精品解析：江苏省盐城市五校联盟2025-2026学年高一上学期12月月考物理试题

高一物理阶段学业考核题 （总分100分　时间75分钟） 注意事项： 1.本试卷中所有试题必须作答在答题纸上规定的位置，否则不给分。 2.答题前，务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水签字笔填写在试卷及答题纸上。 3.作答非选择题时必须用黑色字迹0.5毫米签字笔书写在答题纸的指定位置上，作答选择题必须用2B铅笔在答题纸上将对应题目的选项涂黑。如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，请保持答题纸清洁，不折叠、不破损。 第Ⅰ卷（选择题　共44分） 一、单项选择题：（本大题共11个小题，每小题4分，共44分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请在答题纸的指定位置填涂答案选项。） 1. 新能源汽车在辅助驾驶系统测试时，感应到前方有障碍物立刻制动，做匀减速直线运动。2s内速度由8m/s减至0。该过程中加速度大小为（　　） A. 2m/s2 B. 4m/s2 C. 6m/s2 D. 8m/s2 2. 下列说法中正确的是（　　） A. 在完全失重情况下，物体的惯性将消失 B 牛顿第一定律、牛顿第二定律都可以通实验来验证 C. 单位m、kg、s是一组属于国际单位制基本单位 D. 长度、时间、力是一组属于国际单位制的基本单位的物理量 3. 在行车过程中规定必须要使用安全带，假设某次急刹车时，由于安全带的作用，使质量为70kg的乘员具有的加速度大小约为6m/s2，此时安全带对乘员的作用力最接近（　　） A. 200N B. 300N C. 400N D. 500N 4. 将一弹簧测力计悬挂在升降机天花板下，弹簧下端连接一个小钢球，如果弹簧测力计示数突然变大，则此时升降机可能的运动状态是（ ） A. 减速上升 B. 加速下降 C. 减速下降 D. 匀速下降 5. 图甲为研究物体做曲线运动条件的装置，小铁球以初速度v0在水平纸面上运动。忽略阻力，观察到小铁球沿图乙中实线的轨迹运动，则磁铁可能放在（　　） A. A位置 B. B位置 C. C位置 D. D位置 6. 小船在静水中的速度为5m/s，水流速度为3m/s。若小船要垂直河岸到达正对岸，则船头方向应（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）（　　） A. 偏向上游53° B. 偏向上游37° C. 偏向下游37° D. 垂直河岸 7. 已知某物体做直线运动，其图像如图所示，以下说法正确的是（　　） A. 前8s内位移为0 B. 前8s内位移为12m C. 前4s的位移为12m D. 0~4s内加速度方向与4s~8s内加速度方向相反 8. 如图所示，在“研究平抛运动”的实验中，横挡条卡住平抛小球，用铅笔标注小球的最高点，从而确定平抛运动的轨迹，关于此实验，下列说法正确的是（　　） A. 斜槽轨道必须是光滑的 B. 每次从斜槽上释放小球的位置不一定相同 C. 坐标原点应选小球在斜槽末端点时球的上端 D. 坐标原点应选小球在斜槽末端点时球心位置 9. 如图所示，某同学同时将两颗鸟食从O点水平抛出，两只小鸟分别在空中的M点和N点接到鸟食。鸟食的运动视为平抛运动，两运动轨迹在同一竖直平面内，则（　　） A. 两颗鸟食平抛的初速度相同 B. 两只小鸟同时接到鸟食 C. 在M点的鸟先接到鸟食 D. 在M点接到的鸟食平抛的初速度较小 10. 达尔文说：“最有价值的知识，是关于方法的知识。”关于下列几个物理课本中的情景涉及的物理思想方法的说法正确的是（　　） A. 图甲应用了理想化模型 B. 图乙应用了实验和逻辑推理相结合的方法 C. 图丙应用了控制变量的方法 D. 图丁应用了等效替代法 11. 如图，P、Q两物体叠放在水平面上，已知两物体质量均为m＝2kg，P与Q间的动摩擦因数为μ1＝0.3，Q与水平面间的动摩擦因数为μ2＝0.1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取g＝10m/s2，当水平向右的外力F＝10N作用在Q物体上时，下列说法正确的是（　　） A. 