΔt可得它们的比热容大小关系； （2）知道a液体的质量、比热容，由图乙可得a液体温度升高值，利用Q吸＝cmΔt计算a液体吸收的热量； （3）不计热量损失，电加热器消耗的电能W＝Q吸，利用P计算电加热器的电功率。 【解答】解：（1）由题知，用相同规格的电加热器加热，加热时间相同，液体吸收的热量相同； a、b两种液体的质量相等，由图乙可知，a、b上升的温度大小Δta＜Δtb， 由Q吸＝cmΔt可知，它们的比热容大小关系：ca＞cb； （2）a液体的质量ma＝1kg，比热容ca＝4.2×103J/（kg•℃），由图乙可得a液体温度升高值Δta＝60℃﹣20℃＝40℃， a液体吸收的热量： Q吸＝camaΔta＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×40℃＝1.68×105J； （3）不计热量损失，电加热器消耗的电能W＝Q吸＝ 1.68×105J， 电加热器的电功率： P400W。 故答案为：（1）大于； （2）加热过程中a液体吸收的热量为1.68×105J； （3）不计热量损失，电加热器的功率为400W。 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $