2026年辽宁沈阳市中考物理自编模拟卷（六）

2026年辽宁沈阳中考物理自编模拟卷（六） 参考答案与试题解析 一．选择题（共6小题） 题号 1 2 3 4 5 6 答案 A D D C D C 二．多选题（共3小题） 题号 7 8 9 答案 AC ABD AD 一．选择题（共9小题，满分16分） 1．（2分）古诗词是中华传统文化的精髓之一，我们在欣赏的时候，经常发现与物理知识息息相关。诗人胡令能的《小儿垂钓》全文如下：“蓬头稚子学垂纶，侧坐莓苔草映身。路人借问遥招手，怕得鱼惊不应人。”下列说法错误的是（　　） A．“蓬头稚子”是根据音调辨别“路人”是陌生人 B．“遥招手”——是在声源处减弱“噪声” C．“怕得鱼惊不应人”——说明声音可以在液体中传播 D．“借问”——是“路人”的声带振动产生的声音 【答案】A 【分析】（1）声音的特性包括音调、响度和音色，音调是声音的高低，由发声体振动的频率决定；响度指声音的大小，与发声体的振幅有关；音色指声音的品质与特色； （2）减弱噪声的途径：在声源处、传播过程中、人耳处减弱； （3）声音的传播需要介质，声音可以在固体、液体、气体中传播； （4）声音是由物体的振动产生的。 【解答】解：A、“蓬头稚子”是根据音色辨别“路人”是陌生人的，故A错误； B、“遥招手”是为了不发出声音，是在声源处减弱“噪声”，故B正确； C、“怕得鱼惊不应人”是怕水中的鱼听到声音而受惊，说明声音可以在液体中传播，故C正确； D、“借问”是“路人”的声带振动产生的声音，故D正确。 故选：A。 【点评】本题通过对一首古诗的理解，考查了其中蕴含的物理知识，难度不大。 2．（2分）下列现象中属于熔化现象的是（　　） A．湿衣服变干 B．冬天早上的霜 C．秋天，小草上出现露珠 D．春暖后，江河中的冰化成水 【答案】D 【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化； （2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。 【解答】解：A、湿衣服变干是液态水变为气态水蒸气的汽化过程，故A不符合题意； B、冬天早上的霜，是由水蒸气直接凝华形成的，故B不符合题意； C、露的形成由气态的水蒸气变为液态的小水珠，属于液化现象，故C不符合题意； D、冰化成水是由固态的冰变为液态的水，属于熔化现象，故D符合实际。 故选：D。 【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。 3．（2分）超疏水材料因其出色的防水和自清洁特性，被广泛用于保护物体表面不受液体污染。这种材料无法让水透过其表面，能够有效防止水和其他液体的附着，水滴在其表面滚落时可带走污染物，使得物体表面保持干燥和清洁。下列物体不适合用该材料制作的是（　　） A．飞机防冰涂层 B．汽车后视镜 C．不粘锅涂层 D．净水系统滤水膜 【答案】D 【分析】超疏水材料无法让水透过其表面，能够有效防止水和其他液体的附着，水滴在其表面滚落时可带走污染物，据此分析。 【解答】解：A、飞机防冰涂层需要防止飞机表面结冰，而超疏水材料无法让水透过其表面，水滴在其表面滚落时可带走污染物，使得物体表面保持干燥，因此飞机防冰涂层适合用超疏水材料制作，故A不符合题意； B、汽车后视镜需要保持清晰，超疏水材料因其出色的防水和自清洁特性，可以有效防止水和其他液体的附着，水滴在其表面滚落时可带走污染物，使得物体表面保持干燥和清洁，因此汽车后视镜适合用超疏水材料制作，故B不符合题意； C、不粘锅涂层需要防止食物附着在锅上，超疏水材料因其出色的防水和自清洁特性，可以有效防止水和其他液体的附着，水滴在其表面滚落时可带走污染物，因此不粘锅涂层适合用超疏水材料制作，故C不符合题意； D、净水系统滤水膜需要让水透过，而超疏水材料无法让水透过其表面，因此净水系统滤水膜不适合用超疏水材料制作，故D符合题意。 故选：D。 【点评】此题考查了物质的物理属性在社会生活中的应用，体现了物理与社会生活的紧密联系。 4．（2分）学校运动会蕴含丰富的物理知识，下列描述正确的是（　　） A．羽毛球比赛中，球在空中飞行时，若所有力全部消失，球一定不会落向地面 B．跳远运动员需要助跑，是为了增大惯性，跳得更远 C．运动员手握奖杯悬空不动，增大手对奖杯的压力，奖杯所受摩擦力不变 D．举重运动员举着重物不动时，运动员所受重力与地面对运动员的支持力是一对平衡力 【答案】C 【分析】（1）一切物体不受力时总保持静止或匀速直线运动状态； （2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大； （3）一对平衡力必须同时符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上；物体在平衡状态下受平衡力的作用。 【解答】解：A、球在空中飞行，处于运动状态，若所有力全部消失，球将做匀速直线运动；如果运动的方向斜向上或者与水平地面平行时，不会落向地面；如果球运动的方向是斜向下，则会落向地面，故A错误； B、跳远比赛中，运动员需要助跑，是为了利用惯性，跳得更远，而不是增大惯性，故B错误； C、手握住奖杯悬空不动，重力与摩擦力平衡，若增大握力，手与奖杯之间的摩擦力仍等于重力，大小不变，故C正确； D、地面对运动员的支持力大小等于运动员和重物的重力大小之和，举重运动员举重时，运动员所受重力与地面对运动员的支持力大小不同，所以不是一对平衡力，故D错误。 故选：C。 【点评】此题考查力学的多个知识点；平衡力的辨别与平衡状态的判断、惯性概念、力与运动的关系等，是一道综合性较强的题目。 5．（2分）如图所示的电路中，电源电压和R1的阻值均保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P从中点向右移动的过程中，下列说法正确的是（　　） A．电流表A1的示数不变，电压表V的示数变小 B．电流表A2的示数变大，电压表V的示数不变 C．电压表V的示数与电流表A1的示数比值变小 D．定值电阻R1消耗的功率不变 【答案】D 【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流，电压表V测电源两端的电压； 根据电源的电压可知滑片移动时电压表V示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时R1支路的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知R2支路的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步得出电压表V与电流表A1示数的比值变化，根据P＝UI分析定值电阻R1消耗功率的变化。 【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流，电压表V测电源两端的电压； 因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变； 因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，电流表A2的示数不变； 将滑动变阻器的滑片P从中点向右移动，接入电路中的电阻变大，由I可知，通过R2支路的电流变小； 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，则电压表V与电流表A1示数的比值变大，故ABC错误； 因为电源电压不变，通过R1的电流不变，根据P＝UI可知，定值电阻R1消耗的功率不变，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。 6．（2分）在长度为L的绳端系一铁球就制成一个简易的单摆。某次实验时让铁球从A点静止释放，依次经过C、B两点，往返运动，不考虑空气的阻力。下列有关分析正确的是（　　） A．铁球从A运动到C的过程中，动能转化为重力势能 B．铁球从C运动到B的过程中，重力势能转化为动能 C．在C点时铁球的速度最大，动能最大 D．如果在B点时所受的力突然全部消失，铁球将沿水平方向做匀速直线运动 【答案】C 【分析】（1）影响动能大小的因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。影响重力势能大小的因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。机械能是动能和重力势能的和，在摆球运动的过程中，由于不计空气阻力，所以机械能守恒。 （2）根据牛顿第一定律可知，当物体不受任何外力的时候，总保持匀速直线运动状态或静止状态，在力消失的一瞬间，原来运动的物体将做匀速直线运动，原来静止的物体将永远静止下去。 【解答】解：A、从A运动到C的过程中，摆球的质量不变、高度减小、速度增大，所以重力势能减小，动能增大，重力势能转化为动能，故A错误； B、从C运动到B的过程中，摆球的质量不变、高度增大、速度减小，所以重力势能增大，动能减小，动能转化为重力势能，故B错误； C、球在C点时，高度最小，速度最大，所以动能最大，故C正确； D、由牛顿第一运动定律可知，物体不受外力时将保持原来的运动状态不变，球在B点时静止，所以如果在B点时所受的力突然全部消失，球静止运动，故D错误。 故选：C。 【点评】掌握影响动能、重力势能大小的因素。会判断动能、重力势能、机械能的大小变化以及能量的相互转化，是解答此类题的关键。 （多选）7．（2分）如图所示的光现象，下列说法不正确的是（　　） A．甲图中，蜡烛离小孔越远，屏幕上所成的实像将离小孔越近，像的大小将变小 B．乙图中，雨后晴朗的夜晚，人在月光下行走，人迎着月光走时，亮处是水，暗处是地面 C．丙图中，漫反射的光线杂乱无章，所以漫反射时光线不遵循光的反射定律 D．丁图中，铅笔在水面“折断”，它属于光的折射现象 【答案】AC 【分析】（1）小孔成像是光沿直线传播形成的，通过小孔所成的像是倒立的实像，小孔所成的像的大小与物体大小、像到小孔的距离和物距都有关系； （2）当迎着月光走时，月光射到水面上时，反射光恰好进入人的眼睛，水面发生的是镜面反射，反射光几乎全部射入人的眼睛，而地面发生的漫反射，只有很少的光进入人的眼睛； （3）镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律； （4）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象。 【解答】解：A．小孔成像的实验中所成的像是倒立的实像，且小孔所成的像不仅与物到小孔的距离有关，与成像的屏离小孔的远近也有关，蜡烛离小孔越远，屏幕上所成的实像到小孔的距离不变，像的大小变小，故A错误； B．当迎着月光走时，因为迎着月光走，月光射到水面上时，水面发生的是镜面反射，反射光几乎全部射入人的眼睛，而地面发生的漫反射，只有很少的光进入人的眼睛，所以此时水面亮，地面暗，故B正确； C．漫反射的光线虽然杂乱无章，但仍遵循光的反射定律，故C错误； D．铅笔在水面处弯折是光的折射现象，当光从水中斜射入空气中时，折射光线远离法线，出现了铅笔好像在水面处折断了的现象，故D正确。 故选：AC。 【点评】本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。 （多选）8．（2分）使用共享单车需用手机扫码解锁，若强行开锁会引发报警装置报警。控制电路的原理如图甲所示，电源电压为6V，R0为定值电阻，R为压敏电阻，其阻值随着压力的变化图像如图乙所示。当F＝0N时，控制电路中的电流为0.3A；当控制电路中的电流大于或等于0.5A时，报警装置会报警。下列说法正确的是（　　） A．R0和R的连接方式为串联 B．在控制电路中，定值电阻R0的阻值为10Ω C．当R受到的压力增大时，控制电路的总功率变小 D．电路报警时，压敏电阻受到的压力最小为16N 【答案】ABD 【分析】（1）由电路图可知R和R0顺次连接，据此判断R0和R的连接方式； （2）根据图乙分析出当F＝0N时，压敏电阻的阻值，利用欧姆定律求出控制电路中的电流为0.3A时的总电阻，利用串联电路的电阻特点求出定值电阻R0的阻值； （3）由图乙知当R受到的压力增大时，压敏电阻的阻值变小，由电阻的串联和欧姆定律判断出电路中电流的变化，由P＝UI判断出控制电路总功率的变化； （4）根据欧姆定律求出刚好报警时电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出此时压敏电阻的阻值，根据图乙分析出压敏电阻受到的最小压力。 【解答】解：A、由图甲可知R和R0顺次连接，则R0和R的连接方式为串联，故A正确； B、由图乙可知，当F＝0N时，压敏电阻的阻值R＝10Ω， 由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻：R总20Ω， 由串联电路的电阻特点可知，定值电阻R0的阻值：R0＝R总﹣R＝20Ω﹣10Ω＝10Ω，故B正确； C、由图乙知当R受到的压力增大时，压敏电阻的阻值变小，总电阻变小，由I知电路中的电流变大，由P＝UI知控制电路总功率变大，故C错误； D、由欧姆定律可知，刚好报警时电路中的总电阻：R总′12Ω， 由串联电路的电阻特点可知，此时压敏电阻的阻值：R′＝R总′﹣R0＝12Ω﹣10Ω＝2Ω； 由图乙可知，压敏电阻的阻值R与压力F之间的关系为一次函数，因此可设：R＝kF+b， 当F＝0N时，R＝10Ω，此时10Ω＝k×0N+b﹣﹣﹣﹣① 当F＝20N时，R'＝0Ω，此时0Ω＝k×20N+b﹣﹣﹣﹣② 联立①②解得：kΩ/N，b＝10Ω， 则压敏电阻的阻值R与压力F之间的关系为：RΩ/N×F+10Ω， 当压敏电阻的阻值为2Ω时，满足2ΩΩ/N×F+10Ω，解得F＝16N，即电路报警时压敏电阻受到的压力最小为16N，故D正确。 故选：ABD。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，根据图象分析出压敏电阻的阻值与压力的关系是关键。 （多选）9．水平桌面上有两个完全相同的容器甲、乙，分别装有深度相同的水，将两个体积相同、材料不同的小球A、B，分别放在甲、乙两容器中（水均未溢出），小球静止在如图所示的位置时，两个小球所受浮力分别为FA、FB，下列判断正确的是（　　） A．FA＜FB B．两小球的密度ρA＞ρB C．甲容器底部受到水的压强大于乙容器底部受到水的压强 D．甲容器底部对桌面的压强小于乙容器底部对桌面的压强 【答案】AD 【分析】（1）小球的体积相同，排开水的体积不同，液体的密度相同，根据阿基米德原理比较浮力大小。 （2）根据浮沉条件，漂浮时：物体的密度小于液体密度；悬浮时：物体密度等于液体密度；沉底时：物体密度大于液体密度。据此分析。 （3）根据公式p＝ρgh分析容器底部所受压强的大小。 （4）两容器完全相同，底面积相同，桌面受到的压力等于容器、水、小球的总重力，根据p分析。 【解答】解：完全相同的容器甲、乙，分别装有深度相同的水，将两个体积相同材料不同的小球A、B，分别放在甲、乙两容器中（水均未溢出）； A、甲容器中小球排开水的体积小于乙容器中小球排开水的体积，根据阿基米德原理F浮＝ρ水V排g可知：FA＜FB，故A正确； B、根据物体的浮沉条件可知，漂浮时物体的密度小于液体密度，即ρA＜ρ水；悬浮时：物体密度等于液体密度，即ρB＝ρ水，所以两小球的密度ρA＜ρB，故B错误； C、开始甲、乙两容器中水的深度相同，乙容器中小球排开水的体积大，所以分别放入小球后，水的深度关系是h甲＜h乙，根据公式p＝ρ水gh可知：p甲＜p乙，即甲容器底部受到水的压强小于乙容器底部受到水的压强，故C错误； D、两小球的密度ρA＜ρB，它们的体积相同，根据公式m＝ρV可知：mA＜mB，又因为两容器及水的质量相同，容器底部对桌面的压力大小等于容器、水、小球的总重力，可得F甲＜F乙，受力面积相同，根据p可知：p甲'＜p乙'，即：甲容器底部对桌面的压强小于乙容器底部对桌面的压强，故D正确。 故选：AD。 【点评】本题考查压强和浮力的综合，有一定难度。要熟练掌握阿基米德原理及浮沉条件以及压强的计算公式。 二．填空题（共6小题，满分10分） 10．（2分）新型病毒可用按要求稀释后的消毒水进行喷杀，喷杀过程中，会闻到消毒水的气味，这是 　扩散　 现象。为了防止吸入过多消毒水成分，我们可以利用开水烫衣物或用品，但发现水盆里的热水很久才冷却，这是因为 　水的比热容较大　 。 【答案】扩散；水的比热容较大 【分析】两种物质接触时，彼此进入对方的现象叫扩散。扩散现象表明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。 水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少。 【解答】解：我们会闻到“84消毒水”的气味，这是扩散现象，扩散现象表明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。 水的比热容较大，在放出相同的热量时，水和其它的物质相比，水的温度下降的少，所以水盆里的热水很久才冷却。 故答案为：扩散；水的比热容较大。 【点评】本题考查了扩散现象、水的比热容较大的应用，属于基础题。 11．（2分）我国航空母舰福建舰配备的电磁弹射装置通电后能够将飞机弹出，其电磁学原理是 　磁场对通电导体有力的作用　 ；飞机 　逆风　 （选填“逆风”“顺风”）滑行时更有利于飞机起飞。 【答案】磁场对通电导体有力的作用；逆风。 【分析】电磁弹射装置可以将通电后的飞机弹出，是因为磁场对通电导体有力的作用。 飞机起飞时，靠的是机翼上、下两个表面流速不同产生的压力差，因此相对速度越大越有利于起飞，因此应逆风滑行。 【解答】解：电磁弹射装置通电后能够将飞机弹出，是应用到了通电导体在磁场中会受到力的作用。飞机起飞时，需要机翼上下两侧的压强差，下表面流体小、压强大，上表面流速大、压强小，因此获得升力。飞机与空气相对速度越大，两侧压强差越大，获得的升力就越大，越有利于起飞，因此飞机应当逆风滑行。 故答案为：磁场对通电导体有力的作用；逆风。 【点评】本题考查了电动机的原理以及流体压强与流速关系的应用，考查了物理知识与生活中应用之间的联系，属于较为基础的题目。 12．（2分）北京时间2024年10月30日4时2分，搭载神舟十九号载人飞船的长征二号F遥十九运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。火箭使用液体氢作为燃料，是因为液体氢的 　热值　 大；载人飞船在太空中通过 　电磁波　 （选填“电磁波”或“超声波”）与地面指挥中心取得联系。 【答案】热值；电磁波。 【分析】液态氢的热值较大，常用作火箭的燃料； 电磁波可以传递信息，电磁波的传播不需要介质。 【解答】解：火箭使用液体氢作为燃料，是因为液体氢的热值大；载人飞船在太空中通过电磁波与地面指挥中心取得联系。 故答案为：热值；电磁波。 【点评】本题考查的热值和电磁波的特点及应用。 13．（2分）摩擦起电并不是创造了电荷，只是电子由一个物体 　转移　 到了另一个物体。原子核是由 　质子　 和中子组成的。 【答案】转移；质子。 【分析】不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因得到多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移。 原子是由原子核和核外电子组成的，原子核由质子和中子两种微粒组成。 【解答】解：摩擦起电并不是创造了电荷，只是电子由一个物体转移到了另一个物体。 原子是由原子核和核外电子组成的，原子核由质子和中子两种微粒组成。 故答案为：转移；质子。 【点评】本题考查摩擦起电的实质及原子的结构，属于基础内容。 14．（2分）2025年1月1日，树人中学举行了第一届中学生自制水火箭比赛。如图，参赛选手向瓶内打气，当瓶内气压增大到一定程度时，“水火箭”向下喷水，获得升空动力后一飞冲天。水火箭飞向空中时，瓶内气体的　内　 能转化为水火箭的机械能；该过程与汽油机的　做功　 冲程能量转化情况相同。 【答案】内；做功。 【分析】汽油机工作过程中能量的转化： ①压缩冲程：机械能→内能； ②做功冲程：先是化学能→内能，再由内能→机械能。 做功可以改变物体的内能：对物体做功，物体的内能增加，物体对外做功，物体内能减少。 【解答】解：选手对水火箭打气的过程是机械能转化为内能，水从水火箭中喷出，是里面的气体对外做功，瓶内气体的内能转化为水火箭的机械能。 打开阀门，水向下喷出，水火箭一飞冲天。水火箭飞向空中时，瓶内气体的内能转化为水火箭的机械能，此能量转化过 程与汽油机的做功冲程相同。 故答案为：内；做功。 【点评】本题考查四冲程能量转化及内能的利用。 15．如图所示，动滑轮重10N，当物体匀速上升时，拉力F为30N，不计绳重及摩擦，弹簧测力计的示数为 　30　 N，物体重力为 　50　 N，物体5s内上升了1m，拉力做功的功率为 　12　 W。 【答案】30；50；12。 【分析】（1）绳子可以大小不变的传递拉力，弹簧测力计的示数等于拉力的大小； （2）使用动滑轮绳子的有效股数n＝2，不计摩擦和绳重时，根据F（G物+G动）求出物体的重力； （3）拉力端移动距离s＝2h，利用W＝Fs求拉力做功，再利用P求拉力做功功率。 【解答】解：（1）由于绳子可以大小不变的传递拉力，弹簧测力计的示数：F示＝F＝30N； （2）使用动滑轮时，n＝2，不计摩擦和绳重时，F（G物+G动），则动滑轮重力： G动＝2F﹣G物＝2×30N﹣10N＝50N； （3）拉力端移动距离： s＝2h＝2×1m＝2m， 拉力做功： W＝Fs＝30N×2m＝60J， 拉力做功功率： P12W。 故答案为：30；50；12。 【点评】本题考查了使用动滑轮时拉力计算公式（不计摩擦和绳重时，F（G物+G动）、功的公式、功率公式的应用，属于基础题目。 三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分） 16．（2分）一款磁悬浮地球仪如图甲所示，其上方有一条形磁体（S极始终保持竖直向下），底座内有一电磁铁。当电磁铁通电后可实现地球仪的悬浮。图乙是其内部结构示意图，请在图乙括号内标出： ①电磁铁下端的“N”或“S”极； ②电源右侧的“+”或“﹣”极。 【答案】 【分析】根据同名磁极相互排斥确定电磁铁的磁极； 根据安培定则确定电流的方向，从而确定电源的正负极。 【解答】解：已知条形磁体上端为N极，则下端为S极，根据同名磁极相互排斥可知，电磁铁的上端为S极，下端为N极。 根据安培定则，伸出右手使大拇指指向电磁铁的N极（电磁铁的下端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，电流从螺线管的下端流入，所以电源的右端为正极，如图所示： 【点评】磁极间的相互作用规律与安培定则相结合是电磁学方面的常见题型，明确磁悬浮地球仪的工作原理是解答此题的关键。 17．（2分）请画出从空气斜射到水面的入射光线在水中的折射光线的大致位置。 【答案】见解答 【分析】光的折射规律：折射光线与入射光线和法线在同一平面内；折射光线与入射光线分居法线两侧；当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角。 【解答】解：过O点作垂直于界面的垂线即为法线，然后根据折射规律画出折射光线，光从空气斜射入水中，所以折射角小于入射角，据此画出折射光线，如图所示： 【点评】此题考查了对折射光线的画法，关键是记熟光的折射定律，搞清折射角与入射角的关系，注意法线要用虚线。 四．实验探究题（共4小题，满分18分） 18．（6分）小华同学选用图甲、乙所示的装置，探究了冰的熔化及水沸腾时温度的变化特点，图丙是由测量数据所绘制的图像。 （1）进行实验时还需要一个测量工具是 　秒表　 ；实验过程由组装器材的顺序应该是 　自下而上　 （选择“自上而下”或“自下而上），若只探究冰熔化应选用图 　甲　 装置来进行实验，效果更好；实验过程中，某时刻温度计的示数如图丁所示，为 　﹣3　 ℃。 （2）由图丙可知冰是 　晶体　 （选填“晶体”或“非晶体”），冰的熔点是 　0　 ℃，BC段物质处于 　固液共存　 状态，此过程中冰 　吸收　 （填“吸收”或“放出”）热量，温度 　不变　 （填“升高”、“降低”或“不变”）。 （3）由图丙可知水的沸点是 　98　 ℃，此时此地的大气压 　低于　 一个标准大气压；图戊 　a　 （选填“a”或“b”）是水在沸腾时的气泡变化情况。 （4）装置乙中烧杯里的水沸腾后，试管中的水 　不能　 （选填“能”或“不能”）沸腾。 【答案】（1）秒表；自下而上；甲；﹣2；（2）晶体；0；固液共存；吸收；不变；（3）98；低于；a；（4）不能。 【分析】（1）实验需温度计测温度，秒表记录时间。 为确保用酒精灯外焰加热，故装置要自下而上组装。 图甲水浴法加热，能让冰受热均匀、升温慢，便于观察和记录熔化过程的温度数据。 读温度计示数时，要认清分度值，同时观察液面是否在0以下。 （2）晶体在熔化时温度保持不变。晶体熔化时对应的恒定温度为晶体的熔点。 冰的熔化阶段呈现固态与液态共存的状态。 熔化过程需要持续从外界吸收热量。 晶体熔化的关键特点是吸热但温度始终保持在熔点不变。 （3）水沸腾时不变的温度为水的沸点。气压越低，液体沸点越低。 水沸腾时容器内水温均匀，气泡上升中受水压减小，体积逐渐变大。 （4）烧杯中的水沸腾后温度保持沸点不变，试管内的水能达到沸点，但与烧杯中的水无温度差，无法继续吸热。 【解答】解：（1）实验需温度计测温度，秒表记录时间，这是两个测量工具。 先固定酒精灯（外焰加热），再依次调整铁圈、试管夹等高度，避免重复调整。 图甲水浴法加热，能让冰受热均匀、升温慢，便于观察和记录熔化过程的温度数据。 图丁温度计分度值1℃，液柱在0℃以下第3格，故示数为﹣3℃。 （2）BC段温度保持不变，有固定熔化温度，符合晶体特性。BC段对应的恒定温度为冰的熔点，标准大气压下冰的熔点为 0℃。 BC段是冰的熔化阶段，尚未完全熔化，呈现固态与液态共存的状态。 熔化过程需要持续从外界吸收热量来破坏晶体结构。 晶体熔化的关键特点是吸热但温度始终保持在熔点不变。 （3）图丙中DF段温度稳定，为水的沸点，标准大气压下沸点100℃，实验中常因气压略低而约为98℃。气压越低，液体沸点越低，98℃低于100℃，说明当时大气压低于标准大气压。 水沸腾时容器内水温均匀，气泡上升中受水压减小，体积逐渐变大，对应图a的现象。 （4）不能；烧杯中的水沸腾后温度保持沸点不变，试管内的水能达到沸点，但与烧杯中的水无温度差，无法继续吸热，不满足“达到沸点+持续吸热”的沸腾条件，故不能沸腾。 故答案为：（1）秒表；自下而上；甲；﹣2；（2）晶体；0；固液共存；吸收；不变；（3）98；低于；a；（4）不能。 【点评】此题是探究了水的熔化和沸腾实验，涉及到水的凝固点、沸点、器材的组装、水的沸腾特点，难度不大。 19．小梁在做“探究凸透镜成像规律”的实验时，所使用的凸透镜的焦距是15cm。 （1）将光具座上蜡烛烛焰的中心、透镜的光心、光屏（未画出）的中心调节在同一高度，其目的是使像成在　光屏的中央　 。 （2）当把凸透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在18cm刻度线位置时，光屏应在　II　 （选填“I”“Ⅱ”或“Ⅲ”）区域内左右移动，才能在光屏上得到清晰的像。若得到清晰的像后，只将光屏和蜡烛的位置对调，则像的大小将　变大　 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 （3）当凸透镜成实像时，物距增大，像距会　减小　 （选填“增大”“减小”或“不变”）；当光屏上的像清晰时，小梁把自己的近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，光屏上的像变得模糊不清，他应该向　远离　 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动光屏，可再次得到清晰的像。 （4）蜡烛逐渐燃烧变短时，光屏上烛焰的像随之　上升　 （选填“上升”“下降”或“不变”）。 （5）小梁用图乙所示的LED发光灯制成的“F”字样的光源代替蜡烛，放在光具座上的某一位置，移动光屏又一次看到了清晰的像，该像可能是图乙中的　B　 （选填“A”“B”“C”或“D”）图，请分析使用“F”字样的光源相比使用蜡烛作为光源的优点是　光源更加稳定　 （请写出其中一条）。 【答案】（1）光屏的中央；（2）II；变大；（3）减小；远离；（4）上升；（5）B；光源更加稳定。 【分析】（1）为了使像成在光屏中央，应使烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度； （2）物距大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，像在1倍和2倍焦距之间，可得光屏应在Ⅱ区域内左右移动； 若得到清晰的像后，只将光屏和蜡烛的位置对调，根据光路可逆分析； （3）当凸透镜成实像时，物距增大，像距会减小； 近视眼镜的镜片是凹透镜，对光线有发散作用，据此分析； （4）蜡烛由于燃烧逐渐变短，由过光心的光线传播方向不变解答； （5）凸透镜所成的实像是倒立的，与物体的左右、上下均相反，可得结论；LED发光灯制成的光源具有稳定性，不会受风的影响。 【解答】解：（1）在进行实验操作过程中，为了使像成在光屏中央，应使烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度。 （2）凸透镜焦距是15cm，当把凸透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在18cm刻度线位置时，物距为u＝50cm﹣18cm＝32cm， 大于二倍焦距，所以此时成倒立、缩小的实像，像在一倍和二倍焦距之间，即光屏应在II区域内左右移动； 若得到清晰的像后，只将光屏和蜡烛的位置对调，根据光路可逆可知，此时成的是倒立、放大的实像，像的大小变大； （3）当凸透镜成实像时，物距增大，像距会减小；近视眼镜的镜片是凹透镜，对光线有发散作用，把近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，由于凹透镜的发散作用，像远离凸透镜，所以应该向远离凸透镜的方向移动光屏； （4）蜡烛由于燃烧逐渐变短，过光心的光线向上移动，像逐渐向上移动。 （5）凸透镜所成的实像是倒立的，与物体的左右、上下均相反，则应该是B图，LED发光灯制成的光源具有稳定性，不会受风的影响。 故答案为：（1）光屏的中央；（2）II；变大；（3）减小；远离；（4）上升；（5）B；光源更加稳定。 【点评】本题“探究凸透镜成像规律”，考查了凸透镜成像规律的运用及像距随物距的变化规律的运用。 20．（6分）某同学在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，设计了如图所示的三次实验。甲、乙两次实验用的是相同的长木板，丙实验用的是材料相同但表面更粗糙的长木板。 （1）实验时，用弹簧测力计 　匀速直线　 拉动木块，使它沿长木板做匀速直线运动。根据二力平衡的知识可知，弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力大小相等； （2）分析比较甲、乙两次实验，可以得出的结论是滑动摩擦力的大小跟 　压力　 有关；乙实验中砝码 　不受　 （填“受”或“不受”）摩擦力； （3）在丙实验中画出木块对木板的压力示意图。 【答案】（1）匀速直线；（2）压力；不受；；（3）见解答图。 【分析】（1）根据二力平衡的条件分析； （2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答； 摩擦力产生的条件：具有压力，两物体具有相对运动的趋势或发生相对运动； （3）垂直作用在物体表面上的力叫压力，据此画出木块对木板压力的示意图。 【解答】解：（1）实验时，用弹簧测力计匀速直线拉动木块，使它沿水平长木板滑动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的知识可知，弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力大小相等。 （2）研究滑动摩擦力大小与压力的关系时，要控制接触面粗糙程度相同，分析比较甲、乙两次实验，可以得出的结论是滑动摩擦力的大小跟接触面所受的压力有关。 乙实验中砝码随木块一起做匀速直线运动，二者之间没有发生相对运动，也没有产生相对运动趋势，所以砝码不受摩擦力。 （3）木块对木板的压力作用在接触面的中心处且垂直指向木板，作图如下： 故答案为：（1）匀速直线；（2）压力；不受；；（3）见解答图。 【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和力的相互性，体现了对过程和方法的考查。 21．（6分）小明利用4节新干电池，阻值分别为10Ω、20Ω、30Ω、40Ω、50Ω的定值电阻，铭牌上标有“20Ω 1A”的滑动变阻器等实验器材“探究电流与电阻关系”。 （1）小明连接好如图甲所示的电路，检查时发现电路中有一处连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确； （2）小明将10Ω的定值电阻接入电路中，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端电压为4V，读出并记录电流表示数；保持滑动变阻器的滑片位置不变，把10Ω的定值电阻换成20Ω的定值电阻后，直接闭合开关，电压表的示数将 　大于　 （选填“大于”“小于”或“等于”）4V，此时应将滑动变阻器的滑片在原来基础上向 　左　 （选填“左”或“右”）端移动，直到电压表的示数再次达到4V，记录电流表的示数； （3）当小明将50Ω定值电阻接入电路时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，都无法使定值电阻两端电压为4V，则原因可能是 　所选滑动变阻器的最大阻值太小　 （写出一条即可）； （4）完成上述实验后，小明又利用原实验器材，设计了如图乙所示的电路，测出了额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。请帮他将实验步骤补充完整： ①闭合开关S、S1和S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为 　3.5　 V时，小灯泡正常发光； ②闭合开关S、S1，断开S2，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.5V； ③闭合开关S、S2，断开S1，读出电压表的示数为4V； ④小灯泡的额定功率P额＝　0.7　 W。 【答案】（1）；（2）大于；左；（3）所选滑动变阻器的最大阻值太小；（4）3.5；0.7。 【分析】（1）分析图甲电路的连接，电阻与电流表并联了，电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联； （2）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向； （3）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入50Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，据此分析回答； （4）①分析电路连接，灯在额定电压下正常发光，根据串联电路电压的可使灯正常发光； ②闭合开关S、S1，断开S2，保持滑片位置不变，分析电路连接及电流的路径和电压表测量的电压； ③在②的基础上，通过开关的转换，若能用电压表测量出变阻器整段电阻丝的电压，根据电路的电流保持不变，根据欧姆定律，可确定变阻器最大电阻与②中与电压表并联电阻的大小关系，从而可得出①中变阻器连入电路中电阻的大小，由欧姆定律可得出灯的额定电流，根据P＝UI可算出小灯泡的额定功率。 【解答】解：（1）探究电流与电阻关系的实验中，需要用电流表测电路中的电流，电压表测定值电阻两端的电压，电源为4节新干电池，电压为6V，所以电压表选用大量程，电阻与电流表并联了，将电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联。作图如下： （2）保持滑片位置不变，将10欧定值电阻换成20欧后，据串联电路的分压特点知，定值电阻两端的电压变大，电压表示数变大，大于4V。 为了让定值电阻两端的电压不变，即电压表的示数再次达到4V，应将滑片向左移动，让变阻器接入电路的阻值变大，分得的电压变大。 （3）当定值电阻的阻值为50欧时，定值电阻两端的电压为4V，则变阻器两端的电压U滑＝U﹣UV＝6V﹣4V＝2V， 据串联电路的分压特点有50Ω：R大＝4V：2V， 解得，变阻器需要接入电路的阻值R大＝25Ω＞20Ω，大于变阻器的最大阻值，所以无法使定值电阻两端的电压为4V。 （4）①图乙中，三个开关都闭合，小灯泡与滑动变阻器滑片左端部分串联在电路中，电压表测变阻器两端的电压，移动滑片，使电压表示数，即变阻器两端电压U滑＝U﹣UL＝6V﹣2.5V＝3.5V， 此时小灯泡正常发光。 ④闭合开关S、S1，断开S2，小灯泡与变阻器的最大阻值串联，保持滑片位置不变，变阻器滑片左端部分接入电路的阻值不变，电压表测滑片左端部分电压为2.5V；闭合开关S和S2，断开S1，小灯泡与变阻器的最大阻值串联，电压表测整个变阻器的电压为4V。两种情况下，电路的电流相等，则有 ， 解得，R左＝12.5Ω。小灯泡正常发光时，电路中的电流 ， 小灯泡的额定功率P额＝U额I＝2.5V×0.28A＝0.7W。 故答案为：（1）；（2）大于；左；（3）所选滑动变阻器的最大阻值太小；（4）3.5；0.7。 【点评】本题探究通过导体的电流跟电阻的关系，考查电路连接、注意事项、控制变量法、操作过程；同时也考查了设计方案测额定功率的能力，最后一问难度较大。 五．计算题（共3小题） 22．如图为我国自主研制的两栖战车，整车质量为26.5t，履带与地面的总接触面积5m2，水上最快航速可达40km/h，达到世界先进水平，某次任务中它以最快航速匀速穿过一宽为2400m的水域。已知：ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg。求： （1）该战车停在水平地面时对地面的压强； （2）该战车在水面漂浮时，所受水的浮力； （3）此次任务中该战车穿过该水域需要多长时间。 【答案】（1）该战车停在水平地面时对地面的压强为5.3×104Pa； （2）该战车在水面漂浮时，所受水的浮力为2.65×105N； （3）此次任务中该战车穿过该水域需要0.06h。 【分析】（1）该战车停在水平地面时对地面的压力和自身的重力相等，根据G＝mg求出其大小，再根据p求出对地面的压强； （2）坦克在水中行驶时处于漂浮状态，由二力平衡知受到的浮力和自身的重力相等； （3）根据速度公式求出该战车穿过该水域需要的时间。 【解答】解：（1）m＝26.5t＝2.65×104kg， 战车的重力为： G＝mg＝2.65×104kg×10N/kg＝2.65×105N， 因为在水平地面上，所以， 该战车停在水平地面时对地面的压强： p5.3×104Pa； （2）因为战车在水面上漂浮，由二力平衡知所受水的浮力：； （3）由得此次任务中该战车穿过该水域需要的时间为： t0.06h。 答：（1）该战车停在水平地面时对地面的压强为5.3×104Pa； （2）该战车在水面漂浮时，所受水的浮力为2.65×105N； （3）此次任务中该战车穿过该水域需要0.06h。 【点评】本题考查了压强、浮力的计算，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等，要注意从题干中得出有用的信息。 23．如图甲所示是一款多功能双层煮蛋器，其工作原理图如图乙所示。煮蛋器的额定电压为220V，R1、R2均为电阻丝（阻值不变），智能开关S1可自动切换加热挡、保温挡。图丙为该煮蛋器在正常工作17.5min时间内功率的变化情况。请解答： （1）若煮蛋器正常工作17.5min，加热状态消耗的电能？ （2）正常加热状态下，此时电路中的电流为多大？ （3）保温状态，R2两端电压为多大？ 【答案】（1）加热状态消耗的电能3.3×105J； （2）正常加热状态下电路中的电流5A； （3）保温状态时R2两端的电压为212V。 【分析】（1）根据公式W＝Pt可得加热状态消耗的电能； （2）根据公式P＝UI可得正常加热状态下电路中的电流； （3）根据欧姆定律可得R1的阻值，根据公式P＝UI可得煮蛋器处于保温状态时的电流，根据欧姆定律可得保温状态时R1两端的电压，根据串联电路电压特点求出R2两端的电压。 【解答】解：（1）由图丙可知，加热功率P加热＝1100W，加热时间t加热＝5min＝300s，根据公式W＝Pt可得加热状态消耗的电能为：W加热＝P加热t加热＝1100W×300s＝3.3×105J； （2）根据公式P＝UI可得正常加热状态下电路中的电流为： I加热5A； （3）由图乙可知，当开关S、S1都闭合时，电路为只有R1工作的简单电路，此时电阻最小，根据P可知此时功率最大，煮蛋器处于加热状态；当开关S闭合、S1断开时，R1与R2串联，此时电阻最大，功率最小，煮蛋器处于保温状态； 在煮蛋器处于加热状态时，根据欧姆定律可得R1的阻值为：R144Ω； 根据公式P＝UI可得煮蛋器处于保温状态时的电流为：I保温； 根据欧姆定律可得保温状态时R1两端的电压为：U1＝I保温R1A×44Ω＝8V； 因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R2两端的电压为：U2＝U﹣U1＝220V﹣8V＝212V。 答：（1）加热状态消耗的电能为3.3×105J； （2）正常加热状态下电路中的电流为5A； （3）保温状态时R2两端的电压为212V。 【点评】本题考查串联电路电压规律、欧姆定律和电功率公式的应用，是基础题。 24．小明发现爷爷养花的阳光房冬冷夏热，不利于花卉生长。在综合实践课上，他与活动小组的同学开展了为爷爷设计“阳光环保智慧小屋”的活动。 【项目分解】 （1）设计冬季太阳能辅助加热系统； （2）设计夏季遮光控温系统。 【项目实施】 （一）设计冬季太阳能辅助加热系统 如图（a），该小组设计了冬季太阳能辅助加热系统电路，其中R为加热电阻，阳光房屋顶安装的太阳能电池板用来获得电能。 （1）白天，太阳能电池板给蓄电池充电，此时的“蓄电池”相当于电路中的　用电器　 。太阳能电池中应用的是　半导体　 。（选填“半导体”或者“超导体”） （2）晚上，屋内温度较低时，控制开关S1自动接　a　 （填“a”或“b”），R对室内进行辅助加热。 （二）设计夏季自动遮阳控温系统 阳光房的屋顶是用玻璃做的，夏天光照太强、屋内温度过高，不利于花卉生长。该小组利用热敏电阻R1和光敏电阻R2重新设计了简化电路如图（b）所示。蓄电池的电压恒为24V，变阻器R0的最大阻值为1500Ω，R1和R2的阻值变化情况如图（c）所示，虚线框内R1和R2按一定方式接入电路。 将开关S2接c，当户外光照强度增至图（c）的A点，且屋内温度升高至28℃时，电流表示数增至10mA，开关S2自动接d，卷帘装置启动，拉动遮阳帘遮光。图（b）电路中虚线框内的电阻R1和R2应该　串　 联，此时变阻器R0接入的阻值为　800　 Ω。 【项目优化】 若设定屋内温度为26℃时，卷帘装置就能拉动遮阳帘遮光，应将变阻器R0的滑片向　左　 端适当移动一些（选填“左”、“右”）。 【答案】（一）（1）用电器；半导体；（2）a；（二）串；800；【项目优化】左。 【分析】（一）（1）电路的组成：电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成，缺少或不完整都会影响电路的正常工作；太阳能电池中应用的是半导体； （2）晚上，屋内温度较低时，R对室内进行辅助加热，据此根据图甲分析开关的连接情况； （二）开关S2接c，当户外光照强度达到图丙的A点，屋内温度升高至28℃时，电流表示数为10mA，此时R0与虚线框部分的电路串联，由欧姆定律计算电路的总电阻，由图丙读出此时R1和R2连入电路的阻值，根据并联和串联电路规律计算R1和R2两种连接方式连入电路的总电阻，得到R0接入的阻值，与其最大值比较，从而判断R1和R2的连接方式； 【项目优化】由图b知，R1随温度变化情况，卷帘装置启动时电路中电流是一定的，根据串联电路的电阻规律判断滑片的移动方向。 【解答】解：（1）白天，太阳能电池板给蓄电池充电，此时蓄电池需要消耗电能，相当于电路中的用电器；太阳能电池中应用的是半导体； （2）晚上，屋内温度较低时，由图a知，控制开关S1自动接a，R连入电路才能对室内进行辅助加热； （二）开关S2接c，当户外光照强度达到图c的A点，屋内温度升高至28℃时，电流表示数为10mA， 由I可得，此时电路的总电阻：R2400Ω， 由图b和c知，此时R1连入电路的阻值为1000Ω，R2连入电路的阻值为600Ω， ①若方框内两电阻并联后的总电阻：R12375Ω，则变阻器R0接入的阻值：R0＝R﹣R12＝2400Ω﹣375Ω＝2025Ω＞1500Ω，不符合题意， ②若方框内两电阻串联后的总电阻：R12＝R1+R2＝1000Ω+600Ω＝1600Ω，则变阻器R0接入的阻值：R0＝R﹣R12＝2400Ω﹣1600Ω＝800Ω，符合题意， 所以R1和R2应该串联，变阻器R0接入的阻值为800Ω； 【项目优化】若设定屋内温度为26℃时，卷帘装置就能拉动遮阳帘遮光，由图b知，R1随温度降低而增大，卷帘装置启动时电路中电流是一定的，即电路的总电阻是一定，由串联电路的电阻规律知，应减小变阻器连入电阻的阻值，即R0的滑片向左移动。 