水平面对Q的摩擦力大小为2N B P与Q发生相对滑动 C. Q对P的摩擦力方向水平向左 D. P与Q之间的摩擦力大小为3N 第II卷（非选择题　共56分） 二、实验题：（本大题共5空，每空3分，计15分） 12. 在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，采用如图甲所示的装置。 （1）本实验应用的实验方法是（　　） A. 假设法 B. 控制变量法 C. 理想实验法 （2）下列说法中正确的是（　　）。 A. 实验中的打点计时器应接直流电源 B. 实验时应先释放小车，再启动打点计时器 C. 在探究加速度与质量的关系时，应改变小车所受拉力的大小 D. 实验前应把长木板的一端垫起适当高度，以平衡小车受到的摩擦力 （3）在探究加速度与力的关系时，若取车的质量M＝0.5kg，改变砝码质量m的值，进行多次实验，以下m的取值最不合适的一个是（　　） A. m1＝4g B. m2＝10g C. m3＝500g D. m4＝20g （4）图乙是某同学在实验中打出一条纸带，他从比较清晰的点O开始，每五个计时点取一个计数点，已知打点计时器打点的时间间隔为0.02s，由此可求得小车的加速度大小为________m/s2（结果保留三位有效数字）。 （5）如图丙所示，为某同学在探究加速度a与力F的关系时，根据测量数据作出的a﹣F图像，图线不过坐标原点的原因可能是长木板的倾斜程度________（填“过大”或“过小”）。 三、计算题：（本大题共4小题，共41分，请在答题纸指定的区域内作答，解答时应写出文字说明或演算步骤） 13. 一个物体从离地180m高处由静止开始下落（空气阻力不计），g取10m/s2。求： （1）物体落到地面需要的时间； （2）物体落地时速度的大小。 14. 如图所示，在建筑工地上，三个相同的均质圆形钢管静置于水平地面上，质量均为m，B、C钢管刚好接触且无挤压，重力加速度为g，不计钢管之间的摩擦，求： （1）B钢管对水平地面的压力大小； （2）水平地面对C钢管的摩擦力大小。 15. 如图甲所示，一个质量m＝1.0kg的小物块（可看成质点），以v0＝4m/s的初速度在平行斜面向上的拉力F＝12N作用下沿斜面向上做匀加速运动，经t＝2s的时间物块由A点运动到B点，A、B之间的距离L＝16m，已知斜面倾角θ＝37°，重力加速度g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，，。求： （1）物块加速度a的大小； （2）物块与斜面之间的动摩擦因数μ； （3）若拉力F的大小和方向可调节，如图乙所示，为保持原加速度不变，F的最小值是多少。 16. 如图所示，一传送带以v＝6m/s的速度顺时针转动，有一小物块轻轻放在传送带的左端A点，在传送带的带动下，从传送带右端的B点水平抛出，最后落到地面上的C点，已知传送带长度L＝18m，物块与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.2。（g取10m/s2） （1）求物块在传送带上的加速度大小； （2）求物块在传送带上运动的时间； （3）若物块在C点的速度方向与地面夹角为α＝53°，求B点到地面的高度和B、C两点间的水平距离．（sin53°＝0.8，cos53°＝0.6） 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 高一物理阶段学业考核题 （总分100分　时间75分钟） 注意事项： 1.本试卷中所有试题必须作答在答题纸上规定的位置，否则不给分。 2.答题前，务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水签字笔填写在试卷及答题纸上。 3.作答非选择题时必须用黑色字迹0.5毫米签字笔书写在答题纸的指定位置上，作答选择题必须用2B铅笔在答题纸上将对应题目的选项涂黑。如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，请保持答题纸清洁，不折叠、不破损。 第Ⅰ卷（选择题　共44分） 一、单项选择题：（本大题共11个小题，每小题4分，共44分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请在答题纸的指定位置填涂答案选项。） 1. 新能源汽车在辅助驾驶系统测试时，感应到前方有障碍物立刻制动，做匀减速直线运动。2s内速度由8m/s减至0。该过程中加速度大小为（　　） A. 2m/s2 B. 4m/s2 C. 6m/s2 D. 8m/s2 【答案】B 【解析】 【详解】根据匀减速直线运动的速度公式 将数据代入公式得 解得a=-4m/s2 加速度大小为4m/s2。 故选B。 2. 下列说法中正确的是（　　） A. 在完全失重的情况下，物体的惯性将消失 B. 牛顿第一定律、牛顿第二定律都可以通实验来验证 C. 单位m、kg、s是一组属于国际单位制的基本单位 D. 长度、时间、力是一组属于国际单位制的基本单位的物理量 【答案】C 【解析】 【详解】A．惯性只与质量有关，惯性不会消失，与物体所处的状态无关，故A错误； B．牛顿第一定律是指在物体不受力情况下，生活中不存在物体不受外力的作用，因此牛顿第一定律无法通过实验验证，但是可以通过实验推理出来。牛顿第二定律则可以通实验来验证。故B错误； C．单位m、kg、s是一组属于国际单位制的基本单位，故C正确； D．长度、时间、质量是一组属于国际单位制的基本单位的物理量，力不属于。故D错误。 故选C。 3. 在行车过程中规定必须要使用安全带，假设某次急刹车时，由于安全带的作用，使质量为70kg的乘员具有的加速度大小约为6m/s2，此时安全带对乘员的作用力最接近（　　） A. 200N B. 300N C. 400N D. 500N 【答案】C 【解析】 【分析】根据牛顿第二定律，安全带对乘员的作用力等于乘员的质量乘以加速度。 【详解】由牛顿第二定律得。 即安全带对乘员的作用力最接近400N。 故选C。 4. 将一弹簧测力计悬挂在升降机天花板下，弹簧下端连接一个小钢球，如果弹簧测力计示数突然变大，则此时升降机可能的运动状态是（ ） A. 减速上升 B. 加速下降 C. 减速下降 D. 匀速下降 【答案】C 【解析】 【详解】以小钢球为研究对象，受到重力和弹簧的弹力。静止时，两力平衡；当弹簧测力计示数突然变大，则弹力增大，根据牛顿第二定律可知，小钢球的加速度竖直向上，故升降机可能的运动状态是加速上升或减速下降。 故选C。 5. 图甲为研究物体做曲线运动条件的装置，小铁球以初速度v0在水平纸面上运动。忽略阻力，观察到小铁球沿图乙中实线的轨迹运动，则磁铁可能放在（　　） A. A位置 B. B位置 C. C位置 D. D位置 【答案】D 【解析】 【详解】磁铁对钢球的作用力为引力，轨迹往引力的方向偏转，所以磁铁可能放在D位置。 故选D。 6. 小船在静水中的速度为5m/s，水流速度为3m/s。若小船要垂直河岸到达正对岸，则船头方向应（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）（　　） A 偏向上游53° B. 偏向上游37° C. 偏向下游37° D. 垂直河岸 【答案】B 【解析】 【详解】小船要垂直河岸到达正对岸，需使合速度方向垂直河岸，即合速度沿河方向分量为零。设船头方向偏向上游与河岸方向夹角为θ，则水流速度沿河岸方向为3 m/s，所以 解得 故 即船头应偏向上游，故选B。 7. 已知某物体做直线运动，其图像如图所示，以下说法正确的是（　　） A. 前8s内位移为0 B. 前8s内位移为12m C. 前4s的位移为12m D. 0~4s内加速度方向与4s~8s内加速度方向相反 【答案】A 【解析】 【详解】ABC．根据图像与横轴围成的面积表示位移，由题图可知，前8s内位移是0；前4s的位移为 故A正确，BC错误； D．根据图像的斜率表示加速度，由题图可知0~4s内加速度方向与4s~8s内加速度方向相同，均为负方向，故D错误。 故选A。 8. 如图所示，在“研究平抛运动”的实验中，横挡条卡住平抛小球，用铅笔标注小球的最高点，从而确定平抛运动的轨迹，关于此实验，下列说法正确的是（　　） A. 斜槽轨道必须是光滑的 B. 每次从斜槽上释放小球的位置不一定相同 C. 坐标原点应选小球在斜槽末端点时球的上端 D. 坐标原点应选小球在斜槽末端点时球心的位置 【答案】C 【解析】 【详解】AB．为了确定平抛的运动轨迹，需要小球有不变的初速度，所以每次从斜槽上释放小球的位置必须相同，而下滑过程中轨道是否光滑对实验没有影响。故AB错误； CD．由于实验步骤中用铅笔标注小球的最高点，所以坐标原点应选小球在斜槽末端点时小球的上端。故C正确，D错误。 故选C。 9. 如图所示，某同学同时将两颗鸟食从O点水平抛出，两只小鸟分别在空中的M点和N点接到鸟食。鸟食的运动视为平抛运动，两运动轨迹在同一竖直平面内，则（　　） A. 两颗鸟食平抛的初速度相同 B 两只小鸟同时接到鸟食 C. 在M点的鸟先接到鸟食 D. 在M点接到的鸟食平抛的初速度较小 【答案】C 【解析】 【详解】BC．根据 因M点的竖直高度较小，可知时间较短，即在M点的鸟先接到鸟食，故B错误，C正确； AD．由图可知 过M点作一水平面，经过相同高度时，在M点接到的鸟食平抛的水平位移较大，根据可知，在M点接到的鸟食平抛的初速度较大，故AD错误。 故选C。 10. 达尔文说：“最有价值的知识，是关于方法的知识。”关于下列几个物理课本中的情景涉及的物理思想方法的说法正确的是（　　） A. 图甲应用了理想化模型 B. 图乙应用了实验和逻辑推理相结合的方法 C. 图丙应用了控制变量的方法 D. 图丁应用了等效替代法 【答案】B 【解析】 【详解】A．题图甲是外力作用在物体上，物体产生微小形变，通过光学仪器可以观察到这种微小形变，应用了微小量放大法，故A错误； B．题图乙是伽利略对自由落体运动的研究，应用了将实验和逻辑推理相结合的方法，故B正确； C．题图丙是探究合力与分力作用效果的实验情景，应用了等效替代法，故C错误； D．题图丁是利用图像求位移，应用了微元法，故D错误。 故选B。 11. 如图，P、Q两物体叠放在水平面上，已知两物体质量均为m＝2kg，P与Q间的动摩擦因数为μ1＝0.3，Q与水平面间的动摩擦因数为μ2＝0.1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取g＝10m/s2，当水平向右的外力F＝10N作用在Q物体上时，下列说法正确的是（　　） A. 水平面对Q的摩擦力大小为2N B. P与Q发生相对滑动 C. Q对P摩擦力方向水平向左 D. P与Q之间的摩擦力大小为3N 【答案】D 【解析】 【详解】BD．假设P与Q相对静止一起向右做匀加速直线运动，以P与Q整体，根据牛顿第二定律 解得 以P物体为研究对象 PQ间的最大静摩擦力 因 ，可知假设成立，B错误，D正确； A．PQ一起向右运动，水平面对Q的摩擦力，A错误； C．P随Q一起向右加速运动，合力向右，所以Q对P的摩擦力水平向右，C错误。 故选D。 第II卷（非选择题　共56分） 二、实验题：（本大题共5空，每空3分，计15分） 12. 在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，采用如图甲所示的装置。 （1）本实验应用的实验方法是（　　） A. 假设法 B. 控制变量法 C. 理想实验法 （2）下列说法中正确的是（　　）。 A. 实验中的打点计时器应接直流电源 B. 实验时应先释放小车，再启动打点计时器 C. 在探究加速度与质量的关系时，应改变小车所受拉力的大小 D. 实验前应把长木板的一端垫起适当高度，以平衡小车受到的摩擦力 （3）在探究加速度与力的关系时，若取车的质量M＝0.5kg，改变砝码质量m的值，进行多次实验，以下m的取值最不合适的一个是（　　） A. m1＝4g B. m2＝10g C. m3＝500g D. m4＝20g （4）图乙是某同学在实验中打出一条纸带，他从比较清晰的点O开始，每五个计时点取一个计数点，已知打点计时器打点的时间间隔为0.02s，由此可求得小车的加速度大小为________m/s2（结果保留三位有效数字）。 （5）如图丙所示，为某同学在探究加速度a与力F的关系时，根据测量数据作出的a﹣F图像，图线不过坐标原点的原因可能是长木板的倾斜程度________（填“过大”或“过小”）。 【答案】（1）B （2）D （3）C （4）1.20 （5）过小 【解析】 【小问1详解】 探究加速度与力、质量关系实验要采用控制变量法。 故选B。 【小问2详解】 A．实验中的打点计时器应接交流电源，故A错误； B．实验时应先启动打点计时器，再释放小车，故B错误； C．在探究加速度与质量的关系时，应保持小车所受拉力的大小不变，改变小车的质量，故C错误； D．实验前应把长木板的一端垫起适当高度，以平衡小车受到的摩擦力，故D正确。 故选D。 【小问3详解】 当小车质量远大于砝码与砝码盘质量时可以近似认为小车受到的拉力等于砝码与砝码盘的重力，在探究加速度与力的关系时，若取车的质量，改变砝码质量m的值，m的取值最不合适的一个是500g。 故选C。 【小问4详解】 根据逐差法求加速度可得 【小问5详解】 图像不过原点且为零时，仍为零，是没有平衡摩擦力或平衡摩擦力过小造成的，即板的倾斜角度过小。 三、计算题：（本大题共4小题，共41分，请在答题纸指定的区域内作答，解答时应写出文字说明或演算步骤） 13. 一个物体从离地180m高处由静止开始下落（空气阻力不计），g取10m/s2。求： （1）物体落到地面需要的时间； （2）物体落地时速度的大小。 【答案】（1）6s （2）60m/s 【解析】 【小问1详解】 由可知，物体落到地面需要的时间 【小问2详解】 物体落地时速度的大小 14. 如图所示，在建筑工地上，三个相同的均质圆形钢管静置于水平地面上，质量均为m，B、C钢管刚好接触且无挤压，重力加速度为g，不计钢管之间的摩擦，求： （1）B钢管对水平地面的压力大小； （2）水平地面对C钢管的摩擦力大小。 【答案】（1）；（2） 【解析】 【详解】（1）以三根钢管整体为研究对象，有 解得水平面对B钢管的支持力大小为 根据牛顿第三定律得B钢管对水平地面的压力大小为 （2）对A钢管受力分析如图，根据平衡条件得 由对称性可知 根据牛顿第三定律，A钢管对C钢管的弹力为 水平面对C钢管的摩擦力大小 15. 如图甲所示，一个质量m＝1.0kg的小物块（可看成质点），以v0＝4m/s的初速度在平行斜面向上的拉力F＝12N作用下沿斜面向上做匀加速运动，经t＝2s的时间物块由A点运动到B点，A、B之间的距离L＝16m，已知斜面倾角θ＝37°，重力加速度g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，，。求： （1）物块加速度a的大小； （2）物块与斜面之间的动摩擦因数μ； （3）若拉力F的大小和方向可调节，如图乙所示，为保持原加速度不变，F的最小值是多少。 【答案】（1）4m/s2 （2）0.25 （3） 【解析】 【小问1详解】 根据题意有 代入数据解得 【小问2详解】 根据牛顿第二定律有， 又， 代入数据解得 【小问3详解】 设F与斜面夹角为α，平行斜面方向有 垂直斜面方向有 联立解得 当时，F有最小值Fmin，代入数据解得 16. 如图所示，一传送带以v＝6m/s的速度顺时针转动，有一小物块轻轻放在传送带的左端A点，在传送带的带动下，从传送带右端的B点水平抛出，最后落到地面上的C点，已知传送带长度L＝18m，物块与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.2。（g取10m/s2） （1）求物块在传送带上的加速度大小； （2）求物块在传送带上运动的时间； （3）若物块在C点的速度方向与地面夹角为α＝53°，求B点到地面的高度和B、C两点间的水平距离．（sin53°＝0.8，cos53°＝0.6） 【答案】（1） （2）4.5s （3）3.2m；4.8m 【解析】 【小问1详解】 设物块在传送带上的加速度为a，根据牛顿第二定律μmg=ma 则有a＝μg＝0.2×10m/s2＝2m/s2 【小问2详解】 设物块经t1时间与传送带速度相同， 由速度—时间公式可得v＝at1，则有t1＝3s 物块在传送带上做加速运动的位移为 物块与传送带共速后，随传送带一起做匀速直线运动，后从传送带右端的B点水平抛出，物块在传送带上做匀速运动的位移为x2＝L－x1＝9m 设物块在传送带上做匀速运动的时间为t2，则有x2＝vt2 解得t2＝1.5s 可得物块在传送带上运动的时间t＝t1＋t2 解得t＝4.5s 【小问3详解】 由题意可得 解得vy＝8m/s 物块做平抛运动，在竖直方向是自由落体运动，由自由落体运动速度与位移关系公式可得 代入数据得h＝3.2m 由自由落体运动位移与时间公式，可得物块做平抛运动的时间为 物块在水平方向是匀速直线运动，则有水平位移为x＝vt3＝6×0.8m＝4.8m。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $