课后限时练(02) 力与直线运动（课件PPT）-【高考快车道】2026年高考物理大二轮专题复习与策略（广东专版）

1．(2025·河南卷)野外高空作业时，使用无人机给工人运送零件。如图，某次运送过程中的一段时间内，无人机向左水平飞行，零件用轻绳悬挂于无人机下方，并相对于无人机静止，轻绳与竖直方向成一定角度。忽略零件所受空气阻力，则在该段时间内(　　) A．无人机做匀速运动 B．零件所受合外力为零 C．零件的惯性逐渐变大 D．零件的重力势能保持不变 课后限时练(二)　力与直线运动 题号 1 3 5 2 4 6 7 √ 突破点一 突破点二 突破点三 课后限时练 1 D　[无人机沿水平方向飞行，零件相对于无人机静止，也沿水平方向做直线运动，故零件的高度不变，可知零件的重力势能保持不变，D正确；对零件受力分析，受重力和绳子的拉力，由于零件沿水平方向做直线运动，可知合外力沿水平方向，提供水平方向的加速度，零件水平向左做匀加速直线运动，A、B错误；惯性的大小只与质量有关，零件的质量不变，故零件的惯性不变，C错误。故选D。] 题号 1 3 5 2 4 6 7 题号 2 1 3 4 5 6 7 2．(2025·安徽卷)汽车由静止开始沿直线从甲站开往乙站，先做加速度大小为a的匀加速运动，位移大小为x；接着在t时间内做匀速运动；最后做加速度大小也为a的匀减速运动，到达乙站时速度恰好为0。已知甲、乙两站之间的距离为8x，则(　　) A．x＝at2　 B．x＝at2 C．x＝at2　 D．x＝at2 √ 突破点一 突破点二 突破点三 课后限时练 3 A　[由题意可知，设匀加速直线运动时间为t'，匀速运动的速度为v，匀加速直线运动阶段，由位移公式x＝t'，根据逆向思维，匀减速直线运动阶段的位移等于匀加速直线运动阶段的位移，则匀速直线运动阶段有8x－x－x＝vt，联立解得t'＝，再根据x＝at'2，解得x＝at2，B、C、D错误，A正确。故选A。] 题号 2 1 3 4 5 6 7 4 3．(2024·湖南卷)如图，质量分别为4m、3m、2m、m的四个小球A、B、C、D，通过细线或轻弹簧互相连接，悬挂于O点，处于静止状态，重力加速度为g。若将B、C间的细线剪断，则剪断瞬间B和C的加速度大小分别为(　　) A．g，1.5g　 B．2g，1.5g C．2g，0.5g　 D．g，0.5g 题号 2 1 3 4 5 6 7 √ 突破点一 突破点二 突破点三 课后限时练 5 A　[剪断前，对B、C、D分析，FAB＝(3m＋2m＋m)g，对D，FCD＝mg，剪断后，对B，FAB－3mg＝3maB，解得aB＝g，方向竖直向上；对C，FCD＋2mg＝2maC，解得aC＝1.5g，方向竖直向下。故选A。] 题号 2 1 3 4 5 6 7 6 4．(多选)(2025·黑吉辽蒙卷)如图(a)，倾角为θ的足够长斜面放置在粗糙水平面上。质量相等的小物块甲、乙同时以初速度v0沿斜面下滑，甲、乙与斜面的动摩擦因数分别为μ1、μ2，整个过程中斜面相对地面静止。甲和乙的位置x与时间t的关系曲线如图(b)所示，两条曲线均为抛物线，乙的x-t曲线在t＝t0时切线斜率为0，则(　　) 题号 2 1 3 4 5 6 7 突破点一 突破点二 突破点三 课后限时练 7 A．μ1＋μ2＝2tan θ B．t＝t0时，甲的速度大小为3v0 C．t＝t0之前，地面对斜面的摩擦力方向向左 D．t＝t0之后，地面对斜面的摩擦力方向向左 题号 2 1 3 4 5 6 7 √ √ 突破点一 突破点二 突破点三 课后限时练 8 AD　[位置x与时间t的图像的斜率表示速度，甲、乙两个物块的曲线均为抛物线，则甲物体做匀加速运动，乙物体做匀减速运动，可得在t0时间内甲、乙的位移x甲＝t0＝3x0，x乙＝t0＝x0，可得t0时刻甲物体的速度为v＝2v0，B错误；甲物体的加速度大小为a1＝，乙物体的加速度大小为a2＝，由牛顿第二定律可得甲物体mgsin θ－μ1mgcos θ＝ma1，同理可得乙物体μ2mgcos θ－mgsin θ＝ma2，联立可得μ1＋μ2＝2tan θ，A正确；设斜面的质量为M，取水平向左为正方向，由系统牛顿第二定律可得f＝ma1cos θ－ma2cos θ＝0，则t＝t0之前，地面和斜面之间摩擦力为零，C错误；t＝t0之后，乙物体保持静止，甲物体继续沿斜面向下加速，由系统牛顿第二定律可得f＝ma1cos θ，即地面对斜面的摩擦力向左，D正确。故选AD。] 题号 2 1 3 4 5 6 7 9 5．(2024·福建卷)某直线运动的v-t图像如图所示，其中0~3 s为直线，3~3.5 s为曲线，3.5~6 s为直线，则以下说法正确的是(　　) A．0~3 s的平均速度为10 m/s B．3.5~6 s做匀减速直线运动 C．0~3 s的加速度比3.5~6 s的大 D．0~3 s的位移比3.5~6 s的小 题号 2 1 3 4 5 6 7 √ 突破点一 突破点二 突破点三 课后限时练 10 B　[根据题中v-t图像可知，0~3 s内质点做匀加速直线运动，平均速度为＝ m/s＝15 m/s，故A错误；根据题中v-t图像可知，3.5~6 s内质点做匀减速直线运动，故B正确；根据题中v-t图像的斜率绝对值表示加速度大小，可知0~3 s的加速度大小为a1＝ m/s2＝10 m/s2，3.5~6 s的加速度大小满足a2> m/s2＝10 m/s2，可知0~3 s的加速度比3.5~6 s的小，故C错误；根据题中v-t图像与横轴围成的面积表示位移可得，0~3 s的位移为x1＝×30×3 m＝45 m，3.5~6 s的位移满足x2<×30×(6－3.5) m＝37.5 m，可知0~3 s的位移比3.5~6 s的大，故D错误。故选B。] 题号 2 1 3 4 5 6 7 11 6．(12分)(2024·全国甲卷)为抢救病人，一辆救护车紧急出发，鸣着笛沿水平直路从t＝0时由静止开始做匀加速运动，加速度大小a＝2 m/s2，在t1＝10 s时停止加速开始做匀速运动，之后某时刻救护车停止鸣笛，t2＝41 s时在救护车出发处的人听到救护车发出的最后的鸣笛声。已知声速v0＝340 m/s，求： (1)救护车匀速运动时的速度大小； (2)在停止鸣笛时救护车距出发处的距离。 题号 2 1 3 4 5 6 7 突破点一 突破点二 突破点三 课后限时练 12 [解析] 　(1)根据题意可知，救护车匀速运动时的速度大小为v＝at1 代入数据解得v＝20 m/s。 (2)设救护车在t＝t0时停止鸣笛，则由运动学规律可知，此时救护车距出发处的距离为 x＝a＋v(t0－t1) 又x＝v0(t2－t0) 联立并代入数据解得x＝680 m。 题号 2 1 3 4 5 6 7 [答案] 　(1)20 m/s　(2)680 m 13 $