甘肃武威第六中学集团校2025-2026学年高二下学期开学考试物理试卷

武威六中教育集团2025-2026年度第二学期开学考试 高二年级物理试卷 一、选择题（共10小题，共46分，其中1-7题为单选，每题4分，8-10题为多选，每题6分，多选题漏选得3分，错选不得分） 1. 2025年11月12日，在全国运动会男子篮球赛中，广东队获得冠军。当一名篮球运动员将篮球斜向上抛出后，在空中经过A和B两点，若不考虑空气阻力，则下列说法正确的是（　　） A. 篮球从A点到B点的过程中，重力所做的功可能为零 B. 在抛篮球的过程中，手对球产生作用力是由于篮球发生了形变 C. 篮球经过A和B两点的过程中，动量变化量的方向竖直向上 D. 篮球抛出的过程中，手对篮球的作用力大于篮球对手的作用力 2. 如图所示，真空中正三角形的三个顶点上固定有三个相同的点电荷。已知、上两点电荷之间的库仑力大小为，则点处点电荷所受库仑力的大小为（　　） A. B. C. D. 3. 静电纺纱是自由端纺纱方法之一，通过高压静电场使纤维伸直、平行排列并凝聚成纱，配合加捻器完成纺纱流程。原理是利用了高压电源使单纤维两端电极带异种电荷，其电场线分布如图中虚线所示，下列说法正确的是（　　） A. C、D两点电势相等 B. 电场强度 C. 负电荷在C点的电势能大于其在B点的电势能 D. 在C点从静止释放一电子，它将在静电力作用下沿着虚线CD运动 4. 在电学实验中，为了更准确获得实验数据，需要将灵敏电流计改装成实验所需电表。如图所示，一改装的电流表是由一个灵敏电流计G和两个电阻、组成，下列说法正确的是（　　） A. 减小时量程保持不变 B. 减小时量程会增大 C. 减小时量程会减小 D. 减小时量程保持不变 5. 下面各电路图中关于多用电表的使用，操作正确的是（　　） A. 甲图是用多用电表直流电压挡测量小灯泡两端的电压，表笔接法正确 B. 乙图是用多用电表直流电流挡测量电路中的电流，表笔接法正确 C. 测电阻时，可按图丙连接方式测量 D. 丁图中用的是多用电表电阻挡测量二极管的反向电阻 6. 如图所示，我国的探月卫星在进入地月转移轨道时，由于卫星姿势的改变，卫星中一边长为50cm的正方形导线框由水平方向转至竖直方向，此处磁场磁感应强度，方向如图中所示，，则下列说法正确的是（　　） A. 在水平位置时，穿过线框的磁通量大小为 B. 在竖直位置时，穿过线框的磁通量大小为 C. 该过程中穿过线框的磁通量的变化量大小是 D. 该过程中穿过线框的磁通量的变化量大小是 7. 下列四幅图分别是等离子体发电机、质谱仪、回旋加速器、霍尔元件的示意图，进入装置的带电粒子重力均不计，下列说法正确的是（ ） A. 图甲中上极板板是电源的正极 B. 图乙中粒子打在照相底片上的位置越靠近，粒子的比荷越小 C. 图丙中若增大回旋加速器的加速电压，粒子获得的最大动能增大 D. 图丁中若导体中的载流子是电子，则导体左右两侧电势 8. 图为彝族的传统乐器月琴，它是乐器领域的“明珠”之一。当演奏者轻抚月琴时，琴弦会产生简谐横波，图甲为某一琴弦在时刻的波形图，图乙为该琴弦上平衡位置在处质点p的振动图像。下列说法正确的是（　　） A. 该波的波长为8cm B. 该波的周期为 C. 该波的传播速度为400m/s D. 时刻质点p的振动方向沿y轴负方向 9. 电容式麦克风的振动膜是利用超薄金属或镀金的塑料薄膜制成的，其工作原理如图所示，振动膜与基板构成电容器，并与电阻、电池构成闭合回路。在振动膜从图示位置向右振动的过程中，下列说法正确的是（　　） A. 电容器电容减小 B. 电容器带的电荷量增加 C. 电容器两极板间的电场强度减小 D. 