云南曲靖市沾益区2025-2026学年高二上学期期末考试物理试卷

云南省曲靖市沾益区2025-2026学年高二年级上学期期末考试 物理试卷 满分 100 分，考试时间 75分钟。 注意事项： 1．答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证、考场号、座位号填写在答题卡上，并认真核准条形码上的准考证号、姓名、考场号、座位号，在规定的位置贴好条形码。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡交回。 一、选择题(本题共10题，其中1-7小题,每小题4分,共28分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的，8-10题，每小题6分,共18分，每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分) 1.下列说法正确的是（ ） A. 电场是人们假想的，不是客观存在的 B. 静电场中，电场线的疏密可表示电场强度的大小 C. 金属导体的电阻随温度升高而减小 D. 欧姆定律适用于一切电路 2.某电场区域的电场线分布如图，在电场中有A、B、C、D四个点，下面说法正确的是（　　） A. B. C. D. 3.图中1、2、3分别代表入射线、反射线、折射线，则(　　) A. 2与1的波长、频率相等，波速不等 B. 2与1的波速、频率相等，波长不等 C. 3与1的波速、频率、波长均相等 D. 3与1的频率相等，波速、波长均不等 4.如图所示，一位同学拉着行李箱沿着平直道路前行，可简化为如下模型，质量为m的行李箱，受到与水平方向成θ角的拉力F作用沿水平方向做匀速直线运动，在时间t内运动了位移x。关于该运动过程，下列说法正确的是（　　） A. 行李箱所受拉力的冲量大小为Ft B. 行李箱所受重力的冲量为0 C. 行李箱所受拉力做功为Fx D. 行李箱所受重力做功为mgx 5.在广州，某同学研究单摆做受迫振动时振幅与驱动力频率的关系，其共振曲线如图所示。则该单摆（　　） A. 摆长约为 B. 驱动力频率增大时，振幅增大 C. 驱动力频率增大时，振动频率不变 D. 若该实验移至上海、共振曲线的峰值将向右偏移 6.简谐横波某时刻的波形如图所示，P、Q为介质中的两个质点，波沿x轴正方向传播。该时刻P刚好位于波峰，Q刚好位于平衡位置，此时(　　) A. P的加速度最大 B. P的加速度方向沿y轴正方向 C. Q的速度最小 D. Q的速度方向沿y轴正方向 7.如图所示，闭合开关S，电路稳定时平行板电容器中带电质点P处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，下列判断正确的是（ ） A. 当滑动变阻器R2的滑片向下端移动时，电压表示数增大 B. 当滑动变阻器R2的滑片向下端移动时，电流表示数减小 C. 当滑动变阻器R2的滑片向下端移动时，质点P将向下运动 D. 断开开关S后，质点P仍然静止 8.某静电场在x轴上的场强E随x的变化关系如图所示，x轴正方向为场强正方向，其中、、、是间隔相等的四点，到范围内的图像与横轴所包围的面积为S，对于电荷量为q，质量为m的正点电荷，下列说法正确的是（　　） A. 处电势最高 B. 处到处电势逐渐降低 C. 由静止释放仅在电场力作用下运动到时的动能 D. 由静止释放仅在电场力作用下运动到过程中，电势能先减小后增大 9.图中虚线a、b、c、d、f代表匀强电场内间距相等的一组等势面，已知平面b上的电势为2 V。一电子经过a时的动能为10 eV，从a到d的过程中克服静电力所做的功为6 eV。下列说法正确的是(　　) A. 平面c上的电势为零 B. 该电子可能到达不了平面f C. 该电子经过平面d时，其电势能为4 eV D. 该电子经过平面b时的速率是经过d时的2倍 10.在一列简谐横波传播方向上有正在振动的A、M、N三点，质点A与质点M平衡位置之间的距离为7.2m 。图1、图2为质点M、N的振动图像，已知M、N的平衡位置间距为6m ，该波的波长4m＜λ＜6m 。下列说法正确的是( ) A. 该波的传播方向由N到M   B. 该波的波长为5.4m C. 该波的波速为2.4m/s    D. t=1s时质点A的位移为－10cm 二、非选择题（本题共5个大题，共54分） 11.（6分）某同学采用插针法测玻璃的折射率，实验步骤如下： （1）在方格纸上画出一条直线a作为界面（线），过a上的一点O画出界面的法线MN，并画一条线段AO作为入射光线，再把玻璃砖放到方格纸上，上边界与a对齐，画出玻璃砖的下界面b的位置； （2）在表示入射光线的AO上插上大头针P1、P2； （3）在玻璃砖的另一侧依次插上大头针P3、P4，使P3挡住        ，使P4挡住        。（选填“A”“B”“C”“D”）； A．P1、P2         B．P1、P2的像          C．P1、P2和P3         D．P1、P2的像和P3 （4）请在答题卡图中补充完整光路图        ； （5）该同学在实验过程中画出界面a后，不小心将玻璃砖向下平移了一些，之后才画上界面b，则所测得的折射率将        （选填“偏大”“偏小”或“不变”）。 12.（10分）实验室进行电学实验。 (1)在测定金属丝电阻率的实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，如图所示，则金属丝的直径为     。 (2)为了测量一节电池的电动势和内阻，从实验室找到以下器材：一个满偏电流为、内阻为的插头，一个开关，两个电阻箱（）和若干导线。 ①由于表头量程偏小，首先需将表头改装成量程为的电流表，则应将表头与电阻箱     （填“串联”或“并联”），并将该电阻箱阻值调为     Ω。（结果保留两位数字） ②接着用改装的电流表对电池的电动势及内阻进行测量，实验电路如图甲所示：通过改变电阻R测相应的电流，且作相关计算后一并记录，根据数据，做出图线如图乙所示：则可得电源的电动势     ，内阻     。（结果保留两位有效数字） 13.（10分）如图所示，在面积足够大的长方体水池中注满清水，水深为，一束单色光以的入射角由空气射入清水中，已知清水的折射率，光在空气中的传播速度为。，。求: (1)光由空气射入清水时的折射角; (2)光在清水中传播的速度; (3)光从水面传播到池底的时间。 14.（13分）如图所示，竖直墙面和水平地面均光滑，质量分别为mA＝6kg、mB＝2kg的A、B两物体用质量不计的轻弹簧相连，其中A紧靠墙面，现对B物体缓慢施加一个向左的力，该力对物体B做功W＝25J，使A、B间弹簧被压缩。在系统静止时，突然撤去向左的力，解除压缩，求: (1)从撤去外力至A与墙面刚分离，弹簧对B的冲量I; (2)A与墙面分离后，弹簧首次恢复原长时，两物体速率vA和vB。 15.（15分）如图所示，足够长的绝缘的质量为4m的木板C静止在光滑水平面上，一开始木板锁定在地面上，OP间距离为4L。木板上距左端为L的Q处放有质量为2m的金属小物块B，开始不带电。平台OP与木板C的上表面等高，质量为m带正电的金属小物块A，A与平台OP间、A与木板C间的动摩擦因数均为 ，A的带电荷量为q，整个空间有水平向右的匀强电场，电场强度为的大小为 在电场的作用下，A由静止开始加速，经P点滑上木板向右运动，直到撞上B。A与B发生完全弹性碰撞，碰撞后AB电荷量均分，C和地板之间的锁定解除，B与C的动摩擦因数为 ，本题A、B均可视为质点，重力加速度大小为g，不考虑AB间的库仑力。求： (1)求物块A在与物块B碰撞前瞬间的速度的大小； (2)A、B碰撞后，A、B的速度的大小； (3)从碰后到A速度减小为零的过程中，BC之间的摩擦生热。 物理答案 一、选择题(本题共10题，其中1-7小题,每小题4分,共28分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的，8-10题，每小题6分,共18分，每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分) 1. B【解析】电场是客观的存在，电场线是为了定性表示电场的强弱而人为假想的曲线的，不是客观的存在，故A错误；静电场中，电场线疏密描述电场的强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，故B正确；金属导体的电阻率随温度升高而增大，根据电阻定律，可知金属导体的电阻随温度升高而增大，故C错误；欧姆定律适用于纯电阻电路或电解质导电，不是适用于一切导电物质，故D错误。故选B。 2. B【解析】电场线的疏密表示电场强度（E）的大小，根据电场线的疏密程度可得，，故A错误，B正确；沿电场线方向电势逐渐降低，所以，，故CD错误。故选B。 3. D【解析】波线1、2都在介质a中，故1、2的频率、波速、波长均相等，A、B错；波线1、3是在两种不同介质中，波速不同，但波源没变，因而频率相等，波速改变，由λ＝得波长改变，故C错，D对。 4. A【解析】根据冲量的定义可知，行李箱所受拉力的冲量大小为Ft，所受重力的冲量大小为，A正确，B错误；根据功的计算公式可知，行李箱所受拉力做功为，所受重力做功为0，CD错误。故选A。 5. D【解析】由题图可知，该单摆的固有频率为，则固有周期为 根据，可得该单摆的摆长约为，故A错误；当驱动力频率等于该单摆的固有频率时，振幅最大，所以驱动力频率增大时，振幅不一定增大，故B错误；受迫振动的核心特点：振动频率等于驱动力频率，与固有频率无关。若驱动力频率增大，单摆的振动频率会随之增大（始终等于驱动力频率），而非“不变”，故C错误；若该实验移至上海，由于上海的重力加速度大于广州的重力加速度，所以固有周期变小，固有频率变大，则共振曲线的峰值将向右偏移，故D正确。故选D。 6. A【解析】由波形图可知，P此时的位移为正且最大，Q此时的位移为0，结合回复力公式 ，由牛顿第二定律得加速度，可知P的加速度最大，方向为y轴负方向，Q的加速度为0，故A正确，B错误;由简谐运动特点可知，加速度取得最大时，速度最小，加速度最小时，速度最大;结合AB选项的分析可知，Q点的速度最大，由于波沿x轴正方向传播，同侧法可知，此时Q点的速度方向为y轴负方向，故CD错误。故选 A。 7. C【解析】分析电路结构可知，电压表测量支路滑动变阻器两端电压，电流表测量流过支路滑动变阻器的电流，电容器两端电压为并联电路两端电压，当滑动变阻器R2的滑片向下端移动时，R2接入电路的阻值减小，外电路的总电阻减小，根据串联电路电压与电阻的关系可分析外电路的电压减小，根据并联电路电压特点，R2两端电压减小，所以A错误；当滑动变阻器R2的滑片向下端移动时，R2接入电路的阻值减小，外电路的总电阻减小，电路中总电阻会减小，所以电路中总电流会增大，根据串联电路电流特点，R2和R3组成的并联电路总电流增大，由于R3两端电压减小，所以R3电流减小，则通过R2的电流会增大，所以B错误；根据图示，平行板电容器的上极板带正电，下极板带负电，两极板之间存在竖直向下的匀强电场，带电质点在电场中收到重力和电场力，二力达到平衡，所以电场力方向竖直向上，大小等于重力，当滑动变阻器R2的滑片向下端移动时，外电路的电压减小，即电容器两极板间的电压减小，根据U=Ed，因为两极板间的距离不变，所以两极板之间的电场强度减小，则质点受到的电场力减小，此时质点的合力方向竖直向下，质点做向下的加速运动，所以C正确；断开开关后，电容器会放电，上下极板电荷会随着放电，逐渐减小，最后两极板不带电，在这个过程中，两极板之间的电场强度也会减小，最后减小到零，电场力也会逐渐减小到零，合力逐渐增大到等于重力，且方向向下，质点向下运动，所以D错误。故选C。 8. AB【解析】由图像可知在x>x1区域电场沿x轴正向，在x<x1区域电场沿x轴负向，由沿着电场线电势降低，可知x1处电势最高，且从x1处到x4处电势逐渐降低，故AB正确；由U=Ed可知，E-x图像中图线与x轴所围的面积表示电势差，则x1、x4两点之间的电势差可以用S表示，正电荷由x1静止释放仅在电场力作用下运动到x4时的动能Ek=qU=qS，故C错误；正点电荷由x1静止释放仅在电场力作用下运动到x4的过程中电场力始终做正功，其电势能一直减小，故D错误。故选AB。 9. AB【解析】因等势面间距相等，由U＝Ed得相邻虚线之间电势差相等，由a到d，(－e)Uad＝－6 eV，故Uad＝6 V；因静电力做负功，故电场方向向右，沿电场线方向电势降低，又φb＝2 V，则φc＝0，各等势面电势如图所示，故A正确；因电子的速度方向未知，若不垂直于等势面，如图中实线所示，电子可能到达不了平面f，故B正确；电子经过平面d时，电势能Ep＝(－e)φd＝2 eV，故C错误；由a到b，Wab＝Ekb－Eka＝－2 eV，所以Ekb＝8 eV；由a到d，Wad＝Ekd－Eka＝－6 eV，所以Ekd＝4 eV；则Ekb＝2Ekd，根据Ek＝mv2知vb＝vd，故D错误。 10. ACD【解析】已知M、N的平衡位置间距为6m，该波的波长4m＜λ＜6m则，则波在M、N之间传播时间为，其中，所以，若波由M向N传播则，M点的振动传播到N点所需时间为，不符合题意;若波的传播方向由N到M，则M点的振动传播到N点所需时间为，符合题意，故该波的传播方向由N到M，故A正确;由A可知，M点的振动传播到N点所需时间为，则，M、N的平衡位置间距为，解得，故B错误;由图可知，波的周期为，则该波的波速为，故C正确;质点A与质点M平衡位置之间的距离为7.2m，即，所以质点A与质点M的振动完全相反，时，质点M的位移为，则质点A的位移为，故D正确。故选ACD。 二、非选择题（本题共5个大题，共54分） 11. B D 偏小 【解析】（3）在玻璃砖的另一侧依次插上大头针P3、P4，使P3挡住P1、P2的像，故选B；使P4挡住P1、P2的像和P3。故选D。 （4）完整光路图如图 （5）由于画出界面a后将玻璃砖向下平移了一些，之后才画上界面b，这会导致如下图所示的变化，由图可看出，实际折射角比所画的折射角小，根据折射定律可知所求的折射率偏小。 12. (1)0.849/0.850/0.851 (2)并联 5.0 3.9 2.8 【解析】（1）由图中可看出固定刻度部分的毫米线只露出了0mm线，其后还有半毫米线显示，活动刻度部分的读数为0.35mm，还需再估读一位，即 0.350mm。综上，金属丝直径为 （2）将表头改装为电流表，需要并联一个分流电阻；表头的满偏电流，内阻 ，改装后的量程 ，分流电阻R与表头并联，两端电压相同，即： ，代入数据可解得 ；改装后电流表的内阻为表头内阻与分流电阻R的并联电阻 ，根据闭合电路欧姆定律 ，公式变形可得 ，由以上表达式可得 斜率 ，截距 ，由图乙可知 斜率 ，截距 ，代入 ，可得 13. (1) (2) (3) 【解析】(1)如图所示 根据折射率公式可得 解得折射角 (2)光在水中传播满足 解得 (3)光在水中传播的距离为 光在水中传播的时间为 联立解得 14. (1)，方向水平向右 (2)2.5m/s，﹣2.5m/s 【解析】(1)压缩弹簧时，外力做的功全转化为弹性势能，撤去外力，弹簧恢复原长，弹性势能全转化为B的动能，设此时B的速度为v0，则 代入数据，解得v0＝5m/s 此过程A对弹簧的冲量等于弹簧对A的冲量大小，也等于弹簧对B的冲量大小，由动量定理得 方向水平向右 (2)设弹簧恢复原长时A、B的速度分别为vA、vB，由系统动量守恒、机械能守恒有， 联立解得， 15. (1) ；(2) ；(3) 【解析】(1)物块A在与物块B碰撞前瞬间的速度的大小 解得 (2)A与B发生完全弹性碰撞 解得A、B碰撞后，A、B的速度的大小 (3)碰后A的加速度 A减速到零，经过的时间 此过程中B的加速度 位移 木板的加速度 木板的位移 BC之间的摩擦生热 第1页 共1页 学科网（北京）股份有限公司 $