第1课时运动的描述-【创新大课堂】2026年高三物理一轮总复习

第一章运动的描述 匀变速直线运动的研究 第1课时 运动的描述 【目标要求】1.了解质点和位移的概念，知道把物体看成质点的条件.2.了解参考系的作用，会在实例中 选择合适的参考系.3.掌握速度、加速度的概念，体会比值定义法和极限思想 考点一 质点、参考系和位移 1.质点 (1)质点是用来代替物体的 的点，是一 种 模型。 A.跳水 B.双杠 C.体操 D.马拉松 (2)把物体看作质点的条件：物体的 布 [听课记录] 对所研究问题的影响可以忽略不计. 2.参考系 在描述物体运动时，用来作为 的物体叫 作参考系，通常以 为参考系 3.路程和位移 (1)路程是物体 的长度，它是标量 [例2](2025·浙江台州模拟) ● (2)位移是由 指向 的有向线 如图所示，在水平面上一只蚂 段，它是 量 蚁沿半径为r的半圆弧从a点 (3)在单向直线运动中，位移的大小 爬到b点，下列关于它通过的位移和路程的说 路程；其他情况下，位移的大小 路程 法，正确的是 [判断正误] A.路程为πr,方向沿圆弧由a指向b 1.质点是一种理想化模型，实际并不存在.( B.位移为2r,方向沿ab直线由a指向b 2.体积很大的物体，一定不能视为质点. C.位移为πr,方向沿圆弧由a指向b 3.参考系必须选择静止不动的物体」 D.路程为2r,方向沿ab直线由a指向b 4.做直线运动的物体，其位移大小一定等于路程. 听课记录] ( [例1](2025·山东模拟预测)第33届奥运会于 2024年7月26日一8月11日在法国巴黎举行. 如图所示的奥运会运动项目，在考查运动员比赛 成绩时，可将运动员视为质点的是 芳点二 平均速度 瞬时速度 1.平均速度：物体发生的 与发生这段位移：4.平均速率：物体运动的 与通过这段路程 所用时间之比，即= 是矢量， 所用时间的比值， (填“一定”或“不一 其方向就是对应 的方向 定”)等于平均速度的大小. 2.瞬时速度：运动物体在 或经过 判断正误] 的速度，是矢量，其方向是物体在这一时刻的运 1.瞬时速度的方向就是物体在该时刻或该位置的 动方向或运动轨迹的 方向 运动方向， 3.速率： 的大小，是标量 精品教辅·智慧人生 高三总复习·物理 2.瞬时速度的大小叫速率，平均速度的大小叫平均 听课记录] 速率 ( 3.一个物体在一段时间内的平均速度为0，平均速 率也一定为0. ( 4.在直线运动中，物体的平均速度大小等于平均速 率 ( [例3](2025·浙江宁波高三月考)平潭海峡公铁 两用大桥全长16.34km,该大桥所处的平潭海 、 [例5]如图，气垫导轨上装有 峡是世界三大风暴海域之一，以“风大、浪高、水 两个光电计时装置A与B,A、 深、涌急”著称.为了保证安全，环境风速超过 B间距离为L=30cm,为了测量滑块的加速度， 20m/s时，列车通过该桥的运行速度不能超过 在滑块上安装了一个宽度为d=1cm的遮光条， 300km/h.下列说法正确的是 现让滑块以某一加速度通过A、B,记录遮光条通 ( ) A.题目中“全长16.34km”指的是位移大小 过A、B的时间分别为0.010s、0.005s,滑块从 B.“风速超过20m/s”“不能超过300km/h”所指 A到B所用时间为0.200s,则下列说法正确 的是 ( 的速度均为瞬时速度 A.滑块通过A的速度大小为1cm/s C.“风速超过20m/s”指的是平均速度，“不能超 B.滑块通过B的速度大小为2cm/s 过300km/h”指的是瞬时速度 C.滑块的加速度大小为5m/s D.假设某火车通过该大桥所用时间为0.08h,则 D.滑块在A、B间的平均速度大小为3m/s 平均速度约为204km/h [听课记录] [听课记录] /总结提升/++ [例4](2025·陕西渭南模拟)汽车和高铁是现在 用极限法求瞬时速度 我们出行的重要交通工具，假设甲、乙两地直线 距离是50km,从甲地到乙地乘汽车需要1h,乘 由平均速度=可知，当△→0时，平均速度 △4 高铁需要0.5h,则 ( 就可以认为等于某一时刻或某一位置的瞬时速 A.汽车行驶的瞬时速度一定是50km/h 度.测出物体在微小时间△内发生的微小位移 B.汽车行驶的平均速率一定是50km/h △x,就可求出瞬时速度，这样瞬时速度的测量便 C.高铁运行的平均速度大于100km/h 可转化为微小时间△山和微小位移△x的测量. D.高铁运行的平均速度大小等于100km/h 考点三 加速度 1.物理意义：描述物体速度 的物理量 :4.速度、速度的变化量和加速度的对比 2.定义：物体 与发生这一变化所用时间之 速度的 比.定义式：a= ,单位：m/s2. 比较项目 速度 加速度 变化量 3.方向：与 的方向一致，由 的方 描述物体运动 向决定，而与、o的方向 (填“有关”或 物理 描述物体速描述物体 的 和 “无关”)，是矢量 意义 度的改变 方向 精品教辅·智慧人生 2 第一章 运动的描述 匀变速直线运动的研究 △v 听课记录] 公式 匀变速直线运 由a= 动中，由=0 E知，a由 由△=a△ 决定 +at知，v的大知，△v由d 因素 小由v0、a、 与△决定 决定，与、 [例7]一个物体以初速度做变加速运动，加速 t决定 △、△ 度a逐渐减小，则在下列两种情况下，试描述物 体的运动情况，并用v一1图像辅助分析. [判断正误 (1)物体的加速度a与初速度vo方向相同； 1.物体的速度很大，加速度一定不为零. (2)物体的加速度a与初速度vo方向相反. 2.物体的速度为零，加速度可能很大」 听课记录] 3.物体的速度变化量很大，加速度一定很大. ( 4.只要物体的速度变化快，加速度就大. 5.甲的加速度a甲=2m/s2,乙的加速度a元= -3m/s2,a甲>a乙. ( +/总结提升+++++++++++++++ 6.物体的加速度增大，速度一定增大。 ( 判断物体做加速运动还是减速运动，关键是看 [例6](2025·四川成都高三统考)关于速度、速 物体的加速度与速度方向的关系。 度改变量、加速度，下列说法正确的是() 「a不变，v随时间均匀增加 A.物体运动的速度改变量很大，它的加速度一定 (1)a和v同向 a增大，v增加得越来越快 a减小，v增加得越来越慢 很大 a不变，v随时间均匀减小 B.加速度增大时，运动物体的速度一定增大 (2)a和v反向→{a增大，v减小得越来越快 C.某时刻物体的速度为零，其加速度一定为零 a减小，v减小得越来越慢 D.速度很大的物体，其加速度可以很小，可以 ++“+++++++++十++…++++++++十+ 为零 温馨提示 请做课时分层检测（一） 第2课时 匀变速直线运动的规律 【目标要求】1.理解匀变速直线运动的特点，掌握匀变速直线运动的公式，并理解公式中各物理量的含 义.2.会灵活应用运动学公式及推论解题 考点一匀变速直线运动的基本规律及应用 1.匀变速直线运动 :3.公式选用原则 沿着一条直线且 不变的运 以上三个公式共涉及五个物理量，每个公式有四 动.如图所示，v-1图线是一条倾斜 个物理量.选用原则如下： 的直线， 不涉及位移，选用v=v0十al 2.匀变速直线运动的两个基本规律 不涉及末速度，选用x=十方a (1)速度与时间的关系式：v= 不涉及时间，选用v2一%2=2a.x (2)位移与时间的关系式：x= :4.正方向的选取 由以上两式联立可得速度与位移的关系式： 以上三式均为矢量式，无论是匀加速直线运动还 是匀减速直线运动，通常以初速度o的方向为 3 精品教辅·智慧人生学习讲义参考答案与详解 第一章运动的描述匀变速 3.△0合力无关 :[例3]答案ABC 4.快慢速度的变化快慢 △w 下；解析以沿斜面向上为正方向，则a=一5m/s2, 直线运动的研究 当物体的位移为沿斜面向上7.5m时，x 第1课时运动的描述 m无关 判断正误 7.5m,由运动学公式x=t十2a,解得 考点一 1.×2./3.×4./5.×6.× t1=3s或t2=1s,故A、B正确：当物体的位移 1.(1)具有质量理想化(2)形状大小 2.参考地面 :[例6]答案D 为沿斜面向下7.5m时，x 一7.5m,由x= 3.(1)运动轨迹(2)初位置末位置矢(3)等 解析物体运动的速度改变量很大，但不知道 于小于 改变所用时间，故不能得到加速度很大的结论，！ 1什2a,解得4=(2十7)s或1=(2 判断正误 故A错误；加速度增大时，运动物体的速度不： √7)s(舍去)，故C正确：由速度时间公式v= 1.√2.×3.×4.× 一定增大，如果加速度方向和速度方向相反，加 十at,解得1=-5m/s、2=5m/s、v3= [例1]答案D 速度增大时，速度减小，故B错误：速度为零的 -5√7m/s,故D错误. 解析跳水比赛中要考虑运动员的动作，故不 物体加速度不一定为零，如竖直上抛的物体在·思考 能将其视为质点，故A错误：双杠比赛中要考 最高点时速度为零，而加速度为重力加速度，故！ (1)刹车类问题的特点：物体匀减速到速度为零 虑运动员的动作，故不能将其视为质点，故B错 C错误：速度很大，其加速度可以很小，可以为· 后停止运动.解题时，判断在所求问题的时间 零，如匀速飞行的飞机，速度很大，但加速度为 内，物体是否已经停止 误：体操要考虑运动员的姿态，故不能将其看成！ 质点，故C错误：马拉松比赛中，运动员的大小 零，故D正确」 (2)如沿光滑固定斜面上滑的小球，到最高点后 和体积可以忽略不计，故可以将其视为质点，故[例]答案见解析 仍能以原加速度匀加速下滑，全过程加速度大 D正确. 解析(1)物体做加速度减小的加速运动，当加： 小、方向均不变，解题时可分过程列式，也可对 [例2]答案B 速度减小到零时，速度达到最大，然后做匀速直！ 全过程列式，但必须注意x、w、a等矢量的正负 解析蚂蚁经过的路程是它运动轨迹的长度，！ 线运动，其”-1图像如图甲所示. 号及物理意义，物体的运动可能出现多解. (2)具体有以下三种情况 :考点二 蚂蚁沿半圈由a爬到b,其路程的大小为πr.路！ 答案A 程只有大小没有方向，是标量，所以说“路程的！ ①物体做加速度减小的减速运动，当加速度减汇例4们 解析根据匀变速直线运动规律：某段时间中 方向沿圆孤由a指向b”或“沿ab直线由a指向！ 小到零时做同方向的匀速直线运动，如图乙 间时刻的瞬时速度等于该段的平均速度，则第 b”都是错误的.蚂蚁的位移是其位置的变化，该 所示： 6s内的平均速度等于5.5s时刻的瞬时速度 位移用出发点a指向终止点b的有向线段表！ ②物体做加速度减小的减速运动，当加速度减！ 前5s内的平均速度等于2.5s时刻的瞬时速 示，所以位移的大小为2，位移是矢量，其方向 小到零时物体的速度同时减小到零，物体静止， 度，依题意由加速度定义式可得a= △) 由出发点指向终止点，即由a指向b,所以只有！ 如图丙所示： 选项B正确. ③物体做加速度减小的减速运动，当速度减小！ 考点二 到零时，加速度不为零，然后反方向做加速运 55m/s2=1m/s2,故选A 5.5-2.5 1.位移A 位移 动，直到加速度减小到零，然后做匀速直线运[例5]答案C 动，如图丁所示. 解析根据匀变速直线运动推论可得加速度大 2.某一时刻某一位置切线 3.瞬时速度 小为a==-169.6m/5=0.4m/,B错 =0 A2 4.路程不一定 a减小 a减小 误：根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度 判断正误 0 等于该段内的平均速度可知送货车在第1个 1./2.×3.×4.× 甲 [例3]答案B 4s未的速度大小为=十型_9.6十16m/5 2T Q 解析题目中“全长16.34km”指的是该大桥 a减小 3.2m/s,C正确：根据v=%十at可得，计时时 的长度，指路程，A错误：“风速超过20m/s” 刻送货车的速度为心=1一aT=3.2m/s “不能超过300km/h”均指的是某一时刻的速！ 0 丙 0.4×4m/s=1.6m/s,A错误：送货车在第 度，均为瞬时速度，B正确，C错误：由于不清楚！ 题目中所述的通过大桥的位移，所以无法计算 第2课时 匀变速直线运动的规律 2个4s肉的平均速度大小为0=号=华m/s= 平均速度，204km/h是平均速率，D错误. 考点一 4m/s,D错误， [例4]答案D 1.加速度 :[例6]答案AD 解析由题意知位移x=50km,考虑到公路与2.(1)%十at(2)t十7a2t-'=2a 解析将子弹的运动过程逆向来看，即看成从 铁路都会有一定的弯曲，所以路程s>50km,· 左到右做初速度为零的匀加速直线运动，根据 判断正误 利用平均速度的定义式0=二知汽车的平均速，X2,×3.√ 初速度为零的匀加速运动在连续相等的位移所 用时间之比为1：（√2-1）：（√3一√2）：(2 度大小为。=三-50km=50kmh,考虑到汽 [例1]答案A √③)：…可知，子弹从右到左穿过每个水球的时 1 h 解析板在斜面上运动时，木板的加速度不变，！ 车的加速与减速，所以汽车行驶的瞬时速度不} 设加速度为a,木板从静止释放到下端到达A! 间之比为(4-√5)：(5-√2)：（√2-√）： 一定是50km/h,A错误；路程s>50km,所以！ 点的过程，根据运动学公式有 1,A正确：根据A项分析子弹在每个水球中运 汽车行驶的平均速率一定大于50km/h,B错！ 动的时间不同，位移大小相同，所以平均速度不 同，B错误：根据公式△D=a△1知，子弹在每个 误；利用平均速度的定义式0=子知，高铁的平 水球中运动的速度变化量不同，C错误：根据速 木板从静止释放到上端到达A点的过程，当木 均建度大小为司=子-0架=10kmh,C 板长度为L时，有 度与位移的关系式有v2=2ax,则p-√2ax,设 t-0.5h 在每个水球中的位移大小为，可得子弹从左 错误，D正确. 2L=a4 到右每次射出水球的速度之比为√2a.x: 例5]答案C 当木板长度为2L时，有 √/2a·2.x0:√2a·3x0:2a·4x0=1: 解析滑块通过A的速度大小为 d A-六=0.010cm/s=100cm/s,故A错误： 31.-2 at √巨：√：2，即子弹从右到左减速过程依次进 入四个水球的初速度之比为√④：√3：√2：1，D 又△1=t1-t,△f2=t2一to 滑块通过B的速度大小为 正确 联立解得 d 第3课时自由落体运动和竖直上 u1元=0.005cm/s=200cm/s,故B错误； △t2:△1=(V3-1):(V2-1) 抛运动多过程问题 滑块的加速度大小为 故选A. !考点一 a=哑-4=2一1 [例2]答案A 0.200m/s=5m/s,故C正确： 1.重力静止 解析汽车制动做匀减速直线运动过程中的初！ 滑块在A、B间的平均速度大小为 速度0为36km/h=10m/s,末速度不大于3.(1)0=R4(2)h=7g(3)=2gh 0.200m/s=1.5m/s,故D错误. 限速为20kmh≈5.56m/s,该过程汽车速度判断正误 的变化量为△o=v-0≈-4.44m/5,根据匀1.×2.√3.×4.√5.√ 考点三 变速运动速度关系△v=at,可知匀减速阶段汽，[例l门答案B 1,变化快慢 车的行歌时间和加速度大小的乘积不小于：解析在前1s内、前2s内、前3s内的位移大 2.速度的变化量器 4.44m/s,结合选项内容，符合题意的仅有A小之比是1：4：9，故A错误：在相邻两个1s 选项.故A正确，BCD错误.故选A. 内的位移之差都是△x=gT2=10m,故B正 453