2026届河南方城县第一高级中学等三校高三上学期高考备考实用性联考物理试题（一）

2026届方城县一高等三校高考备考实用性联考卷物理试题（一） 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 考生注意： 1.本试卷满分100分，考试时间75分钟。 2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。 3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分） 1．太阳能光伏发电将光能转换成电能，其原理是光电效应。如图所示为某金属材料发生光电效应时，光电子的最大初动能与入射光波长的关系图像，图像与横轴的交点为a，图像的虚线部分无限趋近这条直线，普朗克常量为h，则光在真空中的速度为（　　） A． B． C． D． 2．如图所示，卫星甲、乙、丙沿轨道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ绕某一星球转动。其中轨道Ⅰ、Ⅲ为圆轨道，其半径分别为、。轨道Ⅱ为长轴长的椭圆轨道，与轨道Ⅰ切于点，与轨道Ⅲ交于点。下列说法正确的是（　　） A．卫星甲、乙、丙的绕行周期 B．卫星乙从A点运动到C点的过程中机械能增加 C．卫星乙在B点的向心加速度比卫星丙小 D．卫星乙的机械能与卫星丙一定相等 3．如图所示，质量的物块A与质量的物块B用轻质弹簧连接，静止放置在倾角的斜面上。已知B的底面光滑，弹簧的劲度系数k=2N/cm，重力加速度g取，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是（　　） A．弹簧的形变量为2cm B．物块B受到斜面的支持力大小为2N C．物块A受到的摩擦力大小为7N D．物块A与斜面间的动摩擦因数的最小值为 4．电动充气泵是家用汽车常备工具，它利用电能驱动电机将外界气体压入轮胎，从而达到充气的目的。在充气前汽车轮胎内存有的气体，现用电动充气泵对轮胎充气，每分钟可将外部气体充入轮胎，外部气体压强为，该汽车轮胎最大容积为，内部最大允许气压为，假设充气过程中气体温度不变，则充气时间最长约为（　　） A． B． C． D． 5．如图所示为以S1、S2为波源的两列机械波在某时刻叠加的示意图，波峰和波谷分别用实线和虚线表示，已知S1、S2的振幅均为A。下列说法正确的是（　　） A．a处质点做简谐运动，振幅为A B．b处质点此刻的位移大小为2A C．若想观察到稳定的干涉现象，可将S2周期调小 D．只要将S1的周期调至和S2的相等，c处质点就做振幅为2A的简谐运动 6．在两条平行相邻直线车道上有a、b两汽车，当a汽车经过静止的b汽车时，开始计时，已知a汽车做匀变速直线运动的速度—位移图像、b汽车的加速度—时间图像分别如图所示，取a汽车运动方向为正方向，则下列说法不正确的（　　） A．0~6s内两车间最大距离为75m B．前2s内b汽车速度变化率大于a汽车 C．开始计时后，两车只可以相遇一次 D．第4s内两车运动方向均为正方向 7．为了保证东部地区用电，国家采取运煤和输电两个策略。运煤1000千米费用是购煤费用的70%（相当于输电损耗42%），而用50万伏高压输电，输电损耗却高达90%。在输电功率不变的情况下，为了使1000千米距离的输电效率与运煤时相当，需要将输送电压提升到大约（　　） A．75万伏 B．100万伏 C．125万伏 D．150万伏 二、多项选择题（第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，共18分） 8．某电场的电场线分布如图所示，一带电粒子仅在电场力作用下沿图中虚线所示路径从M点运动到N点。下列说法正确的是（　　） A．粒子带正电 B．粒子在M、N点的加速度大小aM>aN C．粒子在M、N点的电势能 D．粒子在M、N点的速度大小 9．如图1所示，等腰为一棱镜的横截面，；一平行于BC边的细光束从AB边射入棱镜，在BC边经过一次反射后从AC边射出，出射光分成了不同颜色的a、b两束光。如图甲所示将一矩形玻璃板水平固定，另一矩形玻璃板一端放在水平玻璃板M端上，另一端与水平玻璃板N端之间插入两张纸片。现将a、b两束光分别从上方竖直射入图甲，从上方可以观察到明暗相间的条纹如图乙、丙所示。下列说法正确的是（　　） A．a光对应丙图条纹，b光对应乙图条纹 B．乙、丙图条纹是由两块玻璃板上表面反射的光干涉形成的 C．少垫一张纸片，条纹间距变大 D．在同一介质中发生全反射时，b光比a光的临界角要大 10．直流电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到安培力的作用而运动．如图所示为使用直流电动机提升重物的示意图，间距为L的平行导轨固定在水平面内，导轨左端接有电动势为E、内阻为r的直流电源，导轨电阻不计；质量为、长为L的导体棒垂直导轨放置，导体棒电阻不计，其中心通过绝缘细线绕过固定光滑定滑轮后与静止在地面上的质量为m的重物相连，此时细线恰好伸直且无拉力，导体棒与滑轮间的细线水平．整个装置处于方向竖直向下、磁感应强度大小为B的匀强磁场中．已知导体棒距离导轨左端足够远，重物上升过程中不会碰到定滑轮，重力加速度为g，不计一切摩擦．闭合开关S后，下列说法正确的是（    ） A．闭合开关S瞬间，重物的加速度大小为 B．导体棒最终的速度大小为 C．要使导体棒匀速运动时直流电源的输出功率最大，则重物的质量应为 D．重物从静止出发到刚好做匀速运动的过程中，安培力对导体棒所做的功等于系统增加的机械能与回路产生的焦耳热之和 三、实验题（本题共2小题，共14分） 11．某同学用如图甲所示的实验装置验证动量守恒定律。将斜槽轨道固定在水平桌面上，轨道末段水平，右侧端点在水平地面上垂直投影为O，地面上叠放白纸和复写纸。 实验步骤一：让球1从斜槽上某一固定位置S由静止释放，从轨道右端水平抛出，落到复写纸上，并在白纸上留下痕迹，重复上述操作10次，得到若干个落点痕迹，并确定球1落点的平均位置P。 实验步骤二：让球2放在水平轨道右端，让球1仍从位置S由静止释放，球1和球2碰撞后，分别在白纸上留下各自的落点痕迹，重复操作10次。确定它们落点的平均位置M、N，如图乙。 (1)某次测量小球在纸上留下多个痕迹，如图丙所示，为了确定平均落点，最合理的是取________ A．a圆的圆心 B．b圆的圆心 C．c圆的圆心 (2)某次长度测量时，P点对应米尺上的位置如图丁所示，读数为 cm。 (3)张同学按照正确的操作步骤完成实验，测量了，以及球1的质量和球2的质量。若所测物理量满足表达式 （用所测的物理量符号表示）时，则说明两球的碰撞遵守动量守恒定律。 (4)李同学在实验时发现两球碰撞后的总动量总是大于碰撞前的总动量，可能的原因有________。 A．两球发生的不是弹性碰撞 B．斜槽和水平轨道是粗糙的 C．实验步骤二中释放小球1的位置在S点下方某处 D．实验步骤二中释放小球1时，白纸向左移动少许 (5)在能完成实验的基础上，如果想增大M、N之间的距离，可行的方法有 。（写出一条即可） 12．某物理学习小组的两位同学采用“伏安法”测金属丝的电阻率实验中，实验室备有下列实验器材： A．电压表（量程0~3V，内阻约为15kΩ） B．电压表（量程0~15V，内阻约为75kΩ） C．电流表（量程0~3A，内阻约为0.2Ω） D．电流表（量程0~0.6A，内阻约为1Ω） E.变阻器R1（0~10Ω，0.6A） F.变阻器R2（0~200Ω，0.1A） G.电池组E（电压为3V） H.待测金属丝（阻值约为5Ω） I.开关S，导线若干，米尺，螺旋测微器等 (1)为减小实验误差，电压表应选用 ；电流表应选用 ；滑动变阻器应选用 ；（填对应选项的字母）。 (2)甲、乙两位同学分别画出了两个电路图，如图甲、乙所示。本实验选用 （选填“甲”或“乙”）图比较合适。 四、计算题（本题共3小题，共计40分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 13．如图，某游戏装置由竖直固定的曲面轨道AB、底面水平的凹槽BCDE和竖直固定的圆轨道FG组成，轨道AB末端水平，且B、E、F在同一水平线上，各轨道均光滑且平滑连接。凹槽内放有一无动力摆渡车，摆渡车上表面与BE等高，且紧靠在竖直侧壁BC处。滑块P由静止从A点下滑，与静止在摆渡车左端的滑块Q发生碰撞并粘在一起。当摆渡车到达竖直侧壁DE处，滑块P、Q恰好与摆渡车共速并到达摆渡车最右端，随后滑上光滑平台EF，从F点冲上圆形轨道FG。已知滑块P、Q与摆渡车上表面的动摩擦因数，A点的竖直高度，两滑块质量m均为1kg，摆渡车质量M为2kg，两滑块均可看成质点，取重力加速度大小。求： (1)碰撞前瞬间滑块P速度的大小； (2)摆渡车的长度； (3)若要保证滑块不脱离圆形轨道FG，圆形轨道的半径R应满足什么条件？ 14．如图甲所示，水平地面上静止停放有A、B两个靠在一起的箱子，两箱子质量均为，与地面间的动摩擦因数为，与地面间的摩擦可忽略不计，两箱子在外力的作用下向右前进，的大小随位移的变化关系图像如图乙所示，之后撤去外力，水平地面足够长，取。求： (1)当时，A、B两个箱子的位移大小； (2)当时，A与B之间的弹力大小； (3)箱子停止运动时，与之间的距离。 15．如图所示，在平面直角坐标系xOy 内，y>0区域为匀强磁场区域Ⅰ，其磁感应强度大小 ，方向垂直纸面向里；x<0、y≤0区域为匀强磁场区域Ⅱ，其方向垂直纸面向外； 、y≤0区域为匀强磁场区域Ⅲ，其方向垂直纸面向里。一质量 电荷量 的带正电液滴，从点 沿与y轴正方向夹角（ 的方向射入第一象限，经磁场Ⅰ偏转，其运动轨迹恰与x轴相切；然后经磁场Ⅱ偏转，其运动轨迹恰与y轴相切于C点；液滴第2次通过x轴时速度方向与y轴正方向夹角 不计液滴重力和空气阻力。求： (1)液滴的初速度大小v； (2)磁场Ⅱ的磁感应强度大小 以及液滴从A点运动到C点的时间t； (3)液滴第4次经过x轴位置的横坐标。 试卷第2页，共8页 试卷第1页，共8页 学科网（北京）股份有限公司 《2026届方城县一高等三校高考备考实用性联考卷物理试题（一）》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B C C B B D A AD AC AB 1．B 【详解】由爱因斯坦光电效应方程得 根据图像可知，当时， 得 联立解得 故选B。 2．C 【详解】A．根据开普勒第三定律可知，因，可知卫星甲、乙、丙的绕行周期，A错误；     B．卫星乙从A点运动到C点的过程中，只有地球引力做功，则机械能守恒，B错误； C．根据 可得 可知乙、丙两卫星在B点的加速度相等，但是由于丙做匀速圆周运动，则在B点的向心加速度等于B点的加速度；而乙在B点的加速度等于切线加速度和向心加速度的矢量和，可知卫星乙在B点的向心加速度比卫星丙小，C正确； D．卫星乙和丙的质量关系不确定，则不能比较卫星乙和丙的机械能大小关系，D错误。 故选C。 3．C 【详解】A．由平衡条件，弹簧的形变量为，故A错误； B．物块B受到斜面的支持力大小为，故B错误； C．以AB弹簧为系统，物块A受到的摩擦力大小为，故C正确； D．物块A与斜面间的动摩擦因数的最小值为，故D错误。 故选C。 4．B 【详解】设时间为t，根据玻意耳定律有 其中， 代入数据得 故选B。 5．B 【详解】A．由题图可知，a处的质点此时刻处于两列波的波峰与波谷相遇的点，由波的叠加知识可知，此时刻a处速度为零。在同一介质中，不同的机械波的波速相等，根据 由图知波源的波长小，所以波源的频率较大，即两列波的频率不同，两列波无法发生稳定的干涉现象，所以a处的质点并不是一直处于静止状态，即a处质点的振幅不为零，故A错误； B．由题图可知，b处的质点此时刻处于两列波的波谷与波谷相遇的点，由波的叠加知识可知，此时刻该处质点的位移大小为2A，故B正确； C．以上分析可知的频率较大，若想观察到稳定的干涉现象，则两波频率要相同，可将S2频率调小，即周期要变大，故C错误； D．将S1的周期调至和S2的相等，此时两列波的频率相同，会产生稳定的干涉现象，但c处的质点其不一定处于振动加强点位置，即c处的质点不一定做振幅为2A的简谐运动，故D错误。 故选B。 6．D 【详解】D．汽车a的初速度为30m/s，经过45m位移时速度减为零，可知加速度大小为 速度减为零的时间为 即第3s末a已经停止运动；b车在前2s内做匀加速运动，2s末的速度为 2s后做匀减速运动，则4s末的速度为 即b车在第4s内运动方向为正方向，故D错误，满足题意要求； B．由以上分析可知，前2s内b汽车的加速度大于a汽车的加速度，则前2s内b汽车速度变化率大于a汽车速度变化率，故B正确，不满足题意要求； C．b车前2s内的位移 a车的位移 此时两车恰好相遇，此时a车的速度为 b车的速度为 由于之后a、b车做减速运动的加速度大小均为，则之后b车的速度一直大于a车的速度，两车不再相遇，即两车只可以相遇一次，C正确，不满足题意要求； A．0~6s内当两车速度相等时，a在b前面的距离最大，即 解得， 此时a在b前面的最大距离为 0~6s内a的位移为45m，b的总位移为 此时b在a车前面 可知0~6s内两车间最大距离为75m，故A正确，不满足题意要求。 故选D。 7．A 【详解】输电过程中损耗的功率 其中 当输电电压为时 解得 故选A。 8．AD 【详解】A．带电粒子仅在电场力作用下运动，电场力沿电场线切线且指向轨迹曲线的内侧，即粒子带正电，故A正确； B．N点处的电场线较M点处密集，即电场强度 根据 可知粒子在M、N点的加速度大小，故B错误； CD．因粒子所受电场力与速度方向成锐角，故电场力做正功，电势能减小，动能增大，故，，故C错误，D正确。 故选AD。 9．AC 【详解】A．由题图1可知，b光的偏折程度大，由折射定律可知，b光的折射率大，因此b光的频率大，波长小，干涉条纹间距小，说明a光对应丙图条纹，b光对应乙图条纹，A正确； B．乙、丙图条纹是由两块玻璃板间空气膜上、下表面反射的光干涉形成的，B错误； C．产生干涉现象的两列光对应的光程差是空气膜厚度的2倍，少垫一张纸片，空气膜厚度减小，则条纹间距变大，C正确； D．在同一介质中，频率大的光折射率大，b光折射率大于a光折射率，由全反射临界角公式可知，b光比a光的临界角要小，D错误。 故选AC。 10．AB 【详解】A．闭合开关S瞬间，回路中的电流为 导体棒所受安培力 对导体棒和重物整体受力分析，由 解得 A正确； B．导体棒向左运动时会产生与直流电源相反的感应电动势，初始，导体棒向左加速运动，随着导体棒速度的增大，回路中的电流减小，根据牛顿第二定律可知，导体棒向左做加速度减小的加速运动，最终达到匀速，设稳定时导体棒的速度大小为v，则回路中的电流 由 解得 B正确； C．直流电源的输出功率 则当 时，直流电源的输出功率最大，根据 解得 C错误； D．重物从静止出发到刚好做匀速运动的过程中，对导体棒和重物组成的整体，只有安培力和重物的重力做功，由功能关系可知，安培力对导体棒所做的功等于导体棒和重物组成的整体增加的机械能，D错误。 故选AB。 11．(1)C (2)/51.49/51.51 (3) (4)D (5)增大球1的释放高度（增大球1的入射速度）、换用弹性更好的小球、增高桌面高度。 【详解】（1）为了确定小球的落地点，是将小球的多个落地点用尽量小的圆圈起来，圆心即为平均落地点位置，则如图丙所示，了确定平均落点，最合理的是取c圆的圆心。 故选C。 （2）图中米尺的分度值为，由图丁可知读数为 （3）设碰撞前瞬间入射小球的速度为，碰撞后瞬间入射小球和被碰小球的速度分别为、，根据动量守恒可得 由于两球在空中下落高度相同，在空中运动时间相等，则有， ， 联立可得若所测物理量满足表达式 则说明两球的碰撞遵守动量守恒定律。 （4）A．两球发生的不是弹性碰撞，不会影响两球碰撞后的总动量与碰撞前的总动量的大小关系，故A错误； B．斜槽和水平轨道是粗糙的，只会影响碰前的速度，不会影响两球碰撞后的总动量与碰撞前的总动量的大小关系，故B错误； C．实验步骤二中释放小球1的位置在S点下方某处，使得实验步骤二中碰撞前瞬间小球1的动量小于实验步骤一中碰撞前瞬间小球1的动量，则实验步骤二中测得的碰撞后总动量将小于实验步骤一中测得的碰撞前总动量，故C错误； D．实验步骤二中释放小球1时，白纸向左移动少许，则原来记录在白纸上投影O向左移动少许，使得实验步骤二中记录的、偏大，导致两球碰撞后的总动量大于碰撞前的总动量，故D正确。 故选D。 （5）在能完成实验的基础上，如果想增大M、N之间的距离，可以增大碰撞后瞬间两球的速度差，或者增大两球在空中的运动时间，所以可行的方法有增大球1的释放高度（增大球1的入射速度）、换用弹性更好的小球、增高桌面高度。 12．(1) A D E (2)甲 【详解】（1）（1）[1]由于电源的电动势为3V，所以电压表应选A； [2]被测电阻约为5Ω，电路中的最大电流约为，故电流表应选D； [3]为方便调节，且满足最大电流，则变阻器应选E。 （2）（2）[4]由于故应采用电流表外接法，应选图甲所示电路。 13．(1) (2) (3)或 【详解】（1）滑块P从A滑到B根据动能定理，可得 解得 （2）滑块P与滑块Q碰撞时，根据动量守恒定律，得 解得 研究滑块、和摆渡车整体，滑块、在摆渡车上运动到和摆渡车共速时，根据动量守恒定律，得 解得 根据动能定理，得 解得 （3）若滑块、恰好能在圆形轨道内做圆周运动，设圆形轨道的半径为，滑块、在其最高点的速度为，滑块、从圆形轨道的最低点到最高点的过程，根据机械能守恒定律，得 滑块、恰好在最高点时，列向心力方程得 联立上两式解得 若滑块、上到与圆形轨道圆心等高处速度恰好为零，设此时圆形轨道的半径为，从圆形轨道的最低点到圆心等高处的过程，根据机械能守恒得 解得 因此，圆形轨道的半径的范围是或 14．(1)2m，2m (2)0.25N (3)4m 【详解】（1）A与地面间的摩擦力 由题图乙可知位移在之前外力不变且大小为，可知A、B一起运动（因为）。假设1s内两箱一起运动位移未超过2m，对A、B整体，由牛顿第二定律得 解得 可知 可知假设成立。 即A、B两个箱子的位移均为2m。 （2）图乙可知时拉力 可知A、B仍一起加速， 由牛顿第二定律得 解得 对B箱子分析 可知A、B之间的弹力大小为0.25N。 （3）当拉力时A、B开始分离，由题图乙可知此时位移为，从A、B开始运动到分离过程，由动能定理得 其中图乙0~6m图像面积代表外力F做功，即 联立解得 之后B匀速，A匀减速到停止运动用时 因为 与之间的距离 联立解得 15．(1)v=25m/s (2)， (3) 【详解】（1）液滴在磁场Ⅰ中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，则 如图所示，由几何关系得 解得R1=0.25m，v=25m/s （2）液滴在磁场Ⅱ中做匀速圆周运动，如图所示，由几何关系得 洛伦兹力提供向心力，则有 解得 液滴在磁场Ⅰ中运动的时间 在磁场Ⅱ中运动的时间 从A 点运动到C点的时间 （3）液滴在磁场Ⅲ中运动，液滴第2次通过x轴时，如上图所示，由几何关系得 解得 液滴第4次经过x轴时的位置F的横坐标 解得 答案第4页，共10页 答案第1页，共10页 学科网（北京）股份有限公司 $