流过电阻的电流从a到b 10. 如图所示，初速为零的电子经电压U1加速后，垂直进入偏转电场偏转，离开偏转电场时侧向位移是y，偏转板间距离为d，偏转电压为U2，板长为L．为了提高偏转灵敏度（每单位偏转电压引起的侧向位移即y/U2），可采用下面哪些办法 A. 增大偏转电压U2 B. 增大板长L C. 减小板间距离d D. 增大加速电压U1 二、实验题（每空2分，共10分） 11. 某实验小组利用图丙所示装置测量当地重力加速度。用轻绳一端系住直径为d的小球，另一端固定在铁架台上O点，已知O点到小球球心的距离为l，在O点正下方固定一个光电门，小球运动至最低点时光电门能够记录下小球的遮光时间。实验时，将小球拉起至轻绳和竖直方向夹角为θ处，由静止释放小球，小球摆至最低点时光电门光线正好射向小球球心，小球的遮光宽度可视为d，光电门记录小球的遮光时间为Δt。 （1）用游标卡尺测量小球的直径如图丁所示，则小球的直径d=________cm。 （2）多次改变θ的数值，重复以上实验过程并测量对应的Δt，得到随cosθ变化的关系图线如图戊所示，该图线斜率的绝对值为k，可计算得重力加速度g =______（用k、l和d表示）。 12. 某实验小组利用如图甲所示的电路测量一节干电池的电动势和内电阻，除待测干电池（电动势约1.5V，内电阻约）、电流表（量程0~0.6A，内阻约为）、开关和导线外，可供使用的实验器材还有： A.电压表（量程0~3V、内阻约为） B.电压表（量程0~3V，内阻约为） C.滑动变阻器（，10A） D.滑动变阻器（，1A） 根据实验要求完成下列问题： （1）为了测量误差更小，调节方便，在该实验中，电压表、滑动变阻器应选用______（选填器材前的字母）； （2）调节滑动变阻器，记录了6组电流表和电压表的读数，作出U—I图像如图丙所示，由图可求得电源的电动势______V，内阻______（结果均保留2位小数）。 三、解答题（13题14分，14题15分，15题15分，共44分） 13. 如图所示的装置可以测量棱镜的折射率。ABC表示待测直角棱镜的横截面，棱镜的顶角为α，紧贴直角边AC放置一块平面镜。一条光线SO射到棱镜的AB面上，适当调整SO的方向，当SO与AB成β角时，从AB面射出的光线与SO重合。 （1）画出光线SO进入棱镜的折射光线； （2）求出棱镜的折射率n。 14. 如图所示，带圆弧槽的小车静止在光滑的水平面上，槽的端与圆心的连线与竖直方向的夹角为，端与圆心等高.一个质量为、可视为质点的小球以水平向右的初速度抛出，刚好从点无碰撞地进入圆弧槽，小球运动到点时恰好与小车相对静止.圆弧槽光滑，小车质量为，不计空气阻力，重力加速度为，，.求： （1）小球运动到点时，球与小车的共同速度大小； （2）小球抛出点与点的高度差； （3）圆弧槽的半径。 15. 如图，在第三象限内存在方向垂直纸面向外、磁感应强度大小为的匀强磁场；在第一象限内存在方向垂直纸面向里、磁感应强度大小未知的匀强磁场；、（，）是坐标轴上的两个点。现有一负离子从点以速率沿方向射入磁场，刚好通过原点进入第一象限，离子经过轴的位置为点离开第一象限（点图中未画出），与点相距，不计离子重力。求： （1）离子在第三象限内运动的轨道半径； （2）第一象限内磁场的磁感应强度大小 （3）离子从点运动到点的时间。 武威六中教育集团2025-2026年度第二学期开学考试 高二年级物理试卷 一、选择题（共10小题，共46分，其中1-7题为单选，每题4分，8-10题为多选，每题6分，多选题漏选得3分，错选不得分） 【1题答案】 【答案】A 【2题答案】 【答案】B 【3题答案】 【答案】C 【4题答案】 【答案】B 【5题答案】 【答案】D 【6题答案】 【答案】D 【7题答案】 【答案】D 【8题答案】 【答案】AC 【9题答案】 【答案】BD 【10题答案】 【答案】BC 二、实验题（每空2分，共10分） 【11题答案】 【答案】（1）1.225 （2） 【12题答案】 【答案】（1）B、C （2） ①. 1.48 ②. 0.96 三、解答题（13题14分，14题15分，15题15分，共44分） 【13题答案】 【答案】（1） （2） 【14题答案】 【答案】（1） （2） （3） 【15题答案】 【答案】（1） （2） （3） 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $《高二年级物理试卷》参考答案 题 2 3 4 5 6 8 9 10 号 答 B B D D D AC BD 案 BC 1.A 【详解】A.若A和B两点在同一高度，则 重力做功为零，故A正确： B.在抛篮球的过程中，手对球产生作用力 是由于手发生了形变，故B错误： C.篮球只受重力，动量变化量的方向与重 力方向相同，竖直向下，故C错误： D.根据牛顿第三定律，手对篮球的作用力 与篮球对手的作用力大小相等、方向相反， 故D错误。 故选A。 2.B 【详解】由库仑定律F=k19 2 任意两个点电荷间的库仑力相等，则N点处 点电荷所受库仑力如图 则由几何关系得合力大小为√3F 故选B。 3.C 答案第1页 【详解】A.由于右侧电极接高压电源正极， 左侧电极接地，所以D点的电势大于C点 的电势，故A错误； B.由电场线的疏密程度表示电场强度的大 小，C点最密集，A点最稀疏，可知E4<EB< Ec,故B错误； C.B点的电势高于C点的电势，由Ep=qp 可知，负电荷在C点的电势能大于其在B 点的电势能，故C正确； D.电场线CD是曲线，静电力方向沿电场 线的切线方向，在C点从静止释放一电子， 在静电力作用下不会沿着虚线CD运动，故 D错误。 故选C。 4.B 【详解】A.设灵敏电流计的满偏电流为Ig, 电阻为Tg,改装后电流表的量程为1，则1= g++R) R2 R1减小时量程会减小：R2减小时量程会增大。 故选B。 5.D 【详解】A.测电压时，红表笔接正极，应 接灯泡的左端，黑表笔接负极，接灯泡右端， 所以图甲连接方式红、黑表笔接法有误，故 A错误； B.测电流时，电表应该串联接入电路，且 电流应从红表笔进入从黑表笔流出，故B错 误： C.测量电阻时，应将待测电阻与电路断开 ,共4页 后测量，故C错误； D.因为欧姆表的黑表笔与内部电池的正极 相连，所以测量二极管反向电阻时，应将黑 表笔与二极管的负极相连，故D正确。 故选D。 6.D 【详解】在水平位置时穿过线框的磁通量为 Φ1=BSsin37°=2×10-5×0.52× 0.6Wb=3.0×10-6Wb 在竖直位置时穿过线框的磁通量为Φ，= BSc0s37°=-2×10-5×0.52×0.8Wb= 4.0×10-6Wb 磁通量的变化量的大小为△Φ=Φ2一 ①1l=7.0×10-6Wb 故选D。 7.D 【详解】A.图甲中，根据左手定则，正电 荷向下偏转，所以B极板带正电，为电源的 正极，A极板是电源的负极，故A错误： B.图乙中，由牛顿第二定律qu8=m号 可得品=成 知R越小，粒子打在照相底片D上的位置 越靠近S3,说明比荷越大，故B错误； C.丙图中，根据牛顿第二定律qvB=m二 可知v=9 m 当r=R时粒子获得的最大动能为Ekmax= mvin-im(E)2 1 m 2m 所以要想粒子获得的最大动能增大，可增加 答案第27 D形盒的半径R和增大磁感应强度B,增加 电压U不能增大最大初动能，故C错误； D.图丁中，若导体中的载流子是电子，根 据左手定则可知，电子运动到N板，则导体 左右两侧电势PN<pM,故D正确。 故选D。 8.AC 【详解】A.根据图甲可知该波的波长为8cm, 故A正确： B.根据图乙可知该波的周期为2×10-4s, 故B错误： C.该波的传播速度为v=2=400m/s,故 T C正确： D.波向右传播，根据同侧法可知t=0时刻 质点p的振动方向沿y轴正方向，故D错误。 故选AC。 9.BD 【详解】A.振动膜向右振动的过程中，电 容器两极板间的距离d减小，根据C=d 可知，电容增大，故A错误； B.电容器两极板间的电压U不变，根据 Q=CU 可知，电容器带的电荷量增加，故B正确： C.U不变，d减小，根据E=马可知，电容 器两极板间的电场强度增大，故C错误： D.因为电容器带的电荷量增加，所以电源 为电容器充电，流过电阻的电流从α到b, 故D正确。 故选BD。 万，共4页 10.BC 【详解】粒子经电场加速后，根据动能定理 有： el:-mv2 得电子加速后的速度v= 2eU1 m 粒子进入偏转电场做类平抛运动： 水平方向：Lt可得粒子运动时间t=上= 13 L 竖直方向：y=at2=e品=2 F2m2=4地d M 所以要增加侧向位移y,可以增大偏转电压 U2,增加板长L,或减小极板距离d,或减 小加速电压U1 故BC正确. 点晴：粒子经电场加速后根据动能定理可以 求出加速后的表达式，粒子进入偏转电场做 类平抛运动，根据类平抛知识求解粒子偏转 的侧向位移，由此分析即可· 11.(1)1.225 a贤 【详解】(1)由图丁可知，小球的直径为 d=12mm+5×0.05m=12.25mm=1.225cm (2)小球下落过程，根据动能定理可得 mgl(1-cose)=mv2 其中v=品 联立可得 3-2g 由题意可知k=g d2 答案第3 解得g=如 21 12.(1)B、C (2) 1.48 0.96 【详解】(1)电压表内阻越大，分流作用越 小，误差越小，所以电压表选B: 为了方便调节电路，滑动变阻器应选用阻值 较小的，所以选C。 (2)[1][2]根据U=E-r 由UI图像知，电源的电动势为E=1.48V 电源内阻为r=148-10n=0.96n 0.50-0 13.(1) (a 【详解】(1)如图所示。 (2)入射角i=90°一B 由几何知识得到，折射角y=α 由折射定律得n=血=0E siny sina 14.(加=o (ah=等 页，共4页 (3)R-556 27g R2 【详解】(1)设小球运动到B点时小车的速 解得8'=号 度为，小球与小车在水平方向动量守恒， (3)在第三象限，轨迹对应圆心角为90°， 则有mvo=(m+2m)v 故运动时间6=器·等-品 解得v=o 在第一象限，轨迹对应圆心角为90°，故运 (2)设小球运动到A点时速度大小为v1,则 动时同为器2经-号 有1=品。=号0 离子从P点运动到M点的时间为t=t1+ 小球从抛出点到A点由机械能守恒则有 妇瑞 mv mgh =;mvi 解得h-等 (3)小球从A点到B点的过程，系统机械能 守恒，则有mw=(m+2m)v2+ ngRcostθ 解得R=器 15.(1)R1=L (2B*=号 3r=洪 【详解】(1)在第三象限，因P0=Q0,故 ∠0PQ=45°，∠0P01=45° 离子在第三象限运动的轨道半径R1= 0Pcos45° 将0P=√2L代入解得R1=L (2)在第一象限，因离子在O点的速度方 向与x轴正方向成45°角，故离子在第一象 限运动的轨道半径R2=0Mcos45°=2L 由牛顿第二定律有qvoB=m,qvoB'= R1 答案第4页，共4页