精品解析：四川蓬溪中学校2026年春季入学质量检测高一物理试题

蓬溪中学高2025级2026年春季入学质量检测 物理试题 本试卷分为选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。 第Ⅰ卷（选择题，共46分） 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 一个质点在某一段运动过程中，下列说法正确的是（　　） A. 加速度大小不变时一定是匀变速直线运动 B. 速度大小不变时可能是匀速直线运动 C. 某时刻加速度为0，则此时刻速度一定为0 D. 某时刻速度为0，则此时刻加速度一定为0 2. 冰壶运动可以考验参与者的体能与脑力，展现动静之美，取舍之智慧，现对运动员推动冰壶滑行过程建立如图所示模型，运动员对质量为m的冰壶施加与水平方向夹角为的推力F，使冰壶在水平面上做匀速直线运动，冰壶与冰面间的摩擦因数为，重力加速度为g，则下列说法正确的是（　　） A. 冰壶受到的摩擦力大小为 B. 冰壶受到的摩擦力大小为 C. 冰壶受到的支持力大小为 D. 冰壶对冰面的压力大小为 3. 如图所示，“嫦娥号”探月卫星在由地球飞向月球时，沿曲线从M点向N点飞行过程中，速度逐渐减小，在此过程中探月卫星所受合力方向可能是下列图中的（　　） A. B. C. D. 4. 走马灯（如图所示），这一富有传统特色工艺品，起源可以追溯到隋唐时期。其工作原理：点燃底部蜡烛，上升的热空气驱动扇叶旋转，带动纸片绕竖直转轴匀速转动，若我们观察到某一灯面上相邻纸马和纸片战士的图形交替的时间间隔为5s，四个纸片均匀分布，则该走马灯的角速度约为（　　） A. B. C. D. 5. 2025年4月25日，我国神舟二十号成功发射升空。实验小组用以下模型模拟其升空过程，如图所示，四个立柱中间固定一弹性网。开始时将火箭下压，使弹性网的形变量足够大（未超出弹性形变），然后将火箭由静止释放，其离开弹性网并上升到最高点，不计空气阻力，下列说法中正确的是（　　） A. 火箭模型在释放后瞬间所受合力0 B. 火箭模型离开弹性网时达到最大速度 C. 火箭模型离开弹性网后上升到最高点过程中一直超重 D. 火箭模型离开弹性网前先超重后失重 6. 如图所示，为一皮带传送装置，右轮半径为r，a是其边缘上一点，左侧为一轮轴，大轮半径为4r，小轮半径为2r，b在小轮上，到小轮中心的距离为r，c在小轮边缘上，d在大轮边缘上，以下关系错误的是（　　） A. a和c线速度相等 B. b、c和d角速度相等 C. ：：： D. ：：： 7. 越野车和自动驾驶车沿同一公路向东行驶，自动驾驶车由静止开始运动时，越野车刚好以速度从旁边加速驶过，如图所示分别为越野车和自动驾驶车的v-t图线，根据这些信息，可以判断（　　） A. 5s末两车相遇 B. 0时刻之后，两车只会相遇一次 C. 20s前两车相遇两次 D. 加速阶段自动驾驶车的加速度是越野车的3倍 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8. 关于牛顿运动定律，下列说法正确的有（　　） A. 汽车速度越大，刹车后停下来所需时间越长，说明速度大的物体惯性大 B. 力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因 C. 人向前走路时，地面对脚的作用力大于脚对地面的作用力 D. 人随电梯向上加速运动时，人对电梯地板的压力大于人所受的重力 9. 如图甲所示，在水平地面上有一长木板B，其上叠放木块A。假定木板与地面之间、木块与木板之间的最大静摩擦力都和滑动摩擦力相等。用一水平力F作用于B，A、B的加速度与F的关系如图乙所示，重力加速度g取，则下列说法正确的是（　　） A. A的质量为0.25kg B. B的质量为1.0kg C. B与地面间的动摩擦因数为0.2 D. A、B间的动摩擦因数为0.2 10. 一位同学玩飞镖游戏，圆盘边缘上有一P点，飞镖抛出时与P等高，且距离P点为L，如图所示。当飞镖以初速度垂直盘面瞄准P点抛出同时，圆盘以一定角速度绕盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动。忽略空气阻力，重力加速度为g，若飞镖恰好击中P点，则（　　） A. 飞镖在空中飞行的时间为 B. 圆盘转动周期的最小值为 C. 圆盘的半径可能为 D. P点随圆盘转动的线速度可能为 第Ⅱ卷（非选择题，共54分） 三、实验题：本题共2小题，共16分。 11. 某同学利用图（a）所示装置研究平抛运动的规律。实验时该同学使用频闪仪和照相机对做平抛运动的小球进行拍摄，频闪仪每隔发出一次闪光，某次拍摄后得到的照片如图（b）所示（图中未包括小球刚离开轨道的影像）。图中的背景是放在竖直平面内的带有方格的纸板，纸板与小球轨迹所在平面平行，其上每个方格的边长为。该同学在实验中测得的小球影像的高度差已经在图（b）中标出。 完成下列填空：（结果均保留2位有效数字） （1）小球运动到图（b）中位置A时，其速度的水平分量大小为___________，竖直分量大小为___________； （2）根据图（b）中数据可得，当地重力加速度的大小为___________。 12. 为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图甲所示的实验装置。其中M为带滑轮的小车的质量，m为沙和沙桶的质量。（滑轮质量不计） （1）实验时，一定要进行的操作是___________。 A. 改变沙和沙桶质量，打出几条纸带 B. 将带滑轮的长木板右端垫高，以补偿阻力 C. 小车靠近打点计时器，先释放小车，再接通打点计时器的电源，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数 D. 为减小误差，实验中一定要保证沙和沙桶的质量m远小于小车的质量M （2）该同学在实验中得到如图乙所示的一条纸带（两计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为___________（结果保留两位有效数字）。 （3）以弹簧测力计的示数F为横轴，加速度a为纵轴，画出的a-F图像是一条直线，如图丙所示，图线与横轴的夹角为，求得图线的斜率为k，则小车的质量为___________。 A. B. C. k D. 四、计算题：本题共3小题，共38分。请写出必要的文字说明和运算步骤。 13. 在某塔顶上将一物体竖直向上抛出，抛出点为A，物体上升的最大高度为20 m，不计空气阻力，设塔足够高，则：(g取10 m/s2) (1)物体抛出的初速度大小为多少； (2)物体位移大小为10 m时，物体通过的路程可能为多少； (3)若塔高H=60 m，求物体从抛出到落到地面的时间和落地速度大小。 14. 如图所示，一小球自平台上水平抛出，恰好落在邻近平台的一倾角为α=53°的光滑斜面顶端，并刚好沿光滑斜面下滑，已知斜面顶端与平台的高度差h=0.8 m，重力加速度g取10 m/s2，sin 53°=0.8，cos 53°=0.6，求： （1）小球水平抛出的初速度v0是多大？ （2）斜面顶端与平台边缘的水平距离x是多大； （3）若斜面顶端高H=20.8 m，则小球离开平台后经多长时间到达斜面底端。 15. 传送带是建筑工地常见的运输装置，如图所示为传送带AB的简易图，传送带的倾角为，以的速度顺时针匀速转动，工人将质量的工料（可视为质点）轻轻地放到传送带的底端A，并用平行于传送带的轻绳拴接在工料上，启动电动机，电动机对工料提供的牵引力恒为，经过关闭电动机，一段时间后工件刚好到达传送带的最高点B。已知工料与传送带之间的动摩擦因数为，重力加速度，不计空气阻力。求： （1）经过时间时，工料的速度大小； （2）刚关闭电动机后，工料的加速度； （3）传送带A、B两端间的距离。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 蓬溪中学高2025级2026年春季入学质量检测 物理试题 本试卷分为选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。 第Ⅰ卷（选择题，共46分） 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 一个质点在某一段运动过程中，下列说法正确的是（　　） A. 加速度大小不变时一定是匀变速直线运动 B. 速度大小不变时可能是匀速直线运动 C. 某时刻加速度为0，则此时刻速度一定为0 D. 某时刻速度为0，则此时刻加速度一定为0 【答案】B 【解析】 【详解】A．匀变速直线运动的定义是加速度大小、方向均恒定，且运动轨迹为直线。仅加速度大小不变时，若加速度方向改变（如匀速圆周运动）或运动轨迹为曲线，就不属于匀变速直线运动，A错误； B．匀速直线运动的特点是速度大小、方向均恒定，因此速度大小不变时，若方向也保持不变，就是匀速直线运动，存在该可能性，B正确； C．加速度是速度的变化率，加速度为0仅说明速度不发生变化，速度可以为任意恒定值，例如匀速直线运动中加速度为0，速度不为0，C错误； D．速度为0时加速度不一定为0，例如竖直上抛运动的最高点，瞬时速度为0，但加速度为重力加速度g，D错误。 故选B。 2. 冰壶运动可以考验参与者的体能与脑力，展现动静之美，取舍之智慧，现对运动员推动冰壶滑行过程建立如图所示模型，运动员对质量为m的冰壶施加与水平方向夹角为的推力F，使冰壶在水平面上做匀速直线运动，冰壶与冰面间的摩擦因数为，重力加速度为g，则下列说法正确的是（　　） A. 冰壶受到的摩擦力大小为 B. 冰壶受到的摩擦力大小为 C. 冰壶受到的支持力大小为 D. 冰壶对冰面的压力大小为 【答案】A 【解析】 【详解】CD．冰壶受力分析如图所示 由此可知，冰壶受到的支持力为 根据牛顿第三定律可知，冰壶对冰面的压力大小为 CD错误； AB．根据滑动摩擦力的计算方式可得 又因为冰壶在水平面上做匀速直线运动，根据平衡状态计算可得 A正确，B错误。 故选A。 3. 如图所示，“嫦娥号”探月卫星在由地球飞向月球时，沿曲线从M点向N点飞行的过程中，速度逐渐减小，在此过程中探月卫星所受合力方向可能是下列图中的（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】“嫦娥号”探月卫星从点运动到，做曲线运动，速度逐渐减小，故合力指向凹侧，且合力与速度的方向的夹角要大于，故ABC错误，D正确。 故选D。 4. 走马灯（如图所示），这一富有传统特色的工艺品，起源可以追溯到隋唐时期。其工作原理：点燃底部蜡烛，上升的热空气驱动扇叶旋转，带动纸片绕竖直转轴匀速转动，若我们观察到某一灯面上相邻纸马和纸片战士的图形交替的时间间隔为5s，四个纸片均匀分布，则该走马灯的角速度约为（　　） A. B. C D. 【答案】B 【解析】 【详解】根据题意可知，每隔5s纸片马和纸片战士交替一次，即走马灯转过的角度为90°，根据角速度定义式可得 故选B。 5. 2025年4月25日，我国神舟二十号成功发射升空。实验小组用以下模型模拟其升空过程，如图所示，四个立柱中间固定一弹性网。开始时将火箭下压，使弹性网的形变量足够大（未超出弹性形变），然后将火箭由静止释放，其离开弹性网并上升到最高点，不计空气阻力，下列说法中正确的是（　　） A. 火箭模型在释放后瞬间所受合力为0 B. 火箭模型离开弹性网时达到最大速度 C. 火箭模型离开弹性网后上升到最高点过程中一直超重 D. 火箭模型离开弹性网前先超重后失重 【答案】D 【解析】 【详解】A．火箭模型在最低点弹力大于重力，所受合力向上，故A错误； B．火箭模型所受重力等于弹力时达到最大速度，故B错误； C．火箭模型离开弹性网后上升到最高点过程中，做竖直上抛运动，加速度为向下的g，故C错误； D．火箭模型离开弹性网前先向上加速，后向上减速，所以先超重后失重，故D正确。 故选D。 6. 如图所示，为一皮带传送装置，右轮半径为r，a是其边缘上一点，左侧为一轮轴，大轮半径为4r，小轮半径为2r，b在小轮上，到小轮中心的距离为r，c在小轮边缘上，d在大轮边缘上，以下关系错误的是（　　） A. a和c线速度相等 B. b、c和d角速度相等 C. ：：： D. ：：： 【答案】D 【解析】 【详解】A．由同一皮带带动的两轮边缘及皮带上各点的线速度大小相等,故A正确; B．同轴转动的物体上各点的角速度相等,故B正确; C．由 得 又,故,故C正确; D．由 得,又 故,故D错误. 此题选择错误的，故选D。 7. 越野车和自动驾驶车沿同一公路向东行驶，自动驾驶车由静止开始运动时，越野车刚好以速度从旁边加速驶过，如图所示分别为越野车和自动驾驶车的v-t图线，根据这些信息，可以判断（　　） A. 5s末两车相遇 B. 0时刻之后，两车只会相遇一次 C. 20s前两车相遇两次 D. 加速阶段自动驾驶车的加速度是越野车的3倍 【答案】D 【解析】 【详解】A．0时刻两者并排在一起，由于图像与时间轴所围几何图形的面积表示位移，由图像可知，末两者位移不相等，越野车的位移大于自动驾驶车的位移，A错误； BC．0时刻两者并排在一起，由于图像与时间轴所围几何图形的面积表示位移，可知，10s时刻两者位移相等，即10s时刻两者相遇，此时自动驾驶车开始做匀速直线运动，其速度大于越野车的速度，越野车做匀加速直线运动，20s时两者速度再一次相等，之后，越野车的速度大于自动驾驶车的速度，可知，两者20s后一定还会再相遇一次，即0时刻之后，两车会相遇两次，BC错误； D．令的速度为，，，，根据图像可知 解得 图像的斜率表示加速度，则加速阶段自动驾驶车与越野车的加速度分别为， 可知，加速阶段自动驾驶车的加速度是越野车的3倍，D正确。 故选D。 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8. 关于牛顿运动定律，下列说法正确的有（　　） A. 汽车速度越大，刹车后停下来所需时间越长，说明速度大的物体惯性大 B. 力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因 C. 人向前走路时，地面对脚的作用力大于脚对地面的作用力 D. 人随电梯向上加速运动时，人对电梯地板的压力大于人所受的重力 【答案】BD 【解析】 【详解】A．惯性是物体的固有属性，与物体速度的大小无关，故A错误； B．根据牛顿第一定律可知，力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因，故B正确； C．地面对脚的作用力和脚对地面的作用力为相互作用力，大小相等，故C错误； D．人随电梯向上加速运动时，对人受力分析可知 解得 根据牛顿第三定律可知，人对电梯地板的压力等于地板对人的支持力，故人对电梯地板的压力大于人所受的重力，故D正确。 故选BD。 9. 如图甲所示，在水平地面上有一长木板B，其上叠放木块A。假定木板与地面之间、木块与木板之间的最大静摩擦力都和滑动摩擦力相等。用一水平力F作用于B，A、B的加速度与F的关系如图乙所示，重力加速度g取，则下列说法正确的是（　　） A. A的质量为0.25kg B. B的质量为1.0kg C. B与地面间的动摩擦因数为0.2 D. A、B间的动摩擦因数为0.2 【答案】BC 【解析】 【详解】D．设A、B质量分别为m1、m2，由乙图可知，当时，A、B发生相对运动，A在滑动摩擦力的作用下加速度保持4m/s2不变，对A由牛顿第二定律可得 解得A、B间的动摩擦因数为 D错误； AB．由乙图可知，B与地面间最大静摩擦力（滑动摩擦力）为 当时，A、B达到最大共同加速度4m/s2，对A、B整体由牛顿第二定律可得 当时，A、B发生相对运动，此时B的加速度为8m/s2，对B据牛顿第二定律可得 联立解得 ， A错误，B正确； C．