故答案为：（一）（1）用电器；半导体；（2）a；（二）串；800；【项目优化】左。 【点评】本题以智能环保房的设计为情境，考查了对电路的认识、串并联电路电阻规律以及欧姆定律的应用，能理解题意，并能从图像中获取有用信息是关键。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2026/2/7 15:05:38；用户：尚洪亮；邮箱：13166609970；学号：41217949 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年辽宁沈阳中考物理自编模拟卷（六） 一．选择题（共9小题，满分18分） 1．（2分）古诗词是中华传统文化的精髓之一，我们在欣赏的时候，经常发现与物理知识息息相关。诗人胡令能的《小儿垂钓》全文如下：“蓬头稚子学垂纶，侧坐莓苔草映身。路人借问遥招手，怕得鱼惊不应人。”下列说法错误的是（　　） A．“蓬头稚子”是根据音调辨别“路人”是陌生人 B．“遥招手”——是在声源处减弱“噪声” C．“怕得鱼惊不应人”——说明声音可以在液体中传播 D．“借问”——是“路人”的声带振动产生的声音 2．（2分）下列现象中属于熔化现象的是（　　） A．湿衣服变干 B．冬天早上的霜 C．秋天，小草上出现露珠 D．春暖后，江河中的冰化成水 3．（2分）超疏水材料因其出色的防水和自清洁特性，被广泛用于保护物体表面不受液体污染。这种材料无法让水透过其表面，能够有效防止水和其他液体的附着，水滴在其表面滚落时可带走污染物，使得物体表面保持干燥和清洁。下列物体不适合用该材料制作的是（　　） A．飞机防冰涂层 B．汽车后视镜 C．不粘锅涂层 D．净水系统滤水膜 4．（2分）学校运动会蕴含丰富的物理知识，下列描述正确的是（　　） A．羽毛球比赛中，球在空中飞行时，若所有力全部消失，球一定不会落向地面 B．跳远运动员需要助跑，是为了增大惯性，跳得更远 C．运动员手握奖杯悬空不动，增大手对奖杯的压力，奖杯所受摩擦力不变 D．举重运动员举着重物不动时，运动员所受重力与地面对运动员的支持力是一对平衡力 5．（2分）如图所示的电路中，电源电压和R1的阻值均保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P从中点向右移动的过程中，下列说法正确的是（　　） A．电流表A1的示数不变，电压表V的示数变小 B．电流表A2的示数变大，电压表V的示数不变 C．电压表V的示数与电流表A1的示数比值变小 D．定值电阻R1消耗的功率不变 6．（2分）在长度为L的绳端系一铁球就制成一个简易的单摆。某次实验时让铁球从A点静止释放，依次经过C、B两点，往返运动，不考虑空气的阻力。下列有关分析正确的是（　　） A．铁球从A运动到C的过程中，动能转化为重力势能 B．铁球从C运动到B的过程中，重力势能转化为动能 C．在C点时铁球的速度最大，动能最大 D．如果在B点时所受的力突然全部消失，铁球将沿水平方向做匀速直线运动 （多选）7．（2分）如图所示的光现象，下列说法不正确的是（　　） A．甲图中，蜡烛离小孔越远，屏幕上所成的实像将离小孔越近，像的大小将变小 B．乙图中，雨后晴朗的夜晚，人在月光下行走，人迎着月光走时，亮处是水，暗处是地面 C．丙图中，漫反射的光线杂乱无章，所以漫反射时光线不遵循光的反射定律 D．丁图中，铅笔在水面“折断”，它属于光的折射现象 （多选）8．（2分）使用共享单车需用手机扫码解锁，若强行开锁会引发报警装置报警。控制电路的原理如图甲所示，电源电压为6V，R0为定值电阻，R为压敏电阻，其阻值随着压力的变化图像如图乙所示。当F＝0N时，控制电路中的电流为0.3A；当控制电路中的电流大于或等于0.5A时，报警装置会报警。下列说法正确的是（　　） A．R0和R的连接方式为串联 B．在控制电路中，定值电阻R0的阻值为10Ω C．当R受到的压力增大时，控制电路的总功率变小 D．电路报警时，压敏电阻受到的压力最小为16N （多选）9．水平桌面上有两个完全相同的容器甲、乙，分别装有深度相同的水，将两个体积相同、材料不同的小球A、B，分别放在甲、乙两容器中（水均未溢出），小球静止在如图所示的位置时，两个小球所受浮力分别为FA、FB，下列判断正确的是（　　） A．FA＜FB B．两小球的密度ρA＞ρB C．甲容器底部受到水的压强大于乙容器底部受到水的压强 D．甲容器底部对桌面的压强小于乙容器底部对桌面的压强 二．填空题（共6小题，满分12分） 10．（2分）新型病毒可用按要求稀释后的消毒水进行喷杀，喷杀过程中，会闻到消毒水的气味，这是 　 　 现象。为了防止吸入过多消毒水成分，我们可以利用开水烫衣物或用品，但发现水盆里的热水很久才冷却，这是因为 　 　 。 11．（2分）我国航空母舰福建舰配备的电磁弹射装置通电后能够将飞机弹出，其电磁学原理是 　 　 ；飞机 　 　 （选填“逆风”“顺风”）滑行时更有利于飞机起飞。 12．（2分）北京时间2024年10月30日4时2分，搭载神舟十九号载人飞船的长征二号F遥十九运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。火箭使用液体氢作为燃料，是因为液体氢的 　 　 大；载人飞船在太空中通过 　 　 （选填“电磁波”或“超声波”）与地面指挥中心取得联系。 13．（2分）摩擦起电并不是创造了电荷，只是电子由一个物体 　 　 到了另一个物体。原子核是由 　 　 和中子组成的。 14．（2分）2025年1月1日，树人中学举行了第一届中学生自制水火箭比赛。如图，参赛选手向瓶内打气，当瓶内气压增大到一定程度时，“水火箭”向下喷水，获得升空动力后一飞冲天。水火箭飞向空中时，瓶内气体的　 　 能转化为水火箭的机械能；该过程与汽油机的　 　 冲程能量转化情况相同。 15．如图所示，动滑轮重10N，当物体匀速上升时，拉力F为30N，不计绳重及摩擦，弹簧测力计的示数为 　 　 N，物体重力为 　 　 N，物体5s内上升了1m，拉力做功的功率为 　 　 W。 三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分） 16．（2分）一款磁悬浮地球仪如图甲所示，其上方有一条形磁体（S极始终保持竖直向下），底座内有一电磁铁。当电磁铁通电后可实现地球仪的悬浮。图乙是其内部结构示意图，请在图乙括号内标出： ①电磁铁下端的“N”或“S”极； ②电源右侧的“+”或“﹣”极。 17．（2分）请画出从空气斜射到水面的入射光线在水中的折射光线的大致位置。 四．实验探究题（共4小题，满分24分） 18．（6分）小华同学选用图甲、乙所示的装置，探究了冰的熔化及水沸腾时温度的变化特点，图丙是由测量数据所绘制的图像。 （1）进行实验时还需要一个测量工具是 　 　 ；实验过程由组装器材的顺序应该是 　 　 （选择“自上而下”或“自下而上），若只探究冰熔化应选用图 　 　 装置来进行实验，效果更好；实验过程中，某时刻温度计的示数如图丁所示，为 　 　 ℃。 （2）由图丙可知冰是 　 　 （选填“晶体”或“非晶体”），冰的熔点是 　 　 ℃，BC段物质处于 　 　 状态，此过程中冰 　 　 （填“吸收”或“放出”）热量，温度 　 　 （填“升高”、“降低”或“不变”）。 （3）由图丙可知水的沸点是 　 　 ℃，此时此地的大气压 　 　 一个标准大气压；图戊 　 　 （选填“a”或“b”）是水在沸腾时的气泡变化情况。 （4）装置乙中烧杯里的水沸腾后，试管中的水 　 　 （选填“能”或“不能”）沸腾。 19．小梁在做“探究凸透镜成像规律”的实验时，所使用的凸透镜的焦距是15cm。 （1）将光具座上蜡烛烛焰的中心、透镜的光心、光屏（未画出）的中心调节在同一高度，其目的是使像成在　 　 。 （2）当把凸透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在18cm刻度线位置时，光屏应在　 　 （选填“I”“Ⅱ”或“Ⅲ”）区域内左右移动，才能在光屏上得到清晰的像。若得到清晰的像后，只将光屏和蜡烛的位置对调，则像的大小将　 　 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 （3）当凸透镜成实像时，物距增大，像距会　 　 （选填“增大”“减小”或“不变”）；当光屏上的像清晰时，小梁把自己的近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，光屏上的像变得模糊不清，他应该向　 　 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动光屏，可再次得到清晰的像。 （4）蜡烛逐渐燃烧变短时，光屏上烛焰的像随之　 　 （选填“上升”“下降”或“不变”）。 （5）小梁用图乙所示的LED发光灯制成的“F”字样的光源代替蜡烛，放在光具座上的某一位置，移动光屏又一次看到了清晰的像，该像可能是图乙中的　 　 （选填“A”“B”“C”或“D”）图，请分析使用“F”字样的光源相比使用蜡烛作为光源的优点是　 　 （请写出其中一条）。 20．（6分）某同学在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，设计了如图所示的三次实验。甲、乙两次实验用的是相同的长木板，丙实验用的是材料相同但表面更粗糙的长木板。 （1）实验时，用弹簧测力计 　 　 拉动木块，使它沿长木板做匀速直线运动。根据二力平衡的知识可知，弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力大小相等； （2）分析比较甲、乙两次实验，可以得出的结论是滑动摩擦力的大小跟 　 　 有关；乙实验中砝码 　 　 （填“受”或“不受”）摩擦力； （3）在丙实验中画出木块对木板的压力示意图。 21．（6分）小明利用4节新干电池，阻值分别为10Ω、20Ω、30Ω、40Ω、50Ω的定值电阻，铭牌上标有“20Ω 1A”的滑动变阻器等实验器材“探究电流与电阻关系”。 （1）小明连接好如图甲所示的电路，检查时发现电路中有一处连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确； （2）小明将10Ω的定值电阻接入电路中，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端电压为4V，读出并记录电流表示数；保持滑动变阻器的滑片位置不变，把10Ω的定值电阻换成20Ω的定值电阻后，直接闭合开关，电压表的示数将 　 　 （选填“大于”“小于”或“等于”）4V，此时应将滑动变阻器的滑片在原来基础上向 　 　 （选填“左”或“右”）端移动，直到电压表的示数再次达到4V，记录电流表的示数； （3）当小明将50Ω定值电阻接入电路时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，都无法使定值电阻两端电压为4V，则原因可能是 　 　 （写出一条即可）； （4）完成上述实验后，小明又利用原实验器材，设计了如图乙所示的电路，测出了额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。请帮他将实验步骤补充完整： ①闭合开关S、S1和S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为 　 　 V时，小灯泡正常发光； ②闭合开关S、S1，断开S2，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.5V； ③闭合开关S、S2，断开S1，读出电压表的示数为4V； ④小灯泡的额定功率P额＝　 　 W。 五．计算题（共3小题） 22．如图为我国自主研制的两栖战车，整车质量为26.5t，履带与地面的总接触面积5m2，水上最快航速可达40km/h，达到世界先进水平，某次任务中它以最快航速匀速穿过一宽为2400m的水域。已知：ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg。求： （1）该战车停在水平地面时对地面的压强； （2）该战车在水面漂浮时，所受水的浮力； （3）此次任务中该战车穿过该水域需要多长时间。 23．如图甲所示是一款多功能双层煮蛋器，其工作原理图如图乙所示。煮蛋器的额定电压为220V，R1、R2均为电阻丝（阻值不变），智能开关S1可自动切换加热挡、保温挡。图丙为该煮蛋器在正常工作17.5min时间内功率的变化情况。请解答： （1）若煮蛋器正常工作17.5min，加热状态消耗的电能？ （2）正常加热状态下，此时电路中的电流为多大？ （3）保温状态，R2两端电压为多大？ 24．小明发现爷爷养花的阳光房冬冷夏热，不利于花卉生长。在综合实践课上，他与活动小组的同学开展了为爷爷设计“阳光环保智慧小屋”的活动。 【项目分解】 （1）设计冬季太阳能辅助加热系统； （2）设计夏季遮光控温系统。 【项目实施】 （一）设计冬季太阳能辅助加热系统 如图（a），该小组设计了冬季太阳能辅助加热系统电路，其中R为加热电阻，阳光房屋顶安装的太阳能电池板用来获得电能。 （1）白天，太阳能电池板给蓄电池充电，此时的“蓄电池”相当于电路中的　 　 。太阳能电池中应用的是　 　 。（选填“半导体”或者“超导体”） （2）晚上，屋内温度较低时，控制开关S1自动接　 　 （填“a”或“b”），R对室内进行辅助加热。 （二）设计夏季自动遮阳控温系统 阳光房的屋顶是用玻璃做的，夏天光照太强、屋内温度过高，不利于花卉生长。该小组利用热敏电阻R1和光敏电阻R2重新设计了简化电路如图（b）所示。蓄电池的电压恒为24V，变阻器R0的最大阻值为1500Ω，R1和R2的阻值变化情况如图（c）所示，虚线框内R1和R2按一定方式接入电路。 将开关S2接c，当户外光照强度增至图（c）的A点，且屋内温度升高至28℃时，电流表示数增至10mA，开关S2自动接d，卷帘装置启动，拉动遮阳帘遮光。图（b）电路中虚线框内的电阻R1和R2应该　 　 联，此时变阻器R0接入的阻值为　 　 Ω。 【项目优化】 若设定屋内温度为26℃时，卷帘装置就能拉动遮阳帘遮光，应将变阻器R0的滑片向　 　 端适当移动一些（选填“左”、“右”）。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2026/2/7 15:05:17；用户：尚洪亮；邮箱：13166609970；学号：41217949 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $