微测12 选择题提速测(四)(专题微测PPT)-【赢在微点·考前顶层设计】2026年高考化学大二轮专题复习

该高中化学高考复习课件聚焦高考核心考点，涵盖物质分类、实验操作、有机性质、离子反应、化学平衡等模块，依据高考评价体系分析考点权重，如无机物判断、实验基本操作等基础题占比30%，有机结构与性质、沉淀溶解平衡等综合题占比50%，归纳15道典型选择题题型，体现备考针对性。 课件亮点在于“真题微测+深度解析”模式，如第3题通过浓硫酸干燥SO₂的正误分析培养科学思维，第15题结合Ksp计算讲解沉淀溶解平衡，强化科学探究与实践能力。解析中明确易错点如pH试纸使用、离子方程式书写，帮助学生掌握答题技巧，教师可据此精准定位学生薄弱环节，提升复习效率。

微测12　选择题提速测(四) 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 选择题：本题共15小题，每小题3分，共45分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1.我国传统手工艺品是劳动人民的智慧结晶，并随着时代发展不断创新。下列手工艺品中主要成分为无机物的是(　　)     A.云锦 B.牡丹瓷 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4   C.麦秆画 D.油纸伞 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 云锦的主要成分包括蚕丝，属于有机物蛋白质，A项不符合题 意；牡丹瓷属于陶瓷，主要成分是硅酸盐，B项符合题意；麦秆画主要成分是纤维素，C项不符合题意；油纸伞骨架是由竹子为材料制作，主要成分是纤维素，伞面主要由皮纸制成，主要成分是蛋白质，D项不符合题意。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 3.下列各项实验的基本操作，其中正确的是(　　) A.用湿润的pH试纸测定硫酸溶液的pH B.用浓硫酸干燥二氧化硫 C.金属钠着火时，用泡沫灭火器灭火 D.蒸发操作中，将蒸发皿放在铁架台的铁圈上，并垫上陶土网加热 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 用pH试纸测定硫酸溶液的pH时，pH试纸不能润湿，因为会对 待测溶液起稀释作用，A项错误；浓硫酸有吸水性，且不与SO2反应，可用浓硫酸干燥SO2，B项正确；泡沫含水，钠与水反应，钠的燃烧产物Na2O2与水及CO2也反应，导致燃烧更加剧烈，所以钠着火时不能用泡沫灭火器灭火，C项错误；蒸发时，蒸发皿可 以放在铁圈上直接加热，蒸发皿耐高温，不用垫陶土网，D项错误。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 4.杜仲甙又名桃叶珊瑚甙，是具有清湿热、利小 便、镇痛、降压、保肝护肝、抗肿瘤等作用的生物活性物质，能促进干细胞再生，明显抑制乙型肝炎病毒DNA的复制，结构简式如图。下列说法正确的是(　　) A.分子式为C15H20O9 B.该物质为苯的同系物 C.该物质能使酸性高锰酸钾溶液褪色 D.1 mol该物质最多能消耗6 mol NaOH 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 杜仲甙的分子式为C15H22O9，A项错误；苯的同系物的结构比苯多n(n≥1)个—CH2—，该物质结构中没有苯环，且组成中含有氧原子，不属于苯的同系物，B项错误；该物质结构中含有碳碳双 键、羟基，均能与酸性高锰酸钾溶液反应，使其褪色，C项正 确；该物质结构中羟基为醇羟基，不能和NaOH反应，D项错误。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 5.离子反应在生产、生活中有许多应用。下列离子方程式书写正确的是(　　) A.氯气与烧碱溶液反应制备漂白液：Cl2+2OH-===Cl-+ClO-+H2O B.和面时用小苏打和食醋能使馒头蓬松：HC+H+===H2O+CO2↑ C.漂白粉在空气中久置变质：Ca2++H2O+CO2===CaCO3↓+2H+ D.用氨水吸收烟气中的二氧化硫：SO2+2OH-===S+H2O 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 6.化学合成是制备医药的重要途径，有机合成药物柠檬烯具有良好的镇咳、祛痰、抑菌作用，其结构如图所示。下列关于柠檬烯的说法正确的是(　　) A.该分子中电负性大的元素的基态原子价层电子排布式为2p2 B.该分子中碳原子的杂化类型都为sp3杂化 C.该分子中碳碳σ键与π键的数目之比为4∶1 D.该分子中有8种不同化学环境的H原子 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 该分子中电负性大的元素为C，其基态原子价层电子排布式为2s22p2，A项错误；该分子中饱和C原子为sp3杂化，碳碳双键的碳原子为sp2杂化，B项错误；该分子中碳碳σ键有10个，碳碳双键中含π键的数目为2个，则碳碳σ键与π键的数目之比为5∶1，C项错误；该分子中有10个碳原子，其中有2个碳原子上没有H原子，D项正确。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 7.一氧化二氯(Cl2O)是净化饮用水的一种有效的净水剂，浓度过高或加热时易发生分解并爆炸，制备反应为2Cl2+2Na2CO3+H2O=== 2NaHCO3+2NaCl+Cl2O，反应装置如图所示(夹持装置已略)。 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 相关物质数据 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 物质 熔点 沸点 Cl2O -116 ℃ 3.8 ℃ Cl2 — -34.6 ℃ 液氨 — -33.5 ℃ 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 下列说法错误的是(　　) A.检查虚框中装置气密性可用液差法 B.装置B中试剂是浓硫酸 C.装置D收集Cl2O D.通入N2可降低爆炸风险 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 虚框中装置气密性检验，可用液差法，将止水夹夹住装置A两端橡胶管，打开分液漏斗活塞，加水，一段时间后，水不能顺利流下，则气密性良好，A项正确；因反应2Cl2+2Na2CO3+H2O=== 2NaHCO3+2NaCl+Cl2O需要有水参与，不能用浓硫酸除去水，装置B中试剂应是饱和食盐水，除去HCl，B项错误；根据Cl2O的沸点，并且在液氨中冷凝，所以装置D为收集装置，C项正确；Cl2O浓度过高易发生分解并爆炸，通入N2可稀释Cl2O，降低爆炸风 险，D项正确。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 8.废料利用是节能减排的重要方式，以硫铁矿烧渣(主要成分为 Fe2O3、FeO、SiO2等)为原料来制备铁红(Fe2O3)的生产流程如图。下列说法错误的是(　　) 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 9.造纸、印刷等工业废水中含有大量的硫化物(主要成分为Na2S)，可用如图转化方式除去，则下列说法错误的是(　　) 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 10.根据下列实验操作及现象，能得出相应结论的是(　　) 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 选项 操作及现象 结论 A 向Pb3O4、Fe3O4中分别滴加浓盐酸，只有前者产生黄绿色气体 氧化性：Pb3O4>Fe3O4 B 在Ni(OH)2中分别加入同浓度的氨水、NaOH溶液，只有前者固体溶解 碱性：NH3·H2O>NaOH C 向饱和[Zn(NH3)4]SO4溶液中加入乙醇，析出晶体 极性： CH3CH2OH>H2O D 相同条件下，向酸性KMnO4溶液中分别通入乙烯、乙炔，前者先褪色 活泼性：乙炔>乙烯 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 Pb3O4中可将浓盐酸氧化为黄绿色气体(氯气),而Fe3O4不能将HCl氧化成Cl2,产生黄绿色气体,证明氧化性：Pb3O4>Fe3O4，A项正确；Ni(OH)2与氨水发生反应,Ni(OH)2+4NH3·H2O===[Ni(NH3)4](OH)2 +4H2O，不能判断碱性：NH3·H2O>NaOH，B项错误；乙醇的极性小，加入乙醇后溶剂的极性减小，硫酸四氨合锌是离子化合 物，在极性弱的溶剂中溶解度减小，降低了溶质的溶解性，极 性：CH3CH2OH<H2O，C项错误；根据实验现象可知，乙烯比乙炔更容易被氧化，不能判断活泼性，D项错误。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 11.助熔剂一般指能降低物质的软化、熔化或液化温度的物质。化合物Q用作铝、铜和铝合金焊接助熔剂，结构如图所示，X、Y、Z、W为原子序数依次增大的主族元素，最外层电子数均为奇数且质子数之和为22。下列叙述错误的是(　　) A.原子半径大小：Y>Z>W>X B.Z的简单氢化物可与W的氢化物反应 C.YW3中的原子均达到8电子稳定结构 D.NaYX4是一种常用还原剂 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 化合物Q用作铝、铜和铝合金焊接助熔剂，结构如题图所示，X、Y、Z、W为原子序数依次增大的主族元素，最外层电子数均为奇数且质子数之和为22，Z与4个X形成+1价阳离子，该离子应该 为铵根离子，则X为H元素，Z为N元素；Y与4个W形成-1价阴离子，Y、W的质子数之和为22-1-7=14，应该为B元素和F元素，结合原子序数可知，Y为B元素，W为F元素，以此分析解答。根据分析可知，X为H元素，Y为B元素，Z为N元素，W为F元素，同 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 周期主族元素从左向右原子半径逐渐减小，氢原子的原子半径最小，则原子半径大小为Y>Z>W>X，A项正确；Z的氢化物为氨 气，W的氢化物为氟化氢，氨气能够与氟化氢反应生成氟化铵，B项正确；YW3为BF3，BF3分子中B的最外层电子数为3+3=6，不满足8电子稳定结构，C项错误；NaYX4为NaBH4，该化合物中H为-1价，易被氧化，是一种常用还原剂，D项正确。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 13.某铜的氯化物常作工业催化剂，其晶胞结构如图所示，晶胞中 C、D两原子核间距为298 pm。设阿伏加德罗常数的值为NA，则下列说法正确的是(　　) A.Cu的+2价比+1价稳定，是因为最外层电 子达到半充满结构 B.此氯化物的化学式为CuCl2 C.晶胞中Cu位于Cl形成的四面体空隙 D.Cu与Cl的核间距为棱长的倍 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 Cu的价电子排布式为3d104s1，+1价Cu的价电子排布式为3d10，达到全充满结构，所以+1价Cu更稳定，A项错误；此晶胞中Cu原子均位于晶胞内，数目为4，Cl原子数目为8×+6×=4，Cu和Cl的原子个数比为1∶1，则化学式为CuCl，B项错误；4个Cu原子位于晶胞体内，且1个Cu与4个Cl相连，则晶胞中Cu位于Cl形成的四面体空隙，C项正确；晶胞中Cu位于Cl形成的四面体空隙，Cu与Cl的核间距为体对角线的四分之一，则Cu与Cl的核间距应为棱长的倍，D项错误。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 14.双极膜(BP)可以在电场作用下，使水分子快速解离为OH-和H+，并透过阴、阳离子膜进入溶液。用此工艺捕获烟道气中的CO2过程如图所示，已知盐室中生成CaCO3实现捕获，下列说法正确的是(　　) 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 A.捕获装置中，阴极反应为2H++2e-===H2↑ B.溶液中的X为H+ C.交换膜A为阳离子交换膜 D.捕获1.12 L CO2转化为沉淀，则转移电子2 mol 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 阴极发生还原反应,溶液中H+放电，电极反应为2H++2e-===H2↑，A项正确；碱室是CO2转化为C，应由双极膜产生OH-不断补 充，保持碱的浓度，X应为OH-，B项错误；盐室生成CaCO3，就需要C穿过交换膜A，所以交换膜A为阴离子交换膜，C项错 误；捕获1.12 L CO2，未指明是否在标准状况下，无法计算转移电子数，D项错误。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 15.室温下，向含有足量CaC2O4固体的悬浊液中通入HCl气体来调节体系pH。平衡时，lg[c(M)/(mol·L-1)]随pH的变化如图所示(M表示Ca2+、H2C2O4、HC2和C2)，物质的溶解度以物质的量浓度表示。已知：Ksp(CaC2O4)=10-8.6，lg 2≈ 0.3，lg 5≈0.7。下列说法错误的是(　　) 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 c(C2)=c(HC2)，Ka1(H2C2O4)=，代入数据得到c(H2C2O4)=10-3c(HC2)，设CaC2O4的溶解度为x,则c(Ca2+)=x，根据物料守恒得c(Ca2+)=c(HC2)+c(C2)+c(H2C2O4)≈2c(C2),则Ksp(CaC2O4)=c(Ca2+)·c(C2)=x2=10-8.6，解得x=10-4.15，即CaC2O4的溶解度为10-4.15 mol·L-1，C项错误；Q点时，c(C2)= 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 c(H2C2O4)溶液中电荷守恒：c(HC2)+2c(C2)+c(Cl-)+c(OH-)= c(H+)+2c(Ca2+)，物料守恒：c(HC2)+c(H2C2O4)+c(C2)= c(Ca2+),联立两式可得c(Cl-)+c(OH-)=c(H+)+c(HC2)+2c(H2C2O4)，溶液呈酸性，故c(OH-)<c(H+)，则c(HC2)+2c(C2)<c(Cl-)，D项正确。 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 本部分内容讲解结束 2.下列化学用语表示正确的是(　　) A.氯化氢的电子式： B.CO2和SO2的VSEPR模型均为 C.基态Cr原子价层电子的轨道表示式： D.中子数为20的氯原子的核素符号：Cl 氯化氢是共价化合物，其电子式为，A项错误；二氧化碳的价层电子对是2，没有孤电子对，则其VSEPR模型是直线形，B项错误；Cr是24号元素，价电子排布式为3d54s1，价电子的轨道表示式为，C项错误；中子数为20的氯原子的质量数为37，可表示为Cl，D项正确。 氯气与烧碱溶液反应制备漂白液的离子方程式为Cl2+2OH-===Cl-+ ClO-+H2O，A项正确；食醋的主要成分是醋酸，醋酸是弱酸，不能拆分，B项错误；漂白粉在空气中久置，会与空气中的二氧化碳发生反应得到次氯酸，次氯酸见光易分解，使得漂白粉变质，涉及方程式：Ca2++2ClO-+H2O+CO2===CaCO3↓+2HClO、2HClO2HCl+ O2↑，C项错误；一水合氨是弱碱，不能拆分，D项错误。 A.将硫铁矿烧渣粉碎，有利于提高浸出率 B.加入过量铁粉的目的是将Fe3+全部还原为Fe2+ C.步骤Ⅳ的反应温度越高，越有利于提高反应速率和产率 D.“煅烧”步骤的化学方程式为4FeCO3+O22Fe2O3+4CO2 将硫铁矿烧渣粉碎，能增大与酸的接触面积，有利于提高浸出率，A项正确；要生成FeCO3，需将Fe3+全部还原为Fe2+，所以要加入过量铁粉，B项正确；反应温度不能太高，防止NH4HCO3分解，C项错误；“煅烧”步骤中，Fe由+2价升高为+3价，反应的化学方程式为4FeCO3+O22Fe2O3+4CO2，D项正确。 A.Na2S溶液中存在n(OH-)=n(H+)+n(HS-)+2n(H2S) B.反应Ⅰ和Ⅱ的转移电子数相等时，还原剂之比为2∶1 C.在废水处理过程中，CoPc为催化剂，O2为氧化剂 D.反应Ⅲ中Na2S与Na2SO3等物质的量反应，反应的化学方程式为Na2S+Na2SO3+(CoPc)O+H2O2NaOH+Na2S2O3+CoPc Na2S溶液中存在质子守恒，即c(OH-)=c(HS-)+2c(H2S)+c(H+)，A项正确；反应Ⅰ中还原剂Na2S被氧化成Na2SO3，化合价由-2价升高到+4价，而反应Ⅱ中还原剂Na2SO3被氧化成Na2SO4，化合价由+4价升高到+6价，当反应Ⅰ和Ⅱ转移电子数相等时，还原剂之比为1∶3，B项错误；在废水处理过程中，CoPc参与反应且反应前后不变，为催化剂，O2参与反应且反应后化合价降低，为氧化剂，C项正确；反应Ⅲ中Na2S与Na2SO3等物质的量反应，反应的化学方程式为Na2S+Na2SO3+(CoPc)O+H2O2NaOH+Na2S2O3+CoPc，D项正确。 12.氧化亚氮在碘蒸气存在时的热分解反应为2N2O2N2+O2，其反应机理包含以下步骤： 第一步：I2(g)2I(g)(快反应) 第二步：I(g)+N2O(g)N2(g)+IO(g)(慢反应) 第三步：IO(g)+N2O(g)N2(g)+O2(g)+I(g)(快反应) 下列说法错误的是(　　) A.第二步对分解反应速率起决定作用 B.I2浓度与N2O分解速率无关 C.慢反应的活化能高于快反应的活化能 D.第二步反应中I(g)作还原剂 反应的快慢取决于慢反应，则第二步对分解反应速率起决定作用，A项正确；N2O分解反应中，I2是反应物，碘蒸气浓度与N2O分解速率有关，B项错误；活化能越大反应速率越慢，则慢反应的活化能高于快反应的活化能，C项正确；第二步反应中I(g)IO(g)，I元素化合价升高，作还原剂，D项正确。 A.表示lg[c(HC2)/(mol·L-1)]随pH变化的曲线是Ⅳ B.Ca2++2HC2CaC2O4+H2C2O4的K=105.6 C.pH=4.27时，CaC2O4的溶解度约为10-4.45 mol·L-1 D.Q点时，溶液中c(HC2)+2c(C2)<c(Cl-) 含有足量CaC2O4的悬浊液中c(Ca2+)≈c(C2)== mol·L-1=10-4.3 mol·L-1，体系中存在一系列平衡，CaC2O4(s)Ca2+(aq)+C2(aq)、C2+H2OHC2+OH-、HC2+H2OH2C2O4+OH-，所以在CaC2O4溶液中，增大pH，后两个平衡逆向移动，草酸根浓度增大，其正对数增大，Ⅱ表示C2，则Ⅰ表示Ca2+，草酸氢根减小程度缓于草酸分子,故Ⅲ表示H2C2O4、Ⅳ表示HC2，由题图可知，c(HC2)=c(H2C2O4)时(Ⅲ、Ⅳ交点)pH=1.27, 此时Ka1(H2C2O4)==c(H+)=10-1.27，同理Ka2(H2C2O4)= =10-4.27，据此分析解答。由上述分析可知，表示lg[c(HC2)]随pH变化的曲线为Ⅳ，A项正确；Ca2++2HC2CaC2O4+H2C2O4的K== ===105.6，B项正确；pH=4.27时， $