第2章 电磁感应（拔高练）-【学霸黑白题】2025-2026学年高中物理选择性必修第二册（人教版）

T 则5，=2=2⑥ A 00 图1 图2 (3)如图2，由题给条件可知，该粒子在磁场区域中的轨迹圆 弧对应的圆心角为150°.设0'为圆弧的圆心，圆弧的半径为 T。,圆弧与AC相切于B点，从D点射出磁场，由几何关系和题 给条件可知，此时有L00D=∠B0'A=30⑦，rocos00'D+ cosB0A⑧，设粒子此次入射速度的大小为，由圆周 -20,联立①⑦80式得，-V3l0. 运动规律，=T 7to 第4节质谱仪与回旋加速器 1.D解析：A.洛伦兹力不做功，离子经过引出通道后的速度 等于v,故A错误；B.根据洛伦兹力提供向心力得gwB= R,解得R=设离子在引出通道内的轨道半径为同 9B B,由于离子在引出通道内的轨道半径大于D形 理可得，= 盒半径，可知引出通道内的磁感应强度小于D形盒内磁感 应强度B,故B错误；C.若离子恰能从引出通道的Q点引 出，设圆弧半径为r,轨迹如图所示，则有O'Q=T,OQ=L, O'0=r-R,根据几何关系得r2=L2+(r-R)2+2L(r-R)cos0, 解得r=R+L-2 RLcos0 2R-2cos9,由洛伦兹力提供向心力可得 Bgw=m,解得r=m g联立可得-m2-0)B, gr L2+R2-2LRcos 0 故C错误；D.由C中分析可知，离子能否离开加速器与粒子 的电量和质量无关，若引出通道中磁场为B2时，该离子能引 出加速器，则此时将任何一个带电离子放入该加速器中都能 将该离子引出，故D正确故选D. 0 P 、2.1)、2012m02aR0 B q 2m 2Tm ,(3)见解析 解析：(1)质子第一次经过狭缝被加速后的速度大小为1， 则gW= mvj 2m,9w,B= T1 2gd。。12mU 解得√m=B√q (2)当质子在磁场中轨迹半径为R时，动能最大，设此时速 度为，则9wB=R, mv R=了成，解得.-R 2m, 选择性必修第二册·RJ 交变电压频率∫等于质子在磁场中运动的频率，下=T= 2mR.2m,则/=B vm gB 「2不m (3)由动能定理得2gU= 21 2m-2m, 根据半径公式有r= 解得4 4mU gB2(T+1+r)1 4mU 同理△rk+1= B2(Tg2trk+1）)' 因为T+2>T,所以△T+1<△rk,即△r随着r的增大而减小 第二章 电磁感应 第1节楞次定律 1.BD 2.A解析：开关接a时，线圈M中的电流在环形铁芯内产生 顺时针方向的磁场，开关K从α处断开，磁场减弱为零，线 圈N中的磁通量发生了变化（向右减小），由楞次定律得出 线圈N中产生向右的感应磁场，进而在N中有了感应电流， R2中的电流方向为由c到d;开关接b时，线圈M中的电流 在环形铁芯内产生逆时针方向的磁场，线圈N中的磁通量 发生了变化（向左增加），由楞次定律得出线圈N中产生向 右的感应磁场，进而在N中有了感应电流，R2中的电流方向 为由c到d故选A. 3.B解析：A.若线圈闭合，进人磁场时，穿过线圈的磁通量向 上增大，由楞次定律可知，线圈中的感应电流的磁场方向向 下，所以感应电流的方向从上向下看是顺时针，故A错误； B根据法拉第电磁感应定律，传送带以较大速度匀速运动 时，线圈中产生的感应电动势较大，则感应电流较大，磁场对 线圈的作用力较大，故B正确：CD.由题图知第1、2、4、5、6个 线圈位置均匀，则都发生了相对滑动，而第3个线圈没有向 后滑动，则第3个线圈不闭合，没有产生感应电流，是不合格 线圈，故CD错误故选B. 4.D解析：AB.圆环从a处到圆环右侧到达两磁场边界的过 程中，穿过圆环的磁通量向里增加，根据楞次定律可知，此过 程中的感应电流方向为逆时针方向.圆环从圆环右侧到达两 磁场边界到最低点过程中，穿过圆环的磁通量向里减小，根 据楞次定律可知，此时电流方向沿顺时针方向.圆环从最低 点到离开两磁场边界时，穿过圆环的磁通量向外增加，根据 楞次定律可知，此时感应电流的方向沿顺时针方向.圆环从 离开磁场后到b处的过程中，穿过圆环的磁通量向外减小， 则根据楞次定律可知，此过程中的感应电流方向沿逆时针方 向，故AB错误：CD.由于磁感应强度在竖直方向均匀分布， 且水平方向非均匀分布，则在整个过程中，导线的等效长度 总是沿竖直方向的，故根据左手定则可知，安培力的方向始 终沿水平方向，故C错误，D正确故选D. 第2节法拉第电磁感应定律 第1课时电磁感应定律 1.B 2.C解析：A.由B-t图知，t时刻磁通量的变化率为零，则感 应电流为零，金属圆环周围没有磁场，金属圆环L内的磁通 黑白题44 量最小，故A错误；B.2时刻磁通量的变化率最大，则感应电 流最大，故B错误：C.在t,~t,时间内，磁通量的变化率不断 变大，导线框cdef内的感应电流不断增大，金属圆环L内的 磁场增加，由楞次定律可以确定金属圆环L必须减小面积以 阻碍磁通量的增加，故有收缩的趋势，故C正确；D.在t1~t2 时间内，磁通量的变化率不断变大，则线圈内的感应电流不 断变大，根据楞次定律，在线圈中的电流方向由f到c,根据 右手螺旋定则，穿过圆环的磁通量向外增大，则根据楞次定 律，在金属圆环中产生顺时针方向的感应电流，故D错误.故 选C. 3.(1)1.0x103 A acdba(2)1.0×105N(3)如图所示 0 △B 解析：(1)由题图乙可知，0.1T/s, E=n4中AB =0.1×0.1×0.2V=0.002V, △t△t 则I= E_0.002 A=0.001A. R点2 故电路中感应电流的大小为0.001A,根据楞次定律可知，方 向是acdba. (2)导体棒在水平方向上受拉力和安培力平衡， T=F4=B1d=0.1×0.001×0.1N=1.0x10-5N. 故t=1.0s时刻丝线的拉力大小为1.0×10-5N. 第2课时导体切割磁感线时的感应电动势 1.B 2.D解析：AB.当圆环在磁场I区域向右运动过程中，设圆环 切割磁感线的等效长度为1，则有(R-)+(?)广=R,整 理得=2√-(x-R)+R,则圆环产生的感应电动势为E= B,感应电流为1=E_2Bw(x-R)+R R阻 可知电流与位 R阻 移不成线性关系，B错误；当圆环圆心运动到I、Ⅱ区域的边 界时，此时产生的感应电流大小为r=2,即x=3R的电流 大小为x=R的电流的两倍，方向沿着顺时针方向，A错误； CD.通过分析可知，除了x=2R、x=4R、x=6R三个特殊位置， 电流为0，受力为0，在0<x<6R区域内，圆环受力方向水平 向左，若圆环在x=R位置受力为F。,则圆环在x=3R处，由 于电流变为2倍，圆环左右半圆均受力，因此圆环受力为 4Fo,C错误，D正确.故选D. 3.BC解析：由右手定则，MN中电流方向由M到N,根据法拉 第电磁感应定律可得，产生的感应电动势为两者之和，即 E=2xB0=Br2,保持不变环的电阻由两个电阻为R的半 2 圆电阻并联组成，所以环的总电阻为)R,所以通过导体MN E 2Bor R 的电流I= s R,=3R二；MW两端的电压UMw=I·2 2 参考答案与解析 号如，所以流过环的电流r:号-弧，放B®C正确综 上分析可知，流过环的电流不变，则环消耗的电功率不变， 故A错误.MW旋转一周外力做功为W=Em=Ex2Bx2红 3Rω 3R,等于整个回路产生的热量，故D锖误 4TB2wr 4.(1)E=BL√2ax B2Lx (2)v=√2ac1m(R+2xo） m(R+2x1ro)√2ax1 2= B2L2 _BLa或1sFR+2ro· (3)1s=2√Rr0 BL√2ax ,1nn=0 解析：(1)根据法拉第电磁感应定律得E=BLm, 根据速度一位移公式得v2=2ax,联立解得E=BL√2ax. (2)根据速度一位移公式得=2ax1,解得，=√2ax1， 回路中的总电阻R总=R+20·x1, Av=BIL, 根据牛顿第二定律可得ma=BL,即m 得mm-m,=-BIL△t. △DBLx2 又q=1A=RBRB, B2L2x2 联立解得u=√2am(R+2x,ro) B2Lx2 当=0时，则有nm(R+2xTo =√/2ax1: 解得x2= m(R+2x1ro）√2ax B2L2 (3)在d(段，金属棒速度减小，感应电动势减小且回路总电 阻恒定，所以感应电流减小，当速度减为零时，感应电流也为 零，即电流最小值为零；或当t=0时电流最小值为零； 在bd段：1= BLat BLa 1 -+ro·at 最大电流值讨论：①当清满足R=。·,即：4=，压，且 t roa R BL a 1(在bd段内能达到最大电流)，lm=2√R。 ②当， R a roa 时，导体棒加速运动到d处， BL√/2ax1 lmar-R+2r0·X1 第3节涡流、电磁阻尼和电磁驱动 1.D解析：A.极靴与圆柱形软件间的磁场均匀地辐向分布， 并不是匀强磁场，故A选项错误；B.当线圈中电流方向改变 时，磁场方向不变，所以线圈受到的安培力方向发生改变，故 B选项错误：C.用金属铝做线圈框架，主要的原因有：①铝 不导磁，用铝做框架可以减小对磁场的影响，保证仪表的准 确性更高；②铝材料较轻、电阻率较小，能更好地利用电磁阻 尼现象，使指针迅速停下来，故C选项错误；D.运输过程中 由于振动会使指针不停摆动，可能会使指针损坏，将接线柱 黑白题45 用导线连在一起，相当于把表的线圈电路组成闭合回路，在 指针摆动过程中线圈切割磁感线产生感应电流，利用电磁阻 尼原理，阻碍指针摆动，防止指针因撞击而变形，故D 选项正确.故选D. 2.AD解析：A.小球进入玻璃管中后，加磁场后，根据左手定 则，小球所受洛伦兹力方向始终在水面内沿圆管半径向外， 由于磁场均匀减小，在空中激发出涡旋电场，根据楞次定律 可知，电场方向从上往下看逆时针，小球所受电场力方向位 于水平面内沿逆时针方向，则小球竖直方向仅受重力作用， 即小球在竖直方向上做自由落体运动，根据么=分，解得 、压，可知加磁场后小球离开管口的时间等于没加磁场 护入g 时的时间，故A正确：B.结合上述可知，产生感应电场的方 向，俯视为逆时针方向，与带正电的小球的初速度方向相同， 可知小球水平方向将不断被加速，则加磁场后小球离开管口 的速率大于没加磁场时的速率，故B错误：D.结合上述可 知，感生电场对小球做正功，则小球离开玻璃管的机械能一 定增加，小球与地球组成的系统机械能不守恒，故D正确： C.结合上述，水平方向电场力对小球做正功，小球水平方向 的分速度增大，水平方向做圆周运动，根据F、g,B=mR, 解得Fx=qw,B+m ,结合上述可知，在电场力加速作用下 小球水平方向的分速度.增大，加磁场后磁感应强度逐渐 减弱，则小球对玻璃管的压力大小变化不能确定，故C错误 故选AD. 3.C解析：A.穿过圆盘的磁通量不变，但是圆盘局部面积的 磁通量发生变化，所以在圆盘上有不同的感应电流，从而产 生涡流，所以A错误；B.穿过整个圆盘的磁通量没有发生变 化，所以沿圆盘边缘没有产生环形电流，所以B错误；C.圆 盘内局部面积的磁通量变化产生感应电流，从而产生磁场， 导致磁针转动，所以C正确；D.圆盘中的自由电子随圆盘一 起运动，同时原子核也随圆盘一起运动，因此不会形成环形 电流，所以D错误.故选C. 第4节互感和自感 1.BD 2.A 3.D解析：AB.闭合S瞬间，灯泡B立刻变亮，与灯泡A串联 的线圈产生自感电动势，导致灯泡A逐渐变亮，所以电流 表A,示数小于A2示数，故AB错误：CD.稳定后，断开S瞬 间，线圈相当于电源放电，灯泡A与灯泡B所在支路形成闭 合回路，因为断开前两支路电流相等，所以断开瞬间两灯泡 不会先闪亮一下，再熄灭.闭合S稳定后，电流表A1和A2电 流方向相同，指针偏转方向相同，断开S瞬间，在新的回路中 电流表A,的指针偏转方向不变，电流表A,指针偏转方向反 向，所以断开S瞬间，电流表A,和A,指针偏转方向相反，故 C错误，D正确.故选D. 4.D解析：AB.S刚闭合后，电容器要通过P充电，并且充电电 流越来越小，故P亮一下又逐渐变暗，最后P被L短路，所以 P最后会熄灭，而L对电流变化有阻碍作用，所以通过Q的 电流逐渐增大，故0逐渐变亮，故AB错误：CD.S闭合足够 选择性必修第二册·RJ 长时间后再断开，电容器要对Q放电，故Q要逐渐熄灭，而 线圈L对P放电，导致P突然亮一下，然后熄灭，故C错误， D正确故选D. 第三章交变电流 第1节交变电流 1.B解析：A.t=0时刻，磁通量最大，则线圈平面与中性面平 行，A错误：B.t=0.01s时刻，中-t图像斜率最大，则中的变 化率最大，B正确；C.t=0.02s时刻，磁通量最大，感应电动 势为0，C错误；D.磁通量最大时，感应电动势为0；磁通量为 0,即磁通量变化率最大时，感应电动势最大，图乙不符合， D错误.故选B. 2.D解析：第二次将转轴移到ab边上产生的感应电流与第 一次相同，第三次将001右侧磁场去掉，线圈在转动过程中 只有一边切割磁感线，产生感应电动势的最大值为原来的 号，放ABC错误，D项正确 第2节交变电流的描述 1.A解析：环形导电线圈因磁芯和外壳随海浪上下浮动而切 割磁感线，由法拉第电磁感应定律得E=B,环形线圈各 部分产生的电动势对回路来说是同向的（实际指感应电流 方向)，其有效切割长度由微元法可知1=2πL,联立v= 2T osin,可得线圈中感应电动势的瞬时值表达式e= 2 si血T,根据正弦交变电流的特点知其电动势的有效 2π. 值为E=√2πBLmo,则该发电装置在一个周期内产生的电能 E2 2mB2voL2T Eu一RtT T= -,故BCD错误，A正确.故选A. R+r 2.A解析：线圈中产生感应电动势的最大值E。=BS.设感 2 应电动势有效值为E,则5= R xT,电流1=E,解得 R R I=DBS,故A正确，BCD错误， 4R 第3节 变压器 1.c 2.D解析：BC.对送电线圈有220V=I1R1+U1,受电线圈有 U=,+20V,由原、副线圈电流和匝数的关系得上=5 =5,联立解得U=200V,U,=40V,故BC错误；A.由欧 0,1 姆定律可得尼，=-·40-20 =25Q=8D,故A错误；D,变压器 原、副线圈的功率相等，则送电线圈的输入功率P1=P2= U212=40x2.5W=100W,故D正确.故选D. 0 3.C解析：A流过副线圈的电流，=R,根据】 =可知，电 2n 流表的示数1=名，故A错误：B,变压器中原线圈的电压为 黑白题46进阶 突破 第二章 电磁感应 第1节楞次定律 1.(多选)如图甲所示为某电动牙刷的无线充电示意图，当送电线圈通过如图乙所示的电流时， 下列时间受电线圈中产生的感应电流方向与送电电流方向相同的是 () A.t3~ta B.t2~t3 C.t~t2 D.0~t1 受电线圈 送电线圈 e (第1题) (第2题) 2.M和N是绕在一个环形铁芯上的两个线圈，绕法和线路如图所示.现将开关K从α处断开，然 后合向b处，在此过程中，通过电阻R,的电流方向是 () A.由c流向d B.先由c流向d,后又由d流向c C.由d流向c D.先由d流向c,后又由c流向d 3.（2023·河南周口质检)如图所示，通过水平绝缘传送带输送完全相同的铜线圈，线圈等距离 排列，且与传送带以相同的速度匀速运动.为了检测出个别未闭合的不合格线圈，让传送带通 过一固定匀强磁场区域，磁场方向垂直于传送带运动方向，根据穿过磁场后线圈间的距离，就 能够检测出不合格线圈.通过观察图形，判断下列说法正确的是 () A.若线圈闭合，进入磁场时，线圈中感应电流方向从上向下看为逆时针 B.若线圈闭合，传送带以较大速度匀速运动时，磁场对线圈的作用力较大 C.从图中可以看出，第2个线圈是不合格线圈 D.从图中可以看出，第4个线圈是不合格线圈 0 ××华·. ×××··· 传送带运动方向 ××X×··· ××;汤· ○○○ ×ax对.。· 654321 ××××··· (第3题) (第4题) 4.（2024·四川宜宾质检)如图所示，磁场垂直于纸面，磁感应强度在竖直方向均匀分布，水平 方向非均匀分布.一铜制圆环用丝线悬挂于O点，将圆环拉至位置α后无初速释放，在圆环从 a摆向b的过程中 () A.感应电流的方向先顺时针后逆时针再顺时针B.感应电流的方向一直是逆时针 C.安培力的方向始终与速度方向相反 D.安培力的方向始终沿水平方向 O6黑白题物理|选择性必修第二册·RJ 第2节法拉第电磁感应定律 第1课时》 电磁感应定律 1.(2023·广东东莞高级中学质检)如图所示，倾角为0的光滑绝缘斜面下半部分存在垂直斜面 向上的匀强磁场，一单匝金属圆形线圈用细绳挂在斜面上，圆心恰好位于磁场边界.从t=0开 始，磁感应强度B随时间t变化的规律为B=t(k为常数，且>0).圆形线圈半径为r,磁场变 化过程中线圈始终未离开斜面，则 A.t时刻，穿过线圈的磁通量为πt B.线圈中感应电流方向为顺时针 C.线圈感应电流逐渐增大 D.绳子的拉力逐渐增大 2.（2024·四川甘孜期中)如图所示，螺线管内有平行于轴线的匀强磁场，规定图甲中箭头所示 方向为磁感应强度B的正方向，螺线管与U形导线框cdef相连，导线框cdef内有一半径很小 的金属圆环L,圆环与导线框cdf在同一平面内.当螺线管内的磁感应强度随时间按图乙所示 规律变化时 A.在t,时刻，金属圆环L内的磁通量最大 B.在t2时刻，导线框cdef内的感应电流最小 C.在t1~t2时间内，金属圆环L有收缩趋势 D.在t1~t2时间内，金属圆环L内有逆时针方向的感应电流 3.(2023·安徽滁州模拟)如图甲所示，平行光滑金属导轨MN、PQ放置于同一水平面内，导轨 电阻不计，两导轨间距d=10cm,导体棒ab、cd放在导轨上，并与导轨垂直，每根棒在导轨间 的电阻均为R=1.02.用长为l=20cm的绝缘丝线将两棒系住，整个装置处在匀强磁场中.t= 0时刻，磁场方向竖直向下，丝线刚好处于未被拉伸的自然状态，此后磁感应强度B随时间 的变化规律如图乙所示.不计感应电流磁场的影响，整个过程丝线未被拉断.求： (1)0~2.0s时间内电路中感应电流的大小与方向； (2)t=1.0s时刻丝线的拉力大小； (3)画出丝线中张力F随时间t的变化图像， 0.1 0 1.02.0 0. 进阶突破·拔高练07 第2课时》导体切割磁感线时的感应电动势 1.(2023·浙江名校联盟质检)用如图所示的电路来研究反电动势，水平金属导轨通过开关和 电池相连，匀强磁场的磁感应强度大小为B方向竖直向下，当开关闭合后，光滑导体棒由静止 开始运动，与导轨始终接触良好，导体棒最终以垂直导体棒的速度，匀速运动，电池的电动势 为E,回路的总电阻始终为R,导轨的间距为L,导体棒与金属导轨的夹角始终为53°，si53°= 0.8,下列说法正确的是 A.导体棒两端的感应电动势的方向为α→b 4E B.电源的电动势与导棒速度的关系为v= 5BL k××x53A×x C.当导体棒的速度为“时，反电动势为B-,回路中的电流为 Lu 4R D.当反电动势为E。,回路的电流为I时，能量转化关系为EI+E,I=PR 2.（2024·广东广州期中)空间中存在如图所示的磁场，I、Ⅱ区域的宽度均为2R,磁感应强度 大小均为B(I区域垂直纸面向里，Ⅱ区域垂直纸面向外)，半径为R的圆形导线框在外力作 用下以速度v匀速通过磁场区域，设任意时刻导线框中电流为（逆时针为正），导线框所受 安培力为F(向左为正)，从导线框刚进入I区域开始将向右运动的位移记为x,则下列图像 正确的是 21 4 4F 3F 2F R6R R 4R 6R 24R6R 3.（多选)如图，用一根电阻为2R、粗细均匀的铜导线制成半径为r的圆环，PQ为圆环的直径， 其左右两侧存在垂直于圆环所在平面的匀强磁场，磁感应强度大小均为B,但方向相反.一根 长度为2r、电阻为R的金属棒MN绕着圆环的圆心O点紧贴着圆环以角速度ω沿顺时针方 向匀速转动，转动过程中金属棒MN与圆环始终接触良好，则下列说法（不计金属棒经过PQ 位置瞬间)正确的是 () A.圆环消耗的电功率是变化的 wP B.金属棒两端的电压大小为？Br ●·●XXX C.圆环中电流的大小为Br 3R D.金属棒旋转一周的过程中，电流经过金属棒产生的热量为4mBr 3R 4.如图，光滑的平行金属导轨水平放置，导轨间距为L,左侧接一阻值为R的电阻.矩形区域αbfe 内存在垂直轨道平面向下的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B.导轨上ac段和bd段单位长 度的电阻为ro,导轨其余部分电阻不计，且ac=bd=x1·一质量为m、电阻不计的金属棒MN置于 O8黑白题物理|选择性必修第二册·RJ 导轨上，与导轨垂直且接触良好金属棒受到一个水平拉力作用，从磁场的左边界由静止开始 做匀加速直线运动，加速度大小为α.棒运动到cd处撤去外力，棒在运动到磁场右边界ef处恰 好静止.求： (1)金属棒在区域abdc内切割磁感线时产生的感应电动势随位移x(相对b点)的表达式. (2)试求撤去外力后在区域cdf内切割磁感线时棒的速度v随位移x(相对d点)的变化规律 以及df的长度x,应满足什么条件. (3)金属棒在整个运动过程中电阻R的最大电流值和最小值， 第3节涡流、电磁阻尼和电磁驱动 1.（2024·陕西西安联考)磁电式电流表是常用的电学实验器材.如图所示，电表内部由线圈、磁 铁极靴、圆柱形软铁、螺旋弹簧等构成.下列说法正确的是 () 万 2线圈 磁电式电表 结构的示意图 A.极靴与圆柱形软铁之间为匀强磁场 B.当线圈中电流方向改变时，线圈受到的安培力方向不变 C.通电线圈通常绕在铝框上，主要是因为铝的电阻率小，可以减少焦耳热的产生 D.在运输时通常把正、负极接线柱用导线连在一起，是应用了电磁阻尼的原理 2.(2024·河南驻马店期末)（多选）如图所示，一长玻璃圆管内壁光滑、竖直放置.有一带正电 的小球（可视为质点），以速率沿逆时针方向从管口上端贴着管壁水平射入管内，经过一段 时间后从底部离开圆管.若再次重复该过程，以相同速度进人管内，同时在此空间加上方向 竖直向上、磁感应强度随时间均匀减小的磁场，小球从下端离开玻璃管时磁场还没减小到0 设运动过程中小球所带电量不变，空气阻力不计.以下说法正确的是 A.加磁场后小球在管中运动的时间等于没加磁场时的时间 B.加磁场后小球离开管口的速率等于没加磁场时的速率 C.加磁场后小球对玻璃管的压力一定不断增大 D.加磁场后，小球在玻璃管中运动时，小球与地球组成的系统机械能增加 进阶突破·拔高练09 3.(2023·浙江宁波镇海中学模拟)1824年，法国科学家阿拉果完成了著名 的“阿拉果圆盘实验”，实验中将一铜圆盘水平放置，在其中心正上方用柔 铜圆盘C 软细线悬挂一枚可以自由旋转的磁针，如图所示，实验中发现，当圆盘在磁 针的磁场中绕圆盘中心的竖直轴旋转时，磁针也随着一起转动起来，但略 有滞后，下列说法正确的是 A.因为穿过圆盘的磁通量不变，圆盘上没有感应电流 B.穿过整个圆盘的磁通量发生了变化从而产生沿圆盘边缘的环形电流 C.圆盘内局部面积的磁通量变化产生感应电流，从而产生磁场导致磁针转动 D.圆盘中的自由电子随圆盘一起运动形成了环形电流，此电流产生的磁场导致磁针转动 第4节互感和自感 1.（2023·湖北公安三中质检)（多选）如图所示的是一种延时开关，当S1闭 合时，电磁铁F将衔铁D吸下，C线路接通.当S,断开时，由于电磁感应作 用，D将延迟一段时间才被释放.下列说法中正确的是 ( A.由于A线圈的电磁感应作用，才产生延时释放D的作用 B.由于B线圈的电磁感应作用，才产生延时释放D的作用 C.如果断开B线圈的电键S2,延时将变长 D.如果断开B线圈的电键S2,无延时作用 2.如图所示，闭合电路中的螺线管可自由伸缩，螺线管有一定的长度，灯泡具有 0000M 定的亮度.若将一软铁棒从螺线管左边迅速插入螺线管内，则将看到 A.灯泡变暗 B.灯泡变亮 C.螺线管缩短 D.螺线管长度不变 3.(2024·福建福州联考)如图，A、B是两个规格相同的小灯泡，L为自感系数较大的线圈，A1、 A2是零刻度在中间的相同电流表，闭合开关稳定后，调节滑动变阻器R,使A、A,两电流表 示数相同，偏转方向相同，两个灯泡的亮度相同.则下列说法正确的是 () A.闭合S瞬间，灯泡A立刻变亮，灯泡B逐渐变亮 B.闭合S瞬间，电流表A,示数大于A2示数 C.闭合S稳定后，断开S瞬间，灯泡B先闪亮一下，再熄灭 R D.闭合S稳定后，断开S瞬间，电流表A,和A,指针偏转方向相反 4.如图所示，P、Q是两个完全相同的灯泡，L是直流电阻为零的纯电感线圈，且自感系数L很 大，C是电容较大且不漏电的电容器，下列判断正确的是 ( A.S闭合时，P、Q两灯都是先亮后逐渐熄灭 B.S闭合时，P灯、Q两灯同时亮，然后P灯变暗，Q灯变得更亮 C.S闭合，电路稳定后，S断开时，P灯突然亮一下，然后熄灭，Q灯立即熄灭 D.S闭合，电路稳定后，S断开时，P灯突然亮一下，然后熄灭，Q灯逐渐熄灭 10黑白题物理1选择性必修第二册·RJ