课时分层检测(69)变压器远距离输电实验十五：探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系-【创新大课堂】2026年高三物理一轮总复习

课时分层检测（六十九〉 实验十五：探究变压器原、 基础达标练 1.(2023·广东卷·6)用一台理想变压器对电动汽 车充电，该变压器原、副线圈的匝数比为1：2，输 出功率为8.8kW,原线圈的输入电压u=220√2 sin(100πt)V.关于副线圈输出电流的有效值和 频率正确的是 A.20A,50Hz B.20√2A,50Hz C.20A,100Hz D.20√2A,100Hz 2.(2024·湖北·高考真题)在如 图所示电路中接入正弦交流电， L 灯泡L的电阻是灯泡I2的2 倍.假设两个二极管正向电阻为 L2 0、反向电阻无穷大.闭合开关S, 灯泡L、I2的电功率之比P：P2为 A.2:1B.1:1C.1:2D.1:4 3.(2023·北京卷·7)自制一个原、副线圈匝数分 别为600匝和190匝的变压器，原线圈接12V 的正弦交流电源，副线圈接额定电压为3.8V的 小灯泡.实际测得小灯泡两端电压为2.5V.下列 措施有可能使小灯泡正常发光的是 () A.仅增加原线圈匝数 B.仅增加副线圈匝数 C.将原、副线圈匝数都增为原来的两倍 D.将两个3.8V小灯泡并联起来接入副线圈 4.（多选)理想变压器原线圈a的匝数n1=200匝， 副线圈b的匝数n2=100匝，原线圈接在u= 80√2sin(314t)V的交流电源上，副线圈中 “20V10W”的灯泡L恰好正常发光，电阻R2= 20Ω，电压表V为理想电表.则下列判断正确的是 ) A.交变电流的频率为100Hz B.原线圈的输入电压为80V C.电压表V的示数为30V D.R1消耗的功率与R2消耗的功率相等 5.(多选)如图所示是一种调 压变压器的原理图，线圈 AB绕在一个圆形的铁芯 上，A、B端加上u=220√2 B sin(100πt)V的交流电压， 通过移动滑动触头P来调 节C、D端输出电压.当P处于图示位置时，原、 变压器 远距离输电 副线圈电压与匝数的关系 副线圈的匝数比n1:n2=2:1,现想将一个 “38V19W”的灯泡接到输出端C、D,下列操 作可使灯泡正常发光的是 A.仅将P顺时针旋转到合适位置 B.仅将P逆时针旋转到合适位置 C.仅将灯泡并联一个阻值为1442的电阻 D.仅将灯泡串联一个阻值为1442的电阻 6.(2025·广东广州模拟)如图所示为远距离交流 输电的原理示意图，其中各个物理量已经在图中 标出，下列说法正确的是 【线R线 n13 n2 U 用 户 升压变压器 降压变压器 A.变压器线圈的匝数关系为n1>n2,n3<n4 B.升压变压器可以提高输电电压，从而提高输电 功率 C.输电电路中的电流关系为I1>I线>I D.输送功率不变时，输电电压越高，输电线上损 失的功率越小 7.如图所示，原、副线圈匝数比 为100：1的理想变压器，b 是原线圈的中心抽头，电压表 R 和电流表均为理想电表，从某 时刻开始在原线圈c、d两端 加上交变电压，其瞬时值表达 式为u1=310sin314t(V),元取3.14，则 ( A.当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数 为3.1V B.副线圈两端的电压频率为50Hz C.当单刀双掷开关由a扳向b时，原线圈输入功 率变小 D.当单刀双掷开关由a扳向b时，电压表和电流 表的示数均变小 能力提升练 8.(多选)如图甲所示的电路中，理想变压器原、副 线圈匝数比为3：1，电路中的5个灯泡完全相 同，当A、B端输人如图乙所示的正弦交变电压 时，每个灯泡消耗的电功率均为18W,下列说法 正确的是 te/V 120w t/(×102s) -1202 23 A.每个灯泡两端的电压为24V B.通过每个灯泡的电流为0.6A C.定值电阻R的阻值为1502 D.定值电阻R的电功率为45W 9.(2025·广东广州市育才中学期 中)一含有理想自耦变压器的电 路如图所示，变压器副线圈匝数 可调，原线圈串联定值电阻r后 R 接在有效值为220V的正弦式 交流电源上，定值电阻R=4r.当 副线圈匝数调至某位置时，R和r的功率恰好相 等，则此时原、副线圈匝数比为 ( ) A.2:1B.1:2 C.4:1 D.1:4 10.(多选)如图为一理想变压 器，其中所接的4盏灯泡规 n2 格均为“10V5W”.当接 n ⑧ 入电压u=Uosin(100πt)的 电源时，4盏灯均正常发光， 下列说法正确的是 ( A.原、副线圈的匝数比n1:n2:3=3：1:2 B.电流在1s时间内改变50次方向 C.Uo=40√2V D.变压器的输出功率为20W 11.(2023·重庆卷·12)一兴趣小组拟研究某变压 器的输入和输出电压之比，以及交流电频率对 输出电压的影响.图甲为实验电路图，其中L1 和L2为变压器的原、副线圈，S1和S2为开关， P为滑动变阻器Rp的滑片，R为电阻箱，E为 正弦式交流电源（能输出电压峰值不变、频率可： 调的交流电). S2 3001 u/mv 2 200 o 目1/ms P -100 RP -200■ -3009 S 甲 UmV 600 0H2 500 400 1000HZ 300 200 100 0 10.020.030.040.050.060.070.080.0R/2 丙 424 (1)闭合S1,用多用电表交流电压挡测量线圈 L1两端的电压.滑片P向右滑动后，与滑动前 相比，电表的示数 (选填“变大”“不变” 或“变小”) (2)保持S2断开状态，调整E输出的交流电频 率为50Hz,滑动滑片P,用多用电表交流电压 挡测得线圈L1两端的电压为2500mV时，用 示波器测得线圈I2两端电压u随时间t的变化 曲线如图乙所示，则线圈L1两端与L2两端的 电压比值为 (保留3位有效数字). (3)闭合S2,滑动P到某一位置并保持不变.分 别在E输出的交流电频率为50Hz、1000Hz 的条件下，改变R的阻值，用多用电表交流电压 挡测量线圈I2两端的电压U,得到U-R关系 曲线如图丙所示.用一个阻值恒为202的负载R 替换电阻箱R,由图丙可知，当频率为1000Hz 时，R。两端的电压为 mV;当频率为 50Hz时，为保持R。两端的电压不变，需要将 R。与一个阻值为 2的电阻串联.（均 保留3位有效数字) 强基培优练 2.(2022·湖南卷·6)如图， P2 理想变压器原、副线圈总匝 数相同，滑动触头P1初始 A 位置在副线圈正中间，输入 端接入电压有效值恒定的交变电源.定值电阻 R1的阻值为R,滑动变阻器R2的最大阻值为 9R,滑片P2初始位置在最右端.理想电压表⊙ 的示数为U,理想电流表@的示数为L.下列说 法正确的是 () A.保持P1位置不变，P2向左缓慢滑动的过程 中，I减小，U不变 B.保持P1位置不变，P2向左缓慢滑动的过程 中，R1消耗的功率增大 C.保持P2位置不变，P1向下缓慢滑动的过程 中，I减小，U增大 D.保持P2位置不变，P1向下缓慢滑动的过程 中，R1消耗的功率减小BLwx,对金属棒M和N分别应用动量定理得！ 一2BIL△t=M-mo,B1L.△t=mN,联立解！ 得w=号v号，故B错误，C正瑞：又g= 仙联立标得一院放D正璃] 课时分层检测（六十八） 1.C「根据题意可知，磁场区城变化前线圈产生！ 的感应电动势为e=Esin wt,由题图丙可知，磁！ 场区城交化后，当EsnM_E时，线图的侧边 2 开始切割磁感线，即当线图旋转文时开始切割 磁感线，由几何关系可知磁场区域平行于x轴} 的边长交为d'=2deos号=d,C正确.] 2.D[根据图像可知，该交流电的周期为0.02s, 则频率为f=宁=0.02Hz=50Hz,A错误 根据欧姆定律可知，通过电阻电流的峰值为： ==102A=2A,B错误：根据题意 Imk一R 50 5 2 Im 可知，电路中的电流有效值为：后一方A9 5 0.2A,电阻两端的电压有效值为：U一 √2 0v=10V,则电在1s内消耗的电能为： W=Ut=0.2×10×1J=2J,C错误：根据数学知· 识可知，仙=2πf=100π，则电阻两端电压表达1 式为u=10√2sin(100πt)V,D正确.] 3.A[这只电源交变电压的峰值Um=10区V, 则有效值U有= 10巨V=10V,所以这只电源： √2 可以使“10V2W”的灯泡正常发光，故A项！ 正确：w=314rad/s,则T=2x=0.02s,故B 项错误：在1=0.01s时，这只电源的输出电压 为零，故C项错误：10V小于10√2V,则击穿1 电压为10V的电容器不能直接接在这只电源： 上，故D项错误.] D[由园可知会-，根指会式。- 2πf=2πn得，线圈a、b的转速之比为3：2，故！ A错误：由于最大感应电动势为Em=NBSw-! NBS·2,由题图可知，a线圈最大感应电动！ 势为15V,则b线圈最大感应电动势为10V,! 故B正确：由题图可知，t=0.01s时，线圈a中！ 感应电动势最大，则此时线图a位于垂直中性！ 面位置，故C错误；t=0.03s时，线圈b中感应} 电动势为0，则此时线圈b恰好经过中性面，故} D正确，」 5.AD[已知交变电流的周期为T=6.28×10-2s,1 角选度为u=二=100rad/s,最大感应电动势 为Em=nBSw=200V,电压的有效值为U=! E=100巨V选项A、B中，交变电压的有效 值由U= 可得，UA=100厄V.UB=100V: √2 选项C、D中，设等效电压为U,电阻R在相同时！ 阅肉产丝的热童相问，别有只r-发·号T中 U22 ·号T,得Ue=200V,Up=100巨V,所 以与已知交变电压的有效值相同的是A和D,: 故A、D正确.] 6.D[二极管具有单向导电性，使得半个周期内， R通路，另外半个周期内R断路，在通路的半个 周期内，文流电压的有效值为20V,有尺T 20Y.子解得U=0Ev≈141V R 项D正确.] U22 D【根据电流的热效应，有？×1叶尔 2发×3，解得U=6V,所以该交电流的电时 压有效位为6V,电压表读数为6V,A,B错误： U 由焦耳定律得Q=尺·T=9J,C错误：由欧姆！ 定律有1 =0.5A,D正确.] I! BC[中性面的特点是与磁场方向垂直，穿过！ 线框平面的磁通量最大，磁通量变化率最小，则！ 乞时刻线框在中性面位置，A错误；电动势最 大值为En=uBS=u师n-平中。对正弦交变 电流，E有会=巨，B正痛：由功能关系 √2 知，线框转一周外力做的功等于线框中产生的： 焦耳热，W= 布T一，C正确，由法拉 第电磁感应定律知，E=想=要-便，D △1- 4 错误.] ACD[由题图乙可知，周期为0.250s,则转速： 为n=宁=0.250/s=240r/min,故A正确 电动势的有效位为碧V=0Ev,电 表的示数为U=R-年R=9后V,故B 误：在t=0.125s时，电动势为零，则线圈所在} 位置和中性面重合，穿过线圈的磁通量最大，故！ C正确；在0一0.125s的时间内，根据Em=} BSw可得BS= △Φ 荷童q=△R干A二计，=R干，= 2元C故D正确.] 0.BD[由题图可知，周期为0.025，角速度为ω： =牙-100元rad/s,故A错误：在0~0.005s 时间内，磁通量变化量为BS,电压峰值为 200V,由Em=BSw得BS=2wb,道过电！ C,故B正 热丝的电荷量q=1t=及+，二5开 R=× 确：电热丝两端电压U=R干， 9 20V=90反V,故C错误：电热丝的发热功 √2 率p5-90w=1800w,故D 9 正确.] 1.AC[大轮和小轮通过皮带传动，线速度大小！ 相等，小轮和线圈同轴转动，角速度相等，根据， v=ar,可知小轮转动的角速度为4w,则线圈， 转动的角速度为4仙，A正确；线圈产生感应电！ 动势的最大值Emx=nBS·4w,又S=L,可 得Emx=4nBLw,则线圈产生感应电动势的 有效值E E二=22nBLw,报据串联电路！ √ 分压原理可知灯泡两瑞电压有效值为U! RE R十尺-√区mBLw,B错误：若用总长为原来两 倍的相同漆包线重新绕制成边长仍为L的多： 匝正方形线圈，则线圈的匝数变为原来的2！ 倍，线圈产生感应电动势的最大值E 8nBL,w,此时线圈产生感应电动势的有效值 E=Em器=4区BL'a,根据电阻定律可知线！ √2 图电阻变为原来的2倍，即为2R,根据串联电 路分压原理可得灯泡两端电压有效值U'=! RE' R干2反=42nBL巴，C正确：若仅将小轮半径 3 变为原来的两倍，根据v=r可知小轮和线圈， 540 的角速度变小，根据E有"B,可知线图 √2 产生的感应电动势有效值变小，则灯泡变暗， D错误.1 2.答案(1)(BL)迟 (2)B1m R十rJ ω(R+r) 解析(1)由导体棒切割磁感线产生感应电动 势有E=BL,得e=BLUmsin at 回路中产生正弦式交变电流，其有效值为 E有一 BLUm 2 在0~2红时间内，电阻R上产生的热量 Q(传)）Ξ-() (2)由功能关系得外力F所做的功 W-RQM w(R十r)· 课时分层检测（六十九） A[由题可知原线圈输入电压的有效值为U1 -20E=20V,原线周电流为1- P =40A √2 制线周输出电流的有效值为1。一 411=20A, 变压器无法改变电流的频率，故f=”=10厅 一2元 Hz=50Hz,故选A.] C[分析电路特点可知，在接入正弦式交流电 的一个周期内，有半个周期只给L1供电，另半 个周期只给L2供电，L两端电压的有效值与 L2两端电压的有效值相等，又R1:R2=2:1, U 则根据P=尺可知，灯泡L1L,的功率之比 P1:P2=1:2,C正确.] ,B【[由会岩知，仪增加原我周适致，制线因 的输出电压U2减小，不能使小灯泡正常发光， 故A特头：由费是如，位婷加制线国近数 副线圈的输出电压U2增大，有可能使小灯泡 品知，将原、制线 正常发光，故B正确：由，=可，知 圈匝数都增为原来的两倍，由于原线圈的电压 不变，则副线圈的输出电压U2不变，不能使小 灯泡正常发光，故C错误；将两个3,8V小灯泡 并联起来接入副线圈，由于原线圈的电压不变， 则副线圈的输出电压U,不变，不能使小灯泡 正常发光，故D错误.] CD[由电源的瞬时表达式可知f=2元 Hz=50H,故A错误：灯泡正常发光，故 2元 U,=20V,1L=号-号A=0.5A.电阻R两 端的电压为UR,=1.R,=10V,副线圈两端电 =L得原线 压为U2=Ur,十U=30V,由U, n2 图两瑞电压为U1=mL=200X30V=60V. 100 故B错误：电压表的示数Uv=U2=30V,故C 正确：电阻R,消耗的功率为PK,=UR21= 5W,道过电阻R的电流为R= 21 0.5X100A=0.25A,电源电压的有效值为 200 U=80V,电阻R1的功率为PR1=IR,(U-U) =0.25×(80-60)W=5W,故D正确.] AD[输入电压的有效值为U一后 _U=220V, 根据变压器两端的电压与线圈匝数的关系可知 =2U1=110V,想将一个“38V19W” 灯泡接到输出端C、D正常发光，仅将P顺时针 旋转到合适位置，以减小副线圈的匝数2使 U2可减小至38V,故A正确：仅将P逆时针旋 转时，2增大，U2增大，灯泡烧毁，B错误；仅将 灯泡并联一个电阻，副线圈两端的电压不变，仍！ 为110V,可将灯泡烧毁，C错误：给灯泡串联！ 一个144n的电阻，因R=760,根据 R1.:R=U1.:UR,U1.十UR=110V,联立解得 U1=38V,故D正确.] =1=mL,又U<U,则m< 6.D[根据可工 n2 ml1>1a根受=是=开又U,≥U.则 n>n1,I<I1,故A、C错误：升压变压器可以 提高输电电压，从而减小输电电流，减小输电线！ 上的功率损失，但无法提高输电功率，故B错！ 误，D正确.门 =L,得U2= 7.B[由U2西 01g,因U1=3gV· 21 所以U,=反 310×00V2.2V,A错误：由瞬时 值表达式可得u=314rad/s,则频率f2云； 314Hz=50Hz,B正确；当单刀双掷开关由a 2π 扳向b时，1减小，则U2增大，电压表示数变 大，山-受增大，制线阔的输出功来P生=心 增大，原线圈的输入功率增大，C、D错误.] 8.BC[设每个灯泡两端的电压为U,因为m1: n2=3:1,所以定值电阻R两端的电压为3U,! 则有3U+U=120V,解得U=30V,故A错1 误：每个灯泡的功率为18W,通对每个灯泡的！ 电流I=可 =0.6A,故B正确：副线圈的输出} 电流为3I,原线圈的输入电流为I,则通过定值！ 电阻R的电流与通过每个灯泡的电流相同，定 值电阻R的阻值R=℃-150Q,定值电阻R 的功率为P=3U1=54W,故C正确，D错误.]！ 9.B[设原、副线圈的匝数之比为，副线圈的电： 流为I,根据理想变压器的原、副线圈中电流大： 心与线圈匝数关系可知原线图的电流为，又 因为R和，的功率恰好相等，所以可知（工）r= R=4r,因此n=号，B正确.] 10.AC[根据接入电压的表达式可知，w=! d/s,则文流电的频率为f子 50Hz,所以在1s时间内电流方向要改变100 次，B错误：4盏灯相同且均正常发光，所以加！ 在灯泡两端的电压均为U,理想变压器的输入 功率等于输出功率，则有IU1=IU+2IU(I、U 分别为灯泡的颜定电流和颜定电压)，得U1= 3U,根据”-己 19 原、副线图的匝数比m1:n2:=3:1:2,A 正确：电源电压的有效值为U十U1=40V,则 Uo=40√2V,C正确；变压器的输出功率等于！ 副线圈各用电器功率之和，即等于三个灯泡的： 功率之和15W,D错误.] 11.答案(1)变大(2)12.6(3)27212.0 解析(1)闭合S1,滑动变阻器Rp是分压接！ 法，滑片P向右滑动后，用多用电表交流电压！ 挡测量线圈L两端的电压，线圈L1两端的电！ 压增大，因此与滑动前相比，电表的示致变大，！ (2)保持S2断开状态，调整E输出的交流电频！ 率为50Hz,多用电表交流电压挡测得线圈L: 两端的电压为U1-2500mV.线圈L2两端电！ 压u随时间1的变化曲线如题图乙所示，由！ “-1图像可得，线周L两瑞电压为U= √2 =280mV,则线图L1两端与L,两端的电压 2 U1_2500≈12.6 比值为2 280 2 (3)闭合S2,滑动P到某一位置并保持不变.· 由U-R关系曲线可得，当频率为1000Hz 时，当负载电阻R。=20时，R。两端的电压！6.C[题图乙所示时刻，电容器正在充电，电荷 为Uo=272mV 量在增大，电路中电流沿顺时针方向且在减小， 当频率为50Hz时，为保持R。两端电压不变， 减小得越来越快，线圈中的自感电动势正在增 需保持电流不度，1=-器-，在U-R 大，电容器中的电场能正在增大，故A、B错误 20 C正确：若L减小，根据T=2π√C,T减小，f 关系曲线中作出直线，U学R 增大，故D错误.] :7.D[人体都会发射红外线，A错误：紫外线的 频率比可见光高，B错误：X射线、Y射线频率 较高，波动性较弱，粒子性较强，较易发生光电 500 效应，C错误：手机通信使用的是无线电波，其 400 波长较长，更容易观察到衍射现象，D正确，] 1000H2 300 8.D[从电磁波谱的顺序可知毫米波的频率比 可见光低，故A错误；毫米波的波长远小于车 的大小，所以逼到前车时不会发生明显衍射现 象，故B错误；电磁波在空中传播的速度不会变 010.020.030.040.050.060.070.080.0W2 化，故C错误；系统判断有可能发生碰撞时会 由直线与50Hz曲线交点可知R=32Q,故需 发出蜂鸣并显示警示信号，说明前车的金属尾 给R。串联一电阻，此串联电阻值为R=R 板逼到毫米波时一定会产生极其微弱的感应电 流，故D正确. R=12.02. ·9,C「根据LC振荡电路的固有频率公式f= 2.B[设交变电源输入 P 电压有效值为E,E= 。L P IR2十U1,其中U1为变 2πC 可得电容C4r产T所以当颜率范 E ,2 围为f到kf(k>1)时，可调电容器的最大电容 压器原线圈电压，由 ④灯 4π2f2L U n U2'22 了U2=1R,得：U1 R 和最小电容之比为 Cmin =k2,故 29 4π2(kf)2L U 其中R生三行R为变压器与电阻R的 选C.] 10.AD[由题图(b)可知，0~1X10-6s电容器 等效电阻（见图中虚线框内），P2向左滑动时， 极板上电荷量减少，所以电容器处于放电过 R接入电路的阻值减小，E=R,十R 程，故A正确：同理，1=2×10一6$时电容器极 板上电荷量达到峰值，极板间的电场能最大， 电流I增大，R1两端电压增大，R2两端电压 U减小，R1上消耗的电功率增大，A错误，B 此时磁场能最小，故B错误：根据C元可 正确：P向下滑，变压器副线圈匝数减少，E= 知增大电容器的板间距，电容器的电容减小， IR: 根据T=2π√C可知周期会减小，故C错 。IR1,电流I减小，U=IR2减小，C错 误：将R2视为交变电源的内阻，当R等与电源 误：根据1=号可知q-1图线的斜率表示电路 的内阻相等时，电源的输出功率最大，故R} 中的电流，所以t=4×10一6s时，电路中电流 消耗的功率先增大后减小，D错误.] 为零，故D正确，] 课时分层检测（七十） :11.B[该装置适用于测量不导电液体的液面高 度，A错误：该装置测得的振荡频率与所用电 C[根据题意可知，蓝牙通信的电磁波频率低！ 源的电动势大小无关，当装置使用过久，电源 于可见光频率，所以蓝牙通信的电磁波不可能！ 电动势减小时，振荡电路的周期和频率不变， 是蓝光，故A错误：因为蓝牙通信的电磁波频 则测量的液面高度相比真实值不变，B正确，C 率低于可见光频率，根据c=入f可知，波长比可： 错误：当储物罐内的液面高度降低时，根据C 见光长，故B错误；因为波长比可见光长，所以 1 更容易发生衍射现象，故C正确：所有电磁波！ 一4aC减小，根据f= E.5 2V几元，所测到的 在真空中传籍速度都为光速，是一样的，故D LC回路中电流的振荡频率变大，D错误，] 错误. !12.C[开关S置于a处时，电容器C上极板接 C[空间中的5G信号和4G信号的频率不同， 电源正极，开关S移至b处瞬间，电容器C开 不会产生千涉现象，故A错误；5G信号与4G 始放电，电流计G中将有从右向左的电流经 信号所用的无线电波在真空中传摇速度一样，： 均等于光速，故B错误：5G信号相比于4G信 过，故A错误：0~工过程中，电容器C放电， 号的频率高，波长短，更不容易发生衍射，所以 带电荷量g减小，但是其电容不会发生变化， 5G信号相比于4G信号更不容易绕过障碍物， 故B错误：t= 所以5G通信需要搭建更密集的基站，故C正 于时刻，电容器放电完毕，电容 确，D错误.] 器极板上没有电荷，电场能全部转化为磁场 A[断开开关S,L、C组成闭合振荡电路，t=0: 能，所以此时电感线圈L中磁场能最大，故C 时，能量全在线圈L中，磁场能开始向电场能 正确，3TT过程是电容器充电过程，此时电 转化，由题意知T=0.03s,则T=0.04s,当 路中的电流逐渐变小，所以电流计G的读数 逐渐变小，故D错误.门 t2=0.13s=3T十T时，电容器充电完毕，此 时电容器中电场能最大，电路中电流为零，故A 课时分层检测（七十一） 正确，B、C、D错误.] ·1.D「热敏电阻对温度很敏感，可用于温度测控 AC[控制电视、空调的遥控器使用的是红外： 装置中，光敏电阻对光照很敏感，是一种光电传 线，故A正确：银行和商店用来鉴别大额钞票！ 感器，电阻丝可用于电热设备中，所以A、B、C三 真伪的验钞机使用的是紫外线，不是X射线，！ 个说法均正确：交流电、直流电均可通过电阻，电 故B错误；手机通话使用的是无线电波，故C: 阻对它们均可产生阻碍作用，所以D错误，门 正确：机场、车站用来检查旅客行李包的透视仪！2.C[日光充足时，电磁继电器把衔铁吸下，根 使用的是X射线，不是紫外线，故D错误，] 据闭合电路欧姆定律，控制电路中电阻变小，电 A「图示时刻电流流向负极板，可知极板所带， 流变大，衔铁被吸下，则当日光充足时光敏电阻 电荷量减小，即电容器在放电，振荡电流增大，A! R阻值减小，故A错误：电动势增大，电阻不变 正确：根据上述可知，电容器处于放电状态，电容 情况下，电流增大，电磁继电器把衔铁吸下，减 荷量减少，由C是知，两极板 少了路灯照明时间，故B错误：增大保护电阻 R,电流减小，延长了照明时间，故C正确： 也在减小，B、D错误：根据上述，电容器处于放电，LED灯的盏数不影响控制电路，考虑蓄电池容 状态，电场能正在向磁场能转化，C错误.] 量一定，可能减少照明时间，故D错误.] 541