B与地面间滑动摩擦力可表示为 解得B与地面间的动摩擦因数为 C正确。 故选BC 10. 一位同学玩飞镖游戏，圆盘边缘上有一P点，飞镖抛出时与P等高，且距离P点为L，如图所示。当飞镖以初速度垂直盘面瞄准P点抛出的同时，圆盘以一定角速度绕盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动。忽略空气阻力，重力加速度为g，若飞镖恰好击中P点，则（　　） A. 飞镖在空中飞行的时间为 B. 圆盘转动周期的最小值为 C. 圆盘的半径可能为 D. P点随圆盘转动的线速度可能为 【答案】AD 【解析】 【详解】A．飞镖水平位移为，水平方向匀速：，解得飞行时间，故A正确。 B．飞镖击中点时，从初始位置（盘心正上方）转到飞镖高度，需要转过圈加半圈（），即 整理得周期：  时周期最大，最大周期为；越大越小，不存在最小周期，故B错误。 C．竖直方向飞镖下落位移：   击中时在盘心正下方，下落位移等于圆盘直径，即，得，与选项矛盾，故C错误。 D．点线速度，代入和，整理得：   当时，，满足条件，故D正确。 故选AD。 第Ⅱ卷（非选择题，共54分） 三、实验题：本题共2小题，共16分。 11. 某同学利用图（a）所示装置研究平抛运动的规律。实验时该同学使用频闪仪和照相机对做平抛运动的小球进行拍摄，频闪仪每隔发出一次闪光，某次拍摄后得到的照片如图（b）所示（图中未包括小球刚离开轨道的影像）。图中的背景是放在竖直平面内的带有方格的纸板，纸板与小球轨迹所在平面平行，其上每个方格的边长为。该同学在实验中测得的小球影像的高度差已经在图（b）中标出。 完成下列填空：（结果均保留2位有效数字） （1）小球运动到图（b）中位置A时，其速度的水平分量大小为___________，竖直分量大小为___________； （2）根据图（b）中数据可得，当地重力加速度的大小为___________。 【答案】 ① 1.0 ②. 2.0 ③. 9.7 【解析】 【详解】（1）[1]因小球水平方向做匀速直线运动，因此速度为 [2]竖直方向做自由落体运动，因此A点的竖直速度可由平均速度等于时间中点的瞬时速度求得 （2）[3]由竖直方向自由落体运动可得 代入数据可得 12. 为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图甲所示的实验装置。其中M为带滑轮的小车的质量，m为沙和沙桶的质量。（滑轮质量不计） （1）实验时，一定要进行的操作是___________。 A. 改变沙和沙桶的质量，打出几条纸带 B. 将带滑轮的长木板右端垫高，以补偿阻力 C. 小车靠近打点计时器，先释放小车，再接通打点计时器的电源，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数 D. 为减小误差，实验中一定要保证沙和沙桶的质量m远小于小车的质量M （2）该同学在实验中得到如图乙所示的一条纸带（两计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为___________（结果保留两位有效数字）。 （3）以弹簧测力计的示数F为横轴，加速度a为纵轴，画出的a-F图像是一条直线，如图丙所示，图线与横轴的夹角为，求得图线的斜率为k，则小车的质量为___________。 A. B. C. k D. 【答案】（1）AB （2）1.4 （3）D 【解析】 【小问1详解】 A．为了得到普遍规律，改变沙和沙桶的质量，打出几条纸带，故A正确； B．本实验是弹簧测力计测出拉力，从而表示小车受到的合外力，故需要将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，同时保持弹簧测力计及其连接线与长木板平行，故B正确； C．