课时分层检测(11)牛顿第一定律牛顿第二定律-【创新大课堂】2026年高三物理一轮总复习

与水平面间的动摩擦因数最小，解得一行，故 C正确.] 30 mg 3mg 乙 9.C「对小球进行受力分析 12 如图所示，根据相似三角形 法了科名器 在小球从B点缓慢上升 到C点的过程中，重力大 小、方向均不变，AB变 F 小，OA、OB不变，则拉力 mg F逐渐减小，大圈环轨道 对小球的支持力F、大小 FN 不变，由牛领第三定律知 小球对大圆环轨道的压力大小保持不变，故 选C. 10.AD[垂直斜面方向，由FN=Gcos37°十} 下sin37知，在水平力增加至G时，A对斜面 的压力最大，最大值为Fy=Gcos37°十 Gsin37°=1.4G,A正确：在水平力为零时，A1 对斜面的压力景小，最小值为F2=Gc0s37° =0.8G,B错误；平行斜面方向，由Gsin37°= Fcos37°士F:知，在水平力为零时，A所受摩 擦力方向沿斜面向上，大小为F =,g1n37 0.6G,在水平力为G时，A所受摩擦力方向沿 斜面向下，大小为F2=Gcos37°-Gsin37°= 0.2G,可知A所受摩擦力的最大值为0.6G,C 错误：根据上述，当水平推力沿斜面向上的分 力与重力沿斜面向下的分力大小相等时，A相 对斜面没有运动趋势，此时A所受摩擦力的， 最小值为零，D正确.门] 11.答案 (1)53° (2)1kg 解析(1)当圈环恰好要开始滑 动时，设此时水平棒对圈环的支 持力大小为Fy,细绳对圈环的 拉力大小为FT,对圈环受力分 析，如图甲所示，根据平衡条件 有aFy=Frcos0 ① Fy-FTsin 0 ② 联立①②解得tan0= 1 3,即0=530 (2)由题意，根据几何关 系可知0=90° F=G 按如图乙所示，以)为 坐标原点建立xOy直 角坐标系，对物块甲受 力分析，根据平衡条件 有Gcos0+Frsin0 mg mg=0 Frcos0-Gsin0=0④ 联立③④解得m=1kg 12.C[对棉包受力分析如图甲所示，由正弦定！ 理可得m FoB sin 60 Fo。,在转过程中a sin a sin B 从120°逐渐变大到180°，3从180°逐渐减小到1 120°，因此OB板由水平位置缓慢转动60°过} 程中，棉包对OA板压力逐渐增大，对OB板} 压力逐渐减小，故A、B错误：当OB板转过！ 30°时，两板与水平方向夹角均为30°，如图乙 所示，两板支持力大小相等，与竖直方向夹角！ √ 为30°，可得FN mg,故C正确：当OB板！ 转过60°时，()A板处于水平位置，棉包只受到： 重力和OA板的支持力，棉包对OB板的作用 力为零，故D错误. B mg 课时分层检测（十） 答案(1)小于50.0(2)弹簧的形变程度超： 过了弹簧的弹性限度 解析(1)考虑弹簧本身重力的影响，由图像可！ 知，弹簧竖直时弹簧的长度为10cm,则弹簧的： AF 原长小于10cm:禅簧的劲度系数为k= = AI 0.3-0.N/m=50.0N/m 10 (2)图乙中图线的末端弯曲的原因是弹簧的形！ 变程度超过了禅簧的弹性限度 答案 (1)刻度尺(2)见解析 5(3)B 解析(1)本实验需要测弹簧的长度、形变量，！ 故还需要的测量工具是刻度尺 (2)由题图可知，当m=0时，x大于零，说明没！ 有挂钩码时，弹簧仲长，是由弹簧自身的重力造！ 成的.k= =△m·,代入数据解得k= △x 5N/m. (3)F-L图像中横裁距表示禅簧的原长，故b 的原长比a的长，故A错误：F-L图像的斜率 表示弹簧的劲度系数k,故a的劲度系数比b的： 大，故B正确，C错误：禅簧的禅力满足胡克定 律，禅力与弹簧的形变量成正比，故D错误， 答案(1)见解析图(2)520(3)重力摩！ 擦力 解析(1)如图所示 EN 20 1.61 1.2 0.8 0.4 里(×102m) 101520 25 (2)当弹力为0时，弹簧的形变量为0，此时弹 簧长度等于原长，可知弹簧原长为L0=5cm,! ，可知图线的斜率表 AF 根据胡克定律可知k= 、示劲度系教，即k==008N/m=20N/m. 答案(1)4.0(2)AB(4)不需要 解析(1)弹簧测力计读数为4.0N: (2)验证力的平行四边形定则需测量合力和分！ 力的大小和方向，故选A、B: (4)因为每一次都是独立的实验，对绳结受力平！ 衡即可，故不需要保证结，点)的位置与第一次！ 相同. 答案(1)控制变量法(2)2.500 (3)ALocFL (4)+△1 解析(1)影响橡皮条伸长量的因素涉及多个 物理量，应使用控制变量法进行实验 (2)伸长量△L在记录数据中出现错误的是！ 2.500cm,测量结果应该精确到1mm,再估读！ 到毫米的下一位，应为2.50cm. (3)由实验数据可知，橡皮条“1、2”原长相同、受 力相同，横裁面积越大仲长量越小，与横裁面积} 成反比关系：橡皮条“2、3”受力相同，横裁面积 相同，原长越长仲长量越大，与原长成正比关 系：同一橡皮条“2”受力越大伸长量越大，与力： 成正比关系：根据上述探究过程，橡皮条的仲长！ 量与相关因素可能的关系为△L∝巴 (4)设比例系数为k,横裁面积为S,根据题意有 △L=L 从中央剪断，橡皮条的原长变为二，此时范加 2FXL 的力为2F,橡皮条的仲长量为△L'=k 解得△L'=△I 此时橡皮条的长度为L'=十△L 2 答案(1)D(2)CD(3)不会 解析(1)橡皮条伸长后的拉力大小等于所挂 钩码的重力，所以钩码的个数必须记录，又钩码： 质量相同，则不用测量钩码的质量，橡皮条的原： 长和伸长后的长度不用测量，故选D 501 (2)连接橡皮条两端，点的细线长度不影响橡皮 条的拉力大小，故长度不用相同，A错误：细线 OP1上力的方向与细线OP2、OP3上两力的合 力方向相反，由于OP2、OP?上两力的合力方 向是任意的，故(OP1不需要在角平分线上，B 错误；实验中，需要测量(OP1、OP2和OP3上力 的大小和方向，故必须记录图中OP1、OP2 )P,的方向以及结，点)静止时三根细线所挂 钩码的个数，同时记录结点)的位置，C正确： 不改变OP1所挂钩码的个数和方向，改变OP 与OP3的夹角重复实验，OP1上的力大小、方 向保持不变，另两个力的合力只要跟它等大反 向即可保持O点平衡，故)点的位置可以改 变，D正确。 (3)若桌面不水平，三根线上的拉力大小也为各 自所挂钩码重力大小，不会影响实验结论 课时分层检测（十一） A[小球由静止开始释放，“冲”上对接的斜 面，这是事实，故A正确：因为生活中没有无摩 擦的轨道，所以小球上升到原来释放时的高度 为推理，故B错误：减小斜面的倾角日，小球仍 然到达原来的高度是在B项的基础上进一步推 理，故C错误：继续减小斜面的倾角日，景后使 它成水平面，小球沿水平面求远运动下去，这是 在C项的基础上继续推理得出的结论，故D 错误. A[滑翔伞沿直线朝斜向右下方向做匀加速 直线运动，则F与G的合力方向与)同向，故 A符合题意，B、C,D不符合题意， D 「如图所示，根据牛顿第二定律F一g =771a 可得a=(63-60)X10m/s2=0.50m/s 60 则电梯向上加速运动.故选D.] C[直升机悬挂空桶匀速飞往水源取水时，空 桶受力平衡，有T1sin37°-f=0,T1cos37° mg=0,解得f=3000N,直升机加速返回时， 由牛顿第二定律，可得T2sin37°一f=(m十 MDa,T2cos37°-(m十MDg=0,解得桶中水的 质量为M=800kg,故C正确.] B[根据题千公式△F=k山凹整理可得 八Fr2 =,卫，代入相应物理量单位可得北例系 数k的单位为N=kg·m/s A =kg·m/(s2,A2) 故选B.] B[上升过程和下降过程的位移大小相同，上 升过程的未状态和下降过程的初状态速度均为 零.对排球受力分析，上升过程中重力和阻力方 向相同，下降过程中重力和阻力方向相反，根据 牛顿第二定律可知，上升过程中任意位置的加 速度大小比下降过程中对应位置的加速度大， 则上升过程的平均加速度较大，由位移与时间 关系可知，上升时间比下落时间短，A错误：排 球在上升过程做减速运动，排球在下降过程做 加速运动，在整个过程中空气阻力一直做负功 小球机械能一直在减小，下降过程中的最低点 的速度大小小于上升过程的最低点的速度大 小，故排球被垫起时的速度最大，B正确：达到 最高点时速度为零，空气阻力为零，此刻排球受 重力作用，加速度不为零，C错误：下落过程中， 排球速度在变，所受空气阻力也在变，故排球所 受的合外力在变化，排球在下落过程中做变加 速运动，D错误，] ACD[当t=0时，小球所受的阻力f=0,此 时加速度为g,A正确：由题图乙知，小球的速 度从0增加到的过程中，加速度减小，B错 误：根据牛顿第二定律有mg一f=ma,解得a 6四”，当a=0时，速度最大，此后小球做匀 速运动，最大速度m一6元r mg,C、D正确.] ABC [m= G=50kg,在o一1时间内，根据 牛颜第二定律可知F1一mg=ma1,解得a1 -1m/s2,可知在to~t1时间内，此人向下做匀 加速运动或向上做匀减速运动，t1~t2根据牛 领第二定律可知F2一mg=ma2,解得a2=0,可} 知在t1一t2时间内，此人做匀速直线运动或静！ 止，t2~t3时间内，根据牛顿第二定律可知F3} -mg=ma3,解得a3=1m/s2,可知在t2~t3时i 间内，此人向下做匀减速运动或向上做匀加速 运动，综上所述，图A、B、C符合要求.门 9.D[题图乙中，人受到重力和轻绳的拉力，由： 于两个力不共线，且合力方向斜向下，故人只能 匀加速下滑，故A正确，不符合题意：题图乙 中，锅索对人的作用力大小F=mgc0s30= 乞mg,故B正确，不符合题意；题图丙中，人受 到重力和轻绳的拉力，两力均沿竖直方向，若合 力不为零，则合力必沿竖直方向，与速度不共 线，人不可能做直线运动，因此合力一定为零，！ 人一定匀速下滑，故C正确，不符合题意：题图} 丙中，轻环也做匀速直线运动，所受合力为零，} 轻绳对轻环的拉力与钢索对轻环的支持力不在！ 一条直线上，合力不可能为零，因此轻环一定受！ 到钢索的摩擦力，三力平衡，故D错误，符合 题意.] 10.A[钢索断裂的瞬间，弹簧的弹力不变，所以！ A、B的受力情况不变，加速度均为0，物体B} 对物体A的压力等于自身重力，对箱式电梯} 受力分析可知(mu十mA十M)g=Ma,解得a= (mm十mA十M)g,故选A.] 11.AC[若a的方向向左，物体的加速度也向！ 左，设左侧槽壁对物体恰好没有作用力，根据！ 牛顿第二定律，有N。=ma0得a0= No 717 2m/s2,即槽车和物体一起向左以加速度大小 为2m/s2运动时，弹簧禅力为2N,但是槽壁 对物体没有支持力，A正确，B错误：同理，若a 的方向向右，设左侧槽壁对物体的作用力大小： 为N',弹簧长度不变，所以弹簧的禅力为· 2N,根据牛顿第二定律，有N壁'-No=ma得！ N壁'=No十ma=4N,所以弹簧弹力为2N, 物体对槽壁的压力为4N,C正确，D错误.] 12.C[在上升过程中，对箱子和物体整体受力 分析，如图甲所示 FN .5 Mg 由牛领第二定律可知Mg十k=Ma,则a=! g+智 又整体向上做减速运动，口减小，所以口减小； 再对物体单独受力分析如图乙所示 因a>g,所以物体受到箱子上底面向下的弹 力Fy,由牛顿第二定律可知mg十Fy=a,则！ Fv=ma一mg,而a减小，则Fy减小，所以上 升过程中物体对箱子上底面有压力且压力越： 来越小：同理当箱子和物体下降时，物体对箱} 子下底面有压力且压力越来越大，当k=Mg! 时，做匀速运动，此后物体对箱子的压力不变， 故选C.] 13.答案(1)8N6N(2)2√4IN0 解析(1)根据平衡条件Tan sin a=Tuc sin B! Tau cos a++Tuc cos B=mg 解得TAB=8N,Tx=6N. (2)根据牛顿第二定律有T4w'sina-Twc'sin =ma TAw'cosa十Tc'cosB=mg 解得TaB'=12.8N,Tx'=-0.4N 由Tw'<0可知，小车以a=8m/s2的加速度！ 水平向右行驶时，小球飘起，Tx”=0,设小球 飘起时AB绳与竖直方向的夹角为0，根据牛 顿第二定律有TAB"sin0=ma TAB"cos 0-mg 解得Ta”=2√TN 课时分层检测（十二） B[根据运动学公式，小车2s末的速度大小 v=at1=3m/s,故A错误；根据牛顿第二定律 得F-F:=ma,解得F:=15N,撒去推力后，加！ 速度大小为4==0.5m/g,减建时间为2 m =吕-0是=6s小车运动的总时间为1=4 3 十t2=2s十6s=8s,故B正确，C、D错误，] ACD[由运动学公式v一2=2ax,可得无 人机失去升力时的速度大小为？=√2a1x1= 12m/s,故A正确：由牛顿第二定律有F mg 一f=ma1,解得F=70N,故B错误；向上减 速时，由牛顿第二定律有mg十f=ma2,解得 a2=12m/s,故C正确：由运动学公式w” w2=2ax可得，无人机减速上升的高度为2=： 2a2 =6m,则无人机上升的最大高度为H= x1十x2=42m,故D正确. B[关闭动力后，平衡车做匀减速运动，加速！ 度大小为a,结合题图可得 a-emkg,a-1030 m/s?=0.6 m/s? 72 解得k=0.06,A错误； 。~t图线与横轴围成的面积表示位移 为x=(25+40)×6×2m=195m 整个运动过程中的平均速度大小为 =二=m/s=4,875m/s,B正确，C错误 40 平衡车在加速段时有F-kmg=ma', d'=号mg 代入数值解得F=108N,D错误.门 AD[由牛领第二定律F-mg=a, 可得a二m g,故图像的斜率表示，是物 体质量的倒数，C错误：由图像得m = kg1=1kg1,故物体质量为1kg,A正 5-0 确；由图像知，当F1N时，物体的加速度为！ 零，说明物体保持静止状态：当F>1N时，物} 体开始做加速运动，故物体所受滑动摩擦力大 小为1N,B错误：由图像可知，当F=3N时， 物体的加速度大小为2m/s,故D正确，] ,A[无人机做匀变速直线运动，有0一，”= 2a(s一l),解得无人机的加速度a 54m/s2, 对无人机进行受力分析，无人机受重力和推力，】 则推力大小为F=√mg2十ma=88√29N, 故选A. B[由于∠BAC=0,则可 以判断出AB竖直向下，以 AB为直径作圆，则必过C 点，如图所示，圆环在杆AC 上运动过程，由牛顿第二定 律及运动学公式可得 B mgcos0=ma,2Rcos0=2atc2,联立解得tc= 巫，可见从A点出发，到达国周各点所用的！ 时间相等，与细杆的长短、倾角无关，则tB=, tc=tE<tD,故B正确.] AD[运动过程中空气阻力一直做负功，使得： 水火箭机械能减小，则同一高度处下落阶段动】 能较小，速度较小，故A正确：水火箭向上运动 时，空气阻力向下，加速度a=g十m 12.5m/s2,则上升的最大高度为hm=2a 4m,故B错误：从地面到最高点的时间为t 6 a =0.8s,水火箭下落时空气阻力向上，加速： 度a2一gm =7.5m/s2,所以下落时间大于 上升时间，运动总时间大于1.6s,故C错误：水！ 火箭位于地面上方1m,即下落h=3m时，v=} √2a2h=3√5m/s,故D正确.] -502 AB[由题图(c)可知木板在0一2s内处于静 止状态，再结合题图(b)中细绳对物块的拉力f 在0一25内逐渐增大，可知物块受到木板的摩 擦力逐渐增大，故可以判断木板受到的水平外 力F也逐渐增大，选项C错误：由题图(c)可知 木板在24s内做匀加速运动，其加速度大小 为a1 0.4-0m/s2=0.2m/s,对木板进行 4-2 受力分析，由牛顿第二定律可得F一F:=ma1, 在4一5$内做匀减速运动，其加速度大小为 4,=0402m/g2=0.2m/s,由牛顿第二定 5-4 律得F:=ma2,另外由于物块静止不动，同时结 合题图(b)可知物块与木板之间的滑动摩擦力 F:=0.2N,解得m=1kg、F=0.4N,选项A、B 正确：由于不知道物块的质量，所以不能求出物 块与木板之间的动摩擦因数，选项D错误.] D[由题图乙知，在0一1s时间内，滑块加速 度恒定为2m/s2,做匀加速直线运动，由牛顿 第二定律得F1一ngsin a一mgc0sa=ma1,解 得F1=12N,在3~4s时间内，滑块的加速度 沿斜面向下，大小恒为2m/s,做匀减速直线 运动，由牛顿第二定律得ngsin a十mgcos a F2=ma2,解得F2=8N,则0-1s内外力与3- 4s内外力大小之比为3：2，故A错误：a-1图 像中图线与1轴围成的面积表示速度的变化 量，因此由a-t图像可得，在t=2s时，滑块的 速度大小为=2 ×(1十2)×2m/s=3m/s, 故B错误：在1=1s到t=3s时间内，滑块先加 速后减速，由题图中面积关系可知，速度变化量 大小相等，故1s末与3$末滑块的速度大小均 为2m/s,方向均沿正方向，故C错误；在0 4s时间内，由面积关系可知，滑块运动的方向 不变，先沿正方向加速运动，后沿正方向减速运 动，在=4$时，滑块的速度为零，此时运动到 斜面体的最高点，故D正确.] 0.答案 (1)160N(2)0.5 解析(1)该同学和滑雪圈在斜直雪道上滑行 时做初速度为0的匀加速直线运动，加速度大 小为a1,位移大小为工1，时间为t1,末速度为 m:在水平雪道上滑行时，做末速度为0的匀 减速直线运动，位移大小为x2,时间为t2分析 运动过程可得x1=受1，=受山十 14 解得斜直雪道末速度m=20m/s 在斜直雪道的时间t1=6s, 在水平雪道用时12=8s 在斜直雪道上的加速度大小为a1= 11 1 3 -m/s2 由牛顿第二定律得mgsin37°-F:=a1 解得该同学和滑雪圈在斜直雪道上受到的平 均阻力为F=160N. (2)设在水平雪道上滑行时，加速度为大 小ag 则2一 m=2.5m/s I 使水平雪道距离缩短为60m,设该同学和滑 雪圈滑出水平雪道的速度为，则 2=2a2x3 解得v=10m/s 设在防滑毯上的加速度大小为a3,则 v2=2a3x1 解得a3一2z 102 -2X10m/s=5m/s2 由牛领第二定律可得gmg=mag,解得防滑毯 与滑雪圈之间的动摩擦因敦以=0.5. 课时分层检测（十三） C[对两物块整体受力分析有Fmx=2a,再 对后面的物块受力分析有FTmx =a,又FTroax =2N,联立解得Fx=4N,故选C.] C[设列车的加速度为a,每节车厢的质量为 m,每节车厢受到的阻力为F,对后38节车厢， 由牛顿第二定律得F-38F,=38ma:设倒数第 3节车厢对倒数第2节车厢的牵引力为FT,对课时分层检测（十一）牛顿 基础达标练 1.(2025·江苏盐城高三检测)伽利略曾用如图所 示的“理想实验”来研究力与运动的关系，则下列： 选项符合实验事实的是 ) A.小球由静止开始释放，“冲”上对接的斜面 B.没有摩擦，小球上升到原来释放时的高度 C.减小斜面的倾角0，小球仍然到达原来的高度 D.继续减小斜面的倾角，最后使它成水平面， 小球沿水平面永远运动下去 2.(2025·广东省四校联考)滑翔伞是一批热爱跳6 伞、滑翔翼的人发明的一种飞行器.现有一滑翔 伞沿直线朝斜向右下方向做匀加速直线运动.若 空气对滑翔伞和飞行人员的作用力为F,则此过 程中F的方向可能是 F 0 0 B 0 3.(2025·八省联考云南卷)某同学站在水平放置 于电梯内的电子秤上，电梯运行前电子秤的示数 如图甲所示.电梯竖直上升过程中，某时刻电子 秤的示数如图乙所示，则该时刻电梯（重力加速 度g取10m/s2) 60.0kg 63.0kg 甲 乙 A.做减速运动，加速度大小为1.05m/s2 B.做减速运动，加速度大小为0.50m/s2 C.做加速运动，加速度大小为1.05m/s2 D.做加速运动，加速度大小为0.50m/s2 4.(2025·浙江温州模拟)如图 为“H225”应急救援直升机 在永嘉碧莲镇执行灭火任务 时的情景.直升机沿水平方 向匀速直线飞往水源地取水 时，悬挂空水桶的悬索与竖直 方向的夹角为37°；直升机取水后飞往火场灭火，： 沿水平方向以5m/s2的加速度匀加速直线飞行： 时，悬挂水桶的悬索与竖直方向的夹角也为37°. —307 第一定律牛顿第二定律 若空气阻力大小不变，空桶质量为400kg,忽略悬索 的质量，则此时水桶中水的质量为(sin37°=0.6， cos37°=0.8，重力加速度g取10m/s2)() A.260 kg B.500 kg C.800 kg D.1000kg (2023·辽宁卷·2)安培通过实验研究，发现了 电流之间相互作用力的规律.若两段长度分别为 △l1和△12、电流大小分别为I1和I2的平行直导 线间距为时，相互作用力的大小可以表示为 △F=II△△上.比例系数k的单位是() 2 A.kg·m/(s2·A)B.kg·m/(s2·A2) C.kg·m2/(s3·A)D.kg·m/(s3·A3) (2023·全国乙卷·14)一同学将排球自O点垫 起，排球竖直向上运动，随后下落回到O点.设排 球在运动过程中所受空气阻力大小和速度大小 成正比.则该排球 () A.上升时间等于下落时间 B.被垫起后瞬间的速度最大 C.达到最高点时加速度为零 D.下落过程中做匀加速运动 (多选)如图甲所示，一竖直放置的足够长的固定 玻璃管中装满某种液体，一半径为r、质量为m 的金属小球，从t=0时刻起，由液面静止释放，小 球在液体中下落，其加速度a随速度v的变化规 律如图乙所示.已知小球在液体中受到的阻力 ∫=6π0r,式中r是小球的半径，v是小球的速 度，)是常数.忽略小球在液体中受到的浮力，重 力加速度为g,下列说法正确的是 () ● 甲 乙 A.小球的最大加速度为g B.小球的速度从0增加到0的过程中，做匀变 速运动 C.小球先做加速度减小的变加速运动，后做匀速 运动 D.小球的最大速度为mg 6xn 8.（多选)某人在地面上用体 G/N 540 重计称得其体重为490N, 490 他将体重计移至电梯内称 440 量，to至t3时间段内，体重 to h 12 13 t/s 计的示数如图所示.若取竖直向上为正方向，则 电梯运行的v-t和a-t图像可能正确的是(g取： 9.8m/s2) 能力提升练 9.如图甲所示，高空滑索是一项勇敢者的运动项： 目.如果某人用轻绳通过轻质滑环悬吊在足够长 的倾斜钢索上运动，钢索与水平地面的夹角为 30°，在下滑过程中可能会出现如图乙（轻绳与钢 索垂直)和如图丙（轻绳沿竖直方向）所示的两种： 情形，已知此人的质量为m,重力加速度为g,不 计空气阻力，则下列说法中错误的是 ( ) 30m 307 分 乙 丙 A.图乙中，人一定匀加速下滑 B.图乙中，钢索对轻环的作用力大小为 C.图丙中，人一定匀速下滑 D.图丙中，钢索对轻环无摩擦力 10.(2025·海南省模拟)如图所示， 在质量为M的箱式电梯的地板上 固定一轻质弹簧，弹簧的上端拴接 一 质量为mA的物体A,质量为 B的物体B放置在物体A上，整 B P 个装置随电梯一起匀速下降，弹簧 保持竖直，重力加速度为g.某时 刻悬挂电梯的钢索突然断裂，在钢 索断裂的瞬间，下列说法正确的是 A.物体A的加速度大小为0 B.物体B的加速度大小为g C.箱式电梯的加速度大小为g D.物体B对物体A的压力为0 11.(多选)(2025·四川成都模拟)如图，凹形槽车 静止在水平直轨道上，位于光滑槽底的水平轻： -308 弹簧一端连接右侧槽壁， 另一端连接质量m= 左 口Y00000000M 1kg的物体，物体静止 时，弹簧对物体的压力N。=2N.现使槽车与物 体一起以a=2m/s2的加速度沿轨道运动，用 F弹表示弹簧的弹力大小，用N壁表示物体对左 侧槽壁的压力大小，下列判断正确的是() A.若a的方向向左，则F弹=2N B.若a的方向向左，则N壁=4N C.若a的方向向右，则F弹=2N D.若a的方向向右，则N壁=0 2.如图所示，一个箱子中放有一 上底面 物体，己知静止时物体对下底 面的压力等于物体的重力，且 物体与箱子上表面刚好接触. 现将箱子以初速度6竖直向 上抛出，已知箱子所受空气阻 下底面 力与箱子运动的速率成正比，且箱子运动过程中 始终保持图示方式，则下列说法正确的是() A.上升过程中，物体对箱子的下底面有压力，且 压力越来越小 B.上升过程中，物体对箱子的上底面有压力，且 压力越来越大 C.下降过程中，物体对箱子的下底面有压力，且 压力可能越来越大 D.下降过程中，物体对箱子的上底面有压力，且 压力可能越来越小 3.如图，用AB、BC两根细 C 绳把质量为m=1kg的小 球悬挂于车内，当小车向 BB 右做水平匀速直线运动 时，AB绳与竖直方向的 夹角为α=37°，BC绳与竖直方向的夹角为B= 53°，求：（重力加速度g取10m/s2,sin37°= 0.6,c0s37°=0.8，sin53°=0.8，c0s53°=0.6) (1)AB、BC中的张力大小； (2)当小车以a=8m/s2的加速度水平向右行 驶时，AB、BC中的张力大小.