云南宣威市第五中学2025-2026学年高一上学期期末考试物理试卷

2025-2026学年高一年级上学期期末考试 物理试卷 满分 100 分，考试时间 75分钟。 注意事项： 1．答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证、考场号、座位号填写在答题卡上，并认真核准条形码上的准考证号、姓名、考场号、座位号，在规定的位置贴好条形码。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡交回。 一、选择题(本题共10题，其中1-7小题,每小题4分,共28分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的，8-10题，每小题6分,共18分，每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分) 1.2024长沙市长郡中学第40届田径运动会于9月28日开幕，通过3天的比赛，运动员们展现了我校中学生朝气蓬勃、奋发向上的精神风貌和运动风采。下列关于运动会中相关项目的物理知识叙述正确的是（　　） A. 在跳高比赛中研究运动员过杆动作时，可以把运动员看作质点 B. 某运动员在起跑瞬间，速度为零，其加速度一定不为零 C. 某运动员在200m比赛中，其总位移一定为200m D. 某运动员百米跑的成绩是12s，其中12s指时间间隔，他冲刺时的速度大小一定为8.33m/s 2.雨滴从高空无初速落下，若雨滴下落过程中所受空气阻力随其下落速度的增大而增大，则在图所示的v-t图中可能正确反映雨滴下落速度随时间变化情况的是（　　） A.     B.     C.     D. 3.如图所示，某人用一F=12N的水平拉力拖着一质量为m=1.0kg的物体在水平地面上做a=9m/s2的匀加速直线运动，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力。则由牛顿第二定律可知物体与地面之间的动摩擦因数为（　　） A. 0.1 B. 0.2    C. 0.3 D. 0.4 4.如图所示，两个完全相同的小球a、b，用轻弹簧N连接，轻弹簧M和轻绳一端均与a相连，另一端分别固定在竖直墙和天花板上，弹簧M水平，当轻绳与竖直方向的夹角为60°时，M、N伸长量刚好相同。若M、N的劲度系数分别为k1、k2，a、b两球的质量均为m，重力加速度大小为g，则以下判断正确的是（　　） A. =2 B. = C. 若剪断轻绳，则在剪断的瞬间，a球的加速度为零 D. 若剪断弹簧M，则在剪断的瞬间，b球处于失重状态 5.如图所示，杆BC的B端用铰链接在竖直墙上，另一端C为一滑轮．重物G上系一绳经过滑轮固定于墙上A点处，杆恰好平衡．若将绳的A端沿墙缓慢向下移（BC杆、滑轮、绳的质量及摩擦均不计），则（　　） A. 绳的拉力增大，BC杆受绳的压力增大 B. 绳的拉力不变，BC杆受绳的压力增大 C. 绳的拉力不变，BC杆受绳的压力减小 D. 绳的拉力不变，BC杆受绳的压力不变 6.如图所示为一轻质弹簧的弹力大小和弹簧长度的关系图象，根据图象判断，正确的结论是（　　） A. 弹簧的劲度系数为1N/m B. 弹簧的劲度系数为100N/m C. 无法判断弹簧的原长 D. 弹簧伸长0.2m时，弹力的大小为4N 7.甲、乙两物体在同一直线上运动，其位移—时间关系图像如图所示。已知甲在零时刻从静止开始做匀加速度运动，则（　　） A. 乙做匀减速运动    B. 甲的加速度大小为 2m /s2 C. 在t=5s时，甲和乙的速度大小相等      D. 在t=8s时，甲、乙相距108m 8.如图所示，质量均为的物体A、B叠放在粗糙水平面上保持静止，B与A之间、A与水平面之间的动摩擦因数分别为滑轮及细绳质量不计最大静摩擦力等于滑动摩擦力，某时刻起滑轮受到随时间均匀增大的水平拉力的作用。则下列说法中正确的是（　　） A. B所受的摩擦力方向一定向左 B. B所受的摩擦力方向可能向右 C. 当时，A、B均静止 D. 若不论水平力F有多大，物体A、B间都不会相对滑动 9.如图所示，、两物体均处于静止状态，图中，不计绳的质量，不考虑绳与滑轮间的摩擦，下列叙述中正确的是（　　） A. 物体必定受地面的静摩擦力作用 B. 物体可能不受地面的支持力作用 C. 若物体重力逐渐变小，可能向左运动 D. 若物体重力逐渐变大，可能向右运动 10.如图所示，在光滑斜面底端固定一个轻弹簧，弹簧上端固定一个物块A，另一个物块 B 与物块A 并排放置但不粘连，两物块质量相同。现用一个平行于斜面的外力推物块 B使弹簧压缩并保持静止，撤去外力后弹簧推动物块运动，并能使物块B离开A 后继续沿斜面向上运动，则下列说法正确的是（　　） A. 两物块分离前处于相对静止状态 B. 两物块分离前一直做加速运动 C. 两物块分离前A 对B 的弹力一直减小 D. 两物块分离时弹簧处于伸长状态 二、非选择题（本题共5个大题，共54分） 11.（6分）某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，测得图中弹簧OC的劲度系数为500N/m。如图甲，用弹簧OC和两个相同的弹簧测力计a、b做“探究两个互成角度的力的合成规律”实验时，在保持弹簧OC伸长cm不变的条件下： （1）若弹簧测力计a、b间夹角为90°，弹簧测力计a的读数是　　　N（图乙中所示），则弹簧测力计b的读数可能为　　　N。 （2）若弹簧测力计a、b间夹角大于90°，保持弹簧测力计a与弹簧OC的夹角不变，减小弹簧测力计b与弹簧OC的夹角，则弹簧测力计a的读数　　　、弹簧测力计b的读数　　　。（均选填“变大”、“变小”或“不变”） （3）本实验用到的科学思想方法是　　　。 12.（10分）利用如图装置可以测量滑块与木板之间的动摩擦因数。长木板水平放置，力传感器固定在墙上，通过绕过两滑轮（分别固定在长木板和滑块上）的轻绳与重物相连，重物离地面足够远。调节两滑轮的位置使轻绳与长木板平行，不计轻绳与各滑轮之间的摩擦，让重物牵引滑块由静止开始运动，记录传感器读数F以及根据纸带信息求出加速度a。改变重物质量，重复上述步骤，测量出5组a、F的值，并作出a—F图像。已知传感器的量程和轻绳耐拉力足够大，重力加速度为g。 （1）安装纸带时，有图2中甲、乙两种穿法，正确的是　　　（选填“甲”或“乙”）； （2）打出一条纸带如图3。纸带上相邻的两个计数点之间还有 4个点未标出，可以算出滑块的加速度a=　　　m/s2（已知打点计时器的频率为50 Hz，保留3位有效数字）。 （3）实验中得到的a—F图像如图4所示。图线的斜率为k0，图线在纵轴上的截距绝对值为a0，则测得滑块与木板之间的动摩擦因数为　　　，滑块的质量M为　　　。 （4）关于上述实验，下列说法正确的是______。 A．实验中应先释放滑块，再接通打点计时器电源 B．纸带与打点计时器间有摩擦，这给实验带来偶然误差 C．随着重物质量的增大，a—F图像末端可能发生弯曲 D．无论重物质量多大，滑块的加速度也不可能超过 13. （10分）某中心大厦的电梯是竖直升降电梯。电梯由一楼从静止开始，经20s到达最大速度18m/s，接着匀速上升了14s，最后又用了12s的时间匀减速运动，到达最高层101楼停止，求： (1)匀加速阶段的加速度的大小； (2)假设每层楼高是相等的，估算每层多高。 14.（12分）如图，固定的两端开口竖直圆管内有一静止薄圆活塞，活塞离下开口距离。从上端开口处向下运动的小球撞在活塞中心后，小球以的速度竖直反弹，活塞向下匀速运动，刚好在下端开口处两者再次相碰。运动中球与管壁不接触，不计空气阻力，重力加速度g取，求： (1)活塞匀速运动的速度大小v； (2)小球上升到最高点时，小球与活塞之间的距离l。 15.如图所示，足够长的水平传送带以的速度顺时针传输。质量，可以作为质点的滑块放在与等高的平台上，与点距离。滑块在点右侧始终受到水平向左的恒定外力，在点左侧恒力消失。已知滑块与、间的动摩擦因数分别为、。 (1)滑块第一次运动到点时的速度大小； (2)滑块第一次从点滑上传送带到再次返回处所用的时间； (3)滑块第10次向左运动到点时的速度大小。 一、单选择题 1. B【解析】在跳高比赛中，由于要研究运动员过杆动作，形状大小不能忽略，故不能被看作质点，故A错误；某运动员在起跑后要加速，故其加速度一定不为零，故B正确；某运动员在200m比赛中，由于并未明确所在跑道情况，其总位移不一定为200m，故C错误；某运动员百米跑的成绩是12s，其中12s指时间间隔，又依据平均速度的定义式可求该运动员全程的平均速度约为8.33m/s，并不一定为冲刺时的速度，故D错误。故选B。 2. C【解析】雨滴在下落过程中，受力如图： ， 由题意知阻力随下落速度的增大而增大，由牛顿第二定律：G-f=ma，可知雨滴的加速度逐渐的减小。运动的v-t图象中，斜率表示加速度，所以图象是曲线，切线斜率逐渐减小，所以C正确，ABD错误。故选C。 3. C【解析】由牛顿第二定律可知，解得，故C正确，ABD错误。故选C。 4. A【解析】对球a受力分析如图： ， 由平衡知识可知；对b分析则故A正确，B错误；若剪断细绳，则在剪断细绳后的瞬间，a球受重力和两边弹簧的拉力，合力不为零，则加速度不为零，故C错误；若剪断弹簧M，则在剪断的瞬间，弹簧N的弹力不变，则b球加速度仍为0，故D错误。故选A。 5. B【解析】由于杆一直平衡，则两根细线的拉力的合力一定在杆的方向上，否则杆会转动； 由于是同一根绳子，故两根细线的拉力一定相等且等于物体的重力G，根据平行四边形定则，合力一定在角平分线上，将绳的A端沿墙缓慢向下移则两拉力的夹角不断减小，故两个拉力的合力不断变大，故杆受到的压力不断变大，故B正确，ACD错误． 6. B【解析】由图读出，弹簧的弹力F=0时，弹簧的长度为L0=6cm，即弹簧的原长为6cm，故C错误；当弹力为F1=2N，弹簧的长度为L1=4cm，弹簧压缩的长度x1=L0-L1=6cm-4cm=2cm=0.02m，由胡克定律得：弹簧的劲度系数为：，故A错误，B正确；弹簧伸长0.2m时，弹力的大小为F=kx=100×0.2=20N，故D错误； 故选B． 7. B【解析】由图像知，乙做反向匀速直线运动，速度大小为，A错误；在时，甲、乙相遇，此时乙的位移，则对于甲有，解得，则，B正确，C错误； 时，，，则甲、乙相距，D错误。故选B。 8. AD【解析】当F较小时，两物体处于静止状态，此时B受到向右的细线的拉力作用，可知受到的静摩擦力向左；若F增大到一定值时，A相对地面滑动，此时若AB相对静止，则对整体有，对B有，解得，可知B受A的静摩擦力向左；假设AB产生相对滑动，且B相对A向左滑动，则B受摩擦力向右，则对A有，对B有，则由上述表达式可知 a2>a1，与假设相矛盾，可知B所受的摩擦力方向不可能向右。故A正确；B错误；若AB均静止时，同时满足，，故C错误；若μ1=μ2=μ，则对A有，对B有，可知a1=a2，即不论水平力F有多大，物体A、B间都不会相对滑动。故D正确。故选AD。 9. AD【解析】B受力如图： ， 两物体均静止时，B受绳的拉力大小等于A的重力，其水平分量使B物体产生沿地面向右运动的趋势，因此B必受地面向左的静摩擦力，根据摩擦力的产生条件，B与地面间必有相互作用的弹力，即B一定受到地面的支持力，故A正确，B错误；若A物体重力逐渐变小，绳子拉力减小，B对地面压力增大，故B受到的最大静摩擦力增大，拉力的水平分力依然小于最大静摩擦力，B不会运动，故C错误；若A物体重力逐渐变大，绳子拉力增大，B对地面压力减小，故B受到的最大静摩擦力减小，拉力的水平分力有可能大于最大静摩擦力，B有可能向右移动，故D正确。故选AD。 10. AC【解析】设两物块的质量均为m，斜面倾角为θ，撤去外力瞬间两物块的加速度大小相等，分离前速度也相同，即两物块分离前处于相对静止状态，故A正确；撤去外力后到两物块分离前，对物块B 由牛顿第二定律有N-mgsinθ=ma，对两物块整体有kx-2mgsinθ=2ma 解得kx=2N，两物块分离前，形变量x逐渐减小，所以N也逐渐减小，N=0时两物块分离，此时x=0，即分离时弹簧处于原长状态，由于N-mgsinθ=ma，可知，两物块分离前，加速度先向上减小后向下增大，故BD错误，C正确。故选AC。 二、非选择题 11. （1）　　 3.00　　 4.00　（2）　　 变大　　 变大　（3）等效替代 【解析】（1）弹簧测力计a的最小分度为0.1N，需要估读一位，所以其读数为3.00N。由胡克定律，可知弹簧OC的弹力大小为，则弹簧测力计b的读数为 （2）若弹簧测力计a、b间夹角大于90°，弹簧OC的力的大小和方向不变，保持弹簧测力计a与弹簧OC的夹角不变，就是弹簧测力计a的方向不变，减小弹簧测力计b与弹簧OC的夹角时，三个力的关系如图， 则可知弹簧测力计a的读数变大，弹簧测力计b的读数变大。 （3）本实验用到的科学思想方法是等效替代。 12. （1）乙　（2）2.01 （3）　 　　 　（4）D 【解析】（1）纸带要穿过限位孔并放在复写纸下方，故纸带穿法正确的是乙。 （2）相邻两计数点间的时间间隔为，由逐差法可知，滑块的加速度 （3）对滑块进行受力分析，由牛顿第二定律有2F-μMg=Ma，化简可得 根据图像可知，，解得， （4）为了避免纸带上出现大量大的空白段落，实验中应先接通打点计时器电源，再释放滑块，故A错误；纸带与打点计时器间有摩擦，这给实验带来系统误差，故B错误；结合上述有，可知，随着重物质量的增大，a—F图像末端不可能发生弯曲，故C错误；对重物受力分析，由牛顿第二定律有mg-F=maₘ，随着重物质量的增加，重物的加速度aₘ<g，根据滑块的加速度与重物加速度的关系可知，故D正确。故选D。 13. (1)0.9m/s2；(2)5.4m 【解析】(1)电梯从静止开始匀加速，根据加速度的定义式可得 匀加速阶段的加速度的大小为 (2)根据位移与平均速度的关系，匀加速阶段的位移大小为 匀速阶段的位移大小为 匀减速阶段的位移大小为 电梯上升的总位移为 因为到达101楼，楼层间隔数为100，所以每层的高度为 14. (1)；(2) 【解析】(1)第一次相碰后，小球做竖直上抛运动，活塞向下匀速运动，设经过时间t，两者在下开口处再次相碰。 对小球，取竖直向上为正方向，根据竖直上抛运动位移公式 即 解得小球的运动时间，(舍去) 活塞做匀速直线运动，根据匀速直线运动的位移公式 代入数据得活塞匀速运动的速度大小 (2)设经过时间，小球上升到最高点，由竖直上抛运动的速度公式 得小球上升到最高点的时间 由竖直上抛的速度-位移公式可知 得上抛的最大高度 此时间内，活塞做匀速直线运动，移动的距离 小球与活塞间的距离为 15. (1)；(2)；(3) 【解析】(1)对滑块受力分析，由牛顿第二定律，有 根据匀变速直线运动的速度-位移公式， 代入数据解得滑块第一次运动到点时的速度大小 (2)滑块在传送带向左做匀减速运动，加速度的大小为a1，根据牛顿第二定律可得 解得滑块在传送带向左做匀减速运动的加速度 滑块减速至零的时间 滑块向左移动的位移 滑块再向右做匀加速运动，加速度的大小为a2，根据牛顿第二定律可得 解得滑块再向右做匀加速运动的加速度大小 共速的时间 根据匀变速直线运动的位移公式，可知滑块向右移动的位移 滑块此时距B端的距离为 匀速运动到B端的时间 故滑块第二次到达B端的时间为 (3)滑块第一次重新回到B点的速度为 方向水平向右。滑块在BC平台上向右做匀减速运动至0，加速度大小为a3，根据牛顿第二定律可得 解得滑块在BC平台上减速到0的过程中的加速度大小为 根据根据匀变速直线运动的速度-位移公式，向右运动的位移 之后滑块向左做初速度为0的匀加速直线运动，加速度为a4，根据牛顿第二定律得 解得滑块向左做初速度为0的匀加速直线运动的加速度 则滑块第二次向左移动到B点时的速度平方 解得 因此滑块滑上传送带后再次向右回到B的速度 方向水平向右。根据运动学公式，滑块再次向右在平台BC上运动的位移 滑块第三次匀加速向左运动到B的速度的平方为 整理可得 以此类推，滑块第10次匀加速向左运动到B的速度的平方为 代入数据解得滑块第10次向左运动到点时的速度大小 第1页 共1页 学科网（北京）股份有限公司 $