运用打点计时器时，应先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故C错误； D．本实验拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出沙和沙桶的质量，也就不需要使沙和沙桶的质量远小于车的总质量，故D错误。 故选AB。 【小问2详解】 由题意可知，相邻计数点间的时间间隔为 根据逐差法可得，小车的加速度为 【小问3详解】 根据牛顿第二定律，得 解得 所以，图线的斜率为 解得 故选D。 四、计算题：本题共3小题，共38分。请写出必要的文字说明和运算步骤。 13. 在某塔顶上将一物体竖直向上抛出，抛出点为A，物体上升的最大高度为20 m，不计空气阻力，设塔足够高，则：(g取10 m/s2) (1)物体抛出的初速度大小为多少； (2)物体位移大小为10 m时，物体通过的路程可能为多少； (3)若塔高H=60 m，求物体从抛出到落到地面的时间和落地速度大小。 【答案】(1)20 m/s；(2)10 m，30 m，50 m；(3)6 s，40 m/s 【解析】 【分析】 【详解】(1)设初速度为v0，竖直向上为正，根据速度位移公式有 -2gh=0-v02 代入数据解得 v0=20 m/s (2)位移大小为10m，有三种可能：向上运动时x=10m，返回时在出发点上方10m，返回时在出发点下方10m，对应的路程分别为 s1=10m s2=(20＋10) m=30m s3=(40＋10) m=50m (3)落到地面时的位移x=-60 m，设从抛出到落到地面用时为t，有 x=v0t-gt2 解得 t=6 s(t=-2 s舍去) 落地速度 v=v0-gt=(20-10×6) m/s=-40m/s 则落地速度大小为40 m/s。 14. 如图所示，一小球自平台上水平抛出，恰好落在邻近平台的一倾角为α=53°的光滑斜面顶端，并刚好沿光滑斜面下滑，已知斜面顶端与平台的高度差h=0.8 m，重力加速度g取10 m/s2，sin 53°=0.8，cos 53°=0.6，求： （1）小球水平抛出的初速度v0是多大？ （2）斜面顶端与平台边缘的水平距离x是多大； （3）若斜面顶端高H=20.8 m，则小球离开平台后经多长时间到达斜面底端。 【答案】（1）；（2）1.2m；（3） 【解析】 【详解】（1）由平抛运动规律得 解得 ， （2）斜面顶端与平台边缘的水平距离为 （3）小球落入斜面时的速度为 小球在斜面上运动的加速度为 斜面长度为 小球在斜面上运动过程中有 解得 小球离开平台后到达斜面底端的时间 15. 传送带是建筑工地常见的运输装置，如图所示为传送带AB的简易图，传送带的倾角为，以的速度顺时针匀速转动，工人将质量的工料（可视为质点）轻轻地放到传送带的底端A，并用平行于传送带的轻绳拴接在工料上，启动电动机，电动机对工料提供的牵引力恒为，经过关闭电动机，一段时间后工件刚好到达传送带的最高点B。已知工料与传送带之间的动摩擦因数为，重力加速度，不计空气阻力。求： （1）经过时间时，工料的速度大小； （2）刚关闭电动机后，工料的加速度； （3）传送带A、B两端间的距离。 【答案】（1）10m/s；（2）m/s2，方向沿传送带向下；（3）31.25m 【解析】 【详解】（1）对工料受力分析，根据牛顿第二定律有 设经t时刻，工料与传送带共速则有 解得 s 再对工料受力分析，根据牛顿第二定律有 根据速度—时间公式有 解得 m/s （2）刚关闭电动机后，对工料受力分析，根据牛顿第二定律有 解得 m/s2 方向沿传送带向下； （3）关闭发电机后，工料经恰好到达最高点B，则有工料先减速到与传送带共速，此时有 此后工料继续减速，此时受向上的摩擦力，由牛顿第二定律可得 因此继续向上运动的位移为 工料加速到与传送带共速时的位移满足 工料的速度从增大到的位移满足 则传送带A、B两端间的距离为 解得 m 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $